单片机原理及接口技术教材习题全部解答
第1章绪论
1-1解答：
第一台计算机的研制目的是为了计算复杂的数学难题。它的特点是：计算机字长为12位，运算速度为5 000次/s，使用18 800个电子管，1 500个继电器，占地面积为150 m2，重达30 t，其造价为100多万美元。它的诞生，标志着人类文明进入了一个新的历史阶段。
1-2解答：
单片微型计算机简称单片机。一个完整的单片机芯片至少有中央处理器（CPU）、随机存储器（RAM）、只读存储器（ROM）、定时/计数器及I/O接口等部件。
1-3解答：
单片机的发展大致经历了四个阶段：
第一阶段（1970—1974年），为4位单片机阶段；
第二阶段（1974—1978年），为低中档8位单片机阶段；
第三阶段（1978—1983年），为高档8位单片机阶段；
第四阶段（1983年至今），为8位单片机巩固发展阶段及16位单片机、32位单片机推出阶段。
1-4解答：
Intel公司的MCS-48系列、MCS-51系列、MCS-96系列产品；
Motorola公司的6801、6802、6803、6805、68HC11系列产品；
Zilog公司的Z8、Super8系列产品；
Atmel公司的AT89系列产品；
Fairchild公司的F8和3870系列产品；
TI公司的TMS7000系列产品；
NS公司的NS8070系列产品；
NEC公司的μCOM87（μPD7800）系列产品；
National公司的MN6800系列产品；
Hitachi公司的HD6301、HD63L05、HD6305。
1-5解答：
（1）8031/8051/8751三种型号，称为8051子系列。8031片内没有ROM，使用时需在片外接EPROM。8051片内含有4KB的掩模ROM，其中的程序是生产厂家制作芯片时烧制的。8751片内含有4KB的EPROM，用户可以先用紫外线擦除器擦除，然后再利用开发机或编程器写入新的程序。
（2）8032A/8052A/8752A是8031/8051/8751的增强型，称为8052子系列。其中片内ROM和RAM的容量比8051子系列各增加一倍，另外，增加了一个定时/计数器和一个中断源。
（3）80C31/80C51/87C51BH是8051子系列的CHMOS工艺芯片，
80C32/80C52/87C52是8052子系列的CHMOS工艺芯片，两者芯片内的配臵和功能兼容。
1-6解答：
8052子系列片内ROM和RAM的容量比8051子系列各增加一倍，另外，增加了一个定时/计数器和一个中断源。
1-7解答：
AT89系列单片机是美国Atmel公司的8位Flash单片机产品。它的最大特点是在片内含有Flash存储器，在系统的开发过程中可以十分容易地进行程序的修改，使开发调试更为方便。AT89系列单片机以8031为内核，是与8051系列单片机兼容的系列。
1-8解答：
高档型单片机有AT89S51、AT89S52、AT89S53和AT89S8252等型号，其中AT89S51有4KB可下载Flash存储器，AT89S52、AT89S8252有8KB可下载Flash存储器，AT89S53有12KB可下载Flash存储器。
第2章 MCS-51系列单片机的结构及原理
2-1解答：
MCS-51单片机由8个部件组成：中央处理器（CPU），片内数据存储器（RAM），片内程序存储器（ROM/EPROM），输入/输出接口（I/O口，分为P0口、P1口、P2口和P3口），可编程串行口，定时/计数器，中断系统及特殊功能寄存器（SFR）。
中央处理器（CPU）：单片机的核心部分，它的作用是读入和分析每条指令，根据每条指令的功能要求，控制各个部件执行相应的操作。
片内数据存储器（RAM）：存放各项操作的临时数据。
片内程序存储器（ROM/EPROM）：存放单片机运行所需的程序。
输入/输出接口（I/O口）：单片机与外设相互沟通的桥梁。
可编程串行口：可以实现与其它单片机或PC机之间的数据传送。
定时/计数器：具有可编程功能，可以完成对外部事件的计数，也可以完成定时功能。
中断系统：可以实现分时操作、实时处理、故障处理等功能。
特殊功能寄存器（SFR）：反映单片机的运行状态，包含了单片机在运行中的各种状态字和控制字，以及各种初始值。
2-2解答：
EA引脚是片内外程序存储器的选择信号。当EA端保持高电平时，访问内部程序存储器，但在PC（程序计数器）值超过0FFFH（对于8051/8751/80C51）或1FFFH（对于8052）时，将自动转向访问外部程序存储器。当EA端保持低电平时，不管是否有内部程序存储器，则只访问外部程序存储器。
由于8031片内没有程序存储器，所以在使用8031时，EA引脚必须接低电平。
2-3解答：
在MCS-51单片机中，除P3口具有第二功能外，还有3条控制线具有第二功能。
P3口的第二功能：
P3.0—RXD：串行数据接收端
P3.1—TXD：串行数据发送端
P3.2—0
INT：外部中断0申请输入端
P3.3—1
INT：外部中断1申请输入端
P3.4—T0：定时器0计数输入端
P3.5—T1：定时器1计数输入端
P3.6—WR：外部RAM写选通
P3.7—RD：外部RAM读选通
3条控制线的第二功能：
ALE—PROG：片内EPROM编程脉冲。片内具有EPROM的芯片，在EPROM 编程期间，此引脚输入编程脉冲。
RESET—VPD：备用电源。VCC掉电期间，此引脚可接备用电源，以保持内部RAM数据不丢失。
EA—VPP：片内EPROM编程电源。在对片内具有EPROM的芯片进行编程时，此引脚用于施加21V编程电源。
2-4解答：
MCS-51单片机的内部存储空间分为数据存储器和程序存储器。
内部数据存储器：共256字节单元，包括低128个单元和高128个单元。低128字节又分成3个区域：工作寄存器区（00H~1FH），位寻址区（20H~2FH）和用户RAM区（30H~7FH）。高128字节是供给特殊功能寄存器使用的，因此称之为特殊功能寄存器区。
内部程序存储器：在8031片内无程序存储器，8051片内具有4KB掩模ROM，8751片内具有4KBEPROM。
2-5解答：
MCS-51单片机提供了4组工作寄存器，对于当前工作寄存器组的选择，是通过PSW中的RS1和RS0来进行选择。具体关系如下表：
2-6解答：
内部RAM低128个单元按用途分成3个区域：工作寄存器区（00H~1FH），位寻址区（20H~2FH）和用户RAM区（30H~7FH）。
2-7解答：
DPTR是数据指针寄存器，是一个16位寄存器，用来存放16位存储器的地址，以便对外部数据存储器RAM中的数据进行操作。DPTR由高位字节DPH 和低位字节DPL组成。
2-8解答：
所谓堆栈，顾名思义就是一种以“堆”的方式工作的“栈”。堆栈是在内存中专门开辟出来的按照“先进后出，后进先出”的原则进行存取的RAM区域。堆栈的用途是保护现场和断点地址。在8051单片机复位后，堆栈指针SP 总是初始化到内部RAM地址07H。从08H开始就是8051的堆栈区，这个位臵与工作寄存器组1的位臵相同。因此，在实际应用中，通常要根据需要在程序初始化时对SP重新赋值，以改变堆栈的位臵。
2-9解答：
程序状态字寄存器PSW是8位寄存器，用于存放程序运行的状态信息。
CY（PSW.7）：进位标志位。
AC（PSW.6）：辅助进位标志位。
F0（PSW.5）、F1（PSW.1）：用户标志位。
RS1（PSW.4）、RS0（PSW.3）：工作寄存器组选择位。
OV（PSW.2）：溢出标志位。
P（PSW.0）：奇偶标志位。
2-10解答：
P0口由一个所存器、两个三态输入缓冲器、场效应管、控制与门、反相器和转换开关组成；作为输出口时，必须外接上拉电阻才能有高电平输出，作为输入口时，必须先向锁存器写“1”；作为普通I/O口使用或低8位地址/数据总线使用。
P1口内没有转换开关，但有上拉电阻；只用作普通I/O口使用。
P2口比P1口多了一个转换控制开关；作为普通I/O口使用或高8位地址线使用。
P3口比P1口增加了与非门和缓冲器；具有准双向I/O功能和第二功能。
上述4个端口在作为输入口使用时，应注意必须先向端口写“1”。
2-11解答：
指令周期：执行一条指令所需要的时间。
机器周期：CPU完成一个基本操作所需要的时间。
状态：振荡脉冲经过二分频后，得到的单片机的时钟信号。
拍：振荡脉冲的周期。
当晶振频率为12MHz时，一个机器周期为1μs；当晶振频率为8MHz时，一个机器周期为3μs。
2-12解答：
在时钟电路工作后，只要在单片机的RESET引脚上出现24个时钟震荡脉冲（两个机器周期）以上的高电平，单片机就能实现复位。
复位后，CPU和系统都处于一个确定的初始状态，在这种状态下，所有的专用寄存器都被赋予默认值，除SP=07H，P0~P3口为FFH外，其余寄存器均为0。
2-13解答：
8051单片机应用系统的电压检测电路监测到电源下降时，触发外部中断，在中断服务子程序中将外部RAM中的有用数据送入内部RAM保存。（内部RAM 由备用电源供电）
