高考物理一模试卷
题号一二三四五总分
得分
一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）
1.如图所示，一架无人机执行航拍任务时正沿直线朝斜向下
方向匀速运动。用G表示无人机重力，F表示空气对它的
作用力，下列四幅图中能表示此过程中无人机受力情况的
是（）
A. B. C.
D.
2.一蹦床运动员竖直向上跳起，从离开蹦床算起，上升到最大高度一半所用的时间为
t1，速度减为离开蹦床时速度一半所用的时间为t2，若不计空气阻力，则t1与t2的大小关系为（）
A. t1＜t2
B. t1=t2
C. t1＞t2
D. 不能确定
3.发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经
点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同
步圆轨道3．（如图所示）．则卫星分别在1、3轨道上正常运
行时，以下说法正确的是（）
A. 卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率
B. 卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度
C. 卫星在轨道3上具有的机械能大于它在轨道1上具有的机械
能
D. 卫星在轨道3上的向心加速度大于它在轨道1上的向心加速度
4.图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数n1与副线圈匝数n2之比为10：1，变
压器的原线圈接如图乙所示的正弦式交流电，电阻R1=R2=R3=20Ω和电容器C连接成如图甲所示的电路．其中，电容器击穿电压为8V，各电表均为理想交流电表，开关S处于断开状态，则（）
A. 电压表V的读数为10V
B. 电流表A的读数约为0.05A
C. 电阻R2上消耗的功率为2.5W
D. 若闭合开关S，电容器会被击穿
5.图甲为研究光电效应的电路图，当用频率为v的光照射金属阴极K时，通过调节光
电管两端电压U，测量对应的光电流强度绘制了如图乙所示的I-U图象。已知电子所带电荷量为e，图象中遏止电压U c、饱和光电流I m及入光射光的频率、普朗克常量h均为已知量。下列说法正确的是（）
A. 光电子的最大初动能为hv-eU c
B. 阴极金属的逸出功为eU c
C. 若增大原入射光的强度，则U c和I m均会变化
D. 阴极金属的截止频率为
6.如图所示，平行板电容器与电源连接，下极板B接地，
开关S闭合，一带电油滴在电容器中的P点处于静止状
态。下列说法正确的是（）
A. 保持开关闭合，A板竖直上移一小段距离，电容器
的电容增大
B. 保持开关闭合，A板竖直上移一小段距离，P点的电
势将升高
C. 保持开关闭合，A板竖直上移一小段距离过程中，电流计中电流方向向右
D. 开关S先闭合后断开，A板竖直上移一小段距离，带电油滴向下运动
二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）
7.两根长直导线a、b平行放置，如图所示为垂直于导线的截
面图，图中O点为两根导线连线ab的中点，M、N为ab的
中垂线上的两点且与a、b等距，两导线中通有恒定电流，
已知直线电流在某点产生的磁场的磁感应强度B的大小跟
该点到通电导线的距离r成反比，则下列法中正确的是
（）
A. 若a、b中通以等大同向电流，O点的磁感应强度为零
B. 若a、b中通以等大反向电流则M点和N点的磁感应强度相同
C. 若a、b中通以大小不等的反向电流，则磁感应强度为零的点在a、b之间的连
线上
D. 若a、b中通以大小不等的同向电流，则磁感应强度为零的点在a、b连线的延
长线上
8.如图1所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块
向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接。现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h并作出如图2滑块的E k-h图象，其中高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s2，由图象可知（）
A. 小滑块的质量为0.1kg
B. 轻弹簧原长为0.2m
C. 弹簧最大弹性势能为0.5J
D. 小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J
9.一带正电粒子仅在电场力作用下做直线运动，从A点经B、C运动到D点，其v-t
图象如图所示，则下列说法中正确的是（）
A. A处的电场强度小于B处的电场强度
B. 粒子在A处的电势能大于在B处的电势能
C. C，D间各点电场强度和电势都为零
D. A，B两点的电势差等于C，B两点间的电势差
10.在大型物流货场，广泛的应用传送带搬运货物。如图所示，
倾斜的传送带以恒定速率v=2m/s逆时针运行，皮带始终
是绷紧的。质量m=1kg的货物从传送带上端A点由静止释
放，沿传送带运动到底端B点，A、B两点的l=3.2m距离。
已知传送带倾角θ=37°，货物与传送带间的动摩擦因数
μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．则（）
A. 货物从A点运动到B点所用时间为1.2s
B. 货物从A运动到B的过程中，货与传送带摩擦产生的热量为0.8J
C. 货物从A运动到B的过程中，传送带对货物做功大小为11.2J
D. 货物从A运动到与传送带速度相等的过程中，货物减少的重力势能小于货物增
加的动能与摩擦产生的热量之和
三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）
11.如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实
验．有一直径为d、质量为m的金属小球由A处由静止释放，下落过程中能通过A 处正下方、固定于B处的光电门，测得A、B间的距离为H（H＞＞d），光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g．则：
（1）如图乙所示，用游标卡尺测得小球的直径d=______mm．
（2）小球经过光电门B时的速度表达式为______．
（3）多次改变高度H，重复上述实验，作出随H的变化图象如图丙所示，当图
中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直径d满足以下表达式：______时，可判断小球下落过程中机械能守恒．
12.某实验小组利用电流传感器（可视为理想电流表）和定值电阻R0以及电阻箱，待
测电池等器材，设计了如图甲所示的电路测定电池电动势和内阻。电流的值通过数据采集器输入到计算机，数据采集器和计算机对原电路的影响可忽略。他们连接好电路，闭合开关S后，发现无论如何调节电阻箱R，计算机中显示电流均为零，由此判断电路可能出现了故障。经小组讨论后，尝试用多用电表的欧姆挡来检测电路。
已知保护电阻R0=15.0Ω，电流传感器量程为100mA．操作步骤如下：
①将多用电表挡位调到电阻“x1“挡，再将红、黑表笔短接，进行欧姆调零；
②断开甲图电路开关S，将多用电表两表笔分别接在a、d上，多用电表的指针不
偏转；
③断开甲图电路开关S，将多用电表两表笔分别接在a、b上，多用电表的示数如
图乙所示；
④断开甲图电路开关S，将多用电表两表笔分别接在b、c上，多用电表的指针不偏
转；
⑤断开甲图电路开关S，将多用电表两表笔分别接在c、d上，计算机中显示电流不
为零。
回答下列问题
（1）操作步骤③中，多用电表内阻______Ω。
（2）操作步骤⑤中，多用电表红表笔应接______（选“c”或“d“）点。
（3）电路的故障可能是______
A．保护电阻R0短路
B．保护电阻R0断路
C．电阻箱R短路
D．电阻箱R断路
（4）排除电路故障后，该小组按照图甲的电路测量电源的电动势和内阻。改变电
阻箱R的阻值，得到多组实验数据。根据数据作出R-图象，如图丙所示，则电源
电动势E=______V，内阻r=______Ω（结果保留2位有效数字）。
四、计算题（本大题共2小题，共19.0分）
13.如图甲所示，粗糙斜面与水平面的夹角为37°，质量为1.2kg的小物块（可视为质
点），在一沿斜面向上的恒定推力F作用下从A点由静止开始向上运动，作用一段时间后撤去推力F，小物块能达到的最高位置为C点，小物块从A到C的v-t图象如图乙所示（取g=10m/s，sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：
（1）撤去F后小物块运动的加速度；
（2）小物块与斜面间的动摩擦因数；
（3）0-1.2s内推力F的冲量。
14.如图所示，在足够长的光滑水平桌面上静置一个四分之一光滑圆弧形槽，质量
M=0.3kg，半径R=0.6m，末端与桌面相切。将质量m=0.1kg的小球（可视为质点）由槽的顶端无初速度释放，经桌面上A点水平飞出，小球恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入固定的竖直光滑圆弧轨道，B、C为圆弧的两端点，其连线水平，O为圆弧最低点。已知圆弧对应圆心角θ=106°，半径r=1m。取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：
（1）小球沿弧形槽下滑到槽底端时，槽的速度大小
（2）桌面离水平地面的高度h；
（3）小球运动至O点时对圆弧轨道的压力大小。
五、简答题（本大题共2小题，共25.0分）
15.如图所示，两足够长的平行光滑全属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面的
