河南省泌阳县第一高级中学2016届高三上学期周考物理试题11.15

泌阳县第一高级中学高三年级周考物理试题二．选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18只有一项符合题目的要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14. 伽利略曾说过：“科学是在不断改变思维角度的探索中前进的”。

他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有( )A. 倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B. 倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C. 斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D. 斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关15．如图所示，斜面体固定在水平地面上。

一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0。

若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为 的力F2(如图)作用下，在同一斜面上做速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法中正确的是：（）A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v1一定小于v2D．v1可能小于v216．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时．一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比。

下列用虚线和实线描述两物体运动的v—t图象是（）17. 在电场强度大小为E 的匀强电场中，将一个质量为m 、电荷量为q 的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角的方向做直线运动. 关于带电小球的电势能ε和机械能W 的判断，正确的是( )A ．若sin θ<qE mg，则ε一定减少，W 一定增加 B ．若sin θ＝qE mg，则ε、W 一定不变 C ．若sin θ=qE mg，则ε一定增加，W 一定减小 D ．若tan θ＝qE mg，则ε可能增加，W 一定增加 18．如图所示，河水流动的速度为v 且处处相同，河宽度为a 。

2016年河南省普通高中招生考试试卷物理姓名：注意事项：1．本试卷共6页，五大题，21小题，满分70分，考试时间60分钟。

请用蓝、黑色水笔或圆珠笔直接答在试卷上。

2.答卷前请将密封线内的项目填写清楚。

一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1．中华民族有着悠久的文明历史，古代就有许多对自然现象的观察和记载。

“司南之杓，投之于地，其柢指南”是由于受到的作用；“削冰令圆，举以向日，可生火”是由于凸透镜对光具有作用。

2．手机是现代最常用的通信工具，手机之同是利用传递信息的。

人们在不同场合需要选择不同的音量，改变的是手机声音的。

接听电话时能辨别不同的人，是因为不同人说话时声音的不同。

3.用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带电。

如图l所示，用这个玻璃棒靠近悬挂的气球，气球被推开，则气球带电。

4.将一瓶质量为0.5kg、温度为25℃的纯净水故人冰箱，一段时间后纯净水的温度降低到5℃．则这瓶纯净水的内能减少 J，这是通过的方式改变了水的内能。

水的比热容=4.2x103J/(k g．℃)。

5．在图2所示的电路中，定值电阻的阻值R0和电源电压U均为已知。

在a、b间接入一个未知电阻R X，闭合开关，电压表的示数为U X，则由已知量和测得量可以推出：R X= ，R X的电功率P X= 。

6物理知识是对自然现象的概括和总结，又广泛应用于生活和技术当中。

请联系表中的相关内容填写表中空格。

自然现象物理知识实际应用物体具有惯性跳远时利用助跑提高成绩雄鹰展开翅膀在空中滑翔飞机的机翼水沸腾时水蒸气冲起壶盖内能转化为机械能二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。

第7-12题每小题只有一个选项符合题目要求，第13-14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有错选的得O分，请将其字母代号填在题后的括号内）7．图3是某种物质温度随时间变化的图象。

该图象描述的过程可能是【】A．蜡的熔化B．海波的熔化C．水的凝固D玻璃的凝固8．图4是近视眼和远视眼的成因示意图。

河南省焦作市沁阳市第一中学高一上学期物理期中考试试卷附答案解析一、选择题1．如图为一物体做直线运动的速度图象，根据图作如下分析，(分别用1v 、1a 表示物体在10t ～时间内的速度与加速度；2v 、2a 表示物体在12t t ～时间内的速度与加速度)，分析正确的是( )A ．1v 与2v 方向相同，1a 与2a 方向相反B ．1v 与2v 方向相反，1a 与2a 方向相同C ．1v 与2v 方向相反，1a 与2a 方向相反D ．1v 与2v 方向相同，1a 与2a 方向相同2．如图是在购物商场里常见的电梯，左图为阶梯电梯，右图为斜面电梯，设两电梯中各站一个质量相同的乘客随电梯匀速上行，则两乘客受到电梯的A ．摩擦力的方向相同B ．支持力的大小相同C ．支持力的方向相同D ．作用力的大小与方向均相同 3．下列情况中，能将某同学看成质点的是（ ）A ．研究某同学上课时的坐姿B ．研究某同学打篮球时投篮的动作C ．研究某同学军训时踢正步的动作D ．研究某同学在运动会上进行3000m 跑比赛时所用的时间4．关于重力、重心下列说法中正确的是（ ）A ．风筝升空后，越升越高，说明风筝的重心相对风筝的位置也越来越高B ．质量分布均匀、形状规则的物体的重心一定在物体上C ．舞蹈演员在做各种优美动作的时候，其重心相对身体的位置不断变化D ．重力的方向总是垂直于地面5．下列说法中正确的是（ ）A ．“辽宁号”航母“高大威武”，所以不能看成质点B ．战斗机飞行员可以把正在甲板上用手势指挥的调度员看成是一个质点C ．在战斗机飞行训练中，研究战斗机的空中翻滚动作时，可以把战斗机看成质点D ．研究“辽宁舰”航母在大海中的运动轨迹时，航母可以看成质点6．下列物理学习或研究中用到极限思想的是（ ）A ．“质点”的概念B ．合力与分力的关系C ．“瞬时速度”的概念D ．研究加速度与合力、质量的关系7．水下潜水器某次海试活动中，完成任务后从海底竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时，此后匀减速上浮，经过时间t 上浮到海面，速度恰好为零，则蛟龙号在()00t t t <时刻距离海平面的深度为（ ）A ．2vtB ．0012t vt t ⎛⎫- ⎪⎝⎭C ．202t t vD ．()202v t t t- 8．如图所示，将棱长分别为a 、2a 、3a 的同一个长方体木块分别以不同的方式放置在桌面上，长方体木块的各个表面粗糙程度相同．若用弹簧测力计牵引木块做匀速直线运动，示数分别为F 1、F 2、F 3，则F 1、F 2、F 3之比为A ．1∶1∶1B ．2∶3∶6C ．6∶3∶2D ．以上都不对 9．意大利物理学家伽利略在《两种新科学的对话》一书中，详细研究了落体运动，他所运用的方法是( )A ．假设－观察－逻辑推理（包括数学推演）－实验检验－修正推广B ．观察－假设－逻辑推理（包括数学推演）－实验检验－修正推广C ．逻辑推理（包括数学推演）－假设－观察－实验检验－修正推广D ．逻辑推理（包括数学推演）－观察－假设－实验检验－修正推广10．关于重力加速度的说法中，不正确的是（ ）A ．在同一地点物体自由下落时的重力加速度与静止时的重力加速度大小一样B ．在地面上不同的地方，重力加速度g 的大小不同，但它们相差不是很大C ．在地球上同一地点，一切物体在自由落体运动中的加速度都相同D ．重力加速度g 是标量，只有大小没有方向，通常计算中g 取9.8m/s 211．下列说法正确的是( )A ．形状规则的物体重心一定在几何中心B ．运动员将足球踢出,球在空中飞行是因为球受到一个向前的推力C ．静止的物体受到的摩擦力一定是静摩擦力D ．两个物体发生相互作用不一定相互接触12．某质点沿x 轴做直线运动，其位置坐标随时间变化的关系可表示52n x t t =+，其中x 的单位为m ，时间t 的单位为s ，则下列说法正确的是（ ）A ．若1n =，则物体做匀速直线运动，初位置在0m ，速度大小为5m /sB ．若1n =，则物体做匀速直线运动，初位置在5m ，速度大小为4m/sC ．若2n =，则物体做匀变速直线运动，初速度大小为5m /s ，加速度大小为24m/sD ．若2n =，则物体做匀变速直线运动， 初速度大小为5m /s ，加速度大小为22m/s13．以下物理量中是矢量的有 ( )a.位移b.路程c.瞬时速度d.平均速度e.时间f.加速度g.速率A．只有acdfB．只有adfC．只有afgD．只有af14．如图，用两根细线AC、BD静止悬挂一薄板，下列说法不正确．．．的是A．薄板的重心可能在AC和BD的延长线的交点B．AC的拉力大于BD的拉力C．剪断BD，因为惯性薄板将保持原来的状态一直静止D．若保持AC位置不变，缓慢移动BD到竖直方向，则AC的拉力一直减小15．某物体沿水平方向运动，规定向右为正方向，其v-t图像如图所示（）A．在0~1s内做曲线运动B．在1~2s内速度方向向左C．在2s末离出发点最远D．在1~2s和2~3s内的加速度大小相等，方向相反16．以下是必修课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）A．甲图中，赛车的质量不是很大，却安装着强劲的发动机，可以获得很大的惯性B．乙图中，高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，目的是增加车辆重力垂直桥面方向的分力，保证行车方便与安全C．丙图中，传送带靠静摩擦力把货物送到高处D．丁图中，汽车轮胎的花纹不同会影响轮胎受到的摩擦力．地面与轮胎间的摩擦力越大汽车越容易启动，但是刹车越困难17．下列运动中的物体，能被看做质点的是（ ）A ．研究地球的自转B ．研究电风扇叶片的旋转C ．评判在冰面上花样滑冰运动员的动作D ．计算火车从北京到上海的时间18．静止在斜面上的重物的重力可以分解为沿斜面方向向下的分力F 1和垂直于斜面方向的分力F 2，关于这两个分力，下列的说明正确的是（ ）A ．F 1作用在物体上，F 2作用在斜面上B ．F 2的性质是弹力C ．F 2就是物体对斜面的正压力D ．F 1和F 2是与物体的重力等效的力，实际存在的就是重力19．如图所示，某次特技表演中七架战机保持“固定队列”在天空飞过，下列说法正确的是（ ）A ．以某飞机为参考系，其它飞机是静止的B ．以飞行员为参考系，广场上的观众是静止的C ．以某飞行员为参考系，其他飞行员是运动的D ．以广场上的观众为参考系，飞机是竖直向上运动的20．下列关于加速度的说法正确的是A ．加速度就是增加的速度B ．加速度也可以是指减小的速度C ．加速度的大小在数值上与单位时间内速度变化量的大小相等D ．加速度不断减小，速度一定不断减小二、多选题21．从离地H 高处自由下落小球a ，同时在它正下方H 处以速度0v 竖直上抛另一小球b ，不计空气阻力，以下说法正确的（ ）A ．若0v gH >b 在上升过程中与a 球相遇 B ．若0v gH <b 在下落过程中肯定与a 球相遇 C ．若02gH v =b 和a 不会在空中相遇D ．若0v gH ，两球在空中相遇时b 球速度为零。

