2014-2015学年江苏省盐城市建湖县上冈高中高二(上)期中物理试卷(选修)

实验中学2014-2015学年度第一学期期中考试试题高二物理(选修)一、单项选择题〔每题3分〕1.首先发现电流磁效应的科学家是( ) A. 安培B. 库仑C.奥斯特D. 麦克斯韦2.磁感应强度单位是特斯拉,1T 相当于A. 1kg ·m 2/S 2B. 1kg ·m/A ·s 2C. 1kg/A ·s 2D. 1kg ·m 2/ A ·s 23．如下列图，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L ，质量为m 的直导体棒。

当导体棒中的电流Ⅰ垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中，当外加匀强磁场的磁感应强度B 的方向在纸面内由竖直向上沿逆时针转至水平向左的过程中，如下关于B 的大小变化的说法中，正确的答案是〔 〕 A ．逐渐增大 B ．逐渐减小 C ．先减小后增大D ．先增大后减小4、一束带电粒子以同一速度，并从同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如下列图．粒子1q 的轨迹半径为1r ，粒子2q 的轨迹半径为2r ，且212r r =，1q 、2q 分别是它们的带电量，如此A ．1q 带负电、2q 带正电，荷质比之比为1212:2:1q q m m = B ．1q 带负电、2q 带正电，荷质比之比为1212:1:2q q m m = C ．1q 带正电、2q 带负电，荷质比之比为1212:2:1q q m m = D ．1q 带正电、2q 带负电，荷质比之比为1212:1:1q q m m = 5．如下列图的电路中，电源的输出电压恒为U ，电动机M 的线圈电阻与电炉L 的电阻一样，电动机正常工作，在一样的时间内，如下判断正确的答案是( )A ．电炉放出的热量大于电动机放出的热量B ．电炉两端电压小于电动机两端电压C ．电炉两端电压等于电动机两端电压D ．电动机消耗的功率等于电炉消耗的功率二、多项选择题〔每题4分〕6.如下列图，质量为m 、长为L 的直导线用两绝缘细线悬挂于O 、O ′，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x 负方向的电流I ，且导线保持静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ．如此磁感应强度的方向和大小可能为〔 〕 A ． y 负向，mg/IL B ．z 正向，mgtan θ/IL C ．x 负向，mg/IL D ．沿悬线向上，mg /IL 7.如下列图的电路中，定值电阻R 1、R 2、R 3、R 4的阻值均为R 0，理想电压表读数U ，变化量的绝对值△U，理想电流表读数I ，变化量的绝对值△I，在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中，如下判断正确的答案是〔 〕 A ． U 增大，I 减小B ． 增大C ．增大D ．＜R 08．平行金属板M 、N 间为一个正交的匀强电场和匀强磁场区，电场方向由M 板指向N 极，磁场方向垂直纸面向里，OO′为到两极板距离相等的平行两板的直线。