夹角θ=30°，导轨电阻不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向上。长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨L，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m、电阻为r，导轨的上端连接一个定值电阻R（阻值R=2r）。闭合开关S，给金属棒施加一个平行于导轨向上、大小为2mg的恒力F，金属棒由静止开始运动，当上滑距离为x时速度恰好达到最大，重力加速度为g。求
（1）金属棒能达到的最大速度v的大小；
（2）金属棒由静止开始上滑距离2x的过程中，金属棒上产生的热量Q1。
16.如图所示，直线MN通过O点，且与正方向夹角为45°．直线MN上方有平行于纸
面且沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小未知，MN下方有方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B．今有一个带正电的粒子从坐标原点O处沿x 轴正方向以速度v射入磁场该粒子在磁场中运动时的轨迹半径为R．若该粒子从O 点出发时记为第1次经过直线MN，而第5次经过直线MN时恰好又通过O点。不计粒子的重力。求
（1）电场强度E的大小
（2）该粒子第5次经过直线MN从O点进入磁场后，运动轨迹的半径
（3）该粒子从O点出发到第5次经过直线MN回到O点所需的时间。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：无人机受重力和空气作用力的作用，由于无人机匀速运动，故受力平衡，空气作用力竖直向上，与重力相互平衡，故B正确ACD错误。
故选：B。
无人机在匀速运动，根据平衡条件进行分析，从而明确重力和空气作用力的方向。
本题关键明确平衡条件的应用，注意明确力和运动的关系，知道物体匀速运动时受到的合力为零。
2.【答案】C
【解析】解：根据速度位移公式得，设上升到最大高度一半的速度为v，则有：，
，
联立解得：v=v0，
则运动的时间为：t1==，
速度减为初速一半所用的时间为t2：t2==。
则：t1＜t2．故C正确，ABD错误。
故选：C。
将竖直上抛运动看成一种加速度为-g的匀减速直线运动，根据速度-位移关系与位移时间关系即可求解。
该题通过竖直上抛运动考查匀变速直线运动中的两个导出公式，结合导出公式推导的过程解答即可。基础题目。
3.【答案】C
【解析】解：A、B、D、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有
F=F向
F=G
F向=m=mω2r=m（）2r
因而
G=m=mω2r=m（）2r=ma
解得
v=①
ω==②
a=③
轨道3半径比轨道1半径大，根据①②④三式，卫星在轨道1上线速度较大，角速度也较大，向心加速度同样较大，故A、B、D均错误；
C、卫星从轨道1到轨道3需要克服引力做较多的功，故在轨道3上机械能较大，故C 正确；
故选C．
根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．
本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和周期的表达式，再进行讨论．4.【答案】C
【解析】解：A、开关断开时，副线圈为R1和R2串联，电压表测量R2的电压，由图可知原线圈电压为100V，所以副线圈电压为10V，则电压表的读数是R2的电压为
5V≈7.07V，故A错误；
B、由A的分析可知，副线圈电流为A，所以原线圈电流为
A，故B错误；
C、电阻R1、R2上消耗的功率为W，故C正确；
D、当开关闭合时，R1与R3并联后和R2串联，电容器的电压为并联部分的电压，并联部分电阻为R并=10Ω，
所以并联部分的电压为V，最大值为V
＜8V，所以电容器不会被击穿，故D错误。
故选：C。
开关断开时，副线圈为R1和R2串联，电压表测量R2的电压，当开关闭合时，R1与R3并联后和R2串联，电容器的电压为并联部分的电压，根据变压器电压、电流与匝数的关系以及串并联电路的特点即可求解．
本题考查了变压器的原理及最大值与有效值之间的数量关系．能根据欧姆定律求解电路中的电流，会求功率，知道电表示数为有效值，电容器的击穿电压为最大值，难度适中．5.【答案】D
【解析】解：A、光电子在电场中做减速运动，根据动能定理得：
-eU C=0-m，
则得光电子的最大初动能为：E km=eU C，故A错误；
B、根据爱因斯坦光电效应方程得：E km=hv-W；
那么阴极金属的逸出功为W=hv-E km=hv-eU C；故B错误；
C、I m与入射光的强度有关，而U c与入射光的强度无关。故C错误；
D、阴极K金属的极限频率为：ν0==，故D正确。
故选：D。
根据动能定理求光电子的最大初动能；根据爱因斯坦光电效应方程求金属的逸出功和普朗克常量h；由W=hν0求金属的极限频率。
解决本题的关键掌握光电效应方程，知道最大初动能与遏止电压的关系，及理解I m与入射光的强度有关，而U c与入射光的强度无关。
6.【答案】B
【解析】解：保持开关闭合，则电压恒定不变，
A、A板竖直上移一小段距离，根据电容的决定式C=，可知电容C减小，故A错误。
B、根据E=，可知电场强度减小，根据U=Ed可知，P点与下极板的距离不变，但E
减小，故P点与下极板的电势差减小，下极板带正电，故P点的电势升高，故B正确。
C、根据Q=CU可知，电容减小，电荷量减小，电容器放电，电流计中电流方向向左，故C错误。
D、开关S先闭合后断开，则电荷量Q不变，A板竖直上移一小段距离，电场强度
E=，恒定不变，故带电油滴静止不动，故D错误。
故选：B。
将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由电容器的决定式可判断电容的变化；而电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，根据F=qE判断电场力
变化，确定油滴运动情况。
本题考查电容器的动态分析问题，要明确一直和电源相连，故电压不变；再由决定式及定义式分析电容、电量等的变化。
7.【答案】AB
【解析】解：A、若a、b中通以等大同向电流，根据安培定则判断得知，两根通电导线在O处产生的磁场方向相反，大小相等，因此它们在O点的磁感应强度为零，故A正确；
B、若a、b中通以等大反向电流，根据安培定则判断得知，两根通电导线在M点和N 点的磁感应强度方向一是顺时针，另一是逆时针，依据矢量的合成法则，则M点和N 点的磁感应强度相同，故B正确；
C、若a、b中通以大小不等的反向电流，则在a、b之间的连线上某处产生的磁感应强度方向相同，则磁感应强度为零的点不可能在a、b之间的连线上，故C错误；
D、由C选项，可知，若a、b中通以大小不等的同向电流，则磁感应强度为零的点在a、b连线的上，故D错误；
故选：AB。
根据安培定则判断两根导线在M、N两点产生的磁场方向，根据平行四边形定则，进行合成，确定大小和方向的关系，从而即可求解。
本题考查安培定则和平行四边定则的综合应用，注意安培定则的用右手，及与左手定则的区别，同时明确磁感应强度为矢量，应根据平行四边形定则求解合磁感应强度。
8.【答案】BC
【解析】解：A．在从0.2m上升到0.35m范围内，△E k=△E P=mg△h，图线的斜率绝对值为：k===2N=mg，所以：m=0.2kg，故A错误；
B．在E k-h图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从0.2m上升到0.35m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，说明滑块从0.2m上升到0.35m范围内所受作用力为恒力，所示从h=0.2m，滑块与弹簧分离，弹簧的原长的0.2m。故B正确；
C．根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以E pm=mg△h=0.2×10×（0.35-0.1）=0.5J，
故C正确；
D．由图可知，当h=0.18m时的动能最大；
在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知，
E P min=E-E km=E pm+mgh-E km=0.5+0.2×10×0.1-0.32=0.38J，
故D错误；
故选：BC。
根据对E k-h图象的理图线的斜率表示滑块所受的合外力，高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线和能量守恒定律求解。
正确分析物体的运动过程，知道不同的运动过程对应的动能的变化图象，知道图象中直线部分的物理意义；
9.【答案】BD
【解析】解：A、由运动的速度-时间图象可看出，带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；
B、由A到B的过程中，速度变大了，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，正电荷在A点是电势能大于在B时的电势能，所以粒子在A点的电势能高于B点的电势能，故B正确；
C、从C到D，粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故C错误；
D、A、C两点的速度相等，故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D正确。
故选：BD。
从图象可以看出，粒子做的是非匀变速直线运动，可得出受到的电场力不恒定，由带正电的粒子仅在电场力作用，有图线斜率代表加速度，有牛顿第二定律得知电场力的大小关系，从而得到电场强度德大小关系。由运动过程中，动能增加，势能减少，所以可判断出粒子在AB两点的电势能大小，有电场力做功的公式可得AB两点间的电势差与CB 两点间的电势差的大小关系
