2014-2015学年浙江省温州中学高二(下)综合练习数学试卷一、单选题(共10题)
1.(5分)(2015春?温州校级月考)若A={x|x≤1},B={x|x≥﹣1},则正确的是()A.A?B B.A∩B=? C.(?R A)∩B=B D.(?R A)∪B=B
考点:交集及其运算.
专题:集合.
分析:利用补集、并集的运算即可得出.
解答:解:∵A={x|x≤1},B={x|x≥﹣1},
∴?R A={x|x>1},
∴?R A∪B=B.
故选:D.
点评:本题考查了集合的运算性质,属于基础题.
2.(5分)(2015?金凤区校级一模)已知条件p:x>1或x<﹣3,条件q:x>a,且q是p 的充分而不必要条件,则a的取值范围是()
A.a≥1 B.a≤1 C.a≥﹣3 D.a≤﹣3
考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断.
专题:综合题;简易逻辑.
分析:把充分性问题,转化为集合的关系求解.
解答:解:∵条件p:x>1或x<﹣3,条件q:x>a,且q是p的充分而不必要条件
∴集合q是集合p的真子集,q?P
即a≥1
故选:A
点评:本题考察了简易逻辑,知识融合较好.
3.(5分)(2014?博白县模拟)“p或q是假命题”是“非p为真命题”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分又不必要条件
考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断.
专题:常规题型.
分析:“p或q为假命题”p和q都是假命题,而非P是真命题表示P是一个假命题,前者可以推出后者,后者不一定能推出前者.
解答:解:“p或q为假命题”表示p和q都是假命题,
而非P是真命题表示P是一个假命题,
前者可以推出后者,后者不一定能推出前者,
∴前者是后者的充分不必要条件,
故选A.
点评:本题考查必要条件、充分条件与充要条件的判断,本题解题的关键是理解命题真假的判断中真值表的应用,本题是一个基础题.
4.(5分)已知集合A={x||x﹣1|<2},B={x|x≥m},且A∩B=A,则实数m的取值范围是()A.m≥3 B.m≤3 C.m≤﹣1 D.m≥﹣1
考点:交集及其运算;集合关系中的参数取值问题.
专题:计算题.
分析:运用含绝对值不等式的解法化简集合A,根据A∩B=A,说明集合A是集合B的子集,所以集合B的左端点值小于等于集合A的左端点值.
解答:解:∵A={x||x﹣1|<2}={x|﹣1<x<3},B={x|x≥m},
又A∩B=A,∴A?B,∴m≤﹣1.
故选C.
点评:本题考查了交集及其运算,考查了集合关系中的参数取值问题,解答此题的关键是端点值的取舍,是易错题.
5.(5分)(2015春?温州校级月考)一个几何体的三视图如图所示,其侧视图是等边三角形,则该几何体的体积等于()
A.4B.3C.2D.
考点:由三视图求面积、体积.
专题:计算题;空间位置关系与距离.
分析:根据已知三视图,我们结合棱锥的结构特征易判断出几何体为四棱锥,结合三视图中标识的数据,我们易求出棱锥的底面面积及棱锥的高,代入棱锥体积公式即可得到答案.解答:解:由已知三视图我们可得:几何体为四棱锥,棱锥以俯视图为底面以侧视图高为高
由于侧视图是以2为边长的等边三角形,故h=
结合三视图中标识的其它数据,S底面=×(1+2)×2=3
故V=×S底面×h=
故选D.
点评:本题考查的知识点是根据三视图求几何体的体积,其中根据已知三视图,结合简单几何体的结构特征易判断出几何体的形状,和相关的几何量(底面边长,高)是解答本题的关键.
6.(5分)(2015?成都模拟)设m、n是两条不同的直线,α、β是两个不同的平面,下列命题中错误的是()
A.若m⊥α,m∥n,n∥β,则α⊥β B.若α⊥β,m?α,m⊥β,则m∥α
C.若m⊥β,m?α,则α⊥β D.若α⊥β,m?α,n?β,则m⊥n
考点:空间中直线与平面之间的位置关系.
