数列裂项相消求和的典型题型
1.已知等差数列}{n a 的前n 项和为,15,5,55==S a S n 则数列}1{
1+n n a a 的前100项和为( ) A .100101 B .99101 C .99100 D .101100
2.数列,)1(1+=
n n a n 其前n 项之和为,10
9则在平面直角坐标系中,直线0)1(=+++n y x n 在y 轴上的截距为( )
A .-10
B .-9
C .10
D .9
3.等比数列}{n a 的各项均为正数,且6223219,132a a a a a ==+. (Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式;
(Ⅱ)设,log log log 32313n n a a a b +++= 求数列}1{
n
b 的前n 项和. 4.正项数列}{n a 满足02)12(2=---n a n a n n . (Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式n a ;
(Ⅱ)令,)1(1n
n a n b +=求数列}{n b 的前n 项和n T . 5.设等差数列}{n a 的前n 项和为n S ,且12,4224+==n n a a S S .
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式;
(Ⅱ)设数列}{n b 满足,,2
11*2211N n a b a b a b n n n ∈-=+++ 求}{n b 的前n 项和n T . 6.已知等差数列}{n a 满足:26,7753=+=a a a .}{n a 的前n 项和为n S .
(Ⅰ)求n a 及n S ;
(Ⅱ)令),(1
1*2N n a b n n ∈-=求数列}{n b 的前n 项和n T . 7.在数列}{n a 中n n a n a a 211)11(2,1,+
==+. (Ⅰ)求}{n a 的通项公式;
(Ⅱ)令,2
11n n n a a b -=+求数列}{n b 的前n 项和n S ;
(Ⅲ)求数列}{n a 的前n 项和n T .
8.已知等差数列}{n a 的前3项和为6,前8项和为﹣4.
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式;
(Ⅱ)设),,0()4(*1N n q q a b n n n ∈≠-=-求数列}{n b 的前n 项和n S .
9.已知数列}{n a 满足,2,021==a a 且对*,N n m ∈?都有211212)(22n m a a a n m n m -+=+-+--.
(Ⅰ)求53,a a ;
(Ⅱ)设),(*1212N n a a b n n n ∈-=-+证明:}{n b 是等差数列;
(Ⅲ)设),,0()(*11N n q q a a c n n n n ∈≠-=-+求数列}{n c 的前n 项和n S .
10.已知数列}{n a 是一个公差大于0的等差数列,且满足16,557263=+=a a a a .
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式;
(Ⅱ)数列}{n a 和数列}{n b 满足等式),(2
222*33221N n b b b b a n n n ∈++++= 求数列}{n b 的前n 项和n S . 11.已知等差数列}{n a 的公差为2,前n 项和为n S ,且421,,S S S 成等比数列.
(1)求数列}{n a 的通项公式;
(2)令,4)1(1
12+--=n n n a a n b 求数列}{n b 的前n 项和n T . 12.正项数列}{n a 的前n 项和n S 满足:0)()1(222=+--+-n n S n n S n n .
(1)求数列}{n a 的通项公式n a ;
(2)令,)2(122n n a n n b ++=数列}{n b 的前n 项和为n T ,证明:对于,*N n ∈?都有645 1.A ;2.B 3.解:(Ⅰ)设数列{a n }的公比为q ,由a 32=9a 2a 6有a 32=9a 42,∴q 2=. 由条件可知各项均为正数,故q=. 由2a 1+3a 2=1有2a 1+3a 1q=1,∴a 1=. 故数列{a n }的通项式为a n = . (Ⅱ)b n =++…+ =﹣(1+2+…+n )=﹣, 故=﹣=﹣2(﹣) 则++…+=﹣2[(1﹣)+(﹣)+…+(﹣)]=﹣, ∴数列{}的前n项和为﹣. 4.解:(Ⅰ)由正项数列{a n}满足:﹣(2n﹣1)a n﹣2n=0, 可有(a n﹣2n)(a n+1)=0 ∴a n=2n. (Ⅱ)∵a n=2n,b n=, ∴b n===, T n===. 数列{b n}的前n项和T n为. 5.解:(Ⅰ)设等差数列{a n}的首项为a1,公差为d,由S4=4S2,a2n=2a n+1有: , 解有a1=1,d=2. ∴a n=2n﹣1,n∈N*. (Ⅱ)由已知++…+=1﹣,n∈N*,有: 当n=1时,=, 当n≥2时,=(1﹣)﹣(1﹣)=,∴,n=1时符合. ∴=,n∈N* 由(Ⅰ)知,a n=2n﹣1,n∈N*. ∴b n=,n∈N*. 