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重庆市长寿区2021届新高考中招适应性测试卷物理试题(2)含解析

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重庆市长寿区2021届新高考中招适应性测试卷物理试题（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一小球系在不可伸长的细绳一端，细绳另一端固定在空中某点。

这个小球动能不同，将在不同水平面内做匀速圆周运动。

小球的动能越大，做匀速圆周运动的（ ）A ．半径越小B ．周期越小C ．线速度越小D ．向心加速度越小【答案】B【解析】【详解】A ．设小球做匀速圆周运动时细绳与竖直方向的夹角为θ，如图所示：速度为v ，细绳长度为L ．由牛顿第二定律得：2tan v mg m r θ=，圆周运动的半径为：r=Lsinθ，小球的动能为：212K E mv =，联立解得： sin tan v gL θθ=，E k =mgLsinθtanθ，则知小球的动能越大，θ越大，则做匀速圆周运动的半径越大，故A 错误。

B ．根据2cos 22sin tan r L T v g gL πθπθθ===，θ越大，cosθ越小，则周期T 越小，故B 正确。

C ．根据sin tan v gL θθ=，知线速度越大，故C 错误。

D ．向心加速度2tan v a g rθ==，则向心加速度越大，故D 错误。

故选B 。

2．如图所示，空间有一正三棱锥P-ABC ，D 点是BC 边的中点，O 点是底面ABC 的中心。

现在顶点P 固定一负点电荷，下列说法正确的是（ ）A．底面ABC为等势面B．A、B、C三点的电场强度相同C．若B、O、C三点的电势为φB、φO、φC，则有φB－φO=φC－φOD．将一正的试探电荷从B点沿直线BC经过D点移到C点，静电力对该试探电荷先做负功后做正功【答案】C【解析】【分析】【详解】A．O到P点距离比ABC三点到P点距离短，故电势比ABC三点电势低，又O点为底面ABC上的一点，故底面ABC不为等势面，故A错误；B．A、B、C三点到P点距离相同，故三点电场强度大小相等，但方向不同，故A、B、C三点的电场强度不相同，故B错误；C．BC两点到O点距离相等，两点电势相等，则φB-φO=φC-φO故C正确；D．BC两点到P点距离相等，两点电势相等，D点到P点距离小于BP、或CP两点距离，故D的电势低于B、C两点电势，故正试探电荷从B点沿直线BC经过D点移到C点，电势能先减小后增加，故静电力对该试探电荷先做正功后做负功，故D错误；故选C。

3．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系图如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是( )A．将R1单独接到电源两端B．将R1、R2并联后接到电源两端C．将R1、R2串联后接到电源两端D．将R2单独接到电源两端【答案】A【解析】【详解】根据闭合电路欧姆定律得：U=E−Ir知，I=0时，U=E，图象的斜率等于r，则由电源的U−I图线得到：电源的电动势为E=3V ，内阻为r=0.5Ω. 由电阻的伏安特性曲线求出R 1=0.5Ω、R 2=1Ω，R 1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为3A ，路端电压为1.5V ，则电源的输出功率为P 出1=1.5V×3A=4.5W ， 同理，当将R 1、R 2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流I 串=1.5A ，此时电源的输出功率P 串=I 2串(R 1+R 2)=3.75W ；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流I 并=3.6A,此时电源的输出功率P 并=EI 并−I 2并r=4.32W ；R 2单独接到电源两端输出功率为P 出2=2V×2A=4W.所以将R 1单独接到电源两端时电源的输出功率最大。

故A 正确，BCD 错误。

故选：A【点睛】由电源的U-I 图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U-I 图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．4．如图所示，竖直面内有一光滑半圆，半径为R ，圆心为O 。

一原长为2R 的轻质弹簧两端各固定一个可视为质点的小球P 和Q 置于半圆内，把小球P 固定在半圆最低点，小球Q 静止时，Q 与O 的连线与竖直方向成夹角60θ︒=，现在把Q 的质量加倍，系统静止后，PQ 之间距离为（ ）A ．13RB ．15RC ．25RD ．23R 【答案】D【解析】【详解】开始小球Q 处于静止状态，弹簧的形变量2x R R R =-=，弹簧弹力1F kx kR ==，对Q 进行受力分析可知kR mg =Q 的质量加倍后，设OQ 与竖直方向的夹角为α，对Q 进行受力分析，设弹簧的弹力为2F ，根据力的三角形与边的三角形相似有222sin 2mg R F R α= 又222sin 2F k R R α⎛⎫=- ⎪⎝⎭ 联立解得1sin 23α= 则PQ 之间距离22sin23L R R α== 故选D 。

