「精品」高二物理上学期第一阶段检测试题(无答案)

2015-2016学年辽宁省东北育才学校高二〔上〕第一次段考物理试卷一、不定项选择题〔每题4分，共48分，选不全得2分，有错选不得分〕1．有人在调制电路时用一个“100kΩ、W〞的电阻和一个“300kΩ、W〞的电阻串联，作为400kΩ的电阻使用，此时两串联电阻允许消耗的最大功率为〔〕A．W B．W C．W D．W2．如下列图电路中，C2=2C1，R2=2R1，如下说法正确的答案是〔〕A．开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电荷量B．开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电荷量C．开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电荷量D．开关处于接通状态，电容C1的电量等于C2的电荷量3．在如下列图电路中，电源电动势为12V，内电阻不能忽略．闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大△U=2V．在这一过程中〔〕A．通过R1的电流增大，增大量为△B．R2两端的电压减小，减小量为△UC．通过R2的电流减小，减小量小于△D．路端电压增大，增大量为△U4．如下列图，电源的电动势E=12V，内阻不计，电阻R1=R2=R3=6Ω，R4=12Ω，电容器的电容C=10μF，电容器中有一带电微粒恰好处于静止状态．假设在工作的过程中，电阻R2突然发生断路，电流表可看作是理想电表．如此如下判断正确的答案是〔〕A．R2发生断路前U AB=2VB．变化过程中流过电流表的电流方向由下到上C．R2发生断路后原来静止的带电微粒向下加速的加速度为3gD．从电阻R2断路到电路稳定的过程中，流经电流表的电量为8×10﹣5C5．如下列图，闭合S1断开S2调整滑动触头P使灯炮L正常发光，此时滑动变阻器的PB局部的电阻大于电源内阻r．如果再闭合S2如此〔〕A．电压表的读数变大 B．电流表的读数变大C．灯泡的亮度变暗D．电源输出的功率变小6．关于磁感应强度B的概念，如下说法中正确的答案是〔〕A．根据磁感应强度B的定义式B=可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B．一小段通电导线放存磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向一样7．两根长直通电导线互相平行，电流方向一样，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如下列图．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B0，如此C处磁场的总磁感应强度大小是〔〕A．0 B．B0C．D．2B08．如下列图，质量为M、长为L的直导线通有垂直纸面向外的电流I，被一绝缘线拴着并处在匀强磁场中，导线能静止在倾角为θ的光滑斜面上，如此磁感应强度B的大小和方向可能是〔〕A．大小为，方向垂直斜面向上B．大小为方向垂直纸面向里C．大小为，方向水平向右D．大小为，方向沿斜面向下9．如下列图，一位于xy平面内的矩形通电线圈只能绕Ox轴转动，线圈的四个边分别与x、y 轴平行．线圈中电流方向如图．当空间加上如下所述的哪一种磁场时，线圈会转动起来〔〕A．方向沿x轴的恒定磁场 B．方向沿y轴的恒定磁场C．方向沿z轴的恒定磁场 D．方向沿z轴的变化磁场10．质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆ab与导轨间的摩擦因数为μ，有电流时，ab恰好在导轨上静止，如下列图，图中的四个侧视图中，标出了四种可能的匀强磁场方向，其中杆ab与导轨之间的摩擦力可能为零的图是〔〕A．B． C．D．11．如下列图，两根平行放置的长直导线a和b载有大小一样、方向相反的电流，a受到的磁场力大小为F1．当参加一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，a受到的磁场力大小变为F2，如此此时b受到的磁场力大小变为〔〕A．F2B．F1﹣F2C．F1+F2 D．2F1﹣F212．一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁铁中心的竖直上方的水平导线中通有垂直纸面向里的恒定电流，如下列图．假设将磁铁的N极位置与S极位置对调后，仍放在斜面上原来的位置，如此磁铁对斜面的压力F和摩擦力f的变化情况分别是〔〕A．F增大，f减小B．F减小，f增大C．F与f都增大D．F与f都减小二、实验题〔共18分〕13．用伏安法测电阻，可采用〔a〕〔b〕两种方法将伏特表和安培表连入电路，测量后计算出的电阻值〔测量值〕与被测电阻的真实值比拟，〔a〕图测量值真实值，〔b〕测量值真实值．〔以上填大于、小于或等于〕14．多用电表调到欧姆档时，其内部等效电路是如下图中〔〕A．B．