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本书根据最新复试要求并结合历年复试经验按照复试题型进行了整理编写，涵盖了这一复试科目该常考及重点复试试题并给出了参考答案，针对性强，由于复试复习时间短，时间紧张建议直接背诵记忆，考研复试首选资料。
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一、综合题
1．通过1Mbit/s发送速率的卫星（假设卫星的双向传播延迟为500ms）发送1000位的帧。确认通过数据帧捎带，帧头非常短，可以忽略不计，帧的序号是3位。对于下列协议，其信道利用率最大可达多少？
（1）停止—等待协议。
（2）后退N帧协议。
（3）选择重发协议。
【答案】卫星信道的单向延迟为250ms。t=0时开始发送，当t=1ms时，第1帧全部发送完；当t=251ms时，接收方完整接收到第1桢；当t=502ms时，确认顿（捎带在数据帧中）返回到发送方，因此整个发送周期为502ms。如果在502ms的发送周期内发送k帧，则信道利用率E最大可达，即为k/502。
（1）停止—等待协议，。
（2）后退N帧协议，。
（3）选择重发协议，。
2．试计算在如下条件下，使用非持续方式和持续方式请求一个Web页面所需要的时间。
条件一：测试的RTT平均值为150ms，一个gif对象的平均发送时延为35ms。
条件二：一个Web页面中有10个gif图片，Web页面的基本HTML文件、HTTP请求报文、TCP握手报文大小忽略不计。
条件三：TCP三次握手的第三步中捎带一个HTTP请求。
条件四：使用非流水线方式。
【答案】（1）非持续连接模式。
首先，因为Web页面的基本HTML文件、HTTP请求报文、TCP握手报文大小忽略不计，所以就无需计算其发送时延。TCP前两次握手消耗一个RTT=150ms,接着第三次握手时捎带一个HTTP请求，消耗RTT/2,传送HTML文件消耗RTT/2,所以第一次建立TCP连接并传送HTML文件所需的时间为。而后面传送10个gif图片时，需要再建立10次TCP连接。传送1个gif图片需要的时间为，所以传送10个gif图片需要的时间为3350ms。
故所需的总时间为。
（2）持续连接模式。
在持续连接模式下，不管传输多少数据，只需建立一次TCP连接。所以所需的总时间为
150ms+150ms+（150ms+35ms）×10=2150ms。
3．用香农公式计算一下，假定信道带宽为3100Hz，最大信息传输速率为35kbPs,那么若想最大信息传输速率增加60%,问信噪比S/N应增大到多少倍？如果在刚才计算出的基础上将信噪比S/N 再增大到10倍，问最大信息速率能否再增加20%？
【答案】本题主要考查香农定理和奈奎斯特定理，这类题型经常出现在考试题目中，应当引起重视。奈奎斯特定理：每赫兹带宽的理想低通信道的最高码元传输速率是每秒2个码元。香农定理：信道带宽或信道中的信噪比越大，则信息的极限传输速率就越高。根据香农公式，计算信道的极限传输速率C为。奈奎斯特定理则给出了理想低通信道的最高码元传输速率为2WBaud,说明了即使信道比较理想，码元的传输速率也不是不受限制的。
根据上面的公式，我们可以计算出，信噪比S/N应该增大到约100倍。
如果在此基础上将信噪比S/N再增大10倍，最大信息速率只能再增加18.5%左右
4．收发两端之间的传输距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2×108m/s，试计算以下两种情况的发送时延与传播时延：
（1）数据长度为107bit，数据发送速率为50kbit/s；
（2）数据氏度为103bit，数据发送速率为2Gbit/s；
从以上计算结果可以得出什么结论。
【答案】要注意区别发送时延和传播时延的区别，简而言之，前者指的是发送设备向链路发送数据所需要的时间，后者指的是数据在链路上传送所需要的时间。
（1）数据长度为107bit，数据的发送速率为50kbit/s，可知发送这些数据所需要的时间为发送时延为107bit÷50kbit/s=200s。因为信号在媒体上的传播速度为2×108m/s，收发两端的距离为1000km，故时传播时延为106m÷（2×108m/s）=5ms。
（2）数据长度为103bit，数据的发送速率为2Gbit/s，可知发送这些数据所需要的时间为发送时延为103bit÷2Gbit/s=0.5。因为信号在媒体上的传播速度为2×108m/s，收发两端的距离为1000km，故而传播时延为106m÷（2×108m/s）=5ms。
从上面的计算结果可以得到结论：若数据长度大而发送速率低，则在总的时延中，发送时延往往大于传播时延。若数据长度短而发送速率高，则传播时延就可能是总时延的主要成分。
5．某网络拓扑图如下图所示，路由器R1通过接口El、E2分别连接局域网1、局域网2，通过接口L0连接路由器R2,并通过路由器R2连接域名服务器与互联网。R1的L0接口的IP地址是；R2的L0接口的IP地址是，L1接口的IP地址是，E0接口的
IP 地址是；域名服务器的IP地址是。
图—网络拓扑图
R1和R2的路由表结构为：
（1）将IP地址空间划分为两个子网，分别分配给局域网1、局域网2,每个局域网需分配的IP地址数不少于120个。请给出子网划分结果，说明理由或给出必要的计算过程。
（2）请给出R1的路由表，使其明确包括到局域网1的路由、局域网2的路由、域名服务器的主机路由和互联网的路由。
（3）请采用路由聚合技术，给出R2到局域网1和局域网2的路由。
【答案】（1）CIDR中的子网号可以全0或全1,但主机号不能全0或全1。
因此若将IP地址空间划分为2个子网，且每个局域网需分配的IP地址个数不少于120个，子网号至少要占用一位。
由可知，主机号至少要占用7位。
由于源IP地址空间的网络前缀为24位，因此主机号位数+子网号位数=8。
综上可得主机号位数为7,子网号位数为1。
因此子网的划分结果为子网1:，子网2:。
地址分配方案：子网1分配给局域网1，子网2分配给局域网2；或子网1分配给局域网2,子网2分配给局域网1。
（2）由于局域网1和局域网2分别与路由器R1的El、E2接口直接相连，因此在R1的路由表中，目的网络为局域网1的转发路径是直接通过接口E1转发的，目的网络为局域网2的转发路径是直接通过接口E1转发的。由于局域网1、2的网络前缀均为25位，因此它们的子网掩码均为。
R1专门为域名服务器设定了一个特定的路由表项，因此该路由表项中的子网掩码应为（只有和全1的子网掩码相与才能完全保证和目的IP地址一样，从而选择该特定
路由）。对应的下一跳转发地址是，转发接口是L0。
R1到互联网的路由实质上相当于一个默认路由（即当某一目的网络IP地址与路由表中其他任何一项都不匹配时，则匹配该默认路表项），默认路由一般写作0/0,即目的地址为，子