甘肃省兰州市第一中学2020届高三冲刺模拟考试(一)
理科综合化学试题
1.化学与生活、生产、能源、环境和社会可持续发展等密切相关。下列说法正确的是
A. 废旧电池属于有害垃圾，因含有重金属，故采用深挖填埋的方式进行处理
B. 以高纯硅制成的光导纤维内窥镜可直接窥视有关器官部位的变化
C. “梨花淡自柳深青，柳絮飞时花满城”中柳絮的主要成分和棉花相同
D. 国产大型客机C919上采用了大量先进复合材料、铝锂合金等，其中铝锂合金属于金属材料，是将金属铝、锂混合后在空气中熔合制得的
【答案】C
【解析】
【详解】A．废旧电池属于有害垃圾，因含有重金属，不可以用深挖填埋的方式进行处理，会污染水源、土壤，故A错误；
B．制光导纤维的原材料为二氧化硅，故B错误；
C．“梨花淡自柳深青，柳絮飞时花满城”中柳絮的主要成分和棉花的相同，都是纤维素，故C正确；D．金属铝、锂性质活泼，易被空气中的氧气氧化，应该将金属铝、锂混合后在隔绝空气熔合制得，故D 错误；
答案选C。
2.有机物G（）能添加在牙膏、口香糖中以增强香气。下列关于G的说法错误的是（）
A. 分子式为C11H14O
B. 一氯代物有8种（不考虑立体异构）
C. 所有碳原子可能在同一平面上
D. 能发生取代、加成、氧化反应
【答案】C
【解析】
【详解】A. 根据有机物G的结构简式，该有机物分子式为C11H14O，故A说法正确；
B. 该有机物中有8种不同环境的氢原子，则一氯代物有8种，故B说法正确；
C. 标记中的碳原子为sp3杂化，与它连接的三个碳原子不共面，即该有机物中所有碳原子不在
同一平面上，故C说法错误；
D. 该有机物能发生取代反应，碳碳双键和羰基，能发生加成反应，碳碳双键能使酸性高锰酸钾溶液褪色，即发生氧化反应，故D说法正确；
答案：C。
3.N A是阿伏加德罗常数的值，下列说法不正确
．．．的是
A. 2gH2分别与足量的Cl2和N2充分反应后转移的电子数均为2N A
B. 1.4gCO和N2的混合气体中含有的质子数为0.7N A
C. 14.0gFe发生吸氧腐蚀生成Fe2O3·xH2O，电极反应转移的电子数为0.5N A
D. 常温下，1L0.1mol·L-1NH4NO3溶液中含有的氮原子数为0.2N A
【答案】A
【解析】
【详解】A．2gH2的物质的量为1mol，不论与足量的Cl2反应，还是与足量的N2充分反应，氢元素都是由0价变为+1价，1mol H2与足量的C12完全反应，转移的电子数均为2N A，H2和N2反应是可逆反应,反应后转移的电子数小于2N A，故A错误；
B．CO和N2的摩尔质量都为28g/mol，质子数均为14，则1.4gCO和N2的混合气体的物质的量为
1.4g 28g/mol =0.05mol，则含有的质子数为A
0.05mol14N
??=0.7N A，故B正确；
C．铁发生吸氧腐蚀电极反应式：Fe?2e?=Fe2+，14.0gFe物质的量为
14g
56g/mol
=0.25mol，转移电子数为：
0.25mol×2×N A=0.5N A，故C正确；
D．一个硝酸铵中含有两个单原子，常温下，1L0.1mol/L 的NH4NO3溶液含有硝酸铵物质的量为：0.1mol/L×1L=0.1mol，含氮原子数为0.2N A，故D正确；
答案选A。
4.用下列实验操作或装置进行相应实验，正确的是
甲乙丙丁
A. 用图甲所示操作所示操作配制银氨溶液
B. 用图乙所示操作测定NaOH溶液的浓度
C. 用图丙所示操作分离沸点不同的液体混合物
D. 用图丁所示操作吸收HC1气体，能够防止倒吸
【答案】A
【解析】
【详解】A．向硝酸银中滴加氨水至生成的沉淀恰好溶解，图中装置及操作可配制银氨溶液，故A正确；B．图中为碱式滴定管，盐酸应盛放在酸式滴定管，故B错误；
C．蒸馏操作中使用温度计测量蒸汽的温度，温度计的水银球应在蒸馏烧瓶的支管口处，故C错误；D．苯的密度比水小，浮在水面上，该装置中气体直接与水接触，不能防止倒吸，四氯化碳的密度比水大，应将苯改为四氯化碳，从而起防倒吸的作用，故D错误；
答案选A。
5.短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加，K、L、M均是由这些元素组成的二元化合物，甲、乙分别是元素X、Y的单质，甲是常见的固体，乙是常见的气体。K是无色气体，是主要的大气污染物之一，0.05mol/L丙溶液的pH为l，上述物质的转化关系如图所示。下列说法正确的是
A. 原子半径：W B. 元素的非金属性：Z>Y>X C. 化合物XZ2中所有原子均满足8电子稳定结构 D. X、Z的单质分别直接与Y的单质反应，都能生成两种氧化物。 【答案】C 【解析】 【分析】 0.05mol/L丙溶液的pH为l，可知丙为二元强酸，应为H2SO4，K是无色气体，是主要的大气污染物之一，且可生成H2SO4，则应为SO2，可知乙为O2，L为H2O，乙是常见的气体，且与浓硫酸和甲反应生成，可知甲为C，M为CO2，则W为H元素，X为C元素，Y为O元素，Z为S元素，以此解答该题。 【详解】由题意分析可知，W为H元素，X为C元素，Y为O元素，Z为S元素， A．同周期元素原子半径从左到右逐渐减小，电子层越多原子半径越大，则原子半径为C＞O＞H，即W＜Y＜X，故A错误； B．同主族元素从上到下非金属性减弱，且碳酸的酸性小于硫酸，可知非金属性为O＞S＞C，即Y＞Z＞X，故B错误； C．X为C元素，Z为S元素，化合物XZ2为CS2，电子式为，其中所有原子均满足8电子稳定结构，故C正确； D．X为C元素，Z为S元素，Y为O元素，C与氧气反应可生成CO和CO2，S与氧气反应只能生成SO2，故D错误； 答案选C。 【点睛】二硫化碳的性质与二氧化碳的结构相似，电子式相似。 6.某废水含Na+、K+、Mg2+、Cl-和SO42-等离子。利用微生物电池进行废水脱盐的同时处理含OCN-的酸性废水，装置如图所示。下列说法错误的是 A. 好氧微生物电极N为正极 B. 膜1、膜2依次为阴离子、阳离子交换膜 C. 通过膜1和膜2的阴离子总数一定等于阳离子总数 D. 电极M的电极反应式为2OCN-－6e-＋2H2O=2CO2↑＋N2↑＋4H+ 【答案】C 【解析】 【详解】A ．由物质转化知，OCN -中C 为＋4价，N 为－3价，在M 极上N 的化合价升高，说明M 极为负极，N 极为正极，A 项正确； B ．在处理过程中，M 极附近电解质溶液正电荷增多，所以阴离子向M 极迁移，膜1为阴离子交换膜，N 极反应式为O 2＋4e -＋2H 2O=4OH -，N 极附近负电荷增多，阳离子向N 极迁移，膜2为阳离子交换膜，B 项正确； C ．根据电荷守恒知，迁移的阴离子、阳离子所带负电荷总数等于正电荷总数，但是离子所带电荷不相同，故迁移的阴、阳离子总数不一定相等，C 项错误； D ．M 极发生氧化反应，水参与反应，生成了H +，D 项正确； 答案选C 。 7.25 ℃时，向10 mL 0.1 mol· L －1一元弱碱XOH 溶液中逐滴滴加0.1 mol·L －1的盐酸，溶液的AG[AG ＝lg +-c(H ) c(OH ) ]变化如图所示(溶液混合时体积变化忽略不计)。下列说法不正确的是( ) A. 若a ＝－8，则K b (XOH)≈10－ 6 B. M 点表示盐酸和XOH 恰好完全反应 C. R 点溶液中可能存在c(X ＋)＋c(XOH)＝c(Cl － ) D. M 点到N 点，水的电离程度先增大后减小 【答案】AB 【解析】 【详解】A. a 点表示0.1 mol· L －1的XOH ，若a=?8，则c(OH ?)=10?3 mol·L －1，所以K b (XOH)= +---?33 c(X )c(OH )1010= c(XOH)0.1 ≈10?5，A 项错误； B. M 点AG=0，则溶液中c(OH ?)=c(H +)，溶液呈中性，所以溶液中为XOH 、XCl ，二者没有恰好反应，B 项错误； C. 若R 点恰好为XCl 时，根据物料守恒可得：c(X +)+c(XOH)=c(C1?)，C 项正确； D. M点的溶质为XOH和XCl，继续加入盐酸，直至溶质全部为XCl时，该过程水的电离程度增大，然后XCl溶液中再加入盐酸，水的电离程度减小，所以从M点N点，水的电离程度先增大后减小，D项正确；答案选AB。 8.实验室可利用环己醇的氧化反应制备环己酮，反应原理和实验装置(部分夹持装置略)如下： 有关物质的物理性质见下表。 物质沸点(℃) 密度(g·cm?3，20℃) 溶解性 环己醇161.1(97.8)* 0.96 能溶于水和醚 环己酮155.6(95.0)* 0.95 微溶于水，能溶于醚 水100.0 1.0 *括号中的数据表示该有机物与水形成的具有固定组成的混合物的沸点。 实验通过装置B将酸性Na2Cr2O7溶液加到盛有10mL环己醇的A中，55~60℃进行反应。反应完成后，加入适量水，蒸馏，收集95~100℃的馏分，得到主要含环己酮粗品和水的混合物。 (1)装置D的名称为___________________。 (2)实验时加入沸石的作用_______________，若加热后发现未加沸石，应采取的正确操作是 _______________。 (3)蒸馏不能分离环己酮和水的原因是_______________。 (4)环己酮的提纯需要经过以下一系列的操作： a．蒸馏、除去乙醚后，收集151~156℃馏分 b．水层用乙醚(乙醚沸点34.6℃，易燃烧)萃取，萃取液并入有机层 c．过滤 d．往液体中加入NaCl固体至饱和，静置，分液 e．