C．D．15．在“测定金属的电阻率〞的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如下列图，用米尺测量金属丝的长度l=0.810m．金属丝的电阻大约为4Ω．先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．〔1〕从图中读出金属丝的直径为mm．〔2〕在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：直流电源：电动势约4.5V，内阻很小；电流表A1：量程0～0.6A，内阻约0.125Ω；电流表A2：量程0～3.0A，内阻约0.025Ω；电压表V：量程0～3V，内阻约3kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；滑动变阻器R2：最大阻值50Ω；开关、导线等．在可供选择的器材中，应该选用的电流表是，应该选用的滑动变阻器是．〔填代号〕〔3〕假设根据伏安法测出电阻丝的电阻为R X=4.1Ω，如此这种金属材料的电阻率为Ω•m．〔保存二位有效数字〕16．有一小灯泡上标有“6V，0.1A〞字样，现要描绘该灯泡的伏安特性曲线，有如下器材供选用A 电压表〔0～3V，内阻2.0kΩ〕B 电压表〔0～10V，内阻3.0kΩ〕C 电流表〔0～0.3A，内阻2.0Ω〕D 电流表〔0～6A，内阻1.5Ω〕E 滑动变阻器〔2A，30Ω〕F 滑动变阻器〔0.5A，1000Ω〕G 学生电源〔直流9V〕，与开关，导线等〔1〕实验中所用的电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选；〔2〕在右方框中画出实验电路图，要求电压从0开始测量．17．在测定电源电动势和内阻的实验中，某同学所用的电路图和测得的数据如下：1 2 3 4 5 6U/V 1.42 1.36 1.08 1.21 1.14 1.07I/A 0.04 0.08 0.12 0.16 0.20 0.24〔1〕在给出的U﹣I坐标系中用给出的数据画图U﹣I图线；〔2〕求得电动势E=V，内阻r=Ω〔均保存2位有效数字〕三、计算题〔共34分〕18．如下列图，A1和A2是两块一样的电流表，V1和V2是两块一样的电压表．电流表A1的示数是1.4mA，电压表V1和V2的示数分别是0.8V和0.6V，试求：〔1〕电流表A2示数；〔2〕电压表和电流表的内阻之比．19．如下列图，电阻R1=8Ω，电动机绕组电阻R0=2Ω，当电键K断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当电键闭合时，电阻R1消耗的电功率是2W，假设电源的电动势为6V．求：〔1〕电源的内电阻；〔2〕当电键K闭合时电动机的输出功率．20．在如下列图的电路中，两平行正对金属板A、B水平放置，两板间的距离d=4.0cm．电源电动势E=400V，内电阻r=20Ω，电阻R1=1980Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球〔可视为质点〕从B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s竖直向上射入两板间，小球恰好能到达A板．假设小球所带电荷量q=1.0×10﹣7C，质量m=2.0×10﹣4kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的影响，取g=10m/s2．求：〔1〕A、B两金属板间的电压的大小U；〔2〕滑动变阻器消耗的电功率P滑；〔3〕电源的效率η．21．如下列图，质量为60g的铜棒长为a=20cm，棒的两端与长为L=30cm的细软铜线相连，吊在磁感应强度B=0.5T、方向竖直向上的匀强磁场中．当棒中通过恒定电流I后，铜棒向上摆动，最大偏角θ=60°，g取10m/s2，求：〔1〕铜棒中电流I的大小．〔2〕铜棒在摆动过程中的最大速率．2015-2016学年辽宁省东北育才学校高二〔上〕第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择题〔每题4分，共48分，选不全得2分，有错选不得分〕1．有人在调制电路时用一个“100kΩ、W〞的电阻和一个“300kΩ、W〞的电阻串联，作为400kΩ的电阻使用，此时两串联电阻允许消耗的最大功率为〔〕A．W B．W C．W D．W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：两电阻串联，电流相等，最大电流不能超过额定电流的最大值，根据P=I2R求出最大功率．解答：解：根据P=I2R知，“300kΩ，W〞的电阻的额定电流小，所以该电路中的电流不能超过该电阻的额定电流，I m=，如此最大总功率P总=I m2〔R1+R2〕==×W=W．故C正确，A、B、D错误．应当选C．点评：解决此题的关键知道串联电路电流相等，最大电流不能超过额定电流最小的电阻，以与掌握功率的公式P=I2R．2．