2016-2017学年河南省部分重点中学高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一項符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．法拉第在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因C．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D．伽利略通过实验研究和逻辑推理相结合发现，忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快2．将一小球以初速度v从地面竖直向上抛出后，小球两次经过离地面高度为5m的位置的时间间隔为2s．若初速度变为2v，则小球两次经过离地面高度为5m的位置的时间间隔为（空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2）（）A．2s B．2s C．2s D．6s3．研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时，假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比（已知以离地球无穷远处为零势能面，在离地心为r处的卫星的引力势能可表示为E P=﹣G，其中G为引力常量，M为地球质量，m为卫星的质量（）A．发射同一卫星需要的机械能变大B．卫星的向心加速度变大C．卫星的线速度变大D．卫星角速度变大4．摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如图所示．当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用．行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具“不倒翁”一样．它的优点是能够在现有线路上运行，勿须对线路等设施进行较大的改造，而是靠摆式车体的先进性，实现高速行车，并能达到既安全又舒适的要求．运行实践表明：摆式列车通过曲线速度可提高20﹣40%，最高可达50%，摆式列车不愧为“曲线冲刺能手”．假设有一超高速列车在水平面内行驶，以360km/h的速度拐弯，拐弯半径为1km，则质量为50kg的乘客，在拐弯过程中所受到的火车给他的作用力为（g取10m/s2）（）A．500N B．1000N C．500N D．05．如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，R1=R2=25Ω，电阻D为理想二极管，原线圈接μ=220100πt（V）的交流电，则（）A．交流电的频率为100 Hz B．通过R2的电流为1 AC．通过R2的电流为 A D．变压器的输入功率为200 W6．空间中P、Q两点处各固定一个点电荷，P、Q两点附近电场的等势面分布如图所示，a、b、为电场中的4个点，已知a、c的电势关系为φa＞φc，则（）A．P、Q两点处的电荷等量同种B．a点和b点的电场强度相同C．c点的电势高于d点的电势D．负电荷从b到d电势能增加7．两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0～0.4s内的v﹣t图象如图所示．若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t1分别为（）A．3：1和0.30 s B．和0.30 s C．3：1和0.28 s D．和0.28 s8．如图，竖直面内的虚线上方是一匀强磁场，从虚线下方竖直上拋一正方形线圈，线圈越过虚线进入磁场，最后又落回原处．运动过程中线圈平面保持在竖直面内，不计空气阻力，则（）A．上升过程克服磁场力做的功等于下降过程克服磁场力做的功B．上升过程通过导线截面的电荷量等于下降过程通过导线截面的电荷量C．上升过程克服重力做功的平均功率大于下降过程重力的平均功率D．上升过程克服重力做功的平均功率等于下降过程重力的平均功率9．如图所示，斜面体放置于粗糙水平地面上，物块A通过跨过定滑轮的轻质细绳与物块B 连接，系统处于静止状态，现对B施加一水平力F使B缓慢地运动，使绳子偏离竖直方向一个角度，在此过程中物块A和斜面体始终处于静止状态，则（）A．斜面体对物块A的摩擦力一直增大B．地面对斜面体的支持力一直增大C．地面对斜面体的摩擦力一直增大D．地面对斜面体的支持力保持不变10．如图所示，a为竖直平面内的半圆环acb的水平直径，c为环上最低点，环半径为R．将一个小球从a点以初速度v0沿ab方向抛出，设重力加速度为g，不计空气阻力．（）A．当小球的初速度v0=时，掉到环上时的竖直分速度最大B．当小球的初速度v0＜时，将撞击到环上的圆弧ac段C．当v0取适当值，小球可以垂直撞击圆环D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击圆环11．如图所示，两个相同的半圆形光滑绝缘轨道分别竖直放置在匀强电场E和匀强磁场B 中，轨道两端在同一高度上，两个相同的带正电小球a、b同时从轨道左端最高点由静止释放，且在运动过程中始终能通过各自轨道的最低点M、N，则（）A．两小球某次到达轨道最低点时的速度不可能有υN=υMB．两小球都能到达轨道的最右端C．小球b第一次到达N点的时刻与小球a第一次到达M点的时刻相同D．小球a受到的电场力一定不大于a的重力，小球b受到的最大洛伦兹力可能大于b的重力12．如图a所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体．现对甲施加水平向右的拉力F，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力F 变化的关系如图b所示，已知重力加速度g=10m/s2，由图线可知（）A．甲的质量是2 kgB．甲的质量是6 kgC．甲、乙之间的动摩擦因数是0.2D．甲、乙之间的动摩擦因数是0.6二、实验题：13．在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为mm．14．用游标为20分度的卡尺测量摆球的直径，示数如图所示，读数为mm．15．如图为“用DIS （位移传感器、数据采集器、计算机）研宄加速度和力的关系”的实验装置．下列说法中正确的是（）A．小车与轨道间的摩擦力要小B．所挂钩码的总质量应远大于小车的总质量C．改变所挂钩码的数量，多次重复测量取平均值D．用一个力传感器替代钩码来测量小车受到的拉力，该实验a﹣F图线的斜率将变大16．二极管是一种半导体元件，它的符号为其特点是具有单向导电性，即电流从正极流入时电阻比较小，而从负极流入时电阻比较大（1）某课外兴趣小组想要描绘某种晶体二极管的伏安特性曲线，因二极管外壳所印的标识模糊，为判断该二极管的正、负极，他们用多用电表电阻挡测二极管的正、反向电阻；其步骤是：将选择开关旋至合适倍率，进行欧姆调零，将黑表笔接触二极管的左端，红表笔接触右端时，指针偏角比较小；然后将红、黑表笔位置对调后再进行测量，指针偏角比较大，由此判断端为二极管的正极（选填“左”、“右”）；（2）厂家提供的伏安特性曲线如图；为了验证厂家提供的数据，该小组对加反向电压时的伏安特性曲线进行了描绘，可选用的器材有：A．直流电源E：电动势5V，内阻忽略不计；B．直流电源E：电动势7V，内阻忽略不计；C．滑动变阻器R：0﹣20Q；D．电压表V1：量程45V，内阻约500kΩ；E．电压表V2：量程3V，内阻约20kΩ；F．电流表uA：量程300uA，内阻约400a；G．电流表mA：量程50mA，内阻约5Ω；H．待测二极管D；I．单刀单掷开关H，导线若干①为了提高测量结果的准确度，选用的器材（填序号字母）②为了达到测量目的，请在答题卡上虚线框内画出正确的实验电路原理图；（图在答题卡上）③为了保护二极管，反向电压不要达到40V，请你对本实验的设计或操作提出一条合理的建议：．三、计算题17．正负电子对撞机的最后部分的简化不意图如图所不（俯视图），位于水平面内的粗实线所示的圆环形真空管道是正、负电子做圆运动的“容器”，经过加速器加速后的正、负电子被分别引入该管道时，具有相等的速率，他们沿着管道向相反的方向运动．在管道控制它们转变的是一系列圆形电磁铁，即图甲中的A1、A2、A3…Aa共有n个，均匀分布在整个圆环上，每组电磁铁内的磁场都是磁感应强度相同的匀强磁场，并且方向竖直向下，磁场区域的直径为d （如图乙），改变电磁铁内电流的大小，就可改变磁场的磁感应强度从而改变电子偏转的角度．经过精确的调整，首先实现电子在环形管道中沿图甲中虚线所示的轨迹运动，这时电子经过每个电磁场区域时射入点和射出点都是电磁场区域的同一直径的两端，如图乙所示．这就为进一步实现正、负电子的对撞作好了准备．（1）试确定正、负电子在管道内各是沿什么方向旋转的；（2）已知正、负电子的质量都是所带电荷都是元电荷，重力可不计，求电磁铁内匀强磁场的磁感应强度B大小．18．如图所示，物体A静止在台秤的秤盘B上，A的质量为m A=10.5kg，B的质量m B=1.5kg，弹簧质量不计，劲度系数k=800N/m，现给A施加一个竖直向上的力F，使它向上做匀加速直线运动，已知力F在开始的t=0.2s内是变力，此后是恒力，求t时间内力F做的功．19．如图甲所示，光滑倾斜导体轨道（足够长）与光滑水平导体轨道平滑连接．轨道宽度均为Z=lm，电阻忽略不计．水平向右的匀强磁场仅分布在水平轨道平面所在区域；垂直于倾斜轨道平面向下，同样大小的匀强磁场仅分布在倾斜轨道平面所在区域．现将两质量均为W=0.2kg，电阻均为的相同导体棒ab和cA垂直于轨道分别置于水平轨道上和倾斜轨道的顶端，并同时由静止释放，导体棒cd下滑过程中加速度a与速度v的关系如图乙所示．（g=10m/s2）求：（1）磁场的磁感应强度B；（2）若已知从开始运动到cd棒达到最大速度的过程中，ab棒上产生的焦耳热Q=0.45J，求该过程中通过cd棒横截面的电荷量q．20．如图所示，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g．sin37°=0.6，cos37°=0.8（1）若滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，求滑块到达圆心O等高的C 点时的速度及轨道对小滑块的弹力大小．（2）若改变s的大小，使滑块沿圆弧轨道滑行时不脱离圆弧轨道，求s的取值范围．2016-2017学年河南省部分重点中学高三（上）第一次联考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一項符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．法拉第在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因C．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D．伽利略通过实验研究和逻辑推理相结合发现，忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快【考点】物理学史．【分析】本题是物理学史问题，对于物理中的重大发现、重要规律、原理，要明确其发现者和提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就，即可解题．【解答】解：A、1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系．故A错误．B、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故B错误．C、欧姆发现了欧姆定律，说明了电流和电压、电阻的联系，故C错误．D、伽利略通过对落体实验研究和逻辑推理，发现重物与轻物下落得同样快．故D正确．故选：D2．将一小球以初速度v从地面竖直向上抛出后，小球两次经过离地面高度为5m的位置的时间间隔为2s．若初速度变为2v，则小球两次经过离地面高度为5m的位置的时间间隔为（空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2）（）A．2s B．2s C．2s D．6s【考点】竖直上抛运动．【分析】竖直上抛运动的上升和下降的时间是相等的，结合自由落体运动的规律进行分析即可．【解答】解：小球以初速度v从地面竖直向上抛出后，小球两次经过离地面高度为5m的位置的时间间隔为2s，故从最高点到离地面高度为5m的位置的时间为1s，故从最高点到离地面高度为5m的位置的高度为：h1==5m根据速度位移公式，有：v2=2g（h1+5）解得：m/s若初速度变为2v，即v′=20m/s，从上升到落地的时间为：上升的最大高度为：H==从最高点到离地5m的位移为：H﹣5=35m则小球两次经过离地面高度为5m的位置的时间间隔为：t′=2=2×=2s故选：C3．