80C51单片机应用系统的电压检测电路监测到电源降低时，也出发外部中断，在中断服务子程序中，除了要将外部RAM中有用的数据保存以外，还要将特殊功能寄存器的有用内容保护起来，然后对电源控制寄存器PCON进行设臵。
2-14解答：
单片机退出空闲状态有两种方法：中断退出和硬件复位退出。
第3章 MCS-51系列单片机的指令系统
3-1解答：
指令是规定计算机进行某种操作的命令，一台计算机所能执行的指令集合称为该计算机的指令系统。
计算机内部只识别二进制数，因此，能别计算机直接识别、执行的指令时使用二进制编码表示的指令，这种指令别称为机器语言指令。
以助记符表示的指令就是计算机的汇编语言指令。
3-2解答：
[标号：] <操作码> [操作数] [；注释]
3-3解答：
MCS-51系列单片机提供了7种寻址方式：
（1）立即寻址：操作数在指令中直接给出，立即数前面有“#”。
（2）直接寻址：在指令中直接给出操作数地址。对应片内低128个字节单元和特殊功能寄存器。
（3）寄存器寻址：以寄存器的内容作为操作数。对应的寄存器有：R0~R7、A、AB寄存器和数据指针DPTR。
（4）寄存器间接寻址：以寄存器的内容作为RAM地址，该地址中的内容才是操作数。对应片内RAM的低128个单元采用R0、R1作为间址寄存器，片外RAM低256个单元可用R0、R1作为间址寄存器，整个64KB空间可用DPTR 作为间址寄存器。
（5）变址寻址：以DPTR或PC作为基址寄存器，以累加器A作为变址寄存器，并以两者内容相加形成的16位地址作为操作数地址。对应片内、片外的ROM空间。
（6）相对寻址：只在相对转移指令中使用。对应片内、片外的ROM空间。
（7）位寻址：对可寻址的位单独进行操作。对应位寻址区20H~2FH单元的128位和字节地址能被8整除的特殊功能寄存器的相应位。
3-4解答：
直接寻址方式。
3-5解答：
寄存器间接寻址方式。
3-6解答：
立即寻址方式，直接寻址方式，寄存器寻址方式，寄存器间接寻址方式，位寻址方式。
3-7解答：
变址寻址方式
3-8解答：
对于8052单片机内部RAM的高128B，必须采用寄存器间接寻址方式进行访问。
3-9解答：
外部数据传送指令有6条：
MOVX A，@DPTR MOVX @DPTR，A
MOVX A，@Ri MOVX @Ri，A
MOVC A，@A+DPTR MOVC A，@A+PC
（1）MOVX A，@R1 MOVX A，@DPTR
都是访问片外RAM，但二者寻址范围不同。
前1条指令是对片外RAM低256个单元的“读”操作。
后1条指令是对片外RAM64KB空间的“读”操作。
（2）MOVX A，@DPTR MOVX @DPTR，A
访问空间相同，但数据传送方向不同。
前1条指令是对片外RAM64KB空间的“读”操作。
后1条指令是对片外RAM64KB空间的“写”操作。
（3）MOV @R0，A MOVX @R0，A
二者访问的空间不同。
前1条指令是对片内RAM低128个单元的“写”操作。
后1条指令是对片外RAM低256个单元的“写”操作。
（4）MOVC A，@A+DPTR MOVX A，@DPTR
二者访问的空间不同，寻址方式不同。
前1条指令是变址寻址方式，对ROM操作。
后1条指令是寄存器间接寻址方式，对片外RAM操作。
3-10解答：
R0←30H，（R0）=30H
A←（（R0）），（A）=40H
R1←（A），（R1）=40H
B←（（R1）），（B）=10H
（R1）←（P1），（（R1））=（40H）=EFH
P2←（P1），（P2）=EFH
10H←20H，（10H）=20H
30H←（10H），（30H）=20H
结果：（R0）=30H，（A）=40H，（R1）=40H，（B）=10H，（40H）=EFH，（P2）=EFH，（10H）=20H，（30H）=20H
（1）由于在工作寄存器与工作寄存器之间不能直接传送数据，所以需要借助累加器A。
MOV A，R1
MOV R0，A
（2）片外RAM向片内RAM传送数据，不能直接进行，需要借助累加器A。由于片外RAM是60H单元，地址小于FFH，所以间址寄存器使用Ri即可。
MOV R1，#60H
MOVX A，@R1
MOV R0，A
（3）MOV R1，#60H
MOVX A，@R1
MOV 40H，A
（4）片外数据不能直接送入片外单元，需要先将片外数据读入累加器，然后再送到片外。
MOV DPTR，#1000H
MOVX A，@DPTR
MOV R1，#40H
MOVX @R1，A
（5）ROM中的数据需要使用查表指令才能读出来，所以此题不能使用一般的传送指令从ROM中读数据。
MOV DPTR，#2000H
MOV A，#00H
MOVC A，@A+DPTR
MOV R2，A
（6）MOV DPTR，#2000H
MOV A，#00H
MOVC A，@A+DPTR
MOV 40H，A
（7）MOV DPTR，#2000H
MOV A，#00H
MOVC A，@A+DPTR
MOV DPTR，#0200H
MOVX @DPTR，A
3-12解答：
片外RAM与片内RAM之间的数据传送不能直接进行，需要借助累加器A。数据交换需要使用数据交换指令XCH。
MOV DPTR，#1000H
MOVX A，@DPTR
XCH A，60H
MOVX @DPTR，A
本题需要采用查表指令。
ORG 0200H
MOV DPTR，#TAB
MOV A，R7
MOVC A，@A+DPTR
ORG 0300H
TAB：DB 0，1，4，9，16，25，36，49，64，81
3-14解答：
（1）结果：（A）←→（R1），（A）=40H，（R1）=5BH，（PSW）=81H
（2）结果：（A）←→（40H），（A）=C3H，（40H）=5BH，（PSW）=80H
（3）结果：（A）←→（（R1）），（A）=C3H，（（R1））=（40H）=5BH，（PSW）=80H
（4）结果：（A）0~3←→（（R1））0~3，（A）=53H，（（R1））=（40H）=CBH，（PSW）=80H
（5）结果：（A）0~3←→（A）4~7，（A）=B5H，（PSW）=81H
（6）结果：A←（A）+（R1），（A）=9BH，（PSW）=05H
（7）结果：A←（A）+（40H），（A）=1EH，（PSW）=80H
（8）结果：A←（A）+40H，（A）=9BH，（PSW）=05H
（9）结果：A←（A）+（40H）+CY，（A）=1FH，（PSW）=81H
（10）结果：A←（A）-（40H）-CY，（A）=97H，（PSW）=85H
（11）结果：A←（A）- 40H - CY，（A）=1AH，（PSW）=01H
3-15解答：
（1）该组指令执行后（A）=00H，不影响CY位。
（2）该组指令执行后（A）=00H，影响CY位。
说明：单独执行INC指令，只影响奇偶标志位P，不影响半进位标志位AC和进位位CY位。执行ADD指令后，将影响CY、AC和P位。
3-16解答：
本题涉及的是16位数的减法运算，首先应让低8位相减，然后让高8位带着借位相减。注意：应在低8位相减前将进位位CY清空0。
CLR C
MOV A，#56H
SUBB A，#78H
MOV R0，A
MOV A，#23H
SUBB A，#45H
MOV R1，A
3-17解答：
A←（A）∧23H，（A）=03H
42H←（42H）∨（A），（42H）=37H
A←（A） （（R0）），（A）=34H
A←（），（A）=CBH
结果：（A）=CBH
3-18解答：
（1）MOV DPTR，#1000H
MOVX A，@DPTR
CPL A
MOVX @DPTR，A
（2）MOV R0，#60H
MOVX A，@R0
ANL A，#3FH
XRL A，#03H
MOVX @R0，A
3-19解答：
DA A指令的作用是对A中刚进行的两个BCD码的加法结果进行修正，即继续使BCD码加法运算的结果保持为BCD码。使用时，DA A指令只能使用在加法指令后，即ADD指令和ADDC指令。
3-20解答：
MOV DPTR，#1000H
MOVX A，@DPTR
MOV B，#10
MUL AB
MOV 30H，A
MOV 31H，B
MOV DPTR，#2000H
MOVX A，@DPTR
MOV B，#32
MUL AB
ADD A，30H
MOV 30H，A
MOV A，B
ADDC A，31H
MOV 31H，A
3-21解答：
MOV R7，#10
MOV DPTR，#block1
MOV R0，#block2
LOOP： MOVX A，@DPTR
MOV @R0，A
INC DPTR
INC R0
DJNZ R7，LOOP
3-22解答：
MOV A，#01H
LOOP： MOV P0，A
RL A
LCALL DELAY
SJMP LOOP
DELAY：MOV R7，#00H
DELAY1：MOV R6，#00H
DJNZ R6，$
DJNZ R7，DELAY1