本题考查到了电场力做功的计算和电场力做功与电势能的关系，其关系为：电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少；电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值。这常是判断电荷电势能如何变化的依据。还考查了对于匀变速直线运动的图象分析电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似10.【答案】AC
【解析】解：A、货物与传送带共速前，有μmg cosθ+mg sinθ=ma
解得：a=10m/s2
由此得：t1==s=0.2s，x1=at=×10×0.22m=0.2m
货物与传送带共速后，继续匀加速运动，mg sinθ-μmg cosθ=ma′
解得：a′=2m/s2
可得x2=l-x1=3.2m-0.2m=3m
则：x2=vt2+a′t
解得：t2=1s
运动总时间t=t1+t2=0.2s+1s=1.2s，故A正确；
B、货物与传送带共速前，传送带的位移为：x带=vt1=2×0.2m=0.4m
货物与传送带的相对位移为：△x=x带-x1=0.4m-0.2m=0.2m
货物与传送带共速后有：x带′=vt2=2×1m=2m
货物与传送带的相对位移为：
△x′=x2-x带′=3m-2m=1m
x相对=△x′+△x=0.2m+1m=1.2m
摩擦生热为：Q=μmg cosθ?x相对=0.5×1×10×0.8×1.2J=4.8J，故B错误；
C、物块最终的速度为：v′=v+a1t1=（2+10×0.2）m/s=4m/s
对物块在全过程中由动能定理得：mgl sinθ+W=mv′2，解得传送带对货物做功为：
W=-11.2J，故C正确；
D、货物从A运动到与传送带速度相等的过程中，由动能定理得：
mgx1sinθ-μmg cosθx1=mv2，而此过程摩擦生热为：Q1=μmg cosθ?x1，则有：
mgx1sinθ=mv2+Q1，故D错误。
故选：AC。
对物块受力分析，求加速度，物体在传送带上先做匀加速直线运动，若和传送带共速后还没到头，则因为μ＜tanθ，然后继续做匀加速直线运动；摩擦生热Q=f?x相对；根据功的计算公式和动能定理，分析传送带对货物做功以及货物减少的重力势能与货物增加的动能与摩擦产生的热量之和的关系。
本题要分析货物的运动情况，再结合牛顿第二定律分两个过程列式求解运动总时间，在求摩擦产生的热量注意找两物体的相对位移。
11.【答案】（1）7.25 （2），（3）．
【解析】解：（1）游标卡尺的主尺读数为7mm，游标读数为0.05×5mm=0.25mm，则小球的直径d=7.25mm．
（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，小球在B处的瞬时速度；（3）小球下落过程中重力势能的减小量为mgH0，动能的增加量，若机械能守恒，有：，即．
故答案为：（1）7.25 （2），（3）．
（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．
（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球经过光电门B的速度．
（3）抓住动能的增加量和重力势能的减小量相等得出机械能守恒的表达式．
解决本题的关键知道实验的原理，对于图线问题，关键得出表达式，从而分析判断．知道极短时间内的平均速度等于瞬时速度．
12.【答案】15.0 c D 1.5 3.0
【解析】（1）多用表欧姆刻度读数为：刻度值×倍率数，所以乙图多用表的读数为15.0Ω。（2）多用表的电流方向为：红表笔入黑板笔出，而甲电路电流的方向为d→c，断开电路开关S后，所以操作步骤⑤中，多用电表红表笔应接c点。
（3）断开电路开关S，用欧姆档测量c、d电阻，计算机中显示电流不为零，说明c、d 之间没有断路；断开甲图电路开关S，将多用电表两表笔分别接在a、b上，多用电表读数为15.0Ω，说明a、b之间没有断路；断开甲图电路开关S，将多用电表两表笔分别接在b、c上，多用电表的指针不偏转，说明b、c之间出现了断路，即电阻箱R断路，
故D正确，ABC错误。
（4）图甲所示图象可知，在闭合电路中，电源电动势为：E=I（R+R0+r），则R=E?-
（R0+r）
由数学知识得，纵轴截距的绝对值表示R0+r，斜率表示电动势E，由丙图线可知：斜率k=1.5V，即电源电动势E=1.5V，纵轴截距的绝对值表示R0+r=18Ω，得电源内阻r=3.0Ω。故答案为：（1）15.0；（2）C；（3）D；（4）1.5，3.0。
（1）多用表欧姆刻度读数为：刻度值×倍率数。
（2）多用表的电流方向为：红表笔入黑板笔出，甲电路电流的方向为d→c。
（3）用多用表的欧姆档判断电路故障时，如果多用表指针没有偏转，说明两表笔之间断路，另外要注意，一定要断开电源。
（4）根据闭合电路欧姆定律，求出R与的函数表达式，利用数学知识求出图象的斜率
和截距，从而求出电源的电动势和内阻。
易错点：若该同学在处理实验数据时，R+R0+r为电路的总电阻，电阻箱电阻为外电路的总电阻阻值R，电源的等效内阻为R0+r；用多用表的欧姆档判断电路故障时，一定要把被测对象从电源中断开。
13.【答案】解：（1）由图象可以知道撤去F后物体运动的加速度大小为：
a2==m/s2=10m/s2
（2）在匀减速直线运动过程中，由牛顿第二定律得：
mg sin37°+μmg cos37°=ma2
解得：μ=0.5
（3）对全过程应用动量定理，设力F的冲量为I，则有：
I-（mg sin37°+μmg cos37°）t=0
其中t=1.2s
解得：I=14.4N?s
答：（1）撤去F后小物块运动的加速度是10m/s2。
（2）小物块与斜面间的动摩擦因数是0.5。
（3）0-1.2s内推力F的冲量是14.4N?s。
【解析】（1）由v-t图象的斜率求出撤去F后物块的加速度；
（2）应用牛顿第二定律求出动摩擦因数；
（3）对全过程应用动量定理可求得推力F的冲量。
本题考查动力学知识与图象的综合，通过图线斜率求得加速度是解决本题的关键。全过程应用动量定理可简化求解过程。
14.【答案】解：（1）小球弧形槽下滑到槽底端过程中，小球与槽组成的系统水平方向动量守恒，选取向右为正方向，则：mv1+Mv2=0
系统机械能守恒：
解得：v1=3 m/s，v2=-1 m/s，负号表示方向向左。
（2）小球离开桌面后以3 m/s初速度做平抛运动，竖直方向：h=gt2
小球恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入固定的竖直光滑圆弧轨道，则：tan53°=
解得：h=0.8m
（3）小物块由A点到O点，由机械能守恒定律得：mg（h+r-r cos53°）=
在圆弧最低点，由牛顿第二定律得：F-mg=
代入数据解得：F=4.3N
根据牛顿第三定律，小球对圆弧轨道压力大小为4.3N，方向向下
答：（1）小球沿弧形槽下滑到槽底端时，槽的速度大小为1m/s。
（2）桌面离水平地面的高度h为0.8m。
（3）小球运动至O点时对圆弧轨道的压力大小为4.3N。
【解析】（1）由动量守恒定律与能量守恒求出小球沿弧形槽下滑到槽底端时，槽的速度大小；
（2）小球离开桌面后做平抛运动，结合平抛运动的特点求出桌面离水平地面的高度h；（3）由机械能守恒求出小球到达最低点的速度，然后由牛顿第二定律结合牛顿第三定律求出小球运动至O点时对圆弧轨道的压力大小。
本题是动量守恒定律、平抛运动和动能定理的综合应用，速度是它们之间联系的纽带。
15.【答案】解：（1）金属棒先做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零时，金属棒达到最大速度，此后开始做匀速直线运动，设最大速度为v，
则速度达到最大时有：E=BLv
根据闭合电路的欧姆定律可得：I=
根据平衡条件可得：F=BIL+mg sinθ
又F=2mg
解得：v=；
（2）设整个电路产生的热量为Q，由能量守恒定律有：
F?2x=Q+mg sin θ?2x+mv2，
由题意可知Q1=
解得：Q1=mgx-。
答：（1）金属棒能达到的最大速度v的大小为。
（2）金属棒由静止开始上滑距离2x的过程中，金属棒上产生的热量为mgx-。
【解析】（1）金属棒ab先加速下滑，所受的安培力增大，加速度减小，后匀速下滑，速度达到最大。由闭合电路欧姆定律、感
应电动势和安培力公式推导出安培力的
表达式，根据平衡条件求解最大速度。
（2）当金属棒下滑直到速度达到最大的
过程中，金属棒的机械能减小转化为内
能，根据能量守恒定律求解电热。
对于电磁感应问题研究思路常常有两条：
一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平
衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉
及电磁感应现象中的能量转化问题，根据
动能定理、功能关系等列方程求解。
16.【答案】解：（1）粒子从与直线边界
为45°角的方向进入磁场，从该边界射出磁场时与改边界的夹角仍为45°，粒子的运动轨迹如图；
该粒子在磁场中运动时的轨迹半径为R，由几何关系得：OC=2R
粒子从C到O做类平抛运动，且在垂直、平行电场方向上的位移相等，则有：
x=y=2R
类平抛运动时间为：t3==
又y==
根据洛伦兹力提供向心力可得：qvB=m
联立解得：E=vB
（2）粒子在电场中的加速度为：a==
竖直方向的分速度为：v y=at3=2v
粒子第五次过MN进入磁场后的速度为：v1==v
则第五次过MN进入磁场后，由qv1B=m得：
R1==R
（3）粒子在磁场中运动的总时间为：
t1=+=
粒子在电场中做直线运动所需时间为：
t2===
联立得粒子从出发到第五次到达O点所需时间为：
t=t1+t2+t3=。
答：（1）电场强度E的大小为vB。
（2）该粒子第5次经过直线MN从O点进入磁场后，运动轨迹的半径为R。
（3）该粒子从O点出发到第5次经过直线MN回到O点所需的时间为。
【解析】（1）画出粒子的运动轨迹，根据粒子在电场中做类平抛运动结合在磁场中的运动的规律进行分析；
