一、初中物理热学问题求解方法
1. ______________________________________________ 甲、乙两物质比热容之比是2： 1,质量之比是2： 1,甲、乙两物体吸收相同的热量，甲物体温度升髙了20°C,则乙物体的温度升髙了_________________________________________________ °C。由同样材料组成的丙、丁两物体，它们的质星之比为4：1,升髙温度之比是3：1,则两物体吸收热量之比为__________ 。【答案】80 12:1
【解析】
【分析】
【详解】
[1] ?.?Q?=cmΔb甲、乙两物体吸收相同的热量
C I：- mψ ?t tp=c 乙m Z ?t 乙
?t 中:Ar Z= C /.m乙:C中m Ml==(I × 1):(2 × 2)=1:4
T ?t tp=20o C,????f 6=8O O CO
[2] ?.?Q nji=cmΔt,且丙、丁两物体由同种材料做成
C 内=C m「二4:1, ?t 內：Ar ∣ =3:1
???两物体吸收热虽
Q w：Q J= Cμ;m∣λ ?t 内:C j m J ?t J=I2:1
2. 为了比较“沙子和水的吸热本领的大小”，小明做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中分别装好沙子和水，并在上方盖好玻璃片，用两个相同的酒精灯对英加热，实验数据记录如下表所示：
1 在此实验中，用加热时间的长短来表示物质 __________________ :
2 实验过程中要不断的用玻璃棒搅拌，目的是_______________________
(3) 分析表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量
_________ (选填“大于”或"小于”)沙子吸收的热量：
(4) 如果加热相同的时间，对于质虽相同的水和沙子， __________ (选填"沙子”或
“水”)升高的温度更高：
(5) 实验过程中，观察到装水的烧杯上方的玻璃片上有水珠岀现， _______ (选填“沙子”
或“水”)上方的玻璃片温度更髙，原因是_________________ ;
(6) 实验中有些同学发现，刚开始加热时，出现了沙子的温度反而比较低的情况，你认为可
能的原因是： _____________ O
【答案】吸收热量的多少物质受热均匀大于沙子水水蒸气液化放热水的导热性能比沙子的导热性能好
【解析】
【分析】
(1) 我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法：
(2) 为使受热均匀，实验过程中要不断的用玻璃棒搅拌；
(3) 由表中数据分析回答；
(4) 由(3)推理回答：
(5) 分析装水烧杯上方的玻璃片内侧水珠的形成原因，利用液化放热的原理进行解释：
(6) 从水和沙子导热性能不同分析。
【详解】
(1) [1]根据转换法，在此实验中，用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少；
(2) [2]实验过程中要不断的用玻璃棒搅拌，目的是物质受热均匀：
(3) [3]分析表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升髙相同的温度时，水加热的时间
长，根据转换法，即水吸收的热量大于沙子吸收的热星；
(4) [4]由(3)的结论：质量相同的水和沙子，升髙相同的温度时，水加热的时间长，推理有：如果加热相同的时间，质虽相同的水和沙子，沙子升高的温度更髙；
(5) [5][6)装水烧杯上方的玻璃片内侧的小水珠是由于水蒸发形成的水蒸气遇冷液化形成的，而液化时要放热，所以烧杯上方的玻璃片温度比较高：
(6[7])实验中有些同学发现，刚开始加热时，出现了沙子的温度反而比较低的情况，可能的原因是：由于水的导热性能比沙子的导热性能好，所以刚开始加热时，水升温快。