RET
3-23解答：
ORL C，11H
MOV 11H，C
MOV C，P1.0
ORL C，10H
ANL C，11H
MOV P1.0，C
3-24解答：
（1）正确。
（2）错误。原因：清零指令只能用于累加器ACC和位操作，而本题中E0H 只能是字节地址（位地址的范围是00H~7FH），所以该条指令错误。
（3）错误。原因：ACC是直接字节地址，不能用于清零指令。
（4）正确。ACC.0是一个位，可以应用到清零指令中。
（5）正确。
（6）错误。原因：取反指令只能用于累加器ACC和位操作，而本题中E0H 只能是字节地址（位地址的范围是00H~7FH），所以该条指令错误。
（7）错误。原因：ACC是直接字节地址，不能用于取反指令。
（8）正确。ACC.0是一个位，可以应用到取反指令中。
3-25解答：
ANL A，B
ORL A，C
MOV F，C
3-26解答：
指令LJMP addr16是长转移指令，指令中提供了16位目的地址，寻址范围是64KB。
指令AJMP addr11是绝对转移指令，指令中11位目的地址，其中a7~a0在第二字节，a10~a8则占据第一字节的高3位，寻址范围是与PC当前值（本指令所在地址+本条指令所占用的字节数2）在同一个2K的区域内。
3-27解答：
（1）MOV P1，#0CAH ；P1←CAH，P1=CAH=11001010B
MOV A，#56H ；A←56H，A=56H=01010110B
JB P1.2，L1 ；若P1.2=1，则转移至L1
JNB ACC.3，L2 ；若ACC.3=0，则转移至L2
…
L1：…
L2：…
执行完本段程序后将转移至L2，因为P1.2=0，ACC.3=0，所以转至L2。
（2）MOV A，#43H ；A←43H，A=43H=01000011B JB ACC.2，L1 ；若ACC.2=1，则转移至L1
JBC ACC.6，L2 ；若ACC.6=1，则转移至L2，同时将ACC.6清零
…
L1：…
L2：…
执行完本段程序后将转移至L2，因为ACC.2=0，ACC.6=1，所以转至L2，并且将ACC.6清零。
3-28解答：
（1）
MOV A，P1
CPL A
ANL A，#0F0H
SWAP A
MOV P1，A
（2）：
LOOP： JNB P1.4，L1 ；
JNB P1.5，L2 ；
JNB P1.6，L3 ；
JNB P1.7，L4 ；
LJMP LOOP ；
L1：MOV P1，#01H ；
LJMP LOOP ；
L2：MOV P1，#02H ；
LJMP LOOP ；
L3：MOV P1，#03H ；
LJMP LOOP ；
L4：MOV P1，#04H ；
LJMP LOOP ；
第4章汇编语言程序设计
4-1解答：
ORG 0100H
MOV A，21H
ADD A，23H
MOV 25H，A
MOV A，20H
ADDC A，22H
MOV 24H，A
RET
4-2解答：
ORG 0200H
MOV A，51H
MOV B，#20
MUL AB
MOV 53H，A
MOV 52H，B
MOV A，50H
MOV B，#3
MUL AB
ADD A，53H
MOV 53H，A
MOV A，B
ADDC A，52H
MOV 52H，A
RET
4-3解答：
题图4-1 习题4-3流程图ORG 0300H
MOV A，DATA
CJNE A，#20，LOP1
LOP1： JC LOP3
CJNE A，#50，LOP2
LOP2： JC LOP4
MOV B，#1
LJMP LOP5
LOP3： MOV B，#2
LJMP LOP5
LOP4： MOV B，#5
LOP5： MUL AB
MOV FUNC，A
RET
4-4解答：
ORG 0400H
MOV A，mun+1
JNB ACC.7，LOOP
CLR C
MOV A，num
SUBB A，#01H
CPL A
MOV num，A
MOV A，#num+1
SUBB A，#00H
CPL A
MOV num+1，A LOOP： RET
4-5解答：
ORG 0500H
MOV DPTR，#JPTAB
MOV A，R2
RL A
JMP @A+DPTR JPTAB：AJMP KEY0
AJMP KEY1
AJMP KEY2
……
AJMP KEY15
KEY0：…
KEY1：…
KEY2：…
……
KEY15：…
4-6解答：
ORG 0600H
MOV R0，#40H
MOV DPTR，#2000H
MOV R7，#21H LOOP： MOV A，@R0
MOVX @DPTR，A
INC R0
INC DPTR
DJNZ R7，LOOP
RET
4-7解答：
ORG 0700H
MOV DPTR，#DATA
MOV R7，#10 LOOP： MOVX A，@DPTR
ORL A，#80H
MOVX @DPTR，A
INC DPTR
DJNZ R7，LOOP
RET
4-8解答：
ORG 0800H
MOV DPTR，#3000H
MOV R0，#30H
MOV R7，#7 LOOP： MOVX A，@DPTR
MOV @R0，A
INC DPTR
INC DPTR
INC R0
DJNZ R7，LOOP
RET
4-9解答：
ORG 0900H
MOV DPTR，#1000H
MOV R1，#30H
MOV R7，#31H LOOP： MOVX A，@DPTR
MOV @R1，A
CLR A
MOVX @DPTR，A
INC DPTR
INC R1
DJNZ R7，LOOP
RET
4-10解答：
ORG 0A00H
MOV R1，#DAT1
MOV DPTR，#DAT2
MOV R6，#10H LOOP1：MOV A，@R1
CJNE A，#0DH，LOOP2
LJMP LOOP3
LOOP2：MOVX @DPTR，A
INC R1
INC DPTR
DJNZ R6，LOOP1 LOOP3：RET
4-11解答：
ORG 0B00H
MOV DPTR，#3000H
MOV R7，#100
MOV one，#00H
MOV two，#00H
MOV three，#00H LOP1： MOVX A，@DPTR
JZ LOP2
JNB ACC.7，LOP3
INC three
LJMP LOP4
LOP2： INC two
LJMP LOP4
LOP3： INC one
LOP4： INC DPTR
DJNZ R7，LOP1
RET
4-12解答：
ORG 0C00H
MOV R0，#50H
MOV A，#00H
MOV R7，#10 LOP：ADD A，@R0
INC R0
DJNZ R7，LOP
MOV B，#10
DIV AB
MOV 5AH，A
RET
4-13解答：
ORG 0D00H
MOV R0，#40H
MOV A，@R0
MOV R7，#47 LOOP： INC R0
MOV 30H，@R0
CJNE A，30H，CHK CHK：JC LOOP1
LOOP1：DJNZ R7，LOOP
MOV MIN，A
RET
4-14解答：
ORG 0E00H START：MOV R0，#40H
MOV R7，#19
CLR 00H
LOOP： MOV A，@R0
MOV 30H，A
INC R0
MOV 31H，@R0
CLR C
SUBB A，@R0
JNC NEXT
MOV @R0，30H
DEC R0
MOV @R0，31H
INC R0
SETB 00H
NEXT： DJNZ R7，LOOP
JB 00H，START
MOV R0，#40H
MOV DPTR，#2000H
MOV R7，#20
LOP1： MOV A，@R0
MOVX @DPTR，A
INC R0
INC DPTR
DJNZ R7，LOP1
RET
4-15解答：
ORG 0F00H
MOV DPTR，#2000H
MOV R7，#100 LOOP1：MOVX A，@DPTR
CJNE A，#44H，LOOP2
MOV 30H，DPL
MOV 31H，DPH
MOV DPTR，#20A0H
MOVX @DPTR，A
INC DPTR
MOV A，31H
MOVX @DPTR，A
LJMP LOOP3
LOOP2：INC DPTR
DJNZ R7，LOOP1 LOOP3：RET
4-16解答：
ORG 1000H
MOV R0，#30H
MOV R1，#50H
MOV R7，#20 LOP1： MOV A，@R0
CJNE A，#0AH，LOP2 LOP2： JNC LOP3
ADD A，#30H
LJMP LOP4
LOP3： ADD A，#37H LOP4： MOV @R1，A
INC R0
INC R1
DJNZ R7，LOP1
RET
4-17解答：
ORG 1100H
MOV R0，#40H
MOV R1，#60H
MOV R7，#N LOP1： MOV A，@R0
CJNE A，#41H，LOP2 LOP2： JNC LOP3
CLR C
SUBB A，#30H
LJMP LOP4