如下列图电路中，C2=2C1，R2=2R1，如下说法正确的答案是〔〕A．开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电荷量B．开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电荷量C．开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电荷量D．开关处于接通状态，电容C1的电量等于C2的电荷量考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：当开关处于断开状态时，电容器C1、C2并联，两端的电压等于电源的电动势．当开关处于闭合状态时，两电阻串联，C1与R2并联，C2与R1并联．解答：解：A、当开关处于断开状态时，电容器C1、C2并联，两端的电压等于电源的电动势，因为C2=2C1，根据Q=CU，知电容C2的电量大于C1的电荷量．故A正确，B错误．C、当开关处于闭合状态时，两电阻串联，C1与R2并联，C2与R1并联，因为R2=2R1，所以U2=2U1，因为C2=2C1，根据Q=CU知，电容C1的电量等于C2的电荷量．故C错误，D正确．应当选AD．点评：解决此题的关键搞清电键断开时、闭合时，该电路是什么样的电路，通过欧姆定律和Q=CU进展分析．3．在如下列图电路中，电源电动势为12V，内电阻不能忽略．闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大△U=2V．在这一过程中〔〕A．通过R1的电流增大，增大量为△B．R2两端的电压减小，减小量为△UC．通过R2的电流减小，减小量小于△D．路端电压增大，增大量为△U考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=；电压表V的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，R2两端电压减小，根据路端电压的变化分析其电压减小量．电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．解答：解：A、R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=．故A正确．B、电压表V的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，内电压减小，所以路端电压增大；R2两端电压减小，如此R2两端电压减少量一定小于△U．故B 错误．C、由以上分析知，R2两端电压减少量一定小于△U，由欧姆定律得到：通过R2的电流的减少量一定小于．故C正确．D、电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．故D错误．应当选：AC．点评：此题是电路动态变化分析问题，此题中采用总量法，由电压表示数变化和总电压〔路端电压〕的变化来分析R2电压的变化，这是常用的方法．4．如下列图，电源的电动势E=12V，内阻不计，电阻R1=R2=R3=6Ω，R4=12Ω，电容器的电容C=10μF，电容器中有一带电微粒恰好处于静止状态．假设在工作的过程中，电阻R2突然发生断路，电流表可看作是理想电表．如此如下判断正确的答案是〔〕A．R2发生断路前U AB=2VB．变化过程中流过电流表的电流方向由下到上C．R2发生断路后原来静止的带电微粒向下加速的加速度为3gD．从电阻R2断路到电路稳定的过程中，流经电流表的电量为8×10﹣5C考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：由电路图可知，R2断路前，R1与R3串联R2与R4串联，最后两串联电路并联，由串联电路特点求出各电阻电压，求出AB间的电压；电阻R2断路后，电阻R1与R3串联，电容器与R3并联，求出电容器两端电压，根据电容器电压变化情况判断出通过电流表的电流方向；对带电微粒进展受力分析，由牛顿第二定律求微粒的加速度；由Q=CU求出通过电流表的电荷量．解答：解：A、R2发生断路前，根据串联电路的分压规律可得：U1=U2=6V，U3=4V，根据顺着电流方向电势降低，可知A点的电势比B点低．U AB=﹣〔U1﹣U3〕=﹣2V，故A错误；B、R2发生断路前，U AB=﹣2V，电容器上极板带负电，下极板带正电．R2发生断路后，U1′=0，U AB′=U3′=4V，电容器上极板带正电，下极板带负电，如此在变化过程中，通过电流表的电流由上向下，故B错误；C、R2发生断路前，带电微粒静止，受到向下的重力与向上的电场力作用，且电场力大小等于重力F=mg；R2发生断路后，带电微粒受到的电场力向下，由于R2发生断路后两极板间的电压是R2发生断路前电压的两倍，如此R2发生断路后微粒受到的电场力是原来电场力的两倍，为2F=mg，如此R2发生断路后，微粒受到的合力为3mg，方向向下，由牛顿第二定律可知，微粒的加速度为3g，方向向下，故C正确；D、从电阻R2断路到电路稳定的过程中，流经电流表的电量△Q=Q′﹣Q=CU AB′﹣CU AB=C〔U AB′﹣U AB〕=10×10﹣6F×[6V﹣〔﹣2V〕]=8×10﹣5C，故D正确；应当选：CD．