21.（本题5分）（1652）
假想从无限远处陆续移来微量电荷使一半径为R 的导体球带电．
(1) 当球上已带有电荷q 时，再将一个电荷元d q
从无限远处移到球上的过程中，外力作多少功 (2) 使球上电荷从零开始增加到Q 的过程中，外力共作多少功
22.（本题5分）（2654）
如图所示，有两根平行放置的长直载流导线．它们的直径为a ，反向流过相同大小的电流I ，电流在导线内均匀分布．试在图示的坐标系中求出x 轴上两导线之间区域]2
5
,
21[a a 内磁感强度的分布． 23.（本题5分）（2303）
图示相距为a 通电流为I 1和I 2的两根无限长平行载流直导线．
(1) 写出电流元11d l I 对电流元22d l I 的作用力
的数学表式；
(2) 推出载流导线单位长度上所受力的公式．
24.（本题10分）（2150）
如图所示，两条平行长直导线和一个矩形导线框共面．且导线框的一个边与长直导线平行，他到两长直导线的距离分别为r 1、r 2．已知两导线中电流都为t I I sin 0 ，其中I 0和为常数，t 为时间．导线框长为a 宽为b ，求导线框中的感应电动势．
22.（本题5分）（2442）
将细导线弯成边长d =10 cm 的正六边形，若沿导线流过电流强度为I =25 A 的电流，求六边形中心点的磁感强度B ．(0 =4×10-7 N ·A -2 )
23.（本题5分）（2548）
在氢原子中，电子沿着某一圆轨道绕核运动．求
等效圆电流的磁矩m p
与电子轨道运动的动量矩L 大
小之比，并指出m p
和L 方向间的关系．
(电子电荷为e ，电子质量为m )
24.（本题10分）（2737）
两根平行无限长直导线相距为d ，载
有大小相等方向相反的电流I ，电流变化率d I /d t
I
a a
I x
O
2a
I
I 2
1d l I
22d l I
a
12r
I
I
O
x
r 1
r 2 a
b
=>0．一个边长为d的正方形线圈位于导线平面内与一根导线相距d，如图所示．求线圈中的感应电动势，并说明线圈中感应电流是顺时针还是逆时针方向．
d
d
I
I
7-3 计算和证明题
7-3-1解Q所受合力为零，
即
2
2
4l
，求得
Q
7-3-2解场强大小为
2
00
44()
a l
a
dx l
E dE
x a a l
，沿带电直线
方向.
7-3-3解如图建立坐标系，正负电荷关于x对称，它
们在O点产生的场强沿y轴负向，在圆上取dl=Rdφ
dq=λdl=Rλdφ，它在O点产生场强大小为
dE=
2
4R
Rd
方向沿半径向外
则dE x=dEsinφ=
d
R
sin
4
dE y=dEcos(π-φ)=
R
4
cosφdφ
积分2
2sin0
4
x
E d
R
2
22
000
2cos
42
y
q
E d
R R R
方向沿y轴负向．
7-3-4解
如图所示，dq dl Rd
，它在圆心O点产生
的场强
2
00
cos
44
Rd A d
dE
R R
其在x轴上的场强为
cos()
x x
E dE dE
2
2
00
cos
44
A d A
R R
方向沿x轴负向，
其在y轴上的场强为
sin()
y y
E dE dE
2
cos sin
4
A d
R
7-3-5解
小球受力如图所示，由图可知，qE mgtg
即
2
q mgtg
，
有
62
230
8.010/
mgtg
C m
q
7-3-6解
在r R
处取一细圆环，其带电量
2
dq dS rdr
，根据教材例7-2-4结果可知，
圆环在轴线上P点产生的场强大小
223/2223/2223/2
000
2
4()4()2()
xdq x rdr x rdr
dE
x r x r x r
x
qE
r
22
223/2223/222
000()2()4()2R
R x rdr x d x r E x r x r x R
7-3-7解
(1)1112
2
2
2
2
(2)(21) 1.05/e bd S b d S bd d N m C （2）由高斯定理可得，
1209.2910i
e i
q
C
7-3-8解
半圆柱薄筒的横截面如图所示，建立直角坐标系Oxy ，沿弧长方向
取一宽度为dl 的细条，此细条单位长度上的带电量为
dl Rd d R R
， 此细条等同于无限长均匀带电直线，因此它在O 点产生的场强为
20022d dE R R
，
2
0cos cos()2x d dE dE R
， 20sin sin()2y d dE dE R
，
2
0cos 02x x d E dE R
， 220
00sin 2y y d E dE R R
，
2
0x y y E E i E j E j j R
r r r r r
7-3-9解
（1）以地面为高斯面，由高斯定理可得
21111
1
4n
e i
S
i E dS E S E R q
r r ò，
所以
25101
49.0310n
i
i q
E R C
（2）如下图，由高斯定理
1
()e S
E dS E E S nSh
r r ò下上，
所
以有
12212
0 1.0610/E E E E n C m h h
下上
7-3-10解
我们可以设想不带电空腔内分布着体密度相同的正负电荷.由电场的叠加原理可知，有空腔的带电球体的电场，可以看作一个半径为R 电荷体密度为 的均匀带正电球体和一个半径为r 电荷体密度为 的均匀带负电球体所激发电场的叠加.即
000E E E r r r
由高斯定理可求出00E r
，
3
0200
4343a a E a r ， 所以O 点的场强大小为
000
3a E E
，方向沿OO u u u u r .
同理，O 点的场强大小为 0000
3a E E E
，方向仍沿OO u u u u r . 7-3-11解
由电荷的轴对称性分析可知，场强也具有轴对称性，可利用高斯定理求场强.
（1） 在r R 处，作一同轴圆柱形高斯面，由高斯
定理
n r
n r
E r 下
E r 上
h
S 2
S 1
dl 1
1
20
n
e i
S
i E dS rlE q
r r ò
311
11019
1436410 1.610910
q U R C
所以 0E （2） 在12R r R 处，类似（1），有
10
2l rlE
所以 1
02E r
（3） 在2r R 处，类似（1），有
120
2rlE l
所以 12
02E r
7-3-12解
（1）A
点电势为1
04A q U r
，
B
点电势为B U
，
6
3.610J
注 式中9
0210q C
（2）C
点电势为2
04C q U r
，
D 点电势为12
02D q q U d
，
2120000())42CD C D q q q A q U U q r d
6
3.610J 7-3-13解 （
1
）
00
E ，
9
4
9
3104104910 2.881040.05i
O i i
q U V
r
（
2）
9360()010 2.8810 2.8810O O A q U U J ，
0q 电势能的改变为
6
0 2.8810O W A J （3）6
0 2.8810O W W A J
7-3-14解
（1）雨滴的电势为
1101
4q U R
，有
（2
1，这时雨滴表面电势为
911
2202574q U V R 7-3-15解
根据电势叠加原理，O 点的电势可看作直线AB 、DE 和半圆周BCD 所带电荷在O 点产生电势的叠加，AB 、DE 在O 点产生的电势为 21300
ln 244R
R
dx U U x
，
半圆周BCD 在O 点产生的电势为 2
2000
444q R U R
R
所以O 点产生的电势为
1230
(2ln 2)4U U U U
1000()(4AB A B q A q U U q r
12
1
2112
2
2
00
044R R r
R R q q q dr dr dr
r r
7-3-16
解 金核表面的电势为
，
金核中心的电势为
7-3-17
解 由高斯定理可求得Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域的场强大小分别为
10E ，
122
04q E r
1232
04q q E r
设1P 、2P 、3P 分别为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域内任一点， （1） Ⅰ区域内任一点1P 的电势由电势的定义式计算，有
1
1P U E dl
r r 121
2
123R R r
R R E dl E dl E dl r r r r r r
12
12
1(
)4q q R R
（2） Ⅱ区域内任一点2P 的电势由电势的定义式计算，有
2
2P U E dl
r r 22
23R r
R E dl E dl r r r r
2
21
12
2
20044R r
R q q q dr dr r r
12
2
1(
)4q q r R
（3） Ⅲ区域内任一点3P 的电势由电势的定义式计
算，有
3
3P U E dl
r r 3
r E dl r r
12204r
q q dr r
12
04q q r
7-3-18
解 两“无限长”共轴圆柱面之间场强可由高斯定理求得为
02E r
式中 为单位长度上所带电量.
由电势差的定义，两圆柱面之间的电势差为
21
2001
ln 22B
R AB A
R R U E dl dr r R
r r ， 则
8092
1
2450
2.0810/10
2910ln ln 3AB U C m R R
7-3-19
解 由高斯定理可得场强分布为
a x a 0
E
； x a 或x a 0E ；
由电势的定义式计算电势分布
在x a 区
域
，
00
0a
x
x
a
U Edx dx dx a
在a x a 区域， 0
00
x
x U Edx dx x
在
a x
区
域
，
9197
115
091079 1.610 1.61047.010
q
U V R 7
21320
00033 2.41044242
R
R qr q q U dr dr U V R r R
00[ln ln()]ln 2l a a l a x l x a
00
0a
x
x a U Edx dx dx a
电势U 随在x 分布如图所示
7-3-20
解 设坐标原点在左边导线轴线上，x 轴通过两导线并与之垂直.在两导线之间，坐标为x 的任一点P 的场强为
0022()
E x l x
， 所以两导线间电势差为 00(
)22()
l a
AB a
U dx x l x
7-3-21
解（1）在带电直线上取电荷元dq dx ，它在P 点的电势为 004()4()
dq dx
dU r x r x
整个带电直线在P 点的电势为
00
0ln 4()4l
P r l U dx r x r
（2）根据场强与电势的微分关系dU
E dr
，有 04()
l
E r r l
7-3-22
解 由高斯定理可求得均匀带电球体内外的场强分布
为
r R ，10
3r
E
； r R ，3
22
03R E r
（1）r R ，33
22
0033r r
r
R R U E dr dr r r
（2）r R ，32
00
33R R R U R
（
3
）
r R
，
3
22
122000
(2)336R
R
r r
R
r
R r R U E dr E dr dr dr R r r
7-3-23
解（1）r R 处，在圆柱体内任取一点，该点到轴线
距离为r ，过该点作一半径为r ，高为l 的同轴闭合圆柱形高斯面，由高斯定理 1
1
n
e i
S
i E dS q
r r ò，可得
3
1
2223r
al rlE ar rldr r
求得 2
3ar E 内，方向沿径向向外.