加入无水MgSO4固体，除去有机物中少量的水 ①上述提纯步骤 的正确顺序是_______________；②b中水层用乙醚萃取的目的是_______________；③上述操作c、d中使用的玻璃仪器除烧杯、锥形瓶、漏斗外，还需要的玻璃仪器有_______________，操作d中，加入NaCl固体的作用是_______________。 (5)恢复至室温时，分离得到纯产品5.7g，则环已酮的产率_______________(计算结果精确到0.1%)。【答案】(1). (直形)冷凝管(2). 防暴沸(3). 立刻停止加热，待液体冷却后补加沸石，再继续实验(4). 环己酮和水形成具有固定组成的恒沸物一起蒸出(5). dbeca(6). 使水层中少量的有机物进一步被提取，提高产品的产量(7). 玻璃棒、分液漏斗(8). 降低环己酮的溶解度，增加水层的密度，有利于分层(9). 60.6% 【解析】 【分析】本实验的目的是制备环己酮，装置A中利用酸性Na2Cr2O7溶液将环己醇在55 ~ 65℃时氧化得到环己酮，反应完成后，加入适量水，蒸馏，收集95 ~ 100C的馏分，得到主要含环己酮粗品和水的混合物；之后进行 提纯，首先往液体中加入NaCl固体至饱和，从而降低环己酮的溶解度，并且增加水层的密度，静置后分液； 分液后水层用乙醚萃取进一步提取水层中环己酮并入有机层；之后用无水硫酸镁除去有机物中少量的水分， 过滤后蒸馏分离乙醚，得到纯净的环己酮。 【详解】(1)装置D的名称是(直形)冷凝管，具有冷凝蒸汽作用； (2)实验时加入沸石的作用防止液体暴沸，若加热后发现未加沸石，应采取的正确操作是立刻停止加热，待 液体冷却后补加沸石，再继续实验； (3)由于环己酮和水形成具有固定组成的恒沸物，环己酮和水会一起蒸出，导致蒸馏不能分离环己酮和水； (4)①环己酮的提纯：首先往液体中加入NaCl固体至饱和，从而降低环己酮的溶解度，并且增加水层的密度，静置后分液；分液后水层用乙醚萃取进一步提取水层中环己酮并入有机层；之后用无水硫酸镁除去有机物中少量的水分，过滤后蒸馏分离乙醚，得到纯净的环己酮，所以，提纯步骤的正确顺序是 dbeca； ②环己酮在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚微溶于水，则乙醚能作萃取剂，能将水中的环己酮萃取到乙醚中，从而提高产品产量； ③过滤需要由漏斗组成的过滤器，分液需要的主要仪器为分液漏斗；NaCl能增加水层的密度，降低环己酮的溶解，有利于分层； (5)环己醇的质量为10mL×0.96g/mL=9.6g，理论上得到环己酮质量= 9.6g 100g/mol ×98g/mol=9.408g，恢复至室 温时，分离得到纯产品体积为6mL，由表中的密度可以算出环己酮的实际质量为0.95g/mL×6mL=5.7g ，所 以环己酮的产率为： 5.7g 9.408g ×100%=60.6%。 【点睛】对于陌生物质的制备，关键是理解题目所给的有关该物质的性质，将这些性质充分利用到解题过程中。 9.废旧锌锰电池含有锌、锰元素，主要含有ZnO、ZnMn2 O4、MnO、Mn2 O3、Mn3 O4、MnO2。利用废旧锌锰电池回收锌和制备二氧化锰、硫酸的工艺流程如图： 回答下列问题： (1)步骤②“粉碎”的主要目的是______。 (2)步骤③“酸浸”发生了一系列反应： ZnO+ H2SO4= ZnSO4 + H2O；MnO+ H2SO4= MnSO4 + H2O； ZnMn2O4+2H2SO4=ZnSO4 + MnSO4 +2H2O+MnO2； MnO2 + H2SO4 + H2C2O4=MnSO4 + 2CO2↑+2H2O。 推测Mn2O3与硫酸反应的离子方程式为______。 (3)如图分别表示“酸浸”时选用不同浓度硫酸和草酸对Zn、Mn 浸出率的影响。 ①为保证Zn、Mn 的浸出率均大于90%，步骤③需控制的c(H2SO4) = ____mol/L。H2C2O4浓度对Mn 的浸出率影响程度大于Zn，其原因是_____。 ②假设“酸浸”所得溶液中Zn2+、Mn2+浓度相等。当c(H2C2O4)>0.25 mol/L 时，Zn、Mn 的浸出率反而下降、且Zn 的浸出率下降先于Mn，其原因可能是_____(填序号)。 a.随着反应进行c(H+)降低 b.Zn2+、Mn2+与C2O42-生成沉淀 c.溶解度：ZnC2O4＜MnC2O4 (4)步骤⑤用惰性电极电解ZnSO4、MnSO4的混合溶液，除生成Zn、MnO2、H2SO4 外，还可能生成H2、O2 或其混合物。 ①生成MnO2的电极反应式为_____。 ②若n (H2)：n (O2)=2：1，则参加反应的n (Zn2+)：n (Mn2+) = ______。 ③该工艺流程中可循环利用的物质是________。 【答案】(1). 增大接触面积，提高浸出率(2). Mn2O3 +2H+=Mn2++H2O+ MnO2(3). 0.5(4). Zn 元素浸出时不需要还原剂，而+4价Mn (MnO2、Mn2O3、Mn3O4)需加入H2C2O4作还原剂更有利浸出或MnO2+H2SO4+H2C2O4=MnSO4+2CO2↑+2H2O(5). a、b、c(6). Mn2+ +2H2O－2e－=MnO2 +4H+(7). 1∶1(8). H2SO4或硫酸 【解析】 【分析】 将废旧锌锰电池机械分离，为增加浸出率，对内部固体残渣(主要含有ZnO、ZnMn2 O4、MnO、Mn2 O3、Mn3 O4、MnO2)粉碎，加入足量H2SO4和草酸对残渣进行溶浸，发生ZnO+ H2SO4= ZnSO4 + H2O；MnO+ H2SO4= MnSO4 + H2O；ZnMn2O4+2H2SO4=ZnSO4 + MnSO4 +2H2O+MnO2；MnO2 + H2SO4 + H2C2O4=MnSO4 + 2CO2↑+2H2O等一系列反应，得到主要含有Mn2+、Zn2+、SO42-等离子的酸浸液，对酸浸液过滤除杂精制，对含有Mn2+、Zn2+、SO42-等离子的精制液电解得到硫酸、二氧化锰、单质锌，据此分析解答。 【详解】(1)增大接触面积，提高浸出率； (2)ZnMn2O4可用氧化物的形式表示ZnO · Mn2O3，ZnO·Mn2O3 +2H2SO4=ZnSO4+ MnSO4+2H2O+ MnO2可知Mn2O3 +2H+=Mn2++H2O+ MnO2； (3)①由图可知，当c(H2SO4)=0.5 mol/L时，Mn的浸出率等于90%，Zn的浸出率大于90%。由 ZnO+H2SO4=ZnSO4+H2O、MnO+H2SO4=MnSO4+ H2O、ZnMn2O4 + 2H2 SO4=ZnSO4 + MnSO4+2H2O + MnO2、MnO2 + H2SO4 + H2C2O4=MnSO4+2CO2↑+2H2O可知，Zn的浸出只需H2SO4即可，所以Zn元素浸出时不需要还原剂，而+4价Mn(MnO2、Mn2O3、Mn3O4)需加入H2C2O4作还原剂更有利Mn的浸出。或MnO2 + H2SO4+H2C2O4=MnSO4+2CO2↑+2H2O； ②a．结合①的分析，Mn、Zn的浸出率与c(H+ )有关，如果c(H+)减小，浸出率下降，故a正确； 生成沉淀，浸出率下降，故b正确； b．c(H2C2O4)＞0.25mol/L时，如果Zn2+、Mn2+与C2O2 4 c．如果溶解度ZnC2O4 答案为：a、b、c； (4)①根据流程，酸性条件下，Mn2+失去电子转化为MnO2，则电极反应为：Mn2+ +2H2O－2e－=MnO2 +4H+； ②阴极可能发生的电极反应为Zn2++2e－=Zn，2H++2e－=H2。阳极可能发生的电极反应为Mn2+ +2H2O－2e－=MnO2 +4H+，4OH―― 4e－=2H2O+O2。当n(H2):n(O2)=2:1时电子转移恰好相等，即电极反应Zn2++2e－=Zn 与Mn2+－2e－+2H2O=MnO2 +4H+转移电子数相等，参加反应的n(Zn2+):n(Mn2+ )=1:1； ③该工艺流程中可循环利用的物质是H2SO4或硫酸。 10.氨是工农业生产中重要的基础物质，研究合成氨及氨的应用具有重要意义。 (1)已知：N2(g)+3H2(g)=2NH3(g)ΔH=-92kJ/mol，N2(g)+3H2(g)2NH3(g)的活化能为508kJ/mol。则 2NH3(g)N2(g)+3H2(g)的活化能为_______________kJ/mol (2)我国科研人员研制出Ti-H-Fe双温区催化剂(Ti-H区与Fe区温差可超过100℃)。Ti-H-Fe双温区催化合成氨的反应历程如图，其中吸附在催化剂表面的物种用“*”标注。 下列说法中正确的是______________。 A．①为N≡N的断裂过程 B．①②③在高温区发生，④⑤在低温区发生 C．④为N原子由Fe区域向Ti-H区域的传递过程 D．使用Ti-H-Fe双温区催化剂时合成氨反应转变为吸热反应 (3)以氨和CO2为原料合成尿素的反应为2NH3(g)＋CO2(g)CO(NH2)2(l)＋H2O(g)。工业生产时，需要原 料气带有水蒸气，图中曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ表示在不同水碳比 () () 2 2 n H O n CO 时，CO2的平衡转化率与氨碳比 () ()3 2 n NH n CO 之间的关系。 ①曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ对应的水碳比最大的是______________，判断依据是______________。 ②测得M点氨气的平衡转化率为40%，则x1＝______________。 (4)将氨氧化法制硝酸过程中氨经催化氧化后的气体(高于800℃)急剧冷却到100℃以下，一方面除去大量的H 2O ，使NO(g)和O 2(g)发生反应，另一方面温度低有利于生成NO 2(g)。 