2021年北京市顺义区高考物理一模试卷、选择题：本局部共 16小题,每题 3分,共48分.在每题列出的四个选项中,选 出最符合题目要求的一项.〔3分〕一频闪仪每隔0.04s 发出一次短暂的强烈闪光,照亮运动的小球,经过一段时间, 通过照相机可在照相胶片上记录小球在几个闪光时刻的位置.以下图是小球从 B 点的频闪照片示意图.由图可判断,小球在此运动过程中〔B,速度越来越大 C.受到的合力为零D,加速度的方向由 A 点指向B 点了许多在地面上无法实现的实验现象.假设要在空间站再次进行授课活动,以下我们曾 在实验室中进行的实验,假设移到空间站也能够实现正常操作的是〔 A.利用托盘天平测物体质量 B.利用弹簧测力计测拉力C.利用自由落体验证机械能守恒定律D.测定单摆做简谐运动的周期〔3分〕如图,通过细绳栓在一重物上的氢气球, 在水平向右的风力作用下处于静止状态, 细绳与竖直方向的夹角为 0.风力大小正比于风速,那么当风速改变时,始终保持不变的是〔A 点运动到2. 〔3分〕如图给出了四个电场的电场线, 那么每一幅图中在 M 、N 处电场强度相同的是 〔〕3. D.〔3分〕2021年6月我国宇航员在天宫 号空间站中进行了我国首次太空授课活动,展示4. A,速度越来越小MNB.,T . r rA .细绳与竖直方向的夹角B,细绳对重物的拉力C.地面对重物的摩擦力D.地面对重物的支持力5. 〔3分〕如下图,跳水运发动最后踏板的过程可以简化为下述模型：运发动从高处落到处于自然状态的跳板〔A位置〕上,随跳板一同向下做变速运动到达最低点〔B位置〕.对于运发动从位置A与跳板接触到运动至最低点B位置的过程,以下说法中正确的选项是〔〕A.运发动到达最低点时,其所受外力的合力为零B .在这个过程中,运发动的动能一直在减小C.在这个过程中,跳板的弹性势能一直在增加D.在这个过程中,运发动所受重力对她做的功等于跳板的作用力对她做的功6. 〔3分〕如下图,由粒子源发出的带正电的粒子经过同一加速电场A加速后,形成粒子束进入同一偏转电场B中偏转.粒子源发出的粒子中包括有一价氢离子、一价氨离子和二价氨离子,这些粒子离开粒子源时的初速度可视为零,空气阻力粒子的重力及粒子之间的相互作用力均可忽略不计.以下说法正确的选项是〔〕AA.它们始终为一股粒子束B.它们会别离为两股粒子束C.它们会别离为三股粒子束D.它们会别离为无数股粒子束7. 〔3分〕2021年9月29日我国发射的首个目标飞行器“天宫一号〞的平均轨道高度约为370km2021年9月15日我国又成功发射了“天宫二号〞空间实验室,它的平均轨道高度约为393km o如果“天宫一号〞和“天宫二号〞在轨道上的运行都可视为匀速圆周运动, 那么对于二者运动情况的比拟,以下说法中正确的选项是〔〕A .“天宫二号〞运行的速率较大B .“天宫二号〞运行的加速度较大C. “天宫二号〞运行的角速度较大D . “天宫二号〞运行的周期较长8. 〔3分〕为保证飞行平安,民航局规定乘坐飞机时旅客的移动电源〔俗称充电宝〕必须随身携带,但禁止携带额定能量超过160Wh 〔瓦时〕的移动电源.某同学为了更直观地认识160Wh这一能量值的大小, 等效于用一个物体从三层楼顶的高度自由下落到达地面的动能值作参照,假设两者近似相等,那么这个物体的质量最接近〔〕A. 60kgB. 600kgC. 6000kgD. 60000kg9. 〔3分〕将三个不同电源的路端电压随干电路电流变化的U - l图线画在同一坐标系中,如下图,其中1和2平行,它们的电动势分别为E1、E2、E3,内阻分别为「1、「2、「3,那么它们之间的关系是〔〕A . E1=E2>E3B . E1>E2>E3 C. r1=「2<「3 D. r1=「2>「310. 〔3分〕如下图,矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转动轴O0匀速转动产生的交流电动势e= 100、msin100冠〔V〕.以下说法正确的选项是〔〕A.交流电的频率为100HzB.交流电动势的有效值为100VC.当线圈转到如下图的位置时电动势为最大D.当线圈转到如下图的位置时穿过线圈的磁通量为零11. 