对r R ，同理由高斯定理可得
3
1
2223R
al rlE ar rldr R
求得 3
0 3aR E r
外
（2）设1r m 处为电势零参考位置且假设该点在圆柱体外，则在
r R
区域内，33
1
1
0ln 33r r aR aR U E dr dr r r 外外
在
r R
区
域内，2
3
1
10033R
R
r
R
r
R ar aR U E dr E dr dr dr r
外内内
33300
()ln 93a aR R r R 8-3 计算和证明题
8-3-1解 请参见教材P342题8-3-1图
（1）由于静电感应，球壳内表面带电量为q ，外表面带电量为q ；球壳电势为
3
3
2
003
44R R q q U E dl dr r R
r r 3
（2）内表面带电量为q ，外表面带电量为0；球壳电势为
0U 3
（3）内球接地时，内球的电势0U 1，设内球此时带电量为q ，则球壳内表面带电量为q ；外表面带电量为q q ，空间场强分布为： 12R r R ，12
04q E r
；
23R r R ，20E ；
3r R ，32
04q q
E r
； 因此，内球的电势 2
3
1
2
3
1123R R R R R U E dr E dr E dr
2
1
32
2
00
44R R R q q q
dr dr
r r
1203
11(
)044q q q R R R 求得
12122313
R R q
q R R R R R R
球壳的电势为
3
123
3030122313
44R R R q q q
U E dr R R R R R R R
电势的改变为
123
330122313
04R R q
U U U U R R R R R R 8-3-2解 请参见教材P342题8-3-2图
（1）设导体球上的感应电量为q ，这些感应电荷到球心O 点的距离都为R ，因此感应电荷q 在O 点
产生的电势为
04q R
，点电荷q 在O 点产生的电势为
042q
R
，故O 点的电势为
000048q q U R
R
（导
体球接地）， 求得
2
q q
（2）因O 点场强为零，故q 在O 点产生的场强大小等于q 在O 点产生的场强大小，方向相反，即为
00q q E E E r r r
所以 2
016q q E R
8-3-3解请参见教材P342题8-3-3图
（1）设A 板两表面中左侧表面带电量为1q ，右侧表面带电量为2q ，其电荷面密度分别为
11q S
，22q
S
，由于B 、C 板都接地，故有 AC AB U U
AC AC AB AB E d E d
写成
1200
AC AB d d
有
12002q q
S S
① 又 12q q Q ② 由①②解得 12/3q Q ，2/3q Q 因
此
C
板
带
电
为
712/3 2.010()C q q Q C ，
7
2/3 1.010()B q q Q C
（2）3200 2.2610()3A AB AB AB q Q U U d d V S S
8-3-4解
设导体片C 插入后，AC 间场强为1E ，CB 间场强为2E ，并
假设0q ，则各板带电分布如图所示，并作如图所示的高斯
面，两底面与板平行，由高斯定理可得
120S
q S E dS E S E S S
r r ò 即有 210q
E E S
① 由题意得 2122
d d
U E E
② 由①②解得 20224C CB d U qd
U U E S
8-3-5解
对于半径为R 的金属球，不论是实心还是空心，当带电量为q 时，其电势均为
04q U R
，
则电容为04q
C R U
，可见电容是相同的. 对于地球，711C F 8-3-6解
（1）设内、外金属膜圆筒半径分别为1R 和2R ，高度均为L ，其上分别带电量为Q ，则玻璃内的场强
为
12R r R ， 02r Q E Lr
内外圆筒之间的电势差为
2
1
2
01
ln
2R R r R Q U E dl L
R
r r 莱顿瓶的电容为 9021
2 2.2810ln r L q
C F R U R
（2）圆柱形电容器两金属膜之间靠近内膜处场强为最大，令该处场强等于击穿场强，即 101
()2r Q E R E LR
击穿
所以 5
012 6.6710r Q LR E C 击穿 8-3-7解 （1）由
123
111AB C C C C ，求得
3.75AB C F
（2）总电量4
3.7510AB AB Q C U C
因为1C 和2C 并联，故有
12
12
Q Q C C 即有 122Q Q ①
又 12Q Q Q ② 由①②求得2C 带电量为421
1.25103
Q Q C
，2C 上的电压
222
25Q
U V C
（3）3100U U V ,4
333510Q C U C
8-3-8解
（1）作一高斯面，使其两底面分别在板中和介质中且平行于板面，由介质中的高斯定理1
n i
S
i D dS q
r
r ò可得
0D S S 求得 0Q D S
又
0()[()]r U E d t Et d t t E
求得 ()r U
E d t t
因此 00()r r r U
D E d t t
（
2
）
由
上
面结
果
可
知 00()r r US
Q S DS d t t
（3）0()r r S Q
C U d t t
8-3-9解
（1）由题意极板间带电量Q 不变，
00000S
Q Q C U U d
（2）电位移00S
Q D S d
，介质中的场强0
00r
U D
E d
（3）电容大小与带电量多少无关，由题意可知 0()r r S
C d t t
8-3-10解
设单位长度带电量为
，则两极板间场强
2E r
，击穿场强0E 一定时，02rE 最大，电容器两极板电压为
0ln ln 2R
r
R R U Edr rE r r
式中r 是变量，适当选择r 的值，可使U 有极大值，即令 00ln 0dU R
E E dr r ， 求得
0R
r e
故当0R
r e
时，电容器可能承受的最大电压为 0
max 000ln 147RE R U r E KV r e
8-3-11解
（1）当1R r R ，由介质中的高斯定理可得
0S
D dS Q
r
r ò，即有
2
04r D Q
求得 0
2
4Q
D r ，
所以有 012004r
r Q D
E r
当2R r R ，0
22
04Q D
E r
（2）电势差为
2
2
2
2
20000041121
(
)()2221
42312r Q Q Q Q C U C C C C （） 2
1
12R
R R R
U E dr E dr
2
1
002
2
0044R
R R R
r Q Q dr dr
r r
012
11(
)4r r
r
Q R R R
（3）0012
21124()()
r r Q RR R C U R R R R R R （
4
）
2122
220102114422
R
R r R R W E r dr E r dr
2
0012
11(
)8r r
r
Q R R R
（5）002
1
1
(1)(1)4r
r
Q R
8-3-12解
（1）在12R r R 区域内作以r 为半径，长为l 的同轴柱面为高斯面，则由介质中的高斯定理
1
n i S
i D dS q
r
r ò，有
2rlD l
所以 2D r
又 0r D E
我们得到离轴线距离为r 处的场强为 02r E r
, 方向沿径向向外
（2）2
2
1
1
2001
ln 22R R R R r r R U Edr dr r R
（3）2
1
22
2001
12ln 24R r R r R W E rdr R
8-3-13解
（1）28201
4.410/2e w E J m （2）335
4[()]7.6103
e W R h R w J
式中R 为地球半径并取6370R km
8-3-14解
（1）浸入煤油后，电容器电容增加为原来的r 倍，即
002r C C C ，而电量不变.能量损失为
22222102
00000111
(1)9109002222444
Q Q Q Q W C U C C C C 4
1.8210J
（2）若将两电容器并联，则要发生电荷转移，但电荷总量不变，仍为2Q .并联后总电容为
001
r C C C C 总（）， 两电容器并联后总能量为
2
2
024221r
Q Q W C C
总（）（） 并联后能量损失为
0W W W W
（） 5
6.110J
8-3-15解
K
接到1处，
1
C 带电为
641108101209.610()Q C U C ；
再将K 接到2后，1C 和2C 总带电量仍为1Q ，两电容器电压为
4
16
9.6108010
Q U V C 总（8+4） 电
容
器
1
C 中的能量
26221111
81080 2.561022
W C U J
电容器2C 中的能量22
221 1.28102
W C U J
8-3-16解
据题意，把电子看作电荷均匀分布在外表面上，其静
电能为
2222
00200111()422424R e e W E dV r dr r R
在估计电子半径的数量级时，一般可以略去上式中的系数，因此2
04e
W R
，据题意
2
204e e
m C R
，我
们可以求得
215
2
0 2.8104e e R m m C
8-3-17解
当介质板插入x 距离时，电容器的电容为
000()[(1)]r x r a x a xa
a
C a x d
d
d
此时电容器储能为
220()22[(1)]
x r Q Q d
W x C a a x
电介质未插入时，电容器储能为
2202
0022Q Q d
W C a
当电介质插入x 时，电场力F 对电介质板所作的功等于电容器储能的减少量，即
0()W W x ，电场力为
当插入一半时，2
a
x ，则电场力为
，方向平行极板向右.
8-3-18解
（1）因电压U 不变，拉开前的静电能为 222001111222S
S W C U U U d d
拉开后的静电能为
2
220022112224S S W C U U U d d
则系统静电能的改变为
222000210424S
S
S
W W W U U U d
d
d
结果表明当极板拉开后，系统的静电能减少.
（2）当保持电压一定时，电场对电源作功为 A U Q
两板距离从d 拉开到2d 时，极板上电荷的增量Q 为
0002121
()22S S
S
Q Q Q C U CU U U
d d
d
因此 200()022S
S
A U Q U U U d
d
结果表明当极板拉开后，在保持U 不变时，电场对电源作正功.