3. 图甲是小强在标准大气压下用50g冰做“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验装置，图乙是他根据记录的数据绘制的温度随时间变化规律的图像。[c水=
4.2TO3J/ (kg?°C)]
温度rc
（1） _______________________________ 实验中，冰熔化的时间为min。
（2）由图乙可知，冰在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能—（选填“增大”、“减
小”或“不变”）,冰在熔化过程吸收的热量为___________ J O
（3）试管中的冰完全熔化后，若持续加热，当烧杯中的水沸腾时，试管中的液体
________ 选填“会”或“不会”）沸腾。
甲
【答案】4增大3.15×103不会
【解析】
【分析】
【详解】
（1）［1］由图象可知，实验中冰从2min开始熔化，6min熔化完毕，故冰熔化的时间是4min°（2）［2］由图象可知，冰在熔化过程中吸收热呈：，温度不变，因继续吸热，所以内能增大。
⑶50g冰熔化成水，因为质量是不变的，所以水的质呈:也是50g,在6~10min内，水的温度升高了154C,则在6-IOmin内水吸收的热量为
。水吸=C加M=4?2X103J∕ （kg?o C）×0.05kg×15o C=3.15×10λJ
由题知物质在相同的时间内吸收的热虽:是相同的，而冰的熔化过程用时也是4min,所以冰熔化过程中吸收的热量为
‰=‰=3.15×1O3J
（3）［4］当烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变；试管中的水从大饶杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能继续吸收热虽：，所以试管中的水不会沸腾。
4. 建立模型在科学研究中有着重要的作用，模型可以帮助人们认识和理解一些不能直接观察到的微观结构。很早以前，科学家们发现了物质是由微粒（分子）组成的，从而建立了如图所示是物质三种状态的分子模型（如图所示）。固体中分子间的束缚能力很强，分子只能在某个位巻附近做小幅的振动，不能自由移动：气体分子间的朿缚能力很弱，所以分子运动相对强烈，如果没有容器的限制可自由运动，尽可能占据更多的体积；液体介于三者之间（与固体更接近），大部分分子在大部分时间内只能在某一位置附近做幅度相对大的振动，某些能量较大的分子能克服液体内英他分子的朿缚而“飞离”液体。
固态酒态气态
（1）________________________________________________ 由材料可知，当物质从气态
变化到固态时，需 ________________________________________ （选项“吸热”或“放热”），使其温度 __________ ，分子只有的能量减小，分子的活跃程度需急剧变弱。
（2）在液体的表而上，某些能量较大的分子能克服液体内其他分子的束缚而“飞离”液体表面，这就是 _________ ;任液体内部，有一些分子由于获得足够的能量摆脱英他分子的
朿缚，进入液体内部的小气泡中。从而使小气泡逐渐变大并上升到液面，气泡破裂，苴中的水蒸气“飞”到空气中，这就是 ______________ U（以上两空选填汽化的两种方式中的一
种）
【答案】放热降低蒸发沸腾
【解析】
【详解】
（1）[1][2]物质从气态变化到固态叫做凝华，凝华需要放热，使其温度降低；
（2）[3]在液体的表而上，某些能量较大的分子能克服液体内其他分子的束缚而“飞离”液体表而，属缓慢的汽化现象，这就是蒸发现象；
[4] 在液体内部，一些分子获得足够的能量，摆脱其他分子的束缚，进入液体内部的小气泡
中，从而使小气泡逐渐变大并上升到液而，气泡破裂，其中的水蒸气"飞”到空气中，整个过程较为剧烈，这就是沸腾。
5. 在"探究晶体熔化和凝固规律"的实验中，绘制出了如图2所示的图象。
(2) 海波从开始熔化到完全熔化持续了 ________ min：