点评：此题考查了求AB间电压、判断电流方向、微粒加速度、通过电流表的电荷量等问题，有一定难度，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键．5．如下列图，闭合S1断开S2调整滑动触头P使灯炮L正常发光，此时滑动变阻器的PB局部的电阻大于电源内阻r．如果再闭合S2如此〔〕A．电压表的读数变大 B．电流表的读数变大C．灯泡的亮度变暗D．电源输出的功率变小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先能识别电路的结构，当开关S2闭合时，灯泡与变阻器PA局部并联，再与PB局部串联．根据并联电阻比支路电阻小，就能确定S2闭合后总电阻的如何变化，进而确定电流、电压的如何变化，两电表读数的变化情况就能判断．电源的输出功率，根据数学知识得知，当内外电阻相等时，输出功率最大．当外电阻大于电源内阻，外电阻减小时，就能判断输出功率如何变化．解答：解：A、B、C，闭合S2时，外电阻减小，总电流I增大，变阻器PAB局部电压增大，PA局部电压减小，电压表读数变小，电流表读数变小，灯泡变暗．故A、B错误，C正确．D、根据数学知识得知，当电源内外电阻相等时，电源输出功率最大．由于滑动变阻器的PB 局部的电阻大于电源内阻r，闭合S2后，外电阻减小，如此电源的输出功率增大．故D错误．应当选：C．点评：此题充分利用数学知识处理物理问题，这是物理上常用的方法，也是高考考查的重要内容．6．关于磁感应强度B的概念，如下说法中正确的答案是〔〕A．根据磁感应强度B的定义式B=可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B．一小段通电导线放存磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向一样考点：磁感应强度．分析：此题考查了磁场的大小与方向，磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方向与电流、磁场垂直．解答：解：A、磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，故A错误；B、根据F=BIL可知，当磁感应强度为零处，它所受磁场力一定为零，故B正确．C、当导体方向与磁场方向在一条线上时，导体不受磁场力作用，此时磁感应强度并非为零，故C错误；D、根据左手定如此可知，磁场方向与磁场力方向垂直，故D错误．应当选B．点评：对于磁感应强度的定义式B=，要明确其定义方法、适用条件，以与各个物理量的含义，可以和电场强度的定义E=类比学习．7．两根长直通电导线互相平行，电流方向一样，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如下列图．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B0，如此C处磁场的总磁感应强度大小是〔〕A．0 B．B0C．D．2B0考点：磁感应强度．分析：根据右手螺旋定如此得出两根通电导线在C点的磁感应强度的方向，根据平行四边形定如此得出合场强的大小．解答：解：根据安培定如此可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右，如图，根据平行四边形定如此得到，C处的总磁感应强度为B总=2Bcos30°=B0．应当选：C点评：解决此题的关键掌握右手螺旋定如此判断通电电流周围的磁场方向，以与知道磁感应强度是矢量，合成遵循平行四边形定如此．8．如下列图，质量为M、长为L的直导线通有垂直纸面向外的电流I，被一绝缘线拴着并处在匀强磁场中，导线能静止在倾角为θ的光滑斜面上，如此磁感应强度B的大小和方向可能是〔〕A．大小为，方向垂直斜面向上B．大小为方向垂直纸面向里C．大小为，方向水平向右D．大小为，方向沿斜面向下考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定如此来确定安培力的方向．解答：解：A、安培力沿斜面向上大小为Mgtanθ．而重力和支持力的合力等于Mgsinθ小于安培力，所以导线有沿斜面往上的运动趋势，故A错误；B、无所谓B的大小安培力均为0．而绳的拉力，重力和支持力可以满足平衡条件，故B正确；C、安培力竖直向上，重力和安培力平衡，没有支持力和拉力，故C正确；D、安培力垂直斜面向上大小为Mg，沿斜面方向分解重力．因为Mg＞Mgcosθ，所以导线有离开斜面的运动趋势，故D错误；应当选：BC．点评：学会区分左手定如此与右手定如此，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．9．如下列图，一位于xy平面内的矩形通电线圈只能绕Ox轴转动，线圈的四个边分别与x、y 轴平行．