（3）外力F 对极板作的功为
2222220
021(222d
d d d
d d SU SU CU A F dl dx dx x d d
r r
外力F 对极板作的功，也可由功能关系得到
2
2
2
000()424SU SU SU A W A d
d
d
所得结果相同. 8-3-19解
（1）令无限远处电势为零，则带电荷为q 的导体球，其电势为
04q U R
，
将dq 从无限远处搬到球上的过程中，外力作的功等于该电荷元在球上所具有的电势能 04q dA dW dq R
（2）外力作功为
20
0048Q
q Q A dA dq R
R
202
0[()](1)2[(1)]r r W W x Q d F x a a x
233
02(1)()2(1)r r Q d a F a
8-3-20解
因为电荷保持不变，故有、无介质时，电场中各点的电位移矢量D r
不变，电场能量密度为
20
00111222e e r r r
w D D w DE D
电场总能量为
e r
W W
9-3计算题
9-3-1. 解:（1）导线水平段在P 点产生的磁感应强度为零, 因此P 点的磁感应强度由竖直段产生, 即
,4)90cos 0(cos 400a
I
a I B
根据右手定则可判断其方向垂直纸面向外. （2）两水平段半长直导线在P 点产生的磁场方向相同,因此相当于一无限长直导线. 所以P 点的磁场为一无限长直导线和半圆共同产生的，即,4200r
I
r I B
方向垂直纸面向里.
（3）三边在P 点产生的磁场完全相同，因此P 点的磁感应强度为
,29)150cos 30(cos 302
4300a I tg a I B 方向垂直
纸面向里.
9-3-2. 解: O 点磁感应强度大小为部分圆弧和直线段共同产生，且它们的方向相同，所以
),2
22(4)22cos(22
cos 4222000
tg R I R I R I B B B BA ACB ?? ?
方向垂直纸面向里.
9-3-3. 解：导线可分为四段，其中水平部分在O 点不产生磁场，因此O 点的磁场为两半圆和竖直向下半无限长直导线共同产生的，即磁感应强度大小为
,4442
02
01
0R I
R I
R I
B
方向垂直纸面向里. 9-3-4. 解：取薄金属板上宽度为dx 的长直电流元，其电流为,a
Idx
dI 到P 点的距离为x ，
该线电流在点P 激
发
的
磁
感
应
强
度
大
小
为
.,20方向垂直纸面向外x
dI
dB
因所有线电流在点P 激发的磁场方向均相同,故点P 的磁感应强度为
a
b b
dx ax
I
dB B 20,ln
20b b a a I 方向垂直纸面向外.
9-3-5. 解：环心O 在两根通电直导线的延长线上，故它们在O 点产生的磁场为零，长为l 的载流圆弧在其圆心处的磁场为2001422r
Il
r l r I B
，设左右两段圆
弧的弧长分别为21,l l ,则两者在O 点的磁感应强度分别为
，方向垂直纸方向垂直纸面向外；2
2
202
211014,4r l I B r l I B
考虑到两段圆弧在电路中是并联关系,而在并联电路中,
电流分配与电阻成反比,电阻又与导线长度成正比，所以
2
1
211
2l l R R I I
，
因此可得2211l I l I .由此可得, 两段圆弧在O 点的磁感应强度大小相等，方向相反.所以总磁感应强度为零,即021O
B B B .
9-3-6. 解: 将无限长载流圆柱形金属薄片看作是由许多平行而无限长直导线组成,对应于 d 到范围内无限长直导线的电流为
Id dI ，它在环心处产生
的
磁
感
应
强
度
为
.cos 2cos ,sin 2sin 2sin 20200 d R
I
dB dB d R I R dI dB dB y x
对整个半圆柱金属薄片积分,得
20020200cos 2,sin 2d R
I B R I d R I B y x ，故环心处磁感应强度为R
I
B B x 20 ,方向沿x 轴正
向.
9-3-7. 解: 由于此平面螺旋线圈绕得很密，可近似看成是由许多同心圆组成的，因为绕制均匀，所以沿半径方向单位长度的匝数为r
R N
n
,在线圈平面内,取半径为'
'
,dr r 宽为的圆环作电流元，则此圆环的匝数为
r d r R N r nd
，等效电流为r d r
R NI
dI ，该圆环电流在
O
产生的磁场为：
]2/22[]22[
]22/2[
B 2/2002
/2
/002
/0
02
? a d a d a d d m d r a I r I r a I r I r a I
d Ir dS ）
（）
（）（）
（）（ ,)(2200r r d r R NI r dI
dB
方向垂直纸面向外；所以
由叠加原理，O
点磁感应强度为
.ln )(2d )
(200r R r R NI
r r r R NI
dB B R
r
方向垂
直纸面向外
9-3-8 解: 沿圆周单位长度的线圈匝数为R N/2R N/0.5n ，在距O 点x 处取一弧宽为dl 、半径为y 的圆环，则圆环上绕有 /2Nd ndl dN 匝线圈.通过圆环上的电流大小为 /2INd dN dI I ，该圆电流在球心处产生的磁
感应强度为2
/32202)
(2y x dI
y dB ,方向沿x 轴正向.由于所有小圆环电流产生的磁场方向相同，所以
R
NI
y x I
y dB 4/2Nd )(2B 02
/3222
02
,方向
沿x 轴正向.
9-3-9 解: 根据电子绕核运动的角动量量子化假说：L=mva 0=h/2π, 可得电子的速率v=h/2πma 0，从而求出等效电流i=ev/2πa 0=he/4π2ma 02. 该电流在圆心处产生的磁感应强度为3
200
08a 2i
ma he
B
. 9-3-10. 解: 带电圆环旋转时相当于一圆形电流
nR T q 2/I ，根据教材P358-359中圆形电流在
圆心和轴线上任意点产生磁场的规律可得，（1）圆心处： n R B 002/I ；（2）轴线上：
2
322
3
02
3
22
20)
()
(2x R R n x R I
R B
.
9-3-11. 解: 带电直线沿直线运动相当于一无限长直线电流v q t /I ，根据无限长直线电流的磁感应强
度分布规律可得r
v
r I B 2200
. 9-3-12. 解: 参考例9-4可得a
b
Il ln 20 .
9-3-13 解: 无限长通电柱体的磁感应强度分布为
2
02/2,2/d ）
（内d Ir
B r
，
r
I
B r d 2,2/0
外. 题中两导线轴线间区域中的磁场为两导线单独产生的磁场的叠加，而且两分磁场方向相同.因此磁通量 对该式积分可得)2ln 21(0d
a
I m
. 9-3-14 解:（1）根据安培环路定理，磁感应强度的环
路积分只与闭合路径所包围的电流有关，故参考上题可得2
1012,r Ir B r r
；r
I
B r r r 2,021
；0,3 B r r ；][2,22
232
2
3032r r r
r r I B r r r .（2）两
柱
面
间
磁通量为
1
2
0r 0ln 22B 2
1
r r Il r Ildr dS r m ?
.
9-3-15解: 单块无限大平面电流产生的磁感应强度为
2/0j B ，方向见下图.由题意，电流流向相反，使
得两平面电流在之间产生的磁场方向相同，两侧方向相反，因此有：（1）之间：j j B 00212/2B B ，（2）两侧：0B B 21 B .
9-3-16解: 参考例9-2，可利用补偿法求解.本题中电流
密度为)
(22a R I
j
，（1）圆柱体轴线上的磁感应
强度为空腔中方向电流产生，即
2)
(2ln 222022a
22a 0a
02a
1
b
a b a Iv vdr r I vdr r I vdr B vdr B b
a b a b a b
a )
(2)(22
22
022201a R b Ia a R r a I B ；（2）利用例9-2的结果可得)
(22
2
0a R Ib
B
.
9-3-17 证明略. 提示：直接参考教材P371的例题9-5-1
的解答过程及其具有普遍性的结论.
9-3-18 解：设导线2上一点P 到O 点的距离为l ，则
导线1在P 点产生的磁场 sin 2B 0l I
，P 点附近的
电流元Idl 受到的磁场力为
sin 220l dl
I BIdl dF ，它
对O 点的力矩为ldF dM ，所以单位长度导线所受磁力对O 点的力矩为
sin 2sin 22
0201
I dl I dM M l l
. 9-3-19 解：（1）见例题9-6，R
I F 22
0 ,方向沿x 轴
正向;（2）若将圆柱面换成直导线，则两直导线间作用
力可参考教材P371-372，为d
22
0 I F ，令F F 可
求得R d 2
.
9-3-20 解：线圈左边受力为a
l
II l F 2I B 10111 ，方向向左，右边受力为)
(2I B 10122b a l
II l F
，方向向右，
线圈上下两边受力为一对平衡力. 所以，它所受合力为
)
(2F 1021b a a lb
II F F
方向向左；因为线圈磁矩与
磁场平行，所以0 M .
10-3-1 解：由安培环路定理可得磁介质内部：
L
NI
nI H
，
S
L NI B r
o .所以
NI
S L
r 0
，带入数据可求得：（1）31021 r （2）
5302
r .
10-3-2 解：（1）导体内任选一以轴线为圆心的圆形路
径，有I d l
?
l H ， 而22
r R
I
I
.因此，在导体内部：2
2R
Ir H
)(R r ，2r 02R r
I H B ；（2）导体外部，类似有I d l
?
l H ，得r
I H 2
，
从而r
I
H B 200
)(R r ；（3）
4r B S B 0S
S
IL
Ld d r
? . 11-3计算题
11-3-1 解：通过圆形线圈的磁通量为
)
3
cos(10)583(a S B 422
? t t ，
因
此
电
动
势
为
)3
cos(10)86(a 42
t dt d ，将t=2代入可得（1）,1014.35
V A I 21014.3R
＝感；
（2）
C R
dt Rdt d q t t 202104.4)(1
idt
.
11-3-2解：定义电动势方向向右，则由动生电动势的公式可得：，方向从C 到D ，即D 端电势高.
11-3-3解：（1）磁通量为：
a
b
t l I r il b
ln 2sin 2S B 00a 0 ?
； （2）电动势为：a
b
t l I dt d ln cos 200 .
