北交《计算机组成原理》在线作业二-0001对磁盘进行写保护,没有下列中_____功能。
A:只能写不能读
B:防病毒传染
C:防止误格式化
D:只能读不能写
答案：A
寄存器间接寻址方式中，操作数处在（）
A:通用寄存器
B:程序计数器
C:堆栈
D:主存单元
答案：D
用于对某个寄存器中操作数的寻址方式称为（）寻址。
A:直接
B:间接
C:寄存器直接
D:寄存器间接
答案：C
下列数中最大的数是（）
A:（10010101）二进制
B:（227）八进制
C:（96）十六进制
D:（143）十进制
答案：B
某机字长32位，存储容量1MB。若按字编址，它的寻址范围是（）A:1M
B:512KB
C:256K
D:256KB
答案：C
信息可以同时在两个方向上传输的总线称为总线
A:单工
B:半双工
Computer netowrks Labs DNS, Data Encapsulation and Frame Examination DNS, Data Encapsulation and Frame Examination Learning Objectives At completion of this lab, you will be able to: https://www.doczj.com/doc/644229285.html,e Wireshark to capture and analyze DNS message 2.Understand how DNS works https://www.doczj.com/doc/644229285.html,e nslookup and ipconfig commands 4.Explain the header fields in an Ethernet II frame. 5.understand data encapsulation
6. Report and Feedback on this lab A nswer all questions with supporting screenshots. Please fill in the following feedback form and append it to the report. Your feedback is valuable to us so that we can improve this lab, and make the course welcome. For each task, please rate the following in the scale of 1 through 5: ?The degree of difficulty: 1 = too easy; 5 = too difficult ?The learning experience: 1 = learned nothing; 5 = learned a lot ?Your interest: 1 = no interest; 5= high interest ?Time used for the task: in minutes Task Difficulty (1—5) Learning (1—5) Interest (1—5) Time ( min) Task 0 Task 1 Task 2 Task 3 Task 4 Your suggestion/comment: Background When upper layer protocols communicate with each other, data at the sending host flows down the TCP/IP protocol layers and is encapsulated into a protocol data unit at lower layer, and finally encapsulated in a Layer 2 frame. For example, DNS message is often transported by UDP protocol on layer 4. So DNS message at the sending host is encapsulated in a UDP segment; the UDP segment is then encapsulated in an IP packet, and the IP packet is encapsulated finally in a layer 2 frame. The frame composition is dependent on the media access type, or the network. For example, if the media access is Ethernet, then the Layer 2 frame encapsulation will be Ethernet II. When learning about data encapsulation and protocol operations, it is helpful to analyze the header information found in the protocol data units. The DNS protocol operation, ipconfig command, and Ethernet II frame header will be examined in this lab. Ethernet II frames can support various upper layer protocols. For more background information, please read the lectures 02, 04-05, 10, 11.
