【典型题】中考数学一模试卷(带答案)

一、选择题

1．下列命题中，其中正确命题的个数为（）个．

①方差是衡量一组数据波动大小的统计量；②影响超市进货决策的主要统计量是众数；

③折线统计图反映一组数据的变化趋势；④水中捞月是必然事件．

A．1B．2C．3D．4

2．某球员参加一场篮球比赛，比赛分4节进行，该球员每节得分如折线统计图所示，则该球员平均每节得分为（）

A．7分B．8分C．9分D．10分

3．如图，下列关于物体的主视图画法正确的是（）

A．B．C．D．

4．已知平面内不同的两点A（a+2，4）和B（3，2a+2）到x轴的距离相等，则a的值为( )

A．﹣3B．﹣5C．1或﹣3D．1或﹣5

5．直线y=﹣kx+k﹣3与直线y=kx在同一坐标系中的大致图象可能是（）A．B．C．D．

6．在某篮球邀请赛中，参赛的每两个队之间都要比赛一场，共比赛36场，设有x个队参赛，根据题意，可列方程为（）

A ．

()1

1362

x x -= B ．

()1

1362

x x += C ．()136x x -= D ．()136x x +=

7．分式方程

()()31112x x x x -=--+的解为（ ）

A ．1x =

B ．2x =

C ．1x =-

D ．无解

8．估6的值应在（ ）

A ．3和4之间

B ．4和5之间

C ．5和6之间

D ．6和7之间

9．如图是一个几何体的三视图（图中尺寸单位：cm ），根据图中所示数据求得这个几何体的侧面积是（ ）

A ．212cm

B ．()2

12πcm +

C ．26πcm

D ．28πcm

10．某公司计划新建一个容积V(m 3)一定的长方体污水处理池，池的底面积S(m 2)与其深度h （m ）之间的函数关系式为()0S V

h h

=

≠，这个函数的图象大致是（ ） A ． B ．

C ．

D ．

11．均匀的向一个容器内注水，在注水过程中，水面高度h 与时间t 的函数关系如图所示，则该容器是下列中的（ ）

A．B．C．D．

12．甲、乙二人做某种机械零件，已知每小时甲比乙少做8个，甲做120个所用的时间与乙做150个所用的时间相等，设甲每小时做x个零件，下列方程正确的是（）

A．120150

8

x x

=

-

B．

120150

8

x x

=

+

C．

120150

8

x x

=

-

D．

120150

8

x x

=

+

二、填空题

13．已知扇形的圆心角为120°，半径等于6，则用该扇形围成的圆锥的底面半径为

_________．

14．如图，DE为△ABC的中位线，点F在DE上，且∠AFB＝90°，若AB＝5，BC＝8，则EF的长为______．

15．如图：已知AB=10，点C、D在线段AB上且AC=DB=2； P是线段CD上的动点，分别以AP、PB为边在线段AB的同侧作等边△AEP和等边△PFB，连结EF，设EF的中点为G；当点P从点C运动到点D时，则点G移动路径的长是________．

16．如图，是将菱形ABCD以点O为中心按顺时针方向分别旋转90°，180°，270°后形成的图形．若∠BAD=60°，AB=2，则图中阴影部分的面积为．

17．甲、乙两人在1200米长的直线道路上跑步，甲、乙两人同起点、同方向出发，并分别以不同的速度匀速前进，已知，甲出发30秒后，乙出发，乙到终点后立即返回，并以原来的速度前进，最后与甲相遇，此时跑步结束．如图，y（米）表示甲、乙两人之间的距离，

x （秒）表示甲出发的时间，图中折线及数据表示整个跑步过程中y 与x 函数关系，那么，乙到达终点后_____秒与甲相遇．

18．如图，一束平行太阳光线照射到正五边形上，则∠1= ______．

19．一批货物准备运往某地，有甲、乙、丙三辆卡车可雇用.已知甲、乙、丙三辆车每次运货量不变，且甲、乙两车单独运完这批货物分别用2, a a 次；甲、丙两车合运相同次数，运完这批货物，甲车共运180吨；乙、丙两车合运相同次数，运完这批货物乙车共运270吨，现甲、乙、丙合运相同次数把这批货物运完，货主应付甲车主的运费为___________ 元.(按每吨运费20元计算)