〔3分〕以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时,其中一个物体所受空气阻力可忽略,另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比.以下给出的v- t图象中用虚线和实线分别描述两物体的运动情况,其中可能正确的选项是〔〕12. 〔3分〕如下图,OX与MN是匀强磁场中的两条平行直线,其中MN为磁场的下边界,速率不同的同种带电粒子沿OX方向射入磁场,从MN边界穿出时,其中速度为v i的A粒子与MN垂直,速度为v2的B粒子其速度方向与MN成60°角,不计粒子的重力和粒子间的相互作用力,那么A、B两粒子穿越磁场所需时间的比为〔〕A . 1: 2 B, 2: 1 C. 2: 3 D. 3: 213. 〔3分〕2021年3月22日,一架中国国际航空CA03客机,从天津飞抵香港途中遭遇鸟击,飞机头部被撞穿约一平方米的大洞,雷达罩被击穿,所幸客机及时平安着陆,无人受伤.假设飞机飞行的速度为150m/s,小鸟在空中的飞行速度非常小,与飞机的速度相比可忽略不计.小鸟的质量约为0.4kg,小鸟与飞机的碰撞时间为 6.0X10 4s,那么飞机受到小鸟对它的平均作用力的大小约为〔〕A . 108NB . 105N C. 103N D. 102N14. 〔3分〕磁敏电阻在没有磁场时电阻很小,在有磁场时电阻很大,并且磁场越强阻值越大.研究性学习小组的同学们利用磁敏电阻作为传感器设计了一个可探测磁场情况的装置,其电路原理如下图,其中电源电动势E、内阻r和电灯L的电阻保持不变, 在没有磁场时,调节滑动变阻器R使电灯L发光,当探测装置从无磁场区进入强磁场区时〔设电灯L不会烧坏〕,那么〔〕————[-CO- am电用A .电灯L变亮B.电流表示数增大C.变阻器R的功率增大D .磁敏电阻两端的电压减小15. 〔3分〕如下图,实线为方向未知的三条电场线,虚线123分别为三条等势线,三条等势线与其中一条电场线的交点依次为M、N、Q点,MN=NQ,电荷量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出,仅在电场力作用下,两粒子的运动轨迹如图中虚线a'、b'所示,那么〔〕A.a粒子一定带正电,b粒子一定带负电B. MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|C. a粒子的加速度逐渐增大, b粒子的加速度逐渐减小D. a粒子从出发到等势线3过程的动能变化量比b粒子从出发到等势线1过程的动能变化量小16. 〔3分〕根据高中所学知识可知,做自由落体运动的小球,将落在正下方位置.但实际上,从赤道上方20m处无初速下落的小球将落在正下方位置偏东约6cm处.这一现象可解释为,除重力外,由于地球自转,下落过程小球还受到一个水平向东的“力〞,该“力〞与竖直方向的速度大小成正比.现将小球从赤道地面竖直上抛,考虑对称性,上升过程该“力〞水平向西,那么小球〔〕A .上升过程相对抛出点向西运动,下落过程相对抛出点向东运动B .到最高点时,水平方向的加速度为零,水平速度到达最大C.到最高点时,水平方向的加速度和速度均不为零D.小球在水平方向上先做匀加速后做匀减速运动二、非选择题〔本局部共7小题,共72分〕17. 〔6分〕某同学在“探究感应电流产生的条件〞的实验中将直流电源滑动变阻器线圈〔有铁〕、世中人铁线圈B、灵敏电流计及开关按图连接成电路.在实验中,该同学发现开关闭合的瞬间,灵敏电流计的指针向左偏.由此可以判断,在开关闭合后电路稳定状态下,假设把线圈A中的铁芯拔出,那么灵敏电流计的指针应向〔选填“左〞或“右〞〕偏；假设把滑动变阻器的滑片快速向N端滑动,灵敏电流计的指针应向〔选填“左〞或“右〞〕偏.18. 〔12分〕据统计,人在运动过程中,脚底在接触地面瞬间受到的冲击力是人体所受重力的数倍.为探究这个问题,实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验,即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况.