（2）求出粒子在电场中的加速度，根据运动的合成与分解求解合速度大小，再根据洛伦兹力提供向心力求解；
（3）求出粒子在磁场中运动的总时间、在电场中做直线运动所需时间，即可得到粒子从出发到第五次到达O点所需时间。
对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦兹力提供向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间；对于带电粒子在电场中运动时，一般是按类平抛运动或匀变速直线运动的规律进行解答。
2008年江苏名校高三物理考前模拟试卷 命题人:如皋中学物理教研组 一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意 1．如图所示，直角形支架，垂直固定放置，竖直杆AC 光滑，水平杆OB 粗糙。另有质量相等的小球PQ 固定在轻杆两端并分别套在AO 、BO 杆上。当轻杆与水平方向的夹角为θ时，处于静止状态，若θ减小些，但PQ 仍静止，则下列说法错误的是（ ） A ．竖直杆受到P 的压力增大 B ．水平杆受到的压力增大 C ．小球P 受到轻杆的支持力增大 D ．小球受到的摩擦力增大 2．如图所示，粗糙的斜面体M 放在粗糙的水平面上，物块m 恰好能 在斜面体上沿斜面匀速下滑，斜面体静止不动，斜面体受地面的摩擦 力为F 1；若用平行力与斜面向下的力F 推动物块，使物块加速下滑， 斜面体仍静止不动，斜面体受地面的摩擦力为F 2；若用平行于斜面向上的力F 推动物块，使物块减速下滑，斜面体还静止不动，斜面体受地面的摩擦力为F 3。则（ ） A ．F 2＞F 3＞F 1 B ．F 3＞F 2＞F 1 C ． F 1=F 2=F 3 D ． F 2＞F 1＞F 3 3．某人从手中竖直向上抛出的小球与水平天花板碰撞后，又落回到手中，设竖直向上的方向为正方向，小球与天花板碰撞时间极短，若不计空气阻力和碰撞过程中动能损失，则下列图像中能够正确描述小球从抛出到落回手中的整个过程运动规律的是（ ） 4． 如图 所示，图1、2分别表示门电路输入端A 、B 的电势随时间变化的关系，图3是表示门电路输出端Y 的电势 随时间变化的 关系，则应选用 哪一个门电路 （ ）
14、如图所示，细线的一端系一质量为m 的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行。在斜面体以加速度a 水平向 右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上， 小球受到细线的拉力T 和斜面 的支持力为Fn 分别为（重力加速度为g ） A ． T=m(gsin θ+ acos θ) Fn= m(gcos θ- asin θ) B ． T=m(gsin θ+ acos θ) Fn= m(gsin θ- acos θ) C ． T=m(acos θ- gsin θ) Fn= m(gcos θ+ asin θ) D ． T=m(asin θ- gcos θ) Fn= m(gsin θ+ acos θ) 答案：A 解析：小球受重力mg ，细线的拉力T 和垂直斜面向上的支持力Fn ，在斜面体以加速度a 水平向右做匀加速直线运动的过程中，得Tcos θ- Fnsin θ=ma ，Fncos θ+Tsin θ=mg ，解之得T=m(gsin θ+ acos θ) Fn= m(gcos θ- asin θ)，故A 对，B 、C 、D 错。 15、 图中a ，b ，c ，d 为四根与纸面垂直的长直导线，其横截 面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方 向如图所示。一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面 的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是 A ． 向上 B ．向下 C ．向左 D ．向右 答案：B 解析：通电导线b 和d 在O 点产生的磁场相互抵消，通电导线a 和c 在O 点产生的磁场水平向左，一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，根据左手定则可判定粒子所受洛伦兹力的方向是向下，故B 对，A 、C 、D 错。 16、如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37°，宽度为0.5m ，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1Ω。一导体棒MN 垂直于导轨放置，质量为0.2kg ，接入电路的电阻为1Ω，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5.在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8T 。将导体棒MN 由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN 的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为（重力加速度g 取10m/s 2，sin37°=0.6） A ．2.5m/s 1W B ．5m/s 1W C ．7.5m/s 9W D ．15m/s 9W 答案：B 解析：导体棒MN 受重力mg ，安培力F 和垂直斜面向上的支持力Fn ，小灯泡稳定发 光，此后导体棒MN 做匀速运动，有F=mgsin θ，又F=BIL ，r R BLv I += ，则2 2)(R mgsin L B r v += θ=5m/s ，灯泡消耗的电功率P=R I 2 =1W ，故B 对，A 、C 、D 错。 17.质量为m 的人造地球卫星与地心的距离为r 时，引力势能可表示为p GMm E r =- ，其中G
2014年高考理综（物理）全国新课标1卷及答案、解析 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求。全选对的的6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14．在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是 A．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化 B. 在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化 C. 将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观 察电流的变化。 D．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化 15题.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是 A．安培力的方向可以不垂直于直导线 B. 安培力的方向总是垂直于磁场的方向 B．安培力的的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关 C．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半 16．如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场（未画出）。一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O。已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变。不计重力，铝板上 方和下方的磁感应强度大小之比为 A． 2 B. C. 1 D. 17.如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态， 现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然 后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内）。 与稳定在竖直位置时相比，小球的高度 A.一定升高 B.一定降低 C.保持不变 D.升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定 18. 如图（a），线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，在ab线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd 间电压如图（b）所示。已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是
2021届高考物理模拟预热卷（江苏地区专用） 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分每题只有一个选项最符合题意。 1.下列说法正确的是() A.比结合能小的原子核结合成比结合能大的原子核要释放核能 B.重核发生裂变时需要吸收能量 C.核力是核子间的万有引力和库仑力的合力 D.中子与中子之间的核力一定大于中子与质子间的核力 2.如图所示，设水车转轮的半径为R ，转轴离地面的高度为2R ，转轮以某一较大的角速度ω做匀速圆周运动，轮缘上最高点和最低点分别有质量相同的水滴A B 、同时被甩出，最终都落到水平地面上，假设水滴被甩出瞬间速度大小与其在轮上运动时的速度相等，速度方向沿转轮的切线方向，不计空气阻力，重力加速度为g 。下列判断正确的是() A.两水滴落到水平地面上时的速度大小相等 B.两水滴在空中飞行过程中重力做的功相等 C.两水滴在空中飞行的时间差为2 R g D.两水滴落地点间的距离为2(13)R R g ω+ 3.如图所示,一定质量的理想气体用质量为M 的活塞封闭在容器中,活塞与容器间光滑接触,在图中三种稳定状态下的温度分别为123T T T 、、,体积分别为123V V V 、、且123V V V <=,则123T T T 、、的大小关系为() A.123T T T == B.123T T T << C.123T T T >> D.123T T T <= 4.一质点沿x 轴从坐标原点O 出发，以运动过程中的某时刻为时间零点，运动的v t -图象如图所示，