11-3-4 解： (1)大线圈中电流在小线圈处产生的磁感应强度近似为R I
2B 0 ，原因在于小线圈很小.t 时
刻
通
过
小
线
圈
的
磁
通
量
为
wt S B cos a B 2 ? 小，从而小线圈中的电流为：
t bR
a I Rdt d i
sin 220 ；
(2) 小线圈受到大线圈的磁力矩大小为：
t
b
a I R wt B iS wt B P B P M m m 2
220sin )2(sin sin 小，要保持小线圈匀速转动，要求合力矩为零，即外界施加的力矩也为
t sin )2(222
0 b
a I R .
(3) 互感系数为wt cos a 2b
I M 2
，因此小线圈中的电流在大线圈中产生磁通量为
t b
a R I 2sin )2(2Mi 2
20 ，
所以大线圈中的感应电动势为
t b
a R I dt d 2cos 220 .
11-3-5 解：(1) 由动生电动势公式可得
V v AB 8Bl 1 ,方向由A 指向B ；同理，V CD 4 ，
方向由C 指向D.
（2）两棒与金属轨道构成的闭合回路中，电流为
5.0R
I CD
AB
，方向为ABCDA ，所以
V U V U CD AB 6IR ,6-IR AB ＝ＣＤ (3) ＝０５０５０ＡＢＯＯDC U U U .. .
11-3-6 解：设当线圈转过角度为wt 时，与导线平行的两边到轴线的距离分别为r 1和r 2，则通过线圈的磁通量为
wt
ab b a wt
ab b a Ia adr r I S r r cos 2cos 2ln 22d B 22220S
02
1
?
，
所
以
)
cos 2)(cos 2(sin )(222222220t ab b a t ab b a t
b a b Ia dt d
11-3-7 解：旋转角度为wt 时，磁通量为：
? S
2cos 5.0BScoswt B wt r B dS ，所以电
动势为
Hz
nt R
n r B R i nt n r B wt w r B dt d 60n ,2sin ,2sin sin 5.0222
22＝ ，
所以
A R
n
r B i V w r B m m 7224
2
103,1035.0
11-3-8 证明：
作圆心到金属棒两端点的连线，金属棒和所做的两条连线围成的回路面积为2225.05.0S l R l .因此
，
回
路
中
电
动
势
的
大
小
为
222225.05.025.05.0l R l dt
dB l R l dt dB dt dB S dt d
.
11-3-9 解：由题意及动生电动势公式可得：
)ln (2)(2Bvdl 0L 0
0a
L
a a L I dl l a l I L
，
方向由O 点指向M 点.
11-3-10解：由均匀磁场中动生电动势的性质可知AC 产生的电动势相当于ＯＣ，故
222
O sin 2
1OC 21
L B B C AC ）（，方向由A
指向C.
11-3-11 解：电势差与电动势刚好相反，即
0CA BC B 30cos B B lv lv U U U A AC ,代入数据
可得V U AC 3107 ，为正，所以A 端电势高. 11-3-12 解：螺线管中磁场变化时产生的涡旋电场总是与半径方向垂直，因此由电动势定义可知
,0B DC A 同理,0O O D A 而ＡＯＤ构成一
个回路，因此,43d 2dt
dB
a dt dB S dt AD
同理dt dB
a dt dB a BC 22
436,6
1
所以，即为回路中的总电动势.
11-3-13 解：(1)由上题分析，可知,0O aO d 所以
,102)5.02(422V dt
dB
R R dt d abdO abd
(2) 由螺线管内部变化磁场产生的感生电场
性质可直接得
.,,105242
沿顺时针方向垂直于oa V Oa
dt
dB R E a
11-3-14解：回路在运动过程中受合力为
dt
dv
m l l R v B F R Blv B F F 22合，
解方程可得：
t
mR
l B e l B FR v 2
2122. 11-3-15解：回路中磁通量随时间的变化为
tg t v tg x t 4222aob 25.05.05.0BS ，所以电
动势为方向沿逆时针方向。,32 tg t v dt
d
11-3-16 解：设螺线管中通有电流，则
22112
221122211B I I S S l
N S I S I Il N S B S N L
11-3-17. 解：设螺绕管中通有电流Ｉ，则离管中心ｒ的管内某点的磁感应强度为r
2IN
B 0 ，则通过一
横
截
面
的磁
通
量
为
? S
1
2
00R ln 2INh 2IN B 2
1
R hdr r dS R R ，所以1
2
20ln 2R R h N I N L
11-3-18解：(1) 设线圈Ｂ中电流Ｉ在Ａ中产生的磁通链为：ＭＩ
B
A
B A 02S I R N N ，所以互感系数为
6B
A
B A 01028.62S
R N N M ；
(2) 由法拉第电磁感应定理可直接求得 41014.3 A .
11-3-19 解：自感系数为-5
20107.5V n L ，磁
通链为
Wb Wb 74109N
,1025.2LI
磁通量为 .11-3-20解：设导线中通有电流Ｉ，在三角形中选一面积元，该面积元与导线平行，且距离导线ｘ处，宽为ｄｘ，则磁场通过三角形的磁通量为：
? S
00ln 3I 3]/)[(3I 3B h
b b
h b h b h b dx x dx h b dS ，所
以
互
感
系
数
为
h b h b h b M ln 330 .
1-4 在离水面高h 米的岸上,有人用绳子拉船靠岸,船在离岸S 处,如题1-4图所示.当人以0v (m ·1-s )的速率收绳时,试求船运动的速度与加速度的大小. 图1-4 解: 设人到船之间绳的长度为l ,此时绳与水面成θ角,由图可知 2 22s h l += 将上式对时间t 求导,得 t s s t l l d d 2d d 2= 题1-4图 根据速度的定义,并注意到l ,s 就是随t 减少的, ∴ t s v v t l v d d ,d d 0-==-=船绳 即 θ cos d d d d 00v v s l t l s l t s v ==-=-=船 或 s v s h s lv v 02/1220)(+==船 将船v 再对t 求导,即得船的加速度 1-6 已知一质点作直线运动,其加速度为 a ＝4+3t 2s m -?,开始运动时,x ＝5 m,v =0,
求该质点在t ＝10s 时的速度与位置. 解:∵ t t v a 34d d +== 分离变量,得 t t v d )34(d += 积分,得 122 34c t t v ++= 由题知,0=t ,00=v ,∴01=c 故 22 34t t v += 又因为 22 34d d t t t x v +== 分离变量, t t t x d )2 34(d 2+= 积分得 2322 12c t t x ++= 由题知 0=t ,50=x ,∴52=c 故 52 1232++=t t x 所以s 10=t 时 m 7055102 1102s m 190102310432101 210=+?+?=?=?+?=-x v 1-10 以初速度0v ＝201s m -?抛出一小球,抛出方向与水平面成幔 60°的夹角, 求:(1)球轨道最高点的曲率半径1R ;(2)落地处的曲率半径2R .
最新国家开放大学电大《现代教师学导论》期末题库及答案 考试说明：本人针对该科精心汇总了历年题库及答案，形成一个完整的题库，并且每年都在更新。该题库对考生的复习、作业和考试起着非常重要的作用，会给您节省大量的时间。做考题时，利用本文档中的查找工具，把考题中的关键字输到查找工具的查找内容框内，就可迅速查找到该题答案。本文库还有其他网核及教学考一体化答案，敬请查看。 《现代教师学导论》题库及答案一 一、单项选择题（在下列每小题的4个选项中只有1个是正确的，请选出并将题号填入括弧之中。每小题4分，共计20分） 1．古希腊和罗马的上层阶级，经常雇佣奴隶担任教师，这被称为( )。 A. 奴仆 B．教仆 C．塾师 D．蒙师 2．学生发展是有规律的，以下哪项不属于学生发展的规律？( ) A. 发展的顺序性 B．发展的不平衡性 C．发展的阶段性 D．发展的同质性 3．教师在发展期要解决的矛盾和问题是( )。 A. 适应环境 B．学习基础知识 C．熟练化 D．有所创造 4．在现代教师的知识结构中，所谓“实践性知识”是指( )。 A.教师所具有的特定的学科知识，如语文知识、数学知识等 B．教师在什么时候、为什么以及在什么条件下才能更好地运用原有知识、经验开展教学的一种知识类型，这也就是具体的教育科学知识 C．教师积累的教学经验，郧教师在实现教学目的行为中所具有的课堂情景知识以及与之相关的知识 D．教师所具备的十分广博的文化知识 5．下面哪个选项不属于教师职业倦怠的三种行为反应？’( ) A. 情绪耗竭 B．性格解体 C．降低成就感 D．抑郁症 二、简答题（每小题15分，共计30分） 6．对于提升教师教学反思水平，你有何建议？ 7．中小学教师的继续教育具有何种特点？ 三、论述题（论述题主要是对理论观点进行阐述，要求必须有联系实际的内容，但答案不求』致，尤其鼓励具有创新意识的体会。25分） 8．结合实际，请你谈谈如何在教育教学过程中提升教师道德修养水平？