2NO(g)＋O 2(g)2NO 2(g)的反应历程分两步： Ⅰ.2NO(g) N 2O 2(g)(反应快，瞬间达到平衡)ΔH 1＜0，v 1正＝k 1正c 2(NO) v 1逆＝k 1逆c (N 2O 2)； Ⅱ.N 2O 2(g)＋O 2(g) 2NO 2(g)(反应慢)ΔH 2＜0，v 2正＝k 2正c (N 2O 2)c (O 2) v 2逆＝k 2逆c 2(NO 2)。 其中k 1、k 2是速率常数，随温度上升而增大。则一定温度下，反应2NO(g)＋O 2(g) 2NO 2(g)达到平衡状态， 请写出用k 1正、k 1逆、k 2正、k 2逆表示的平衡常数表达式K ＝______________，升高温度，K 值______________(填“增大”“减小”或“不变”)。 【答案】 (1). 600 (2). BC (3). Ⅲ (4). 当氨碳比相同时，水碳比越大，即原料气中含水蒸气 越多，CO 2的平衡转化率越小 (5). 3 (6). 1212正正 逆逆 k k k k (7). 减小 【解析】 【分析】 (1) 根据ΔH =正反应活化能-逆反应活化能，据此分析计算； (2)A ．①催化剂吸附氮气分子的过程，没有化学键断裂； B ．不同反应过程需要的温度条件不同。催化剂吸附分子，使分子的活化能降低，化学键发生断裂的过程，都需要高温条件，目的是加快反应速率；氮原子的转移，化学键的生成，需要低温条件，目的是增大氨气的平衡产率； C ．N 原子的转移方向是从高温区向低温区； D ．催化剂能改变化学反应速率，但不能改变反应的焓变； (3)①根据图2可知，氨碳比一定时，水碳比越大，说明原料气中含二氧化碳越少，二氧化碳的转化率越低，所以二氧化碳转化率最低的即为水碳比最大的； ②B 点二氧化碳的转化率为60%，氨气的转化率是40%，设出NH 3、CO 2的起始物质的量，列式计算x 1； (4)平衡时，v 1正＝v 1逆，v 2正＝v 2逆，即k 1正c 2(NO)=k 1逆c (N 2O 2)，k 2正c (N 2O 2)×c (O 2)＝k 2逆c 2(NO 2)，即 11k k 正逆=()()222c N O c NO ，22k k 正 逆 =()()() 22222c NO c N O c O ?，据此分析解答；由于2NO(g)＋O 2(g) ?2NO 2(g)的反应两步历程均为放入反应，则N 2O 2(g)＋O 2(g) ?2NO 2(g)为放热反应，温度升高平衡逆向移动，据此分析判断平衡常数的变化。 【详解】(1)设N 2(g)+3H 2(g)?2NH 3(g)的活化能为E 1，2NH 3(g)?N 2(g)+3H 2(g)的活化能为E 2， 2NH 3(g)?N 2(g)+3H 2(g)是N 2(g)+3H 2(g)?2NH 3(g)的逆反应，则E 1-E 2=ΔH ，所以，508kJ/mol -E 2=-92kJ/mol ，解得：E 2=600kJ/mol ； (2)A ．①为催化剂吸附N 2的过程，故A 错误； B ．从图上可知：②过程为在Fe 区形成过渡态的过程，为吸热反应，在高温区反应更利于形成过渡态，那么Fe 区为高温区，Ti-H 区为低温区，①②③都是在Fe 区反应的，即①②③都是在高温区反应的，④⑤都是在Ti-H 区反应的，即④⑤都是在低温区反应的，故B 正确； C ．由图可知，④为N 原子由Fe 区域向Ti-H 区域的传递过程，故C 正确； D ．一个反应是吸热反应还是放热反应与是否使用催化剂、使用什么催化剂无关，只与反应物的始态和终态有关，由合成氨的ΔH ＜0可知，合成氨为放热反应，故D 错误； 综上所述：BC 正确，AD 错误，故答案为：BC ； (3)①根据图示可知，氨碳比一定时，水碳比越大，说明原料气中含二氧化碳越少，二氧化碳的转化率越低，所以二氧化碳转化率最低的即为水碳比最大的，则曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ对应的水碳比最大的是Ⅲ曲线， ②设CO 2的起始物质的量为1，则NH 3的起始物质的量为x 1，M 点：氨气的平衡转化率为40%，CO 2的转化率为60%，则有：40%x 1=60%× 1×2，解得x 1=3； (4)平衡时，v 1正＝v 1逆，v 2正＝v 2逆，即k 1正c 2(NO)=k 1逆c (N 2O 2)，k 2正c (N 2O 2)×c (O 2)＝k 2逆c 2(NO 2)，即 11k k 正逆=()()222c N O c NO ，22k k 正逆 =()()()22222c NO c N O c O ?，2NO(g)＋O 2(g) ?2NO 2(g)的K =()()()2222c NO c NO c O ? =()()()22222c NO c N O c O ?×()()222c N O c NO =11k k 正逆×22k k 正逆=1212k k k k ??正正逆逆 ；由于2NO(g)＋O 2(g) ?2NO 2(g)的反应两步历程均为放入反应，则N 2O 2(g)＋O 2(g) ?2NO 2(g)为放热反应，温度升高平衡逆向移动，平衡常数K 减小。 【点睛】易错点(2)的D 选项，催化剂只能改变反应速率，降低反应活化能，不能改变焓变；难点为(4)的计算，要灵活运用平衡状态时的特点，正逆反应速率相等的关系进行正逆反应速率常数的公式推导，找出与所求反应平衡常数的关系。 11.据世界权威刊物《自然》最近报道，我国科学家选择碲化锆(ZrTe 2)和砷化镉(Cd 3As 2)为材料验证了三维 量子霍尔效应，并发现了金属-绝缘体的转换。回答下列问题： (1)基态碲原子的价层电子排布式为______________。 (2)硫和碲位于同主族，H 2S 的分解温度高于H 2Te ，其主要原因是______________________。在硫的化合物中，H 2S 、CS 2都是三原子分子，但它们的键角(立体构型)差别很大，用价层电子对互斥理论解释______________________，CS 2中心原子的杂化类型为________。 (3)Cd 2+与NH 3等配体形成配离子。[Cd(NH 3)4]2+中2个NH 3被2个Cl -替代只得到1种结构，它的立体构型是___________。1mol[Cd(NH 3)4]2+含σ键的数目为___________。 (4)砷与卤素形成多种卤化物。AsCl 3、AsF 3、AsBr 3的熔点由高到低的排序为____________________。 (5)锆晶胞如图1所示，1个晶胞含________个Zr 原子；这种堆积方式称 ______________。 (6)镉晶胞如图2所示。已知：N A 是阿伏加德罗常数的值，晶体密度为dg· cm -3。在该晶胞中两个镉原子最近核间距为______nm (用含N A 、d 的代数式表示)，镉晶胞中原子空间利用率为________(用含π的代数式表示)。 【答案】 (1). 5s 25p 4 (2). S 原子半径小于Te ，H-S 键的键能较大 (3). H 2S 分子中S 原子价层有2对孤电子对，孤电子对对成键电子对排斥力大于成键电子对之间排斥力，所以键角较小 (4). sp (5). 正四面体 (6). 16N A (7). AsBr 3＞AsCl 3＞AsF 3 (8). 6 (9). 六方最密堆积 (10). 73A 3224 10dN (11). 3 【解析】 【分析】 (1)碲与硫元素同主族，同主族元素的价层电子排布结构相同，硫原子价层电子排布式为3s 23p 4，根据碲在周期表中的位置分析； (2)从原子半径、键能角度分析气态氢化物的热稳定性；根据孤电子对成键电子对排斥力大于成键电子对之间排斥力，导致键角较小分析；根据价层电子对互斥判断； (3) [Cd(NH 3)4]2+中 2 个NH 3被 2 个Cl -替代只得到 1 种结构，则[Cd(NH 3)4]2+为正四面体结构，Cd 与N 原 子之间形成配位键、属于σ键，1个N 原子与3个H 原子形成3个σ键，据此计算； (4) AsCl 3、AsF 3、AsBr 3都是分子晶体，根据分子间作用力大小及影响因素与熔点关系分析； (5)锆晶胞图为六方最密堆积，体内原子有3个原子，顶点原子被6个晶胞分摊，面心被2个晶胞，分摊据此计算； (6)图2为体心立方堆积，3个镉原子位于体对角线且相切，1个晶胞含镉原子数=1+8×18 =2，晶胞质量 m = A 2112 N ?g ，设晶胞参数为a ，晶胞体积为a 3，根据m =ρV 计算a ，两个镉原子最近核间距为体对角线的一 ；设原子半径为r ，则 a ，两个镉原子总体积为4π3r 3×2，镉晶胞中原子空间利用率= 3 3 π3r 42 a ?×100%。 【详解】(1)碲与硫元素同主族，同主族元素的价层电子排布结构相同，硫原子价层电子排布式为3s 23p 4，碲位于元素周期表第五周期ⅥA 族，则价层电子排布式为5s 25p 4； (2)原子半径r(S)＜r(Te)，则键能H?S ＞H?Te ，所以H 2S 较稳定；H 2S 分子中S 原子价层有2个孤电子对，孤电子对对成键电子对排斥力大于成键电子对之间排斥力，所以键角较小；CS 2分子中C 原子价层没有孤电子对，成键电子对之间排斥力相同，呈直线形最稳定，则CS 2中C 采用sp 杂化； (3)[Cd(NH 3)4]2+中2个NH 3被2个Cl ?替代只得到1种结构，说明Cd 2+采用sp 3杂化，配离子为正四面体结构，配位键也是σ键，所以1mol[Cd(NH 3)4]2+含16molσ键，数目为16N A ； (4)砷与卤素形成多种卤化物。