LOP3： CLR C
SUBB A，#37H
LOP4： MOV @R1，A
INC R0
INC R1
DJNZ R7，LOP1
RET
4-18解答：
ORG 1200H
MOV DPTR，#2000H
MOV R0，#30H
MOV R7，#5
LOP1： MOVX A，@DPTR
ANL A，#0FH
ADD A，#30H
MOV @R0，A
INC R0
MOVX A，@DPTR
ANL A，#0F0H
SWAP A
ADD A，#30H
MOV @R0，A
INC R0
INC DPTR
DJNZ R7，LOP1
MOV DPTR，#2005H
MOV R0，#30H
MOV R7，#10
LOP2： MOV A，@R0
MOVX @DPTR，A
INC R0
INC DPTR
DJNZ R7，LOP2
RET
4-19解答：
ORG 1300H
MOV DPTR，#2000H
MOV R0，#30H
MOV R7，#10
LOP1： MOVX A，@DPTR
CLR C
SUBB A，#30H
MOV @R0，A
INC DPTR
MOVX A，@DPTR
CLR C
SUBB A，#30H
SWAP A
ORL A，@R0
MOV @R0，A
INC DPTR
INC R0
DJNZ R7，LOP1
MOV DPTR，#3000H
MOV R0，#30H
MOV R7，#10
LOP2： MOV A，@R0
MOVX @DPTR，A
INC R0
INC DPTR
DJNZ R7，LOP2
RET
4-20解答：
ORG 1400H
MOV A，40H
MOV B，A
MUL AB
MOV 31H，A
MOV A，30H
MOV B，A
MUL AB
CLR C
SUBB A，31H
MOV 30H，A
RET
4-21解答：
ORG 1500H
MOV A，#80H LOOP： MOV P1，A
LCALL DEL
RR A
SJMP LOOP
DEL：MOV R7，#100 DEL1： MOV R6，#198
DJNZ R6，$
DJNZ R7，DEL1
RET
行程问题典型例题及答案详解 行程问题是小学奥数中的重点和难点，也是西安小升初考试中的热点题型，纵观近几年试题，基本行程问题、相遇追及、多次相遇、火车、流水、钟表、平均速度、发车间隔、环形跑道、猎狗追兔等题型比比皆是，以下是一些上述类型经典例题（附答案详解）的汇总整理，有疑问可以直接联系我。 例1：一辆汽车往返于甲乙两地，去时用了4个小时，回来时速度提高了1/7，问：回来用了多少时间？ 分析与解答：在行程问题中，路程一定，时间与速度成反比，也就是说速度越快，时间越短。设汽车去时的速度为v千米/时，全程为s千米，则：去时，有s÷v=s/v=4，则 回来时的时间为：，即回来时用了3.5小时。评注：利用路程、时间、速度的关系解题，其中任一项固定，另外两项都有一定的比例关系（正比或反比）。 例2：A、B两城相距240千米，一辆汽车计划用6小时从A城开到B城，汽车行驶了一半路程，因故障在中途停留了30分钟，如果按原计划到达B城，汽车在后半段路程时速度应加快多少？ 分析：对于求速度的题，首先一定是考虑用相应的路程和时间相除得到。 解答：后半段路程长：240÷2=120（千米），后半段用时为：6÷2－0.5=2.5（小时），后半段行驶速度应为：120÷2.5=48(千米/时)，原计划速度为：240÷6=40（千米/时），汽车在后半段加快了：48－40=8（千米/时）。 答：汽车在后半段路程时速度加快8千米/时。 例3：两码头相距231千米，轮船顺水行驶这段路程需要11小时，逆水每小时少行10千米，问行驶这段路程逆水比顺水需要多用几小时？ 分析：求时间的问题，先找相应的路程和速度。 解答：轮船顺水速度为231÷11=21（千米/时），轮船逆水速度为21－10=11（千米/时），逆水比顺水多需要的时间为：21－11=10（小时） 答：行驶这段路程逆水比顺水需要多用10小时。
单片机原理及其接口技术实验指导书 实验1 Keil C51的使用（汇编语言） 一.实验目的： 初步掌握Keil C51（汇编语言）和ZY15MCU12BD型综合单片机实验箱的操作和使用，能够输入和运行简单的程序。 二.实验设备： ZY15MCU12BD型综合单片机实验箱一台、具有一个RS232串行口并安装Keil C51的计算机一台。 三.实验原理及环境： 在计算机上已安装Keil C51软件。这个软件既可以与硬件（ZY15MCU12BD型综合单片机实验箱）连接，在硬件（单片机）上运行程序；也可以不与硬件连接，仅在计算机上以虚拟仿真的方法运行程序。如果程序有对硬件的驱动，就需要与硬件连接；如果没有硬件动作，仅有软件操作，就可以使用虚拟仿真。 四：实验内容： 1.掌握软件的开发过程： 1）建立一个工程项目选择芯片确定选项。 2）加入C 源文件或汇编源文件。 3）用项目管理器生成各种应用文件。 4）检查并修改源文件中的错误。 5）编译连接通过后进行软件模拟仿真。 6）编译连接通过后进行硬件仿真。 2.按以上步骤实现在P1.0输出一个频率为1Hz的方波。 3.在2的基础上，实现同时在P1.0和P1.1上各输出一个频率同为1Hz但电平状态相反的方波。 五：程序清单： ORG 0000H AGAIN：CPL P1.0 MOV R0，#10 ;延时0.5秒 LOOP1：MOV R1，#100 LOOP2：MOV R2，#250 DJNZ R2，$ DJNZ R1，LOOP2 DJNZ R0，LOOP1 SJMP AGAIN END 六：实验步骤： 1.建立一个工程项目选择芯片确定选项 如图1-1所示：①Project→②New Project→③输入工程名test→④保存工程文件（鼠标点击保存按钮）
实验报告 课程名称操作系统原理实验名称虚拟页式管理 姓名学号专业班级网络 实验日期成绩指导教师赵安科 （①实验目的②实验原理③主要仪器设备④实验内容与步骤⑤实验数据记录与处理⑥实验结果与分析⑦问题建议） 实验二模拟请求页式存储管理中硬件的地址转换和缺页中断，并用先进先出调度算法（FIFO）处理缺页中断 1．内容：模拟请求页式存储管理中硬件的地址转换和缺页中断处理 2．思想： 装入新页置换旧页时，若旧页在执行中没有被修改过，则不必将该页重写磁盘。因此，页表中增加是否修改过的标志，执行“存”指令和“写”指令时将对应的修改标志置成“1” 3．要求及方法： ①设计一个地址转换程序来模拟硬件的地址转换和缺页中断。当访问的页在主存时则形成绝对地址，但不去模拟指令的执行，可以输出转换后的绝对地址来表示一条指令已执行完成。当访问的页不在主存中时，则输出“*页号”来表示硬件产生了一次缺页中断。模拟地址转换流程见图1。 ②编制一个FIFO页面调度程序；FIFO页面调度算法总是先调出作业中最先进入主存中的哪一页。因此可以用一个数组来表示（或构成）页号队列。数组中每个元素是该作业已在主存中的页面号，假定分配给作业的页架数为m，且该作业开始的m页已装入主存，则数组可由m个元素构成。 P[0]，P[1]，P[2]，…，P[m-1] 它们的初值为P[0]：=0，P[1]：=1，P[2]：=2，…，P[m-1]：=m-1 用一指针K指示当要调入新页时应调出的页在数组中的位置，K的初值为“0”，当产生缺页
中断后，操作系统总是选择P[K]所指出的页面调出，然后执行： P[K]：=要装入的新页页号 K ：=(k+1)mod m 在实验中不必实际地启动磁盘执行调出一页和装入一页的工作，而用输出“OUT 调出的页号”和“IN 要装入的新页页号”来模拟一次调出和装入过程，模拟程序的流程图见附图1。 按流程控制过程如下： 提示：输入指令的页号和页内偏移和是否存指令?? ? 0 1非存指令存指令，若d 为-1则结束，否则进 入流程控制过程，得P 1和d ，查表在主存时，绝对地址=P 1×1024+d ③ 假定主存中页架大小为1024个字节，现有一个共7页的作业，其副本已在磁盘上。系统为该作业分配了4个页架，且该作业的第0页至第3页已装入内存，其余3页未装入主 依次执行上述指令调试你所设计的程序（仅模拟指令的执行，不考虑序列中具体操作的执行）。