20．如图所示，过正五边形ABCDE 的顶点B 作一条射线与其内角EAB ∠的角平分线相交于点P ，且60ABP ∠=?，则APB ∠=_____度．

三、解答题

21．甲乙两人做某种机械零件，已知甲每小时比乙多做4个，甲做120个所用的时间与乙做100个所用的时间相等，求甲乙两人每小时各做几个零件？

22．某种蔬菜的销售单价y 1与销售月份x 之间的关系如图1所示，成本y 2与销售月份x 之间的关系如图2所示（图1的图象是线段，图2的图象是抛物线）

（1）已知6月份这种蔬菜的成本最低，此时出售每千克的收益是多少元？（收益=售价﹣成本）

（2）哪个月出售这种蔬菜，每千克的收益最大？简单说明理由．

（3）已知市场部销售该种蔬菜4、5两个月的总收益为22万元，且5月份的销售量比4月份的销售量多2万千克，求4、5两个月的销售量分别是多少万千克？

23．小慧和小聪沿图①中的景区公路游览．小慧乘坐车速为30 km/h 的电动汽车，早上7：00从宾馆出发，游玩后中午12：00回到宾馆．小聪骑车从飞瀑出发前往宾馆，速度为20 km/h ，途中遇见小慧时，小慧恰好游完一景点后乘车前往下一景点．上午10：00小聪到达宾馆．图②中的图象分别表示两人离宾馆的路程s(km)与时间t(h)的函数关系．试结合图中信息回答：

(1)小聪上午几点钟从飞瀑出发？

(2)试求线段AB ，GH 的交点B 的坐标，并说明它的实际意义；

(3)如果小聪到达宾馆后，立即以30 km/h 的速度按原路返回，那么返回途中他几点钟遇见小慧？

24．某旅行团32人在景区A 游玩，他们由成人、少年和儿童组成．已知儿童10人，成人比少年多12人．

（1）求该旅行团中成人与少年分别是多少人?

（2）因时间充裕，该团准备让成人和少年（至少各1名）带领10名儿童去另一景区B 游玩．景区B 的门票价格为100元/张，成人全票，少年8折，儿童6折，一名成人可以免费携带一名儿童．

①若由成人8人和少年5人带队，则所需门票的总费用是多少元?

②若剩余经费只有1200元可用于购票，在不超额的前提下，最多可以安排成人和少年共多少人带队?求所有满足条件的方案，并指出哪种方案购票费用最少．

25．如图，ABC ?是边长为4cm 的等边三角形，边AB 在射线OM 上，且6OA cm =，点

D 从点O 出发，沿OM 的方向以1cm/s 的速度运动，当D 不与点A 重合时，将ACD ?绕

点C 逆时针方向旋转60°得到BCE ?，连接DE. （1）如图1，求证：CDE ?是等边三角形；

（2）如图2，当6

（3）当点D 在射线OM 上运动时，是否存在以D ，E ，B 为顶点的三角形是直角三角形？若存在，求出此时t 的值；若不存在，请说明理由.