14s 末质点回到坐标原点，下列说法正确的是 () A.开始计时时，质点到坐标原点的距离为2m B.0~2s 和4~6s 内的加速度大小相同 C.质点在第4s 时和第8s 时经过同一位置 D.6~8s 和8~14s 内的平均速度大小相同 5.如图所示，a b c 、、为同一水平直线上的三点，ab bc =。两根长直导线垂直于纸面分别放置在a b 、和b c 、连线的中点，并分别通入大小为3I 、方向垂直纸面向外和大小为I 、方向垂直纸面向 里的电流。已知通电长直导线在其周围某点处产生的磁场的磁感应强度大小与该点到导线的距离成反比，与导线中的电流大小成正比，则 () A.a b 、两点的磁场方向相同 B.b c 、两点的磁场方向相反 C.b 点的磁感应强度大小是a 点的1.5倍 D.c 点的磁感应强度大小与b 点的相等 6.如图所示，在真空中光滑绝缘的水平面上有三个相同的不带电的小球，小球之间由三根完全相同的轻弹簧连接构成等边三角形，弹簧处于原长0l ，若让每个小球带上相同的电荷量q ，小球可沿所在角的角平分线运动，当三角形的面积增大到原来的4倍时小球的加速度均为零，弹簧是绝缘体且劲度系数相同，真空中的静电力常量为k ，则弹簧的劲度系数为 () A.230kq l B.2302kq l C.2204kq l D.230 4kq l 7.打磨某剖面如图所示的宝石时，必须将OP OQ 、边与轴线的夹角 θ切磨在12θθθ＜＜的范围内，才能使从MN 边垂直入射的光线，在OP 边和OQ 边都发生全反射(仅考虑如图所示的光线第一次射到OP 边并反射到OQ 边后射向MN 边的情况)，则下列判断正确的是()
2014安徽省高考理综物理试题 一、选择题 （每题6 分，共120 分） 1、在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律。法国物理学家库仑在研究异种电荷的吸引问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系。已知单摆摆长为l ，引力常量为G 。地球的质量为M 。摆球到地心的距离为r ，则单摆振动周期T 与距离r 的关系式为 A ． Ｂ． Ｃ． Ｄ． 2、如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，ＭＮ是通过椭圆中心Ｏ点的水平线。已知一小球从Ｍ点出发，初速率为v 0，沿管道MPN 运动，到N 点的速率为v 1，所需的时间为t 1；若该小球仍由M 点以初速率v 0出发，而沿管道MQN 运动，到N 点的速率为v 2，所需时间为t 2。则 A ．v 1=v 2，t 1>t 2 B ．v 1 4、一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动。取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能EP与位移x的关系如右图所示。下列图象中合理的是 5、“人造小太阳”托卡马克装置使用强磁场约束高温等离子体，使其中的带电粒子被尽可能限制在装置内部，而不与装置器壁碰撞。已知等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度T成正比，为约束更高温度的等离子体，则需要更强的磁场，以使带电粒子的运动半径不变。由此可判断所需的磁感应强度B 正比于 A． B． C． D． 6、如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度ω转动，盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止。物体与 盘面间的动摩擦因数为（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），盘面与水平面的夹角为300，g取10m/s2。则ω的最大值是 A． B． C． D． 7、英国物理学家麦克斯韦认为，磁场变化时会在空间激发感生电场。如图所示，一个半径为r的绝缘细圆环水平放置，环内存在竖直向上的匀强磁场B，环上套一带电量为+q的小球。已知磁感应强度B随时间均匀增加，其变化率为k，若小球在环上运动一周，则感生电场对小球的作用力所做功的大小是 2014年普通高等学校招生全国统一考试 理科综合能力测试 注意事项： 1. 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。答卷前，考试务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 回答第I卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，写在本试卷上无效。 3. 回答第II卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 4. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 可能用到的相对原子质量：H1 C12 N14 O16 F19 AL27 P31 S32 Ca 40 Fe56 Cu64 Br 80 Ag108 一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1.关于细胞膜结构和功能的叙述，错误的是 A.脂质和蛋白质是组成细胞膜的主要物质 B.当细胞衰老时，其细胞膜的通透性会发生改变 C.甘油是极性分子，所以不能以自由扩散的方式通过细胞膜 D.细胞产生的激素与靶细胞膜上相应受体的结合可实现细胞间的信息传递 2. 正常生长的绿藻，照光培养一段时间后，用黑布迅速将培养瓶罩上，此后绿藻细胞的叶绿体内不可能发生的现象是 A.O2的产生停止 B.CO2的固定加快 C.ATP/ADP比值下降 D.NADPH/NADP+比值下降 3. 内环境稳态是维持机体正常生命活动的必要条件，下列叙述错误的是 A.内环境保持相对稳定有利于机体适应外界环境的变化 B.内环境稳态有利于新陈代谢过程中酶促反应的正常进行 C.维持内环境中Na+、K+浓度的相对稳定有利于维持神经细胞的正常兴奋性 D.内环境中发生的丙酮酸氧化分解给细胞提供能量，有利于生命活动的进行 4. 下列关于植物细胞质壁分离实验的叙述，错误的是 A.与白色花瓣相比，采用红色花瓣有利于实验现象的观察 B.用黑藻叶片进行实验时，叶绿体的存在会干扰实验现象的观察 C.用紫色洋葱鳞片叶外表皮不同部位观察到的质壁分离程度可能不同 D.紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞的液泡中有色素，有利于实验现象的观察 5. 下图为某种单基因常染色体隐性遗传病系谱图（深色代表的个体是该遗传病患者，其余为表现型正常个体）。近亲结婚时该遗传病发病率较高，假定图中第Ⅳ代的两个个体婚配生出一个患该遗传病子代的概率为1/48，那么，得出此概率值需要的限定条件是 A.Ⅰ－2和Ⅰ－4必须是纯合子 2019年江苏省高考物理模拟试题与答案(一） 一、选择题：本题共9小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～9题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1. 质点做直线运动的位移与时间的关系为2 x t t =+各物理量均采用国际单位制单位)则质 5 点 A. 第1s内的位移是5m m s B. 前2s内的平均速度是6/ C. 任意相邻1s内的位移差都是1m m s D. 任意1s内的速度增量都是2/ 2．两个大小相同、可看成是点电荷的金属小球a和b，分别带有等量异种电荷，被固定在绝缘水平面上，这时两球间静电引力的大小为F。现用一个不带电、同样大小的绝缘金属小球C先与a球接触，再与b球接触后移去，则a、b两球间静电力大小变为 A．F/2 B．F/4 C．3F/8 D．F/8 3．韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员．他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功1900J，他克服阻力做功100J．韩晓鹏在此过程中 A．动能增加了1900J B．动能增加了1800J C．重力势能减小了1800J D．重力势能减小了2000J 4．在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项。质量为m的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，当地的重力加速度为g，那么在他减速下降高度为h的过程中，下列说法正确的 A．他的动能减少了Fh B．他的重力势能增加了mgh C．他的机械能减少了（F－mg）h D．他的机械能减少了Fh 5．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。其中a、b两点电场强度大小相等、方向相反的是 绝密★启用前 2017年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷） 理科综合能力测试（物理） 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第1页至第5页，第Ⅱ卷第6页至第12页。全卷满分300分，时间150分钟。 