分析:利用空间中线线、线面、面面间的位置关系求解.
解答:解:若m⊥α,m∥n,n∥β,
则由平面与平面垂直的判定定理得α⊥β,故A正确;
若α⊥β,m?α,m⊥β,则由直线与平面平行的判定定理得m∥α,故B正确;
若m⊥β,m?α,则由平面与平面垂直的判定定理得α⊥β,故C正确;
若α⊥β,m?α,n?β,则m与n相交、平行或异面,故D错误.
故选:D.
点评:本题考查命题真假的判断,是基础题,解题时要认真审题,注意空间思维能力的培养.
7.(5分)(2014秋?海淀区校级期中)直线l与两直线y=1,x﹣y﹣7=0分别交于P,Q两点,线段PQ的中点是(1,﹣1)则P点的坐标为()
A.(6,1)B.(﹣2,1)C.(4,﹣3)D.(﹣4,1)
考点:两条直线的交点坐标;中点坐标公式.
专题:直线与圆.
分析:设P(x,1),由于线段PQ的中点坐标为(1,﹣1),可得Q(2﹣x,﹣3).把Q 代入直线x﹣y﹣7=0,解得x即可得出.
解答:解:设P(x,1),∵线段PQ的中点坐标为(1,﹣1),∴Q(2﹣x,﹣3).
把Q代入直线x﹣y﹣7=0可得2﹣x﹣(﹣3)﹣7=0,解得x=﹣2.
∴P(﹣2,1).
故选:B.
点评:本题考查了直线点斜式、中点坐标公式,属于基础题.
8.(5分)(2012秋?工农区校级期中)曲线与直线l:y=k(x﹣2)+4有两个不同的交点,则实数k的取值范围是()
A.B.C.D.
考点:直线与圆相交的性质.
专题:计算题;数形结合.
分析:要求的实数k的取值范围即为直线l斜率的取值范围,主要求出斜率的取值范围,方法为:曲线表示以(0,1)为圆心,2为半径的半圆,在坐标系中画出相
应的图形,直线l与半圆有不同的交点,故抓住两个关键点:当直线l与半圆相切时,圆心到直线的距离等于圆的半径,利用点到直线的距离公式列出关于k的方程,求出方程的解得
到k的值;当直线l过B点时,由A和B的坐标求出此时直线l的斜率,根据两种情况求出的斜率得出k的取值范围.
解答:解:根据题意画出图形,如图所示:
由题意可得:直线l过A(2,4),B(﹣2,1),
又曲线图象为以(0,1)为圆心,2为半径的半圆,
当直线l与半圆相切,C为切点时,圆心到直线l的距离d=r,即=2,
解得:k=;
当直线l过B点时,直线l的斜率为=,
则直线l与半圆有两个不同的交点时,实数k的范围为.
故答案为:
点评:此题考查了直线与圆相交的性质,涉及的知识有:恒过定点的直线方程,点到直线的距离公式,以及直线斜率的求法,利用了数形结合的思想,其中抓住两个关键点是解本题的关键.
9.(5分)以椭圆的顶点为顶点,离心率e=2的双曲线方程()
A.
B.
C.或
D.以上都不对
考点:双曲线的标准方程.
专题:计算题;分类讨论.
分析:根据题意,椭圆的顶点为(4,0)、(﹣4,0)、(0,3)、(0,﹣3);则双
曲线的顶点有两种情况,即在x轴上,为(4,0)、(﹣4,0);和在y轴上,为(0,3)、(0,﹣3);分两种情况分别讨论,计算可得a、b的值,可得答案.