2012-2013学年江苏省盐城市建湖县上冈高中高二（下）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题(本大题共1小题，共4.0分)1.说明分子热运动的事实是（）A.腌制的食品内部变咸B.酒精和水混合后的体积小于两者原来的体积之和C.春风徐来，花香扑鼻D.空气中的尘埃飘忽不定地运动【答案】AC【解析】解：A、腌制的食品内部变咸，说明盐分子进入到了鸡蛋中，这是一种扩散现象，属于分子的运动，故A符合题意；B、酒精和水混合后的体积小于两者原来的体积之和，说明分子之间有间隙，故B不合题意；C、闻到香味，这是花的分子扩散到空气中的结果，是分子的运动，C符合题意；D、空气中的尘埃飘忽不定地运动，是固体小颗粒的运动，属于机械运动，不是分子的运动，故D不合题意；故选：AC．物体的分子在不停地做无规则运动，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现；而机械运动是指物体位置的变化，注意二者的区别．本题主要考查学生对分子运动、及其与机械运动区别的了解和掌握，是一道基础题．二、单选题(本大题共1小题，共4.0分)2.下列关于布朗运动的说法中正确的是（）A.将碳素墨水滴入清水中，观察到的布朗运动是碳分子无规则运动的反映B.布朗运动是否显著与悬浮在液体中的颗粒大小无关C.布朗运动的激烈程度与温度有关D.微粒的布朗运动的无规则性，反映了液体内部分子运动的无规则性【答案】CD【解析】解：A、碳素墨水滴入清水中，观察到的布朗运动是液体分子不停地做无规则撞击碳悬浮微粒，悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡的导致的无规则运动，故A错误；B、当悬浮微粒越小时，悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡表现的越强，即布朗运动越显著，所以与悬浮的颗粒有关，故B错误；C、温度越高，液体分子的热运动越剧烈，悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡表现的越强，即布朗运动越显著，故C正确；D、布朗运动的实质是液体分子不停地做无规则撞击悬浮微粒，悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡的导致的无规则运动，其反映是液体内部分子运动的无规则性，故D正确．故选：CD．布朗运动是悬浮微粒永不停息地做无规则运动，用肉眼看不到悬浮微粒，只能借助光学显微镜观察到悬浮微粒的无规则运动，肉眼看不到液体分子；布朗运动的实质是液体分子不停地做无规则撞击悬浮微粒，悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡的导致的无规则运动．明确布朗运动的实质是解题的关键，注意悬浮微粒只有借助显微镜才能看到．三、多选题(本大题共1小题，共4.0分)3.下列关于分子间引力和斥力的说法中，错误的有（）A.两张纸潮湿后很难分开说明分子间存在引力B.只有同种物质的分子间才存在分子力的作用C.当分子间距离减小时，分子间斥力增大，引力减小D.表面平滑的太空船很容易“黏合”灰尘是因为分子力的作用【答案】BC【解析】解：A、两张纸间由于水分子及纸分子的相互作用，而很难分开，故A正确；B、任意物体分子间均会有力的作用；故B错误；C、分子间的引力和斥力均随分子间的距离减小则增大；故C错误；D、太空船表面平滑，则很容易与灰尘分子达到相互作用的距离，则产生分子引力的作用，从而使灰尘“黏合”，故D正确；本题选错误的，故选：BC．根据分子动理论的知识逐一分析各选项，然后做出选择；组成物质的分子间同时存在相互作用的引力与斥力，分子力的作用距离很小．本题通过生活中的几个实例，考查了分子间的作用力，熟练掌握分子动理论的基础知识，理论联系实际，是正确解题的关键．四、单选题(本大题共1小题，共4.0分)4.下列现象中哪个不是由表面引力引起的（）A.布伞有孔，但不漏水B.树叶漂浮在水面上C.草叶上的露珠呈球形D.玻璃细杆顶端被烧熔后变成圆形【答案】B【解析】解：A、由于雨水表面存在表面张力，虽然布伞有孔，但不漏水，与表面张力有关，B、树叶漂浮在水面上，是有浮力与重力平衡的结果，不是表面张力现象，C、草叶上的露珠呈球形，是因为表面张力使液面收缩而成的，D、由于熔融的液态玻璃存在表面张力，使表面收缩，表面积变小，因此玻璃细杆顶端被烧熔后变成圆形，与表面张力有关，该题选不是由表面引力引起的，故选：B作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如．此题考查液体表面张力的现象，要求对液体表面张力产生的原因能理解，并能分析一些现象．五、多选题(本大题共2小题，共8.0分)5.以下说法中正确的是（）A.处于热平衡状态的物体温度为T，则物体内每个分子的温度都为TB.氢气和氧气温度相同，不考虑分子间的势能，则氢气的内能较大C.1mol的某物质内能为E，则每个分子的平均内能为D.一定质量0℃的水凝结成0℃冰时分子运动的平均速率不变【答案】AD【解析】解：A、处于热平衡时的物体，不再有能量交换，则每个分子间的温度均相等，均为T，故A正确；B、温度相等，则分子平均动能相同；但分子动能与分子个数有关，因无法确定分子个数，故无法确定内能的大小；故B错误；C、分子平均动能为统计规律，并不是所有分子的动能均相同；故不能用求平均值的方式来求；故C错误；D、相同温度下所有分子的平均动能均相同，故0℃的水凝结成0℃冰时分子运动的平均速率不变；故D正确；故选：AD．温度是分子平均动能的标志；而物体的内有包括分子动能与分子势能．物体的内能取决于以下因素：（1）物质的量；（2）温度；（3）体积；在分析内能时应全面分析．6.如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子沿x轴运动，两分子间的分子势能E p与两分子间距离的变化关系如图中曲线所示，图中分子势能的最小值为-E0，若只受分子力作用且两分子所具有的总能量为0，则下列说法中正确的是（）A.乙分子在P点（x=x2）时，加速度最大B.乙分子在Q点（x=x1）时，处于平衡状态C.乙分子在P点（x=x2）时，其动能为E0D.乙分子的运动范围为x≥x1【答案】CD【解析】解：A、由图象可知，乙分子在P点（x=x2）时，分子引力与分子斥力大小相等，合力为零，加速度为零，故A错误B、乙分子在Q点（x=x1）时，分子引力小于分子斥力，合力表现为斥力，乙分子有加速度，不处于平衡状态，故B错误C、乙分子在P点（x=x2）时，其分子势能为-E0，由两分子所具有的总能量为0可知其分子动能为E0，故C正确D、当乙分子运动至Q点（x=x1）时，其分子势能为零，故其分子动能也为零，分子间距最小，而后向分子间距变大的方向运动，故乙分子的运动范围为x≥x1，故D正确故选CD分子间存在相互作用的引力和斥力，当二者大小相等时两分子共有的势能最小，分子间距离为平衡距离，当分子间距离变大或变小时，分子力都会做负功，导致分子势能变大．两分子所具有的总能量为分子动能与分子势能之和．熟悉分子力的变化规律，知道分子力做功与分子势能变化的关系，知道总能量由分子势能和分子动能两者之和构成，本题考查的过程很细，要加强分析．六、单选题(本大题共6小题，共24.0分)7.关于石墨与金刚石的区别，下列说法正确的是（）A.它们是由不同物质微粒组成的不同晶体B.它们是由相同物质微粒组成的不同晶体C.金刚石是晶体，石墨是非晶体D.金刚石比石墨原子间作用力大，金刚石有很大的硬度【答案】BD【解析】解：A、B、C金刚石、石墨都是由碳原子组成的，只是排列方式不同，导致两种物质物理性质差异很大，但它们都是晶体，故AC错误，B正确．D、金刚石结构比较紧密，原子间作用力比石墨原子间作用力大，所以金刚石有很大的硬度，故D正确．故选：BD物质结构决定物质性质，金刚石、石墨的内部结构不同，二者的物理性质不同，它们都是晶体．本题难度不大，了解常见的石墨与金刚石的区别，知道它们物理性质不同的原因等等即可正确解答本题．8.如图所示，一向右开口的汽缸放置在水平地面上，活塞可无摩擦移动且不漏气，汽缸中间位置有小挡板．初始时，外界大气压为p0，活塞紧压小挡板处，现缓慢升高缸内气体温度，则下列P-T图象能正确反应缸内气体压强变化情况的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化，根据查理定律，缸内气体的压强P与热力学温度T成正比，图线是过原点的倾斜的直线；当缸内气体的压强等于外界的大气压时，气体发生等压膨胀，图线是平行于T轴的直线．故选B由题：初始时，活塞紧压小挡板处，说明外界大气压大于缸内气体的压强．当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化；当缸内气体的压强等于外界的大气压时，气体发生等压膨胀．本题考查分析气体状态变化过程的能力和读图能力，要善于抓住隐含的不变量，比如活塞不移动时，气体的体积不变．9.如图所示，为质量恒定的某种气体的p-T图，A、B、C三态中体积最大的状态是（）A.A状态B.B状态C.C状态D.条件不足，无法确定【答案】C【解析】解：根据数学知识可知，图中各点与原点连线的斜率等于，可知，C状态的最小，根据气体状态方程=C得知，C状态气体的体积最大．故C正确．故选C根据气体状态方程=C和数学知识，分析体积的变化．图中各点与原点连线的斜率等于．解决本题的关键是灵活运用数学知识分析物理问题，并要掌握气态方程，属于基础题．10.一定质量的理想气体，在压强不变的情况下，温度由-3℃升高到7℃，体积的增量为△V1；温度由7℃升高17℃，体积的增量为△V2，则△V1：△V2为（）A.1：1B.27：28C.28：29D.27：29【答案】A【解析】解：设温度为-3℃时气体的体积为V，由题意知，T=t+273=-3+273=270K，T1=t1+273=7+273=280K，T2=t2+273=17+273=290K，气体发生等压变化，由盖吕萨克定律得：=，V1=V，=，V2=V，△V1=V1-V=V，△V2=V2-V1=V，△V1：△V2=1：1，故选：A．气体发生等压变化，由盖吕萨克定律求出温度发生变化时气体体积的变化量，然后答题．本题考查了求气体体积变化量之比，应用盖吕萨克定律即可正确解题．11.如图，玻璃管内封闭了一段气体，气柱长度为l，管内外水银面高度差为h．若温度保持不变，把玻璃管稍向上提起一段距离，则（）A.h、l均变大B.h、l均变小C.h变大l变小D.h变小l变大【答案】A【解析】解：在实验中，水银柱产生的压强加上封闭空气柱产生的压强等于外界大气压．如果将玻璃管向上提，则管内水银柱上方空气的体积增大，因为温度保持不变，所以压强减小，而此时外界的大气压不变，根据上述等量关系，管内水银柱的压强须增大才能重新平衡，故管内水银柱的高度增大．故选A．在本实验中，玻璃管内水银柱的高度h受外界大气压和玻璃管内封闭了一段气体压强的影响．玻璃管封闭了一段气体，这一部分空气也会产生一定的压强，而且压强的大小会随着体积的变化而改变，据此来分析其变化的情况即可．在本题的分析中，一定要抓住关键，就是大气压的大小和玻璃管内封闭了一段气体决定了水银柱高度h的大小．12.在一定温度下，当一定量气体的体积增大时，气体的压强减小，这是由于（）A.单位体积内的分子数变少，单位时间内对单位面积器壁碰撞的次数减少B.