考生注意事项： 1、答题前，务必在试题卷，答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码中姓名、座位号与本人姓名、座位号是否一致。务必在答题卡背面规定的地方填写姓名和座位号后两位。 2、答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 3、答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上．．．． 书写，要求字体工整、笔迹清晰。作图题可先用铅笔在答题卡．．． 规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．． 4、考试结束后，务必将试题卷和答题卡一并上交。 第Ⅰ卷（选择题 共120分） 本卷共20小题，每小题6分，共120分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 14．我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km ，“神州八号”的运行轨道高度为343km 。它们的运行轨道均视为圆周，则（ ）B ， （A ）“天宫一号”比“神州八号”速度大 （B ）“天宫一号”比“神州八号”周期大 （C ）“天宫一号”比“神州八号”角速度大 （D ）“天宫一号”比“神州八号”加速度大 【解析】由万有引力提供航天器做圆周运动的向心力得：222224n Mm v G m m r m r ma r r T πω====，所 以v = 、T = ω=2n GM a r =。而“天宫一号”轨道半径r 天比“神州八号”轨道半径r 神大，故正确选项：B 15．一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在t ＝0s 时波形如图1所示， 已知波速为10m/s ，则t ＝0.1s 时正确的波形是图2中的（ ）C ， A ． B ． C ． D ． 图2 【解析】由图1可得波长λ＝4.0m ，其周期T ＝λ/v ＝0.4s 。而t ＝0.1s ＝T /4，波沿x 轴正方向传播，即图1的波形向x 轴正方向移动1/4波长，得到图2的C 图。正确选项C 16．如图所示，在竖直平面内有一个半径为R 的圆弧轨道。半径OA 2015年安徽省高考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（每小题6分） 1．（6分）如图示是α粒了（氦原子核）被重金属原子核散射的运动轨迹，M、N、P、Q是轨迹上的四点，在散射过程中可以认为重金属原子核静止不动．图中所标出的α粒子在各点处的加速度方向正确的是（） A．M点B．N点C．P点D．Q点 考点：物体做曲线运动的条件． 分析：根据粒子轨迹的弯曲方向，可以判定粒子受力的方向；再根据受力的方向，判定α粒子在电场中运动时，粒子的加速度的方向． 解答：解：根据轨迹弯曲的方向，可以判定粒子受力的方向大体向上，与粒子和重金属原子核的点的连线的方向相反，故M、N、P、Q是轨迹上的四点的加速度的方向中，只有P点标出的方向是正确的． 故选：C 点评：本题要了解点电荷电场线的分布情况，运用力学方法分析粒子的受力特点，根据曲线运动的特点判断出受力的方向． 2．（6分）由库仑定律可知，真空中两个静止的点电荷，带电量分别为q1和q2，其间距离为r时，它们之间相互作用力的大小为F=k，式中k为静电力常量．若用国际单位制 的基本单位表示，k的单位应为（） A．k g?A2?m3B．k g?A﹣2?m3?s﹣4 C．k g?m2?C﹣2D．N?m2?A﹣2 考点：库仑定律． 分析：力学单位制规定了物理量的单位，同时根据物理量间的公式也可以分析单位之间的关系． 解答： 解：根据F=k可得：k=， 由于F=ma， q=It， 所以k= 根据质量的单位是kg，加速度的单位m/s2，距离的单位是m，电流的单位是A，时间的单位s，可得 k的单位是kg?A﹣2?m3?s﹣4 故选：B 点评：单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的单位叫做导出单位． 3．（6分）图示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电流两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了0.8A，则下列说法正确的是（） A．电压表V1示数增大 B．电压表V2，V3示数均增大 C．该变压器起升压作用 D．变阻器滑片是沿c→d的方向滑动 考点：变压器的构造和原理． 专题：交流电专题． 分析：根据欧姆定律分析负载电阻的变化，图中变压器部分等效为一个电源，变压器右侧其余部分是外电路，外电路中，R0与滑动变阻器R串联；然后结合闭合电路欧姆定律和串并联电路的电压、电流关系分析即可． 解答：解：A、观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了0.8A，即副线圈电流增大， 由于a、b接在电压有效值不变的交流电流两端，匝数比不变，所以副线圈电压不变，即V1，V2示数不变， 根据欧姆定律得负载电阻减小，所以变阻器滑片是沿c→d的方向滑动，故A错误，D正确， B、由于R0两端电压增大，所以滑动变阻器R两端电压减小，即电压表V3示数减小， 故B错误； C、观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了0.8A，即原线圈电 流增大量小于副线圈电流增大量， 根据电流与匝数成反比，所以该变压器起降压作用，故C错误； 故选：D． 点评：本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律、变压器变压公式和变流公式、串并联电路的电压电流关系列式分析，不难． 文科综合能力测试试卷 第1页（共40页） 文科综合能力测试试卷 第2页（共40页） 绝密★启用前 2014普通高等学校招生全国统一考试（全国新课标卷1）理 科综合能力测试 使用地区：陕西、山西、河南、河北、湖南、湖北、江西 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。满分300分，考试时间150分钟。 注意事项： 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。写在本试卷上无效。 3. 回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 4. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 可能用到的相对原子质量：H —1 C —12 N —14 O —16 F —19 Al —27 P —31 S —32 Ca —40 Fe —56 Cu —64 Br —80 Ag —108 第Ⅰ卷(选择题 共126分) 一、选择题（本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的） 1. 关于细胞膜结构和功能的叙述，错误的是 （ ） A. 脂质和蛋白质是组成细胞膜的主要物质 B. 当细胞衰老时，其细胞膜的通透性会发生改变 C. 甘油是极性分子，所以不能以自由扩散的方式通过细胞膜 D. 细胞产生的激素与靶细胞膜上相应受体的结合可实现细胞间的信息传递 2. 正常生长的绿藻，照光培养一段时间后，用黑布迅速将培养瓶罩上，此后绿藻细胞的叶绿体内不可能发生的现象是 （ ） A. 2O 的产生停止 B. 2CO 的固定加快 C. ATP/ADP 比值下降 D. NADPH/NADP +比值下降 3. 内环境稳态是维持机体正常生命活动的必要条件，下列叙述错误的是 （ ） A. 内环境保持相对稳定有利于机体适应外界环境的变化 B. 内环境稳态有利于新陈代谢过程中酶促反应的正常进行 C. 维持内环境中Na +、K +浓度的相对稳定有利于维持神经细胞的正常兴奋性 D. 内环境中发生的丙酮酸氧化分解给细胞提供能量，有利于生命活动的进行 4. 下列关于植物细胞质壁分离实验的叙述，错误的是 （ ） A. 与白色花瓣相比，采用红色花瓣有利于实验现象的观察 B. 用黑藻叶片进行实验时，叶绿体的存在会干扰实验现象的观察 C. 用紫色洋葱鳞片叶外表皮不同部位观察到的质壁分离程度可能不同 D. 紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞的液泡中有色素，有利于实验现象的观察 5. 如图为某种单基因常染色体隐性遗传病的系谱图（深色代表的个体是该遗传病患者，其余为表现型正常个体）。近亲结婚时该遗传病发病率较高，假定图中第Ⅳ代的两个个体婚配生出一个患该遗传病子代的概率为1/48，那么，得出此概率值需要的限定条件是（ ） A. 2Ⅰ和4Ⅰ必须是纯合子 B. 1Ⅱ、1Ⅲ和4Ⅲ必须是纯合子 C. 2Ⅱ、3Ⅱ、2Ⅲ和3Ⅲ必须是杂合子 D. 4Ⅱ、5Ⅱ、1Ⅳ和2Ⅳ必须是杂合子 6. 某种植物病毒V 是通过稻飞虱吸食水稻汁液在水稻间传播的。稻田中青蛙数量的增加可减少该病毒在水稻间的传播。下列叙述正确的是 （ ） A. 青蛙与稻飞虱是捕食关系 B. 水稻与青蛙是竞争关系 C. 病毒V 与青蛙是寄生关系 C. 水稻和病毒V 是互利共生关系 7. 下列化合物中同分异构体数目最少的是 （ ） A. 戊烷 B. 戊醇 C. 戊烯 D. 乙酸乙酯 9. 已知分解1 mol 22H O 放出热量98 kJ 。在含少量I 的溶液中，22H O 分解的机理为 222I O H O I H O --??→++ 慢 2222IO O O O I H H --??