导数专题零点问题教师版 Modified by JEEP on December 26th, 2020.
导数专题(三)——零点问题
(2013昌平二模理)(18)(本小题满分13分)(零点问题) 已知函数2
1()ln (0).2
f x x a x a =
-> (Ⅰ)若2,a =求()f x 在(1,(1))f 处的切线方程; (Ⅱ)求()f x 在区间[1,e]上的最小值;
(III )若()f x 在区间(1,e)上恰有两个零点,求a 的取值范围. (18)(本小题满分13分) 解:(I )2,a =212()2ln ,'(),2f x x x f x x x
=
-=- ()f x 在(1,(1))f 处的切线方程为2230.x y +-=………………………..3分
(Ⅱ)由2'().a x a
f x x x x
-=-=
由0a >及定义域为(0,)+∞,令'()0,f x x ==得
1,01,a ≤<≤即在(1,e)上,'()0f x >,)(x f 在[1,e]上单调递增, 因此,()f x 在区间[1,e]的最小值为1
(1)2
f =
.
②若21e,1e ,a <<<<即在
(上,'()0f x <,)(x f 单调递减;在上,
'()0f x >,)(x f 单调递增,因此()f x 在区间[1,e]上的最小值为1
(1ln ).2
f a a =
-
2e,e ,a ≥≥即在(1,e)上,'()0f x <,)(x f 在[1,e]上单调递减,
因此,()f x 在区间[1,e]上的最小值为21
(e)e 2
f a =-.
综上,当01a <≤时,min 1()2f x =;当21e a <<时,min 1
()(1ln )2
f x a a =-;
当2e a ≥时,2min 1
()e 2
f x a =-. ……………………………….9分
(III) 由(II )可知当01a <≤或2e a ≥时,)(x f 在(1,e)上是单调递增或递减函数,不可能存在两个零点.
当21e a <<时,要使()f x 在区间(1,e)上恰有两个零点,则
∴21
(1ln )0,21(1)0,21(e)e 0,2a a f f a ?-??
=>???=->??
即2
e
1e 2
a a >????,此时,21e e 2a <<. 所以,a 的取值范围为21
(e,e ).2…………………………………………………………..13分
(2014西城期末理)18.(本小题满分13分)(零点问题)
已知函数()()e x f x x a =+,其中e 是自然对数的底数,a ∈R . (Ⅰ)求函数)(x f 的单调区间;
(Ⅱ)当1a <时,试确定函数2()()g x f x a x =--的零点个数,并说明理由. 18.(本小题满分13分)
(Ⅰ)解:因为()()e x f x x a =+,x ∈R ,
所以()(1)e x f x x a '=++. ……………… 2分 令()0f x '=,得1x a =--. ……………… 3分 当x 变化时,()f x 和()f x '的变化情况如下:
(5)
分
故()f x 的单调减区间为(,1)a -∞--;单调增区间为(1,)a --+∞.………… 6分
(Ⅱ)解:结论:函数()g x 有且仅有一个零点. ……………… 7分
理由如下:
由2()()0g x f x a x =--=,得方程2e x a x x -=,
显然0x =为此方程的一个实数解.
所以0x =是函数()g x 的一个零点. ……………… 9分 当0x ≠时,方程可化简为e x a x -=. 设函数()e x a F x x -=-,则()e 1x a F x -'=-, 令()0F x '=,得x a =.
当x 变化时,()F x 和()F x '的变化情况如下:
即()F x 的单调增区间为(,)a +∞;单调减区间为(,)a -∞.
所以()F x 的最小值min ()()1F x F a a ==-. ………………11分 因为 1a <,
所以min ()()10F x F a a ==->, 所以对于任意x ∈R ,()0F x >, 因此方程e x a x -=无实数解.
所以当0x ≠时,函数()g x 不存在零点.