重物与地面的形变2很小,可忽略不计,不考虑空气阻力的影响取重力加速度g=10m/s2下表为一次实验过程中的相关数据.a.重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小a=b.在重物与地面接触过程中,重物受到地面施加的平均作用力是倍重物所受的重力.〔2〕如果人从某一确定高度由静止竖直跳下, 为减小脚底在与地面接触过程中受到的冲击力,可采取一些具体举措,请你提供一种可行的方法并说明理由. .19. 〔9分〕一颗地球人造卫星的质量为m,离地面的高度为h,卫星绕地球做匀速圆周运动, 万有引力常量为G,地球半径为R,地球外表重力加速度为g,求：〔1〕地球的质量M ;〔2〕卫星绕地球运动的速率.20. (10分)如下图,垂直纸面放置的两块平行正对金属板,板间距离为d,两板中央各有一个小孔,两板间电场可视为匀强电场.金属板上方有垂直纸面的匀强磁场.电荷量为q质量为m的带正电的粒子由静止开始从正极板的中央小孔出发,经电场加速后由负极板中央小孔射出,从M点垂直于MN进入磁场做匀速圆周运动,最后从N点以速度v离开磁场.粒子所受重力及空气阻力均可忽略不计.(1)求匀强电场场强的大小E;(2)假设测得MN两点间距离为L,求：a.匀强磁场的磁感应强度B;b.带电粒子从M运动到N的过程所受磁场力的冲量I的大小.21. (11分)如下图,光滑的轨道固定在竖直平面内,其O点左边为水平轨道,O点右边的曲面轨道高度h= 0.45m,左右两段轨道在O点平滑连接.质量m= 0.10kg的小滑块a由静止开始从曲面轨道的顶端沿轨道下滑,到达水平段后与处于静止状态的质量M =20.30kg的小滑块b发生碰撞,碰撞后小滑块a恰好停止运动.取重力加速度g= 10m/s ,求(1)小滑块a通过O点时的速度大小；(2)碰撞后小滑块b的速度大小(3)碰撞过程中小滑块a、b组成的系统损失的机械能.22. (12分)如下图,A、B为固定在竖直平面内半径R= 0.50m的四分之一圆弧轨道,过底端B点的切线水平,B点距水平地面的高度h= 0.45m.一质量m= 1.0kg的小滑块从圆弧轨道顶端A由静止释放,到达轨道底端B点的速度v=3.0m/s.取重力加速度g2 ,、=10m/s .求：(1)小滑块落地点与B点的水平距离x.(2)小滑块由A到B的过程中,克服摩擦力所做的功W;(3)小滑块运动到圆弧轨道底端B点时对轨道的压力大小F N23. (12分)固定在水平面内的两条平行光滑金属导轨,间距L = 0.6m,左端连接一阻值R= 2.0Q的定值电阻,导轨所在空间存在竖直向上的匀强磁场,磁感应强度B=1.0T,其俯视图如下图.长度恰好等于导轨间距的导体棒MN放在导轨上,其质量m = 0.6kg、电阻r=1.0Q,与导轨始终垂直且接触良好,导轨的电阻可忽略不计.现用平行于导轨的拉力F作用在导体棒上,使其沿导轨向右匀速运动,速度v0=5m/s.(1)求匀速运动过程中MN两点的电势差,并且指出M、N两点哪点电势高；(2)某时刻撤去外力F,求撤去外力F后至速度变为v1 = 2.0m/s的过程中a.电流流过外电阻R产生的焦耳热；b.导体棒MN向右移动的距离.(3)在上述情景中,金属棒MN相当于一个电源,这时的非静电力与棒中自由电子所受洛伦兹力有关.请根据电动势的定义,推导金属棒MN中的感应电动势E=BLV.• ............. # • *N'2021年北京市顺义区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本局部共16小题,每题3分,共48分.在每题列出的四个选项中,选出最符合题目要求的一项.1 .【解答】解：AB、由题意,频闪仪每隔0.04s照相一次,而小球间距越来越来小,那么知小球的速度越来越小.故A正确,B错误.CD、小球的速度越来越小, 一定有加速度,加速度方向与速度方向相反, 即由B指向A, 由牛顿第二定律可知,物体一定受到合力的作用,故CD错误.应选：A.2 .【解答】解：A、图中M、N两点电场强度大小相等,但方向不同,故电场强度不同.故A错误；B、图中M、N两点方向相同,但电场强度大小不等,故电场强度不同.故B错误；C、此电场是匀强电场, N两点电场强度相同.