线圈中电流方向如图．当空间加上如下所述的哪一种磁场时，线圈会转动起来〔〕A．方向沿x轴的恒定磁场 B．方向沿y轴的恒定磁场C．方向沿z轴的恒定磁场 D．方向沿z轴的变化磁场考点：安培力；左手定如此．分析：根据左手定如此判断矩形通电线圈四条边所受的安培力情况，将四个选项逐一代入选择符合题意的选项．解答：解：A、磁场方向沿x轴，线圈左右两边不受安培力，根据左手定如此可知，里面的边所受安培力方向向上，外面的边所受安培力方向向下，根据题意线圈不能转动．故A错误． B、磁场方向沿y轴，线圈前后两边不受安培力，根据左手定如此可知，线圈左边所受安培力方向向上，右边所受安培力方向向下，由题意线圈可以绕Ox轴转动．故B正确．C、磁场方向沿z轴，根据左手定如此可知，线圈左右两边所受安培力平衡，前后两边所受安培力也平衡，整个线圈所受安培力的合力为零，无法转动，不符合题意．故C错误．D、加方向沿z轴的变化磁场，线圈中产生感应电流，与C项情况一样，根据左手定如此可知，整个线圈所受安培力的合力为零，无法转动，不符合题意．故D错误．应当选B．点评：此题是磁场中典型问题：判断安培力作用下导体运动方向的问题，关键在于分析安培力的大小和方向．10．质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆ab与导轨间的摩擦因数为μ，有电流时，ab恰好在导轨上静止，如下列图，图中的四个侧视图中，标出了四种可能的匀强磁场方向，其中杆ab与导轨之间的摩擦力可能为零的图是〔〕A．B． C．D．考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：通过对杆ab受力分析，根据共点力平衡判断杆子是否受摩擦力．解答：解：A、杆子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，假设三个力平衡，如此不受摩擦力．故A正确．B、杆子受重力，竖直向上的安培力，假设重力与安培力相等，如此二力平衡，不受摩擦力．故B正确．C、杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力．故C错误．D、杆子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力．故D错误．应当选AB．点评：解决此题的关键掌握安培力的方向判定，以与能正确地进展受力分析，根据受力平衡判断杆子是否受摩擦力．11．如下列图，两根平行放置的长直导线a和b载有大小一样、方向相反的电流，a受到的磁场力大小为F1．当参加一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，a受到的磁场力大小变为F2，如此此时b受到的磁场力大小变为〔〕A．F2B．F1﹣F2C．F1+F2 D．2F1﹣F2考点：平行通电直导线间的作用．分析：当两根通大小一样方向相反的电流时，a受到的一个F1磁场力，然后再参加一匀强磁场，如此a受到F2磁场力．如此此时b受到的磁场力大小与a一样，方向相反．解答：解：如下列图，两根长直线，电流大小一样，方向相反．如此a受到b产生磁场的作用力向左大小为F1，那么b受到a产生磁场的作用力向右大小为F1′，这两个力大小相等，方向相反当再参加匀强磁场时产生的磁场力大小为F0，如此a受到作用力为F2=F1+F0，或F2=F1﹣F0而对于b由于电流方向与a 相反，所以b受到作用力为F2′=F1+F0，或F2′=F1﹣F0，这两个力大小相等，方向相反．将F1=F2﹣F0，或F1=F2+F0代入F2′=F1+F0，或F2′=F1﹣F0，可得，F2′=F2；故A正确，BCD错误；应当选：A．点评：当没有参加匀强磁场时，两根通电直导线的作用力是相互；当参加匀强磁场时，两根通电直导线的作用力仍是相互．12．一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁铁中心的竖直上方的水平导线中通有垂直纸面向里的恒定电流，如下列图．假设将磁铁的N极位置与S极位置对调后，仍放在斜面上原来的位置，如此磁铁对斜面的压力F和摩擦力f的变化情况分别是〔〕A．F增大，f减小B．F减小，f增大C．F与f都增大D．F与f都减小考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用；安培力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先分析磁铁的N极位置与S极位置对调前，导线所受的安培力方向，由牛顿第三定律判断磁铁所受的安培力方向，由平衡条件确定磁铁对斜面的压力F和摩擦力f与重力、安培力的关系；再作同样的方法分析磁铁的N极位置与S极位置对调后磁铁对斜面的压力F和摩擦力f与重力、安培力的关系，判断F、f的变化情况．解答：解：在磁铁的N极位置与S极位置对调前，根据左手定如此判断可知，导线所受的安培力方向斜向下，由牛顿第三定律得知，磁铁所受的安培力方向斜向上．