Chapter 2 注：括弧之中红色标注为与课本习题对应的编号 2.1，2.2节后作业： 1.(R2)For a communication session between a pair of processes, which process is the client and which is the server? 建立连接的是客户等待的是服务器。 2.(R3)What is the difference between network architecture and application architecture? 网络架构为标准的五层或七层，应用架构由程序员自行设计 3.(R4)What information is used by a process running on one host to identify a process running on another host? 端口号和IP地址 4.(R7)Suppose you wanted to do a transaction from a remote client to a server as fast as possible. Would you use UDP or TCP? Why? UDP，因为不需要建立连接，速度更快。 5.(R8)List the four broad classes of services that a transport protocol can provide. For each of the service classes, indicate if either UDP or TCP (or both) provides such a service. 可靠数据传输，安全，吞吐量，定时 6.(R9)Why do HTTP, FTP, SMTP, and POP3 run on top of TCP rather than on UDP? 因为与这些协议相联系的应用都要求应用数据能够被无差错的有序的接收，而TCP提供可靠的数据传输 7.(R11)What is meant by a handshaking protocol? 握手协议，通过三次握手建立连接，保证可靠传输 2.3，2.4节后作业 8.(R15)Suppose Alice, with a Web-based e-mail account (such as Hotmail or gmail), sends a message to Bob, who accesses his mail from his mail server using POP3. Discuss how the message gets from Alice's host to Bob's host. Be sure to list the series of application-layer protocols that are used to move the message between the two hosts. 信息从Alice的主机发送到她的邮件服务器，使用HTTP 协议。然后邮件从Alice的邮件服务器发送到Bob 的邮件服务器，使用SMTP协议。最后Bob将邮件从他的邮件服务器接收到他的主机，使用POP3协议。 9.(R17)From a user's perspective, what is the difference between the download-and-delete mode and the download-and-keep mode in POP3? 在下载并删除方式下，在用户从POP服务器取回他的邮件后，信息就被删除。 在下载并保留方式下，在用户取回邮件后，邮件不会被删除。 10.(R18)Is it possible for an organization's Web server and mail server to have exactly the same alias for a hostname (for example,foo. com)? What would be the type for the RR that
网络技术 第二章网络技术基础 考点1 计算机网络的定义 资源共享的观点将计算机网络定义为“以能够相互共享资源的方式互连起来的自治计算机系统的集合”。其主要体现在以下3 个方面： ①计算机网络建立的主要目的是实现计算机资源的共享。计算机资源主要指计算机硬件、软件和数据。 ②互连的计算机是分布在不同地理位置的多台独立的“自治计算机”。互连的计算机之 间应该没有明确的主从关系，每台计算机都可以联网或者脱离网络工作。 ③联网计算机之间的通信必须遵循共同的网络协议。 考点2 计算机网络的分类 1．网络分类方法 网络分类的方法很多，常用以下两种分类法： ①根据网络所使用的传输技术分类，可以分为广播式网络与点一点式网络。选择分组存储转发与路由选择是点一点式网络与广播式网络的重要区别之一。 ②根据网络的覆盖范围与规模分类，可以分为局域网、城域网与广域网。 2．广域网、局域网和城域网 (1) 局域网(LAN) 局域网分为共享局域网与交换局域网(或是共享介质式局域网和交换式局域网)。局域网一般属于一个单位所有，易于建立、维护与扩展。在局域网领域中，采用以太网(Ethemet) 、令牌总线(Token Bus) 和令牌环(Token Ring) 原理的局域网产品形成了三足鼎立之势。 (2) 城域网(MAN)