研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时，假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比（已知以离地球无穷远处为零势能面，在离地心为r处的卫星的引力势能可表示为E P=﹣G，其中G为引力常量，M为地球质量，m为卫星的质量（）A．发射同一卫星需要的机械能变大B．卫星的向心加速度变大C．卫星的线速度变大D．卫星角速度变大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；向心力；机械能守恒定律．【分析】同步卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，由牛顿第二定律分析未来的向心加速度、线速度大小和角速度大小．【解答】解：A、目前在发射卫星的过程中都是需要借助于地球的自转，未来地球自转的角速度减小，则卫星随地球自转的线速度减小，所以发射同一卫星需要的机械能变大．故A 正确；B、同步卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M，则有：G=m=m=mω2r=ma向=得周期为：T=2π，线速度为：v=，则角速度为：ω=，向心加速度a向由题意知，地球的质量不变，轨道半径不变，则线速度v不变，角速度ω不变，向心加速度不变，故B错误，C错误，D错误．故选：A4．摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如图所示．当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用．行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具“不倒翁”一样．它的优点是能够在现有线路上运行，勿须对线路等设施进行较大的改造，而是靠摆式车体的先进性，实现高速行车，并能达到既安全又舒适的要求．运行实践表明：摆式列车通过曲线速度可提高20﹣40%，最高可达50%，摆式列车不愧为“曲线冲刺能手”．假设有一超高速列车在水平面内行驶，以360km/h的速度拐弯，拐弯半径为1km，则质量为50kg的乘客，在拐弯过程中所受到的火车给他的作用力为（g取10m/s2）（）A．500N B．1000N C．500N D．0【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】乘客随火车一起拐弯，靠重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出拐弯过程中火车对乘客的作用力．【解答】解：根据牛顿第二定律知，，根据平行四边形定则得，N==N．故C正确，A、B、D错误．故选C．5．如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，R1=R2=25Ω，电阻D为理想二极管，原线圈接μ=220100πt（V）的交流电，则（）A．交流电的频率为100 Hz B．通过R2的电流为1 AC．通过R2的电流为 A D．变压器的输入功率为200 W【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据瞬时值表达式可以求得输入电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比和二极管的特点即可求得结论．【解答】解：A、由原线圈交流电瞬时值表达式可知，交变电流的频率，故A错误；B、由理想变压器变压规律可知，输出电压，由理想二极管单向导电性可知，交变电流每个周期只有一半时间有电流通过，由交变电流的热效应可知，，得，由欧姆定律可知，通过的电流为，故B错误，C正确；D、电阻的功率，而电阻的电功率，由理想变压器输入功率等于输出功率可知，变压器的输入功率为，故D错误；故选：C6．空间中P、Q两点处各固定一个点电荷，P、Q两点附近电场的等势面分布如图所示，a、b、为电场中的4个点，已知a、c的电势关系为φa＞φc，则（）A．P、Q两点处的电荷等量同种B．a点和b点的电场强度相同C．c点的电势高于d点的电势D．负电荷从b到d电势能增加【考点】等势面．【分析】该电场是等量同种异号电荷的电场，具有对称性（上下、左右）．电场线从正电荷出发到负电荷终止，顺着电场线方向电势逐渐降低，由电势的变化，分析电势能的变化．【解答】解：A、根据电场的图象可以知道，该电场是等量同种异号电荷的电场，故A错误；B、等量同种异号电荷的电场线分布具有对称性（上下、左右），a点和b点的电场强度大小相等，而方向不同．故B错误；C、由题φa＞φc，结合电场线从正电荷出发到负电荷终止，顺着电场线方向电势逐渐降低，可知Q带正电，P带负电；c点与d点比较可知，c点离P点（负电荷）的距离更近，所以c点的电势较低．故C错误；D、图中a点的电势高于c点电势，可知Q带正电，P带负电，所以由图可知b点的电势高于d点的电势；而负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，可知，负电荷从b到d，电势降低，电势能增大．故D正确．故选：D7．两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0～0.4s内的v﹣t图象如图所示．若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t1分别为（）A．3：1和0.30 s B．和0.30 s C．3：1和0.28 s D．和0.28 s【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】先根据三角形相似知识求出t1，再根据速度图象的斜率等于加速度求出甲乙的加速度大小，由牛顿第二定律和第三定律求解两物体质量之比．【解答】解：根据三角形相似得：=，得t1=0.30s．根据速度图象的斜率等于加速度，得到：甲的加速度大小为 a 甲==m/s 2，乙的加速度大小为 a 乙==10m/s 2据题，仅在两物体之间存在相互作用，根据牛顿第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛顿第二定律F=ma 得：两物体的加速度与质量成反比，则有质量之比为m 甲：m 乙=a 乙：a 甲=3：1．故选：A8．如图，竖直面内的虚线上方是一匀强磁场，从虚线下方竖直上拋一正方形线圈，线圈越过虚线进入磁场，最后又落回原处．运动过程中线圈平面保持在竖直面内，不计空气阻力，则（ ）A ．上升过程克服磁场力做的功等于下降过程克服磁场力做的功B ．上升过程通过导线截面的电荷量等于下降过程通过导线截面的电荷量C ．上升过程克服重力做功的平均功率大于下降过程重力的平均功率D ．上升过程克服重力做功的平均功率等于下降过程重力的平均功率【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】线圈进入磁场先上升又落回到原处地过程中，线圈的机械能减小转化为内能，经过同一点时线圈上升的速度大于下降速度，上升时安培力的大小大于下降时安培力的大小．根据安培力大小关系确定上升和下降两个过程克服磁场力做功关系．根据q=可知穿过导线截面的电荷量是否相等；根据上升与下降过程速度关系，确定运动时间关系，判断上升与下降过程重力功率关系．【解答】解：A 、在线圈先上升又落回到原处地过程中，由于电磁感应，线圈的机械能减小转化为内能，经过同一点时线圈上升的速度大于下降速度，上升时安培力的大小大于下降时安培力的大小．而两个过程位移大小相等，则上升过程中克服磁场力做的功大于下降过程中克服磁场力做的功，故A 错误；B 、由q=可知，由于两过程中磁通量的变化量相等，因此两过程中通过导线截面的电荷量相等，故B 正确；C 、由于经过同一点时线圈上升的速度大于下降速度，而上升和下降两个过程位移大小相等，所以上升的时间小于下降的时间，由于高度相等，上升过程中克服重力做功与下降过程中重力做功相等，则上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力做功的平均功率，故C 正确，D 错误．故选：BC9．如图所示，斜面体放置于粗糙水平地面上，物块A 通过跨过定滑轮的轻质细绳与物块B 连接，系统处于静止状态，现对B 施加一水平力F 使B 缓慢地运动，使绳子偏离竖直方向一个角度，在此过程中物块A 和斜面体始终处于静止状态，则（ ）A．斜面体对物块A的摩擦力一直增大B．地面对斜面体的支持力一直增大C．地面对斜面体的摩擦力一直增大D．地面对斜面体的支持力保持不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】以物体B受力分析，由共点力的平衡条件可求得拉力变化；再对整体受力分析可求得地面对斜面体的摩擦力；再对A物体受力分析可知A受到的摩擦力的变化．【解答】解：取物体B为研究对象，分析其受力情况，设细绳与竖直方向夹角为a，则有：F=mgtanα；解得：T=；在物体B缓慢拉高的过程中，α增大，则水平力F随之变大，对A、B两物体与斜面体这个整体而言，由于斜面体与物体A仍然保持静止，则地面对斜面体的摩擦力一定变大；故C 正确；但是因为整体竖直方向并没有其他力，故斜面体所受地面的支持力没有变；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体A所受斜面体的摩擦力开始并不知道其方向，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定；故AB错误，D正确；故选：CD．10．如图所示，a为竖直平面内的半圆环acb的水平直径，c为环上最低点，环半径为R．将一个小球从a点以初速度v0沿ab方向抛出，设重力加速度为g，不计空气阻力．（）A．当小球的初速度v0=时，掉到环上时的竖直分速度最大B．当小球的初速度v0＜时，将撞击到环上的圆弧ac段C．当v0取适当值，小球可以垂直撞击圆环D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击圆环【考点】平抛运动．【分析】小球做平抛运动，当小球掉在c点时竖直分速度最大，由平抛运动的规律可求得初速度；并能分析当小球的初速度时，撞击在什么位置．根据速度的反向延长交于水平位移的中点，分析小球能否垂直撞击圆环．【解答】解：A、小球做平抛运动，当小球掉在c点时竖直分速度最大，设初速度为v0．则：R=，R=v0t；解得：，故A正确．B、当小球的初速度时，水平位移小于R，小球将撞击到环上的圆弧ac段．故B正确．C、D小球撞击在圆弧ac段时，速度方向斜向右下方，不可能与圆环垂直；当小球撞击在圆弧cb段时，根据“中点”结论可知，由于O不在水平位移的中点，所以小球撞在圆环上的速度反向延长线不可能通过O点，也就不可能垂直撞击圆环．故C错误，D正确．故选：ABD．11．如图所示，两个相同的半圆形光滑绝缘轨道分别竖直放置在匀强电场E和匀强磁场B 中，轨道两端在同一高度上，两个相同的带正电小球a、b同时从轨道左端最高点由静止释放，且在运动过程中始终能通过各自轨道的最低点M、N，则（）A．两小球某次到达轨道最低点时的速度不可能有υN=υMB．两小球都能到达轨道的最右端C．小球b第一次到达N点的时刻与小球a第一次到达M点的时刻相同D．小球a受到的电场力一定不大于a的重力，小球b受到的最大洛伦兹力可能大于b的重力【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】两个轨道的半径相同，根据圆周运动的向心力的公式可以分析小球通过最低点是对轨道的压力，小球在磁场中运动，磁场力对小球不做功，整个过程中小球的机械能守恒，小球在电场中受到的电场力对小球做负功，到达最低点时的速度的大小较小．【解答】解：A、由于洛伦兹力不做功，电场力对带电小球一定做负功，所以两个小球某次到达轨道最低点时的速度不可能有v N=v M，故A正确；B、由机械能守恒定律知，小球b可以到达轨道的最右端，电场力对小球a做负功，故小球a不可能到达轨道的最右端，故B错误；C、由于两小球受力情况不同，运动情况不同，由于电场力一直对a做负功，因此a球的速度一直小于b球速度，a故小球b第一次到达N点的时刻与小球a第一次到达M点的时刻不相同，故C错误；D、由于小球能到达最低点，对小球a有mgR﹣qER≥0，所以有：mg≥qE，由于洛伦兹力不做功，且洛伦兹力沿半径向外，则小球b受到的洛伦兹力没有条件限制，所以最大洛伦兹力可能大于b的重力；故D正确．故选：AD12．如图a所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体．现对甲施加水平向右的拉力F，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力F 变化的关系如图b所示，已知重力加速度g=10m/s2，由图线可知（）。