气体分子的密集程度变小，分子的平均动能也变小C.每个分子对器壁的平均撞击力都变小D.气体分子的密集程度变小，分子势能变小【答案】A【解析】解：一定量气体，在一定温度下，分子的平均动能不变，分子撞击器壁的平均作用力不变；气体的体积增大时，单位体积内的分子数变少，单位时间内对器壁的碰撞次数减少，单位时间内器壁单位面积上受到的压力变小，气体产生的压强减小，故A正确；故选：A．求解本题的关键是明确气体压强产生的机理，是由于无规则运动的气体分子频繁的碰撞器壁产生的，压强的大小与温度、体积有关，符合统计规律．要熟记气体压强产生的机理：气体压强是由于大量的气体分子频繁的持续的碰撞器壁产生的，压强的大小与分子的平均动能、分子数密度有关，分子平均动能越大（宏观温度越高）、分子数密度越大（宏观体积越小），气体产生的压强就越大，而不考虑分子间的相互作用力和分子的重力．七、多选题(本大题共2小题，共8.0分)13.一个铜块和一个铁块，它们的质量相等，铜块的温度T1高于铁块的温度T2，如果使铜块和铁块相接触，系统不与外界交换能量，则下列说法中正确的有（）A.从铜块和铁块接触到达到热平衡过程中，铜块放出的热量等于铁块吸收的热量B.从铜块和铁块接触到达热平衡过程中，铜块放出的热量大于铁块吸收的热量C.铜块和铁块达到热平衡时的温度T=T1+D.铜块和铁块达到热平衡时的温度相同【答案】AD【解析】解：A、系统不与外界交换能量，热量由温度较高的铜块传给铁块，且铜块放出的热量等于铁块吸收的热量，A正确，B错误；C、两个系统达到热平衡时温度相同，所以当温度相等时热传递停止，达到热平衡时的温度应用Q=C m△t求解，平衡后的温度应该处于原始的两个温度之间，C错误D正确．故选：AD热量能够自发由高温物体传向低温物体，达到热平衡时温度相等．本题考查了热量自发传递的方向性，即热量能够自发由高温物体传向低温物体．14.一定质量的理想气体处于平衡状态Ⅰ，现设法使其温度降低而压强升高，达到平衡状态Ⅱ，则（）A.气体在状态Ⅰ的分子势能比状态Ⅱ时的大B.状态Ⅰ时分子的平均动能比状态Ⅱ时的大C.状态Ⅰ时分子间的平均距离比状态Ⅱ时的大D.从状态Ⅰ到状态Ⅱ的过程中，气体向外放热【答案】BCD【解析】解：A、理想气体不计分子势能，故A错误；B、因温度降低，故气体的分子平均动能减小，故Ⅱ时的分子平均动能小，故B正确；C、气体温度降低而压强升高，由=C可知，体积V减小，故状态Ⅰ时分子间的平均距离比状态Ⅱ时的大，故C正确；D、从状态Ⅰ到状态Ⅱ的过程中，温度降低，内能减小，条件减小，外界对气体做功，所以气体向外放热，故D正确；故选：BCD．由题意可知气体的变化，则由温度与分子平均动能的关系可得出平均动能的变化；由热力学第一定律要得出气体内能的变化和吸放热．本题考查气体的理想气体状态方程及热力学定律的内容，注意温度是分子平均动能的标准，温度越高，分子的平均动能越高，但是单个分子的动能不一定变大．八、单选题(本大题共1小题，共4.0分)15.如图所示，一个与外界绝热的气缸有一个绝热的活塞，中间有一个固定的导热性良好的隔板，封闭着两部分气体A和B，活塞处于静止平衡状态，现通过电热丝对A气体加热一段时间，后来活塞达到新的静止平衡状态，不计气体分子势能，不计活塞与气缸壁的摩擦，大气压强保持不变，则（）A.气体A 吸热，内能增加B.气体B 吸热，对外做功，内能不变C.气体A 和B都做等压变化D.气体B 分子单位时间内对器壁单位面积碰撞次数不变【答案】A【解析】解：A、通过电热丝对A气体加热一段时间，气体A吸热温度升高，根据热力学第一定律的表达式△U=Q+W知道，内能增加．故A正确．B、气体B吸热，对外做功，后来活塞达到新的静止平衡状态，说明气体B压强不变．根据气体状态方程知道，温度升高，不计气体分子势能，所以内能增加．故B错误．C、气体A温度升高，体积不变，根据气体状态方程知道压强增大，故C错误．D、气体B压强不变．但体积增大，所以气体B 分子单位时间内对器壁单位面积碰撞次数减小，故D错误．故选：A．根据热力学第一定律的表达式△U=Q+W进行判断．对活塞进行受力分析，运用平衡知识解决问题．知道气体压强产生的原理．不同考查了理想气体状态方程和热力学第一定律的综合应用，能够用微观解释分析压强的变化．九、填空题(本大题共2小题，共19.0分)16.在“用油膜法估测分子大小”的实验中，所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000m L溶液中有纯油酸0.6m L，用注射器测得l m L上述溶液有80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，得到油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形格的边长为1cm，则可求得：（1）油酸薄膜的面积是______ cm2．（2）油酸分子的直径是______ m．（结果保留两位有效数字）（3）利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏加德罗常数．如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为ρ，摩尔质量为M，则阿伏加德罗常数的表达式为______ ．【答案】115～120；6.3×10-10m～6.5×10-10；【解析】解：（1）面积超过正方形一半的正方形的个数为115个则油酸膜的面积约为S=115×1×1cm2=114cm2，由于测量有误差，在115～120cm2内均可．故答案为：115～120．（2）每滴酒精油酸溶液中含有纯油酸的体积：把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，因此其直径为：，代入数据解得：d=6.3×10-10～6.5×10-10m．故答案为：6.5×10-10～6.7×10-10．（3）分子直径为：．分子的体积为：油的摩尔体积为：阿伏加德罗常数为：N A==故答案为：．（1）采用估算的方法求油膜的面积，通过数正方形的个数：面积超过正方形一半算一个，不足一半的不算，数出正方形的总个数乘以一个正方形的面积，近似算出油酸膜的面积；（2）根据浓度按比例算出纯油酸的体积，把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直径，由可以求出直径大小．（3）酸溶液滴在水面上扩散后形成的油酸油膜最大面积时，形成单分子油膜，油膜的厚度等于分子直径．由油酸的体积与面积之比求出分子直径．把分子看成立方体形，阿伏加德罗常量为N A等于摩尔体积与分子体积之比．求油膜面积时要注意，不到半个格的要舍去，超过半个格的算一个格，数出油膜轮廓的格数，然后乘以每一个格的面积得到油膜的面积；求油的体积时要注意，求的是纯油的体积，不是溶液的体积．17.铜的摩尔质量为6.4×10-2kg/mol，密度为8.9×103kg/m3，阿伏加德罗常数为6.0×1023mol-1若每个铜原子提供一个自由电子，则铜导体中自由电子的密度为______ m-3．（保留两位有效数字）【答案】8.4×1028【解析】解：体积V=1m3铜的摩尔数为V=1m3铜中的铜原子数为N=n N A=1.4×105×6.0×1023个=8.4×1028个．由每个铜原子提供一个自由电子可知，V=1m3铜中含有的自由电子数n电=N，故铜导体中的自由电子的密度为电个个故答案为：8.4×1028m-3．根据自由电荷密度N的定义：单位体积中的自由电荷数，用1mol铜所含有的自由电荷数，再除以体积，即可得到铜导体中自由电子的密度．本题的解题关键是读懂自由电荷密度的含义，再根据N和阿伏加德罗常数、摩尔体积的关系求解．十、计算题(本大题共4小题，共41.0分)18.利用阿伏伽德罗常数，估算在标准状态下相邻气体分子间的平均距离D．【答案】解：在标准状态下，1mol任何气体的体积都是V=22.4L，除以阿伏加德罗常数就得每个气体分子平均占有的空间，该空间的大小是相邻气体分子间平均距离D的立方．∴．答：在标准状态下相邻气体分子间的平均距离D为3×10-9m．．【解析】根据摩尔体积与阿伏加德罗常数，可求出每个分子的体积，由于分子占据立方体，故可求出间距．考查分子间距的求解，注意气体分子间距与液体、固体的物理模型不同，后者是一个一个挨着，而气体占据立方体．19.氧气瓶在车间里充气时压强达1.5×107P a，运输到工地上发现压强降为1.25×107P a，已知在车间里充气时的温度为18℃，工地上的气温为-3℃，问氧气瓶在运输途中是否漏气？【答案】解：以瓶内气体为研究对象，p1=1.5×107P a，T1=273+18=291K，T2=273-3=270K，假设不漏气，气体发生等容变化，由查理定律得：=，解得：P2=1.39×107P a＞1.25×107P a，气体实际压强小于不漏气时的压强，则假设不漏气是错误的，则该氧气瓶漏气；答：氧气瓶在运输途中漏气．【解析】假设不漏气，由查理定律求出气体压强，如果压强减小，则漏气，否则不漏气．应用查理定律即可正确解题，解题时注意假设法的应用．20.一气象探测气球，在充有压强为1.00atm（即76.0cm H g）、温度为27.0℃的氦气时，体积为3.50m3．在上升至海拔6.50km高空的过程中，气球内氦气逐渐减小到此高度上的大气压36.0cm H g，气球内部因启动一持续加热过程而维持其温度不变．此后停止加热，保持高度不变．已知在这一海拔高度气温为-48.0℃．求：（1）氦气在停止加热前的体积；（2）氦气在停止加热较长一段时间后的体积．【答案】解（1）在气球上升至海拔6.50km高空的过程中，气球内氦气经历一等温过程．根据玻意耳-马略特定律有：p1V1=p2V2将p1=76.0cm H g，，p2=36.0cm H g带入得：．故氦气在停止加热前的体积为．（2）在停止加热较长一段时间后，氦气的温度逐渐从T1=300K下降到与外界气体温度相同，即T2=225K，这是一等压过程，根据盖-吕萨克定律有：将数据带入得：．故氦气在停止加热较长一段时间后的体积为：．【解析】（1）该上升过程为等温变化，因此根据等温变化的气体状态方程可直接求解．（2）停止加热后高度不变，因此为等压变化，注意经过较长一段时间后，温度与环境温度相等为-48.0℃，故根据等压变化可直接求解．解答这类问题时正确选择状态，弄清变化类型，正确分析状态参量的变化，然后列方程求解．21.如图，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2P0的理想气体．P0和T0分别为大气的压强和温度．已知：气体内能U与温度T的关系为U=a T，a为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的．求：（1）气缸内气体与大气达到平衡时的体积V1；（2）在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量Q．【答案】解：（1）在气体由压强P=1.2P0到P0时，V不变，温度由2.4T0变为T1，由查理定律得得：T1=2T0在气体温度由T1变为T0的过程中，体积由V减小到V1，气体压强不变，由着盖•吕萨克定律得解得：V1=0.5V（2）活塞下降过程中，活塞对气体的功为W=P0（V-V1）在这一过程中，气体内能的减少为△U=a（T1-T0）由热力学第一定律得，气缸内气体放出的热量为Q=W+△U得：Q=答：（1）气缸内气体与大气达到平衡时的体积为0.5V。