城域网(MAN)是介于广域网与局域网之间的一种高速网络。其设计的目标是要满足几十千米范围内的多个局域网互联的需求。 (3) 广域网(WLAN) 广域网也称远程网，它所覆盖的范围从几十千米到几千千米。广域网的通信子网主要采 用分组交换技术。早期的网络主要是广域网。 考点3 计算机网络拓扑结构 1．计算机网络拓扑的定义计算机网络设计的第一步就是网络拓扑设计。拓扑学是几何学的一个分支。 计算机网络拓扑是通过网中结点与通信线路之间的几何关系表示网络结构，反映出网络各实体之间的结构关系。 2．网络拓扑的分类网络拓扑可以根据通信子网中通信信道类型分为以下两类： (1) 点对点线路通信子网的拓扑 采用点对点线路的通信子网的基本拓扑构型有 4 种：星型、环型、树型与网状型。 (2) 广播信道通信子网的拓扑 采用广播信道通信子网的基本拓扑构型主要有 4 种：总线型、树型、环型、无线通信与 卫星通信。 3．点对点线路通信子网的拓扑 (1) 星型拓扑 星型拓扑的特点是结构简单，易于实现和管理，但由于其集中控制方式的结构，一旦中 心结点出现问题，就会造成全网的瘫痪，可靠性较差。 (2) 环型拓扑 环型拓扑的环中任意一个结点的故障都会造成全网的瘫痪，这是环型网络可靠性的瓶颈。 (3) 树型拓扑 树型拓扑可以看做是星型拓扑的一种扩展，主要适用于汇集信息的应用要求。
Test 1. TCP/IP Configuration 1. Click Start and then click Run. Type the command or cmd and then press Enter. 2. At the DOS prompt, type NET HELP and press Enter. You should see something like the screen below: The command you are interested in is the View command. To obtain information about it, type NET HELP VIEW, and press Enter. 3. What is the purpose of NET VIEW: The NET VIEW command shows the names of the machines present on your network. Notice that it lists the names of machines on the left, in
column labelled “Server name”and another column labelled “Remark” 4. List the machines after you have typed NET VIEW from the command prompt
Close the DOS window by typing EXIT on the command line and then press Enter, or by clicking the Close button in the upper right corner of the window. Obtain the TCP/IP Configuration Information
第5章习题参考答案 1．请在括号内填入适当答案。在CPU中： (1)保存当前正在执行的指令的寄存器是（IR ）； (2)保存当前正在执行的指令地址的寄存器是（AR ） (3)算术逻辑运算结果通常放在（DR ）和（通用寄存器）。 2．参见图5.15的数据通路。画出存数指令“STO Rl，(R2)”的指令周期流程图，其含义是将寄存器Rl的内容传送至(R2)为地址的主存单元中。标出各微操作信号序列。 解： STO R1, (R2)的指令流程图及微操作信号序列如下：
STO R1, (R2) R/W=R DR O, G, IR i R2O, G, AR i R1O, G, DR i R/W=W 3．参见图5.15的数据通路，画出取数指令“LAD (R3)，R0”的指令周期流程图，其含义是将(R3)为地址主存单元的内容取至寄存器R2中，标出各微操作控制信号序列。 解： LAD R3, (R0)的指令流程图及为操作信号序列如下：
PC O , G, AR i R/W=R DR O , G, IR i R 3O , G, AR i DR O , G, R 0i R/W=R LAD (R3), R0 4．假设主脉冲源频率为10MHz ，要求产生5个等间隔的节拍脉冲，试画出时序产生器的逻辑图。 解：
5．如果在一个CPU 周期中要产生3个节拍脉冲；T l ＝200ns ，T 2=400ns ，T 3=200ns ，试画出时序产生器逻辑图。 解：取节拍脉冲T l 、T 2、T 3的宽度为时钟周期或者是时钟周期的倍数即可。所以取时钟源提供的时钟周期为200ns ，即，其频率为5MHz.；由于要输出3个节拍脉冲信号，而T 3的宽度为2个时钟周期，也就是一个节拍电位的时间是4个时钟周期，所以除了C 4外，还需要3个触发器——C l 、C 2、C 3；并令 211C C T *=；321C C T *=；313C C T =，由此可画出逻辑电路图如下：