通过对物理专业导论的学习，我对物理学这门古老而又充满生命力的科学有了新的认识，在高中的基础上又加深了对物理学的理解与体会。 物理学导论这门课程使我学到了很多知识，明白了物理学的发展为人类文明发展提供了必要的前提条件。物理学的发展，促进了科学技术的进步；现代物理学更成为高新技术的基础。 物理学的发展经过了2000年，如今物理学的发展日臻完美，虽然仍有许多不足之处，但是物理学给世界、给全人类带来的改变是显而易见的。其中的每一段历史都值得我们去铭记。 从古希腊杰出思想家亚里士多德在对待“力与运动的关系”问题上，错误的认为“维持物体运动需要力”到意大利物理学家伽利略最早研究“匀加速直线运动”；论证“重物体不会比轻物体下落得快”的物理学家；利用著名的“斜面理想实验”得出“在水平面上运动的物体若没有摩擦，将保持这个速度一直运动下去即维持物体运动不需要力”的结论，再到英国科学家牛顿：总结三大运动定律、发现万有引力定律。1798年英国物理学家卡文迪许：利用扭秤装置比较准确地测出了万有引力常量G=6.67×11-11N?m2/kg2 。至此经典力学的体系似乎已经完美了。但1905年的奇迹，爱因斯坦提出狭义相对论，波尔，普朗克，海森堡，薛定谔建立量子力学，指出经典力学不适用于微观粒子和高速运动物体。使得力学朝向另一个高度发展。 从库仑借助卡文迪许扭秤装置并类比万有引力定律，通过实验发现了电荷之间的相互作用规律——库仑定律，到1826年德国物理学家欧姆：通过实验得出导体中的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比即欧姆定律。再到奥斯特发现电流可以使周围针发生偏转（电流的磁效应）再到伟大的法拉第发现了由磁场产生电流的条件和规律——电磁感应现象。最后由麦克斯韦问鼎电磁学，预言了电磁波的存在，指出光是一种电磁波，并从理论上得出光速等于电磁波的速度，为光的电磁理论奠定了基础。著名的麦克斯韦方程组（如石教授说的那样）像诗一样美丽！ 关于光学和原子物理，20世纪更是擦出了惊天大火花，历史上关于光的本质的说法一直争论不休，有人支持牛顿主张的微粒说，有人相信惠更斯的波动说，群雄争霸中光的波粒二象性的理论诞生！它开启了物理学领域的新纪元。原子的结构也被历代争论不休，从汤姆孙的西瓜模型到卢瑟福的核式结构模式。当经典的原子理论站不住脚的时候，1913年，玻尔在卢瑟福有核原子模型的基础上建立起原子的量子理论，也直接催生了量子学派 物理学是一门纯科学，但这决不是意味着物理学与社会无关，恰恰相反，物理学或者说纯科学的发展正是人类社会由落后走向先进的最根本原因！正如石老师在课上谈到的美国第一任物理学会会长亨利·奥古斯特·罗兰说的，“……我常常被问及这样的问题：纯科学和应用科学究竟哪个对世界更重要？为了应用
海洋科学导论复习题 第一章绪论 2.海洋科学的研究对象和特点是什么？ 海洋科学研究的对象是世界海洋及与之密切相关联的大气圈、岩石圈、生物圈。 它们至少有如下的明显特点。首先是特殊性与复杂性。 其次，作为一个物理系统，海洋中水—汽—冰三态的转化无时无刻不在进行，这也是在其它星球上所未发现的。 第三，海洋作为一个自然系统，具有多层次耦合的特点。 3.海洋科学研究有哪些特点？ 海洋科学研究也有其显著的特点。首先，它明显地依赖于直接的观测。 其次是信息论、控制论、系统论等方法在海洋科学研究中越来越显示其作用。 第三，学科分支细化与相互交叉、渗透并重，而综合与整体化研究的趋势日趋明显。 5.中国海洋科学发展的前景如何？ 新中国建立后不到1年，1950年8月就在青岛设立了中国科学院海洋生物研究室，1959年扩建为海洋研究所。1952年厦门大学海洋系理化部北迁青岛，与山东大学海洋研究所合并成立了山东大学海洋系。1959年在青岛建立山东海洋学院，1988年更名为青岛海洋大学。1964年建立了国家海洋局。此后，特别是80年代以来，又陆续建立了一大批海洋科学研究机构，分别隶属于中国科学院、教育部、海洋局等，业已形成了强有力的科研技术队伍。目前国内主要研究方向有海洋科学基础理论和应用研究，海洋资源调查、勘探和开发技术研究，海洋仪器设备研制和技术开发研究，海洋工程技术研究，海洋环境科学研究与服务，海水养殖与渔业研究等等。在物理海洋学、海洋地质学、海洋生物学、海洋化学、海洋工程、海洋环境保护及预报、海洋调查、海洋遥感与卫星海洋学等方面，都取得了巨大的进步，不仅缩短了与发达国家的差距，而且在某些方面已跻身于世界先进之列。 第二章地球系统与海底科学 3.说明全球海陆分布特点以及海洋的划分。 地表海陆分布：地球表面总面积约5.1×108km2，分属于陆地和海洋。 地球上的海洋是相互连通的，构成统一的世界大洋；而陆地是相互分离的，故没有统一的世界大陆。在地球表面，是海洋包围、分割所有的陆地，而不是陆地分割海洋。
第1章 质点运动学 P21 1.8 一质点在xOy 平面上运动，运动方程为：x =3t +5, y = 2 1t 2 +3t -4. 式中t 以 s 计，x ,y 以m 计。⑴以时间t 为变量，写出质点位置矢量的表示式；⑵求出t =1 s 时刻和t ＝2s 时刻的位置矢量，计算这1秒内质点的位移；⑶ 计算t ＝0 s 时刻到t ＝4s 时刻内的平均速度；⑷求出质点速度矢量表示式，计算t ＝4 s 时质点的速度；(5)计算t ＝0s 到t ＝4s 内质点的平均加速度；(6)求出质点加速度矢量的表示式，计算t ＝4s 时质点的加速度(请把位置矢量、位移、平均速度、瞬时速度、平均加速度、瞬时加速度都表示成直角坐标系中的矢量式)。 解：（1）j t t i t r )432 1()53(2-+++=m ⑵ 1=t s,2=t s 时，j i r 5.081-= m ；2114r i j =+m ∴ 213 4.5r r r i j ?=-=+m ⑶0t =s 时，054r i j =-；4t =s 时，41716r i j =+ ∴ 140122035m s 404 r r r i j i j t --?+= ===+??-v ⑷ 1d 3(3)m s d r i t j t -==++?v ，则：437i j =+v 1s m -? (5) 0t =s 时，033i j =+v ；4t =s 时，437i j =+v 24041 m s 44 j a j t --?= ===??v v v (6) 2d 1 m s d a j t -==?v 这说明该点只有y 方向的加速度，且为恒量。 1.9 质点沿x 轴运动，其加速度和位置的关系为2 26a x =+，a 的单位为m/s 2， x 的单位为m 。质点在x =0处，速度为10m/s,试求质点在任何坐标处的速度值。 解：由d d d d d d d d x a t x t x ===v v v v 得：2 d d (26)d a x x x ==+v v 两边积分 210 d (26)d x x x =+? ?v v v 得：2322 250x x =++v ∴ 1m s -=?v 1.11 一质点沿半径为1 m 的圆周运动，运动方程为θ=2+33t ，式中θ以弧度计，t 以秒计，求：⑴ t ＝2 s 时，质点的切向和法向加速度；⑵当加速度 的方向和半径成45°角时，其角位移是多少? 解： t t t t 18d d ,9d d 2==== ωβθω ⑴ s 2=t 时，2 s m 362181-?=??==βτR a 2 222s m 1296)29(1-?=??==ωR a n ⑵ 当加速度方向与半径成ο45角时，有：tan 451n a a τ?== 即：βωR R =2 ，亦即t t 18)9(2 2=，解得：9 23= t 则角位移为：32 2323 2.67rad 9 t θ=+=+? = 1.13 一质点在半径为0.4m 的圆形轨道上自静止开始作匀角加速度转动，其角加速度为α=0.2 rad/s 2，求t ＝2s 时边缘上各点的速度、法向加速度、切向加速度和合加速度。 解：s 2=t 时，4.022.0=?== t αω 1s rad -? 则0.40.40.16R ω==?=v 1s m -? 064.0)4.0(4.022=?==ωR a n 2 s m -? 0.4 0.20.0a R τα==?=2s m -? 22222 s m 102.0)08.0()064.0(-?=+=+= τa a a n 与切向夹角arctan()0.06443n a a τ?==≈?