四、计算题 1某虚拟存储器的用户编程空间共32个页面，每页为1KB,内存为16KBo假定某时刻一用户页表中已调入内存的页面的页号和物理块号的对照表如下： 则逻辑地址0A5C（H）所对应的物理地址是什么？要求：写出主要计算过程。 1. 解：页式存储管理的逻辑地址分为两部分：页号和页内地址。由已知条件用户编程空间共32个页面”可知页号部分占5位；由每页为1KB” 1K=210,可知内页地址占10位。由内存为16KB'，可知有16块，块号为4位。 逻辑地址0A5C（ H）所对应的二进制表示形式是：000 1010 0101 1100 ，根据上面的 分析，下划线部分为页内地址，编码000 10 ”为页号，表示该逻辑地址对应的页号为2o 查页表，得到物理块号是11（十进制），即物理块地址为：10 11,拼接块内地址10 0101 1100, 得10 1110 0101 1100 ，即2E5C（ H）o 2、对于如下的页面访问序列： 1, 2 , 3 , 4 , 1 , 2 , 5 , 1 , 2 , 3 , 4 , 5 当内存块数量为3时，试问：使用FIFO、LRU置换算法产生的缺页中断是多少？写出依次产生缺页中断后应淘汰的页。（所有内存开始时都是空的，凡第一次用到的页面都产生一 次缺页中断。要求写出计算步骤。） 2. 解： 采用先进先出（FIFO ）调度算法，页面调度过程如下： 共产生缺页中断9次。依次淘汰的页是1、2、3、4、1、2 共产生缺页中断10次。依次淘汰的页是1、2、3、4、5、1、2o 3、下表给出了某系统中的空闲分区表，系统采用可变式分区存储管理策略。现有以下作业序列：96K、 20K、200K o若用首次适应算法和最佳适应算法来处理这些作业序列，试问哪一种算法可以满足该作业序列的请求，为什么？ 空闲分区表
第四章 程序设计主要分为哪几种各有什么特点 答: 1.机器语言程序设计.指令难记,程序可读性和移植性差,不易查错和修改. 2.汇编语言程序设计. 需用汇编程序编译成机器码后方可执行,可以直接访问和操作单片机中的寄存器及存储器单元,对数据的处理表述的非常具体. 3.高级语言程序设计. 编程效率高,可移植性强,通用性强,但必须经过编译 AT89C51常用的汇编语言伪指令有哪些它们的作用是什么 答:伪指令有: ORG、END、EQU、DATA、DW、DS、BIT等，作用略 汇编语言程序设计分哪几个步骤每个步骤的主要任务是什么 答：P60页略 设内部RAM中存有两个有符号数A和B，求A和B之差，若溢出，则将两数均清零；否则，两数保持不变。 程序如下： MOV R0,#A MOV A,@R0 MOV R0,#B SUBB A,@R0 JNB OV,OVER MOV @R0,#00H MOV R0,#A MOV @R0,#00H OVER: RET 已知片内30H单元中存有一个8位无符号数。编程将它们乘2，再存回原处。设乘完结果不超出一个字节。 程序如下： ORG 0000H MOV A,30H RL A MOV 30H,A RET 编写程序，把片外ＲＡＭ从２０００Ｈ开始连续存放的８个数据送到片内３０Ｈ开始的单元中。 程序如下： ORG 0000H MOV R7,#08H MOV DPTR,#2000H MOV R0,#30H LOOP1: MOVX A,@DPTR MOV @R0,A INC DPTR INC R0
DJNZ R7,LOOP1 RET 已知片内３０Ｈ，３１Ｈ中存有一个１６位的二进制数，高位在前，低位在后，请编程将它们乘２，再存回原处。设乘完结果不超出双字节。 程序如下： ORG 0000H MOV A,31H CLR CY RLC A MOV 31H,A MOV A,30H RLC A MOV 30H,A AJMP $ 若有两个无符号数Ｘ，Ｙ分别存放在外部数据存储器５０，５１单元中，试编写一个程序，实现Ｘ＊５＋Ｙ，结果高８位存入片内４２单元，低８位存入片内４３单元。 程序如下： ORG 0000H MOV DPTR,#0050H; X先乘２ MOVX A,@DPTR MOV 43H,A CLR CY RLC A MOV R0,A CLR A ADDC A,42H ; 高位存 RL A MOV 42H,A MOV A,R0 ;x再乘２ CLR CY RLC A MOV R0,A CLR A ADDC A,42H ;存高位 MOV 42H,A MOV A,R0 ;４x再加x CLR CY ADD A,43H MOV 43H,A
行程问题（一） 专题简析： 行程应用题是专门讲物体运动的速度、时间、路程三者关系的应用题。行程问题的主要数量关系是：路程=速度×时间。知道三个量中的两个量，就能求出第三个量。 例1 甲、乙两车同时从东、西两地相向开出，甲车每小时行56千米，乙车每小时行48千米。两车在距中点32千米处相遇，东、西两地相距多少千米 分析与解答从图中可以看出，两车相遇时，甲车比乙车多行了32×2=64（千米）。两车同时出发，为什么甲车会比乙车多行64千米呢因为甲车每小时比乙车多行56-48=8（千米）。64里包含8个8，所以此时两车各行了8小时，东、西两地的路程只要用（56+48）×8就能得出。 32×2÷（56－48）=8（小时） （56＋48）×8=832（千米） 答：东、西两地相距832千米。 练习一 》 1，小玲每分钟行100米，小平每分钟行80米，两人同时从学校和少年宫出发，相向而行，并在离中点120米处相遇。学校到少年宫有多少米 2，一辆汽车和一辆摩托车同时从甲、乙两地相对开出，汽车每小时行40千米，摩托车每小时行65千米，当摩托车行到两地中点处时，与汽车还相距75千米。甲、乙两地相距多少千米
例2 快车和慢车同时从甲、乙两地相向开出，快车每小时行40千米，经过3小时，快车已驶过中点25千米，这时快车与慢车还相距7千米。慢车每小时行多少千米 分析与解答快车3小时行驶40×3=120（千米），这时快车已驶过中点25千米，说明甲、乙两地间路程的一半是120－25=95（千米）。此时，慢车行了95－25－7=63（千米），因此慢车每小时行63÷3=21（千米）。 [ （40×3－25×2－7）÷3=21（千米） 答：慢车每小时行21千米。 练习二 1，兄弟二人同时从学校和家中出发，相向而行。哥哥每分钟行120米，5分钟后哥哥已超过中点50米，这时兄弟二人还相距30米。弟弟每分钟行多少米 2，汽车从甲地开往乙地，每小时行32千米。4小时后，剩下的路比全程的一半少8千米，如果改用每小时56千米的速度行驶，再行几小时到达乙地 & 例3 甲、乙二人上午8时同时从东村骑车到西村去，甲每小时比乙快6千米。中午12时甲到西村后立即返回东村，在距西村15千米处遇到乙。求东、西两村相距多少千米 分析与解答二人相遇时，甲比乙多行15×2=30（千米），说明二人已行30÷6=5（小时），上午8时至中午12时是4小时，所以甲的速度是15÷（5－4）=15（千米/小时）。 因此，东西两村的距离是15×（5－1）=60（千米）
0924]《单片机原理与接口技术》 作业一 [单选题]MCS―51单片机一个机器周期由（）个振荡周期构成；A：2 B：4 C：8 D：12 参考答案：D [多选题]电子计算机的硬件系统主要组成部分有（）A：CPU B：存储器 C：输入设备 D：输出设备 参考答案：ABCD [单选题]MCS-51单片机是（）位机。 A：4 B：8 C：16 D：32 参考答案：B [单选题]使用MCS51汇编语言指令时，标号以（）开始。 A：标点符号 B：数字 C：英文字符 D：中文字符 参考答案：C
[多选题]CPU的主要组成部分有（） A：运算器 B：控制器 C：程序存储器 D：数据存储器 参考答案：AB [判断题]MCS-51单片机复位后，RS1、RS0为0、0，此时使用0组工作寄存器。 参考答案：正确 [判断题]MCS-51单片机复位后，部特殊功能寄存器均被清零。 参考答案：错误 [填空题] 1.十六进制数30H等于十进制数（）； 2.十六进制数20H的压缩BCD码为（）； 3.与十进制数40相等的十六进制数为( )； 4.十六进制数037H对应的压缩BCD码可表示为( )； 5.字符"A”的ASCII码为（）； 6.字符"D”的ASCII码为（）； 7.字符"1”的ASCII码为（）； 8.字符"5”的ASCII码为（）； 9.位09H所在的单元地址是（）字节的（）位； 10.编写程序时使用的程序设计语言有（）、（）、（）三种； 11.MCS―51单片机有四个工作寄存器区，由PSW状态字中的（）、（）两位的状态来 决定； 12.定时器的工作方式（）为16位为定时/计数方式； 13.串行通讯分为（）和（）两种基本方式； 14.串行通讯工作方式1和方式3的波特率有SMOD值和（）控制。 参考答案：
习题四 3、何谓静态链接？何谓装入时动态链接和运行时的动态链接？ 答：(1) 静态链接。在程序运行之前，先将各目标模块及它们所需的库函数，链接成一个完整的装配模块，以后不再拆开。我们把这种事先进行链接的方式称为静态链接方式。 (2) 装入时动态链接。这是指将用户源程序编译后所得到的一组目标模块，在装入内存时，采用边装入边链接的链接方式。 (3) 运行时动态链接。这是指对某些目标模块的链接，是在程序执行中需要该(目标)模块时，才对它进行的链接。 6、为什么要引入动态重定位？如何实现？ 答：（1）在连续分配方式中，必须把一个系统或用户程序装入一连续的内存空间。如果在系统中只有若干个小的分区，即使它们容量的总和大于要装入的程序，但由于这些分区不相邻接，也无法把该程序装入内存。这种不能被利用的小分区称为“零头”或“碎片”。为了消除零头所以要引入动态重定位。 （2）在动态运行时装入的方式中，作业装入内存后的所有地址都仍然是相对地址，将相对地址转换为物理地址的工作，被推迟到程序指令要真正执行时进行。为使地址的转换不会影响到指令的执行速度，必须有硬件地址变换机构的支持，即须在系统中增设一个重定位寄存器，用它来存放程序(数据)在内存中的起始地址。程序在执行时，真正访问的内存地址是相对地址与重定位寄存器中的地址相加而形成的。地址变换过程是在程序执行期间，随着对每条指令或数据的访问自动进行的，故称为动态重定位。 14、较详细地说明引入分段存储管理是为了满足用户哪几方面的需要。 答：1) 方便编程 通常，用户把自己的作业按照逻辑关系划分为若干个段，每个段都是从0 开始编址，并有自己的名字和长度。因此，希望要访问的逻辑地址是由段名(段号)和段内偏移量(段内地址)决定的。