【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题

1．C

解析：C

【解析】

【分析】

利用方差的意义，众数的定义、折线图及随机事件分别判断后即可确定正确的选项．【详解】

①方差是衡量一组数据波动大小的统计量，正确，是真命题；

②影响超市进货决策的主要统计量是众数，正确，是真命题；

③折线统计图反映一组数据的变化趋势，正确，是真命题；

④水中捞月是随机事件，故错误，是假命题，

真命题有3个，

故选C．

【点睛】

本题考查了命题与定理的知识，解题的关键是了解方差的意义，众数的定义、折线图及随机事件等知识，难度不大．

2．B

解析：B

【解析】

【分析】

根据平均数的定义进行求解即可得．

【详解】

根据折线图可知该球员4节的得分分别为：12、4、10、6，

所以该球员平均每节得分=124106

4

+++

=8，

故选B．

【点睛】

本题考查了折线统计图、平均数的定义等知识，解题的关键是理解题意，掌握平均数的求解方法．

3．C

【解析】

【分析】

根据主视图是从正面看到的图形，进而得出答案．

【详解】

主视图是从正面看这个几何体得到的正投影，空心圆柱从正面看是一个长方形，加两条虚竖线，画法正确的是：．

故选C．

【点睛】

本题考查了三视图的知识，关键是找准主视图所看的方向．

4．A

解析：A

【解析】

分析：根据点A（a＋2，4）和B（3，2a＋2）到x轴的距离相等，得到4＝|2a＋2|，即可解答．

详解：∵点A（a＋2，4）和B（3，2a＋2）到x轴的距离相等，

∴4＝|2a＋2|，a＋2≠3，

解得：a＝?3，

故选A．

点睛：考查点的坐标的相关知识；用到的知识点为：到x轴和y轴的距离相等的点的横纵坐标相等或互为相反数．

5．B

解析：B

【解析】

【分析】

若y=kx过第一、三象限，则k＞0，所以y=-kx+k-3过第二、四象限，可对A、D进行判断；若y=kx过第二、四象限，则k＜0，-k＞0，k-3＜0，所以y=-kx+k-3过第一、三象限，与y轴的交点在x轴下方，则可对B、C进行判断．

【详解】

A、y=kx过第一、三象限，则k＞0，所以y=-kx+k-3过第二、四象限，所以A选项错误；

B、y=kx过第二、四象限，则k＜0，-k＞0，k-3＜0，所以y=-kx+k-3过第一、三象限，与y轴的交点在x轴下方，所以B选项正确；

C、y=kx过第二、四象限，则k＜0，-k＞0，k-3＜0，所以y=-kx+k-3过第一、三象限，与y轴的交点在x轴下方，所以C选项错误；

D、y=kx过第一、三象限，则k＞0，所以y=-kx+k-3过第二、四象限，所以D选项错误．故选B．

本题考查了一次函数的图象：一次函数y=kx+b（k≠0）的图象为一条直线，当k＞0，图象过第一、三象限；当k＜0，图象过第二、四象限；直线与y轴的交点坐标为（0，b）．6．A

解析：A

【解析】

【分析】

共有x个队参加比赛，则每队参加（x-1）场比赛，但2队之间只有1场比赛，根据共安排36场比赛，列方程即可．

【详解】

解：设有x个队参赛，根据题意，可列方程为：

1

x（x﹣1）＝36，

2

故选：A．

【点睛】

此题考查由实际问题抽象出一元二次方程，解题关键在于得到比赛总场数的等量关系. 7．D

解析：D

【解析】

分析：分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x的值，经检验即可得到分式方程的解．

详解：去分母得：x2+2x﹣x2﹣x+2=3，解得：x=1，经检验x=1是增根，分式方程无解．故选D．

点睛：本题考查了分式方程的解，始终注意分母不为0这个条件．

8．C

解析：C

【解析】

【分析】

先化简后利用的范围进行估计解答即可．

【详解】

=6-3=3，

∵1.7<<2，

∴5<3<6，即5<<6，

故选C．

【点睛】

此题主要考查了无理数的估算能力，现实生活中经常需要估算，估算应是我们具备的数学能力，“夹逼法”是估算的一般方法，也是常用方法．

9．C

解析：C

【分析】

根据三视图确定该几何体是圆柱体，再计算圆柱体的侧面积． 【详解】

先由三视图确定该几何体是圆柱体，底面半径是2÷2＝1cm ，高是3cm ． 所以该几何体的侧面积为2π×1×3＝6π（cm 2）． 故选C ． 【点睛】

此题主要考查了由三视图确定几何体和求圆柱体的侧面积，关键是根据三视图确定该几何体是圆柱体．

10．C

解析：C 【解析】 【分析】 【详解】

解：由题意可知：00v h >>， ， ∴ (0)v

s h h

=

≠中，当v 的值一定时，s 是h 的反比例函数， ∴函数 (0)v s h h

=≠的图象当00v h >>，时是：“双曲线”在第一象限的分支. 故选C.