(3) 图2中，海波的熔化过程是 ________ 段(用图中字母表示)，此过程中海波____________ 热(选填"吸"或"放”)；
(4) 图2中，海波在D点是________ 态，在G点是 ________ 态(均选填"固"或"液”)。
【答案】-4°C 3 BC吸液固
【解析】
【分析】
【详解】
(I) ［1］图I可知温度为零下，英示数为-4βC:
⑵［2］图2可知海波从3min开始熔化，到6min熔化结束，持续了
∕=6nιin-3min=3min:
(3) ［3］海波是晶体，熔化时有一左的熔化温度。图2中，海波的熔化过程是BC段；
［4］熔化需要吸收热量：
⑷⑸图2中CD是液态，所以海波在D点是液态；
⑹图2中FG段是凝固后的固态，所以G点是固态。
6. 为了探究液体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关，某同学做了如下实验：在四个相同的烧杯中分别盛有水和煤油，用同样的加热器加热。下表是所有的实验记录，根据实验记录回答下列问题。
(1) 分析比较____________ 烧杯的实验记录(选填烧杯号)，可得出的初步结论是：在质量
和升高的温度都相同时，不同物质吸收的热量不同。
(2) 分析比较①②两饶杯的实验记录，可得出的初步结论是：_____________________ ；分
析比较③④两烧杯的实验记录，可得岀的初步结论是：___________________________ O
(3) 结合(1) (2)中的结论，然后综合归纳可得出，物体温度升髙时吸收热疑的多少与
______ 、_____ 、______ 何关系。
【答案】①③同种物质升髙相同的温度时，质量不同吸收的热量不同同种物质质量相同时，升高的温度不同吸收的热量不同物质的种类质量升高的温度
【解析】
【分析】
(1)探究物质吸收的热量与种类有关，保持质量和升髙的温度相同，物质的种类不同，分析比较哪两个烧杯；
(2)比较①②两烧杯，同种物质，质量不同，升髙的温度相同，吸收的热疑不同，分析吸收的
收的热疑不同，分析比较吸收的热量与哪个因素有关：
(3)根据(1) (2)中的结论，综合归纳可得出，物体温度升高时吸收热量的多少与什么有关系。【详解】
⑴⑴①杯的质量是300g,升高10°C用的时间是12min f③杯的质量是300g,升高IO O C 用的时间是6min,而每分钟吸收的热量是相等的，说明在质量和升高的温度都相同时，不同物质吸收的热量不同；
⑵[2]??两烧杯，同种物质，质量不同，升髙的温度相同，吸收的热量不同，说明同种物质升髙相同的温度时，质量不同吸收的热量不同：
⑶③④两饶杯，同种物质，质量相同，升髙的温度不同，吸收的热疑不同，说明同种物质质量相同时，升高的温度不同吸收的热量不同：
⑶⑷⑸⑹综合上述结论，物体温度升髙时吸收的热量的多少与物质的种类、物体的质量、升高的温度都有关系。
【点睛】
本题考查比热容的概念，需要知道控制变量法就是在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素和条件加以人为控制，只改变某个变量的大小，而保证其它的变量不变，最终解决所研究的问题。
7. 下表为现在家庭、宾馆常用的无线电水壶(一种在倒水时导线脱离，用电加热的方便水壶)的铭牌，某同学用这种电水壶烧开水，他将水放至最大容量，测得水的初温是20°C,通电6分钟后水恰好沸腾(在一个标准大气压下)，试通过计算，回答下列问题：
厶曲“5A
U 220V
由P二L可得，电热水壶的电阻
R
O U3 (220V)4“小
R =——= ------------- -- =40Ω
P1210W
(3)水的质量
加水=Py丫、= IxlO5 6kg∕m3×l× IO'3 m3 = Ikg
水在1个标准大气压下的沸点/ = IoO O C ＞烧开时吸收的热量
Q n = C fY m^ (r-r0) = 4.2×103J∕(kg?o C)×lkg×(l OO O C 一20o C) = 3.36×105J ⑷当电压"' = 20OV时，消耗的电能