AsCl 3、AsF 3、AsBr 3都是分子晶体，相对分子质量越大，范德华力越大，熔点越高，则三者熔点由高到低的排序为AsBr 3＞AsCl 3＞AsF 3； (5)在六棱柱中，12个原子位于顶点、2个原子位于面心，3个原子位于体内，1个六棱柱含Zr 原子数=3+2× 1 2+12×16 =6，这种堆积方式为六方最密堆积； (6)图2为体心立方堆积，3个镉原子位于体对角线且相切，1个晶胞含镉原子数=1+8×1 8 =2，晶胞质量 m = A 2112N ?g ，设晶胞参数为a ，晶胞体积为a 3，晶胞质量m =A 2112N ?g =da 3g ， 107nm ，两个镉原子最近核间距为体对角线的一半， 107nm ；设原子半径为r ，则 ， 两个镉原子总体积为4π3r 3×2，镉晶胞中原子空间利用率= 3 3 π3r 42a ?× π。 12.化合物J 是一种重要的医药中间体，其合成路线如图： 回答下列问题： (1)G 中官能团的名称是____________；③的反应类型是____________；B 的结构简式__________。 (2)通过反应②和反应⑧推知引入-SO 3H 的作用是____________________。 (3)碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳。写出F 与足量氢气反应生成产物的结构简式，并用星号(*)标出其中的手性碳___________。 (4)写出⑨的反应方程式_______________________。 (5)写出D 的苯环上有三个不同且互不相邻的取代基的同分异构体结构简式_____________(任写一种)。 (6)写出以对硝基甲苯为主要原料(无机试剂任选)，经最少步骤制备的合成路线。 ______________ 【答案】 (1). 羧基、肽键(或酰胺键) (2). 取代反应 (3). (4). 定位 (5). (6). +2H 2O +CH 3COOH+H 2SO 4 (7). 或(任写1种) (8). + 4KMnO /H ????→ Fe/HCl ???→ ?????→催化剂 或一定条件下 【解析】 【分析】 根据A 、C 结构简式区别知，A 发生取代反应生成B 为，B 发生取代反应生成C ，C 发生水解反应 生成D ，D 发生氧化反应生成E ，E 发生还原反应生成F ，F 发生取代反应生成G ，G 发生取代反应生成H ， I 水解然后酸化得到J ，则H 和氯气发生取代反应生成I ，I 结构简式为； (6)以对硝基甲苯为主要原料（无机试剂任选），经最少步骤制备含肽键聚合物，羧基和氨基生成肽键，硝基被还原生成氨基、甲基被氧化生成羧基。 【详解】(1)G 中官能团的 名称是羧基、肽键；根据分析，③的反应类型是取代反应；B 的结构简式； (2)通过反应②和反应⑧推知引入?SO 3H 的作用是定位，防止该位置被取代； (3)F 与足量氢气反应生成产物中不含苯环，其中的手性碳为 ； (4)⑨的反应中I 中的肽键发生水解反应、磺酸基被取代，该反应的反应方程式为 +2H 2O +CH 3COOH+H 2SO 4； (5)D 的苯环上有三个不相同且互不相邻的取代基，根据其不饱和度知，存在的取代基可能为醛基、酚羟基、 氨基或酚羟基、甲基和?NO ，符合条件的的同分异构体结构简式 或 (任写1种)； (6)以对硝基甲苯为主要原料(无机试剂任选)，经最少步骤制备含肽键聚合物，羧基和氨基生成肽键，硝基被还原生成氨基、甲基被氧化生成羧基，其合成路线为 + 4KMnO /H ????→ Fe/HCl ???→ ?????→催化剂 或一定条件下 。 【点睛】本题关键是利用流程中的反应条件和前后物质的结构变化分析判断未知物质的结构简式；手性碳 原子是指人们将连有四个不同基团的碳原子形象地称为手性碳原子，需要仔细观察每个碳原子连接的基团。 甘肃省兰州市第一中学【最新】高三6月最后高考冲刺模拟 语文试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、现代文阅读 阅读下面的文字，完成下面小题。 在先秦两汉时期，就诗礼文化中的诗教与礼制的互动关系而言，两者或离或合，大略经历了五次历史性演变。 先周时期，诗教与礼制天然遇合，生成诗礼文化的初级国家形态。诗教争礼制最初经历了从自然状态，过渡到舜以来初级国家形态的漫长历程。当原始部落社会迈进初级国家的门槛时，朴素自然的民间礼俗一变而为初级国家形态的礼制。于是，礼制建设向诗教提出了前所未有的新要求：“命汝典乐，教胄子……诗言志，歌永言，声依永。律和声。”(《尚书·舜典》)这是帝舜发出的对子弟开展诗教的命辞。从此，诗教与礼制相结合，共同启动了诗礼文化建构的历程。 西周时代，诗教与礼制水乳交融，生成诗礼文化的高级国家形态。西周初创，即十分重视诗礼文化建设。在周太师整理规范前代已有诗作的基础上，以周公旦、成王诵为代表的诗人群体创制了大量新诗，以施于王室与公室典礼。其中，以“五礼”为核心的礼仪制度规范，重在明等级；以“六艺”为核心的贵族教育内容，重在调人情。于是，诗教与礼制二者相互倚重，相与为用，紧密结合，达到了水乳交融的境地。 春秋时期，诗教与礼制渐次分离，制度之教演变为文化之教。平王东迁，王室渐次衰微，原本以和合礼制为主要任务的诗教，逐渐从礼制系统中淡出。转而演变为儒、墨、名家的道德修身和言辞进身手段。此时开始盛行的歌《诗》、引《诗》以“言志”的文化活动，显示出诗教脱离典礼轨道的倾向。此时的《诗》已不再仅仅是一种艺术化的礼制，而是独立的大学文本了。诗教因西周传统礼制的变革崩坠而趋向没落，诗教对建构诗礼文化的影响力自然就减弱了。 战国时期，诗教与礼制相互乖离，《诗》成为少数经师传习的文学文本。当时，七雄争霸，礼崩乐坏，就连儒家在传播《诗》上也有心无力，其他学派如纵横家引述《诗》句完全是出于论辩术的需要，法家则危言耸听地说如果用诗、书、礼、乐治国，“敌至面削，不至必贫”(《商君书·去强》)。秦王朝建立后，更是以焚书坑儒的极端手段毁灭诗礼文化，《诗》既在被灭之列，诗教自然也无施展空间，这样它就从国家和民间两个领域完全退出。只能奄奄一息地苟活于少数经师之手了。 两汉时期，诗教与礼制完美结合，诗礼文化上升为皇权制国家的政教样板。汉武帝 2020届甘肃省天水市第一中学高三上学期第一次考试数学 （理）试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 1．已知全集{}1,0,1,2,3U =-，集合{}0,1,2A =，{}1,0,1B =-，则 ( )U A B ?=（ ） A ．{}1- B ．{}0,1 C ．{}1,2,3- D ．{}1,0,1,3- 2．已知平面向量(1,)a m =，(3,1)b =-，且() //a b b +，则实数m 的值为（ ） A ． 13 B ．13- C ．23 D ．23 - 3．“2211og a og b <”是“11 a b <”的( ) A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充要条件 D ．既不充分也不必要条件 4．在等差数列{}n a 中，n S 为其前n 项和，若34825a a a ++=，则9S =（ ） A ．60 B ．75 C ．90 D ．105 5．已知函数y =f （x ）+x 是偶函数，且f （2）=1，则f （-2）=（ ） A ．2 B ．3 C ．4 D ．5 6．如右图所示的图象对应的函数解析式可能是（ ） A ．( ) 2 2x y x x e -= B ．2sin 41 x x y x ?=+ C ．ln x y x = D ．221x y x =-- 7．已知:p m R ?∈，210x mx --=有解，0:q x N ?∈，02 0210x x --≤则下列选项 中是假命题的为（ ） A ．p q ∧ B ．()p q ∧? C ．p q ∨ D ．()p q ∨? 甘肃省静宁县第一中学2021-2022高一地理上学期期中试题 第Ⅰ卷单项选择题（共45分） 本卷共30个小题，每小题1．5分，共45分，在毎小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．下列天体系统中不包括地球的是 A．太阳系B．银河系C．河外星系D．总星系 2．太阳系在天体系统中的层次是 A．最高一级B．最低一级C．同于河外星系D．次于银河系3．我们肉眼看到的太阳是 A．太阳外部的整个大气层B．太阳大气的光球层 C．太阳大气的色球层D．太阳内部 4．引起大气运动的根本原因是 A．太阳辐射能的纬度分布不均造成高低纬度间的热量差异 B．地球表面高低起伏 C．地面冷热不均 D．地球周围有大气包围 5．大气运动最简单的形式是 A．大气环流B．单圈环流C．三圈环流D．热力环流 6．地球上有昼夜现象的主要原因是 A．地球公转B．地球自转 C．地球是个不透明的球体D．地球是个不规则的椭球体 《齐民要术》：“凡五果，花盛时遭霜，则无子。天雨新晴，北风寒彻，是夜必霜，此时放火作煴，少得烟气，则免于霜矣。”运用所学知识回答7--8题。 7．“天雨新晴，北风寒彻，是夜必霜”，其原因是 A．雨天的夜晚气温必定很低B．晴朗的夜晚，大气逆辐射弱 C．晴朗的夜晚，大气逆辐射强D．晴朗的夜晚，地面辐射强 8．“放火作煴，少得烟气，则免于霜矣”，其原因是 ①烟气使得大气逆辐射增强，使地面温度降低不至于过低 ②放火产生的二氧化碳，对地面有明显的保温作用 ③放火作煴，说明夜晚保温与大气逆辐射无关 ④放火作煴，说明夜晚的热量直接来自于放火 A．①② B．①③ C．