11．D

解析：D 【解析】 【分析】

由函数图象可得容器形状不是均匀物体分析判断，由图象及容积可求解． 【详解】

根据图象折线可知是正比例函数和一次函数的函数关系的大致图象；切斜程度（即斜率）可以反映水面升高的速度；因为D 几何体下面的圆柱体的底圆面积比上面圆柱体的底圆面积小,所以在均匀注水的前提下是先快后慢; 故选D. 【点睛】

此题主要考查了函数图象，解决本题的关键是根据用的时间长短来判断相应的函数图象．

12．D

解析：D 【解析】 【分析】

首先用x 表示甲和乙每小时做的零件个数，再根据甲做120个所用的时间与乙做150个所用的时间相等即可列出一元一次方程.

解：∵甲每小时做x个零件，∴乙每小时做（x+8）个零件，

∵甲做120个所用的时间与乙做150个所用的时间相等，∴120150

8

x x

=

+

，

故选D.

【点睛】

本题考查了分式方程的实际应用，熟练掌握是解题的关键.

二、填空题

13．2【解析】分析：利用圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长列出方程进行计算即可详解：扇形的圆心角是120°半径为6则扇形的弧长是：=4π所以圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长是4π设圆锥的底面半

解析：2

【解析】

分析：利用圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长，列出方程进行计算即可．

详解：扇形的圆心角是120°，半径为6，

则扇形的弧长是：1206

180

π?

=4π，

所以圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长是4π，

设圆锥的底面半径是r，

则2πr=4π，

解得：r=2.

所以圆锥的底面半径是2.

故答案为2.

点睛：本题考查了弧长计算公式及圆锥的相关知识.理解圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长是解题的关键.

14．5【解析】【分析】【详解】试题解析：∵∠AFB=90°D为AB的中点∴DF=AB =25∵DE为△ABC的中位线∴DE=BC=4∴EF=DE-

DF=15故答案为15【点睛】直角三角形斜边上的中线性质：

解析：5

【解析】

【分析】

【详解】

试题解析：∵∠AFB=90°，D为AB的中点，

∴DF=1

2

AB=2.5，

∵DE为△ABC的中位线，

∴DE=1

2

BC=4，

∴EF=DE-DF=1.5，

故答案为1.5．

【点睛】

直角三角形斜边上的中线性质：在直角三角形中，斜边上的中线等于斜边的一半和三角形的中位线性质：三角形的中位线平行于第三边，并且等于第三边的一半．

15．3【解析】【分析】分别延长AEBF交于点H易证四边形EPFH为平行四边形得出G为PH中点则G的运行轨迹为三角形HCD的中位线MN再求出CD的长运用中位线的性质求出MN的长度即可【详解】如图分别延长A

解析：3

【解析】

【分析】

分别延长AE、BF交于点H，易证四边形EPFH为平行四边形，得出G为PH中点，则G 的运行轨迹为三角形HCD的中位线MN．再求出CD的长，运用中位线的性质求出MN的长度即可．

【详解】

如图，分别延长AE、BF交于点H．

∵∠A=∠FPB=60°，

∴AH∥PF，

∵∠B=∠EPA=60°，

∴BH∥PE，

∴四边形EPFH为平行四边形，

∴EF与HP互相平分．

∵G为EF的中点，

∴G也正好为PH中点，即在P的运动过程中，G始终为PH的中点，所以G的运行轨迹为三角形HCD的中位线MN．

∵CD=10-2-2=6，

∴MN=3，即G的移动路径长为3．

故答案为：3.