解答:解:根据题意,椭圆的顶点为(4,0)、(﹣4,0)、(0,3)、(0,﹣3);
故分两种情况讨论,
①双曲线的顶点为(4,0)、(﹣4,0),焦点在x轴上;
即a=4,由e=2,可得c=8,
b2=64﹣16=48;
此时,双曲线的方程为;
②双曲线的顶点为(0,3)、(0,﹣3),焦点在y轴上;
即a=3,由e=2,可得c=6,
b2=36﹣9=27;
此时,双曲线的方程为;
综合可得,双曲线的方程为或;
故选C
点评:本题考查双曲线的标准方程,解题时注意分其焦点或顶点在x、y轴两种情况讨论,其次还要注意两种情况下,方程的形式的不同.
10.(5分)(2015春?温州校级月考)点P为抛物线:y2=4x上一动点,定点,则|PA|与P到y轴的距离之和的最小值为()
A.9 B.10 C.8 D. 5
考点:抛物线的简单性质.
专题:圆锥曲线的定义、性质与方程.
分析:如图所示,焦点F(1,0).过点P作PN⊥准线l交y轴于点M,P到y轴的距离=|PM|﹣1.当A,P,F三点共线时,|PA|+|PF|取得最小值|FA|,利用两点之间的距离公式即可得出.
解答:解:如图所示,焦点F(1,0).
过点P作PN⊥准线l交y轴于点M,
则P到y轴的距离=|PN|﹣1.
当A,P,F三点共线时,|PA|+|PF|取得最小值
|FA|==9.
∴|PA|与P到y轴的距离之和的最小值=9﹣1=8.
故选:C.
点评:本题考查了抛物线的定义及其性质、三点共线、两点之间的距离公式,考查了转化方法,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
二、填空题(共10题)
11.(5分)(2015春?温州校级月考)设U=R,A={x|x>0},B={x|x>1},则A∩?U B={x|0<x≤1}.
考点:交、并、补集的混合运算.
专题:集合.
分析:直接由补集运算求得?U B,然后利用交集运算得答案.
解答:解:∵U=R,B={x|x>1},
∴?U B={x|x≤1},
又A={x|x>0},
∴A∩(?U B)={x|0<x≤1}.
故答案为:{x|0<x≤1}.
点评:本题考查了交、并、补集的混合运算,是基础的计算题.
12.(5分)命题:p:?x∈R,sinx≤1,则命题p的否定¬p是?x∈R,sinx>1.
考点:命题的否定.
专题:规律型;探究型.
分析:命题是全称命题,根据全称命题的否定是特称命题来解决.
解答:解:根据全称命题的否定是特称命题知:
命题p的否定¬p是:?x∈R,sinx>1.
故答案为:?x∈R,sinx>1.
点评:本题主要考查含有量词的命题的否定,全称命题的否定是特称命题,特称命题的否定是全称命题.
13.(5分)(2015春?温州校级月考)在△ABC中,“sinA>”是“A>30°”的充分不必要条件.
考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断.
专题:计算题.
分析:利用充要条件的概念即可判断是什么条件,从而得到答案.
解答:解:在△ABC中,“sinA>”?“150°>A>30°”?“A>30°”.充分性成立;
反之,“A>30°不能?“sinA>”,如A=160°时,sin160°<,即必要性不成立,
故答案为:充分不必要条件.
点评:本题考查充分条件、必要条件与充要条件的定义,正弦函数的值,本题解题的关键是通过举反例来说明某个命题不正确,这是一种简单有效的方法,本题是一个基础题.
14.(5分)(2014春?扬州期末)“φ=0”是“函数f(x)=sin(x+φ)为奇函数”的充分不必要条件.(从“充要”,“充分不必要”,“必要不充分”,“既不充分也不必要”中选择适当的填写)
考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断.
专题:函数的性质及应用.
分析:根据φ=0,得函数f(x)=sin(x+φ)=sinx,运用奇偶性定义判断,再由函数f(x)=sin(x+φ)为奇函数得出sinφ=0,即,φ=kπ,k∈z,
可以判断答案.