小学教育-现代教师学导论试题(带答案) 1. 教师要因人而宜、因材施教，这是由教师劳动对象的（ b ）决定的。 A.未成熟性 B.差异性 C.主动性 D.向师性 2. “其身正，不令而行；其身不正，虽令不行”，反映了教师劳动（a ）上的特点。 A.手段 B.成果 C.对象 D.过程 3.下列哪一个不是师生关系的特点（ c ）。 A.对象的限定性 B.关系的规范性 C.学生的被动性 D.教师的主导性 4. 在师生冲突过程中，教师的体罚往往导致学生的（ a ）。 A.报复 B.逃避 C.顺从 D.自尊 5. 许多教师认为，（ c ）是热爱学生的较高层次的标准。 A.了解学生 B.尊重学生 C.喜欢学生 D.惩罚学生 6. 所谓教师的教学效能感，指的是（c ）。 A.学生对教师教学工作能力的客观评价 B.教师对自己教学工作能力的客观评价 C.教师对自己影响学生行为和学习成绩的能力的主观判断 D.教师的实际教学工作能力 7. 小学教师进行教育教学科研是（）。 A.可行的，是提高教学能力的有效途径 B.有意义的，但对教学能力没有提高 C.没有必要，小学教师的主要职责是教好学生 D.当今教育界所不提倡的 8. 对两种需要都想拒绝而又无法回避的冲突情境是（）。 A.双趋冲突 B.趋避冲突 C.双避冲突 D.正负冲突 9. 哪种情况下学校不能处分教师（）。 A.体罚学生 B.因生病没来上课 C.侮辱学生 D.因缺课造成学生成绩普遍下降 10. 教师在发展期要解决的矛盾和问题是（）。 A.适应环境 B.学习基础知识 1 / 5
C.熟练化 D.做出创造 11.（ a ）,是教师依照国家法律规定的教育方针、培养目标从事教育工作的理论基础。 A. 学习和宣传《中华人民共和国教师法》 B. 学习和宣传《中小学教师职业道德规范》 C. 学习和宣传马列主义、毛泽东思想和邓小平理论 D. 热爱社会主义祖国，热爱中国共产党 12. 在教师的培养体制中，所谓非定向型培养是指（）。 A.不舍专业不分科 B.非师范学校培养 C.不确定发展方向 D.不事先联系工作单位 13. 教师对自己进行生涯设计（）。 A.只能在开始工作时 B.在有了成功的愿望后 C.在快要退休时 D.在发展过程中随时可以 14. 教师在创造期要解决的矛盾和问题是（）。 A.适应环境 B.学习基础知识 C.教育教学能力的熟练化 D.形成自己的独到见解和教学风格 15.从某种角度看，教育观念可以分为两类：一类是社会所倡导的教育观念，另一类是（）。 A.价值性的教育观念 B.个体所采用的教育观念 C.多数人所采用的教育观念 D.操作性的教育观念 1. 教师学是以教师的各种问题为研究对象的学科，它既研究教师职业与群体的演变规律，也研究教师个体的发展规律。 2. 教师的角色冲突包括适应其他职业的人对教师的角色期待和学生对教师的角色期待 两个方面。 3.教师的地位一般包括经济、政治、和文化三的部分。 4. 与教师道德素养相关的四大问题是： 对待工作的道德问题；对待同行的道德问题；对待学生的道德问题；对待自身的道德问题。 5. 按照联合国卫生组织提出的“健康”新概念，所谓健康“不仅是疾病与体弱的消失，而且是生理健康、心理健康和 堂教学的导人 、。 7. 教师学是以为研究对象的学科，它既研究教师职业与群体的演变规律，也研究成长发展的规律。 8. 压力的心理反应有情绪反应、行为反应和认知反应。 9.在职业生涯目标的设计中，教师的自我定位包括和两个方面。 10. 生涯设计的过程包括自我反思、目标设计和成长设计三个阶段。 1.良好师生关系的人际行为模式包括那几个阶段？
第1章 质点运动学 习 题 一 选择题 1-1 对质点的运动，有以下几种表述，正确的是[ ] (A)在直线运动中，质点的加速度和速度的方向相同 (B)在某一过程中平均加速度不为零，则平均速度也不可能为零 (C)若某质点加速度的大小和方向不变，其速度的大小和方向可不断变化 (D)在直线运动中，加速度不断减小，则速度也不断减小 解析：速度是描述质点运动的方向和快慢的物理量，加速度是描述质点运动速度变化的物理量，两者没有确定的对应关系，故答案选C 。 1-2 某质点的运动方程为)(12323m t t x +-=，则该质点作[ ] (A)匀加速直线运动，加速度沿ox 轴正向 (B)匀加速直线运动，加速度沿ox 轴负向 (C)变加速直线运动，加速度沿ox 轴正向 (D)变加速直线运动，加速度沿ox 轴负向 解析：229dx v t dt = =-，18dv a t dt ==-，故答案选D 。 1-3 一质点在平面上作一般曲线运动，其瞬时速度为v ，瞬时速率为v ，某一段时间内的平均速率为v ，平均速度为v ，他们之间的关系必定有[ ] (A)v =v ，v =v (B)v ≠v ，v =v (C)v ≠v ，v ≠v (D)v =v ，v ≠v 解析：瞬时速度的大小即瞬时速率，故v =v ；平均速率s v t ?=?，而平均速度t ??r v = ，故v ≠v 。答案选D 。 1-4 质点作圆周运动时，下列表述中正确的是[ ]
(A)速度方向一定指向切向，所以法向加速度也一定为零 (B)法向分速度为零，所以法向加速度也一定为零 (C)必有加速度，但法向加速度可以为零 (D)法向加速度一定不为零 解析：质点作圆周运动时，2 n t v dv a a dt ρ =+=+ n t n t a e e e e ，所以法向加速度一定不为零，答案选D 。 1-5 某物体的运动规律为 2dv kv t dt =-，式中，k 为大于零的常量。当0t =时，初速为0v ，则速率v 与时间t 的函数关系为[ ] (A)2012v kt v =+ (B)2011 2kt v v =+ (C)2012v kt v =-+ (D)2011 2kt v v =-+ 解析：由于2dv kv t dt =-，所以 02 0()v t v dv kv t dt =-? ? ，得到20 11 2kt v v =+，故答案选B 。 二 填空题 1-6 已知质点位置矢量随时间变化的函数关系为2=4t +( 2t+3)r i j ，则从0t =到1t s =时的位移为 ，1t s =时的加速度为 。 解析：45342=-=+-=+1010r r r i j j i j ,228d d dt dt = ==111v r a i 1-7 一质点以初速0v 和抛射角0θ作斜抛运动，则到达最高处的速度大小为 ，切向加速度大小为 ，法向加速度大小为 ，合加速度大小为 。 解析：以初速0v 、抛射角0θ作斜抛的运动方程：
2009-2010学年度第一学期现代教师学导论模拟试题 一、填空题（每小题2分，共计20分） 1根据教学监控的对象，可以把教学监控能力分为一自我指向型_和任务指向型一两种类型。2?请说出两种课堂教学的导入方式：设疑式导入，温故式导入 3?请说出两种创设教学情景的方法：实物直观法，语言描述法 4?按照联合国卫生组织提出的“健康”新概念，所谓健康“不仅是疾病与体弱的消失，而且是生理健康、心理健康和_社会适应—完美状态。” 5.动机冲突是指两个或两个以上的需要同时存在而又处于矛盾中的一种心理状态。社会心理学家把人的动机冲突分为三种基本类型：（1）双趋冲突；（2）双避冲突（3）趋避冲突 6 ?《教师法》第三条规定：“教师是履行教育教学职责的—专业人员、承担—教书育人，培养社会主义事业建设者和接班人、提高民族素质的使命。” 7?教师考核的内容可以分为德能勤绩_四个方面。 8?我国教师现在的任用制度实行_聘任制的方法。 9?一般来说，教师的成长阶段可以分为准备期适应期、发展期和创造期等四个阶段。 10?生涯设计的过程包括自我反思、目标设计成长设计—三个阶段。 二、选择题（在下列每小题的4个选项中只有1个是正确的，请选出并将题号填入括弧之中。每小题2分，共计20分） 1在现代教师的知识结构中，所谓“本体性知识”是指（ A ）0 A ?教师所具有的特定的学科知识，如语文知识、数学知识等 B ?教师在什么时候、为什么以及在什么条件下才能更好地运用原有知识、经验开展教学的 一种知识类型，这也就是具体的教育科学知识 C ?教师积累的教学经验，即教师在实现教学目的行为中所具有的课堂情景知识以及与之相关的知识 D ?教师所具备的十分广博的文化知识 2?在现代教师的知识结构中，所谓“条件性知识”是指（B）。 A ?教师所具有的特定的学科知识，如语文知识、数学知识等 B ?教师在什么时候、为什么以及在什么条件下才能更好地运用原有知识、经验开展教学的 一种知识类型，这也就是具体的教育科学知识 C ?教师积累的教学经验，即教师在实现教学目的行为中所具有的课堂情景知识以及与之相关的知识 D ?教师所具备的十分广博的文化知识 3?在现代教师的教学能力中，所谓“教学认知能力”是指（ A ）0 A ?教师对教学目标、教学任务、学习者的特点、某具体内容的教学方法与策略的选择以及教学情境的分析和判断能力 B ?教师事先对课堂教学的目标、内容、方法等重要的教学因素进行周密详细的计划和安排的能力
中央广播电视大学2010-2011学年度第一学期“开放专科”期末考试 现代教师学导论试题 注意事项 一、将你的学号、姓名及分校（工作站）名称填写在答题纸的规定栏内。考试结束后，把试卷和答题纸放在桌上。试卷和答题纸均不得带出考场。监考人收完考卷和答题纸后才可离开考场。 二、仔细读懂题目的说明，并按题目要求答题o答案一定要写在答题纸的指定位置上，写在试卷上的答案无效。 三、用蓝、黑圆珠笔或钢笔（含签字笔）答题，使用铅笔答题无效。 一、选择题（在下列每小题的四个选项中只有一个是正确的，请选出并将题号填在答题纸上。每小题2分．共计20分） 1．专业是在社会分工和职业分化的过程中形成的一类特殊职业。下面不属于专业性的职业是( )。 A．医生 B．律师 C．会计师 D．售货员 2．教师如果不了解学生，就不可能有针对性地进行教育，不可能因材施教。因此教师应该像医生一样，成为( )。 A．学生的诊断师B．学习的指导者C．学生的管理者D．不断进取的人 3．在师生冲突过程中，教师的体罚往往导致学生的( )。 A．报复 B．逃避 C．顺从 D．自尊 4．许多教师认为，( )是热爱学生的较高层次的标准。 A．了解学生 B．尊重学生C．喜欢学生 D．惩罚学生 5．“多一把评价的尺子，就多出一批人才。”这句话的意思是，教师必须具有( )。 A. -元化的人才观 B．以智育为核心的人才观 C．多元化的人才观 D．以德育为核心的人才观 6．在现代教师的教学能力中，所谓“教学操作能力”是指( )。 A．教师对教学目标、教学任务、学习者的特点、某具体内容的教学方法与策略的选择以及教学情境的分析和判断能力 B．教师事先对课堂教学的目标、内容、方法等重要的教学因素进行周密详细的计划和安排的能力 C．教师在实现教学目标过程中解决具体教学问题的能力 D．教师将教学活动本身作为意识的对象，不断地对其进行积极主动的计划、检查、评价、反馈、控制和调节的能力 7．小学教师进行教育教学科研是( )。 A．可行的，是提高教学能力的有效途径 B．有意义的，但对教学能力没有提高． C．没有必要，小学教师的主要职责是教好学生 D．当今教育界所不提倡的 8．对同一目标既想争取，又想回避，常因成败概率接近而举棋不定的冲突情境是( )。A．双趋冲突 B．双避冲突 C．趋避冲突 D．负负冲突 9．在教师的培养体制中，所谓定向型培养是指( )。 A．师范院校培养 B．非师范院校培养 C．不确定发展方向 D．不事先联系工作单位 10．对自己进行生涯设计的基础和前提条件是( )。 A．以前搞过设计 B．自我反思 C．想成为教育专家 D．有晋升的机会 二、筒答题（每小题10分，共计30分）11．师生关系的意义是什么？