【点睛】

本题考查了等腰三角形及中位线的性质，以及动点问题，是中考的热点．

16．12﹣4【解析】【分析】【详解】试题分析：如图所示：连接ACBD交于点E连接DFFMMNDN∵将菱形ABCD以点O为中心按顺时针方向分别旋转

90°180°270°后形成的图形∠BAD=60°AB=2

解析：12﹣43

【解析】

【分析】

【详解】

试题分析：如图所示：连接AC，BD交于点E，连接DF，FM，MN，DN，

∵将菱形ABCD以点O为中心按顺时针方向分别旋转90°，180°，270°后形成的图形，∠BAD=60°，AB=2，

∴AC⊥BD，四边形DNMF是正方形，∠AOC=90°，BD=2，AE=EC=3，

∴∠AOE=45°，ED=1，

∴AE=EO=3，DO=3﹣1，

∴S正方形DNMF=2（3﹣1）×2（3﹣1）×1

2

=8﹣43，

S△ADF=1

2

×AD×AFsin30°=1，

∴则图中阴影部分的面积为：4S△ADF+S正方形DNMF=4+8﹣43=12﹣43．

故答案为12﹣43．

考点：1、旋转的性质；2、菱形的性质．

17．30【解析】【分析】由图象可以V甲＝9030＝3m/sV追＝90120-30＝1m/s 故V乙＝1+3＝4m/s由此可求得乙走完全程所用的时间为：12004＝300s则可以求得此时乙与甲的距离即可求出

解析：30

【解析】

【分析】

由图象可以V甲＝＝3m/s，V追＝＝1m/s，故V乙＝1+3＝4m/s，由此可求得乙走完全程所用的时间为：＝300s，则可以求得此时乙与甲的距离，即可求出最后与甲相

遇的时间．

【详解】

由图象可得V甲＝＝3m/s，V追＝＝1m/s，

∴V乙＝1+3＝4m/s，

∴乙走完全程所用的时间为：＝300s，

此时甲所走的路程为：（300+30）×3＝990m．

此时甲乙相距：1200﹣990＝210m

则最后相遇的时间为：＝30s

故答案为：30

【点睛】

此题主要考查一次函数图象的应用，利用函数图象解决行程问题．此时就要求掌握函数图象中数据表示的含义．

18．30°【解析】【分析】【详解】解：∵AB//CD∴∠BAC+∠ACD=180°即

∠1+∠EAC+∠ACD=180°∵五边形是正五边形

∴∠EAC=108°∵∠ACD=42°∴∠1=180°-42°-1

解析：30°．

【解析】

【分析】

【详解】

解：∵AB//CD，∴∠BAC+∠ACD=180°，即∠1+∠EAC+∠ACD=180°，

∵五边形是正五边形，∴∠EAC=108°，

∵∠ACD=42°，∴∠1=180°-42°-108°=30°

故答案为：30°．

19．【解析】【分析】根据甲乙两车单独运这批货物分别用2a次a次能运完甲的效率应该为乙的效率应该为那么可知乙车每次货运量是甲车的2倍根据若甲丙两车合运相同次数运完这批货物时甲车共运了180吨；若乙丙两车合

解析：2160

【解析】

【分析】

根据“甲、乙两车单独运这批货物分别用2a次、a次能运完”甲的效率应该为

1 2a ，乙的效率应该为

1

a

，那么可知乙车每次货运量是甲车的2倍根据“若甲、丙两车合运

相同次数运完这批货物时，甲车共运了180吨；若乙、丙两车合运相同次数运完这批货物时，乙车共运了270吨．”这两个等量关系来列方程．

【详解】

设这批货物共有T 吨，甲车每次运t 甲吨，乙车每次运t 乙吨， ∵2a ?t 甲=T ，a ?t 乙=T ,∴t 甲:t 乙=1:2，

由题意列方程：180270

180

270T T t t --=甲乙

，

t 乙=2t 甲， ∴

180270

180135

T T --=，

解得T =540. ∵甲车运180吨，丙车运540?180=360吨， ∴丙车每次运货量也是甲车的2倍，

∴甲车车主应得运费1

5402021605

??= (元)， 故答案为：2160. 【点睛】

考查分式方程的应用，读懂题目，找出题目中的等量关系是解题的关键.