2015-2016学年河南省驻马店市泌阳一高高三（上）期中物理试卷一、选择题（共9小题，每小题3分，满分29分）1．已知两个分力的合力为50N，其中一个分力的方向与合力的方向夹角为370，则另一个力的大小不可能为( )A．20N B．30N C．40N D．50N2．一弹簧的两端各用10N的外力向外拉伸，弹簧伸长了6cm．现将其中一端固定于墙上，另一端用5N的外力来拉伸它，则弹簧的伸长量应为( )A．6cm B．3cm C．1.5cm D．0.75cm3．如图所示，在水平力F作用下，物体B沿水平面向右运动，物体A恰匀速上升，那么以下说法正确的是( )A．物体B正向右作匀减速运动B．物体B正向右作加速运动C．地面对B的摩擦力减小D．斜绳与水平成30°时，4．由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么卫星的( )A．速率变大，周期变大B．速率变小，周期不变C．速率变大，周期变小D．速率变小，周期变小5．利用传感器和计算机可以测量快速变化的力的瞬时值．图1是用这种方法获得的弹性绳中拉力F随时间的变化图线．实验时，把小球举高到绳子的悬点O处，然后放手让小球自由下落．由此图线所提供的信息（如图2），以下判断正确的是( )A．t2时刻小球速度最大B．t1～t2期间小球速度先增大后减小C．t3时刻小球动能最小D．t1与t4时刻小球速度一定相同6．一个物体在多个力的作用下处于静止状态．如果仅使用其中的一个力大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小（此力的方向始终未变），在这过程中其余各力均不变，那么下列各图中，能正确描述该过程中物体速度变化情况的( )A．B．C．D．7．如图所示，在粗糙水平面上的A、B两物体与水平面的动摩擦因数均为μ，质量分别为m A 和m B．两物体间有一弹簧与两物体连接．当物体A受到恒定的水平拉力F时，两物体沿水平面做稳定的匀加速运动，弹簧的形变量为△x1．现用同样大小的力F水平推物体B，使它们仍做稳定的匀加速运动，此时弹簧的形变量为△x2．弹簧始终在弹性限度内．则关于△x1和△x2的判断正确的是( )A．△x1=△x2 B．=C．=D．=8．如图所示，在斜面上O点先后以υ0和2υ0的速度水平抛出A、B两小球，则从抛出至第一次着地，两小球的水平位移大小之比不可能为( )A．1：2 B．1：3 C．1：4 D．1：59．已知一些材料间动摩擦因数如下：质量为1kg的物块放置于水平面上，现用弹簧秤沿水平方向匀速拉动此物块时，读得弹簧秤的示数为3N，则关于两接触面的材料可能是（取g=10m/s2）( )A．钢﹣钢B．木﹣木C．木﹣金属 D．木﹣冰二、解答题（共5小题，满分71分）10．在研究物体匀变速直线运动时，用打点计时器记录纸带运动的时间，计时器所用电源的频率为50Hz．下图为做匀变速直线运动的小车带动的纸带上记录的一些点，在每相邻的两点中间都有四个点未画出．按时间顺序取点0、1、2、3、4、5、6，用米尺量出点1、2、3、4、5、6到0点的距离分别是（单位：cm）8.78、16.45、23.02、28.50、32.88、36.14．由此可得打点周期为__________ s，点2的速度__________ m/s，小车的加速度的大小为__________m/s2．11．如图所示，两根细线把两个相同的小球悬于同一点，并使两球在同一水平面内做匀速圆周运动，其中小球1的转动半径较大，则两小球转动的角速度大小关系为ω1__________ω2，两根线中拉力大小关系为T1__________T2，（填“＞”“＜”或“=”）12．（16分）质量为5kg的物体放置在粗糙的水平桌面上，与桌面间的动摩擦因数为0.2，试求：（1）如果给它一个初速度，则它沿桌面滑行的加速度大小与方向．（2）如果从静止开始，受到一个大小为20N、方向水平的恒力作用下的加速度．（3）如果从静止开始，受到一个大小为20N，与水平方向成300角斜向上的恒力作用下运动的加速度．13．如图所示为车站使用的水平传送带装置的示意图，绷紧的传送带始终保持3.0m/s的恒定速率运行，传送带的水平部分AB距离水平地面的高度h=0.45m．现有一行李包（可视为质点）由A端被传送到B端，且传送到B端时没有及时取下，行李包从B端水平抛出，不计空气阻力，取g=10m/s2．（1）若行李包从B端水平抛出的初速度v=3.0m/s，求它在空中运动的时间和飞行的水平距离．（2）若行李包以v0=1.0m/s的初速度从A端向右滑行，行李包与传送带间的动摩擦因数μ=0.20．要使它从B端飞出的水平距离等于（1）中所求的水平距离，求传送带的长度应满足的条件．（3）在（2）中，若将行李包轻放在传送带的A端（无初速），传送带实际长度为2.25米，并将传送带的运行速率调整为4.0m/s，其他条件没有变化．求此情况下行李包从B端水平抛出后飞行的水平距离．14．如图所示，一水平圆盘绕过圆心的竖直轴转动，圆盘边缘有一质量m=1.0kg的小滑块．当圆盘转动的角速度达到某一数值时，滑块从圆盘边缘滑落，经光滑的过渡圆管进入轨道ABC．已知AB段斜面倾角为53°，BC段斜面倾角为37°，滑块与圆盘及斜面间的动摩擦因数均为μ=0.5，A点离B点所在水平面的高度h=1.2m．滑块在运动过程中始终未脱离轨道，不计在过渡圆管处和B点的机械能损失，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取R=0.2m，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）若圆盘半径为R=0.2m，当圆盘的角速度多大时，滑块从圆盘上滑落？（2）求滑块到达B点时的速度．（3）从滑块到达B点时起，经0.6s正好通过C点，求BC之间的距离．2015-2016学年河南省驻马店市泌阳一高高三（上）期中物理试卷一、选择题（共9小题，每小题3分，满分29分）1．已知两个分力的合力为50N，其中一个分力的方向与合力的方向夹角为370，则另一个力的大小不可能为( )A．20N B．30N C．40N D．50N【考点】力的合成．【专题】定性思想；合成分解法；受力分析方法专题．【分析】已知合力和两个分力的方向，分解具有唯一性，根据平行四边形定则作图分解即可．【解答】解：合力大小为50N，一个分力与水平方向的夹角是37°，根据平行四边形定则作图，如图所示可知，另一个分力的最小值为：F=50sin37°=30N．本题选择不可能的，故选：A．【点评】本题关键是确定合力与分力的方向，然后根据平行四边形定则作图分析，最后根据几何关系求解，简单题．2．一弹簧的两端各用10N的外力向外拉伸，弹簧伸长了6cm．现将其中一端固定于墙上，另一端用5N的外力来拉伸它，则弹簧的伸长量应为( )A．6cm B．3cm C．1.5cm D．0.75cm【考点】胡克定律．【分析】根据胡克定律，结合弹簧的弹力大小和形变量的大小求出弹簧的劲度系数，再根据胡克定律求出弹簧的伸长量．【解答】解：根据胡克定律得，弹簧的劲度系数为：k=，当拉力为5N时，则故弹簧的伸长量为：．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握胡克定律，知道在F=kx中，x表示形变量，不是弹簧的长度．3．如图所示，在水平力F作用下，物体B沿水平面向右运动，物体A恰匀速上升，那么以下说法正确的是( )A．物体B正向右作匀减速运动B．物体B正向右作加速运动C．地面对B的摩擦力减小D．斜绳与水平成30°时，【考点】运动的合成和分解；共点力平衡的条件及其应用．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将B的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于A的速度，根据A、B的速度关系，确定出B的运动规律，根据f=μF N，抓住B竖直方向上的合力为零，判断摩擦力的变化．【解答】解：A、将B的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于A的速度，如图，根据平行四边形定则有：v B cosα=v A，所以，α减小，所以B 的速度减小，但不是匀减速．故A、B错误．