2014-2015学年江苏省盐城市建湖县上冈高中高二（上）期中物理试卷（选修）一、选择题（本题共7题，每小题3分，共21分）1．（3分）（2015•广东模拟）导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是（）A．横截面积一定，电阻与导体的长度成正比B．长度一定，电阻与导体的横截面积成正比C．电压一定，电阻与通过导体的电流成正比D．电流一定，电阻与导体两端的电压成反比考点：欧姆定律；电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：解答本题应掌握：导体的电阻是导体本身的一种性质，导体的电阻与导体本身的材料、长度、横截面积有关，还与温度有关；与电流以及电压的大小无关．解答：解：有电阻定律R=ρ可知，电阻的大小与导体的长度成正比，与横截面积成反比，A、横截面积一定，电阻与导体的长度成正比，故A正确；B、长度一定，电阻与导体的横截面积成反比，故B错误；C、电阻与电流以及电压的大小无关，故CD错误；故选A．点评：电阻是导体本身的属性，导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料等有关，与电流以及电压的大小无关．2．（3分）（2015秋•福州校级期中）一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1=10Ω，R2=120Ω，R3=40Ω．另有一测试电源电动势为100V，内阻忽略不计．则（）A．当cd端短路时，ab之间的等效电阻是30ΩB．当ab端短路时，cd之间的等效电阻是40ΩC．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80VD．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为80V考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联．当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压．根据欧姆定律求解电压．解答：解：A、当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为R=+R1=40Ω；故A错误；B、当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为R=+R2=128Ω；故B错误；C、当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，U=E=80V；故C正确；D、当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为U3=E=25V；故D错误；故选：C．点评：对于电路要明确电路的结构，并能正确应用串并联电路的规律进行分析，必要时应进行电路的简化．3．（3分）（2008•徐州模拟）电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）A．电压表和电流表读数都减小B．电压表和电流表读数都增大C．电压表读数增大，电流表读数减小D．电压表读数减小，电流表读数增大考点：闭合电路的欧姆定律．分析：由图可知R2与R并联后与R1串联，电压表测路端电压，电流表测量流过R2的电流；滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化．解答：解：当滑片向b滑动时，R接入电阻增大，总电阻增大；由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小，则内电压减小，由U=E﹣Ir可知路端电压增大，即电压表示数增大；总电流减小，R1两端的电压减小，而路端电压增大，故并联部分电压增大，由欧姆定律可知电流表示数增大；故B正确；故选B．点评：本题中R1也可直接作为内电阻处理，可直接由闭合电路欧姆定律得出并联部分的电压增大，流过R2的电流增大．4．（3分）（2015秋•福州校级期中）一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36W与36V．若把此灯泡接到输出电压为18V的电源两端，则灯泡实际消耗的电功率（）A．大于9W B．等于9W C．小于9W D．无法确定考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当灯泡在额定电压下工作的时候，功率的大小为36W，当电压减半时，灯泡的功率并不是减半，因为灯泡的电阻在这个过程中会变化．解答：解：根据P=可知，当电压减半的时候，功率应该见为原来的，即为9W，但是当电压减小的同时，由于工作的温度降低，灯泡的电阻也会减小，所以实际的功率要比9W 大，所以A正确．故选A．点评：对于金属电阻来说，当温度升高的时候，电阻会变大，反之，当电压降低的时候，工作的温度降低，电阻也会减小．5．（3分）（2015•江苏）在如图所示的闪光灯电路中，电源的电动势为E，电容器的电容为C．当闪光灯两端电压达到击穿电压U时，闪光灯才有电流通过并发光，正常工作时，闪光灯周期性短暂闪光，则可以判定（）A．电源的电动势E一定小于击穿电压UB．电容器所带的最大电荷量一定为CEC．闪光灯闪光时，电容器所带的电荷量一定增大D．在一个闪光周期内，通过电阻R的电荷量与通过闪光灯的电荷量一定相等考点：电容器的动态分析；串联电路和并联电路．专题：压轴题．分析：本题重在理解题意并能明确电路的工作原理，根据工作原理才能明确电源电压与击穿电压U之间的关系，由Q=UC可知极板上的电荷量．解答：解：A、电容器两端的电压与闪光灯两端的电压相等，当电源给电容器充电，达到闪光灯击穿电压U时，闪光灯被击穿，电容器放电，放电后闪光灯两端电压小于U，断路，电源再次给电容器充电，达到电压U时，闪光灯又被击穿，电容器放电，如此周期性充放电，使得闪光灯周期性短暂闪光．要使得充电后达到电压U，则电源电动势一定大于等于U，A 项错误；B、电容器两端的最大电压为U，故电容器所带的最大电荷量为Q=CU，B项错误；C、闪光灯闪光时电容器放电，所带电荷量减少，C项错误；D、充电时电荷通过R，通过闪光灯放电，故充放电过程中通过电阻R的电荷量与通过闪光灯的电荷量一定相等，D项正确．故选D．点评：本题有效地将电路及电容器结合在一起，考查学生的审题能力及知识的迁移应用能力，对学生要求较高．6．（3分）（2014•内黄县校级模拟）如图所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从O点垂直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间t a、t b、t c、t d，其大小关系是（）A．t a＜t b＜t c＜t d B．t a=t b=t c=t d C．t a=t b＜t c＜t d D．t a=t b＞t c＞t d考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：电子进入匀强磁场后只受洛伦兹力做匀速圆周运动，四个电子运动的周期都相同，作出轨迹，根据圆心角的大小判断电子在磁场运动时间的大小．解答：解：电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为T=四个电子m、q相同，B也相同，则它们圆周运动的周期相同．画出电子运动的轨迹如图．从图1看出，从a、b两点射出的电子轨迹所对的圆心角都是π，则t a=t b==从图2看出，从d射出的电子轨迹所对的圆心角∠OO2d＜∠OO1C＜π，根据圆周运动的时间t=，T相同时，圆心角α越大，时间t越大，所以t c＞t d．所以t a=t b＞t c＞t d．故选D点评：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的问题，画轨迹是基本方法，也是基本能力，粒子运动的时间常常根据t=（α是轨迹的圆心角）求解．7．（3分）（2015秋•建湖县期中）如图所示的是电视机显像管及其偏转线圈L，如果发现电视画面幅度比正常时偏大，可能是因为（）A．电子枪发射能力减弱，电子数减少B．加速电场电压过低，电子速率偏小C．偏转线圈匝间短路，线圈匝数减小D．偏转线圈电流过小，偏转磁场减弱考点：电子束的磁偏转原理及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据电视机显像管的工作原理分析，可知其作用．运动的电子在电流提供的磁场中受到洛伦兹力作用，从而使电子打到荧光屏上．画面变大，是由于电子束的偏转角增大，即轨道半径减小所致．根据洛伦兹力提供向心力，从而确定影响半径的因素．解答：解：如果发现电视画面幅度比正常时偏大，是由于电子束的偏转角增大，即轨道半径减小所致．A、电子枪发射能力减弱，电子数减少，而运动的电子速率及磁场不变，因此不会影响电视画面偏大，所以A错误；B、当加速电场电压过低，电子速率偏小，则会导致电子运动半径减小，从而使偏转角度增大，导致画面比正常偏大，故B正确；C、当偏转线圈匝间短路，线圈匝数减小时，导致偏转磁场减小，从而使电子运动半径增大，所以导致画面比正常偏小，故C错误；D、当偏转线圈电流过小，偏转磁场减弱时，从而导致电子运动半径变大，所以导致画面比正常偏小，故D错误；故选：B点评：本题虽然是考查电视机显像管的作用，但需要掌握电视机的工作原理，电视画面的大小是由电子偏转角度决定，即电子运动的轨道半径．当轨道半径变大，则画面偏小；当轨道半径变小，则画面偏大．这是解答本题的关键．二、多选题（本题共7题，每小题4分，共28分）8．（4分）（2015秋•广陵区校级期中）如图所示，定值电阻R1=10Ω，R2=8Ω，当开关S接“1”时，电流表示数为0.20A，那么当S接“2”时，电流表示数的可能值为（电源内阻不可忽略）（）A．0.28 A B．0.24 A C．0.22 A D．0.19 A考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据欧姆定律求出电键S接位置1时路端电压．当电键S接位置2时，外电阻减小，路端电压减小，总电流增大，根据欧姆定律进行分析．解答：解：当电键S接位置1时，电流表的示数为0.20A，则根据欧姆定律得知：路端电压U1=I1R1=10×0.2V=2V．A、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.28A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R2=0.28×8V=2.24V．但是由于R2＜R1，路端电压减小，不可能增大，所以U2＜2V，则电流表的示数不可能是0.28A．故A错误．B、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.24A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R2=0.24×8V=1.92V．可见U2＜2V，而且外电路减小，电路中电流大于0.2A，则电流表的示数可能是0.24A．故B正确．C、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.22A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R2=0.22×8V=1.76V，可见U2＜2V，而且外电路减小，电路中电流大于0.2A，则电流表的示数可能是0.22A．故C正确．D、由于R2＜R1，当电键S接位置2时，电流表的示数大于0.20A．故D错误．故选：BC点评：本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择．9．（4分）（2015秋•建湖县期中）如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V，12W”字样，电动机线圈的电阻R M=0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）A．电动机的输入功率是72 WB．电动机的输出功率12 WC．电动机的热功率是2 WD．整个电路消耗的电功率是22 W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由灯泡铭牌可知灯泡额定电是6V，额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点可以求出电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功率．由电功率公式可以求出电路总功率．解答：解：A、电动机两端的电压U1=U﹣U L=12﹣6V=6V，整个电路中的电流I==A=2A，所以电动机的输入功率P=U1I=6×2W=12W．故A错误．B、C、电动机的热功率P热=I2R M=22×0.5W=2W，则电动机的输出功率P2=P﹣I2R M=12﹣2W=10W．故B错误，C正确．D、整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键知道电动机的输出功率P2=I2R M以及知道整个电路消耗的功率P总=UI．10．（4分）（2015秋•麒麟区校级期末）如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线受安培力作用的是（）A．B．C．D．考点：安培力；左手定则．分析：当磁场的方向与电流的方向平行，导线不受安培力作用，当磁场的方向与磁场的方向不平行，导线受安培力作用．