解答:解:∵φ=0,∴函数f(x)=sin(x+φ)=sinx,
f(﹣x)=sin(﹣x)=﹣sin(x)=﹣f(x)
∴f(x)为奇函数,
∵函数f(x)=sin(x+φ)为奇函数,
∴sin(﹣x+φ)=﹣sin(x+φ)
sinφcosx﹣cosφsinx=﹣sinxcosφ﹣cosxsinφ
sinφcosx=﹣cosxsinφ,
即sinφ=0,φ=kπ,k∈z,
根据充分必要条件的定义可判断:
“φ=0”是“函数f(x)=sin(x+φ)为奇函数”的充分不必要条件,
故答案为:充分不必要.
点评:本题考查了函数的奇偶性的判断,充分必要条件的判断,属于容易题.
15.(5分)(2014?云南模拟)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,侧面PAD为正三角形,底面ABCD为正方形,侧面PAD⊥底面ABCD,M为底面ABCD内的一个动点,且满足MP=MC,则点M在正方形ABCD内的轨迹为()
A.B.C.D.
考点:直线与平面垂直的性质;平面与平面之间的位置关系.
专题:压轴题;阅读型.
分析:先找符合条件的特殊位置,然后根据符号条件的轨迹为线段PC的垂直平分面与平面AC的交线得到结论.
解答:解:根据题意可知PD=DC,则点D符合“M为底面ABCD内的一个动点,且满足MP=MC”
设AB的中点为N,根据题目条件可知△PAN≌△CBN
∴PN=CN,点N也符合“M为底面ABCD内的一个动点,且满足MP=MC”
故动点M的轨迹肯定过点D和点N
而到点P与到点N的距离相等的点为线段PC的垂直平分面
线段PC的垂直平分面与平面AC的交线是一直线
故选A
点评:本题主要考查了直线与平面垂直的性质,以及公理二等有关知识,同时考查了空间想象能力,推理能力,属于基础题
16.(5分)(2014秋?临海市校级期中)A是锐二面角α﹣l﹣β的α内一点,AB⊥β于点B,AB=,A到l的距离为2,则二面角α﹣l﹣β的平面角大小为60°.
考点:用空间向量求平面间的夹角.
专题:计算题;空间角.
分析:由题意画出图形,说明∠AOB是二面角α﹣l﹣β的平面角,或补角,然后求出二面角的大小.
解答:解:由题意可知A是二面角α﹣l﹣β的面α内一点,AB⊥平面β于点B,AB=,A到l的距离为2,
如图:AO⊥l于O,因为AB⊥平面β于点B,连结OB,所以∠AOB是二面角α﹣l﹣β的平面角,或补角,所以sin∠AOB=,
∴∠AOB=60°或120°.
∵α﹣l﹣β是锐二面角,
∴二面角α﹣l﹣β的平面角大小为60°.
故答案为:60°
点评:本题考查空间几何体中点、线、面的关系,正确作出所求距离是解题的关键,考查计算能力.
17.(5分)(2014春?游仙区校级期末)如图,在棱长为2的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,
E是BC1的中点,则直线DE与平面ABCD所成角的正切值为.
考点:直线与平面所成的角.
专题:计算题.
分析:过E作EF⊥BC,交BC于F,连接DF,得到∠EDF是直线DE与平面ABCD所成的角,然后再在三角形EDF中求出此角即可.
解答:解:过E作EF⊥BC,交BC于F,连接DF.
∵EF⊥BC,CC1⊥BC
∴EF∥CC1,而CC1⊥平面ABCD
∴EF⊥平面ABCD,
∴∠EDF是直线DE与平面ABCD所成的角(4分)
由题意,得EF=.
∵(8分)
∵EF⊥DF,∴.(10分)
故答案为.
点评:本题主要考查了直线与平面之间所成角,考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力,属于基础题.
18.(5分)(2012秋?台州期中)
若四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1的底边长为2,高为4,则异面直线BD1与AD所成角的正切
值是.
考点:异面直线及其所成的角.
专题:计算题;空间角.
分析:由AD∥BC,知∠D1BC就是异面直线BD1与AD所成的角,由此能求出异面直线BD1与AD所成角的正切值.