故C正确；D、根据电场线的疏密表示电场强度的大小,切线方向表示电场强度的方向,可知, M、N两点电场强度大小和方向都不同,故D错误.应选：Co3 .【解答】解：A、宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的空间站中会处于完全失重状态,物体受的重力正好充当向心力,所以与重力有关的实验是无法实现的如：利用托盘天平测质量,利用自由落体验证机械能守恒定律,测定单摆做简谐运动的周期；故ACD错误；B、弹簧测力计的原理是胡克定律：F=kx,实验可以利用弹簧测力计测拉力, 故B正确；应选：B.4 .【解答】解：AB、对气球受力分析,受重力、浮力、细线的拉力和水平风力,如下图, 根据平衡条件,有：Tsin 0= FF 浮一Tcos 0- mg = 0解得：T = J产+(F浮力第①Ftan.=---- --- ②F 浮-mg由①式,拉力随着风力的增加而增加,而细线对物体的拉力等于细线对气球的拉力,故B错误；由②式,细绳与竖直方向的夹角随着风力的增加而增加,故A错误；CD、对气球和重物整体受力分析,受重力( M+m ) g、浮力F浮、支持力N、风力F和摩擦力f,根据平衡条件,有：N = ( M+m ) g - F 浮③f=F ④由③式,地面对重物的支持力不变,故C错误；由④式,地面对重物的摩擦力随着风力的变化而变化,故D正确.应选：D.5 .【解答】解：A、运发动从接触跳板到达最低点,弹力在增大,合力先减小后增大,所以运动到最低点合力不为零.故A错误.B、当合力的方向与速度同向,速度增加,当合力的方向与速度反向,速度减小,合力的方向先向下后向上,所以速度先增大后减小,动能先增大后减小.故B错误.C、在此过程中,形变量增大,弹性势能一直在增加.故C正确.D、根据动能定理,在此过程中动能减小到0,重力做正功,弹力做负功,重力做的功小于弹力做的功.故D错误.应选：Co6 .【解答】解：设加速电压为U1,偏转电压为U2,极板的长度为L,间距为d;离子经过同一加速电场由静止加速后,在加速电场中,根据动能定理得：qU1=—mv02,2在偏转电场中,离子做类平抛运动,运动时间t=L- .1 q% L?偏转距离y =L^ = -LX—^X^-,2 2 md 高联立以上各式得：尸生4叫y与带电粒子的质量、电荷量无关,那么一■价氢离子、一■价氨离子和二价氨离子在偏转电场轨迹重合,所以它们不会分成三股,而是会聚为一束射出,故A正确,BCD错误.应选：A.7 .【解答】解：绕地球匀速圆周运动万有引力提供圆周运动向心力有户或蕈L 八2 4兀'市省.G―了-m—= ma=nir G =皿 -- $一可信•Z T"r 1TA、运行速率v二秒,由于天宫二号轨道半径大,故运行速率小,故A错误;B、加速度a=粤,由于天宫二号的轨道半径大,故加速度小,故B错误；rC、角速度①二性,由于天宫二号的轨道半径大,故角速度小,故C错误；D、周期T = J^.—r l,由于天宫二号轨道半径大,运行周期大在,故D正确.V GI应选：D.8 .【解答】解：移动电源的额定能量值为：E = 160Wh = 160 X 3600J = 5.76 X 105J从三层楼顶的高度自由下落到达地面时,物体下落得高度约为10m,物体下落时机械能守恒,那么有:Ek= mgh据题有Ek=E可得：m = 5760kg ,那么这个物体的质量最接近6000kg.故C正确,ABD错误应选：Co9 .【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U = E- Ir,由数学知识可知,图象的纵轴截距表示电源的电动势,斜率的绝对值等于电源的内阻r.对照图象知,E I>E2=E3,门=「2<「3,故C正确ABD错误.应选：Co10 .【解答］解：A、根据交流电动势e= 100近sin100 7tt (V),可知3=100兀rad/s, T=^y-,f=工解得交流电的频率f为50Hz .故A错误；TEB、根据交流电动势瞬时表达式,可知Em=100、Rv,交流电动势的有效值U = ? =V2 100V.故B正确；CD、当线圈转到如下图的位置时,穿过线圈的磁通量最大,穿过线圈的磁通量变化率为零,电动势为零.