20．66【解析】【分析】首先根据正五边形的性质得到度然后根据角平分线的定义得到度再利用三角形内角和定理得到的度数【详解】解：∵五边形为正五边形∴度∵是的角平分线∴度∵∴故答案为：66【点睛】本题考查了多

解析：66 【解析】 【分析】

首先根据正五边形的性质得到108EAB ∠=度，然后根据角平分线的定义得到

54PAB ∠=度，再利用三角形内角和定理得到APB ∠的度数． 【详解】

解：∵五边形ABCDE 为正五边形， ∴108EAB ∠=度，

∵AP 是EAB ∠的角平分线， ∴54PAB ∠=度， ∵60ABP ∠=?，

∴180605466APB ∠=?-?-?=?． 故答案为：66． 【点睛】

本题考查了多边形内角与外角，题目中还用到了角平分线的定义及三角形内角和定理．

三、解答题

21．甲每小时做24个零件，乙每小时做20个零件． 【解析】 【分析】

设甲每小时做x 个零件，则乙每小时做（x-4）个零件，根据工作时间=工作总量÷工作效率结合甲做120个所用的时间与乙做100个所用的时间相等，即可得出关于x 的分式方程，解之经检验后即可得出结论． 【详解】

解：设甲每小时做x 个零件，则乙每小时做（x ﹣4）个零件，

根据题意得：

120100

4

x x =-， 解得：x=24，

经检验，x=24是分式方程的解， ∴x ﹣4=20．

答：甲每小时做24个零件，乙每小时做20个零件． 【点睛】

本题考查了分式方程的应用，找准等量关系，正确列出分式方程是解题的关键． 22．（1）6月份出售这种蔬菜每千克的收益是2元．（2）5月份出售这种蔬菜，每千克的收益最大．（3）4月份的销售量为4万千克，5月份的销售量为6万千克． 【解析】

分析：（1）找出当x=6时，y 1、y 2的值，二者作差即可得出结论；

（2）观察图象找出点的坐标，利用待定系数法即可求出y 1、y 2关于x 的函数关系式，二者作差后利用二次函数的性质即可解决最值问题；

（3）求出当x=4时，y 1﹣y 2的值，设4月份的销售量为t 万千克，则5月份的销售量为（t+2）万千克，根据总利润=每千克利润×销售数量，即可得出关于t 的一元一次方程，解之即可得出结论．

详解：（1）当x=6时，y 1=3，y 2=1， ∵y 1﹣y 2=3﹣1=2，

∴6月份出售这种蔬菜每千克的收益是2元． （2）设y 1=mx+n ，y 2=a （x ﹣6）2+1． 将（3，5）、（6，3）代入y 1=mx+n ，

3563m n m n +=??

+=?，解得：237

m n ?

=-?

??=?， ∴y 1=﹣

2

3

x+7； 将（3，4）代入y 2=a （x ﹣6）2+1， 4=a （3﹣6）2+1，解得：a=13

， ∴y 2=

13（x ﹣6）2+1=1

3

x 2﹣4x+13． ∴y 1﹣y 2=﹣

23x+7﹣（13x 2﹣4x+13）=﹣13x 2+103x ﹣6=﹣13

（x ﹣5）2+7

3．

∵﹣1

3

＜0，

∴当x=5时，y1﹣y2取最大值，最大值为7

3

，

即5月份出售这种蔬菜，每千克的收益最大．

（3）当t=4时，y1﹣y2=﹣1

3

x2+

10

3

x﹣6=2．

设4月份的销售量为t万千克，则5月份的销售量为（t+2）万千克，

根据题意得：2t+7

3

（t+2）=22，

解得：t=4，

∴t+2=6．

答：4月份的销售量为4万千克，5月份的销售量为6万千克．

点睛：本题考查了待定系数法求一次（二次）函数解析式、二次函数的性质以及一元一次方程的应用，解题的关键是：（1）观察函数图象，找出当x=6时y1﹣y2的值；（2）根据点的坐标，利用待定系数法求出y1、y2关于x的函数关系式；（3）找准等量关系，正确列出一元一次方程．