3前IoS发动机做多少功？
4汽车受到的阻力多大？
5汽车匀速行驶的速度多大？
W =—t=( 2()( 1V - X 360s = 3.6 X107 8 J
R40Ω
此时电水壶工作的效率
=>x,oo%=IS^xloo%=93%
答：⑵该电水壶正常工作时的电流为5.5A,电热丝的电阻为40Q ⑶这段时间水吸收的热量3.36
×105J;
(4)此时电水壶的工作效率93%o
8. 为检测某汽车发动机的工作性能，现使汽车在平直公路上从静止开始做直线运动，保持发动机输出功率恒立为6×ιo d w,汽车行驶过程中所受阻力大小不变，英-r图像如图所示，在第IoS末开始匀速行驶，经测试，消耗5.8kg的汽油可以使汽车匀速行驶53.36km, 汽油完全燃烧放出的热S 40%用来驱动汽车行驶，(汽油的热值为4.6×107J∕kg),在检测过程中。
【解析】
盐水浓 度(％) 0 3 6 9 12 15 18 21 24 27 30 36
凝固点
(O C)
?2 -4 ?6 ■8
-11 -15 -18 -17 -1.8 -0.4 0
分析表格中数据可知，当盐水浓度增大时，英凝固点 ____________ ;
(3) 小明由表格数拯得到盐水浓度为21%时凝固点最低，其值为-18o C,你认为他的判断
准确吗？ ___ (选填“准确”或“不准确”),你判断的理由是 _____________ :
(4) 在测量浓度为21%的盐水凝固点时，某一时刻测得盐水温度如图所示，则此时该盐水
处于 _____ 态：
(5) 你认为给冷藏盒中药品降温最好选用 _____ (选填冰或适当浓度盐水结成的冰)。
【答案】-4先变小，后变大不准确当浓度是22%、23%时，其凝固点又是多少，这个 不确定固态适当浓度盐水结成的冰 【解析】 【分析】 【详解】
(1) ⑴从图中可以看到，小明所测盐水的图像在第3min 到第8min,温度保持不变，温度大 小是-4°C,即小明所测盐水的凝固点是-4o C o
(2) [2]从表中数据可以看到，当盐水浓度增大时，其凝固点是先变小，后变大的。
⑶[3][4]这个判断不准确：因为当浓度是22%、23%时，其凝固点又是多少，这个不确怎。 ⑷⑸
从图中可以看到，盐水温度是-28°C,而浓度为21%的盐水凝固点是√L8°C,这个温度 比凝固点还要低，说明盐水已经完全凝固了，是固态。
(5) ⑹药品要在0°C 以下存放，要求所选的物质熔点在0°C 以下，冰的熔点是0°C,盐冰的熔 点
是低于0°C,所以冷藏盒中应选用盐水冰块。
10.某款电磁炉广告称该款电磁炉的热效率可达65%以上，具有节能、高效的特点。在一 次综合
实践活动中，“好奇”小组想测量该款电磁炉的加热效率以验证其广告的准确性， 于是他们找来一台全新的电磁炉，包装盒中产品参数数据如下表所示：
(1)若电磁炉正常工作20min,刚好将锅内5kg 、20°C 的水，加热到80°C,求此电磁炉烧水 时的效
率[已知C 尸4.2 × 103J∕(kg?o C)];
⑵小明家装有如图乙所示的电能表，某个时间段，仅有此电磁炉工作，在3min 内电能表 表盘转
了 210圈，求此时电磁炉的实际功率。 【答案】(1)70%： (2)1400W 【解析】
型号 Jw -202O B 额定电压
220 V 额定功率
I 5()0 W
220 λ l()(40>A50liz 3 000 r∕(k ?V-lι)
单■相屯度
表 4 3fE
【分析】
(1)知道水的质疑、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量：已知电磁炉正常工作时的功率和通电时间，利用/F = Pt计算消耗的电能：水吸热为有用的能虽:，电流消耗的电能为总的能捲，拯此求电磁炉的效率。
⑵若仅有此电磁炉工作时观察电能表，在3min内电能表表盘要转了210圈，利用电能表
的参数“3000r/(kW?h)”求电磁炉工作3min消耗的电能：利用尸=冬求电磁炉的实际功t
率。
【详解】
(1)水吸收的热量