解答：解：A、磁场的方向与电流方向垂直，受安培力作用．故A正确．B、磁场的方向与电流的方向不平行，受安培力作用．故B正确．C、磁场的方向与电流方向平行，不受安培力作用．故C错误．D、磁场的方向与电流方向垂直，受安培力作用．故D正确．故选ABD．点评：解决本题的关键知道磁场的方向与电流的方向平行，导线不受安培力作用，当磁场的方向与磁场的方向不平行，导线受安培力作用．11．（4分）（2015秋•建湖县期中）关于磁感线的描述，正确的是（）A．磁铁的磁感线从N极出发，终止于S极B．利用磁感线疏密程度可定性地描述磁场中两点相对强弱C．磁铁周围小铁屑有规则的排列，正是磁感线真实存在的证明D．不管有几个磁体放在某一空间，在空间任一点绝无两根（或多根）磁感线相交考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：磁感线在磁铁的外部，由N到S，在内部，由S到N，形成闭合曲线，磁感线越密的地方，磁场越强，越疏的地方，磁场越弱，磁感线不会相交．解答：解：A、磁感线在磁铁的外部，由N到S，在内部，由S到N，形成闭合曲线．故A 错误．B、磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线越密的地方，磁场越强，越疏的地方，磁场越弱．故B正确．C、磁感线是为了形象地描述磁场而假想的曲线，不存在．故C错误．D、磁感线不会相交，因为如果相交，交点会有两个切线方向，即有两个磁场方向．故D正确．故选BD．点评：解决本题的关键知道磁感线的性质，知道磁感线是为了形象地描述磁场而假想的曲线．12．（4分）（2015秋•瓦房店市校级期末）一初速度为零的电子经电场加速后，垂直于磁场方向进入匀强磁场中，此电子在匀强磁场中做圆周运动可等效为一环状电流，其等效电流的大小（）A．与电子质量无关B．与电子电荷量有关C．与电子进入磁场的速度有关D．与磁场的磁感应强度有关考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动；电流、电压概念．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：电子在匀强磁场中做圆周运动一周的时间为T，电荷量为e，根据电流等于单位时间内通过横截面的电荷量，即I=即可求解．解答：解：根据电流的定义式得：I=电子在匀强磁场中做圆周运动一周的时间为T，电荷量为e，又因为：T=所以：I=由此可知，电流大小与电子的电荷量和磁感应强度有关．故选：BD点评：本题主要考查了带电粒子在磁场中运动的周期公式及电流的定义式的直接应用，难度不大，属于基础题．13．（4分）（2008•广东模拟）不计重力的负粒子能够在如图所示的正交匀强电场和匀强磁场中匀速直线穿过．设产生匀强电场的两极板间电压为U，距离为d，匀强磁场的磁感应强度为B，粒子带电荷量为q，进入速度为v，以下说法正确的是（）A．若同时增大U和B，其他条件不变，则粒子一定能够直线穿过B．若同时减小d和增大v，其他条件不变，则粒子可能直线穿过C．若粒子向下偏，能够飞出极板间，则粒子动能一定减小D．若粒子向下偏，能够飞出极板间，则粒子的动能有可能不变考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：首先根据粒子做匀速直线运动，可判断带负电粒子的电场力和洛伦兹力相等，即可得知电场强度和磁场强度的关系．解答：解：A、若同时增大U和B，其他条件不变，虽然使得电场力与洛伦兹力均增大，但两者不一定相等，所以粒子可能做直线运动，也可能做曲线运动，故A错误；B、若同时减小d和增大v，其他条件不变，则会有电场力与洛伦兹力均增大，但两者不一定相等，所以粒子可能做直线运动，故B正确；C、若粒子向下偏，能够飞出极板间，则电场力做负功，由于洛伦兹力不做功，所以导致动能一定减小．故C正确；D、若粒子向下偏，能够飞出极板间，则电场力做负功，由于洛伦兹力不做功，所以导致动能一定减小．故D错误；故选：BC点评：在速度选择器中，粒子的受力特点：同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用；粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，即qvB=qE，v=，只有速度为的粒子才能沿直线匀速通过选择器．若粒子从反方向射入选择器，所受的电场力和磁场力方向相同，粒子必定发生偏转．14．（4分）（2014秋•上饶期末）利用如图所示的方法可以测得金属导体中单位体积内的自由电子数n，现测得一块横截面为矩形的金属导体的宽为b，厚为d，并加有与侧面垂直的匀强磁场B，当通以图示方向电流I时，在导体上、下表面间用电压表可测得电压为U．已知自由电子的电荷量为e，则下列判断正确的是（）A．上表面电势高B．下表面电势高C．该导体单位体积内的自由电子数为D．该导体单位体积内的自由电子数为考点：霍尔效应及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：金属导体中移动的是自由电子，电子定向移动，受到洛伦兹力发生偏转，使得上下表面存在电势差，最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡．根据上下表面带电的正负判断电势的高低．根据电流的微观表达式求出单位体积内的自由电子数．解答：解：A、电流方向水平向右，则自由电子的运动方向水平向左，根据左手定则，电子向上偏，上表面得到电子带负电，下表面失去电子带正电．所以下表面的电势高．故A错误，B正确．C、电流的微观表达式为I=nevS，n表示单位体积内的电子数，S表示横截面积，则n=．最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡，有：，则v=．所以n=．故D正确，C错误．故选BD．点评：解决本题的关键知道最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡，以及掌握电流的微观表达式I=nevS．三、实验题（8+12=20）15．（8分）（2014•射洪县校级模拟）分别用图（a）、（b）两种电路测量同一未知电阻的阻值．图（a）中两表的示数分别为3V、4mA，图（b）中两表的示数分别为4V、3.9mA，则待测电阻R x的真实值为（）A．略小于1kΩB．略小于750ΩC．略大于1kΩD．略大于750Ω考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：先判断采用的测量方法，由于在两种不同的接法中电压表的示数变化大，说明测量的是小电阻，这样电流表分压较大，应该采用（a）图进行测量比较准确．（a）图中测量值较真实值偏小．解答：解：因电压表示数变化大，则用电压表的真实值测量电路，为（a）电路．用（a）电路：电流表示数含电压表的分流，故电流比真实值大．由 R测===R真即测量值偏小故 ABC错误，D正确故选：D点评：考查伏安法测电阻的原理，明确不出接法所引起的误差．16．（12分）（2015•南昌校级二模）两位同学在实验室中利用如图（a）所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录的是电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据．并根据数据描绘了如图（b）所示的两条U﹣I图线．回答下列问题：（1）根据甲、乙两同学描绘的图线，可知ADA．甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据B．甲同学是根据电压表V2和电流表A的数据C．乙同学是根据电压表V1和电流表A的数据D．乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据（2）图象中两直线的交点表示的物理意义是BCA．滑动变阻器的滑动触头P滑到了最右端B．电源的输出功率最大C．定值电阻R0上消耗的功率为0.5WD．电源的效率达到最大值（3）根据图（b），可以求出定值电阻R0= 2.0 Ω，电源电动势E= 1.50 V，内电阻r= 1.0 Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）从电路连接结合电流表和电压表的读数变化判断甲、乙两同学描绘的图线的含义．（2）图象中两直线的交点表示电压表V1的读数与电压表V2的读数相等，即滑动变阻器的阻值为0，根据图象求解．（3）由图可知，图象由纵坐标的交点为电动势；由图象与横坐标的交点利用闭合电路欧姆定律可求得内电阻．解答：解：（1）从电路连接可以看出，电流表A的读数增大时，电压表V1的读数减小，电压表V2的读数增大．甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据绘制图象的，故B错误，A正确；乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据绘制图象的，故C错误，D正确．故选AD．图象中两直线的交点表示电压表V1的读数与电压表V2的读数相等，即滑动变阻器的阻值为0，A、滑动变阻器的滑动触头P滑到了最左端，故A错误；B、图象可以得出电阻R0的阻值大于电源的内阻，滑动变阻器的阻值减小，电源的输出功率增大，两直线的交点对应滑动变阻器的阻值为0，即电源的输出功率最大，故B正确；C、定值电阻R0消耗功率为：P=U2I=1.0×0.5 W=0.5 W，故C正确；D、电源的效率为：η==，U越大，效率越大，故D错误．故选BC．（3）从图象可以得出定值电阻R0的阻值为：R0==2.0Ω；从甲同学的图象可以得出图象在U轴上的截距为1.50 V，即电源的电动势为1.50 V，图象斜率的绝对值为：k==1.0，即电源的内阻为r=1.0Ω．故答案为：（1）AD （2）BC （3）2.0 1.50 1.0点评：本题考查测量电动势和内电阻实验的数据和定值电阻电流及电压数据的处理，并能用图象法求出电势和内电阻．四、计算题（10+12+12+15=51）17．（10分）（2015秋•建湖县期中）如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，宽度为d，边界为CD和EF．一电子从CD边界外侧以速率v0垂直射入匀强磁场，入射方向与CD边界间夹角为θ．已知电子的质量为m，电荷量为e，为使电子能从磁场的另一侧EF射出，求电子的速率v0至少多大？若θ角可取任意值，v0的最小值是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：电子在磁场中做匀速圆周运动，当其轨迹恰好与EF边相切时，轨迹半径最小，对应的速度最小．由几何知识求出，再牛顿定律求出速度的范围．运用数学知识，由θ的取值来确定速度的最小，从而求出半径的最小值．解答：解：当入射速率v0很小时，电子会在磁场中转动一段圆弧后又从CD一侧射出，速率越大，轨道半径越大，当轨道与边界EF相切时，电子恰好不能从EF射出，如图所示：电子恰好射出时，由几何知识可得：r+rcosθ=d ①电子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：ev0B=m，解得：r=②由①②得：v0=③故电子要射出磁场，速率至少应为：．由③式可知，θ=0°时，v0=最小，由②式知此时半径最小，r min=，答：为使电子能从磁场的另一侧EF射出，求电子的速率v0至少为，θ角可取任意值，v0的最小值是：．点评：本题考查圆周运动的边界问题的求解方法．当入射速率v0很小时，电子会在磁场中转动一段圆弧后又从CD一侧射出，速率越大，轨道半径越大，当轨道与边界EF相切时，电子恰好不能从EF射出．18．（12分）（2005秋•黄冈期末）如图所示，在A、B两点间接一电动势为8V，内电阻为2Ω的直流电源，电阻R1=4Ω，R2、R3的阻值均为6Ω，电容器的电容为30μF，电流表的内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带的电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．考点：电容器．专题：电容器专题．分析：当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律求出流过R3的电流，即电流表的读数．电容器的电压等于R3两端的电压，求出电压，再求解电容器的电量．断开电键S 后，电容器通过R1、R2放电，R1、R2相当并联后与R3串联．再求解通过R2的电量．解答：解：（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律得，电流表的读数：I==A=1A（2）电容器所带的电量Q=CU3=CIR3=3×10﹣5×1×6C=1.8×10﹣4C（3）断开电键S后，电容器相当于电源，外电路是R1、R2相当并联后与R3串联．由式得通过R2的电量Q2=Q C=×1.8×10﹣4C=7.2×10﹣5C答：（1）电流表的读数I==A=1A；（2）电容器所带的电量1.8×10﹣4C；（3）断开电源后，通过R2的电量为7.2×10﹣5C．点评：电流表的内阻不计时，也称为理想电流表，相当于可测量电流的导线，可将并联电路短路．19．（12分）（2015秋•建湖县期中）水平面上有电阻不计的U形导轨NMPQ，它们之间的宽度为L=1m，M和P之间接入电动势为E=10V的电源（不计内阻）．现垂直于导轨搁一根质量为m=1kg、电阻为R=2Ω的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.5T，方向与水平面夹角为θ=37°且指向右斜上方，如图所示．问：（1）当ab棒静止时，ab棒受到的支持力和摩擦力各为多少？。