综上,函数()g x 有且仅有一个零点. ………………13分
(2015上学期期末丰台理)18.(本小题共13分)(图像交点、问题转化)
已知函数()e 1x f x x -=+-. (Ⅰ)求函数()f x 的极小值;
(Ⅱ)如果直线1y kx =-与函数()f x 的图象无交点,求k 的取值范围. 18. 解:(Ⅰ)函数的定义域为R . 因为 ()1x f x x e -=+-,
所以 1
()x x e f x e
-'=.
令()0f x '=,则0x =.
所以 当0x =时函数有极小值()=(0)0f x f =极小值. ………………6分 (Ⅱ)函数1()1x
f x x e =-+
. 当0x =时01
()010f x e
=-+=,011y k =?-=-,
所以要使1y kx =-与()f x 无交点,等价于()1f x kx >-恒成立.
令1
()1(1)x g x x kx e
=-+
--,即()(1)x g x k x e -=-+, 所以 (1)1
()x x
k e g x e
--'=. ①当1k =时,1
()0x g x e
=>,满足1y kx =-与()f x 无交点;
②当1k >时,11
1111()(1)111k k g k e e k k --=-+=---, 而101k
<-,1
11k
e -<, 所以1
()01
g k <-,此时不满足1y kx =-与()f x 无交点.
③当1k <时,令(1)1
()0x x
k e g x e
--'== , 则ln(1)x k =--, 当(,ln(1))x k ∈-∞--时,()0g x '<,()g x 在(,ln(1))k -∞--上单调递减; 当(ln(1),)x k ∈--+∞时,()0g x '>,()g x 在(ln(1),)k --+∞上单调递增; 当ln(1)x k =--时,min ()(ln(1))(1)(1ln(1))g x g k k k =--=---. 由 (1)(1ln(1))0k k ---> 得11e k -<<, 即1y kx =-与()f x 无交点.
综上所述 当(1,1]k e ∈-时,1y kx =-与()f x 无交点. (13)
分
(2016东城上学期期末理)(19)(本小题共14分)(零点,问题转化)
已知函数()(ln )x
e f x a x x x
=--.
(Ⅰ)当1a =时,试求()f x 在(1,(1))f 处的切线方程; (Ⅱ)当0a ≤时,试求()f x 的单调区间;
(Ⅲ)若()f x 在(0,1)内有极值,试求a 的取值范围.
解:(Ⅰ)当1a =时,/
2
e (1)1()1x x
f x x x
-=-+,/
(1)0f =,(1)e 1f =-. 方程为
e 1y =-. …………………4分
(Ⅱ)2e (1)1()(1)x x f x a x x -'=-- 2e (1)(1)x x ax x x ---=, 2
(e )(1)
x ax x x --= .
当0a ≤时,对于(0,)x ?∈+∞,e 0x ax ->恒成立,
所以 '()0f x > 1x >;
'()0f x < 01x <<0.
所以 单调增区间为(1,)+∞,单调减区间为(0,1) . …………………8分 (Ⅲ)若()f x 在(0,1)内有极值,则'()f x 在(0,1)x ∈内有解. 令'
2
(e )(1)()0x ax x f x x --== e 0x
ax -= e x a x
= . 设e ()x
g x x
= (0,1)x ∈,
所以 '
e (1)
()x x g x x
-=,
当(0,1)x ∈时,'()0g x <恒成立,
所以()g x 单调递减.
又因为(1)e g =,又当0x →时,()g x →+∞, 即()g x 在(0,1)x ∈上的值域为(e,)+∞,
所以 当e a >时,'
2
(e )(1)
()0x ax x f x x
--== 有解. 设()e x H x ax =-,则 ()e 0x H x a '=-< (0,1)x ∈, 所以()H x 在(0,1)x ∈单调递减. 因为(0)10H =>,(1)e 0H a =-<, 所以()e x H x ax =-在(0,1)x ∈有唯一解0x . 所以有:
当e a ≤时,当(0,1)x ∈时,'()0f x ≥恒成立,()f x 单调递增,不成立.
综上,a 的取值范围为(e,)+∞. …………………14分
(2015海淀一模理)(18)(本小题满分13分)(问题转化、零点)
已知函数1
()ln (0)f x a x a x
=+≠.