23．（1）小聪上午7：30从飞瀑出发；（2）点B的实际意义是当小慧出发1.5 h时，小慧与小聪相遇，且离宾馆的路程为30 km.；（3）小聪到达宾馆后，立即以30 km/h的速度按原路返回，那么返回途中他11：00遇见小慧．

【解析】

【分析】

（1）由时间=路程÷速度，可得小聪骑车从飞瀑出发到宾馆所用时间为：50÷20=2.5（小时），从10点往前推2.5小时，即可解答；

（2）先求GH的解析式，当s=30时，求出t的值，即可确定点B的坐标；

（3）根据50÷30=5

3

（小时）=1小时40分钟，确定当小慧在D点时，对应的时间点是

10：20，而小聪到达宾馆返回的时间是10：00，设小聪返回x小时后两人相遇，根据题意得：30x+30（x﹣）=50，解得：x=1，10+1=11点，即可解答．

【详解】

（1）小聪骑车从飞瀑出发到宾馆所用时间为：50÷20=2.5（小时），

∵上午10：00小聪到达宾馆，

∴小聪上午7点30分从飞瀑出发．

（2）3﹣2.5=0.5，

∴点G的坐标为（0.5，50），

设GH的解析式为s kt b

=+，把G（0.5，50），H（3，0）代入得；

1

50

{230

k b k b +=+=，解得：20{60

k b =-=，

∴s=﹣20t+60， 当s=30时，t=1.5，

∴B 点的坐标为（1.5，30），点B 的实际意义是当小慧出发1.5小时时，小慧与小聪相遇，且离宾馆的路程为30km ； （3）50÷

30=53（小时）=1小时40分钟，12﹣53=1

103

， ∴当小慧在D 点时，对应的时间点是10：20，而小聪到达宾馆返回的时间是10：00，设小聪返回x 小时后两人相遇，根据题意得：30x+30（x ﹣1

3

）=50，解得：x=1， 10+1=11=11点，

∴小聪到达宾馆后，立即以30km/h 的速度按原路返回，那么返回途中他11点遇见小慧． 24．（1）该旅行团中成人17人，少年5人；（2）①1320元，②最多可以安排成人和少年共12人带队，有三个方案：成人10人，少年2人；成人11人，少年1人；成人9人，少年3人；其中当成人10人，少年2人时购票费用最少. 【解析】 【分析】

（1）设该旅行团中成人x 人，少年y 人，根据儿童10人，成人比少年多12人列出方程组求解即可；

（2）①根据一名成人可以免费携带一名儿童以及少年8折，儿童6折直接列式计算即可； ②分情况讨论，分别求出在a 的不同取值范围内b 的最大值，得到符合题意的方案，并计算出所需费用，比较即可. 【详解】

解：（1）设该旅行团中成人x 人，少年y 人，根据题意，得

103212x y x y ++=??

=+?，解得17

5x y =??=?

. 答：该旅行团中成人17人，少年5人. （2）∵①成人8人可免费带8名儿童，

∴所需门票的总费用为：()10081000.851000.6108=1320?+??+??-（元）.

②设可以安排成人a 人、少年b 人带队，则11715a b ，剟

剟. 当1017a 剟

时， （ⅰ）当10a =时，10010801200b ?+?，∴5

2b ?， ∴2b =最大值，此时12a b +=，费用为1160元. （ⅱ）当11a =时，10011801200b ?+?，∴54

b ?

，

∴1b =最大值，此时12a b +=，费用为1180元.

（ⅲ）当12a …

时，1001200a …，即成人门票至少需要1200元，不合题意，舍去. 当110a

（ⅰ）当9a =时，100980601200b ?++?，∴3b ≤， ∴3b =最大值，此时12a b +=，费用为1200元.

（ⅱ）当8a =时，100880601200b ?++?，∴7

2

b ≤， ∴3b =最大值，此时1112a b +=<，不合题意，舍去. （ⅲ）同理，当8a <时，12a b +<，不合题意，舍去.