解答:解:∵AD∥BC,∴∠D1BC就是异面直线BD1与AD所成的角,
连接D1C,∵正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1的底边长为2,高为4,
∴BC=2,D1C==2,BC⊥D1C,
∴异面直线BD1与AD所成角的正切值tan∠D1BC===.
故答案为:.
点评:本题考查异面直线所成角的正切值的求法,解题时要认真审题,仔细解答,是基础题.
19.(5分)已知椭圆的中心在坐标原点,焦点在x轴上,椭圆上点P到两焦
点的距离之和是12,则椭圆的标准方程是+=1.
考点:椭圆的标准方程.
专题:计算题.
分析:由题设条件知2a=12,则a=6,可设椭圆的标准方程是:,将点P的坐
标代入进而可得b,由此可知所求椭圆方程.
解答:解:由题设知,2a=12,
∴a=6,
可设椭圆的标准方程是:,
b2=32,
∴所求椭圆方程为.
故答案为:+=1.
点评:本题考查椭圆的性质和应用,解题时要注意公式的灵活运用,特别是对于椭圆的焦点弦问题常需借助椭圆的定义来解决.
20.(5分)(2015春?温州校级月考)过双曲线﹣=1(a>0,b>0)的左焦点F作圆
x2+y2=的切线,切点为E,延长FE交双曲线右支于点P,若E为PF的中点,则双曲线
的离心率为.
考点:双曲线的简单性质.
专题:圆锥曲线的定义、性质与方程.
分析:通过双曲线的特点知原点O为两焦点的中点,利用中位线的性质,求出PF′的长度及判断出PF′垂直于PF,通过勾股定理得到a,c的关系,进而求出双曲线的离心率.
解答:解:如图,记右焦点为F′,则O为FF′的中点,
∵E为PF的中点,
∴OE为△FF′P的中位线,
∴PF′=2OE=a,
∵E为切点,
∴OE⊥PF,
∴PF′⊥PF,
∵点P在双曲线上,
∴PF﹣PF′=2a,
∴PF=PF′+2a=3a,
在Rt△PFF′中,有:PF2+PF′2=FF′2,
∴9a2+a2=4c2,即10a2=4c2,
∴离心率e====,
故答案为:.
点评:本题主要考查双曲线的简单性质、圆的方程等基础知识,考查运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想,在圆锥曲线中,求离心率关键就是求三参数a,b,c的关系,注意解题方法的积累,属于中档题.
三、解答题(共4题)
21.(12分)(2014秋?淮南期末)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥底面ABCD,底面ABCD为正方形,PA=AB=2,M,N分别为PA,BC的中点.
(Ⅰ)证明:MN∥平面PCD;
(Ⅱ)求MN与平面PAC所成角的正切值.
考点:直线与平面所成的角;直线与平面平行的判定.
专题:空间位置关系与距离;空间角.
分析:(Ⅰ)取PD的中点E,连接ME,CE,证明边形MNCE是平行四边形,可得MN∥CE,利用线面平行的判定定理可得MN∥平面PCD;
(Ⅱ)MN与平面PAC所成角等于EC与平面PAC所成角,求出E到平面PAC的距离,即可求MN与平面PAC所成角的正切值.
解答:(Ⅰ)证明:取PD的中点E,连接ME,CE,则ME∥AD,ME=AD,
∵N为BC的中点,BC∥AD,∴ME∥CN,ME=CN,
∴四边形MNCE是平行四边形,
∴MN∥CE,
∵MN?平面PCD,CE?平面PCD,
∴MN∥平面PCD;
(Ⅱ)解:过E作平面PAC的垂线,垂足为O,则
由(Ⅰ)知,MN与平面PAC所成角等于EC与平面PAC所成角,
∵D到平面PAC的距离为,
∴E到平面PAC的距离为,
∵CE==,
∴CO==
∴MN与平面PAC所成角的正切值为.