第二章 Windows 7操作系统 一、选择题 系统中的“桌面”是指（）。 A.整个频幕 B.某个窗口 C.当前窗口 D.全部窗口 2.下列属于计算机操作系统的是（）。 7 D.以上全部 3.在Windows 7中，打开一个菜单后，其中某菜单项会出现与之对应的级联菜单的标识是（）。 A.菜单项右侧有一组英文提示 B.菜单项右侧有一个黑色三角形 C.菜单项左侧有一个黑色圆点 D.菜单项左侧有一个“√”符号 4.在Windows 7中，能弹出对话框的操作是（）。 A.选择了带三角形箭头的菜单项 B.运行了与对话框对应的应用程序 C.选择了颜色变灰的菜单项 D.选择了带省略号的菜单项 5.把Windows 7的窗口和对话框作一比较，窗口可以移动和改变大小，而对话框（）。 A.既不能移动，也不能改变大小 B.仅可以移动，不能改变大小 C.仅可以改变大小，不能移动 D.既能移动，也能改变大小 7操作系统中，显示3D桌面效果的快捷键是（）。 +Tab +shift +Tab +Tab 7.在Windows 7操作系统中，进行窗口切换的快捷键是（）。 +W +Tab +F +N 8.剪贴板的作用是（）。 A.临时存放剪切或复制的信息 B.作为资源管理器管理的工作区 C.长期保存信息的存储区 D.在使用Dos 时，划给的临时区域 9.在Windows 7中，剪贴板是程序和文件间用来传递信息的临时存储区，此存储区是（）。 A.回收站的一部分 B.硬盘的一部分 C.软盘的一部分 D.内存的一部分 7中，若要选定当前文件夹中的全部文件和文件夹对象，可使用的组合键是（）。 A．Ctrl+V B．Ctrl+A C．Ctrl+X D．Ctrl+D 11.在Windows中连续进行了多次剪切操作后，“剪贴板”中存放的是（）。 A.空白 B.最后一次剪切的内容 C.第一次剪切的内容 D.所有剪切过的内容 12.用鼠标直接运行带有图标的Windows程序，所要用的操作是（）。 A.双击 B.单击 C.拖动 D.选中 13.更改Windows 7主题主要包括（）。 A.更改桌面背景 B.更改窗口颜色 C.更改声音和屏幕保护程序 D.以上都对 14.如果某个程序窗口被最小化，则程序将（）。 A.终止运行 B.暂停运行 C.转入后台运行 D.继续前台运行 15.在“资源管理器”窗口中，如果想一次选定多个连续的文件，正确的操作是（）。 A.单击第一个文件，按住Shift键，单击最后一个文件 B.单击第一个文件，按住Ctrl键，单击最后一个文件 C.按住Ctrl键，按住鼠标右键逐个选取 D.按住Shift键，按住鼠标左键逐个选取 16.在Windows 7的“资源管理器”中，已选定文件夹后，下列操作中不能删除该文件夹的操作是（）。 A.在键盘上按Delete键 B.用鼠标左键双击该文件夹 C.在“文件”菜单中选择“删除”命令 D.右击该文件夹，在弹出的快捷菜单中选择“删除”命令 17.在Windows7“资源管理器”中，进行文件复制可以先右击文件图标，在弹出的快捷菜单中选择“复制”命令，再右击目标文件夹或磁盘，在弹出的快捷菜单中选择（）命令。 A.粘贴 B.移动 C .拷贝 D.全选 18.下面“不合法”的文件名是（）。 A..TXT 关于Windows7中窗口的说法，以下（）是正确的。 A.屏幕上只能出现一个窗口，这就是活动窗口 B.屏幕上可以出现多个窗口，但只有一个是活动窗口 C.屏幕上可以可以出现多个窗口，但不止一个是活动窗口 D.屏幕上出现的全部是活动窗口 20.在Windows7“资源管理器”的工作区中，已选定了若干个文件，若想取消其中几个选定文件，需要执行的操作是（）。 A.按住Ctrl键，然后依次单击要取消的文件 B.按住Shift键，然后依次单击要取消的文件 C.按住Ctrl键，然后用鼠标右键依次单击要取消的文件 D.按住Shift键，然后用鼠标右键依次单击要取消的文件 7操作系统是（）。 A.单用户单任务系统 B.单用户多任务系统 C.多用户单任务系统 D.多用户多任务系统 22.当窗口不能将所有的信息行显示在一屏内时，窗口中一定会出现（）。 A.滚动条 B.状态栏 C.提示信息窗口 D.警告信息窗口 23.打开快捷菜单的操作为（）。 A.单击 B.右击 C.双击 D.三击 24.在Windows7操作系统中，能安全关闭计算机的操作是（）。 A.在文件未保存的情况下，单击“开始”按钮→“关闭”计算机 B.在保存文件并关闭所有运行的程序后，单击“开始”按钮→“关闭”计算机 C.直接按主机面板上的电源按钮 D.直接拔掉电源关闭计算机 25.将鼠标指针移至（）上拖曳，既可移动窗口位置。 A.标题栏 B.格式栏 C.状态栏 D.菜单栏 26.以下输入法中属于键盘输入法的有（）。 A.光电输入法 B.手写输入法 C.语音识别输入法 D.搜狗拼音输入法 27.在Windows 7操作系统中，切换输入法的快捷键默认是（）。 +Enter +Alt +Shift +Shift 28.下列（）文件是压缩文件。 A.财务.doc B.财务.exe C.财务.zip D.财务.txt 29.在Windows7的“资源管理器”中，关于文件扩展名的显示，以下正确的是（）。 A.所有文件的扩展名始终显示，与设置无关 B.所有文件的扩展名始终不显示，是隐藏的，与设置无关 C.不可以更改扩展名是否显示的设置 D.可以打开“工具”菜单，选择“文件夹选项”，设置文件的扩展名是否显示