②④ D．③④ 某年2月15日上午10时左右,太阳爆发了一次X2．2级耀斑(X为最高级别)。读太阳大气层示意图,回答9--10题。 9．太阳黑子和耀斑 A．都发生在①层B．分别发生在①层和②层 C．都发生在②层 D．分别发生在②层和③层 10．下列叙述中与大气对太阳辐射的削弱作用无关的地理现象是 A．黎明时分天空是明亮的 B．晴朗的天空呈现蔚蓝色 C．夏季，多云的白天气温不会太高 D．多云的夜晚，通常比晴朗的夜晚温暖 11．有关地球自转的叙述正确的是 A．地球自转一周（360°）的时间为24小时，叫一个恒星日 B．地球上的物体作水平运动时，方向会发生偏转，在北半球向左偏，在南半球向右偏 C．南北纬60°处的地球自转线速度约为赤道处的二分之一 D．地球自转产生的昼夜更替，是地球上生命有机体得以生存和发展的重要因素之一 2019年10月1日上午，纪念中华人民共和国成立70周年阅兵式在北京天安门广场举行。结合下图，完成12---13题。 12．阅兵式开幕时，地球运动到图中的 A．①-②之间 B．②-③之间 C．③-④之间 D．④-①之间 13．下列四点附近地球公转速度最快的是 A．① B．② C．③ D．④ 14．对流层或近地面大气的主要直接热源是 A．太阳辐射B．地面辐射C．地面反射D．大气辐射 读右图某等压线分布示意图（单位：百帕（hpa）），回答15--16题。 15．图中字母a代表的是 A．水平气压梯度力B．地转偏向力 C．摩擦力D．近地面风向 16．对风的速度大小有影响的力是 A． a和b B． b和c C． c和d D． d和a 甘肃省庆阳市环县第一中学2020-2021学年九年级上学期期 末数学试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 1．方程x2﹣x＝0的解为（） A．x1＝x2＝1 B．x1＝x2＝0 C．x1＝0，x2＝1 D．x1＝1，x2＝﹣1 2．抛物线y=﹣（x﹣1）2﹣2 的顶点坐标是（） A．（1，2）B．（﹣1，﹣2）C．（﹣1，2）D．（1，﹣2） 3．下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（） A．等边三角形B．平行四边形C．正五边形D．圆 4．将含有30°角的直角三角板OAB如图放置在平面直角坐标系中，OB在x轴上，若OA=2，将三角板绕原点O顺时针旋转75°，则点A的对应点A′的坐标为（） A．，﹣1) B．(1C．) D．() 5．如图，CD是⊙O的直径，已知∠1＝30°，则∠2等于( ) A．30°B．45°C．60°D．70° 6．如图，在⊙O中，已知∠OAB=22.5°，则∠C的度数为（） A．135°B．122.5°C．115.5°D．112.5° 7．如图，△ABC内接于⊙O，AB=BC，∠ABC=120°，AD为⊙O的直径，AD=6，那 么AB 的值为（ ） A ．3 B ． C ． D ．2 8．二次函数2()y a x m n =++的图象如图，则一次函数y mx n =+的图象经过（ ） A ．第一、二、三象限 B ．第一、二、四象限 C ．第二、三、四象限 D ．第一、三、四象限 9．下列事件是必然事件的是（ ） A ．某人体温是100℃ B ．太阳从西边下山 C ．a 2+b 2＝﹣1 D ．购买一张彩票，中奖 10．如图，AB 为⊙O 的直径，点C 在⊙O 上，若50OCA ∠=?，4AB =，则BC 的长为（ ） A ．103π B ．109π C ．5 9π D ．518 π 11．在△ABC 中，I 是内心，∠BIC=130°，则∠A 的度数是（ ） A ．40° B ．50° C ．65° D ．80° 12． 若函数y ＝(a －1)x 2－4x ＋2a 的图象与x 轴有且只有一个交点，则a 的值为( ). A ．－1或2 B ．－1或1 C ．1或2 D ．－1或2或1 二、填空题 甘肃省天水市第一中学2018届高三第一次模拟考试 语文试题 学校_________ 班级__________ 姓名__________ 学号__________ 一、现代文阅读 1. 阅读下面的文字，完成下列小题。 康德认为，认识含有感性、知性和理性三个要素。感性是接受印象的能力，知性是规则的能力，理性是原理的能力，它们一起构成人类认识的完整结构。康德的这一划分，揭示了认识的基本层次，确立了理性的至高地位。西方的哲学思维方式本质上是理性主义，而中国传统哲学的思维方式却与其迥然而异：它无疑也含有理性主义的因素，但并不归结为理性主义；它较注重悟性、直觉和体验，但又不归结为非理性主义和直觉主义。它在本质上更具有“悟性”的色彩，是“悟性主义”。。 儒家的“格物致知”，通俗地说，就是用既有的思维尺度、框架去衡量、测度对象。只是这种把握绝非理性主义，它更具有“豁然贯通”的悟性特色。“季文子三思而后行。子闻之，曰：再，斯可矣。”由此可见，在孔子看来，如若过多地理性思考，结果可能适得其反，往往反致迷惑。老子的“玄览”，概括了道家的根本思维方式。“心居玄冥之处，览知万物”，从最超验的层次对事物的一种整体性的观照和透察。超验即要排除一切感性经验、语言概念和欲望，保持内心的清静和安宁。只有如此，才能做到“常无欲，以观其妙”。 中国佛教特别是禅宗是中印文化融合的产物，又吸收了儒家特别是道家的要素，凝聚了中国乃至东方悟性思维的精华。在佛家看来，“开悟”是修行之目的，而“菩提”为所悟之智，“涅”为所悟之理，佛及阿罗汉则为所开悟者。佛教义理对“悟”或“了悟”有甚为精密、详尽的研究和解说。依所悟之程度，将悟分为“小悟”和“大悟”；依所悟之迟速，将悟分为“渐悟”和“顿悟”；依所悟之途径，将悟分为“解悟”和“证悟”（由理解真理而知者为解悟，由实践修行而体得真理者为证悟）；依所悟之主体，将悟分为“悟自”和“悟他”，更为重要的是，佛教在长期的历史发展过程中，创造和积累了一整套系统而完备的了悟的方法，堪称无数佛教大师和佛教徒通过世代刻苦修行实践所取得的丰富的悟性体验的结晶。这种悟性主义的思维方式和思维特质尤其在中国禅宗中得到典型的充分的呈示。 中国传统哲学的悟性主义思维方式在儒家、道家和中国佛教特别是禅宗的悟性理论中体现得最为集中和鲜明。总体上说，以儒道释特别是中国禅宗为代表的中国传统哲学的悟性思维方式，完全超出了康德所划定的“感性、知性、悟性”的认识框架，超出了了康德将理性视为认识的最高形式的观点，从而也 甘肃省静宁县第一中学 《全反射》测试题 一、全反射选择题 1．如图,有一截面是直角三角形的棱镜ABC，∠A=30o.它对红光的折射率为1n.对紫光的折射率为2n.在距AC边d处有一与AC平行的光屏．现有由以上两种色光组成的很细的光束垂直AB边射入棱镜.1v、2v分别为红光、紫光在棱镜中的传播速度,则（） A．两种光一定在AC面发生全反射，不能从AC面射出 B．1221 :: v v n n = C．若两种光都能从AC面射出，在光屏MN上两光点间的距离为21 22 21 22 d n n ?? ? - ? -- ?? D．若两种光都能从AC面射出，在光屏MN上两光点间的距离为21 22 21 44 d n n ?? ? - ? -- ??2．如图所示两细束单色光平行射到同一个三棱镜上，经折射后交于光屏上的同一个点M。则下列说法中正确的是（） A．如果a为蓝色光，则b可能为红色光 B．在该三棱镜中b色光的传播速率比a光的传播速率小 C．棱镜射向空气中a色光的临界角比b色光的临界角大 D．a光的折射率小于b光折射率 3．如图所示，扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角∠AOB＝60°，一束平行于角平分线OM的单色光由OA射入介质，经OA折射的光线恰平行于OB，以下对该介质的折射率值及折射光线中恰好射到M点的光线能不能发生全反射的说法正确的是( ) A．3，不能发生全反射B．3，能发生全反射 C．23 3 ，不能发生全反射D． 23 3 ，能发生全反射 4．如图所示，口径较大、充满水的薄壁圆柱形浅玻璃缸底有一发光小球，则（） A．小球必须位于缸底中心才能从侧面看到小球 B．小球所发的光能从水面任何区域射出 C．小球所发的光从水中进入空气后频率变大 D．小球所发的光从水中进入空气后传播速度变大 5．如图所示，三束细光经玻璃三棱镜折射后分解为互相分离的a、b、c三束单色光 .比较a、b、c三束光，可知( ) A．a为波长较长的光 B．当它们在真空中传播时，a光的速度最大 C．分别用这三种光做光源，使用同样的装置进行双缝干涉实验，a光的干涉条纹中相邻亮纹的间距最小 D．若它们都从玻璃射向空气，c光发生全反射的临界角最大 6．如图所示，P、Q是两种透明材料制成的两块直角梯形的棱镜，叠合在一起组成一个长方体。某单色光沿与P的上表面成θ角的方向斜射向P，其折射光线正好垂直通过两棱镜的界面。已知材料的折射率n P 语文试卷 第1页（共10页） 语文试卷 第2页（共10页） 绝密★启用前 甘肃省庆阳市2019年初中学业水平监测与高中招生考试 语 文 本试卷满分为150分，考试时间为150分钟。 一、积累与运用（30分） 1.阅读文段，完成（1）—（4）题。（11分） 真正疯狂了的艺术家是徐渭。徐渭善诗、书、画、戏剧、军事。他胸怀奇才不得伸展，于是以诗书画来表现胸中“勃然不可磨灭之气”，晚年渐成疯狂。他的内心愤郁和苦痛已经只有在强度的自虐． 中得到发泄。袁宏道说他：“晚年诗文益奇。”他的书法，字忽大忽小，忽草忽楷，笔触忽轻忽重，忽干忽湿，时时出人意料，故意的反秩序，反统一，反和谐。在“醉雨巫风”的笔致中显出f èn sh ì j ì s ú的情绪来。