C、在竖直方向上，对B有：mg=N+Tsinα，T=m A g，α减小，则支持力增大，根据f=μF N，摩擦力增大．故C错误．D、根据v B cosα=v A，斜绳与水平成30°时，．故D正确．故选D．【点评】解决本题的关键知道B的实际速度是合速度，沿绳子方向上的分速度等于A的速度，根据平行四边形定则求出两物体速度的关系．4．由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么卫星的( )A．速率变大，周期变大B．速率变小，周期不变C．速率变大，周期变小D．速率变小，周期变小【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】根据人造地球卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、周期的表达式进行讨论即可．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，则有G=m=m r得：v=，T=2π所以当轨道半径减小时，其速率变大，周期变小，故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、周期的表达式，再进行讨论．5．利用传感器和计算机可以测量快速变化的力的瞬时值．图1是用这种方法获得的弹性绳中拉力F随时间的变化图线．实验时，把小球举高到绳子的悬点O处，然后放手让小球自由下落．由此图线所提供的信息（如图2），以下判断正确的是( )A．t2时刻小球速度最大B．t1～t2期间小球速度先增大后减小C．t3时刻小球动能最小D．t1与t4时刻小球速度一定相同【考点】牛顿第二定律；机械能守恒定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】把小球举高到绳子的悬点O处，让小球自由下落，t1与t4时刻绳子刚好绷紧，分析小球的运动情况，判断什么时刻小球的速度最大．当绳子的拉力最大时，小球运动到最低点，绳子也最长．【解答】解：A、把小球举高到绳子的悬点O处，让小球自由下落，t1时刻绳子刚好绷紧，此时小球所受的重力大于绳子的拉力，小球向下做加速运动，当绳子的拉力大于重力时，小球才开始做减速运动，t2时刻绳子的拉力最大，小球运动到最低点，速度为零，所以t2时刻小球速度不是最大．故A错误；B、t1﹣t2时间内小球先做加速度减小的加速运动，当绳子的拉力大于重力时，小球才开始做减速运动，t2时刻绳子的拉力最大，小球运动到最低点，速度为零，故B正确；C、t3时刻与t1时刻小球的速度大小相等，方向相反，而t1～t2期间小球速率先增大后减小，t2时刻速度最小为零，所以动能最小为零，故C错误；D、由图象可看出最大弹力越来越小，说明空气阻力做功，根据能量守恒，t1时刻速度比t3时刻大，t4时刻速度比t3速度小，所以t1时刻速度比t4时刻大，故D错误；故选B．【点评】本题考查运用牛顿定律分析小球运动情况的能力，要注意绳子拉力的变化与弹簧的弹力类似．6．一个物体在多个力的作用下处于静止状态．如果仅使用其中的一个力大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小（此力的方向始终未变），在这过程中其余各力均不变，那么下列各图中，能正确描述该过程中物体速度变化情况的( )A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】据题，物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，其中的一个力与其他各力的合力大小相等、方向相反．当保持这个力方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小，分析物体的合力如何变化，确定物体的加速度如何变化，分析物体的运动情况，判断速度的变化情况，再选择图象．【解答】解：依题，原来物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，使其中的一个力保持方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小的过程中，物体的合力从开始逐渐增大，又逐渐减小恢复到零，物体的加速度先增大后减小，物体先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速度运动．根据速度图象的斜率等于加速度可知，速度图象的斜率先增大后减小，所以图象D正确．故选：D．【点评】本题考查根据物体的受力情况来分析物体运动情况的能力，要用到共点力平衡条件的推论：物体在几个力作用下平衡时，其中一个力与其他各力的合力大小相等、方向相反．7．如图所示，在粗糙水平面上的A、B两物体与水平面的动摩擦因数均为μ，质量分别为m A 和m B．两物体间有一弹簧与两物体连接．当物体A受到恒定的水平拉力F时，两物体沿水平面做稳定的匀加速运动，弹簧的形变量为△x1．现用同样大小的力F水平推物体B，使它们仍做稳定的匀加速运动，此时弹簧的形变量为△x2．弹簧始终在弹性限度内．则关于△x1和△x2的判断正确的是( )A．△x1=△x2 B．=C．=D．=【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离分析，结合牛顿第二定律求出弹簧的弹力大小，从而求出形变量之间的关系．【解答】解：当物体A受到恒定的水平拉力F时，对整体分析，整体的加速度为：a=，隔离对B分析，根据牛顿第二定律得：F弹1﹣μm B g=m B a，解得：．当F水平推物体B，对整体分析，整体的加速度为：a=，隔离对A分析，根据牛顿第二定律得：F弹2﹣μm A g=m A a，解得：，根据胡克定律知：F弹=k△x，则．故选：B．【点评】本题考查了牛顿第二定律和胡克定律的综合运用，解决的关键知道A、B两物体具有相同的加速度，通过整体法求出加速度，再隔离分析求出弹簧的弹力．8．如图所示，在斜面上O点先后以υ0和2υ0的速度水平抛出A、B两小球，则从抛出至第一次着地，两小球的水平位移大小之比不可能为( )A．1：2 B．1：3 C．1：4 D．1：5【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】抛出的小球做平抛运动，分别讨论，都落在斜面上，一个在斜面上一个在水平面上，和两个都落在水平面，通过运动学公式进行计算．【解答】解：当A、B两个小球都能落到水平面上时，由于两者的下落高度相同，运动的时间相同，则水平位移之比为初速度之比，为1：2．当A、B都落在斜面的时候，它们的竖直位移和水平位移的比值即为斜面夹角的正切值，则，则时间t=．可知时间之比为1：2，则水平位移大小之比为1：4．当只有A落在斜面上的时候，A、B水平位移之比在1：4和1：2之间，故A、B、C正确，D错误．本题选不可能的，故选D．【点评】本题考查了平抛运动规律，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．注意AB可能的三种情况即可．9．已知一些材料间动摩擦因数如下：质量为1kg的物块放置于水平面上，现用弹簧秤沿水平方向匀速拉动此物块时，读得弹簧秤的示数为3N，则关于两接触面的材料可能是（取g=10m/s2）( )A．钢﹣钢B．木﹣木C．木﹣金属 D．木﹣冰【考点】滑动摩擦力；动摩擦因数．【专题】摩擦力专题．【分析】匀速运动说明拉力和滑动摩擦力二力平衡，根据滑动摩擦力计算公式，列出平衡方程即可求解．【解答】解：物体匀速运动时：F=f ①滑动摩擦力为：f=F Nμ=mgμ ②联立①②解得：μ=0.3，故ACD错误，B正确．故选B．【点评】本题比较简单，考查了有关滑动摩擦力的问题，对于滑动摩擦力要会计算其大小和确认其方向．二、解答题（共5小题，满分71分）10．在研究物体匀变速直线运动时，用打点计时器记录纸带运动的时间，计时器所用电源的频率为50Hz．下图为做匀变速直线运动的小车带动的纸带上记录的一些点，在每相邻的两点中间都有四个点未画出．按时间顺序取点0、1、2、3、4、5、6，用米尺量出点1、2、3、4、5、6到0点的距离分别是（单位：cm）8.78、16.45、23.02、28.50、32.88、36.14．