江苏省盐城中学2014—2015学年度第一学期期中考试
高二年级物理（必修）答题纸（2014.11）
试卷说明：本场考试时间75分钟，总分100分。

一、单项选择题：每小题只有一个
．．．．选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）
二、填空题：把答题填在答题卡相应的横线上（本部分2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10分）
24.F = 5×10－3N
竖直向上（选填“上”或“下”).
25.⑴打点计算器电源用了直流电，应为交流电
小车释放前离打点计时器太远，应靠近打点计时器
长木板没有倾斜，应倾斜长木板以平衡摩擦力
⑵ 1.28 m/s．
三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本部分3小题，其中26小题6分，
27小题7分，28小题8分，共21分）26．（6分）
27．（7分）
28．（8分）。

江苏省上冈高级中学--第二学期期中考试高二物理（选修）试 题（本试卷卷面总分1考试时间100分钟）第一卷（选择题 共40分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，共每小题只有一个选项符合题意。

1．在同一平面内的三个力，大小分别为3N 、4N 、5N ，若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为：（ ）A ．5N 3NB ．7N 2NC ．12N 3ND ．12N 0 2．简谐振动中反映物体振动强弱的物理量是（ ）（A ）周期 （B ）频率 （C ）振幅 （D ）位移3．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确．．．的是 （ ） A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B ．根据速度定义式t x v ∆∆=，当t ∆非常非常小时，tx∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D ．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法4．做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的1/2，则单摆振动的 （ ） A ．频率、振幅都不变B ．频率、振幅都改变C ．频率不变、振幅改变D ．频率改变、振幅不变5．一枚小火箭由地面竖直向上发射的速度-时间图像如图所示，则火箭上升到最高点的位置对应于图中的（ ）（A ）O 点 （B ）○3点 （C ）○2点 （D ）○1点二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分。

2014/2015学年度第一学期高二学业水平必修科目期终考试物理试题注意事项考生在答题前请认真阅读本须知事项与各题答题要求1．本试卷包含第1卷选择题〔第1题～第23题，共69分〕、第2卷非选择题〔第24题～第28题，共31分〕两局部．本次考试时间为75分钟，总分为100分．考试完毕后，请将答题纸交回．2．答题前，请考生务必将自己的姓名、班级、某某号用0.5毫米的黑色签字笔写在答第1卷〔选择题共69分〕]一、单项选择题：每一小题只有一个选项符合题意〔本大题23小题，每一小题3分，共69分〕1．如下列图的电学器材中，属于电容器的是A．B．C．D．2．南京青奥会上留下了许多精彩的瞬间．如下运动员比赛过程中可视为质点的是跳水鞍马吊环马拉松A．B．C．D．3．演示“磁场中的通电导体受力情况〞的实验装置如下列图，如下电器中依据这一实验现象与相应规律制作而成的是B ．电熨斗C ．电风扇D ．电热水器4．对物体惯性的认识，如下说法中正确的答案是 A ．运动与静止时的惯性不同B ．惯性仅与物体的质量有关C ．向上运动与向下运动时的惯性不同D ．加速运动与减速运动时的惯性不同5．如下列图，在用丝绸摩擦玻璃棒起电的过程中 A ．玻璃棒带正电，丝绸不带电 B ．丝绸与玻璃棒带电情况完全一样C ．玻璃棒中的负电荷转移到丝绸上，丝绸带负电D ．丝绸中的正电荷转移到玻璃棒上，玻璃棒带正电6．如下列图，在探究“力的合成的平行四边形定如此〞的实验中，橡皮条的一端固定在木板上，先用两把弹簧秤沿两个方向把橡皮条的结点拉到O 点，记下两个力的大小和方向，然后改用一把弹簧秤仍把橡皮条的结点拉到O 点，记下其拉力的大小和方向，整个过程操作规范．根据实验数据画出力的图示，如下说法中错误的答案是A ．图中各个力的大小所用的比例标度一样B ．图中的F′与F 几乎重合，说明实验误差很小C ．图中的F′是用一把弹簧秤实验时的拉力图示D ．图中F 的方向一定与橡皮条的伸长方向一致7．伽利略对自由落体运动的研究，表现了科学实验和逻辑思维的完美结合．他将落体实验转化为斜面实验的示意图如下列图，利用斜面实验主要是为了便于测量小球的 A ．速度 B ．位移 C ．时间第5题图第7题图 第6题图F 1 F 2F ′F O8．如下列图，用细线将一个苹果悬于天花板上的O 点处于静止，如下说法中正确的答案是A ．苹果对细线的拉力是由于苹果发生形变产生的B ．细线对天花板的拉力是由于苹果发生形变产生的C ．天花板对细线的拉力与苹果的重力是一对平衡力D ．细线对苹果的拉力与细线对天花板的拉力是一对相互作用力9．如下列图，带负电的离子束沿图中虚线与箭头方向通过蹄形磁铁磁极间时，它的偏转方向为A ．向上B ．向下C ．向N 极D ．向 S 极10．如下列图，把太阳系中各行星的运动近似为匀速圆周运动，如此离太阳越远的行星 A ．周期越大 B ．线速度越大 C ．角速度越大D ．向心加速度越大11．真空中某点电荷的电场线分布如下列图，如下说法中错误的答案是 A ．产生该电场的点电荷带正电 B ．电场中的B 点电场强度为零 C ．电场中的B 点电场强度比A 点大D ．同一试探电荷在B 点所受的电场力比在A 点大 12．如下情况中，物体一定做曲线运动的是 A ．物体所受的合力不为零 B ．物体所受的合力为变力 C ．物体所受的合力与运动方向相反D ．物体所受的合力与运动方向垂直13．如下各图中，能正确表示一对等量异种电荷电场线分布的是第8题图O第9题图 NS第10题图AB第11题图14．如下列图，某同学站在体重计上，下蹲的全过程中她所处的状态 A ．一直是超重 B ．一直是失重 C ．先超重，后失重 D ．先失重，后超重15．2013年8月24日，新西兰单板滑雪U 形场地的比赛首战落幕，中国队蔡雪桐获得亚军．如下列图，假设蔡雪桐从半圆形场地的坡顶滑到坡底过程中速率不变，如此下滑过程中滑雪板 A ．加速度不变 B ．受二个力作用 C ．受到的合外力越来越大D ．受到的摩擦力大小和方向都在变16．2014年8月25日，在南京青奥会射箭比赛中，中国选手李佳蔓获得女子反曲弓个人金牌．如下列图，在李佳蔓右手向后拉弓弦的过程中，她对弓弦的做功情况是 A ．一直做正功B ．一直做负功C ．先做正功，后做负功D ．先做负功，后做正功17．如下列图，直导线M 、N 中通以方向一样的电流，如此M 对N 的作用力的方向为 A ．垂直纸面向里 B ．垂直纸面向外 C ．垂直于N 向上 D ．垂直于N 向下18．如下列图，带正电的导体A 固定在绝缘支架上，当带负电的导体B 靠近A 时，如下说法第14题图第16题图 M N第17题图第15题图中正确的答案是 A ．A 带的电荷量增加 B ．A 带的电荷量减少 C ．A 受到的库仑力增大 D ．A 受到的库仑力减小19．2013年9月5日，在第二届中国某某国际直升机博览会上，森林武警部队的AC313直升机进展空中救援展示，吸引了大批观众．如下列图，假设AC313直升机沿水平向东匀速飞行的同时向上匀加速提升一辆小汽车．以小汽车开始运动的位置为原点O ，水平向东和竖直向上分别为x 轴和y 轴，建立平面直角坐标系，不计空气阻力．在地面上看，小汽车的运动轨迹可能是请阅读如下材料，回答第20～23小题2014年12月26日兰新高速铁路正式运行，该铁路是一条横贯东西的现代“钢铁丝绸之路〞，线路横跨甘肃、青海、某某3省区，全长1776公里，运营时速为200公里〔局部路段为250公里〕．沿途“上天〞〔祁连山〕、“入地〞〔地下隧道〕，经过地球上最大的风场，是世界上一次性建设里程最长的高速铁路．小明登上了首发列车 20．小明看到轨道旁的树木纷纷向后退，他可能选择的参考系是 A ．轨道旁的地面 B ．乘坐的列车C ．高速轨道D ．轨道旁的电线杆21．材料中的“全长1776公里〞、“时速为200公里〞指的是 A ．位移和瞬时速度 B ．位移和平均速度 C ．路程和瞬时速度D ．路程和平均速度22．为判断列车的运动情况，小明将一个小球悬挂在列车的天花板上，小球相对于列车稳定xyOD ．x yOC ．x yOB ．x yOA ．第19题图时如下列图，由此可判断列车正在 A ．加速 B ．减速 C ．匀速 D ．静止23．列车在通过明长城时向下进入圆弧形地下轨道，在地下轨道的最低点，小明对座椅的压力 A ．等于零 B ．等于他的重力C ．小于他的重力D ．大于他的重力第2卷 〔非选择题 共31分〕二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上〔本大题2小题，24题4分，25题6分，共10分〕24—A 〔4分〕此题供使用选修1—1教材的考生作答．如下列图，穿过单匝闭合线圈abcd 的磁通量在0.2s 内由0.4Wb均匀增大到0.8Wb ，如此在此过程中穿过该线圈的磁通量的变化量为▲ Wb ，该线圈中产生的感应电动势为▲ V ．24—B 〔4分〕此题供使用选修3—1教材的考生作答． 某品牌电热水壶的铭牌如下面所示．用该电热水壶烧水，在额定电压下工作时，它的工作电流是▲ A ，正常工作1min 消耗的电能是 ▲ J ．25．用落体法验证机械能守恒定律的实验装置中重物的质量为m ，如图甲所示．实验时应先× × × ×× × × × × × × × × × × × × × × ×B a b c d 产品型号 DSB —055 额定电压 220V 额定功率 880W第23题图▲ 〔选填“释放纸带〞或“接通电源〞〕．在选定的纸带上依次取计数点如图乙中O 、1、2、3、4所示，相邻计数点间的时间间隔为T ，且O 为打下的第一个点．当打点计时器打下点3时，物体动能表达式为 ▲ ，代入数据算出的动能比mgs3 ▲ 〔选填“大〞或“小〞〕．三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〔本大题3小题，其中25小题6分，26小题7分，27小题8分，共21分〕 26．某同学将球从A 点水平抛出击中地面上的目标B ．A 点的高度H ＝1.25m ，A 点与目标B 的水平距离d ＝5m ，重力加速度g ＝10m/s2． 如此球 〔1〕在空中运动时间t ； 〔2〕水平抛出时速度大小υ0；〔3〕在击中目标B 时速度是否竖直向下？简述理由．27．狗拉雪橇和人的情景如下列图，雪橇和人的总质量为m ，静止在水平冰冻的雪地上．狗用水平恒力拉动雪橇和人，经时间t 发生位移为x ，此时绳索断开，雪橇和人继续滑行x 而停止．整个过程中雪橇与冰冻雪地间的动摩擦因数都一样．求：〔1〕在时间t 内雪橇和人的加速度大小a ；A BHdυ0第26题图第27题图〔2〕整个运动过程中雪橇和人的最大动能Ek ； 〔3〕狗拉动雪橇和人的过程中水平恒力大小F ．28．猴子通过树梢上的藤条越过河流的情景如下列图，图中BC 是一条平坦的小路，长为4m ，B 端离河岸A 处的水平距离为3m ，AB 两点恰好都在以O 为圆心的圆周上．树梢上O 点有一最大承受力为86N 、长为5m 、质量不计的藤条自然下垂，其末端刚好落在小路的左端B 处．现有一只质量为5kg 的猴子从平坦的小路C 处由静止开始匀加速奔跑，到B 处获得一定的水平速度并抓住藤条末端荡到河岸A 处，不计猴子抓住藤条时的能量损失与空气阻力，重力加速度g ＝10m/s2．求猴子从B 处安全荡到A 处 〔1〕重力势能的改变量；〔2〕在平坦小路B 处的最小速度；〔3〕在平坦小路上匀加速奔跑的加速度满足的条件．2014/2015学年度第一学期高二学业水平必修科目期终考试 物理参考答案与评分标准一、单项选择题：每一小题只有一个选项符合题意〔本大题23小题，每一小题3分，共69分〕。