设安培力大小为F 安，斜面的倾角为α，磁铁的重力为G．由磁铁的力平衡得：斜面对磁铁的支持力：F=〔G﹣F安〕cosα摩擦力：f=〔G﹣F安〕sinα在磁铁的N极位置与S极位置对调后，同理可知，斜面对磁铁的支持力：F=〔G+F安〕cosα摩擦力：f=〔G+F安〕sinα可见，F、f都增大．选项ABD错误，C正确．应当选C点评：此题中判断磁铁所受的安培力方向是关键，方法是先判断导线的安培力，再由牛顿第三定律判断磁铁所受的安培力方向．二、实验题〔共18分〕13．用伏安法测电阻，可采用〔a〕〔b〕两种方法将伏特表和安培表连入电路，测量后计算出的电阻值〔测量值〕与被测电阻的真实值比拟，〔a〕图测量值小于真实值，〔b〕测量值大于真实值．〔以上填大于、小于或等于〕考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：两种接法都有误差：a图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过R的电流，还包括了电压表的电流；b图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是电阻R 的电压，还包括了电流表的分压，要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小．解答：解：a图接法：电流表的示数为通过电阻的电流和电压表的电流之和，即 I=I R+I V电压表的示数U是R两端电压的真实值，如此R测==＜=R真；b图接法：电压表的示数为R两端的电压和安培表两端的电压之和，即U=U R+U A电流表的示数I是通过R的真实值，如此R测==＞=R真；故答案为：小于，大于点评：待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法．测量值偏大．待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小．14．多用电表调到欧姆档时，其内部等效电路是如下图中〔〕A．B．C．D．考点：多用电表的原理与其使用．专题：恒定电流专题．分析：根据欧姆表改装原理可知其内部等效电路应有电池、滑动变阻器、电流表表头，并且黑表笔应与电池的正极相连，红表笔与电池的负极相连．解答：解：多用电表调到欧姆档时，其内部应有电池、滑动变阻器、电流表表头，并且黑表笔应与电池的正极相连，红表笔与电池的负极相连．故C正确，ABD错误．。

高二上学期第一次段考物理试题姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共8题；共16分)1. （2分） (2018高二上·唐山月考) 关于静电场,下列说法中正确的是（）A . 在电场中某点的电势为零,则该点的电场强度一定为零B . 电荷在电场中电势高的地方电势能大,在电势低的地方电势能小C . 根据公式U=Ed可知,在匀强电场中两点间的距离越大,电势差就越大D . 正电荷从电势高的点运动到电势低的点,电势能一定减小2. （2分） (2019高二上·白城期中) 两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示．A处电荷带正电荷量Q1 ， B处电荷带负电荷量Q2 ，且Q2＝4Q1 ，另取一个可以自由移动的点电荷Q3 ，放在AB直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则：（）A . Q3为负电荷，且放于B右方B . Q3为负电荷，且放于A左方C . Q3为正电荷，且放于A、B之间D . Q3为正电荷，且放于B右方3. （2分） (2017高二上·宣城期中) 在直角坐标系O﹣xyz中有一四面体O﹣ABC，其顶点坐标如图所示．在原点O固定一个电荷量为﹣Q的点电荷，下列说法正确的是（）A . A，B，C三点的电场强度相同B . 平面ABC构成一个等势面C . 若将试探电荷+q自A点沿+x轴方向移动，其电势能增加D . 若在A，B，C三点放置三个点电荷，﹣Q所受电场力的合力可能为零4. （2分） (2017高二上·绍兴期末) 如图，静电喷涂时，被喷工件接正极，喷枪口接负极，它们之间形成高压电场．涂料微粒从喷枪口喷出后，只在静电力作用下向工件运动，最后吸附在工件表面，图中虚线为涂料微粒的运动轨迹．下列说法正确的是（）A . 涂料微粒一定带正电B . 图中虚线可视为高压电场的部分电场线C . 微粒做加速度先减小后增大的曲线运动D . 喷射出的微粒动能不断转化为电势能5. （2分） (2019高二上·长春月考) 如图所示，P、Q是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点．OA＜OB，用EA、EB、、分别表示A、B两点的场强和电势，则（）A . EA一定大于EB ，一定大于B . EA不一定大于EB ，一定大于C . EA一定大于EB ，不一定大于D . EA不一定大于EB ，不一定大于6. （2分）用精确实验定量研究了电荷间的相互作用，并得出“真空中两个点电荷间的相互作用力跟它们所带电量的乘积成正比，与它们之间距离的平方成反比，作用力的方向在它们的连线上”这一规律的科学家是（）A . 