Q Ifi = Cmtt-r0) = 4.2×l 03J∕(kg ? °C) X 5kg × (80O C - 20o C) = 1.26×106J
电磁炉正常工作20min,消耗的电能
W = Pr = I5∞W×20×60S =1.8×106J
则此电磁炉烧水时的效率
(2)3min内电路中消耗的电能
W =3000r∕(kW ? h) = ° °7kW h
电磁炉的实际功率
P =Vr = O.07kW-h =I 4kw = I4qqw ' f A h
60
答：⑴此电磁炉烧水时的效率是70%； (2)此时电磁炉的功率为140OW O
M?2019年12月27日晚，“长征五号遥三”运载火箭成功发射，如图所示。该火箭的起
飞质量约为870t,起飞升力约为1.05× IO7N1关于该火箭，下列说法正确的是()
A. 火箭利用“流体中流速小的位置压强大”的原理获得升力
B. 火箭尾部喷气口热得发红，是通过做功改变了火箭尾部的内能
C. 火箭发射时腾起的“白气”是液态水吸热汽化形成的
D. 火箭起飞时受到向上的合力约为1.8× IO6 N (g取10 N/kg)
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
A. 火箭发射是利用物体间力的作用是相互的原理来升空的，与流速小压强大没有关系，故A错
误；
B. 火箭尾部喷气口热得发红，是通过热传递的方式改变了火箭尾部的内能，故B错误：
C. 图中火箭尾部产生大量的“白气”，是因为尾气中的水蒸气遇冷发生了液化现象，故C 错误；
D. 火箭的起飞质量约为870t,重力
G = mg = & 7×105kg×l ON/kg = 8.7×106N
由于G竖直向下，起飞升力F竖直向上，且G FZ r = F-G = I.05×107N-8.7×106N = 1.8×106 N 故D正确。 故选D。 12. _________________________________________________________________________ 如图所示，某单缸四冲程汽汕机工作状态如图所示，此时的能量转化是____________________ : 若飞轮的转速为1800r∕min,该汽汕机每秒共经历了___________________ 个冲程：汽油机工作 时利用水循环将热量从髙温的发动机自发转移到低温的水，这一现象说明______________ 。 【答案】机械能转化为内能60能量的转移具有方向性 【解析】 【分析】 【详解】 [1] 从图中可看到，进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，这是压缩冲程，能量转化是机械能转化为内能。 [2] 由题意可知，飞轮每秒转数是 18∞r1800r CC Z -------- = ---------- =30r∕s 1 min 60s 飞轮转两转，汽油机经历一个工作循环，即经历4个冲程，IS内转30r,经历的冲程数量是 ⑶热量能够从高温的物体转移到低温的物体，汽油机工作时利用水循环将热量从高温的发 动机自发转移到低温的水，这一现象说明能量的转移具有方向性。 13. 有一支刻度不准的温度计，放在冰水混合物中，稳立后示数为-4o C.放在一标准气 压下的沸水 中，示数为92°C ，把它放在某教室时温度讣示数为28°C,教室的实际温度是 【答案】33°C 【解析】 【分析】 【详解】 摄氏温度的规泄是：标准大气压下水的沸点为IOO o C.冰点为0O C , IOO O C 和o°C 之间有 100等份，每一份代表l o C,而该温度计的96个小格表示lOO-C,设温度计示数为28。C 时的实际温度为r,贝9： IOO o C-O O C _ r-0o C 92o C-(-4°C) ^ 28°C-(-4o C) 解得 t≈33°C 14. 甲、乙是两个质量相等的空心球，它们的空心部分体积完全相 同，甲球恰好能在水中 悬浮，A-=3×10'kg∕m 3, 2×103kg∕m 3,则甲、乙两球的体积之比为—O 当把 乙球放入水中时，乙球需出水而的体积占乙球体积的—。 