《现代科学技术概论》题库及答案 一、填空题 1. 按照研究过程的不同可将研究分为__________、__________和开发研究。 2. 古希腊数学的最高成就体现在亚历山大时期的___________，他的不朽著作_____________，把前人的数学成果用公理化的方法加以系统的整理和总结。 3. 古代中国的四大发明是指造纸、______、印刷和______。 4. 近代科学革命是以________创立的日心说为开端，宣告了神学宇宙观的破产，比利时的解剖学家维萨里的___________一书，揭开了医学领域的革命序幕。 5. 拓扑学是用________研究几何图形在_____________下保持不变的性质。 6. 狭义相对论的两条基础原理分别是________________和_________________。 7. 德国物理学家海森堡和奥地利物理学家薛定谔分别于1925年和1926年创立了两种不同形式的量子力学____________和____________。 8. ____和______，揭开了原子能时代的序幕，标志着原子核物理学进入了一个新的发展阶段。 9. 广义相对论表明：在引力场中，空间的弯曲程度取决于__________________，物质密度大的地方，引力场也大，空间的弯曲也__________。 10. 计算机系统由________和________组成。 11. 迄今为止的计算机都是基于匈牙利数学家___________的___________思想设计而成的。 12. 网络拓扑结构是指网络中计算机之间物理连接的方式，较常见的拓扑结构有___________、总线结构、环形结构、___________和树形结构。 13. 对应于研究的种基本类型可以将科学分为基础科学、_________和_________。 14. 古希腊成就最伟大的物理学家是___________，被誉为“力学之父”，他在静力学方面的主要成果是用逻辑方法证明了_____________并给出了数学表达式、发现浮体定律、提出计算物体重心的方法等，这在当时达到世界的最高水平。 15. 我国古代著名的数学家_____________发现了圆周率，比欧洲早近1000年。明代时的李时珍著有_____________一书，记载有1892种药物，方剂11000个。 16. 中国古代著名的三大技术是指陶瓷技术、_________和__________。 17. 牛顿是提出了运动三定律和______________，使力学成为一个完整的理论体系，他________________________，被誉为近代科学史上最伟大的著作。 18. 法国的科学家拉瓦锡提出了燃烧的_________学说，牛顿和___________发明了微积分。 19. __________发明了蒸汽机，把人类带入“蒸汽时代”，意大利的___________发明了电池。 20. 1755年，康德和拉普拉斯提出了关于太阳系起源的___________。第一个提出生物进化论的是法国动物学家___________。 21. 新达尔文主义的代表人物是_________，他提出种质选择论，19世纪50-60年代，奥地利的科学家_________发现了遗传定律。 22. 突变理论主要以_________和奇点理论为工具，通过对稳定性和_________的研究，提出系列数学模型，以解释自然社会现象中所发生的不连续的变化过程。 23. 化学键主要有_________、共价键和_________。 24. 蛋白质的基本结构单位是__________，核酸的基本结构单位是___________。 25. 生殖细胞包括__________和_____________。
第一章质点运动学 1、(习题1.1)：一质点在xOy 平面内运动，运动函数为2 x =2t,y =4t 8-。（1）求质点的轨道方程；（2）求t =1 s t =2 s 和时质点的位置、速度和加速度。 解：（1）由x=2t 得， y=4t 2-8 可得： y=x 2 -8 即轨道曲线 （2）质点的位置 ： 2 2(48)r ti t j =+-r r r 由d /d v r t =r r 则速度： 28v i tj =+r r r 由d /d a v t =r r 则加速度： 8a j =r r 则当t=1s 时，有 24,28,8r i j v i j a j =-=+=r r r r r r r r 当t=2s 时，有 48,216,8r i j v i j a j =+=+=r r r r r r r r 2、（习题1.2）： 质点沿x 在轴正向运动，加速度kv a -=，k 为常数．设从原点出发时速 度为0v ，求运动方程)(t x x =. 解： kv dt dv -= ??-=t v v kdt dv v 001 t k e v v -=0 t k e v dt dx -=0 dt e v dx t k t x -?? =0 00 )1(0 t k e k v x --= 3、一质点沿x 轴运动，其加速度为a = 4t (SI)，已知t = 0时，质点位于x 0=10 m 处，初速度v 0 = 0．试求其位置和时间的关系式． 解： =a d v /d t 4=t d v 4=t d t ? ?=v v 0 d 4d t t t v 2=t 2 v d =x /d t 2=t 2 t t x t x x d 2d 0 20 ?? = x 2= t 3 /3+10 (SI) 4、一质量为m 的小球在高度h 处以初速度0v 水平抛出，求： （1）小球的运动方程； （2）小球在落地之前的轨迹方程； （3）落地前瞬时小球的d d r t v ，d d v t v ，t v d d . 解：（1） t v x 0= 式（1） 2gt 21h y -= 式（2） 201()(h -)2 r t v t i gt j =+v v v （2）联立式（1）、式（2）得 2 2 v 2gx h y -= （3）0d -gt d r v i j t =v v v 而落地所用时间 g h 2t = 所以 0d d r v i j t =v v d d v g j t =-v v 2 202y 2x )gt (v v v v -+=+= 21 20 212202)2(2])([gh v gh g gt v t g dt dv +=+=
现代教师学导论作业1（第1-3章） 一、简答题 1、教师职业作为一种专业的特征是什么？ 答：（１）专业功能与专业伦理。（２）专业知识和技能。（３）专业训练和资格。（４）专业自主。（５）专业教师有自己的专业团体。（６）专业地位。 2、师生关系的意义是什么？ 答：（1）师生关系对教学效果有着巨大的影响。（2）师生关系对学生的个性心理、社会能力和创造性等也有着很大的影响。（3）师生关系不仅对学生产生影响，同样也影响教师。 二、论述题 1、在推进素质教育的过程中，提倡教师专业发展有什么重要意义？ 答：一、科教兴国、人才强国对教师素质提出了更高的要求。建设和谐的小康社会，关键是教育和人才资源。而我国教育还比较落后，今后一定时期的主要问题是教育质量的问题，而质量问题的根本是教师队伍的素质，教师的专业化发展是提高教师专业素质的关键。二、提高教师素质是实施素质教育的关键。素质教育是我国教育发展的方向和理想，推进素质教育是当前教育发展的基本任务。要真正落实素质教育，需要事实具备与之想适应的素质，这些都要求教师的专业化发展。三、因此，提倡教师专业发展在素质教育过程都有非常重要的意义。 2、师生互动的特点有哪些？ 答、（１）双向性，在课堂情境中，既有教师对学生心理发展和行为的影响，也存在学生对教师心理和行为的影响。从师生互动而言，学生个性多样性差异为教师提供了广泛的影响源，教师因材施教其实也是学生影响教师行为的一个表现。（２）情感性，不仅情感互动是课堂中师生互动的重要内容，而求任何形式的师生湖动行为都会引起师生相应的情绪情感反映，情感互动在师生互动中居于核心地位。（３）同质性，课堂情境中的师生心理和行为互动的性质具有一致性。（４）非言语互动作用的显著性。师生间的非言语交流或互动在课堂教学中具有十分重要的作用，增加非言语交流或互动能够促进师生关系，融洽课堂气氛，进而提高课堂教学效果。 三、分析题 答：关于"教师是人类灵魂的工程师"，有这样三点含义：第一，教师的工作是非常重要而 且非常高尚的，他影响的是一个人的灵魂内。一个人的灵魂是好的、善良的、有智慧的，那将是非常了不起的。同时，这个隐喻也说明教师的工作是复杂的，具有创造性的，因为灵魂是一个很高层次的东西，它不是知识、技能这些比较具体、可操作的东西。知识可以传授和掌握，而一个人的灵魂却是不容易出动和改变的，没有高超的艺术，是很难给人的灵魂打下烙印。第二，影响人的灵魂，反映了教师工作的有机性质和生命本质，他影响的饿是活生生的人。第三，作为"工程师"却带有工业生产的印记，作为工程，事先要有图纸的设计，有 同意的标准，用这种方式去影响一个人的灵魂，似乎是不恰当的、矛盾的。因而，这个隐喻带有互相矛盾的性质。相反，"园丁论"则带有农业模式的味道，是比较尊重植物自身规律的，教师起的作用只是创造生长条件。 作业2（第4-6章） 一、简答题 1、现代教师应具备哪些角色？答：（１）学生的诊断师；（２）学习的指导者；（３）学生生活与心理的辅导者；（４）评价者与 激励者；（５）学生的管理者；（６）研究者；（７）教育共同体的协调员；（８）真善美的追求者。
