1、（1）（6分）BCD
（2）(9分）解： 以左边气体为研究对象，根据玻意耳定律得 P 0L A S= P 1L A1S ①
P 1=80cmHg ②
h 1= P 1- P 0 =4cm ③
设右侧液面上升h 2左侧空气柱后来的压强 P B2(L B -h 2)S=P 0L B S ④ P B2=P 1-2h 2 ⑤ 得到h 2=1cm P B2=78cmHg ⑥
2、（1）（6分）BCD （2）(共9分）
①对活塞进行受力分析：pS=p 0S 得：p =p 0=1.0×105
Pa （2分）
设活塞上升到卡球处时气体温度为T ，体积为lS ；初状态体积l 0S ，温度为T 1，
则：
T
lS
T S l =10 得：T =360K 则： 2 20T p T p = 得：p 2=1.5×105 Pa （2分） ②该封闭气体仅在等压膨胀过程中对外做功，则：W=FS=p 0S (l-l 0)=30J （3分） 3、（1）A B D (5分) （2）(10分) 解：（i ）设气缸内气体压强为11,F P 为细线中的张力，则活塞A 、B 及细杆这个整体的平衡条件为 010110=+-+-F S P S P S P S P B B A A ① (2分) 解得 B A S S F P P -+ =1 01 代入数据得 Pa S S F P P B A 51 01102.1?=-+ = ② (1分) 由②式看出，只要气体压强01P P >，细线就会拉直且有拉力，于是活塞不会移动．当 气缸内气体等容，温度下降使压强降到0P 时，细线拉力变为零，再降温时活塞开始向右移，设此时温度为2T ，压强02P P =．有 1 2 12P P T T = ③ (1分) 得 K T 4502=． ④ (2分) （ⅱ）再降温，细线松了，要平衡必有气体压强0P P =．是等压降温过程，活塞右移、体积相应减小，当A 到达两圆筒联接处时，温度为3T ， 3 232T lS T l S l S B B A =+ ⑤ (2分) 得 K T 2703= ⑥ (2分) 4、（1）BDE （2）（2）解：由理想气体状态方程：C T PV = 有： 2 2 2111T V P T V P =….3分 其中 P 1=P 0+h P 2=P 0-h 1 V 1=LS V 2=(L-h 1)S T 1=273+t 1 T 2=273+t 2 ……………….. 各1分 解得：t 2=-30℃………1分 5、（1）（6分）BCE （2）（9分）解：对气体I ，初状态10034mg P P P S =+ = （1分） 末状态1002mg P P P S '=+ = （1分） 由玻意耳定律1011Pl S P l S '= （2分） 解得:102l l = （1分） 对气体Ⅱ，初状态2105mg P P P S =+ = （1分） 末状态2103mg P P P S ''=+ = （1分） 由玻意耳定律2022P l S P l S '= （1分） 且2053 l l = 即,A 活塞上升的高度()()102005 3 l l l l l l ?=-+-= （1分） 6、(1)ACE （2）【解析】（1）设开始时封闭气体压强为，每次添加的水银产生的压强为，玻璃管的横截面积为，由玻意耳定律列方程得： ① 设第二次水银添加完时空气柱长度为，由玻意耳定律列方程得： ② 连理解得： ③ （2）把玻璃管在竖直面内缓慢的沿顺时针方向旋转600，由玻意耳定律列方程得： P 0hS=( P 0+2Psin300)h //S ④ 联立①④解得：h //=0.75h 0P P S 00()0.75P hS P P h S =+??h '00(2)P hS P P h S '=+0.6h h '= 7、1）ADE （2）①V 1＝300 L ② 试题分析：①（6分）居民厨房的容积为V 2 ＝24 m 3 ＝24 000 L 设有V 1 升天然气泄漏出来，将其作为研究对象，它经历等温过程，泄漏前后的气压分别为p 1 和p 2 。达到发生爆炸的气压条件是 (1分) 由 ① 得 ② （2分） 代入数值，得V 1 ＝300 L 。 ③ （2分） ②（4分）爆炸瞬间气体来不及外泄，经历的是一个等容过程。 爆炸前的温度为 压强为 (1分) 爆炸后的温度 由 ④ （2分） 代入数值，得 ⑤ （2分） 8、(1)ADE （5分） (2)①（5分）气体加热缓慢上升的过程中,处于等压过程,设上升 4 H 时温度为2T , 1V SH =, 2(H )4 H V S =+ 气体发生等压变化,由盖吕萨克定律得: 1212V V T T = 联立解得:2154 T T = ②（5分）上升过程中,根据热力学第一定律得:U Q W ?=+ 其中,0(P S mg)4 H W =-+ 即,0(P S mg)4 H U Q ?=-+ 9、(1)ACE 1）因气缸水平放置，又不计活塞的摩擦，故平衡时两气室内的压强必相等，均为P ．设在活塞A 向右移动d 的过程中活塞B 向右移动的距离为x ，平衡时两气缸内压强均为P ，因温度不变，根据玻意耳定律，得 气室1 pL 1S=p （L 1-d+x ）S------① 气室2 pL 2S=p （L 2-x ） S-------② 由上面①②两式解得 x= =2 cm 将 x=2 cm 代②式，得p=1.1×105Pa （2）活塞A 固定，气室2中气体的体积恢复为 L 2S 时，温度升高为T 2，压强增大为 p′，此过程为等容过程，运用查理定律 ． = 这时气室1中气体的体积为（L'1-d ）S ，压强增大为 p′，温度仍为27℃，为等温过程，根据玻意耳定律，得pL'1S=p′（L 1-d ）S 解方程组得 T 2=44.6℃ 10、⑴ BCE ⑵ 解：①设开始时封闭气体的压强为P 0，添加的水银对气体产生的压强为P ，由玻意耳定律得：003() 4p h p p h =+ 得 013 p p = 再加水银后，气体的压强变为：02p p +，设第二次加水银后气柱长为h'，则有： ()'002p h p p h =+ 可得：'3 5 h h = ②气柱长度恢复到原来的长度h ，则有 ()0002p p h p h T T += 可得：053 T T = 11、（1）（6分）BCD （2）（9分）气体做等温变化 P A1=P 0+ρgh A =(7+5)cmHg=80 cmHg （2分） V A1=6S V A2=5S P A1 V A1=P A2 V A2 （2分） P A2=96 cmHg （1分） （3）P A3=P 0+ρgh 3=(75+23) cmHg=98 cmHg （1分） （2分） T 3=367.5K=94.5oC （1分） 12、（1） BC E （5分） （2）（10分） ①对于理想气体： A→B ∴（3分） B→C ∴ （3分） ②A→C 的过程中是吸热． 吸收的热量 （4分） 13、（1）BCE （2）解析：（i ）以气缸为研究对象，受力分析，受到重力、外界大气压力，气缸内气 体的压力，根据平衡条件得： 0S p pS Mg =+ 则：5504100 1100.8105010 Mg p p Pa Pa S -=- =?-=??。 （ii ）温度升高，气缸内气体的压强不变，体积增大，根据气体等压变化方程得： 12 12 V V T T ＝ 当活塞与气缸将分离时，气柱的总长度为40cm ，代入数据得：2 3540 280S S T ＝ 解得：232047T K C ==?。 14、(1）BCD (2) 解：①A 中气体的压强为： 对A 气体由玻意耳定律得：p 1V 1=p 2V 2， 解得： 活塞N 向右移动的距离为： ② B 气体温度为：T 1=273+t 1=273+27K=300K ，T 2=273+t 2 由查理定律：， 得： 所以：t 2=T 2﹣273=127℃ 15、(1)ABE （2）①活塞缓慢左拉的过程中，气体B 做等温变化 100A B A B p p K T T ==B 由 得：T 0173C =-B t 300C B C B C V V T K T T ==由 得：027C =C t 533110(310110)200Q W p V J J --==?=???-? = B2B21B 1B V p V p = （2分） 75cmHg× 20S ＝p B2×25S （设S 为玻璃管横截面） p B2＝60cmHg （2分） 左右管中水银面的高度差Δh =(75-60)cm=15cm （1分） ②活塞被缓慢的左拉的过程中，气体A 做等温变化 p A1=（75+25）cmHg=100cmHg （1分） p A2=(75+5)cmHg=80cmHg （2分） A2A2A1A1V p V p = （1分） 100×10S ＝80×L A2S L A2＝12.5cm （1分） 16、(1)【答案】 BCD （5分） 【解析】气态、液态和固态物质之间都能发生扩散现象，A 错误；分子运动永不停息，扩散现象也永不停息，B 正确；潮湿的地面变干，是水分子运动到了空气中，属于扩散现象，C 正确；靠近梅花能闻到梅花的香味，是因为梅花释放的香气分子在空气中不断扩散，D 正确；风是太阳辐射引起的空气流动现象，E 错误。 (2)【解析】 根据题意，A 中气体的体积变为原来的3 4 ，则B 中气体的体积B 'V 变为原来体积B V 的 54，即5 4 '=B B V V (1分) B 中气体发生等温变化，根据玻意耳定律有''=B B B B p V p V （2分） 解得稳定后B 中气体的压强'B p = 1×l05 Pa (l 分) 对A 中气体，初态：=- A B mg p p S = 1×l05 Pa (l 分) 末态：''=- A B mg p p S =0.75×105 Pa (l 分) 对A 中气体，由理想气体状态方程有 '' =' A A A A p V p V T T （2分） 解得'T =450 K (2分) 17、(1)BCD (2)（10分）【解析】：①A 中气体的压强为： 对A 气体由玻意耳定律得：p 1V 1=p 2V 2， 解得： 活塞N 向右移动的距离为： ②B 气体温度为：T 1=273+t 1=273+27K=300K ，T 2=273+t 2 由查理定律：， 得： 所以：t 2=T 2﹣273=127℃ 18、1） BCD （2）P =2×105Pa V 0=40 L 19、（1）)(6分)ADE （2） （9分） （1）气体做等温变化 P A1=P 0+ρgh A =(7+5)cmHg=80 cmHg （2分） V A1=6S V A2=5S P A1 V A1=P A2 V A2 （2分） P A2=96 cmHg （1分） （3）P A3=P 0+ρgh 3=(75+23) cmHg=98 cmHg （1分） （2分） T 3=367.5K=94.5oC （1分） 20、【答案】ABC 答案：（2）内能增加250J （5分）；127℃（5分） 解析：（2）设汽缸内气体的压强为p ，选活塞为研究对象，活塞缓慢移动受力平衡，根据力的平衡知识得：pS mg S p =+0， 50101.1?=+=S mg p p Pa 。（1分） 活塞在上升h=10cm 的过程中气体对外界做功110===pSh Fh W J 。（1分） 电阻丝在通电10s 内产生的热量为3602 ==t R U Q J ，（1分） 因为汽缸是绝热的，所以电阻丝产生的热量全部被气体吸收。根据热力学第一定律得： 250=+-=?Q W U J ，即气体的内能增加了250J 。（2分） 内气体的压强保持不变，由 T Sh V T V +=0，（3分） 得4000=+=T V Sh V T K ，即缸内气体的温度是127℃。（2分）
相关主题
文本预览