点评:本题考查线面平行,考查线面角,正确运用线面平行的判定定理是关键.
22.(12分)(2015春?温州校级月考)如图1,平面四边形ABCD关于直线AC对称,∠A=60°,∠C=
90°,CD=2,把△ABD沿BD折起(如图2),使二面角A﹣BD﹣C为直二面角.如图2,(Ⅰ)求AD与平面ABC所成的角的余弦值;
(Ⅱ)求二面角B﹣AC﹣D的大小的正弦值.
考点:二面角的平面角及求法;直线与平面所成的角.
专题:综合题;空间位置关系与距离;空间角.
分析:(Ⅰ)以BD的中点O为原点,OC所在的直线为x轴,OD所在的直线为y轴,OA所在的直线为z轴建立空间直角坐标系,求出面ABC的法向量,利用向量的夹角公式求AD与平面ABC所成的角的余弦值;
(Ⅱ)求得面ACD的法向量,利用向量的夹角公式求二面角B﹣AC﹣D的大小的正弦值.
解答:解:如图所示,以BD的中点O为原点,OC所在的直线为x轴,OD所在的直线为y轴,OA所在的直线为z轴建立空间直角坐标系,则O(0,0,0),D(0,,0),B(0,﹣,0),C(,0,0),A(0,0,)
(Ⅰ)设面ABC的法向量为,
∵=(0,﹣,﹣),=(,,0)
∴由,可得,
取z=1有=(,﹣,1)
∵,
∴,
∴AD与面ABC所成角的余弦值是.…(6分)
(Ⅱ)同理求得面ACD的法向量为,则
则二面角B﹣AC﹣D的正弦值为.…(12分)
点评:本题考查二面角、线面角的求法,考查用向量解决立体几何问题的方法能力,考查数形结合、空间想象能力,属于中档题.
23.(13分)(2015春?温州校级月考)已知抛物线y=x2,过点P(0,2)作直功l,交抛
物线于A、B两点,O为坐标原点.
(Ⅰ)求证:?为定值;
(Ⅱ)求三角形AOB面积的最小值.
考点:直线与圆锥曲线的关系.
专题:圆锥曲线中的最值与范围问题.
分析:(1)由抛物线的方程与直线l的方程y=kx+2联立,得出根与系数的关系,再利用数量积?=x1x2+y1y2即可证明;
(2)根据S△OAB=S△OAP+S△OBP,表示出面积S△OAB的解析式,从而求出最小值.
解答:解:如图所示,
(1)证明:抛物线方程可化为x2=4y,焦点为F(0,1),
设A(x1,y1),B(x2,y2),
直线l的方程为:y=kx+2;
∴,
化为x2﹣4kx﹣8=0,
∴x1+x2=4k,x1x2=﹣8;
∴y1y2=(kx1+2)(kx2+2)=k2x1x2+2k(x1+x2)+4=﹣8k2+8k2+4=4,
∴?=x1x2+y1y2=﹣8+4=﹣4;
(2)由(1)知,x1+x2=4k,x1x2=﹣8;
∴S△OAB=S△OAP+S△OBP
=|OP|?|x1|+|OP|?|x2|
=|OP|?|x2﹣x1|
=×2,
∴当k=0时,△OAB面积最小,最小值为4.
点评:本题考查了直线与抛物线的相交问题,解题时应利用方程组联立,结合根与系数的关系式,三角形的面积计算公式等基础知识,进行解答,是难题.
24.(13分)(2014?黄山三模)已知椭圆(a>b>0)和直线l:y=bx+2,椭圆的离心率e=,坐标原点到直线l的距离为.
(1)求椭圆的方程;
(2)已知定点E(﹣1,0),若直线y=kx+2(k≠0)与椭圆相交于C,D两点,试判断是否存在实数k,使得以CD为直径的圆过定点E?若存在,求出k的值;若不存在,请说明理由.
考点:直线与圆锥曲线的关系;椭圆的标准方程.
专题:圆锥曲线的定义、性质与方程.