库仑B . 富兰克林C . 法拉弟D . 奥斯特7. （2分） (2017高一下·嵊州期中) 两个等量点电荷P、Q在真空中产生的电场线（方向未画出）如图所示，一电子在A、B两点所受的电场力分别为FA和FB ，则它们的大小关系为（）A . FA=FBB . FA＜FBC . FA＞FBD . 无法确定8. （2分）(2017·镇江模拟) 如图所示，开关S闭合后，带电质点P在平行金属板中处于静止状态．则（）A . 质点P一定带正电B . 滑片向a端移动时，两只电表的示数均增大C . 滑片向a端移动时，质点P将向上板运动D . 若将开关S断开，质点P将向下板运动二、多选题 (共6题；共17分)9. （3分）如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导体球开始时互相接触且对地绝缘，下述几种方法中能使两球都带电的是（）A . 先把两球分开，再移走带电棒B . 先移走带电棒，再把两球分开C . 先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开D . 用手接触乙球，移开导体棒，然后将手离开乙球，最后将两球分开10. （3分） (2019高二上·中山期中) 如图所示，长为L、倾角为30°的光滑绝缘斜面固定于静电场中，一带电荷量为＋q、质量为m的小球，以初速度v0由斜面顶端的A点开始沿斜面下滑，到达斜面底端B点的速度仍为v0 ，途中小球始终未离开斜面，重力加速度为g，则（）A . 小球的电势能可能先减小后增大B . A，B两点间的电势差为C . 若处于匀强电场中，则该电场的场强最小值为D . 若处于匀强电场中，则该电场的场强可能等于11. （3分） (2017高二上·城关期末) 如果在某电场中将5.0×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做功为6.0×10﹣3J，那么（）A . A，B两点间的电势差是1.2×105VB . A，B两点间的电势差是3.0×10﹣10VC . 若在A，B两点间移动2.5×10﹣8C的电荷，电场力将做3.0×10﹣3J的功D . 若在A，B两点间移动1.0×10﹣7C的电荷，电场力将做3.0×10﹣17J的功12. （2分） (2018高一下·浙江期中) 光滑绝缘水平面上固定两个等量点电荷，它们连线的中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。

嗦夺市安培阳光实验学校第二高级中学高二物理上学期第一次阶段性考试试题一、选择题（本大题有12个小题，每道小题4分，共48分。

每道小题有四个选项，只有一项是正确的）1．云南多地出现罕见的干旱天气，为了除尘、改善空气质量等，环保部门派出洒水车、雾炮车在街道上洒水、喷雾，在此过程中，整车(含车中的水)的（）A．惯性不变 B．惯性逐渐变大C．惯性逐渐变小D．惯性大小还与车的行驶速度有关，所以不能确定2．在一年一度的云南省昆明市东川区泥石流汽车拉力赛中，赛车通过崎岖不平的河谷，从甲地达到乙地赛车的路程s与位移大小x关系正确的是（）A．s x> B．s x=C．s x< D．s x≥3．下列情况中,能把研究对象视为质点的是（）A．研究国产大飞机“C919”转弯时机翼的倾斜角度B．用“抖音”拍摄、研究自由体操运动员在空中翻滚的动作C．研究高铁从昆明到大理的运行时间D．研究陀螺的转动4.在水平面内做直线运动的铁球,因受到一个条形磁铁的吸引作用而做图中实线所示的曲线运动,则磁铁放置的可能位置为（）A. a B．bC．c D．d5.汽车在平直公路上以30m/s的速度匀速直线行驶时，发动机的牵引力为1000N，则此时汽车发动机功率为（）A．1003KW B ．3kW C ．3100KW D．30kW6.如图所示为一点电荷周围的电场线,电场中有A、B两点，下列说法中正确的是（）A.该点电荷为正电荷B.该点电荷为负电荷C.A点的电场强度小于B点的电场强度D.A、B两点的电场强度大小相等7.我国加大了“北斗”卫星的发射密度，于6月25日又成功发射了第46颗“北斗”导航卫星，“北斗”导航系统的精度远高于的GPS导航系统。

若卫星绕地球做匀速圆周运动，已知地球的质量为M，卫星的质量为m，地球的半径为R，卫星离地心的距离为r，引力常量为G，则地球对卫星的万有引力大小为（）A．MmGR r+B．2()MmGR r+C．MmGrD．2MmGr8.从离水平地面5m高处以初速度10/v m s=水平抛出一小石块，不计空气阻力，取210/g m s=。