(Ⅰ)求函数()f x 的单调区间;
(Ⅱ)若{()0}[,]x f x b c ≤=(其中b c <),求a 的取值范围,并说明[,](0,1)b c ?. (18)(共13分) 解:(Ⅰ)2211
'()(0)a ax f x x x x x
-=
-=>. ………………2分 (ⅰ)当0a <时,'()0f x <,则函数()f x 的单调递减区间是(0,)+∞.
………………3分 (ⅱ)当0a >时,令'()0f x =,得1
x a
=.
当x 变化时,'()f x ,()f x 的变化情况如下表
所以 ()f x 的单调递减区间是(0,)a ,单调递增区间是1
(,)a
+∞. ………………
5分
(Ⅱ)由(Ⅰ)知:
当0a <时,函数()f x 在区间(0,)+∞内是减函数,所以,函数()f x 至多存在一个零点,不符合题意. ………………6分
当0a >时,因为 ()f x 在1(0,)a 内是减函数,在1
(,)a
+∞内是增函数,所以
要使{()0}[,]x f x b c ≤=,必须1
()0f a
<,即1ln 0a a a +<.
所以 e a >. ………………7分
当e a >时,222211(
)ln()2ln (2ln )f a a a a a a a a a a
=+=-+=?-. 令()2ln (e)g x x x x =-≥,则22
'()1(e)x g x x x x -=-=
≥. 当e x >时,'()0g x >,所以,()g x 在[e,)+∞上是增函数. 所以 当e a >时,()2ln (e)e 20g a a a g =->=->.
所以 21
(
)0f a >. ………………9分 因为 2111a a <<,1
()0f a
<,(1)10f =>,
所以 ()f x 在211(,)a a 内存在一个零点,不妨记为b ,在1
(,1)a 内存在一个零点,
不妨记为c . ………………11分
因为 ()f x 在1(0,)a 内是减函数,在1
(,)a +∞内是增函数,
所以 {()0}[,]x f x b c ≤=.
综上所述,a 的取值范围是(e,+)∞. ………………12分 因为 2
11(
,)b a a ∈,1(,1)c a
∈, 所以 [,](0,1)b c ?. ………………13分
(2015海淀上学期期末)(19)(本小题满分13分)(零点、三角函数)
已知函数()cos sin f x a x x x =+,ππ
[,]22
x ∈-.
(Ⅰ)判断函数()f x 的奇偶性,并证明你的结论; (Ⅱ)求集合{|()0}A x f x ==中元素的个数;
(Ⅲ)当12a <<时,问函数()f x 有多少个极值点(只需写出结论) (19)(共13分)
解:(Ⅰ)函数()f x 是偶函数,证明如下: ………………1分
对于ππ[,]22x ?∈-,则ππ
[,]22
x -∈-. ………………2分
因为 ()cos()sin()cos sin ()f x a x x x a x x x f x -=---=+=,
所以 ()f x 是偶函数. ………………4分
(Ⅱ)当0a >时,因为 ()cos sin 0f x a x x x =+>,ππ
[,]22
x ∈-恒成立,
所以 集合{|()0}A x f x ==中元素的个数为0. ………………5分
当0a =时,令()sin 0f x x x ==,由ππ
[,]22
x ∈-,
得 0x =.
所以 集合{|()0}A x f x ==中元素的个数为1. ………………6分
当0a <时,因为 π
'()sin sin cos (1)sin cos 0,(0,)2
f x a x x x x a x x x x =-++=-+>∈,
所以 函数()f x 是π
[0,]2上的增函数. ………………8分
因为 ππ
(0)0,()022f a f =<=>,
所以 ()f x 在π
(0,)2
上只有一个零点.
由()f x 是偶函数可知,集合{|()0}A x f x ==中元素的个数为2. ………………10分 综上所述,当0a >时,集合{|()0}A x f x ==中元素的个数为0;当0a =时,集合
{|()0}A x f x ==中元素的个数为1;当0a <时,集合{|()0}A x f x ==中元素的个数为2.
(Ⅲ)函数()f x 有3个极值点. ………………13分