5．如图所示，电灯悬挂于两壁之间，更换水平绳OA 使连接点A 向上移动而保持O 点的位置不变，则A 点向上移动时（ ）A ．绳OA 的拉力逐渐增大B ．绳OA 的拉力逐渐减小C ．绳OA 的拉力先增大后减小D ．绳OA 的拉力先减小后增大【答案】D【解析】【详解】以O 点为研究对象，根据受力平衡，有：由图可知，绳子OB 上的拉力逐渐减小，OA 上的拉力先减小后增大。

A ．绳OA 的拉力逐渐增大，与分析不符，故A 项错误；B ．绳OA 的拉力逐渐减小，与分析不符，故B 项错误；C ．绳OA 的拉力先增大后减小，与分析不符，故C 项错误；D ．绳OA 的拉力先减小后增大，与分析相符，故D 项正确。

6．如图所示是某同学荡秋千的一种方式： 人站在秋千板上，双手抓着两侧秋千绳：当他从最高点A 向最低点B 运动时，他就向下蹲：当他从最低点B 向最高点C 运动时，他又站立起来；从C 回到B 他又向下蹲……这样荡，秋千会越荡越高。

设秋千板宽度和质量忽略不计，人在蹲立过程中，人的身体中心线始终在两秋千绳和秋千板确定的平面内。

则下列说法中，正确的是（ ）A ．人在最低点B 时处于失重状态B ．在最高点A 时，人和秋千受到的合力为0C ．若整个过程中人保持某个姿势不动，则秋千会越荡越低D ．在题干所述摆动过程中，整个系统机械能守恒【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．人在最低点时加速度竖直向上指向圆心，人处于超重状态，故A 错误；B ．在最高点A 时，人和秋千受到的合力为他们自身的重力，故B 错误；CD ．由于荡秋千过程中不可避免存在空气阻力，如果没有能量补充，则系统机械能就越来越小，即秋千荡起最大高度越来越低，故C 正确，D 错误。

故选C 。

二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．手机无线充电功能的应用为人们提供了很大便利。

图甲为手机无线充电原理示意图。

充电板接入交流电源，充电板内的励磁线圈可产生交变磁场，从而使手机内的感应线圈产生感应电流。

充电板内的励磁线圈通入如图乙所示的交变电流（电流由a 流入时方向为正，交变电流的周期为310s π-⨯），手机感应线圈的匝数为10匝，线圈的面积为225cm ，手机充电时电阻约为15Ω，1t 时刻感应线圈中磁感应强度为62T 25。

下列说法正确的是（ ）A ．13~t t 时间内，d 点电势高于c 点电势B ．13~t t 时间内，c 点电势高于d 点电势C ．感应线圈中电流的有效值为800mAD ．感应线圈中电流的有效值为【答案】AC【解析】【详解】AB ．21~t t 时间内充电板中电流由a 流向b ，此时励磁线圈在感应线圈中的磁场方向向下，且磁感应强度逐渐减小，根据楞次定律，可判断出感应线圈中电流的方向为c 到d ，同理23~t t 时间内，感应线圈中电流的方向也为c 到d 。

由于感应线圈此时充当电源，电流从低电势流向高电势，所以d 点的电势较高，选项A 正确，B 错误。

CD ．由于励磁线圈中的电流是正弦式的，感应出来的电流是余弦式的。

感应电动势的最大值max E NBS ω==则感应电流的有效值800mAI == 所以选项C 正确，D 错误。

故选AC 。

8．下列说法中正确的是（ ）A ．分子运动的平均速率可能为零，瞬时速度不可能为零B ．液体与大气相接触时，表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引C ．空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示D ．有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体E.随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小【答案】BDE【解析】【分析】【详解】A ．分子做永不停息的做无规则运动，其平均速率不可能为零，而瞬时速度可能为零，故A 错误；B ．表面张力的微观解释为液体表面层的分子间距较大，表现为引力，故B 正确；C ．空气绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示，故C 错误；D ．晶体具有规则的几何形状，有一定的熔点，物理性质表现为各向异性，非晶体则没有规则的几何形状，没有一定的熔点，物理性质表现为各向同性，二者在一定的条件下可以相互转化，例如，天然水晶是晶体，而熔化以后再凝结的水晶（即石英玻璃）就是非晶体，故D 正确；E ．随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，当分子距离小于r 0时，分子力为斥力，距离增大时分子斥力做正功，分子势能减小；当分子距离大于r 0时，分子力为引力，距离增大时分子引力做负功，分子势能增大，故E 正确。