2014学年第一学期期中考试高二物理参考答案一、选择题：（本题共13小题，每小题3分，共39分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）二、填空题：(每空2分，共20分)14．250 V， -6×10－4 J（或减少6×10－4 J）； 15. ＞，＞；16. 1100 W，8Ω。

17. 4.8KΩ， 2.35×10－6 C.18．20 V/m，30°。

(3）保温电热丝消耗的电功率错误！未找到引用源。

-------------------（2分）22．（11分）解答：（1）＋q 与－q 在C 点产生的电场强度大小相等，有E 1＝E 2＝错误！未找到引用源。

又因为△ABC 为等边三角形，易知E 1、E 2的夹角是120°，所以二者的合场强为E C ＝错误！未找到引用源。

-------------（2分）方向竖直向下-------------（1分）（2）小球到达最低点C 时 有F N －mg －E C ＝m v 20R----（2分）F N ＝mg ＋m v 20R ＋k QqL 2 ----------------------（1分）（3）小球由最高点M 运动到C 的过程中，由动能定理得mgR ＋U MC Q ＝12mv 20 -------------------------（3分） 可得MC 两点的电势差为U MC ＝12Q(mv 20－2mgR ) 又等量异种电荷中垂线上的电势相等，即C 、D 两点电势相等为零 ----（1分） 故M 点的电势为φM ＝U MC ＝12Q (mv 20－2mgR ) ---------------------（1分）。

本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间75分钟．第Ⅰ卷(选择题共69分)一、选择题(本题共23小题，每小题3分，共69分．在每小题给出的四个选项当中，只有一个选项是正确的)2013年12月2日，嫦娥三号怀抱着“玉兔”，承载着中国人的梦想，踏上了探月之旅。

她历经变轨、减速、悬停、避障等过程，于14日在月球表面软着陆。

我国成为世界上第三个实现在月球表面软着陆的国家。

……在月球表面着陆过程中，嫦娥三号先减速调整，速度从1 700m/s逐渐减为0，悬停在距月球面100m高处；然后利用探测器对着陆区进行观测，选择着陆点；再缓慢下降到着陆点上方4m处，最终以自由落体方式完美着陆在月球表面。

接着，140kg的“玉兔”款款而出，开始了与月球的亲密接触……根据以上材料，完成1、2题：1．上述材料提及嫦娥三号“速度从1 700m/s逐渐减为0”,这里所选的参考系是A．太阳B．月球表面C．地球表面D．嫦娥三号2．嫦娥三号着陆前最后4m的运动过程中，能反映其运动的v-t图象是3．下列情况中的物体，能看作质点的是（）A．匀速行驶着的汽车的车轮B．正在闯线的百米赛跑运动员C．太空中绕地球运行的卫星D．正在跃过横杆的跳高运动员4．平直公路上一汽车甲中的乘客看见窗外树木向东移动，恰好此时看见另一汽车乙从旁边匀速向西行驶，此时公路上两边站立的人观察的结果是 ( )A．甲车向东运动，乙车向西运动B．乙车向西运动，甲车不动C．甲车向西运动，乙车向东运动D．两车均向西运动，乙车速度大于甲车5．2012年7月29日，孙杨在伦敦奥运会男子400 m自由泳决赛中以3分40秒的成绩夺冠，并打破奥运会纪录．关于他在决赛中的运动速度，下列说法正确的是( ) A．平均速度约为1.82 m/sB．冲刺速度一定为1.82 m/sC．平均速率约为1.82 m/sD. 起动速率约为1.82 m/s6. 游乐园中的“蹦极”项目是先将游客提升至几十米高处，然后释放，释放的开始阶段，游客做自由落体运动．在刚释放的瞬间( )A. 游客的速度和加速度均为零B. 游客的速度不为零，加速度为零C. 游客的速度为零，加速度不为零D. 游客的速度和加速度均不为零7. 2013年1月1日，新交通法规开始实施，其中“闯黄灯扣6分”被部分网友称为违背牛顿第一定律，导致各地追尾事故频发．在紧急刹车过程中关于汽车的惯性和动能变化，下列说法正确的是( )A. 惯性不变，动能不变B.惯性不变，动能减小C. 惯性减小，动能减小D. 惯性减小，动能不变8. 一物体从塔顶自由下落，在到达地面前的最后1s内通过的位移是整个位移的5/9，则塔高为（g=10m/s2），下列正确的是( )A. 9mB. 25mC. 35mD. 45m9. 在探究加速度与力、质量的关系实验中，如图所示是某同学正要释放小车的情形，下列说法正确的是( )A. 应把长木板水平放置B. 应使小车离打点计时器远些C. 应将打点计时器接在直流电源上D. 应调整滑轮高度使细绳与长木板表面平行10．汽车以10m/s的速度在水平路面上做匀速直线运动，后来以2m/s2的加速度刹车，那么刹车后6s内的位移是（）A．24 m B．96 m C．25 m D．96 m或24 m11、两个完全相同的金属小球，分别带有+3Q 和-Q 的电荷量，当它们相距r 时，它们之间的库仑力是F ．若把它们接触后分开，再置于原来位置（此时两带电小球仍可视为点电荷），则它们的库仑力的大小将变为A 、F/3B 、FC 、4F/3D 、12F 12．两个等量点电荷P 、Q 在真空中产生的电场线（方向未画出）如图所示，一电子在A 、B 两点所受的电场力分别为F A 和F B ，则它们的大小关系为( )A ．F A =FB B ．F A <F BC ．F A >F BD ．无法确定13．如图所示，在圆环状导体圆心处，放一个可以自由转动的小磁针．现给导体通以顺时针方向的恒定电流，不计其他磁场的影响，则 ( )A ．小磁针保持不动B ．小磁针的N 极将向下转动C ．小磁针的N 极将垂直于纸面向外转动D ．小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动14．如图所示，一矩形线框置于磁感应强度为B 的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，若线框的面积为S ，则通过线框的磁通量为 ( )A.BSB.B/SC.S/BD.0 15．关于磁感应强度，下列说法正确的是 ( )A ．磁感应强度沿磁感线方向逐渐减小B ．磁感应强度的方向就是通电导线在磁场中受力的方向C ．磁感应强度的方向就是正电荷在该处的受力方向D ．磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量 16. 关于点电荷，下列说法正确的是( )A. 只有体积很小的带电体，才能看作点电荷B. 体积很大的带电体一定不能看作点电荷C. 点电荷一定是电荷量很小的带电体D. 点电荷为理想模型，实际并不存在 17. 关于磁感线，下列说法正确的是( )A. 磁感线是小磁针受磁场力后运动的轨迹BB. 磁感线是磁场中实际存在的线C. 磁感线上某点的切线方向跟该点的磁感应强度的方向一致D. 磁感线始于磁体的N极，终止于磁体的S极18. 关于平行板电容器，下列说法正确的是( )A. 电容器所带的电荷量越多，电容就越大B. 电容器两极间电介质的性质不会影响电容器的电容C. 其他条件不变，电容器极板间的正对面积越大，电容就越大D. 其他条件不变，电容器极板间的距离越大，电容就越大19. 下列属于防止静电危害做法的是( )A. 在汽车喷漆时采用静电喷漆的方法B. 水泥厂利用静电除去废气中的粉尘C. 复印机采用静电复印的方式工作D. 行驶中的油罐车尾带一条拖地的铁链20. 关于通电螺旋线管的磁感线方向的判断，下列示意图中正确的是( )21. 如图所示，把长为0.4 m的导体棒置于竖直向下的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为0.5 T，导体棒与磁场方向垂直，棒中通有电流为2A，则导体棒所受安培力( )A. 大小为0.4 NB. 大小为0.8 NC. 方向垂直纸面向外D. 方向与磁场方向相同22．用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程，下列装置属于这类传感器的是A、红外报警装置B、走廊照明灯的声控开关C、自动洗衣机中的压力传感装置D、电饭煲中控制加热和保温的温控器23、小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度-时间图象如图所示，则由图可知（）①小球下落的最大速度为5m/s ②小球第一次反弹初速度的大小为5m/s ③小球能弹起的最大高度0.45m ④小球能弹起的最大高度1.25mA 、②③B 、①②C 、 ②④D 、 ①③第Ⅱ卷(非选择题 共31分)二、 填空题(本大题共2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10分) 24. 本题为选做题，考生只选择一题作答．若两题都作答，则按24－1计分．24－1.(本题供使用选修1－1教材的考生作答)在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，产生的交变电动势随时间变化的图象如图所示，则(1) 该交流电的频率为________Hz ； (2) 该交流电电动势的有效值为________V.24－2.(本题供使用选修3－1教材的考生作答)如图所示，a 、b 为电场中同一电场线上的两点，两点的电势分别为5φa＝8 V ，φb＝6 V ．将一个带电量为1.6×10－19 C 的质子放在电场中的a 点． (1) 该质子在a 点具有的电势能为________J ；(2) 该质子从a 点运动到b 点，电场力做功为________J.25. 在用电火花计时器（或电磁打点计时器）研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02s ，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O 、A 、B 、C 、D 等几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为 ▲ s ．用刻度尺量得点A 、B 、C 、D 到O 点的距离分别为x 1=1.50cm ，x 2=3.40cm ，x 3=5.70cm ，x 4=8.40cm.由此可知，打C 点时纸带的速度大小为 ▲ m/s ．与纸带相连小车的加速度大小为 ▲ m/s 2．x 4x 1x 2x 3OABCD三、计算或论述题(本部分共3小题，其中26小题6分，27小题7分，28小题8分，共21分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 26. 2014年2月，第22届冬奥会在俄罗斯索契成功举行。