++→+ 快 下列有关该反应的说法正确的是 （ ） ------------- 在 --------------------此 -------------------- 卷--------------------上 -------------------- 答-------------------- 题--------------------无 -------------------- 效---------------- 姓名________________ 准考证号_____________ 2020届高三考前模拟考试 物理试题 一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意． 1. 一平行板电容器，其一个极板带+4.8×10-3C电量，另一极板带-4.8×10-3C电量，两极板之间电压为400V，则该电容器的电容为 A. 2.4×10-5F B. 1.2×10-5F C. 8.3×104F D. 4.2×104F 【答案】B 【解析】根据，则，故选B. 2. 如图所示为一螺距较大、有弹性的通电螺线管的磁场截面分布图，虚线为螺线管的中轴线（与某一磁感线重合），ab为用绝缘细线悬挂的位于螺线管的正上方的通电直导线，其电流方向由a到b，电流很小，不影响螺线管磁场。下列说法正确的是 A. P、Q两点的磁感应强度相同 B. 直导线ab通电后，a端垂直纸面向外转动 C. 断开螺线管的电源后，螺线管有沿水平方向向内收缩的趋势 D. 将不计重力的电子沿中轴线射入螺线管，电子将做匀速直线运动 【答案】D 【解析】P、Q两点的磁感应强度大小相同，方向不相同，选项A错误；直导线ab 通电后，由左手定则可知，a端受安培力向里，则a端垂直纸面向里转动，选项B 错误；螺线管通电时，各匝之间为同向电流，相互吸引，则断开螺线管的电源后，螺线管有沿水平方向向外扩张的趋势，选项C错误；长螺线管内部的磁场可认为是匀强磁场，将不计重力的电子沿中轴线射入螺线管，电子运动的方向与磁感线平行，不受洛伦兹力作用，则电子将做匀速直线运动，选项D正确；故选D. 3. 金属探测器是用来探测金属的仪器，关于其工作原理，下列说法中正确的是 A. 探测器内的探测线圈会产生稳定的磁场 B. 只有有磁性的金属物才会被探测器探测到 C. 探测到金属物是因为金属物中产生了涡流 D. 探测到金属物是因为探测器中产生了涡流 【答案】C 【解析】金属探测器探测金属时，探测器内的探测线圈会产生变化的磁场，被测金属中感应出涡流，故选项AD错误，C正确；所有的金属都能在变化的磁场中产生涡流，所以不一定是只有有磁性的金属物才会被探测器探测到，选项B错误；故选C. 4. 如图，一个礼花弹竖直上升到最高点时炸裂成三块碎片，其中一块碎片首先沿竖直方向落至地面，另两块碎片稍后一些同时落至地面。则在礼花弹炸裂后的瞬间这三块碎片的运动方向可能是 A. B. C. D. 2011年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷） 物理试题 14．一质量为m 的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上。现对物块施加一个竖直向下的恒力F ，如图所示。则物块 A ．仍处于静止状态 B ．沿斜面加速下滑 C ．受到的摩擦力不便 D ．受到的合外力增大 15．实验表明，可见光通过三棱镜时各色光的折射率n 随着波长λ的变化符合科西经验公 式：2 4 B C n A λλ=+ + ，其中A 、B 、C 是正的常量。太阳光进入三棱镜后发生色散的情 形如下图所示。则 A ．屏上c 处是紫光 B ．屏上d 处是红光 C ．屏上b 处是紫光 D ．屏上a 处是红光 16．一物体作匀加速直线运动，通过一段位移x ?所用的时间为1t ，紧接着通过下一段位移 x ?所用时间为2t 。则物体运动的加速度为 A ．1212122()()x t t t t t t ?-+ B ．121212()()x t t t t t t ?-+ C ．1212122()()x t t t t t t ?+- D ．121212() () x t t t t t t ?+- 17．一般的曲线运动可以分成很多小段，每小段都可以看成圆周运动的一部分，即把整条曲线用一系列不同半径的小圆弧来代替。如图（a ）所示，曲线上的A 点的曲率圆定义为：通过A 点和曲线上紧邻A 点两侧的两点作一圆，在极限情况下， 这个圆就叫做A 点的曲率圆，其半径ρ叫做A 点的曲率半径。 现将一物体沿与水平面成α角的方向已速度υ0抛出，如图（b ）所示。则在其轨迹最高点P 处的曲率半径是 A ．2 0v g B ．220sin v g α C ．2 2 0cos v g α D ．2 2 0cos sin v g α α 18．图（a ）为示管的原理图。如果在电极YY’之间所加的电压图按图（b ）所示的规律变化， a b c d 图（a ） 图（b ） 绝密★启用前 2014年普通高等学校招生全国统一考试（课标卷II ） 理科综合能力测试（物理） 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。在t =0到t=t 1的时间内，它们的v-t 间内 A ．汽车甲的平均速度比乙大 B ．汽车乙的平均速度等于22 1v v + C ．甲乙两汽车的位移相同 D ．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大 【答案】A 15．取水平地面为重力势能零点。一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等。不 计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为 A ． 6π B ．4π C ．3 π D ．125π 【答案】 B 16．一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F 1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度变为v ， 若将水平拉力的大小改为F 2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v ，对于上述两个过程，用1F W 、2F W 分别表示拉力F 1、F 2所做的功，1f W 、2f W 分别表示前后两次克服摩擦力所做的功， 则 A ．214F F W W >，212f f W W > B ．214F F W W >，122f f W W = C ．214F F W W <，122f f W W = D ．214F F W W <，212f f W W < 【答案】C 17．如图，一质量为M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m 的小环（可 视为质点），从大环的最高处由静止滑下。重力加速度大小为g ，当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为 Ａ．Mg －5Mg B ．Mg +mg C ．Mg +5mg D ．Mg +10mg 【答案】 C 18．假设地球可视为质量均匀分布的球体。已知地球表面重力加速度在两极的大小为g ０；在赤道的大小 为g ；地球自转的周期为T ；引力常量为G 。地球的密度为 A ． o o g g g GT -23π B ．g g g GT o o -23π C. 2 3GT π D ．g g GT o 23π 【答案】 B 19．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是 Ａ．电场强度的方向处处与等电势面垂直 Ｂ．电场强度为零的地方，电势也为零 Ｃ．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低 Ｄ．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向 【答案】AD 20．图为某磁谱仪部分构件的示意图。图中，永磁铁提供匀强磁场，硅微条径迹探测器可以探测粒子在其 中运动的轨迹。宇宙射线中有大量的电子、正电子和质子。当这些粒子从上部垂直进入磁场时，下列说法正确的是 Ａ．电子与正电子的偏转方向一定不同 Ｂ．电子与正电子在磁场中运动轨迹的半径一定相同 Ｃ．仅依据粒子运动轨迹无法判断该粒子是质子还是正电子 Ｄ．粒子的动能越大，它在磁场中运动轨迹的半径越小 【答案】AC v v 1 学生个性化教学阶段测试试卷 学生姓名: 测试日期: 测试时段: 辅导教师：得分： C ．F1是由于书的弹性形变而产生的 D ．F2是由于桌面的弹性形变而产生的 6．如图所示，质量相同的P 、Q 两球均处于静止状态，现用小锤打击弹性金属片，使P 球沿水平方向抛出，Q 球同时被松开而自由下落。则下列说法中正确的是（ ） A ．P 球先落地 B ．Q 球先落地 C ．两球下落过程中重力势能变化相等 D ．两球落地时速度方向相同 7．关于物体随地球自转的加速度，下列说法中正确的是（ ） A ．在赤道上最大 B ．在两极上最大 C ．地球上处处相同 D ．随纬度的增加而增大 8．如图所示，桌面离地高度为h ，质量为m 的小球，从离桌面H 高处由静止下落。若以桌面为参考平面，则小球落地时的重力势能及整个过程中小球重力做功分别为（ ） A ．mgh ，mg(H-h) B ．mgh ，mg(H+h) C ．-mgh ，mg(H-h) D ．-mgh ，mg(H+h) 9．关于曲线运动，下列说法中正确的是（ ） A ．曲线运动物体的速度方向保持不变 B ．曲线运动一定是变速运动 C ．物体受到变力作用时就做曲线运动 D ．曲线运动的物体受到的合外力可以为零 10．一个不计重力的带正电荷的粒子，沿图中箭头所示方向进入磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则粒子的运动轨迹为（ ） A ．圆弧a B ．直线b C ．圆弧c D ．a 、b 、c 都有可能 11．决定平抛物体落地点与抛出点间水平距离的因素是（ ） A ．初速度 B ．抛出时物体的高度 C ．抛出时物体的高度和初速度 D ．物体的质量和初速度 12．