故选BDE 。

9．如图甲所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度0.1m h =处，滑块与弹簧不拴接。

现由静止释放滑块，通过传感器测量出滑块的速度和离地高度h 并作出如图乙所示滑块的k E h -图象，其中高度从0.2m 上升到0.35m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，不计空气阻力，取210m/s g =，由图象可知（ ）A ．小滑块的质量为0.1kgB ．轻弹簧原长为0.2mC ．弹簧最大弹性势能为0.5JD ．小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J【答案】BC【解析】【详解】A ．在从0.2m 上升到0.35m 范围内，△E k =△E P =mg △h ，图线的斜率绝对值为：0.32N 0.350.2k E k mg h ====-V 所以：m=0.2kg故A 错误；B ．在E k -h 图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从0.2m 上升到0.35m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，说明滑块从0.2m 上升到0.35m 范围内所受作用力为恒力，所示从h=0.2m ，滑块与弹簧分离，弹簧的原长的0.2m 。

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重庆市长寿区2021届新高考物理仿真第二次备考试题含解析

重庆市长寿区2021届新高考物理仿真第二次备考试题含解析

重庆市长寿区2021届新高考物理仿真第二次备考试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，电阻55Ω，电流表、电压表均为理想电表。

原线圈A、B端接入如图乙所示的正弦交流电压，下列说法正确的是A．电流表的示数为4.0AB．电压表的示数为155.6VC．副线圈中交流电的频率为50HzD．穿过原、副线圈磁通量的变化率之比为2∶1【答案】C【解析】【详解】AB．理想变压器的原线圈接入正弦交流电，由u-t图像读其最大值为1max 2202VU=，可知有效值为1max 1220V2U==根据理想变压器的电压比等于匝数比，可得副线圈两端的电压：2211220V110V 2nU Un===由欧姆定律可知流过电阻的电流：2 22AUIR==所以，电流表的示数为2A，B电压表的示数为110V，故AB均错误；C．因交流电的周期为0.02s，频率为50Hz，变压器不改变交流电的频率，则副线圈的交流电的频率也为50Hz，故C正确；D．根据理想变压器可知，原副线圈每一匝的磁通量相同，变化也相同，则穿过原、副线圈磁通量的变化率相同，比值为1:1，故D错误；故选C。

2．如图所示，图甲是旋转磁极式交流发电机简化图，其矩形线圈在匀强磁场中不动，线圈匝数为10匝，内阻不可忽略。

产生匀强磁场的磁极绕垂直于磁场方向的固定轴OO′（O′O沿水平方向）匀速转动，线圈中的磁通量随时间按如图乙所示正弦规律变化。

线圈的两端连接理想变压器，理想变压器原、副线圈的匝数比n 1∶n 2=2∶1，电阻R 1=R 2=8Ω。

电流表示数为1A 。

则下列说法不正确的是（ ）A ．abcd 线圈在图甲所在的面为非中性面B ．发电机产生的电动势的最大值为2VC ．电压表的示数为10VD ．发电机线圈的电阻为4Ω【答案】C【解析】【分析】【详解】A.线圈位于中性面时，磁通量最大，由图甲可知，此时的磁通量最小，为峰值面，故A 正确不符合题意；B.由图乙知2πWb 100m BS Φ==，0.02s T = 角速度为 2π100πrad/s Tω== 电动势的最大值102V m E nBS ω==故B 正确不符合题意；C.根据欧姆定律以及变压器原副线圈电压关系的122212R R U I R R =+，2211U n U n = 解得U 1=8V ，故C 错误符合题意；D.由闭合电路的欧姆定律得11E U I r =+解得r=4Ω故D 正确不符合题意。

重庆市长寿区2021届新高考第二次模拟物理试题含解析

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重庆市长寿区2021届新高考第二次模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在超导托卡马克实验装置中，质量为1m 的21H 与质量为2m 的31H 发生核聚变反应，放出质量为3m 的10n ，并生成质量为4m 的新核。