【答案】6： 7 1 【解析】 【详解】 ⑴设两个球空心部分的体积为％,已知甲乙两个球质量相等，由P=牛得： V O ) = P^-V O ) 把Q 屮=3×103kg∕m 3, =2×1O 3kg∕m 3代入，并化简得: 3(?p -V∕,) = 2(^-?)① 由于甲球在水中悬浮，所以重力与浮力相等： 為甲=G 甲 即： 所以: ?t ,=3(?,1-l∕)② 30×4 =60 3 7 由①②解得：MP=尹,，V,.=-?o所以甲、乙两球的体积之比为： 冷_|%_6 [2]己知甲乙两球质量相同，甲球悬浮，乙球密度小于甲球，所以乙球漂浮。所以乙球受到的浮力等于重力： F浮乙=G乙 即： 怎g(吆一％)*水gW乙一 $) 1 7 解得V?y =-?o又因为V^=-V^所以： 4 4 1 1 4 1 V5s =-?=-χ-v L=-K S 所以乙球露出水而的体积占乙球体积的丄。 7 15.质量相等的28°C、IOO o C的水分别装在甲、乙两容器中,现将一个温度为100°C的金属球放入甲容器中,达到温度相同时,甲容器中水温升髙到40°C,然后迅速取岀金属球放入乙容器中,再次达到温度相同时,乙容器中水温是(设不计热量损失和水的质虽损失)() A. 60o C B. 70o C C. 88o C D. 90°C 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】 当将金属球放入甲容器中时，金属球放出的热量与水吸收的热量相等，即：Q if=Q水，贝9： Q ?=m ?×c 金(IOO o C-40o C ), Q 水=m 水XC 衣(40o C-28o C ), 所以： m介XC ? ( IOO o C-40o C ) =m水XC 水(40o C-28°C ) 化简得： 込“； C金％ 当将金属球放入乙容器中时，乙容器中的水放岀的热量与金属球吸收的热量相等，即：Q水=Q 金，由于甲乙容器中的水的质量相等，又是同一个金属球，设两者共同的温度为t°C , 则： Q 水=m 水XC 衣(100o C-t o C ), Q 金=m ?×c ? (t o C-40o C ), 即： m木XC 水(IOO O C-t o C ) =m?×c ? (t o C-40o C ), r=90°C .综上分析故选D . 16. 用体温计分别测甲、乙、丙三人的体温，先测得甲的体温正常。用酒精消毒后，忘了拿着体温计用力向下甩，就直接依次去测乙和丙的体温，已知乙的体温是37.6o C,丙的体温为38.4°C,那么用此方法测得乙和丙的体温分别为() A. 37°C、38.4O C B. 37°C、37.6O C C. 37.6°C? 38.4O C D. 38.4°C、38.4O C 【答案】C 【解析】 【详解】 因为甲的体温正常，所以用体温计测完甲后，体温讣的示数应该是37°C左右，不会是37.6°C,用洒精消毒后，忘了拿着体温计用力向下甩，那么液泡会收缩，液柱不会下降，还是37°C左右，依次去测乙和丙的体温时，乙的体温是37.6o C,这说明液柱上升了，乙的真实体温是37.6o C,丙的体温为38?4°C,这也说明液柱也上升了，丙的真实体温是38.4O C,所以用此方法测得乙和丙的体温分别为37.6°C? 38.4°C,故选C。 17. 下列关于内能说法正确的是() A. 0°C的物体内能为零 B.热量总是从内能大的物体向内能小的物体 传递 C.温度高的物体比温度低的物体内能大 D.物体内能增大，温度可能不变 【答案】D 【解析】 【详解】 A. —切物体，不论温度髙低，都具有内能，所以0°C的物体内能不为零，A错误； B ?热量总是从温度髙的物体向温度低的物体传递，内能大的物体温度可能较低，那么热量就可能是从内能小的物体向内能大的物体传递，B错误： C. 温度高的物体内能不一定大，内能还和质量、状态有关，C错误； D. 物体内能增大，温度可能不变，比如说0°C的冰熔化为0°C的水后，质量不变，温度不变，但是吸收了热量，内能变大，D正确。 