由此可得打点周期为0.02 s，点2的速度0.71 m/s，小车的加速度的大小为1.10m/s2．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．【解答】解：计时器所用电源的频率为50Hz，得打点周期为0.02 s由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小．v2==cm/s=0.71m/s设0到1之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a===1.10m/s2故答案为：0.02，0.71，1.10．【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．如图所示，两根细线把两个相同的小球悬于同一点，并使两球在同一水平面内做匀速圆周运动，其中小球1的转动半径较大，则两小球转动的角速度大小关系为ω1=ω2，两根线中拉力大小关系为T1＞T2，（填“＞”“＜”或“=”）【考点】物体做曲线运动的条件．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】两个小球均做匀速圆周运动，对它们受力分析，找出向心力来源，可先求出角速度．【解答】解：对其中一个小球受力分析，如图，受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力；将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得合力：F=mgtanθ…①；由向心力公式得：F=mω2r…②设绳子与悬挂点间的高度差为h，由几何关系，得：r=htanθ…③；由①②③三式得：ω=，与绳子的长度和转动半径无关，故二者角速度相等；绳子拉力T=，则T1＞T2；故答案为：=；＞【点评】本题关键要对球受力分析，找向心力来源，求角速度；同时要灵活应用角速度与线速度、周期、向心加速度之间的关系公式．12．（16分）质量为5kg的物体放置在粗糙的水平桌面上，与桌面间的动摩擦因数为0.2，试求：（1）如果给它一个初速度，则它沿桌面滑行的加速度大小与方向．（2）如果从静止开始，受到一个大小为20N、方向水平的恒力作用下的加速度．（3）如果从静止开始，受到一个大小为20N，与水平方向成300角斜向上的恒力作用下运动的加速度．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）有初速度了，则摩擦力是滑动摩擦力，故而可以由牛顿第二定律求得加速度大小和方向．（2，3）先判定在推力作用下是否动了，然后再依据牛顿第二定律求加速度．【解答】解：（1）给物体初速度后，物体滑动起来，受摩擦力作用，根据牛顿第二定律﹣μmg=ma，﹣0.2×5×10=5×a﹣10=5a解得：a=﹣2m/s2，加速度大小为2m/s2，方向与运动方向相反；（2）推力为20N，摩擦力为10N，故而可以推动物体，根据牛顿第二定律F﹣μmg=ma20﹣0.2×5×10=5×a10=5aa=2m/s2加速度大小为2m/s2，方向与运动方向相同；（3）推力在水平方向的分力为：Fcos30°=17.32N摩擦力为：μ（Fsin30°﹣mg）=8N则物体可以被推动．根据牛顿第二定律：Fcos30°﹣μ（mg﹣Fsin30°）=ma17.32﹣8=5a9.32=5a解得：a=1.86m/s2，加速度大小为1.86m/s2，方向与运动方向相同；答：（1）加速度大小为2m/s2，方向与运动方向相反；（2）加速度大小为2m/s2，方向与运动方向相同；（3）加速度大小为1.86m/s2，方向与运动方向相同；【点评】用推力去推物体，需要先判定物体在此推力作用下是否运动，进而才能知道物体受的是静摩擦力还是滑动摩擦力．13．如图所示为车站使用的水平传送带装置的示意图，绷紧的传送带始终保持3.0m/s的恒定速率运行，传送带的水平部分AB距离水平地面的高度h=0.45m．现有一行李包（可视为质点）由A端被传送到B端，且传送到B端时没有及时取下，行李包从B端水平抛出，不计空气阻力，取g=10m/s2．（1）若行李包从B端水平抛出的初速度v=3.0m/s，求它在空中运动的时间和飞行的水平距离．（2）若行李包以v0=1.0m/s的初速度从A端向右滑行，行李包与传送带间的动摩擦因数μ=0.20．要使它从B端飞出的水平距离等于（1）中所求的水平距离，求传送带的长度应满足的条件．（3）在（2）中，若将行李包轻放在传送带的A端（无初速），传送带实际长度为2.25米，并将传送带的运行速率调整为4.0m/s，其他条件没有变化．求此情况下行李包从B端水平抛出后飞行的水平距离．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据高度求出行李包在空中运动的时间，根据街初速度和时间求出水平距离．（2）根据牛顿第二定律求出行李包匀加速直线运动的加速度，结合速度位移公式求出传送带的最小长度．（3）判断出行李包在传送带上的运动规律，求出离开时的初速度，从而求出水平距离．【解答】解：（1）设行李包在空中运动的时间为t，飞出的水平距离为s，则：，解得t=，水平距离s=vt=3×0.3m=0.9m．（2）设行李包的质量为m，与传送带相对运动时的加速度为a，则滑动摩擦力f=μmg=ma 代入数值得a=2.0m/s2．要使行李包从B端飞出的水平距离等于（1）中所求水平距离，行李包从B端水平抛出的初速度应为v=3.0m/s时通过的距离为s0，则：，代入数值得：s0=2.0m故传送带的长度L应满足的条件为L≥2.0m．（3）行李包的加速度为a，则：a=μg=2.0m/s2运动到B端时的速度：v=≤4m/s行李包仍将以3m/s的速度抛出，飞行的水平距离仍为：s=0.9m．答：（1）它在空中运动的时间为0.3s；飞行的水平距离为0.9m．（2）传送带的长度应满足的条件为L≥2.0m．（3）此情况下行李包从B端水平抛出后飞行的水平距离为0.9m．【点评】本题考查了平抛运动与传送带模型的综合，知道行李包在传送带上运动的规律是解决本题的关键，难度中等．14．如图所示，一水平圆盘绕过圆心的竖直轴转动，圆盘边缘有一质量m=1.0kg的小滑块．当圆盘转动的角速度达到某一数值时，滑块从圆盘边缘滑落，经光滑的过渡圆管进入轨道ABC．已知AB段斜面倾角为53°，BC段斜面倾角为37°，滑块与圆盘及斜面间的动摩擦因数均为μ=0.5，A点离B点所在水平面的高度h=1.2m．滑块在运动过程中始终未脱离轨道，不计在过渡圆管处和B点的机械能损失，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取R=0.2m，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）若圆盘半径为R=0.2m，当圆盘的角速度多大时，滑块从圆盘上滑落？（2）求滑块到达B点时的速度．（3）从滑块到达B点时起，经0.6s正好通过C点，求BC之间的距离．【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）滑块做匀速圆周运动，指向圆心的静摩擦力力提供向心力，静摩擦力随着外力的增大而增大，当滑块即将从圆盘上滑落时，静摩擦力达到最大值，根据最大静摩擦力等于向心力列式求解，可以求出滑块即将滑落的临界加速度；（2）先根据动能定理求解出滑倒最低点时的动能，再根据机械能的表达式求解出滑块在B点的速度；（3）对滑块受力分析，分别求出向上滑行和向下滑行的加速度，然后根据运动学公式求解出BC间的距离．【解答】解：（1）滑块在圆盘上做圆周运动时，静摩擦力充当向心力，根据牛顿第二定律可得，μmg=mω2R代入数据得：（2）滑块在A点时的速度：v A=ωR=1m/s从A到B的运动过程中由动能定理得：在B点时的机械能：滑块在B点的速度：v B=4m/s（3）滑块沿BC段向上运动时的加速度大小：返回时的加速度大小：BC间的距离：答：（1）若圆盘半径为R，当圆盘的角速度是5rad/s时，滑块从圆盘上滑落；（2）滑块到达B点时的速度4m/s．（3）从滑块到达B点时起，经0.6s正好通过C点，BC之间的距离是0.76m．【点评】本题关键把物体的各个运动过程的受力情况和运动情况分析清楚，然后结合动能定理、牛顿第二定律和运动学公式求解．。