Computer netowrks Labs DNS, Data Encapsulation and Frame Examination DNS, Data Encapsulation and Frame Examination Learning Objectives At completion of this lab, you will be able to:
https://www.doczj.com/doc/644229285.html,e Wireshark to capture and analyze DNS message 2.Understand how DNS works https://www.doczj.com/doc/644229285.html,e nslookup and ipconfig commands 4.Explain the header fields in an Ethernet II frame. 5.understand data encapsulation 6. Report and Feedback on this lab A nswer all questions with supporting screenshots. Please fill in the following feedback form and append it to the report. Your feedback is valuable to us so that we can improve this lab, and make the course welcome. For each task, please rate the following in the scale of 1 through 5: ?The degree of difficulty: 1 = too easy; 5 = too difficult ?The learning experience: 1 = learned nothing; 5 = learned a lot ?Your interest: 1 = no interest; 5= high interest ?Time used for the task: in minutes Task Difficulty (1—5) Learning (1— 5) Interest (1—5) Time ( min) Task 0 Task 1 Task 2 Task 3 Task 4 Your suggestion/comment: Background
5 ．4 教材习题解答 １．如何区别存储器和寄存器？两者是一回事的说法对吗？ 解：存储器和寄存器不是一回事。存储器在CPU 的外边，专门用来存放程序和数 据，访问存储器的速度较慢。寄存器属于CPU 的一部分，访问寄存器的速度很快。 ２．存储器的主要功能是什么？为什么要把存储系统分成若干个不同层次？主要有 哪些层次？ 解：存储器的主要功能是用来保存程序和数据。存储系统是由几个容量、速度和价 存储系统和结构 第5 章 129 格各不相同的存储器用硬件、软件、硬件与软件相结合的方法连接起来的系统。把存储系 统分成若干个不同层次的目的是为了解决存储容量、存取速度和价格之间的矛盾。由高 速缓冲存储器、主存储器、辅助存储器构成的三级存储系统可以分为两个层次，其中高速 缓存和主存间称为Cache －主存存储层次（Cache 存储系统）；主存和辅存间称为主存—辅
存存储层次（虚拟存储系统）。 ３．什么是半导体存储器？它有什么特点？ 解：采用半导体器件制造的存储器，主要有MOS 型存储器和双极型存储器两大类。 半导体存储器具有容量大、速度快、体积小、可靠性高等特点。半导体随机存储器存储的 信息会因为断电而丢失。 ４．SRAM 记忆单元电路的工作原理是什么？它和DRAM 记忆单元电路相比有何异 同点？ 解：SRAM 记忆单元由６个MOS 管组成，利用双稳态触发器来存储信息，可以对其 进行读或写，只要电源不断电，信息将可保留。DRAM 记忆单元可以由４个和单个MOS 管组成，利用栅极电容存储信息，需要定时刷新。 ５．动态RAM 为什么要刷新？一般有几种刷新方式？各有什么优缺点？ 解：DRAM 记忆单元是通过栅极电容上存储的电荷来暂存信息的，由于电容上的电 荷会随着时间的推移被逐渐泄放掉，因此每隔一定的时间必须向栅极电容补充一次电荷， 这个过程就叫做刷新。
北交《铁路运输设备》在线作业二 一、单选题（共 12 道试题，共 30 分。） 1. 世界上第一条铁路是在哪个国家修建的？（） . 英国 . 美国 . 法国 . 比利时 正确答案： 2. 准轨铁路是指轨距为（）mm的铁路。 . 1235 . 1335 . 1435 . 1535 正确答案： 3. （）是转辙器的主要部件，通过连接杆与转辙机械相连。 . 基本轨 . 尖轨 . 转辙机械 . 连接部分 正确答案： 4. 车站级“列车预确报”系统根据（）系统产生的到达、出发列车编组信息，核对到达、出发确报，对确报信息进行卡控以及必要的编辑。 . 车辆类型识别 . 车号自动识别 . 货物自动识别 正确答案： 5. 液力变扭器主要由（）个工作轮组成，外面包以壳体。 . 1 . 2 . 3 . 4 正确答案： 6. FMOS系统采用了（）分布式体系结构，符合铁路业务管理模式，有利于信息的分级处理。 . 四级 . 三级 . 二级