草书字之间、行之间，密密麻麻，幅面的空间遮碍得全无盘桓． 呼吸的余地，行笔时线条扭曲盘结，li àng qi àng 跌顿，是困兽张皇奔突觅不得出路的乱迹。笔画扭成泥坨、败絮，累成泪滴、血丝，内心的hu áng hu ò与绝望都呈现在这里。徐渭言吾书第一诗次之文次之画又次之。 （节选自熊秉明《中国书法理论体系》） （1）请给文段中加点字注音。（2分） 自虐________ 盘桓________ （2）请根据拼音将汉字工整地书写在田字格内。 f èn sh ì j ì s ú li àng qi àng hu áng hu ò （3）根据文意，下列书法作品是徐渭的一项是（3分） （ ） A B C D （4）给文段中的画线句子加标点符号，最恰当的一项是（3分） （ ） A .徐渭言，“吾书第一，诗次之，文次之，画又次之”。 B .徐渭言：“吾书第一、诗次之、文次之、画又次之。” C .徐渭言，“吾书第一、诗次之、文次之、画又次之”。 D .徐渭言：“吾书第一，诗次之，文次之，画又次之。” 2.依次填入下列横线上的成语，最恰当的一项是（3分） （ ） 世园会北京园里，上演了一场花艺音乐秀，四位歌手化身花艺模特，带来《北京记忆》等歌曲，歌声在胡同里荡漾回旋。花影、树影、云影、风声、水声、曲声，还有鸟语花香，无形之景，有形之景，________，成为世园会里一道别样的风景。相比于________的歌声，歌手身上的配饰更是________，那些配饰不是________的钻石玛瑙，而是与世园会主题________的花艺。 A .此起彼伏 高山流水 别有用心 珠光宝气 相辅相成 B .相映成趣 高山流水 别具匠心 花枝招展 因地制宜 C .相映成趣 耳熟能详 别具匠心 珠光宝气 相辅相成 D .此起彼伏 耳熟能详 别有用心 花枝招展 因地制宜 3.下列句子没有语病的一项是（3分） （ ） A .有大约800年左右历史的巴黎圣母院突发大火，尖塔倒塌，屋顶烧毁，损失惨重。 B .包括中国在内的全球多个天文学家同步公布人类历史上首张黑洞图片让举世震惊。 C .武威文庙是西北地区建筑规模最大、保存最完整的孔庙，也是全国三大孔庙之一。 D .高校自主招生增加体育测试项目，把身体好不好作为“好学生”的重要标准。 4.名著阅读。（5分） （1）根据《西游记》中的相关情节，完成下面对联。（任选一联）（2分） 上联：__________孙行者 下联：鹰愁洞遇小白龙 上联：黑风山里黑熊怪 下联：白虎岭________ （2）《西游记》第27回是“尸魔三戏唐三藏，圣僧恨逐美猴王”。在这一回中，圣僧为什么“恨逐美猴王”？（3分） __________________________________________________________________________________________________________________________________________________ 5.古诗文默写。（共8分，每空1分） （1）________________，天涯若比邻。 （王勃《送杜少府之任蜀州》） （2）但愿人长久，________________。 （苏轼《水调歌头》） ------------- 在--------------------此 -------------------- 卷 --------------------上 -------------------- 答 -------------------- 题 --------------------无 -------------------- 效------------ 毕业学校_____________ 姓名_____________ 准考证号_____________ ____________________________________________________ 甘肃省静宁县第一中学2019-2020学年高一数学上学期第一次月考试 题 一、选择题(每小题5分,共12小题60分) 1、已知全集,集合,集合,则( ) A. B. C. D. 2、已知，若，则的值是( ) A. B.或 C.，或 D. 3、已知,若集合P中恰有4个元素,则( ) A. B. C. D. 4、已知函数，若不等式的解集为，则实数的值为（） A. B. C. D. 5、若函数的定义域是,则函数的定义域是( ) A. B. C. D. 6、设，，函数的定义域为，值域为，则的图象可能是（） A. B. C. D. 7、下列四组函数中，表示同一个函数的是( ) A.与 B.与 C.与 D.与 8、函数的图象是（） A. B. C. D. 9、下列四个函数中在上为增函数的是( ) A. B. C. D. 10、设函数满足，则的解析式为（） A. B. C. D. 11、在同一坐标系内，函数和的图象只可能是（） A. B. C. D. 12、设函数若的值域为，则实数的取值范围是( ) A. B. C. D. 二、填空题(每小题5分,共4小题20分) 13、函数的定义域为__________. 14、抛物线与轴的两个交点的横坐标分别为、，与轴交点的纵坐标为，则抛物线的解析式为__________． 15、若函数在区间上是单调减函数，则实数的取值范围为________． 16、已知函数在上的最大值为，则实数的值等于__________． 三、解答题(第17题10分,第18题12分,第19题12分,第20题12分,第21题12分,第22题12分,共6小题70分) 17、已知集合,集合,求,. 18、设,若,求实数的值. 19、已知二次函数满足：①，②关于的方程有两个相等的实数根. （1）求函数的解析式； （2）求函数在上的最大值. 20、已知函数，且此函数图象过点． （1）求实数的值； （2）判断函数在上的单调性？并证明你的结论． 兰州一中2020届高三冲刺模拟考试(二) 理科综合 注意事项： 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。 3.考试结束后，将答题卡交回。 可能用到的相对原子质量：H--1 C--12 N--14 O--16 Na--23 S--32 Ga--70 Ba--137 第I卷（选择题共126分） 一、选择题:本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要 求的。 1．下列关于糖类和脂质的叙述，正确的是 A．淀粉、麦芽糖和蔗糖彻底水解的产物都是葡萄糖 B．糖原只存在于动物的肝脏中，是重要的储能物质 C．人体血液中的胆固醇过多可能引发心脑血管疾病 D．脂质的元素组成都只有C、H、O 2．下列关于细胞代谢的叙述，正确的是 A．类囊体薄膜上的类胡萝卜素主要吸收红光用于光合作用 B．核糖体能够合成具有生物活性的分泌蛋白 C．线粒体内[H]与O2结合的过程能使ADP含量增加 D．液泡主要存在于植物细胞中，可以调节植物细胞内的环境 3.iPS细胞是通过对成熟体细胞“重新编程”培育出的干细胞，拥有与胚胎干细胞相似的分化潜力。据“中国科学报”2018年11月20日报道，日本京都大学研究人员借助基因技术，修改了iPS细胞中的基因，成功培养出只攻击癌细胞的T细胞——“杀手T细胞”，其效果已在小鼠实验中得到确认。下列相关叙述，正确的是 A．原癌基因突变就能形成癌细胞 B．不分裂时，iPS细胞和杀手T细胞中的染色体数目相同，且都要进行转录和翻译 C．细胞凋亡受基因控制，当T细胞中基因均不表达时，细胞开始凋亡 D．因为iPS细胞能不断分裂分化，所以iPS细胞更易衰老 4．下列有关种群的叙述，正确的是 A．实施全面二孩政策，主要目的是通过提高出生率来使人口迅速增长 高中地理期中考试试卷 甘肃省庆阳市第一中学2019-2020学年 高一下学期期中考试 第 I 卷（选择题) 一、单选题（共 40 小题，每题 1.5 分，满分 60 分） 下图甲表示 2012 年我国某市人口出生率和死亡率,乙表示我国不同阶段人口增长状 况图。读下图完成 1-2 题。 1．下列关于甲图所示城市人口自然增长特点的叙述,正确的是（） A．高出生率,低死亡率B．人口数量呈下降趋势 C．高出生率,高死亡率D．人口数量呈上升趋势2．甲图所示城市人口自然增长率状况最接近图乙中（） A．Ⅰ阶段B．Ⅱ阶段C．Ⅲ阶段D．Ⅳ阶段全面两孩政策的目标人群是指新政策符合生育二孩的育龄妇女，2016 年全国启动实施全面两孩政策，但是新增出生人口数量却相对有限。下图为我国 2016 年全国全面两孩 政策目标人群分布图。据此完成 3-4 题。 3．全面两孩政策的目标人群（） A．农村随年龄增加而增加B．城镇随年龄增加而减少 C．40～50 岁之间的比重大D．农村目标人群小于城镇 4．导致实施全面两孩政策后新增出生人口数量相对较小的主要原因可能是（） A．目标人群妇女总数少B．目标人群年龄结构偏老 C．目标人群文化水平高D．目标人群压力大收入低 “积分入户”指外来人口取得政策规定分值后即可申请落户，是迁入地促进外来人口融入的有效方式，东莞市于 2010 年推出“积分入户”政策。下图为 2010～2015 年东莞市积分入户和外来人口的数量变化图。据此完成 5-7 题。 5．该地2013 年后外来人口数量变化的主要原因是（） A．产业转型升级B．环境质量下降C．交通拥堵加重D．生活成本上升6．图示时段内，该地“积分入户”人数波动的主要原因是（） A．外来人口增加B．经济增速变化C．入户政策调整D．居住条件变化7．“积分入户”政策给当地带来的主要影响最可能是（） A．拓展城市空间范围B．加速人口老龄化 C．加大人口管理难度D．提升劳动力素质 企业养老保险是国家规定的企业必须为本企业职工缴纳的一种保险。