3-5 指出下列指令中45H代表什么。 MOV A，#45H MOV A，45H MOV 45H，46H MOV C，45H MOV A，#45H中的45H代表立即数45H，该立即数为16进制。 MOV A，45H 中的45H代表直接地址45H单元。 MOV 45H，46H中的45H代表目的操作数所指定的单元为45H。 MOV C，45H中的45H代表45H位。 3-6 分析下列程序执行的结果。 （1）MOV A，#60H MOV R0，#40H MOV @R0, A MOV 41H, R0 XCH A, R0 执行结果为：（A）=40H（R0）=60H（40H）=60H（41H）=40H （2）MOV DPTR，#2003H MOV A，#18H MOV 20H，#38H MOV R0，#20H XCH A，@R0 执行结果为：（DPH）=20H（DPL）=03H（A）=38H（20H）=18H （R0）=20H （3）MOV 20H，#01H MOV A，20H INC A CPL A MOV DPTR，#2000H MOVX @DPTR, A 执行结果为：（20H）=01H（A）=FDH（DPTR）=2000H （2000H）=FDH 3-8 按要求写出相应的指令。 （1）把寄存器R6的内容送到累加器A中。 （2）把外部RAM 1000H单元的内容传送到内部RAM 30H单元中。 （3）清除内部RAM 3FH 单元的高4位。 （4）使累加器A的最低位置1。 （5）清除进位位。 （6）使ACC.4和ACC.5置1。 （7）把外部ROM 2000H单元中的内容送到内部RAM的20H单元中。 （8）把外部ROM 2000H单元中的内容送到外部RAM的3000H单元中。 （1）MOV A,R6 （2）MOV DPTR,#1000H MOVX A,@DPTR MOV R0,#30H
第十讲：行程问题分类例析 主讲：何老师 行程问题有相遇问题，追及问题，顺流、逆流问题，上坡、下坡问题等.在运动形式上分直线运动及曲线运用(如环形跑道). 相遇问题是相向而行.相遇距离为两运动物体的距离和.追及问题是同向而行,分慢的在快的前面或慢的先行若干时间,快的再追及,追及距离慢快S S S +=.顺逆流、顺风逆风、上下坡应注意运动方向，去时顺流， 回时则为逆流. 一、相遇问题 例1：两地间的路程为360km ，甲车从A 地出发开往B 地，每小时行72km ；甲车出发25分钟后，乙车从B 地出发开往A 地，每小时行使48km ，两车相遇后，各自按原来速度继续行使，那么相遇以后，两车相距100km 时，甲车从出发开始共行驶了多少小时？ 分析：利用相遇问题的关系式（相遇距离为两运动物体的距离和）建立方程. 解答：设 甲车共 行使了 xh ，则乙车行使了h x )(60 25-.（如图1） 依题意，有72x+48)(60 25-x =360+100,
解得x=4. 因此，甲车共行使了4h. 说明：本题两车相向而行，相遇后继续行使100km ，仍属相遇问题中的距离，望读者仔细体会. 例2:一架战斗机的贮油量最多够它在空中飞行 4.6h,飞机出航时顺风飞行,在静风中的速度是575km/h,风速25 km/h,这架飞机最多能飞出多少千米就应返回? 分析:列方程求解行程问题中的顺风逆风问题. 顺风中的速度=静风中速度+风速 逆风中的速度=静风中速度-风速 解答:解法一:设这架飞机最远飞出xkm 就应返回. 依题意，有6425 57525575.=-++x x 解得:x=1320. 答:这架飞机最远飞出1320km 就应返回. 解法二: 设飞机顺风飞行时间为th. 依题意,有(575+25)t=(575-25)(4.6-t), 解得:t=2.2.
单片机原理及接口技术课后答案_（第三版） 第一章 1.单片机具有哪些特点 （1）片内存储容量越来越大。 （2抗干扰性好，可靠性高。 （3）芯片引线齐全，容易扩展。 （4）运行速度高，控制功能强。 （5）单片机内部的数据信息保存时间很长，有的芯片可以达到100年以上。2. 89C51单片机内包含哪些主要逻辑功能部件？ 答：80C51系列单片机在片内集成了以下主要逻辑功能部件： (l)CPU(中央处理器):8位 (2)片内RAM:128B (3)特殊功能寄存器:21个 (4)程序存储器:4KB (5)并行I/O口:8位，4个 (6)串行接口:全双工，1个 (7)定时器/计数器:16位，2个 (8)片内时钟电路:1个 3.什么是微处理器(CPU)、微机和单片机？ 答：微处理器本身不是计算机，但它是小型计算机或微机的控制和处理部分。微机则是具有完整运算及控制功能的计算机，除了微处理器外还包括存储器、接口适配器以及输入输出设备等。 单片机是将微处理器、一定容量的RAM、ROM以及I/O口、定时器等电路集成在一块芯片上，构成的单片微型计算机。 4. 微型计算机怎样执行一个程序？ 答：通过CPU指令，提到内存当中，再逐一执行。 5.什么是嵌入式系统？他有哪些类型？为什么说单片机是典型的嵌入式系统？答; 嵌入式系统是将先进的计算机技术、半导体技术和电子技术和各个行业的具体应用相结合后的产物，这一点就决定了它必然是一个技术密集、资金密集、高度分散、不断创新的知识集成系统。
它有嵌入式微处理器、嵌入式微控制器、嵌入式DSP处理器、嵌入式片上系统等。 嵌入式系统的出现最初是基于单片机的。它从体系结构到指令系统都是按照嵌入式应用特点专门设计的，能最好的满足面对控制对象，应运系统的嵌入、现场的可靠运行以及非凡的控制品质要求。因此，她是典型的嵌入式系统。 第二章 1.89C51单片机内包含哪些主要逻辑功能部件？ 答：80C51系列单片机在片内集成了以下主要逻辑功能部件： (l)CPU(中央处理器):8位 (2)片内RAM:128B (3)特殊功能寄存器:21个 (4)程序存储器:4KB (5)并行I/O口:8位，4个 (6)串行接口:全双工，1个 (7)定时器/计数器:16位，2个 (8)片内时钟电路:1个 2.89C51的EA端有何用途？ 答：/EA端接高电平时，CPU只访问片内https://www.doczj.com/doc/c62506246.html,并执行内部程序，存储器。/EA端接低电平时，CPU只访问外部ROM，并执行片外程序存储器中的指令。/EA 端保持高电平时，CPU执行内部存储器中的指令。 3. 89C51的存储器分哪几个空间?如何区别不同空间的寻址? 答：ROM（片内ROM和片外ROM统一编址）（使用MOVC）（数据传送指令）（16bits地址）（64KB） 片外RAM（MOVX）（16bits地址）（64KB） 片内RAM（MOV）（8bits地址）（256B） 4. 简述89C51片内RAM的空间分配。 答：片内RAM有256B 低128B是真正的RAM区 高128B是SFR（特殊功能寄存器）区 5. 简述布尔处理存储器的空间分配，片内RAM中包含哪些可位寻址单元。 答：片内RAM区从00H~FFH（256B） 其中20H~2FH（字节地址）是位寻址区 对应的位地址是00H~7FH
行程问题（一） 【知识分析】 相遇是行程问题的基本类型，在相遇问题中可以这样求全程：速度和×时间=路程，今天，我们学校这类问题。 【例题解读】 例1客车和货车同时分别从两地相向而行，货车每小时行85千米，客车每小时行90千米，两车相遇时距全程中点8千米， 两地相距多少千米？ 【分析】根据题意，两车相遇时货车行了全程的一半-8千米，客车行了全程的一半+8千米，也就是说客车比货车多行了8×2=16千米，客车每小时比货车多行90-85=5千米。那么我们先求客车和货车两车经过多少小时在途中相遇，然后再求出总路程。 （1）两车经过几小时相遇？8×2÷（90-85）=3.2小时 （2）两地相距多少千米？（90+85）×3.2=560（千米） 例2小明和小丽两个分别从两地同时相向而行，8小时可以相遇，如果两人每小时多少行1.5千米，那么10小时相遇，两地 相距多少千米？ 【分析】两人每小时多少行1.5千米，那么10小时相遇，如果以这样的速度行8小时，这时两个人要比原来少行1.5×2×8=24（千米）这24千米两人还需行10-8=2（小时），那么减速后的速度和是24÷2=12（千米）容易求出两地的距离 1.5×2×8÷（10-8）×=120千米 【经典题型练习】