若已知真空中的光速为c ，则下列说法正确的是（ ）A ．新核的中子数为2，且该新核是32He 的同位素B ．该过程属于α衰变C ．该反应释放的核能为()23412m m m m c +--D ．核反应前后系统动量不守恒【答案】A【解析】【分析】【详解】A ．由质量数守恒和电荷数守恒可知新核的质量数和电荷数分别为4和2，新核是24He ，是32He 的同位素，中子数为2，故A 正确；B ．该过程是核聚变反应，不属于α衰变，故B 错误；C ．该反应释放的核能为 ()221234E mc m m m m c ∆=∆=+--故C 错误；D ．核反应前后系统动量守恒，故D 错误。

故选A 。

2．质量为m 的小球受到风力作用，作用力大小恒定，方向与风速方向相同。

如图所示，现在A 、B 周围空间存在方向竖直向下的风场，小球从A 点由静止释放，经过6t 到达B 点。

若风速方向反向，小球仍从A 点由静止释放，经过2t 到达B 点，重力加速度为g 。

则小球第一次从A 点下落到B 点的过程中，其机械的改变量为（ ）A ．2212mg tB ．214mgtC ．2214mg tD ．212mgt 【答案】C【解析】【详解】若风场竖直向下，则：1mg F ma +=211)23h a = 若风场竖直向上，则：2-mg F ma =221)2h a = 解得12F mg = 212h gt = 则小球第一次从A 点下落到B 点的过程中，其机械的改变量为2214E Fh mg t ∆==故选C 。

3．下列说法正确的是（ ）A ．组成原子核的核子越多，原子核的结合能越大，原子核越稳定B ．核反应方程2342611212Na He X Mg +→+，X 为11H ，该反应为α衰变C ．阴极射线可以在电场和磁场中偏转的现象，表明其本质是一种带电粒子流D ．用紫光照射某金属板能产生光电子，则用红光照射该金属板也一定能产生光电子【答案】C【解析】【详解】A ．原子核的比结合能越大，原子核越稳定，选项A 错误；B ．根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，核反应方程2342611212Na He X Mg +→+，X 为11H ，该反应为原子核的人工转变方程，选项B 错误；C ．阴极射线可以在电场和磁场中偏转的现象，表明其本质是一种带电粒子流，选项C 正确；D ．用紫光照射某金属板能产生光电子，因红光的频率小于紫外线，则用红光照射该金属板不一定能产生光电子，选项D 错误；故选C.4．一质量为m 的物体在光滑水平面上以速度v 0运动，t=0时刻起对它施加一与速度v 0垂直、大小为F 的水平恒力，则t 时刻力F 的功率为（ ）A ．0B ．2F t mC ．0F F v t m ⎛⎫+ ⎪⎝⎭D ． 【答案】B【解析】【分析】【详解】根据牛顿第二定律有 F ma =因0F v ⊥，则恒力F 的方向为初速度为零的匀加速直线运动，t 时刻的速度为F v at t m'== 根据功率的定义可知2F F t P F v m'=⋅= 故B 正确，ACD 错误。

重庆市长寿区2021届新高考物理第二次押题试卷含解析

重庆市长寿区2021届新高考物理第二次押题试卷含解析

重庆市长寿区2021届新高考物理第二次押题试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．安培曾假设：地球的磁场是由绕地轴的环形电流引起的。

现代研究发现：地球的表面层带有多余的电荷，地球自转的速度在变慢。

据此分析，下列说法正确的是（）A．地球表面带有多余的正电荷，地球的磁场将变弱B．地球表面带有多余的正电荷，地球的磁场将变强C．地球表面带有多余的负电荷，地球的磁场将变弱D．地球表面带有多余的负电荷，地球的磁场将变强【答案】C【解析】【详解】地球自西向东自转，地球表面带电，从而形成环形电流。