企业养老保险抚养比是参保职工人数与领取养老保险待遇人数的比值。下表为我国部分省级行政区企业养老保险抚养比统计情况。据此完成 8-10 题。 8．表中甲省级行政区最有可能是（） A．山东B．北京C．吉林D．福建 9．导致表中省级行政区企业养老保险抚养比存在明显差异的原因是（） A．产业结构的空间差异B．就业机会的空间差异 C．资源分布的空间差异D．男女性别的空间差异 10．许多省 2016 年相对 2015 年企业养老保险抚养比呈下降的趋势，其原因最可能是（） A．全面推行二孩政策B．国家延迟退休政策 C．产业转移的影响D．人口老龄化加剧 甘肃省天水市第一中学2017-2018学年高一下学期第二阶段 地理（理）试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 下图是四类国家的人口增长示意图，读图完成下列各题。 1．与我国当前人口增长模式相符的类型是( ) A．①B．②C．③D．④ 2．关于④类型国家人口问题的叙述，正确的是( ) A．城市人口比重过高，与经济发展不相适应 B．人口素质偏低，教育压力过大 C．青壮年劳动力过剩，就业压力过大 D．人口老龄化日趋严重，劳动力短缺 下图表示我国部分省级行政区域2005～2010年间迁移人口比重。迁移人口以青壮年为主。读图并结合相关知识，完成下面小题。 3．下列说法正确的是 A．迁出人口数量贵州多于四川，迁入人口数量上海多于广东 B．人口自然增长率贵州低于天津，高于安徽 C．人口增长率浙江高于江苏 D．安徽迁出人口数量最多 4．2005～2010年，省级行政区域间的人口迁移 A．延缓了皖、赣、黔的老龄化进程B．延缓了沪、京、津的老龄化进程 C．降低了皖、赣、黔的城市化水平D．降低了沪、京、津的城市化水平 下图为“甲、乙、丙三个服务中心的服务范围示意图”，读下图，完成下面小题。 5．下列商业部门与图中服务中心甲、乙、丙的服务职能依次对应正确的是（）A．汽车销售、珠宝商行、星级宾馆B．早点铺、星级宾馆、家用电器 C．星级宾馆、家用电器、早点铺D．高档电器、早点铺、星级宾馆 6．下列说法中，错误的是（） A．城市的服务范围没有明确的界线B．城市的服务范围是固定的 C．城市的服务范围是不固定的D．任何城市都有其一定的服务范围 下图为“我国某中等城市常住人口数量与距市中心距离的关系图”。读图回答下列小题。 7．①区域常住人口数量较少的主要原因是该区域( ) A．环境极差B．地价太高 C．交通不便D．设施不全 8．③区域可能属于( ) A．工业区B．住宅区C．商业区D．行政区 读“某特大城市及其周边地区各类土地的付租能力与该地区地形剖面示意图”，图中分布在b1、b2两地的功能区相同，但级别不同。 一、选择题共30小题，1-15题每题１分，16—30题每题2分，共45分 1．红豆杉是20１0年世博会中国馆的珍稀植物展出品种,其体内最基本的化学元素是 A.C B.H Ｃ．0 D.N 2.构成生命系统的结构具有层次性,生命系统的结构层次是紧密相联的，下列关于生命 系统的结构层次的说法，正确的是 Ａ．没有核膜和染色体的细胞一定是原核细胞 B.蛋白质、核酸等不是生命系统的结构层次 C.池塘中的水、空气没有生命现象，因而它们不参与构成生命系统 D.各层次的生命系统具有相同的组成和功能 3.细胞学说与达尔文的进化论及孟德尔遗传定律被认为是现代生物学的三大基石.下列有关叙述正确的是 A．细胞学说是由施莱登和施旺两人创立并完善的 B细胞学说认为细胞分为原核细胞和真核细胞 C．“细胞通过分裂产生新细胞"是对细胞学说的重要补充 Ｄ．细胞学说揭示了生物界的统一性和多样性 ４．下列有关原核生物的叙述中,正确的是 A．酵母菌、放线菌都属于原核生物 B.原核生物都有染色体Ｃ.原核生物的遗传物质是DNA D．原核生物都是异养生物 5．过度肥胖者的脂肪组织中，含量最多的有机物是（） A.蛋白质 B.脂质 C.糖类Ｄ．水 ６．下列有关组成生物体细胞的化学元素的叙述中,正确的是 A.人体细胞中含量最多的元素是C BCｕ、Mn、Ｍo、Ｂ都是组成生物体的微量元素 C.常吸入汽车尾气,可能在体内积累Pb等人体必需的微量元素 D．农作物种植中主要施加氮肥、磷肥、钾肥,因此植物生长发育中可以不需要B 等微量元素 7．在生物组织中的可溶性还原糖、脂肪、蛋白质的鉴定实验中,对实验材料的选择的叙述，正确的是( ) 【全国百强校】甘肃省兰州市第一中学【最新】高三5月月 考语文试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、现代文阅读 阅读下面的文字，完成下列小题。 宋代理学家们提倡的“节孝”观念，其实并不是他们的首创。至少从汉代以来，国家政府都曾经对社会上的节孝行为进行过表彰和奖励。到了宋代，一方面，政府基本上持续了历代政府对旌表节孝的重视；另一方面，理学家们为强调士大夫应注重气节的道德标准，对“节孝”观也作出了更明确的表述。然而直至宋元时期，国家政府对于旌表节孝的行为，更多的是停留在倡导个案“典型”的层面上。有学者把明以前到明代的旌表贞节行为的演变过程，形象地描述为“由典范到规范”。典范是由倡导所致，而成为规范则必须要有一整套严格的制度化设计来加以保障和推行。明代在固定的审核标准下，对来自全国各地大量的旌表案件，予以定期、集体和分类处理，从而形成了明代旌表节孝的制度化、规律化和等级化，乃至演变至激烈化的特质。 与之相伴相行的是以朱熹为核心的理学成为明代政府所认可推行的政治意识形态 范本，这就促使明朝的许多士大夫从理学的角度来诠释和欣赏政府的旌表节孝制度。这样，明政府所推行的节孝行为，就不仅仅是一种制度政策，同时也成为一种社会道德的教化行为。在制度与教化的双重作用下，明清时期的节孝行为，越来越出现违反人性的激烈化特质。《儒林外史》中所描述的父亲眼看着女儿自尽殉夫并大赞“死得好”的故事，在明清两代的文献中并不罕见。在朱熹悟道、传道的福建地区，清代竟有胁迫寡妇殉节的风气。 “孝道”本是中华文化的优秀传统，但是经过明清时期的制度化推进之后，也在不同程度上走上了泛政治化的极端道路。在上层统治者眼里，孝道的体现就是臣下的“死忠”：所谓“以孝治天下”，实际上就是天下服从一尊。就一般士庶之家而言，争取“孝行”的褒奖可以获取一定的社会地位和实际利益。正因如此，为博得孝名而导致明清时期惨无人道的“割股疗亲”行为盛行，显然也是政府对于“节孝”制度化与教化灌输的后果。 宋代理学所倡导的“节孝”，更多的是强调士人自身的道德气节与行为准则，而到了明清时期经过专制政府的制度化、规范化之后，传统的“节孝”观被引入到激烈化的歧途。特别是随着明清时期皇权专制体制的强化和官僚阶层奴庸化的加剧，朱子及理学家们所提倡的勇于坚持士人气节的义理观，基本上成了政治上的一种“摆设”。而某些 天水一中高一级2019—2020学年度第二学期第一学段考试 历史试题（理科） （满分：100分时间：90分钟） 一、单选题 1.古代南京云锦，是专供宫廷御用或赏赐功臣之物。云锦配色多达十八种，大量使用金线，形成金碧辉煌的独特风格。织造工艺高超，用“七个范子，八个障子”就能把杂乱无章的线理得井井有条，成语“七上八下”就出自云锦。南京云锦最有可能生产于（） A.民营手工业 B.家庭手工业 C.工场手工业 D.官营手工业 【答案】D 【解析】 【详解】材料中“专供宫廷御用或赏赐功臣之物”体现了南京云锦的生产目的是为官用，且“其织造工艺高超”，从而可以推断生产于官营手工业，故答案为D；ABC三项所生产的产品一般不作为官用，且产品没有官营手工业精美，故排除ABC三项。 2.清朝前期“苏城机户类多雇人工织。机户出资经营，机匠计工受值……”其中的“机户”和“机匠”之间的关系是 A.封建的人身依附关系 B.资本主义性质的雇佣关系 C.地主与农民的关系 D.奴隶制生产关系 【答案】B 【解析】 “机户”和“机匠”属于雇佣和被雇佣的关系，属于资本主义性质生产关系，B正确；A、C 属于地主和农民的关系；D属于奴隶社会生产关系。 3.“嫂嫂织布，哥哥卖布……土布贵，洋布便宜；土布没人要，饿倒了哥哥嫂嫂”，近代中国的这首民谣反映了当时的一种社会经济现象。这一社会经济现象的实质是 A.自然经济开始解体 B.国内贸易中心的转移 C.传统纺织业的发展 D.民族工业的产生 【答案】A 【解析】 【详解】鸦片战争后，资本主义国家将大量商品输入中国，输入的洋货多为机器制造，物美 价廉，竞争力强，而中国的土货滞销，土布、土纱等的销售陷入困境。材料反映了中国的手工业棉纺织业的衰败，标志着自然经济开始解体，A正确；B选项与材料内容无关，排除；C 选项说法与材料相悖，排除；材料中没有涉及到民族工业，排除D。 4.清朝雍正皇帝在上谕中说：“朕观四民之业，士之外，农为最贵，凡士工商贾，皆赖食于农，以故农为天下之本务，而工贾皆其末也。”根据这种思想所制定的政策应该是 A.海禁 B.重农抑商 C.闭关锁国 D.抑制兼并 【答案】B 【解析】 材料“农为最贵，凡士工商贾，皆赖食于农，以故农为天下之本务，而工贾皆其末也”反映了重农抑商的思想，故B正确；材料未涉及海禁政策，故A错误；材料也没有反映闭关锁国，故C错误；材料无法体现抑制土地兼并的主张，故D错误。故选B。 点睛：本题解题的关键是正确理解材料关键信息“农为最贵，凡士工商贾，皆赖食于农，以故农为天下之本务”，学生应该结合所学知识从重农抑商的角度入手，即可排除不符合材料的选项。 5.下列是从古诗“二月卖新丝，五月粜新谷。医得眼前疮，剜却心头肉”中读出的信息，其中错误的是 A.农民生活艰辛 B.土地兼并严重 C.农副产品进入流通领域 D.小农业和小手工业紧密结合 【答案】B 【解析】 试题分析：本题以古诗为资料考查学生正确提取有效信息的能力。