1、客车和货车分别从两地同时相向而行，2.5小时相遇，如果两车 每小时都比原来多行10千米，则2小时就相遇，求两地的距离？ 2、在一圆形的跑道上，甲从a点，乙从b点同时反方向而行，8 分钟后两人相遇，再过6分钟甲到b点，又过10分钟两人再次相遇，则甲环形一周需多少分钟？
【知识分析】 两车从两地同时出发相向而行，第一次相遇合起来走一个全程，第二次相遇走了几个全程呢？今天，我们学习这类问题 【例题解读】 例 a、b两车同时从甲乙两地相对开出，第一次在离甲地95千米处相遇，相遇后两车继续以原速行驶，分别到达对方站点后立即返回，在离乙地55千米处第二次相遇，求甲乙两地之间的距离是多少千米？ 【分析】a、b两车从出发到第一次相遇合走了一个全程，当两年合走了一个全程时，a车行了95千米 从出发到第二次相遇，两车一共行了三个全程，a车应该行了95×3=285（千米）通过观察，可以知道a车行了一个全程还多55千米，用285千米减去55千米就是甲乙两地相距的距离 95×3—55=230千米 【经典题型练习】 1、甲乙两车同时从ab两地相对开出，第一次在离a地75千米相 遇，相遇后两辆车继续前进，到达目的地后立即返回，第二次相遇在离b地45千米处，求a、b两地的距离 2、客车和货车同时从甲、乙两站相对开出，第一次相遇在距乙站 80千米的地方，相遇后两车仍以原速前进，在到达对方站点后立即沿原路返回，两车又在距乙站82千米处第二次相遇，甲乙两站相距多少千米？
第九章复习思考题 1. 计算机系统中为什么要设置输入输出接口？ 输入/输出接口电路是CPU与外设进行数据传输的桥梁。外设输入给CPU的数据，首先由外设传递到输入接口电路，再由CPU从接口获取；而CPU输出到外设的数据，先由CPU输出到接口电路，然后与接口相接的外设获得数据。CPU与外设之间的信息交换，实际上是与I/O接口电路之间的信息交换。 2. 简述输入输出接口的作用。 I/O接口电路的作用主要体现在以下几个方面：（1）实现单片机与外设之间的速度匹配；（2）实现输出数据锁存；（3）实现输入数据三态缓冲；（4）实现数据格式转换。 3. 在计算机系统中，CPU与输入输出接口之间传输数据的控制方式有哪几种？各有什么特点？ 在计算机系统中，CPU与I/O接口之间传输数据有3种控制方式：无条件方式，条件方式，中断方式，直接存储器存取方式。 在无条件方式下，只要CPU执行输入/输出指令，I/O接口就已经为数据交换做好了准备，也就是在输入数据时，外设传输的数据已经传送至输入接口，数据已经在输入接口端准备好；输出数据时，外设已经把上一次输出的数据取走，输出接口已经准备好接收新的数据。 条件控制方式也称为查询方式。CPU进行数据传输时，先读接口的状态信息，根据状态信息判断接口是否准备好，如果没有准备就绪，CPU将继续查询接口状态，直到其准备好后才进行数据传输。 在中断控制方式下，当接口准备好数据传输时向CPU提出中断请求，如果满足中断响应条件，CPU则响应，这时CPU才暂时停止执行正在执行的程序，转去执行中断处理程序进行数据传输。传输完数据后，返回原来的程序继续执行。 直接存储器存取方式即DMA方式，它由硬件完成数据交换，不需要CPU的介入，由DMA控制器控制，使数据在存储器与外设之间直接传送。 4. 采用74LS273和74LS244为8051单片机扩展8路输入和8路输出接口，设外设8个按钮开关和8个LED，每个按钮控制1个LED，设计接口电路并编制检测控制程序。 图9.1题3接口电路原理图
页式虚拟存储管理中地址转换和缺页中断 一．实验目的 （1）深入了解存储管理如何实现地址转换。 （2）进一步认识页式虚拟存储管理中如何处理缺页中断。 二．实验内容 编写程序完成页式虚拟存储管理中地址转换过程和模拟缺页中断的处理。 三．实验原理 页式存储管理把内存分割成大小相等位置固定的若干区域，叫内存页面，内存的分配以“页”为单位，一个程序可以占用不连续的页面，逻辑页面的大小和内存页面的大小相同，内外存的交换也以页为单位进行，页面交换时，先查询快表，若快表中找不到所需页面再去查询页表，若页表中仍未找到说明发生了缺页中断，需先将所需页面调入内存再进行存取。 四．实验部分源程序 #define size 1024//定义块的大小，本次模拟设为1024个字节。 #include "stdio.h" #include "string.h" #include
操作系统复习题 一、单项选择题：在每小题列出的四个备选项中只有一个是最符合题目要求的，请将其代码填写在题后的括号内。错选、多选或未选均无分。 1．操作系统的主要功能是管理计算机系统中的（）。【D 】A．程序B．数据 C．文件D．资源 2．产生死锁的基本原因是（）和进程推进顺序非法。【 A 】A．资源分配不当B．系统资源不足 C．作业调度不当D．进程调度不当 3．动态重定位是在作业的（）中进行的。【D 】A．编译过程B．装入过程 C．连接过程D．执行过程 4．存放在磁盘上的文件，（）。【A 】A．既可随机访问又可顺序访问B．只能随机访问 C．只能顺序访问D．只能读写不能访问 5．对于硬盘上存放的信息，物理上读写的最小单位是一个（）。【C 】A．二进制（bit）B．字节(byte) C．物理块D．逻辑记录 6．操作系统中利用信号量和P、V操作，（）。【C 】A．只能实现进程的互斥B．只能实现进程的同步 C．可实现进程的互斥与同步D．可完成进程调度 7．SPOOLing技术可以实现设备的（）。【C 】A．独占B．共享 C．虚拟D．物理 8．在存储管理的各方案中，可扩充主存容量的方案是（）存储管理。【D 】A．固定分区B．可变分区 C．连续D．页式虚拟 9．磁盘是可共享的设备，每一时刻（）进程与它交换信息。【C 】A．允许有两个B．可以有任意多个 C．最多一个D．至少有一个 10．逻辑文件存放到存储介质上时，采用的组织形式是与（）有关。【B 】 ×××××试题答案及评分参考（×）第1页（共×页）
A．逻辑文件结构B．存储介质特性 C．主存管理方式D．分配外设方式 11．在操作系统中，（）是竞争和分配计算机系统资源的基本单位。【B 】A．程序B．进程 C．作业D．线程 12．作业调度的关键在于（）。【C 】A．选择恰当的进程管理程序B．用户作业准备充分 C．选择恰当的作业调度算法D．有一个较好的操作环境 13．文件的保密是指防止文件被（）。【C 】A．篡改B．破坏 C．窃取D．删除 14．系统抖动是指（）。【 D 】A．使用机器时，屏幕闪烁的现象 B．由于主存分配不当，偶然造成主存不够的现象 C．系统盘有问题，致使系统部稳定的现象 D．被调出的页面又立刻被调入所形成的频繁调入调出现象 15．避免死锁的一个著名的算法是（）。【C 】A．先入先出算法 B．优先级算法 C．银行家算法D．资源按序分配法 16．在多进程的并发系统中，肯定不会因竞争（）而产生死锁。【D 】A．打印机B．磁带机 C．磁盘D．CPU 17．用户程序中的输入、输出操作实际是由（）完成。【C 】A．程序设计语言B．编译系统 C．操作系统D．标准库程序 18．在分页存储管理系统中，从页号到物理块的地址映射是通过（）实现的。【B 】A．段表B．页表 C．PCB D．JCB 19．在操作系统中，进程的最基本特征是（）。【A 】A．动态性和并发性B．顺序性和可再现性 C．与程序的对应性D．执行过程的封闭性 20．一种既有利于短小作业又兼顾到长作业的作业调度算法是（）。【C 】A．先来先服务B．轮转 C．最高响应比优先D．均衡调度 ×××××试题答案及评分参考（×）第2页（共×页）
8.如图3-1，甲和乙两人分别从一圆形场地的直径两端点同时开始以匀速按相反的方向绕此 圆形路线运动，当乙走了100米以后，他们第一次相遇，在甲走完一周前60米处又第二次 相遇.求此圆形场地的周长． 【分析与解】 注意观察图形，当甲、乙第一次相遇时，甲乙共走完 12圈的路程，当甲、乙第二次相遇时，甲乙共走完1+12＝32 圈的路程． 所以从开始到第一、二次相遇所需的时间比为1：3，因而第二次相遇时乙行走的总路 程为第一次相遇时行走的总路程的3倍，即100×3=300米． 有甲、乙第二次相遇时，共行走(1圈－60)+300，为 32 圈，所以此圆形场地的周长为480米． 行程问题分类例析 欧阳庆红 行程问题有相遇问题，追及问题，顺流、逆流问题，上坡、下坡问题等.在运动形式上 分直线运动及曲线运用(如环形跑道). 相遇问题是相向而行.相遇距离为两运动物体的距离 和.追及问题是同向而行,分慢的在快的前面或慢的先行若干时间,快的再追 及,追及距离慢快S S S +=.顺逆流、顺风逆风、上下坡应注意运动方向，去时顺流，回时则为逆流. 一、相遇问题 例1：两地间的路程为360km ，甲车从A 地出发开往B 地，每小时行72km ；甲车出发25 分钟后，乙车从B 地出发开往A 地，每小时行使48km ，两车相遇后，各自按原来速度继续 行使，那么相遇以后，两车相距100km 时，甲车从出发开始共行驶了多少小时？ 分析：利用相遇问题的关系式（相遇距离为两运动物体的距离和）建立方程.