高二上学期物理第一阶段考试试题考试内容：1. 第一章《机械波》2. 第二章《分子热运动 能量守恒》3. 第四章《电场》4. 第四章《恒定电流》第一、二节试题标准： 总分100分 考试时间60分钟 题目总数 30 题Ａ卷 客观题第一题 单选 （共12题，36分，每小题3分）1． 如图1表示一列波在某一时刻的图像，已知波的传播速度为10m/s ，那么这列波的周期和波长分别为多少？( )A: 0.40s, 4.0m B: 0.80s, 8.0mC: 2.50s, 4.0mD: 1.25s, 8.0m2．如图1，所示是一列横波某时刻的波形图，已知质点A 此时运动方向如图所示，则( ) A ：波向右传播，质点B 向下C向上。

B ：波向右传播，质点B 、C 均向上。

Ｃ：波向左传播，质点B 向下C 向上。

Ｄ：波向左传播，质点B 、C 均向下。

3．两个分子甲，乙相距较远（此时他们之间的分子力可以忽略），设甲固定不动，乙逐渐向甲靠近，直到不能在靠近的整个过程中：（ ） Ａ：分子力总是对乙做功。

Ｂ：乙总是克服分子力做负功。

Ｃ：先是乙克服分子力做功，然后是分子力对乙做正功。

Ｄ：先是分子力对乙做正功，然后是乙克服分子力做功。

4．用ｒ表示两分子间的距离，Ｅｐ表示两分子间相互作用的势能，当ｒ＝ｒ０时，两分子坚持力等于引力，则下列说法正确的是（ ） Ａ：当ｒ〉ｒ０时，Ｅｐ随ｒ的增大而增大 Ｂ：当ｒ〈ｒ０时，Ｅｐ随ｒ的增大而增大 Ｃ：当ｒ〉ｒ０时，Ｅｐ随ｒ的增大而减少 Ｄ：当ｒ〈ｒ０时，Ｅｐ随ｒ的增大而减少５． 酒精和水混合后体积减少的实验表明（ ）６． 如图所示. 大烧杯中放有冰水混合物, 在冰水混合物中浮有一个试管. 试管内装有冰, 用酒精灯给烧杯加热. 则（ ）A ．分子间有相互作用力B ．分子间有空隙C ．分子永不停息地运动D ．分子是很微小的A.烧杯内的冰和试管内的冰同时熔化B.在烧杯里的冰熔化完以前, 试管内的冰不熔化C.试管内的冰先熔化D.试管内的冰永远不熔化７．8. ( 3分) 机械波某时刻的波形图线如图实线所示, 已知波的传播速度大小v＝1m/s, 经一段时间t后, 波形变为如图中虚线所示, 则t的可能值为: ①1s②3s③5s④7sA.只有①对B.只有②对C.只有①、②对D.①②③④都对８．如图所示, 一个倾角为θ的绝缘斜面固定在场强为E的匀强电场中, 有一个质量为m带电量正q的物体以初速度. 从斜面底端A沿斜面向上运动至B, 接着又沿斜面向下运动返回A点, 此时速度为v, 若AB长为L, 则物体与斜面间动摩擦因数μ为A.B. /L (mgcosθ+qEsinθ)C. /4L (mgcosθ+qEsinθ)D. m ()/L (mgcosθ+qEsinθ)９．带正电的粒子以初速度v0, 只在电场力的作用下, 由电场中a点沿虚线所示轨迹运动到b点. 图中实线表示电场线. 则比较a、b两点场强E、电势U和带电粒子在ab 两点的动能E k, 应是（）A. U a＜U bB. E a＞E bC. E ka＞E kbD. E ka＜E kb１０．如果用M表示摩尔质量，m表示分子质量，V表示分子体积，N表示阿伏加德罗常数，表示单位体积内的分子数，ρ表示物质的密度．那么反映这些量之间关系的下列各式中，正确的是（）A．ρ=M/N B．m = M/N C．N=M/D．=N/V１１．有关物体的内能，以下说法中正确的是（）A．1克0℃的水的内能比1克0℃的冰的内能大B．电流通过电阻后电阻发热，它的内能增加是通过“热传递”方式实现的C．气体膨胀，它的内能一定减小D．橡皮筋被拉伸时，分子间势能增加１２．如图所示, 相同的两个金属小球A、B, 质量均为m, 用绝缘线相连并悬挂于0点, 线长0A= AB= L, 两个小球分别带等量异种电荷, A为正电, B为负电,电量均为 q. 未加电场前, 系统处于竖直方向平衡状态. 现加一个水平向右的匀强电场, 场强为E. 当系统处于新的平衡状态时,OA、AB分别与竖直方向所成角度α为___, β为____, OA的张力为______.（）A. 0°B. tg-1(qE/mg)C. 2mgD. mg/cosβ- 2Kq2/L2题号１２３４５６７８９１０１１１２答案Ｂ卷主观题第二题填空（共５题，２０分，每小题４分）１．一简谐波沿x轴正方向传播，已知轴上=0和=0.3m，两处的振动图像分别如图甲、乙所示．已知此波的波长大于0.3m，则此波的传播速度v=________m／s．２．1mol的水占有体积是______m3, 其中有______个水分子. 假设水分子之间一个挨一个紧密排列, 则1cm长度上, 排列着_________个水分子.３．一块质量为2kg的木块, 放在离地面高度为1.25m的光滑水平桌面上. 一粒质量为0.010kg的子弹沿水平方向射入木块并留在木块内, 测得木块落地后离桌边缘的水平距离为0.5m, 不计阻力.(1)求子弹射入木块前瞬间的速度是_______m／s;(2)如子弹射入木块过程中所产生的热量有78％被子弹所吸收, 那么子弹温度升高________℃, (保留1位小数)〔子弹的比热容为0.13×103J ／(kg·℃),g 取10m ／s 2〕４．如图所示一个半径为Ｒ的绝缘球壳上均匀的带有电量为＋ｑ的电荷，由于对称性，球心ｏ处的场强为零，现在球壳正上方挖去一个半径为ｒ，ｒ＜＜Ｒ的小圆孔，这球心ｏ处的场强大小为 ，方向 。