分析:(1)利用直线l:y=bx+2,椭圆的离心率e=,坐标原点到直线l的距离为,
建立方程,求出椭圆的几何量,即可求得椭圆的方程;
(2)直线y=kx+2代入椭圆方程,利用韦达定理及CD为圆心的圆过点E,利用数量积为0,即可求得结论.
解答:解:(1)直线l:y=bx+2,坐标原点到直线l的距离为.
∴
∴b=1
∵椭圆的离心率e=,
∴
∴a2=3
∴所求椭圆的方程是;
(2)直线y=kx+2代入椭圆方程,消去y可得:(1+3k2)x2+12kx+9=0
∴△=36k2﹣36>0,∴k>1或k<﹣1
设C(x1,y1),D(x2,y2),则有x1+x2=,x1x2=
∵=(x1+1,y1),=(x2+1,y2),且以CD为圆心的圆过点E,
∴EC⊥ED
∴(x1+1)(x2+1)+y1y2=0
∴(1+k2)x1x2+(2k+1)(x1+x2)+5=0
∴(1+k2)×+(2k+1)×()+5=0
解得k=>1,
∴当k=时,以CD为直径的圆过定点E
点评:本题考查椭圆的标准方程与性质,考查直线与椭圆的位置关系,考查韦达定理的运用,考查向量知识,解题的关键是联立方程,利用韦达定理求解.
【一】选择题:本大题共12小题,每题5分,总分值60分,在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合要求的. 1.命题〝假设2x =,那么2 320x x -+=〞的逆否命题是〔 〕 A 、假设2x ≠,那么2320x x -+≠ B 、假设2320x x -+=,那么2x = C 、假设2320x x -+≠,那么2x ≠ D 、假设2x ≠,那么2 320x x -+= 2.〝直线l 垂直于ABC △的边AB ,AC 〞是〝直线l 垂直于ABC △的边BC 〞的 〔 〕 A 、充分非必要条件 B 、必要非充分条件 C 、充要条件 D 、既非充分也非必要条件 3 .过抛物线24y x =的焦点F 的直线l 交抛物线于,A B 两点.假设AB 中点M 到抛物线 准线的距离为6,那么线段AB 的长为〔 ) A 、6 B 、9 C 、12 D 、无法确定 4.圆 042 2=-+x y x 在点)3,1(P 处的切线方程为 ( ) A 、023=-+y x B 、043=-+y x C 、043=+-y x D 、023=+-y x 5.圆心在抛物线x y 22=上,且与x 轴和抛物线的准线都相切的一个圆的方程是 〔 〕 A 、0 122 2 =+--+y x y x B 、041 222=- --+y x y x C 、0 122 2 =+-++y x y x D 、 041222=+ --+y x y x 6.在空间直角坐标系O xyz -中,一个四面体的顶点坐标为分别为(0,0,2),(2,2,0), (0,2,0),(2,2,2).那么该四面体在xOz 平面的投影为〔 〕
浙江省绍兴市2020-2021学年第二学期期末考试 高二数学 一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1. 设集合,,则= A. B. C. D. 【答案】C 点睛:1.用描述法表示集合,首先要弄清集合中代表元素的含义,再看元素的限制条件,明确集合类型,是数集、点集还是其他的集合. 2.求集合的交、并、补时,一般先化简集合,再由交、并、补的定义求解. 3.在进行集合的运算时要尽可能地借助Venn图和数轴使抽象问题直观化.一般地,集合元素离散时用Venn图表示;集合元素连续时用数轴表示,用数轴表示时要注意端点值的取舍. 2. 已知等比数列的各项均为正数,且,则数列的公比为 A. B. C. D. 【答案】D 【解析】由得,所以.由条件可知>0,故.故选D. 3. 已知,则的值为 A. B. C. D. 【答案】B 【解析】,故选B. 4. 已知,则的大小关系是 A. B. C. D. 【答案】A 【解析】因为,所以,所以 ,当且仅当,即