故CD错误.应选：B.11 .【解答】解：A、竖直上抛运动不计空气阻力时,加速度为g,是一种匀减速直线运动,v-t图象时倾斜向下的直线,如虚线所示.考虑空气阻力时,上升过程中,根据牛顿第二定律得mg+kv=ma上,知随着v减小,a上减小,对应v-t图象的斜率减小,故A错误；BCD、下降过程中,根据牛顿第二定律得mg - kv=ma下,知随着随着v增大,a下继续减小.而在最高点时v=0, a= g,对应v-t图与t轴的交点,其斜率应该等于g 〔此时与竖直上抛的最高点相同的加速度〕,即过交点的切线应该与竖直上抛运动的直线平行,故D正确,BC错误.应选：D.12•【解答】解：粒子在磁场中运动的周期的公式为T =2等,由此可知,粒子的运动的时间与粒子的速度的大小无关, 所以粒子在磁场中的周期相同, 由粒子的运动的轨迹可知,通过a点的粒子的偏转角为90°,通过b点的粒子的偏转角为60°,所以通过a点的粒子的运动的时间为—T,通过b点的粒子的运动的时间为-T,所以从S到a、b所需时间4 6t1： t2为3: 2,故D正确ABC错误.应选：D.13.【解答】解：此题为估算题,可以认为撞击前鸟的速度为零,撞击后鸟与飞机的速度相等,飞机速度为：v=700m/s,撞击过程可以认为鸟做匀加速直线运动,对鸟,由动量定理得: Ft= mv - 0F=B=°,4X159=1.01 105t 6.0X1 o-4那么B正确,ACD错误应选：B.14•【解答】解：ABD、探测装置从无磁场区进入强磁场区时,电阻变大,那么电路的总电阻变大,根据闭合电路欧姆定律可知,电路中总电流变小,所以电流表的示数减小；根据U=E-Ir,可知I减小,U增大,所以灯泡两段的电压增大,所以电灯L变亮,故A正确,BD错误；C、因总电流减小,而灯泡中电流增大,故流过滑动变阻器的电流减小,而其电阻不变, 故功率一定减小,故C错误.应选：A.15 .【解答】解：A、由图,a粒子的轨迹方向向右弯曲, a粒子所受电场力方向向右, b粒子的轨迹向左弯曲,b粒子所受电场力方向向左, 由于电场线方向未知, 无法判断粒子的电性.故A错误.C、由题,a所受电场力逐渐减小,加速度减小, b所受电场力增大,加速度增大.故C错误B、MN = NQ,由于MN段场强大于NQ段场强,所以MN两点电势差|U MN|大于NQ两点电势差|U NQ|.故B错误.D、根据电场力做功公式W=Uq, |U MN|>|U NQ|, a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功,所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小.故D正确.应选：D.16 .【解答】解：A、将此物体的运动分解成水平方向与竖直方向,在上抛过程中,水平方向速度不断增大,当下降时,因加速度方向与水平速度方向相反,做减速运动,但在落回到抛出点时,水平方向有向西的位移,因此落地点在抛出点西侧,故A错误；BCD、在刚竖直上抛时,因竖直方向有速度,那么受到水平向西的一个力,导致物体水平向西有个加速度,虽然加速度会随着竖直方向速度减小而减小,但是加速运动,因此物体到最高点时,水平方向有速度,而水平方向加速度却为零,原因是最高点,竖直方向速度为零,故CD错误,B正确；应选：B.二、非选择题(本局部共7小题,共72分)17 .【解答】解：由题意可知：开关闭合的瞬间,灵敏电流计的指针向左偏,那么当磁通量增大时,那么指针左偏；假设磁通量减小时,那么右偏；假设把线圈A中的铁芯拔出时,均导致磁通量减小,因此电流计指针向右偏；当滑动变阻器的滑片向N端滑动时,电阻减小,那么电流增大,导致磁通量增大,因此灵敏电流计的指针向左偏；故答案为：右,左.18 .【解答】解：(1) a.重物受到最大冲击力时加速度的大小为a,由牛顿第二定律解得:a= S50-4 5黑1"依2= 90m/s2…①S. 5b.