解答：设甲车共行使了xh，则乙车行使了h x) ( 60 25 -.（如图1） 依题意，有72x+48) ( 60 25 - x=360+100, 解得x=4. 因此，甲车共行使了4h. 说明：本题两车相向而行，相遇后继续行使100km，仍属相遇问题中的距离，望读者仔细体会. 例2:一架战斗机的贮油量最多够它在空中飞行 4.6h,飞机出航时顺风飞行,在静风中的速度是575km/h,风速25 km/h,这架飞机最多能飞出多少千米就应返回? 分析:列方程求解行程问题中的顺风逆风问题. 顺风中的速度=静风中速度+风速 逆风中的速度=静风中速度-风速 解答:解法一:设这架飞机最远飞出xkm就应返回. 依题意，有6 4 25 575 25 575 . = - + + x x 解得:x=1320. 答:这架飞机最远飞出1320km就应返回. 解法二:设飞机顺风飞行时间为th. 依题意,有(575+25)t=(575-25)(4.6-t), 解得:t=2.2. (575+25)t=600×2.2=1320. 答:这架飞机最远飞出1320km就应返回. 说明:飞机顺风与逆风的平均速度是575km/h,则有6 4 575 2 . = x ,解得x=1322.5.错误原因在于飞机平均速度不是575km/h,而是) / (h km v v v v v x v x x 574 550 600 550 600 2 2 2 ≈ + ? ? = + ? = +逆 顺 逆 顺 逆 顺 例3:甲、乙两人在一环城公路上骑自行车，环形公路长为42km，甲、乙两人的速度分别为21 km/h、14 km/h. (1)如果两人从公路的同一地点同时反向出发，那么经几小时后,两人首次相遇? (2)如果两人从公路的同一地点同时同向出发，那么出发后经几小时两人第二次相遇? 分析:这是环形跑道的行程问题. 解答:(1)设经过xh两人首次相遇. 依题意,得(21+14)x=42, 解得:x=1.2. 因此,经过1.2小时两人首次相遇. (3)设经过xh两人第二次相遇. 依题意,得21x-14x=42×2, 图1
《单片机原理及接口技术》试卷（闭卷A卷） 一.单项选择题（每题1分，共20分） 1.DPTR为（） A.程序计数器 B.累加器 C.数据指针寄存 器 D.程序状态字寄存 2.PSW的Cy位为（） A.辅助进位标志 B.进位标志 C.溢出标志位 D.奇偶标志位 3.MCS－51单片机片内ROM容量为（） A.4KB B.8KB C.128B D.256B 4.MCS－51单片机片要用传送指令访问片外数据存储器，它的指令操作码助记符是以下哪个？（ ） A.MUL B.MOVX C.MOVC D.MOV 5.direct表示（） A.8位立即数 B.16位立即数 C.8位直接地址 D.16位地址 6.堆栈指针SP是一个（）位寄存器 A.8 B.12 C.13 D.16 7.定时器/计数器工作方式选择中，当M1M0＝11时，其工作方式为（） A.方式0 B.方式1 C.方式2 D.方式3 8.定时器/计数器工作方式0为（） A.13位定时/计数方式 B.16位定时/计数方式 C.8位可自动装入计数初值方式 D.2个8位方式 9.MCS－51的最小时序定时单位是（） A.节拍 B.状态 C.机器周期 D.指令周期 10.＃data表示（） A.8位直接地址 B.16位地址 C.8位立即数 D.16位立即数 11.主频为12MHz的单片机它的机器周期为（） A.1/12微秒 B.0.5微秒 C.1微秒 D.2 微秒 12.MCS-51单片机在同一优先级的中断源同时申请中断时，CPU首先响应（）。 A.外部中断0 B.外部中断1 C.定时器0中断 D.定时器1中断 13.MOVC A ,@A+PC指令对于源操作数的寻址方式是（） A.寄存器间接寻址 B.寄存器寻址 C.立即寻址 D.变地寻址 14. PSEN为（）A.复位信号输入端 B.地址锁存允许信 号输出端 C.程序存储允许输出端 D.程序存储器地址 允许输入端 15.MCS－51单片机的一个机器周期由（）个振荡脉冲组成。 A.2 B.4 C.6 D.12 16.MOVC A ,#30H指令对于源操作数的寻址方式 是（） A.寄存器间接寻址 B.寄存器寻址 C.立即寻址 D.变地寻址 17.计算机能直接识别的语言为（） A.汇编语言 B. 机器语言 C.自然语言 D.硬件和软件 18．PSW的OV位为（） A.辅助进位标志 B.进位标志 C.溢出标志位 D.奇偶标志位 19．在单片机中（）为程序存储器。A．ROM B. RAM C.EPROM D.EEPROM 20．能用紫外线光擦除ROM中的程序的只读存储器为（） A.掩膜ROM B.PROM C.EPROM D.EEPROM 二、填空（每题 2 分，共 10 分） 1、从单片机系统扩展的角度出发，单片机的引脚可以构成三总线结构，即总线、地址总线和总线。 2、ALE信号的作用是。 3、MOV A，40H 指令对于源操作数的寻址方式是 寻址。 4、PC存放的内容为： 。 5、MCS-8051系列单片机字长是位，有 根引脚。 三、简答题：（共 25 分） 1、什么是单片机？简述单片机的应用领域。（15 分） 2、什么叫中断？中断有什么特点？（10 分） 四.已知：（R1）=32H,(30H)=AAH,(31H)=BBH,(32H) =CCH,求执行下列指令后累加器A.50H.R6.32H.和P 1口中的内容。(10分) MOV A ,#30H MOV 50H ,A MOV R6 ,31H
实验二模拟请求页式存储管理中硬件的地址转换和缺页中断，并用先进先出调度算法（FIFO）处理缺页中断 1．内容：模拟请求页式存储管理中硬件的地址转换和缺页中断处理 2．思想： 装入新页置换旧页时，若旧页在执行中没有被修改过，则不必将该页重写磁盘。因此，页表中增加是否修改过的标志，执行“存”指令和“写”指令时将对应的修改标志置成“1” 3．要求及方法： ①设计一个地址转换程序来模拟硬件的地址转换和缺页中断。当访问的页在主存时则形成绝对地址，但不去模拟指令的执行，可以输出转换后的绝对地址来表示一条指令已执行完成。当访问的页不在主存中时，则输出“*页号”来表示硬件产生了一次缺页中断。模拟地址转换流程见图1。 ②编制一个FIFO页面调度程序；FIFO页面调度算法总是先调出作业中最先进入主存中的哪一页。因此可以用一个数组来表示（或构成）页号队列。数组中每个元素是该作业已在主存中的页面号，假定分配给作业的页架数为m，且该作业开始的m页已装入主存，则数组可由m个元素构成。 P[0]，P[1]，P[2]，…，P[m-1] 它们的初值为P[0]：=0，P[1]：=1，P[2]：=2，…，P[m-1]：=m-1 用一指针K指示当要调入新页时应调出的页在数组中的位置，K的初值为“0”，当产生缺页中断后，操作系统总是选择P[K]所指出的页面调出，然后执行： P[K]：=要装入的新页页号 K：=(k+1)mod m 在实验中不必实际地启动磁盘执行调出一页和装入一页的工作，而用输出“OUT调出的页号”和“IN要装入的新页页号”来模拟一次调出和装入过程，模拟程序的流程图见附图1。 按流程控制过程如下：