. 一级 正确答案： 7. 铁路货运制票工作是货物运输过程中的关键环节，是（）货运工作的基础。 . 铁路区段站 . 铁路技术站 . 铁路车站 正确答案： 8. FMOS是为适应（）改革要求，以计算机网络为基础，以铁路运输管理信息系统的各联网点为信息源点，从货主提出申请到铁路计划安排、合同签订、装车实际、市场分析等，全面实行计算机管理的系统工程。 . 列车运行计划 . 运输生产计划 . 作业计划 正确答案： 9. RH2020中字母代表（） . 车种 . 技术序列 . 制造序列 . 型号系列 正确答案： 10. 在铁路的两条汇合线路线间距离为4米的中间，设置指示机车车辆的停留位置，防止机车车辆侧面冲撞的设备是 . 进站信号机 . 通过信号机 . 出站信号机 . 警冲标 正确答案： 11. 在电传动内燃机车中，应有的部件是（） . 变扭器 . 牵引变电所 . 牵引发电机 正确答案： 12. 铁路运输货运技术计划(简称技术计划)是为了完成（）货物运输计划而制定的机车车辆运用计划。 . 列车运行计划 . 运输生产计划 . 作业计划 正确答案： 北交《铁路运输设备》在线作业二
电气工程学院 计算机网络实验报告 姓名：彭思琦 学号：15291191 指导教师：张洪和 实验日期：2017-12-09 18:00-22:00
一、计算机信息 计算机的 IP 地址：192.168.0.5 子网掩码：255.225.255.0 默认网关：无 二、 报告内容 1 ) 画出实验室的网络拓扑图， 将每个网络用 CIDR 记法进行表示， 并注明你用的电脑处在哪一个网络。 实验室的网络拓扑图： 1. 由机房电脑组成的网络中，用 CIDR 记法要写成： 192.168.0.0/24 WAN LAN:10.10.10.1 LAN:192.168.1.1
2. TCPIP_1 CIDR 记法为：10.10.10.1/24 TCPIP_2 CIDR 记法为: 192.168.1.1/24 1 . 实验一任务一 2)在你的电脑上打开cmd 窗口，ping 一下192.1 68.0.0 网络的任何一台在线的主机，将实际运行结果进行图片保存，粘贴到实验报告上。 PING 本机 PING 百度（此部分在寝室完成）
3)在ping 的过程中，利用wireshark 捕捉包含对应ICMP 报文的MAC 帧，将此MAC 帧的各个控制字段，以及此MAC 帧中包含的IP 数据报的各个控制字段，进行标注或者用文字列出。本机IP:172.27.69.177 目的地址：74:1f:4a:9b:a1:67 源地址：30:10:b3:b8:bd:a3 类型：协议类型ipv4（8000） 版本：4 首部长度：5 首部长度5*4=20 字节 区分服务：00
计算机网络实验报告（一） ——Windows环境下用java实现web服务器 （一）实验目的： 通过本实验进一步理解HTTP协议的技术细节以及WEB服务器的实现原理并了解java提供的支持TCP协议的借口和类的使用。 （二）实验内容: （1）处理一个http请求 （2）接收并解析http请求 （3）从服务器文件系统中获得被请求的文件 （4）创建一个包括被请求的文件的http响应信息 （5）直接发送该信息到客户端 （三）实验原理: HTTP协议的作用原理： WWW是以Internet作为传输媒介的一个应用系统，WWW网上最基本的传输单位是Web网页。WWW的工作基于客户机/服务器计算模型，由Web 浏览器(客户机)和Web服务器(服务器)构成，两者之间采用超文本传送协议（HTTP）进行通信。HTTP协议是基于TCP/IP 协议之上的协议，是Web浏览器和Web服务器之间的应用层协议，是通用的、无状态的、面向对象的协议。HTTP协议的作用原理包括四个步骤： (1) 连接：Web浏览器与Web服务器建立连接，打开一个称为socket（套接字）的虚拟文件，此文件的建立标志着连接建立成功。 (2) 请求：Web浏览器通过socket向Web服务器提交请求。HTTP的请求一般是GET或POST命令（POST用于FORM参数的传递）。GET命令的格式为： GET 路径/文件名HTTP/1.0 文件名指出所访问的文件，HTTP/1.0指出Web浏览器使用的HTTP版本。
(3) 应答：Web浏览器提交请求后，通过HTTP协议传送给Web服务器。Web服务器接到后，进行事务处理，处理结果又通过HTTP传回给Web浏览器，从而在Web浏览器上显示出所请求的页面。 原理示意图如下： （四）实验步骤： 考虑利用java提供给TCP的端口和系统定义类进行传输实现，大致分为以下几步： (1) 创建ServerSocket类对象，监听端口7977。这是为了区别于HTTP的标准TCP/IP 端口80而取的； (2) 等待、接受客户机连接到端口7977，得到与客户机连接的socket； (3) 创建与socket字相关联的输入流instream和输出流outstream； (4) 从与socket关联的输入流instream中读取一行客户机提交的请求信息，请求信息的格式为：GET 路径/文件名HTTP/1.0 (5) 从请求信息中获取请求类型。如果请求类型是GET，则从请求信息中获取所访问的HTML文件名index.html。 (6) 如果HTML文件存在，则打开HTML文件，把HTTP头信息和HTML文件内容通过socket传回给Web浏览器，然后关闭文件。否则发送错误信息给Web浏览器； (7) 关闭与相应Web浏览器连接的socket字。