2014—2015学年度第一学期期中调研测试高二物理（选修）时间：100分钟 分值：120分 第I 卷 （选择题 45分）一、单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共计21分。

每题只有一个．．．．选项符合题意。

1．关于电场强度的概念，下列说法正确的是( )A ．由E ＝Fq可知，某电场的场强E 与q 成反比，与F 成正比B ．正负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关C ．电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷正负无关D ．电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零2.下图中分别标明了通电直导线中电流 I 、匀强磁场的磁感应强度 B 和电流所受安培力 F 的方向，三者方向关系中正确的是（ ）3.在空间有正方向水平向右、大小按如图所示的图线变化的电场，位于电场中A 点的电子在t ＝0时速度为零，在t ＝1 s 时，电子离开A 点的距离大小为l .那么在t ＝2 s 时，电子将处在( ) A ．A 点B ．A 点左方l 处C ．A 点右方2l 处D ．A 点左方2l 处4.与直流电源相连的平行板电容器，在保持两极板间正对面积、间距和电源电压不变的条件下，现在两极板间插入一电介质，则该电容器的电容C 和所带电量q 变化情况是( ) A ．C 增大，q 减小 B ．C 、q 均减小 C ．C 减小，q 增大 D ．C 、q 均增大5.一质量为m 、带电量为q 的小球用细线系住，线的一端固定在o 点. 若在空间加上匀强电场，平衡时线与竖直方向成60°角。

则电场强度的最小值为（）A．mg/2q B．3mg/2q C．2mg/q D．mg/q6.如图所示，将通电线圈悬挂在磁铁N极附近，磁铁处于水平位置和线圈在同一平面内，且磁铁的轴线经过线圈圆心，线圈将()A．转动同时靠近磁铁B．转动同时离开磁铁C．不转动，只靠近磁铁D．不转动，只离开磁铁7．某兴趣小组在研究玩具汽车上的微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，M表示电动机．当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为2.0 A和 1.0V．重新调节R并使电动机恢复运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和4.0 V ．则这台电动机此时输出的机械功率为（）A．2 W B．4W C．6 W D．8 W二、多项选择题，本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．8．下列关于磁场的有关说法中，正确的是（）A．如果一小段通电导线在磁场中受到安培力的作用，那么安培力的方向一定与该处磁场方向垂直B．磁场中某点的磁感应强度方向一定与放在该点的电流受到的安培力方向相同C．磁感线上某一点的切线方向一定与放在该点的小磁针S极受力方向相反D．在磁场中的电流一定受到安培力的作用9.一重力不计的带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，可以判断( )A．粒子受到静电排斥力的作用B．粒子速度v b＞v aC．粒子动能E ka=E kc D．粒子电势能E pb＞E pc10.如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，由图象所得结论正确的是( )A.电源的电动势为6.0 VB.电源的内阻为12ΩC.电源的短路电流为0.5AD.电流为0.3A时的外电阻是18Ω11．如图所示，一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针的上方，并与磁针指向平行，能使小磁针的N极转向读者，那么这束带电粒子可能是（）A. 向右飞行的正离子束B. 向左飞行的正离子束C. 向右飞行的负离子束D. 向左飞行的负离子束为定值电阻，L为小灯泡，R T为12．在如图所示的电路中，R半导体热敏电阻（当温度升高时电阻减小），则当R T的温度降低时（）A．电源的总功率变大B．通过R1的电流减小C．小灯泡的功率减小D．电压表的示数增大13.如图所示，实线表示匀强电场中的电场线，一带电粒子(不计重力)经过电场区域后的轨迹如图中虚线所示，a、b是轨迹上的两点，关于粒子的运动情况，下列说法中可能的是() A．该粒子带正电荷，运动方向为由a至bB．该粒子带负电荷，运动方向为由a至bC．该粒子带正电荷，运动方向为由b至aD．该粒子带负电荷，运动方向为由b至a第Ⅱ卷（非选择题75分）三、简答题：本题共3小题，共计24分。

2014－2015学年度第一学期高二年级期中考试物理（选修）试题【考试时间： 90分钟 分值：120分】 命题人：韩亚军 徐文杰 审题人：徐文杰一、单项选择题；本题共7小题，每小题3分，共21分。

1.一带电粒子以一定速度垂直射入匀强磁场中，带电粒子不受磁场影响的物理量是 A.速度 B.加速度 C.合外力 D.动能 2．下列关于磁感应强度大小的说法中正确的是 A ．通电导线受磁场力大的地方磁感应强度一定大 B ．通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C ．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关D ．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同 3．以下哪种情况比较正确地反映了奥斯特实验A.当直导线中的电流由北向南时，其下方的小磁针N 极偏向东B.当直导线中的电流由东向西时，其下方的小磁针N 极偏向西C.当直导线中的电流由西向东时，其下方的小磁针N 极偏向南D.当直导线中的电流由南向北时，其下方的小磁针N 极偏向北 4.如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的左上方固定一直导线，导线与磁场垂直，若给导线通以垂直于纸面向里的电流，则A.磁铁对桌面压力增大B.磁场对桌面压力减小C.桌面对磁铁没有摩擦力D.桌面对磁铁摩擦力向右5.下列关于电动势的说法正确的是：A ．电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电荷量成反比B ．电源电动势就是电源两极间的电压C ．干电池电动势为1.5V ，表明将1C 的正电荷从电源负极移到正极，通过非静电力做功，将其它形式的能量1.5J 转化为电能D ．E ＝W q只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小与电源的体积和外电路有关 6．在如图所示的电路中，当变阻器R 3的滑动头P 由a 端向b 端移动时 A ．电压表示数变大，电流表示数变小B ．电压表示数变小，电流表示数变大C ．电压表示数变大，电流表示数变大D ．电压表示数变小，电流表示数变小7．如图所示，电动势为E 、内阻为r 的电池与定值电阻R 0、滑动变阻器R 串联，已知R 0=r ，滑动变阻器的最大阻值是2r 。