河南省驻马店市泌阳第一高级中学高三物理上学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，在水平力作用下，木块A、B保持静止。

若木块A与B的接触面是水平的，且F≠0。

则关于木块B的受力个数可能是( )A.3个或4个B.3个或5个C.4个或5个D.4个或6个参考答案：C2. （多选）（2014秋?乐陵市校级月考）如图所示，一个质量为M、倾角为30°的光滑斜面体放在粗糙水平桌面上，质量为m的小木块从斜面顶端无初速度滑下的过程中，斜面体静止不动．则下列关于此斜面体对水平桌面压力F N的大小和桌面对斜面体摩擦力F f的说法正确的（）A. F N=Mg+mgB. F N=Mg+mgC. F f方向向左，大小为mgD. F f方向向左，大小为mg参考答案：BD考点: 摩擦力的判断与计算解：先对滑块受力分析，受重力和支持力，如图，根据牛顿第二定律，有：N=mgcosθmgsinθ=ma对斜面体受力分析，受重力、支持力、压力和向右的静摩擦力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：Mg+Ncosθ=N′f=Nsinθ联立解得：N′=Mg+mgcos2θ=Mg+mgf=mgsinθcosθ=mg，方向向左故AC错误，BD正确；故选：BD．3. （单选）某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N。

他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v-t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）参考答案：B4. 雨后太阳光入射到水滴中发生色散而形成彩虹．设水滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平面内，a、b、c、d代表四条不同颜色的出射光线，则它们可能依次是()A．紫光、黄光、蓝光和红光B．紫光、蓝光、黄光和红光C．红光、蓝光、黄光和紫光D．红光、黄光、蓝光和紫光参考答案：B由太阳光第一次进入水珠时的色散即可作出判断，把水珠看作三棱镜，向下偏折程度最大的光线一定是紫光，偏折程度最小的是红光，从图上可看出，a是紫光，d是红光，则b是蓝光，c是黄光，所以正确答案是B.5. 两个绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星，轨道如图所示，下列判断正确的是：A、两卫星的角速度关系：ωa < ωbB、两卫星的向心加速度关系：a a > a bC、两卫星的线速度关系：v a > v bD、两卫星的周期关系：T a < T b参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，把电量为 -6×10C的电荷，从电场中的A点移到B点，其电势能_______(选填“增大”、“减小”或“不变”)；若A点的电势为=16V，B点的电势为=10V，则此过程中电场力做的功为___________J。

河南省驻马店市泌阳县第一初级中学高三物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动的速度—时间图象，由图可知（）A．0—6s内物体的运动方向不变B．3s末物体的加速度方向发生变化C．物体所受合外力的方向一直向南D．物体所受合外力的方向一直向北参考答案：D2. 如图所示，质量为m的球与弹簧Ⅰ和水平细线Ⅱ相连Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P、Q.球静止时，Ⅰ中拉力大小为F1，Ⅱ中拉力大小为F2，当仅剪断Ⅰ、Ⅱ中的一根的瞬间时，球的加速度a应是 ( )A．若断Ⅰ，则a＝g，方向竖直向下B．若断Ⅱ，则a＝，方向水平向左C．若断Ⅰ，则a＝，方向沿Ⅰ的延长线D．若断Ⅱ，则a＝g，方向竖直向上参考答案：AB3. （单选）两个等量异种点电荷位于x轴上，相对原点对称分布，能正确描述x轴上的电势随位置变化规律的是图（）参考答案：【知识点】电势差与电场强度的关系；电场的叠加；电势．I1 I2【答案解析】A 解析：两个等量异号电荷的电场线如下图，根据“沿电场线方向电势降低”的原理，从左侧无穷远处向右电势应升高，正电荷所在位置处最高；然后再慢慢减小，O点处电势为零，则O点右侧电势为负，同理到达负电荷时电势最小，经过负电荷后，电势开始升高，直到无穷远处，电势为零；故B、C、D是错误的；A正确．故选A．【思路点拨】本题根据电场线的性质，沿电场线的方向电势降低进行判断即可．本题中应明确沿电场线的方向电势降低；并且异号电荷连线的中垂线上的电势为零；因为其中垂线为等势面，与无穷远处电势相等．4. 右图为两分子系统的势能Ep与两分子间距离r的关系曲线，下列说法正确的是A．当r大于r1时，分子间的作用力表现为引力B．当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力C．当r等于r1时，分子间的作用力为零D．在r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做负功参考答案：B5. 表中记录了与地球、月球有关的数据资料（以地球为参考系），利用这些数据来计算地球表面与月球表面之间的距离s，下列方法正确的是A．利用激光束的反射来算B．利用地球表面的重力加速度、月球绕地球转动的线速度关系m月g0=来算C．利用月球绕地球转动的线速度、周期关系来算D．利用月球表面的重力加速度、月球绕地球转动的周期关系来算参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. ①如图所示，一竖直的半圆形光滑轨道与一光滑曲面在最低点平滑连接，一小球从曲面上距水平面高处由静止释放，恰好通过半圆最高点，则半圆的半径=②用游标卡尺测量小球的直径，如图所示的读数是 mm。