18. 如图所示，在大烧杯中装有大量的碎冰块，把装有少量碎冰块的试管插在大烧杯的冰块中，在烧杯底部用洒精灯加热.下列说法正确的是 A. 大烧杯和小试管中的冰同时熔化 B. 小试管中的冰先熔化，大烧杯中的冰后熔化 C. 大烧杯中的冰完全熔化后，小试管中冰才开始熔化 D. 小试管中冰始终不能熔化 【答案】C 【解析】 冰是晶体，若给烧杯中的冰加热时，饶杯中的冰会熔化，但完全熔化前温度保持不变，所以试管中的冰达到熔点，但由于温度相同没有热传递，则不能从烧杯中继续吸热，所以不能熔化； 若烧杯中的冰完全熔化后，继续吸热，温度将升高，所以试管中的冰达到熔点，继续吸热，所以能熔化.故C正确. 故选C . 19. 假设我们手里现有一支刻度均匀，但读数不准的温度计，标准大气压下，在冰水混合物中的示数为4°C,在沸水中的示数为96°C,用此温度计测得某液体的温度是27°C,则所测液体的实际温度应该是( ) A. 24s C B. 25e C C. 26°C D. 27°C 【答案】B 【解析】 【详解】 由题意可知,不准的温度讣上一个小格表示的实际温度为： IOO o C _25 96o C-4°C^23 ： 用此温度计测得液体的温度是27°C,则这种液体的实际温度为： ∣×(27°C-4βC) = 25βCβ z = ± 故ACD错误，B正确。 20.如图是一俩警车。空车质虽:为2.72t°某次执行任务时警车以108 km/h的速度沿水平路而匀速直线行驶时的输出功率为60kW (g取10 N∕kg) o求： (1) 车上警察的总质量为280 kg,轮胎与路而接触的总而积为IOOOcm 2,车静止时对水平路 面的压 强是多少？ (2) 警车以108 km/h 的速度水平匀速直线行驶时，所受阻力是多少？ (3) 若警车发动机的效率为40%,警车以60 kW 的输出功率行驶10 min,消耗多少千克的柴 油？(柴 油的热值取4.0×107J∕kg) 【答案 1 (l)3×105Pa; (2)2×103N; (3)2.25kg 【解析】 【详解】 (1) 警车的总质量是 m = 280kg + 272Okg = 3(X)Okg 车静止时对水平路而的压力是 F=G = mg = 300Okg X1 ON/kg = 3×104N 轮胎与路而接触的总面积为 S = 1 OoOCnI 2 = 0. Im 2 车静止时对水平路而的压强是 F 3×104N C ,cm P = — = ---------- r — = 3 × 10 Pa S OJm 2 (2) 警车的速度 V = 108km∕h = 30m∕s 警车以这个速度水平匀速宜线行驶时，所受阻力是 P = 6×1^W =2χl θ3N M V 30m∕s (3)警车以60 kW 的输出功率行驶10 min ,所做的有用功是 W f =60×103W×10×60S = 3.6×107J 根据热机的效率公式可得 ^ = ^xIOl = 9χl θ7j η 40% 这些柴油的质量是 答：⑴车静止时对水平路面的压强是3×105Pa: (2)^车以108 km/h 的速度水平匀速直线 行驶时，所受阻力是2×103N: (3)若警车发动机的效率为40%,警车以60 kW 的输出功率 行驶 IOmin,消耗柴油的质量是2.25kg O (1) 该电水壶是利用电流的 ____ 效应工作的； (2) 该电水壶正常工作时的电流及电热纟幺的电阻： (3) 这段时间水吸收的热量；[水的比热容C = 4.2 ×101 2 3 4J∕ (kg ? O C)] (4) 现测得电源电压为200V,求此时电水壶的工作效率。(计算结果保留两位有效数字) 【答案】 5In =—= 9×107J 4.0×107J∕kg 【解析】 【详解】 解：(1)电水壶是利用电流通过导体时，使导体产生热量来工作的，是电流的热效应。 (2) 根据P = Ul可得，此电水壶正常工作时的电流
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