诗句“医得眼前疮，剜却心头肉”体现了农民生活的艰难，故A项正确。C项可以从“卖新丝”、“粜新谷”的词句中获取，而“丝”与“谷”又恰好反映小农经济耕织结合的特点，因此D项也是正确的。B项土地兼并现象不能从诗句中得到验证。 考点：中国古代的经济。 点评：从考查角度和能力看，中国古代经济特别注重对农业生产工具、“男耕女织”小农经济和古代经济政策的考查。主要运用新材料或图片，设置新情境，考查学生分析、理解认识问题的能力。 甘肃省静宁县第一中学2020-2021学年高一物理上学期期末考试试 题 一．选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分。其中1-10小题每小题只有一个选项正确， 11-15小题每小题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的 得0分） 1．下列物理量中，属于矢量的是（ ） A ．平均速度 B ．质量 C ．速率 D ．动摩擦因 数 2．下列说法中正确的是（ ） A ．伽利略的理想斜面实验证明了物体的运动不需要力来维持 B ．形状规则的物体的重心在其几何中心 C ．质量、长度和力的单位都是基本单位 D ．速度大的物体不容易停下来，是因为物体的惯性大 3．在2016年奥运会上，中国陈艾森和林跃称霸男子双人10m 跳台，并帮助中国队获得该项 目的冠军，在运动员正在进行10m 跳台比赛中，下列说法中正确的是（ ） A ．为了研究运动员的技术动作，可将正在比赛的运动员视为质点 B ．运动员在下落过程中，感觉水面在匀速上升 C ．入水前前一半位移用的时间长，后一半位移用的时间短 D ．入水前前一半时间内位移大，后一半时间内位移小 4．关于力的分解，下列说法正确的是（ ） A ．一个2N 的力可以分解为6N 和3N 的两个共点力 B ．一个2N 的力可以分解为5N 和4N 的两个共点力 C ．一个10N 的力可以分解为5N 和4N 的两个共点力 D ．一个10N 的力可以分解为15N 和4N 的两个共点力 5．某质点在0～3 s 内运动的v-t 图象如图所示．关于质点的运动，下列说法正确的是（ ） A ．t=3 s 时，质点在坐标原点的右侧 B ．质点在第1s 内的平均速度等于第2s 内的平均速度 C ．质点在第2s 内的位移与第3s 内的位移大小相等，方向相反 t/s ν/m -s 8 0 -8 甘肃省兰州市第一中学2020届高三冲刺模拟考试(一) 理科综合化学试题 1.化学与生活、生产、能源、环境和社会可持续发展等密切相关。下列说法正确的是 A. 废旧电池属于有害垃圾，因含有重金属，故采用深挖填埋的方式进行处理 B. 以高纯硅制成的光导纤维内窥镜可直接窥视有关器官部位的变化 C. “梨花淡自柳深青，柳絮飞时花满城”中柳絮的主要成分和棉花相同 D. 国产大型客机C919上采用了大量先进复合材料、铝锂合金等，其中铝锂合金属于金属材料，是将金属铝、锂混合后在空气中熔合制得的 【答案】C 【解析】 【详解】A．废旧电池属于有害垃圾，因含有重金属，不可以用深挖填埋的方式进行处理，会污染水源、土壤，故A错误； B．制光导纤维的原材料为二氧化硅，故B错误； C．“梨花淡自柳深青，柳絮飞时花满城”中柳絮的主要成分和棉花的相同，都是纤维素，故C正确；D．金属铝、锂性质活泼，易被空气中的氧气氧化，应该将金属铝、锂混合后在隔绝空气熔合制得，故D 错误； 答案选C。 2.有机物G（）能添加在牙膏、口香糖中以增强香气。下列关于G的说法错误的是（） A. 分子式为C11H14O B. 一氯代物有8种（不考虑立体异构） C. 所有碳原子可能在同一平面上 D. 能发生取代、加成、氧化反应 【答案】C 【解析】 【详解】A. 根据有机物G的结构简式，该有机物分子式为C11H14O，故A说法正确； B. 该有机物中有8种不同环境的氢原子，则一氯代物有8种，故B说法正确； C. 标记中的碳原子为sp3杂化，与它连接的三个碳原子不共面，即该有机物中所有碳原子不在 同一平面上，故C说法错误； D. 该有机物能发生取代反应，碳碳双键和羰基，能发生加成反应，碳碳双键能使酸性高锰酸钾溶液褪色，即发生氧化反应，故D说法正确； 答案：C。 3.N A是阿伏加德罗常数的值，下列说法不正确 ．．．的是 A. 2gH2分别与足量的Cl2和N2充分反应后转移的电子数均为2N A B. 1.4gCO和N2的混合气体中含有的质子数为0.7N A C. 14.0gFe发生吸氧腐蚀生成Fe2O3·xH2O，电极反应转移的电子数为0.5N A D. 常温下，1L0.1mol·L-1NH4NO3溶液中含有的氮原子数为0.2N A 【答案】A 【解析】 【详解】A．2gH2的物质的量为1mol，不论与足量的Cl2反应，还是与足量的N2充分反应，氢元素都是由0价变为+1价，1mol H2与足量的C12完全反应，转移的电子数均为2N A，H2和N2反应是可逆反应,反应后转移的电子数小于2N A，故A错误； B．CO和N2的摩尔质量都为28g/mol，质子数均为14，则1.4gCO和N2的混合气体的物质的量为 1.4g 28g/mol =0.05mol，则含有的质子数为A 0.05mol14N ??=0.7N A，故B正确； C．铁发生吸氧腐蚀电极反应式：Fe?2e?=Fe2+，14.0gFe物质的量为 14g 56g/mol =0.25mol，转移电子数为： 0.25mol×2×N A=0.5N A，故C正确； D．一个硝酸铵中含有两个单原子，常温下，1L0.1mol/L 的NH4NO3溶液含有硝酸铵物质的量为：0.1mol/L×1L=0.1mol，含氮原子数为0.2N A，故D正确； 答案选A。 4.用下列实验操作或装置进行相应实验，正确的是 天水市一中2019届高三一轮复习第六次质量检测 理科综合试题 可能用到的相对原子质量：H1O16Na23S32Cl35.5Ag108Cu64 一、选择题： 1．下列有关细胞结构及其功能的叙述，正确的是 A．没有核仁的细胞无法形成核糖体 B．经溶酶体分解后的产物都将被排出到细胞外 C．真核细胞中有蛋白质纤维构成的细胞骨架，细胞骨架与细胞分裂有关 D．蓝藻无叶绿体，但有和高等植物相同的几种光合色素，因而也可进行光合作用 2．下列关于细胞生命历程的叙述，正确的是 A．细胞增殖主要发生在幼年个体中，成年后不再发生 B．某细胞合成了血红蛋白说明该细胞已发生了分化 C．细胞坏死是有害基因决定的细胞编程性死亡 D．衰老的细胞水分减少，细胞和细胞核的体积都减小 3．下图为细胞中遗传信息的传递和表达过程，下列叙述正确的是 A．口腔上皮细胞中可以发生图①②③所示过程 B．图④为染色体上的基因表达过程，需要多种酶参与 C．在分化过程，不同细胞通过②③过程形成的产物完全不同 D．图②③所示过程中均会发生碱基配对，但配对方式不完全相同 4．如图为某家族遗传病的系谱图，己知Ⅱ﹣3的妻子，和Ⅱ﹣5的丈夫不携带该病的致病基因，且该病在群体中的发病率为1/10000。下列说法错误的是 A．这种遗传病是常染色体隐性遗传病 7.“笔、墨、纸、砚”在中国传统文化中被称为“文房四宝”，下列说法中不正确的是 B ．若Ⅲ﹣5 和Ⅲ﹣6 近亲婚配，子代患病概率为 1/24 C ．Ⅲ﹣1 与正常女性婚配子代患病概率为 1/202 D ．Ⅰ﹣1、Ⅰ﹣2、Ⅲ﹣1、Ⅲ﹣2﹣定是杂合子 5．下列有关免疫的叙述不正确的是 A ．T 细胞和 B 细胞都属于保留分裂能力的细胞 B ．效应 T 细胞可以使靶细胞裂解暴露出病原体 C ．注射的疫苗可直接刺激浆细胞产生抗体 D ．抗体有可能与自身物质结合，引起免疫失调 6．群居动物中有一种警报系统，只要有一个动物发现捕猎者，它一发出警报，就可引起全群反应。 有人将一只饥饿的苍鹰放出使之向鸽群袭击，观测鸽的种群数量与报警距离之间的关系，结果如图 所示，下列叙述正确的是 A ．在自然界中鸽流向苍鹰的能量传递率是 10%-20% B ．鸽大声鸣叫报警属于行为信息 C ．鸽种群密度越大反应越快，被苍鹰捕杀的机会越少 D ．鸽通过报警使同伴逃跑或群起抵抗，属于互利共生关系 ．．． A B C D 用灼烧法可鉴别毛笔羊 毫的真伪 用墨写字画画可长久 纸及造纸原料的主要成 不褪色 分均是纤维素 用石材制作砚台的 过程是化学变化甘肃省兰州市第一中学2021届高三6月最后高考冲刺模拟语文试题(答案详解)
2021届甘肃省天水市第一中学高三上学期第一次考试数学(理)试题
甘肃省静宁县第一中学2021-2022高一地理上学期期中试题
甘肃省庆阳市环县第一中学2020-2021学年九年级上学期期末数学试题
甘肃省天水市第一中学2018届高三第一次模拟考试语文试题
甘肃省静宁县第一中学 《全反射》测试题
(高清版)2019年甘肃省庆阳中考语文试卷
甘肃省静宁县第一中学2021-2022高一数学上学期第一次月考试题
2020届甘肃省兰州市第一中学高三冲刺模拟考试(二)理科综合试题
2019-2020学年甘肃省庆阳市第一中学高一下学期期中考试地理试题
甘肃省天水市第一中学2020-2021学年高一下学期第二阶段地理(理)试题
甘肃省静宁县第一中学2020-2021学年高一上学期第一次月考试题生物
甘肃省兰州市第一中学2021届高三5月月考语文试题(答案详解)
【精准解析】甘肃省天水市第一中学2019-2020学年高一下学期第一学段考试历史(理)试题
甘肃省静宁县第一中学2020-2021学年高一物理上学期期末考试试题
精品解析：甘肃省兰州市第一中学2020届高三冲刺模拟考试(一)理科综合化学试题 (解析版)
百强市校甘肃省天水市第一中学2019届高三一轮复习第六次质量检测理综试题WORD版
相关主题
文本预览