（ 2 = = = （ 2 = = = （ 2 = = = 第二章 1．（1） 35 =?100011） [ 35]原 10100011 [ 35]补 11011100 [ 35]反 11011101 （2） [127]原＝01111111 [127]反＝01111111 [127]补＝01111111 （3） 127 =?1111111） [ 127]原 11111111 [ 127]补 10000001 [ 127]反 10000000 （4） 1 =?00000001） [ 1]原 10000001 [ 1]补 11111111 [ 1]反 11111110 2．[x]补 = a 0. a 1a 2…a 6 解法一、 （1） 若 a 0 = 0, 则 x > 0, 也满足 x > -0.5 此时 a 1→a 6 可任意 （ 2） 若 a 0 = 1, 则 x <= 0, 要满足 x > -0.5, 需 a 1 = 1 即 a 0 = 1, a 1 = 1, a 2→a 6 有一个不为 0 解法二、 -0.5 = -0.1(2) = -0.100000 = 1, 100000 （1） 若 x >= 0, 则 a0 = 0, a 1→a 6 任意即可； （2） [x]补 = x = a 0. a 1a 2…a 6 （2） 若 x < 0, 则 x > -0.5 只需-x < 0.5, -x > 0 [x]补 = -x, [0.5]补 = 01000000 即[-x]补 < 01000000 a 0 * a 1 * a 2 a 6 + 1 < 01000000
《计量经济学》第二章作业 （注：本次作业请各位同学在4月8日前完成并提交） 一．单选题 1.回归分析中使用的距离是点到直线的垂直坐标距离。最小二乘准则指的是（ D ） A.使︱^ 1()n i t Y t Y =-∑︱达到最小值 B.使min ︱^ i Y i y - ︱达到最小值 C.使ma x ︱^ t Y t y - ︱达到最小值 D.使^ 2 1 () n t t Y t Y =-∑达到最小值 2.在回归模型中，正确表达了随机误差项序列不相关的是（ B ） A. (,)0,i j COV u u i j ≠≠ B. (,)0,i j COV u u i j =≠ C. (,)0,i j COV X X i j =≠ D. (,)0,i j COV X u i j =≠ 3. 对解释变量的t 检验属于经济计量模型评价中的（ A ） A.统计准则 B.经济理论准则 C.计量经济准则 D.识别准则 4. 年劳动生产率X （千元）和工人工资Y （元）之间的回归直线方程为 ^ 2060i i Y X =+，这表明年劳动生产率每提高1千元时，工人工资平均（ A ） A.增加60元 B.减少60元 C.增加20元 D.减少20元 5.在简单线性回归模型中，认为具有一定概率分布的变量是（ A ） A.内生变量 B. 外生变量 C.虚拟变量 D.前定变量 6.对下列模型进行经济意义检验，哪一个模型通常被认为没有实际价值（ B ） A. i C （消费） i I 8.0500+=（收入） B. di Q （商品需求） i I 8.010+=（收入） i P 9.0+（价格）
C. si Q （商品供给） i P 75.020+=（价格） D. i Y （产出量） 6 .065.0i K =（资本）4.0i L （劳动） 二．多选题 1.对于经典线性回归模型，回归系数的普通最小二乘估计量具有的优良性有（ ABC ） A.无偏性 B.线性特性 C.方差最小性 D.确定性 E.误差最小性 2.利用普通最小二乘法求得的样本回归直线i 10i X ??Y ? β+β=具有以下特点 （ABC ） A.必然通过点（Y ,X ） B.残差ei 的均值为常数 C.i Y ? 的平均值与Yi 的平均值相等 D.残差ei 与Xi 之间存在一定程度的相关性 E.可能通过点（Y ,X ） 3.经典线性回归模型运用普通最小二乘法估计参数时，下列哪些假定是正确的( ABDE ) A. E(ui)=0 B. Var(ui)=2 i σ C. E(uiuj)≠0 D. 随机解释变量X ，与随机误差ui 不相关 E. ui ～N(0，2 i σ) 4.指出下列哪些现象是相关关系（ ABCDE ） A.家庭消费支出与收入 B.商品销售额和销售量、销售价格 C.物价水平与商品需求量 D.小麦亩产量与施肥量 E.学习成绩总分与各门课程成绩分数 5.随机误差项产生的原因有（ ABCD ）
一．实验设备 Windows 系统PC一台 二．实验容 1）熟练掌握通过命令提示符（DOS）界面输入指令。 2）熟悉多种常用的网络命令。 三．实验步骤 1）DOS基本命令 （1）单击“开始”“运行”，键入cmd。 （2）分别使用如下DOS命令： dir、dir/?、dir/w、dir/ad、dir/oe、dir/o-s、dir/os、cls、mkdir、cd、copy、del、rmdir、time、help dir 显示目录中的文件和子目录列表dir/? 在命令提示符显示帮助 dir/w 用宽列表显示dir/ad 显示目录 dir/oe 按扩展名排序显示dir/o-s 按大小（从大到小）显示 dir/os 按大小（从小到大）显示cls 清屏 mkdir 创建目录或子目录cd 改变或显示当前目录 copy 复制一个或一组文件到指定磁盘或目录del 删除指定磁盘或目录的一个或一组文件rmdir 删除目录time 显示和设置DOS的系统时间 help 显示有关某个命令的详细信息 2）ipconfig命令 （1）分别使用ipconfig、ipconfig/all、ipconfig/flushdns、ipconfig/displaydns、ipconfig/renew、ipconfig/?命令。请在实验报告中分别解释以上每条DOS命令的作用是什么？