综上所述，最多可以安排成人和少年共12人带队，有三个方案：成人10人，少年2人；成人11人，少年1人；成人9人，少年3人；其中当成人10人，少年2人时购票费用最少. 【点睛】

本题主要考查了二元一次方程组的应用，不等式的应用，关键是弄清题意，找出题目中的等量关系与不等关系，列出方程组与不等式组．

25．（1）详见解析；（2）存在，；（3）当t=2或14s 时，以D 、E 、B 为顶点的三角形是直角三角形． 【解析】 试题分析：

（1）由旋转的性质结合△ABC 是等边三角形可得∠DCB=60°，CD=CE ，从而可得△CDE 是等边三角形；

（2）由（1）可知△CDE 是等边三角形，由此可得DE=CD ，因此当CD ⊥AB 时，CD 最

短，则DE 最短，结合△ABC 是等边三角形，AC=4即可求得此时DE=CD= （3）由题意需分0≤t ＜6，6＜t ＜10和t ＞10三种情况讨论，①当0≤t ＜6时，由旋转可知，∠ABE=60°，∠BDE ＜60°，由此可知：此时若△DBE 是直角三角形，则∠BED=90°；②当6＜t ＜10s 时，由性质的性质可知∠DBE=120°＞90°，由此可知：此时△DBE 不可能是直角三角形；③当t ＞10s 时，由旋转的性质可知，∠DBE=60°，结合∠CDE=60°可得∠BDE=∠CDE+∠BDC=60°+∠BDC>60°，由此可得∠BED<60°，由此可知此时若△BDE 是直角三角形，则只能是∠BDE=90°；这样结合已知条件即可分情况求出对应的t 的值了. 试题解析：

（1）∵将△ACD 绕点C 逆时针方向旋转60°得到△BCE ， ∴∠DCE=60°，DC=EC ， ∴△CDE 是等边三角形； （2）存在，当6＜t ＜10时， 由（1）知，△CDE 是等边三角形， ∴DE=CD ，

由垂线段最短可知，当CD ⊥AB 时，CD 最小， 此时∠ADC=90°，又∵∠ACD=60°，

∴∠ACD=30°，

∴ AD=1

2

AC=2，

∴ CD=2222

4223

AC AD

-=-=，

∴ DE=23（cm）；

（3）存在，理由如下：

①当0s≤t＜6s时，由旋转可知，∠ABE=60°，∠BDE＜60°，

∴此时若△DBE是直角三角形，则∠BED=90°，

由（1）可知，△CDE是等边三角形，

∴∠DEC=60°，

∴∠CEB=∠BED-∠DEC=30°，

∴∠CDA=∠CEB=30°，

∵∠CAB=60°，

∴∠ACD=∠ADC=30°，

∴DA=CA=4，

∴OD=OA﹣DA=6﹣4=2，

∴t=2÷1=2（s）；

②当6s＜t＜10s时，由性质的性质可知∠DBE=120°＞90°，

∴此时△DBE不可能是直角三角形；

③当t＞10s时，由旋转的性质可知，∠DBE=60°，

又由（1）知∠CDE=60°，

∴∠BDE=∠CDE+∠BDC=60°+∠BDC，

而∠BDC＞0°，

∴∠BDE＞60°，

∴只能∠BDE=90°，

从而∠BCD=30°，

∴BD=BC=4，

∴OD=14cm，

∴t=14÷1=14（s）；

综上所述：当t=2s或14s时，以D、E、B为顶点的三角形是直角三角形.

点睛：（1）解第2小题的关键是：抓住点D在运动过程中，△DBE是等边三角形这一点得到DE=CD，从而可知当CD⊥AB时，CD最短，则DE最短，由此即可由已知条件解得DE的最小值；（2）解第3小题的关键是：根据点D的不同位置分为三段时间，结合已知条件首先分析出在每个时间段内△BDE中哪个角能够是直角，然后再结合已知条件进行解