又T n=+++…+, ∴T n=++…++, 两式相减有:T n=+(++…+)﹣=﹣﹣ ∴T n=3﹣. 6.解:(Ⅰ)设等差数列{a n}的公差为d, ∵a3=7,a5+a7=26, ∴有, 解有a1=3,d=2, ∴a n=3+2(n﹣1)=2n+1; S n==n2+2n; (Ⅱ)由(Ⅰ)知a n=2n+1, ∴b n====, ∴T n===, 即数列{b n}的前n项和T n=. 7.解:(Ⅰ)由条件有,又n=1时,, 故数列构成首项为1,公式为的等比数列.∴,即. (Ⅱ)由有,,两式相减,有:,∴. (Ⅲ)由有.∴T n=2S n+2a1﹣2a n+1=. 8.解:(Ⅰ)设{a n}的公差为d, 由已知有 解有a1=3,d=﹣1 故a n=3+(n﹣1)(﹣1)=4﹣n; (Ⅱ)由(Ⅰ)的解答有,b n=n?q n﹣1,于是 S n=1?q0+2?q1+3?q2+…+n?q n﹣1. 若q≠1,将上式两边同乘以q,有 qS n=1?q1+2?q2+3?q3+…+n?q n. 上面两式相减,有 (q﹣1)S n=nq n﹣(1+q+q2+…+q n﹣1)=nq n﹣ 于是S n= 若q=1,则S n=1+2+3+…+n= ∴,S n=. 9.解:(Ⅰ)由题意,令m=2,n=1,可有a3=2a2﹣a1+2=6 再令m=3,n=1,可有a5=2a3﹣a1+8=20 (Ⅱ)当n∈N*时,由已知(以n+2代替m)可有a2n+3+a2n﹣1=2a2n+1+8 于是[a2(n+1)+1﹣a2(n+1)﹣1]﹣(a2n+1﹣a2n﹣1)=8 即b n+1﹣b n=8 ∴{b n}是公差为8的等差数列 (Ⅲ)由(Ⅰ) (Ⅱ)解答可知{b n}是首项为b1=a3﹣a1=6,公差为8的等差数列则b n=8n﹣2,即a2n+1﹣a2n﹣1=8n﹣2 另由已知(令m=1)可有 a n=﹣(n﹣1)2. ∴a n+1﹣a n=﹣2n+1=﹣2n+1=2n 于是c n=2nq n﹣1. 当q=1时,S n=2+4+6++2n=n(n+1) 当q≠1时,S n=2?q0+4?q1+6?q2+…+2n?q n﹣1. 两边同乘以q,可有 qS n=2?q1+4?q2+6?q3+…+2n?q n. 上述两式相减,有 (1﹣q)S n=2(1+q+q2+…+q n﹣1)﹣2nq n=2?﹣2nq n=2? ∴S n=2? 综上所述,S n = . 10.解:(Ⅰ)设等差数列{a n }的公差为d , 则依题意可知d >0由a 2+a 7=16, 有,2a 1+7d=16① 由a 3a 6=55,有(a 1+2d )(a 1+5d )=55② 由①②联立方程求,有d=2,a 1=1/d=﹣2,a 1= (排除) ∴a n =1+(n ﹣1)?2=2n ﹣1 (Ⅱ)令c n =,则有a n =c 1+c 2+…+c n a n+1=c 1+c 2+…+c n+1 两式相减,有 a n+1﹣a n =c n+1,由(1)有a 1=1,a n+1﹣a n =2 ∴c n+1=2,即c n =2(n ≥2), 即当n ≥2时, b n =2n+1,又当n=1时,b 1=2a 1=2 ∴b n = 于是S n =b 1+b 2+b 3+...+b n =2+23+24+ (2) n+1=2n+2﹣6,n ≥2, . 11.解 (1)因为S 1=a 1,S 2=2a 1+2×12 ×2=2a 1+2, S 4=4a 1+4×32 ×2=4a 1+12, 由题意得(2a 1+2)2=a 1(4a 1+12),解得a 1=1, 所以a n =2n -1. (2)b n =(-1)n -14n a n a n +1=(-1)n -14n (2n -1)(2n +1)=(-1)n -1(12n -1+12n +1). 当n 为偶数时, T n =(1+13)-(13+15)+…+(12n -3+12n -1)-(12n -1+12n +1)=1-12n +1=2n 2n +1. 当n 为奇数时, T n =(1+13)-(13+15)+…-(12n -3+12n -1)+(12n -1+12n +1)=1+12n +1=2n +22n +1 . 所以T n =????? 2n +22n +1,n 为奇数,2n 2n +1,n 为偶数.(或T n =2n +1+(-1)n -12n +1 ) 12.(1)解 由S 2n -(n 2+n -1)S n -(n 2+n )=0, 得[S n -(n 2+n )](S n +1)=0, 由于{a n }是正项数列,所以S n +1>0. 所以S n =n 2+n (n ∈N *). n ≥2时,a n =S n -S n -1=2n , n =1时,a 1=S 1=2适合上式. ∴a n =2n (n ∈N *). (2)证明 由a n =2n (n ∈N *)得b n =n +1(n +2)2a 2n =n +1 4n 2(n +2)2=116??????1n 2-1(n +2)2 T n =116?? ????1-132+????122-142+????132-152+… ? ??+? ????1(n -1)2-1(n +1)2+? ????1n 2-1(n +2)2 =116??????1+122-1(n +1)2-1(n +2)2<116 ????1+122=564(n ∈N *). 即对于任意的n ∈N *,都有T n <564.