这一环形电流产生地磁场。

若从北极俯视地球地磁场由外向里，由安培定则知产生磁场的环形电流方向应自东向西，与地球自转方向相反，则地球带负电。

地球自转速度变小，则产生的环形电流I变小，则产生的磁场变弱，ABD错误，C正确。

故选C。

2．基于人的指纹具有终身不变性和唯一性的特点，发明了指纹识别技术．目前许多国产手机都有指纹解锁功能，常用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示．指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”．传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面部分形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪处形成的电容器的电容大小不同．此时传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后电容器放电，电容值小的电容器放电较快，根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图象数据．根据文中信息，下列说法正确的是( )A．在峪处形成的电容器电容较大B．在峪处形成的电容器放电较慢C．充电后在嵴处形成的电容器的电荷量大D．潮湿的手指头对指纹识别绝对没有影响【答案】C【解析】【分析】 根据电容的决定式4S C kdεπ=分析d 改变时电容的变化以及电荷量的多少； 根据电荷量的多少分析放电时间长短．【详解】A ．根据电容的计算公式4S C kd επ=可得，极板与指纹峪(凹下部分)距离d 大，构成的电容器电容小，故A 错误；BC ．传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后电容器放电，所以所有的电容器电压一定，根据4SU Q CU kdεπ==可知，极板与指纹沟(凹的部分，d 大，电容小)构成的电容器充上的电荷较少，所以在峪处形成的电容器放电过程中放电时间短，放电快；反之，在嵴处形成的电容器电容大，电荷量大，放电时间长，故C 正确，B 错误；D ．湿的手与传感器之间有水填充，改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以会影响指纹解锁，故D 错误．3．嫦娥三号的飞行轨道示意图如图所示．假设嫦娥三号在环月段圆轨道和椭圆轨道上运动时，只受到月球的万有引力．则（ ）A ．嫦娥三号由环月段圆轨道变轨进入环月段桶圆轨道时，应让发动机点火使其加速B ．嫦娥三号在环月段椭圆轨道上P 点的速度大于Q 点的速度C ．嫦娥三号在环月段椭圆轨道上Q 点的速度大于月段圆轨道的速度D ．若已知嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量，则可算出月球的密度【答案】C【解析】【详解】嫦娥三号在环月段圆轨道上P 点减速，使万有引力大于向心力做近心运动，才能进入进入环月段椭圆轨道．故A 错误；嫦娥三号在环月段椭圆轨道上P 点向Q 点运动中，距离月球越来越近，月球对其引力做正功，故速度增大，即嫦娥三号在环月段椭圆轨道上P 点的速度小于Q 点的速度．故B 错误；根据GM v r=，且月段椭圆轨道平均半径小于月段圆轨道的半径，可得嫦娥三号在环月段椭圆轨道的平均速度大于月段圆轨道的速度，又Q 点是月段椭圆轨道最大速度，所以嫦娥三号在环月段椭圆轨道上Q 点的速度大于月段圆轨道的速度．故C 正确；要算出月球的密度需要知道嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期、月球半径和引力常量．故D 错误；4．水平地面上的物体由静止开始竖直向上运动，在运动过程中，物体的动能E k 与位移x 的关系图像如图所示，则满足机械能守恒的阶段是（ ）A ．0～hB ．h ～2hC ．2h ～3hD ．3h ～5h【答案】C【解析】【详解】 0-h 阶段，动能增加量为2mgh ，重力势能的增加量为mgh ，所以机械能增加了3mgh ；h-2h 阶段，动能不变，重力势能增加mgh ，所以机械能不守恒；2h-3h 阶段，重力势能增加mgh ，动能减小mgh ，所以机械能守恒；3h-5h 阶段，重力势能增加2mgh ，动能减小mgh ，机械能增加，ABD 错误，不符合题意；C 正确，符合题意。

重庆市长寿区2021届新高考物理模拟试题(2)含解析

重庆市长寿区2021届新高考物理模拟试题(2)含解析

重庆市长寿区2021届新高考物理模拟试题（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在粗糙的水平面上放一质量为2kg 的物体，现用F=8N 的力，斜向下推物体，力F 与水平面成30o 角，物体与水平面之间的滑动摩擦系数为μ=0.5，则A ．物体对地面的压力为24NB ．物体所受的摩擦力为12NC ．物体加速度为26/m sD ．物体将向右匀速运动【答案】A【解析】受力分析如图所示，在竖直方向上，由平衡条件得sin3024N N F mg =︒+=，物体与水平地面间最大静摩擦力max 12N F N μ==，水平方向上cos3043N x F F =︒= ，由于max x F F <，物体将静止不动，故物体所受的摩擦力为静摩擦力43N x f F ==，综上分析，正确答案为A ．2．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大,于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（ ）A ．自由落体运动是一种匀变速直线运动B ．力是使物体产生加速度的原因C ．力不是维持物体运动的原因D ．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性【答案】A【解析】【分析】【详解】A．铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动。

故A正确；B．该实验不能得出力是使物体产生加速度的原因这个结论，故B错误。

C．物体的运动不需要力来维持，但是该实验不能得出该结论，故C错误。

D．该实验不能得出惯性这一结论，故D错误。

故选A。

3．太阳辐射能量主要来自太阳内部的（）A．裂变反应B．热核反应C．化学反应D．放射性衰变【答案】B【解析】【分析】【详解】太阳的能量来自于内部的核聚变，产生很高的能量，又称为热核反应。

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