（2）解释DHCP 协议的作用。如何通过ipconfig 命令查看与DHCP 相关的参数？ 答：DHCP 协议用于对接入新网的主机进行自动协议配置。 可以使用命令ipconfig/all 查看与DHCP 相关的参数。 （2）解释DNS 的作用。如何通过ipconfig 命令查看与DNS 相关的参数？ 答：DNS 是域名系统，可以将域名解析成IP 地址。 同样可以使用ipconfig/all 查看与DNS 相关的参数。 3）ping 命令 （1）分别使用如下命令： ping https://www.doczj.com/doc/644229285.html, ping https://www.doczj.com/doc/644229285.html, –t ping https://www.doczj.com/doc/644229285.html, –n 6 ping https://www.doczj.com/doc/644229285.html, –l 50 ping https://www.doczj.com/doc/644229285.html, –r 5 （2）解释以上命令的作用。 （3）如果出现数据包丢失，是什么原因？ 答：路由器繁忙，数据包超时被丢弃。
CPU 组成与机器指令执行实验 一、实验目的 （1）将微程序控制器同执行部件（整个数据通路）联机，组成一台模型计算机；（2）用微程序控制器控制模型机数据通路； （3）通过CPU 运行九条机器指令（排除中断指令）组成的简单程序，掌握机器指令与微指令的关系，牢固建立计算机的整机概念。 二、实验电路 本次实验用到前面四个实验中的所有电路，包括运算器、存储器、通用寄存器堆、程序计数器、指令寄存器、微程序控制器等，将几个模块组合成为一台简单计算机。因此，在基本实验中，这是最复杂的一个实验，也是最能得到收获的一个实验。在前面的实验中，实验者本身作为“控制器”，完成数据通路的控制。而在本次实验中，数据通路的控制将由微程序控制器来完成。CPU 从内存取出一条机器指令到执行指令结束的一个机器指令周期，是由微指令组成的序列来完成的，即一条机器指令对应一个微程序。 三、实验要求 （1）对机器指令系统组成的简单程序进行译码。 将下表的程序按指令格式手工汇编成十六进制机器代码，此项任务应在预习时完成。完成表1. （2）按照下面框图，参考前面实验的电路图完成连线，控制器是控制部件，数据通路（包括上面各模块）是执行部件，时序产生器是时序部件。连线包括控制台、时序部分、数据通路和微程序控制器之间的连接。其中，为把操作数传送给通用寄存器组 RF，数据通路上的RS1、RS0、RD1、RD0 应分别与IR3 至IR0 连接，WR1、WR0 也应接到IR1、IR0 上。 开关控制 控制台时序发生器 时序信号 开关控制指示灯信号控制信号时序信号 控制信号 微程序控制器数据通路 指令代码、条件信号 图13 模型计算机连线示意图 （3）将上述任务（1）中的程序机器代码用控制台操作存入内存中，并根据程序的需要，用数码开关SW7—SW0 设置通用寄存器R2、R3 及内存相关单元的数据。注意：由于设置通用寄存器时会破坏内存单元的数据，因此一般应先设置寄存器的数据，再设置内存数据。 （4）用单拍（DP）方式执行一遍程序，列表记录通用寄存器堆RF 中四个寄存器的数据，以及由STA 指令存入RAM 中的数据（程序结束后从RAM 的相应单元中读出），与理论分析值作对比。单拍方式执行时注意观察微地址指示灯、IR/DBUS 指示灯、AR2／AR1 指示灯和判断字段指示灯的值，以跟踪程序中取指令和执行指令的详细过程（可观察到每一条微指令）。 （5）以单指（DZ）方式重新执行程序一遍，注意观察 IR/DBUS 指示灯、AR2/AR1
Chapter 2 Review Qeustions R1,R3,R4,R5,R10,R11,R13,R15,R16,R20, R21,R22,R27,R28
R1. List five nonproprietary Internet applications and the application-layer protocols that they use.
Answer: The Web: HTTP; file transfer: FTP; remote login: Telnet; Network News: NNTP; e-mail: SMTP.
R3. What is the difference between network architecture and application architecture?
Answer: Network architecture refers to the organization of the communication process into layers (e.g., the five-layer Internet architecture). Application architecture, on the other hand, is designed by an application developer and dictates the broad structure of the application (e.g., client-server or P2P)