21.（本题5分）（1652） 假想从无限远处陆续移来微量电荷使一半径为R 的导体球带电． (1) 当球上已带有电荷q 时，再将一个电荷元d q 从无限远处移到球上的过程中，外力作多少功 (2) 使球上电荷从零开始增加到Q 的过程中，外力共作多少功 22.（本题5分）（2654） 如图所示，有两根平行放置的长直载流导线．它们的直径为a ，反向流过相同大小的电流I ，电流在导线内均匀分布．试在图示的坐标系中求出x 轴上两导线之间区域]2 5 , 21[a a 内磁感强度的分布． 23.（本题5分）（2303） 图示相距为a 通电流为I 1和I 2的两根无限长平行载流直导线． (1) 写出电流元11d l I 对电流元22d l I 的作用力 的数学表式； (2) 推出载流导线单位长度上所受力的公式． 24.（本题10分）（2150） 如图所示，两条平行长直导线和一个矩形导线框共面．且导线框的一个边与长直导线平行，他到两长直导线的距离分别为r 1、r 2．已知两导线中电流都为t I I sin 0 ，其中I 0和为常数，t 为时间．导线框长为a 宽为b ，求导线框中的感应电动势． 22.（本题5分）（2442） 将细导线弯成边长d =10 cm 的正六边形，若沿导线流过电流强度为I =25 A 的电流，求六边形中心点的磁感强度B ．(0 =4×10-7 N ·A -2 ) 23.（本题5分）（2548） 在氢原子中，电子沿着某一圆轨道绕核运动．求 等效圆电流的磁矩m p 与电子轨道运动的动量矩L 大 小之比，并指出m p 和L 方向间的关系． (电子电荷为e ，电子质量为m ) 24.（本题10分）（2737） 两根平行无限长直导线相距为d ，载 有大小相等方向相反的电流I ，电流变化率d I /d t I a a I x O 2a I I 2 1d l I 22d l I a 12r I I O x r 1 r 2 a b
一、填空题（每空2分,总20分，） 1．宇宙大爆炸理论最令人信服的证据是__ _____。 2．19世纪末由物理学领域所谓“两朵乌云”引发的革命，最终产生了和两大理论。 3．光年是一个量度宇宙恒星之间距离的单位，记作LY。1光年等于光在1年内走过真空的路程，约为万亿km。 4．人类基因组计划于年开始实施，中国科学家承担了1%的测序任务。 5．火星密度与地球差不多，但其赤道半径差不多是地球赤道半径的倍，它要比地球小许多，引力也小许多，因此这是它大气稀薄的重要原因。6．2005年10月我国的号飞船顺利升空和安全着陆，首次进行了多人多天的飞行，标志着我国航天技术又迈出重要一步。 7．基因是分子上具有效应的特殊片段。 8．达尔文于年出版了划时代的着作《物种起源》。 9．基因工程、细胞工程、发酵工程和蛋白质工程统称为。 10．地核又分为外核E层和内核G层，其中E层是态，中间是一个过渡的F层。海底扩张的速率大约是每年。 11．复合材料中一种材料作为，另一种材料作为。与第一、二代复合材料相比，第三代复合材料主要是在方面作了改进。12．一纳米(nanometer)等于米。 13．通常用于测定年代方法的放射性同位素是。 14、以光谱或温度为横坐标，光度或绝对星等为纵坐标的图谱叫图。处在该图左上方到右下方的对角线狭窄带区内的恒星为星。 15、核反应有和两种方式，都能产生巨大的原子能。 16、是标志集成电路水平的一项重要指标，即指在一定面积的硅片上所集成的晶体管元件的。 17、2005年10月我国的号飞船顺利升空和安全着陆，首次进行了多人多天的飞行，标志着我国航天技术又迈出重要一步。 18、从DNA上取出单个基因所使用的特殊“手术刀”叫。 19、彭齐亚斯和威尔逊发现了宇宙大爆炸理论所预言的，他们因此而获得1978年度的诺贝尔物理学奖。 20、α粒子就是带有电荷的核。1911年卢瑟福曾用它轰击金箔，发现了原子核的存在，在此基础上他提出了的原子模型。 21、初始质量在~倍太阳质量之间的恒星最终将演化成。 22、科学是反映客观事物本质和运动规律的；技术既有属性，又有属性。 23、1543年波兰天文学家哥白尼在《》中提出日心说，把从宗教神学的束缚下解放出来。 24、近代实验物理学的奠基者是，他倡导了
1-4 在离水面高h 米的岸上，有人用绳子拉船靠岸，船在离岸S 处，如题1-4图所示．当人以 0v (m ·1-s )的速率收绳时，试求船运动的速度和加速度的大小． 图1-4 解： 设人到船之间绳的长度为l ，此时绳与水面成θ角，由图可知 222s h l += 将上式对时间t 求导，得 t s s t l l d d 2d d 2= 题1-4图 根据速度的定义，并注意到l ,s 是随t 减少的， ∴ t s v v t l v d d ,d d 0-==- =船绳 即 θ cos d d d d 00v v s l t l s l t s v ==-=- =船 或 s v s h s lv v 0 2/1220)(+==船 将船v 再对t 求导，即得船的加速度 1-6 已知一质点作直线运动，其加速度为 a ＝4+3t 2s m -?，开始运动时，x ＝5 m ， v =0， 求该质点在t ＝10s 时的速度和位置． 解：∵ t t v a 34d d +==
分离变量，得 t t v d )34(d += 积分，得 122 34c t t v ++= 由题知，0=t ,00=v ,∴01=c 故 22 34t t v += 又因为 22 34d d t t t x v +== 分离变量， t t t x d )2 3 4(d 2+= 积分得 2322 12c t t x ++= 由题知 0=t ,50=x ,∴52=c 故 52 1232++=t t x 所以s 10=t 时 1-10 以初速度0v ＝201s m -?抛出一小球，抛出方向与水平面成幔60°的夹角， 求：(1)球轨道最高点的曲率半径1R ；(2)落地处的曲率半径2R ． (提示：利用曲率半径与法向加速度之间的关系) 解：设小球所作抛物线轨道如题1-10图所示． 题1-10图 (1)在最高点， 又∵ 1 2 11 ρv a n =
智慧树知到《现代教师学导论》章节测试答案 第一章 1、教师学是教师学是一门新兴的教育学科，是教育学科的一个重要分支。 A:对 B:错 答案: 对 2、教师学理论体系目前还不成熟，它的建构是一个长期探索，不断完善的过程。 A:对 B:错 答案: 对 3、教师学是各级各类教育机构的教师的各种问题以作为自己研究的对象的。 A:对 B:错 答案: 对 4、教师学研究的目的和任务主要是：要揭示教师职业和教师群体演变发展的规律性，教师个体成长发展的规律性。 A:对 B:错 答案: 对 5、教师学的内容大致包括关于教师职业的历史的和性质的研究、关于教师职业或者工作的价值的研究、关于教师素质的研究、关于教师成长过程的研究、关于教师的培养和管理的应用研究、关于教师自我修养方法的应用研究等六个方面。 A:对 B:错
答案: 对 第二章 1、社会生产力的发展是教师职业产生的前提。 A:对 B:错 答案: 错 2、脑力劳动与体力劳动的分工是教师职业产生的根本原因。 A:对 B:错 答案: 错 3、 信息化社会教师职业特点有教师职业性质的专业化、教师职业角色的专业化、教师养成与任用的专业化。 A:对 B:错 答案: 对 4、 工业社会教师职业的特点有教师职业性质的世俗化、教师职业角色的半专业化、教师养成与任用的制度化。 A:对 B:错 答案: 对 5、
农业社会教师职业的特点有教师职业性质的政治化、教师职业角色的伦理化、教师养成与任用的非专业化。 A:对 B:错 答案: 对 第三章 1、教育过程中，家庭、学校、社会一定要形成教育合力。 A:对 B:错 答案:A 2、全球化与民族国家在教育价值取向上存在差异。 A:对 B:错 答案:A 3、信息社会的发展对教师的要求变化不大。 A:对 B:错 答案:B 4、城市化是农业为主的传统乡村社会向以工业和服务业为主的现代城市社会逐渐转变的历史过程。 A:对 B:错 答案:A
物理学概论学习心得 篇一：学习物理学概论的心得体会 学习物理学概论的心得体会 还记得刚进入大学开始学习时，我对物理学感到很迷茫，我不知道自己将要学的是什么。但是通过高老师详细的讲解之后，我发现原来物理学对我们的生活很重要，原来物理学是这样慢慢壮大的，原来是有那么多先辈的伟大付出的，原来有那么多充满乐趣的故事。那种对未知的探索，那种对科学的执着，那种探索的乐趣，一切都深深的吸引了我。 物理学是研究宇宙间物质存在的基本形式、性质、运动和转化、内部结构等方面，从而认识这些结构的组成元素及其相互作用、运动和转化的基本规律的科学。物理学可以分为经典力学、电磁学、热力学和统计力学、相对论和量
子力学。 其中经典力学是研究宏观物质做低速机械运动的现象和规律的学科。而牛顿则是经典力学的主要创作者，他深入研究了伽利略的现象行理论以及行星绕日运动的经验规律，发现了宏观低速机械运动的基本规律。 热学是研究热的产生和传导，研究物质处于热状态下的性质及其转化的科学。对于热现象的研究逐步澄清了关于热的一些模糊概念，并在此基础上开始探索热现象的本质和普遍规律。而关于热现象的普遍规律的研究就称为热力学。到19世纪，热力学已趋于成熟。19世纪中期，焦耳等人用实验确定了热量和功之间的定量关系，从而建立了热力学第一定律。在卡诺研究结果的基础上克劳修斯等科学家提出了热力学第二定律，表达了宏观非平衡过程的不可逆性。深入研究热现象的本质，就产生了统计力学。统计力学应用数学中统计分析的方法，研究大量粒子的平均行为。
经典电磁学是研究宏观电磁现象和客观物体的电磁性质的学科。在18世纪，人们早已发现电荷有两种，而在18世纪末发现电荷能够流动，这就是电流。在19世纪前期，奥斯特发现电流可以使小磁针偏转，而后安培发现作用力的方向和电流的方向，以及磁针到通过电流的导线的垂直线方向相互垂直。不久之后，法拉第又发现，当磁棒插入导线圈时，导线圈中就产生了电流。在电和磁的联系被发现以后，法拉第引进力线的概念并产生了电磁场的概念。19世纪下半叶，麦克斯韦总结了宏观电磁学的规律并引进了位移电流的概念，在此基础上他提出了一组偏微风方程来表达电磁现象的基本规律，并预言了存在以光速传播的电磁波。而后，赫兹用实验证明了麦克斯韦预言的电磁波具有光速和反射、折射、干涉、衍射、偏振等一切光波的性质。从而完成了电磁学和光学的综合。 19世纪末期经典物理学已经发展到很完美的阶段，许多物理学家认为物理