重物在空中运动过程中,由动能定理有：mgh = Lm.2…②2重物与地面接触前瞬时的速度大小为：V1 =表函重物离开地面瞬时的速度大小为：V2= 4%重物与地面接触过程,重物受到的平均作用力大小为F,设竖直向上为正方向,由动量定理有：(F-mg) t = mv2-mv1 …③解得：F=510N重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍数为：工=6mg因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍.(2)人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力.故答案为：(1) a、90m/s2; b、6; (2)人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力.19.【解答】解：(1)在地球外表重力与万有引力相等有：G-^y=ingR2得地球质量为：M =基一G(2)由题意知,卫星的轨道半径r=R+h,根据万有引力提供圆周运动向心力有：(R+h 产T%+h(2) a.匀强磁场的磁感应强度 B 为维； qLb.带电粒子从 M 运动到N 的过程所受磁场力的冲量 I 的大小为-2mv .21 .【解答】解：(1)小滑块从曲线轨道上下滑的过程中,由机械能守恒定律得： mgh =,u代入数据解得,小滑块 a 通过O 点时的速度：vo=3m/s; (2)碰撞过程系统动量守恒,以向左为正方向, 由动量守恒定律得： mvo= Mv 1, 代入数据解得 v1 = 1m/s;结合M =&_可解得：v=G答：(1)地球的质量M 为gRG(2)卫星绕地球运动的速率为20.【解答】解：(1)在电场中,电场力做正功,由动能定理有:qu=解得：E = W —;2qd(2)在磁场中,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律有: qvB = m(3)设从N 出来的速度为v',那么有：v' = - v 根据动量定理有：I=mv' - mv=-2mv .答：(1)匀强电场场强的大小 E 为2qd(3)碰撞过程中小滑块 a 、b 组成的系统损失的机械能：△ E=JLmv 02-XMv 12, 2 2 代入数据解得△ E=0.3J;答：(1)小滑块a 通过O 点时的速度大小3m/s; (2)碰撞后小滑块 b 的速度大小1m/s;(3)碰撞过程中小滑块 a 、b 组成的系统损失的机械能为0.3J .22.【解答】解：(1)小滑块从B 点出发做平抛运动,根据平抛运动的规律得 水平方向：x= vt 竖直方向：h= ' gt 22解得：x= 0.9m(2)小滑块由A 到B 的过程中,根据动能定理得： mgR-W=^mv 22解得：W = mgR - -mv 2 = 5J2(3)小滑块在圆弧轨道底端 B 点受重力和支持力,2根据牛顿第二定律得：F N - mg= m -^- 解得：F N = 280N答：(1)小滑块落地点与 B 点的水平距离是0.9m . (2)小滑块由A 到B 的过程中,克服摩擦力所做的功是 5J;(3)小滑块运动到圆弧轨道底端B 点时对轨道的压力大小是280N .23•【解答】 解：(1)切割磁感应线产生的感应电动势E=BLv0=1X0.6X5V = 3V,ERMN 两端的电势差大小 Ui™二二2V,根据右手定那么可知,N 端为电源的正极,所以 N 点电势高； (2) a 、根据能量守恒可得回路产生的焦耳热 Q = ymv^mvp 解得：Q = 6.3J,另有口艮喻34・2J ；b 、设导体棒移动的距离为 X,所用时间为t,据动量定理得=化简得 —BLq = mv1 — mv 0,联立解得：x=15m ；据电磁感应的电荷量推论公式q 铲手, R+r R+r(3)棒向右运动时,电子具有向右的分速度,受到沿棒向上的洛伦兹力为：f = evB 电子在f的作用下,电子从M移动到N的过程中,非静电力做功为：W = evBL根据电动势定义为：E=更, q解得：E=Blv;答：(1)匀速运动过程中MN两点的电势差为2V, N两点电势高；(2)某时刻撤去外力F,求撤去外力F后至速度变为v i = 2.0m/s的过程中a.电流流过外电阻R产生的焦耳热为4.2J;b.导体棒MN向右移动的距离为15m.(3)证实见上；。