如图所示，一带正电的物体位于M 处，用绝缘丝线系上带正电的小球，分别挂在P1、P2、P3的位置，可观察到小球在不同位置时丝线偏离竖直方向的角度不同。则下面关于此实验得出的结论中正确的是（ ） A ．电荷之间作用力的大小与两电荷间的距离有关 B ．电荷之间作用力的大小与两电荷的性质有关 C ．电荷之间作用力的大小与两电荷所带的电量有关 D ．电荷之间作用力的大小与丝线的长度有关 13．某电场中A 、B 两点的场强大小关系是A B >E E ，一正检验电荷在A 、B 两点所受电场力大小分别为A F 和B F 。则下列关于A F 和B F 大小关系的说法中正确的是（ ） a b c Q P 题目： 在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律。法国物理学家库仑在研究异种电荷的吸引力问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系。已知单摆摆长为l ，引力常量为G ，地球质量为M ，摆球到地心的距离为r ，则单摆振动周期T 与距离r 的关系式为（ ） A ．l GM r T π2= B ．GM l r T π2= C ．l GM r T π2= D ．GM r l T π2= 答案：B 解析过程：设地球半径为R ，有一质量为m 的物体，物体所受重力与万有引力近似相等，有2Mm mg G R =，化简得2GM g R =①；单摆的周期公式2l T g π=②，将①式代入②式，得2l T R GM π=，摆球到地心的距离r 近似等于地球半径R ，进而有GM l r T π2=。 —————————— 题目： 如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN 是通过椭圆中心O 点的水平线。已知一小球从M 点出发，初速率为v 0，沿管道MPN 运动，到N 点的速率为v 1，所需时间为t 1；若该小球仍由M 点以出速率v 0出发，而沿管道MQN 运动，到N 点的速率为v 2，所需时间为t 2．则（ ） 选项： A ．v 1=v 2，t 1＞t 2 B ．v 1＜v 2，t 1＞t 2 C．v1=v2，t1＜t2 D．v1＜v2，t1＜t2 答案：A 解析过程：管道内壁光滑，小球运动过程中机械能守恒，MN在同一水平面上，不管沿哪个管道运动，到N点的速率均等于v0；小球沿管道MPN运动和沿管道MQN运动的路程相同，小球沿管道MPN运动先减速后加速，平均速率小于v0，小球沿管道MQN运动先加速后减速，平均速率大于v0，所以t1＞t2。 —————————— 题目： 一简谐横波沿x轴正向传播，图1示t=0时刻的波形图，图2是介质中某质点的振动图像，则该质点的x坐标值合理的是（） A．0．5m B．1．5m C．2．5m D．3．5m 答案：C 解析过程：图2所描述的质点，t=0时刻位移为负，且下一时刻向负最大位移处运动，根据 x 的质点振动情况与图2的描t=0时刻的波形图及波的传播方向可以判断，平衡位置 2.5m 述相符。 —————————— 题目： 一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能E p与位移x的关系如图所示，下列图象中合理的是（） 选项： A． 2014年高考全国新课标1卷物理卷 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一个选项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14.在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中.能观察到感应电流的是 A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化 B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化 C.将一房间内的线圈两瑞与相邻房间的电流表连接。往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化 D.绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化 15.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是 A.安培力的方向可以不垂直于直导线 B. 安培力的方向总是垂直于磁场方向 C.安培力大小与通电直导线和磁场的夹角无关 D.将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半 16.如图，MN 为铝质薄金属板，铝板上方分别有垂直于图平面的匀强磁场（未画出）。一带电粒子从紧贴铝板上表面的P 点垂直于铝板向上射出，从Q 点穿 越铝板后到达PQ 的中点O 。已知粒子穿越铝板时，其动能 损失一半，速度方向和电荷量不变。不计重力，铝板上方和 下方的磁感应强度大小之比为 A ．2 B ．2 C ．1 D ． 17．如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳 定地偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内）。与稳定在竖直位 置时相比，小球的高度 A ．一定升高 B ．一定降低 C ．保持不变 D ．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定 18.如图（a ），线圈ab 、cd 绕在同一软铁心上。在ab 线圈中通以变化的电流，用示波器测得 线圈cd 间电压如图（b ）所示。已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab 中电流随时间变化关系的图中，可能 正确的是 0 1 2 3 t i 0 1 2 3 t i i 0 1 2 3 t B i 1 2 3 t 0 1 2 3 t U cd 图a a b c d 绝密★启用前 2013年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷） 理科综合能力测试（物理） 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第1页至第5页，第Ⅱ卷第6页至第12页。全卷满分300分，时间150分钟。 考生注意事项： 1、答题前，务必在试题卷，答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码中姓名、座位号与本人姓名、座位号是否一致。务必在答题卡背面规定的地方填写姓名和座位号后两位。 2、答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 3、答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上．．．． 书写，要求字体工整、笔迹清晰。作图题可先用铅笔在答题卡．．． 规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．． 4、考试结束后，务必将试题卷和答题卡一并上交。 第Ⅰ卷（选择题 共120分） 本卷共20小题，每小题6分，共120分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 14．如图所示，细线的一端系一质量为m 的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行。在斜面体以加速度a 水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T 和斜面的支持力F N 分别为（重力加速度为g ） A ．(sin cos )T m g a θθ=+ (c o s s i n N F m g a θθ=- B ．(cos sin )T m g a θθ=+ (s i n c o s N F m g a θθ=- C ．(cos sin )T m a g θθ=- (c o s s i n N F m g a θθ=+ D ．(sin cos )T m a g θθ=- (s i n c o s N F m g a θθ=+ 【答案】A 【解析】小球受力如图，根据牛顿第二定律： 沿斜面方向有 sin cos T mg ma θθ-=； 垂直于斜面方向上有 cos sin N mg F ma θθ-= 解得：(sin cos )T m g a θθ=+；(cos sin )N F m g a θθ=-。 正确选项：A 15．图中a 、b 、c 、d 为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面积位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相等的电流，方向如图所示。一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是 A ．向上 B ．向下 C ．向左 D ．向右 【答案】B 【解析】根据右手安培定则可判定O 点磁感应强度的方向水平向左，根据 左手定则可判定：一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是向下。正确选项：B 16．如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为370，宽度为0.5m ，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1Ω。一导体棒MN 垂直于导轨放置，质量为0.2kg ，接入电路的电阻为1Ω，两端于导轨接触良好，与导轨2014年高考全国卷1理综
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