2015-2016学年河南省驻马店市泌阳一中高三（上）周考物理试卷（11.15）二．选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～18只有一项符合题目的要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．伽利略曾说过：“科学是在不断改变思维角度的探索中前进的”．他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关2．如图所示，斜面体固定在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2（如图）作用下，在同一斜面上做速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法中正确的是（）A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v1一定小于v2D．v1可能小于v23．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t 图象可能正确的是（）A．B．C．D．4．在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角作直线运动．关于带电小球的电势能ε和机械能W的判断，正确的是（）A．若sinθ＜，则ε一定减小，W一定增加B．若sinθ=，则ε、W一定不变C．若sinθ＞，则ε一定增加，W一定减小D．若tanθ=，则ε可能增加，W一定增加5．如图所示，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a．在船下水点A的下游距离为b处是瀑布．为了使小船渡河安全（不掉到瀑布里去）（）A．小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t=．速度最大，最大速度为v max=B．小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小．速度最大，最大速度为v max=C．小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最长．速度最小，最小速度v min=D．小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小．最小速度v min=6．某家用桶装纯净水手压式饮水器如图，在手连续稳定的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为η，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出水口倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出水口的横截面积为S，水的密度为ρ，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．出水口单位时间内的出水体积Q=vSB．出水口所出水落地时的速度C．出水后，手连续稳定按压的功率为+D．手按压输入的功率等于单位时间内所出水的动能和重力势能之和7．2014年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象．“土星冲日”是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线．该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出（）A．土星质量B．地球质量C．土星公转周期D．土星和地球绕太阳公转速度之比8．水平地面上有两个固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L1、L2，且L1＜L2，如图所示．两个完全相同的小滑块A、B（可视为质点）与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，则（）A．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一定相同B．滑块A到达底端时的动能一定比滑块B到达底端时的动能大C．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大D．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同二、解答题（共2小题，满分15分）9．下面是关于“验证力的平行四边形定则”的实验．（1）某同学的实验操作主要步骤如下：A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；E．只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮筋使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按照同一标度作出这个力F′的图示；F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是．（2）如图为利用实验记录的结果作出的图，则图中的是力F1和F2的合力理论值，是力F1和F2的等效合力的实际测量值．（3）如果某同学实验中测出F1＞F2的同时，还用量角器测量出F1和F2的夹角为75°，然后做出如下的几个推断，其中正确的是．A．将F1转动一定的角度，可以使合力F的方向不变B．将F2转动一定的角度，可以使合力F的方向不变C．保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°，可以使合力F 的大小和方向都不变D．只有保持F1和F2的大小不变，同时转动一定的角度，才可能使合力F的大小和方向都不变．10．某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3V，内阻约为3kΩC．定值电阻R0未知D．滑动变阻器R，最大阻值R mE．导线和开关（1）根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的电路图（2）实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值R m，再闭合开关，电压表V1和V2的读数分别为U10、U20，则R0=（用U10、U20、R m表示）（3）实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1﹣U2图象如图丙所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，则两节干电池的总电动势E=，总内阻r=（用k、a、R0表示）．三、解答题（共2小题，满分32分）11．如图所示，斜面倾角为θ，斜面上AB段光滑，其它部分粗糙，且斜面足够长．一带有速度传感器的小物块（可视为质点），自A点由静止开始沿斜面下滑，速度传感器上显示的取g=10m/s2，求：（1）斜面的倾角θ多大？（2）小物块与斜面的粗糙部分间的动摩擦因数μ为多少？（3）AB间的距离x AB等于多少？12．如图所示，质量为m、电荷量为+q的小球（视为质点）通过长为L的细线悬挂于O点，以O点为中心在竖直平面内建立直角坐标系xOy，在第2、3象限内存在水平向左的匀强电场，电场强度大小为E=（式中g为重力加速度）．（1）把细线拉直，使小球在第4象限与x正方向成θ角处由静止释放，要使小球能沿原路返回至出发点，θ的最小值为多少？（2）把细线拉直，使小球从θ=0°处以初速度v0竖直向下抛出，要使小球能在竖直平面内做完整的圆周运动，则v0的最小值为多少？【物理--选修3-4】13．如图所示为某时刻从O点同时发出的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，P点在甲波最大位移处，Q点在乙波最大位移处，下列说法中正确的是（）A．两列波传播相同距离时，乙波所用的时间比甲波的短B．P点比Q点先回到平衡位置C．在P质点完成20次全振动的时间内Q质点可完成30次全振动D．甲波和乙波在空间相遇处不会产生稳定的干涉图样14．如图所示，ABCD是柱体玻璃棱镜的横截面，其中AE⊥BD，DB⊥CB，∠DAE=30°，∠BAE=45°，∠DCB=60°，一束单色细光束从AD面入射，在棱镜中的折射光线如图中ab 所示，ab与AD面的夹角α=60°．已知玻璃的折射率n=1.5，求：（结果可用反三角函数表示）（1）这束入射光线的入射角多大？（2）该束光线第一次从棱镜出射时的折射角．【物理--选修3-5】（共2小题，满分0分）15．下列说法中正确的是（）A．某放射性元素经过19天后，余下的该元素的质量为原来的，则该元素的半衰期为3.8天B．α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂结构C．对放射性物质施加压力，其半衰期将减少D．氢原子从定态n=3跃迁到n=2，再跃迁到定态n=1，则后一次跃迁辐射的光子波长比前一次的要短E．光电效应实验说明光具有粒子性16．如图所示，光滑水平面上有A、B、C三个物块，其质量分别为m A=2.0kg，m B=1.0kg，m C=1.0kg．现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J（弹簧仍处于弹性限度内），然后同时释放A、B，弹簧开始逐渐变长，当弹簧刚好恢复原长时，C恰以4m/s的速度迎面与B发生碰撞并粘连在一起．求（1）弹簧刚好恢复原长时（B与C碰撞前）A和B物块速度的大小？（2）当弹簧第二次被压缩时，弹簧具有的最大弹性势能为多少？2015-2016学年河南省驻马店市泌阳一中高三（上）周考物理试卷（11.15）参考答案与试题解析二．选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～18只有一项符合题目的要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．伽利略曾说过：“科学是在不断改变思维角度的探索中前进的”．他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关【考点】物理学史．【分析】伽利略通过通验观察和逻辑推理发现，小球沿斜面滚下的运动的确是匀加速直线运动，换用不同的质量的小球，从不同高度开始滚动，只要斜面的倾角一定，小球的加速度都是相同的；不断增大斜面的倾角，重复上述实验，得知小球的加速度随斜面倾角的增大而增大．【解答】解：A、B、伽利略通过实验测定出小球沿斜面下滑的运动是匀加速直线运动，位移与时间的二次方成正比，并证明了速度随时间均匀变化，故A错误，B正确；C、若斜面光滑，C选项从理论上讲是正确的，但伽利略并没有能够用实验证明这一点，故C错误；D、斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间随倾角的增大而减小，故D错误；故选：B2．如图所示，斜面体固定在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2（如图）作用下，在同一斜面上做速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法中正确的是（）A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v1一定小于v2D．v1可能小于v2【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，然后第物体进行受力分析，即可比较两个力的大小关系，进而比较速度的关系．【解答】解：A、设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，则：F1=mgsinθ+μmgcosθ①在与斜面夹角为α的力F2作用下运动时：F2sinα+N=mgcosθ②F2cosα=mgsinθ+μN ③由②③可知，当时，对物体的拉力有最小值．所以F2不一定大于F1．故A错误．B、两个力的功率相等，由①②③式可知，在第二种情况下，摩擦力比较小，则产生的内能比较少，所以在相同的时间内，物体增加的机械能不相同．故B错误；C、D、需要对有摩擦力和没有摩擦力减小讨论：Ⅰ、在有摩擦力时，第二种情况下，摩擦力比较小，则产生的内能比较少，则增加的机械能比较大．由于两种情况下物体的速度都不变，则动能不变，第二种情况下物体重力势能的增加量比较大，所以v1一定小于v2．Ⅱ、如果斜面是光滑的，则μ=0，由公式①③可知，F2＞F1，由于两次的功率是相等的，根据P=Fv可知，可知v1一定大于v2．故C错误，D正确．故选：D3．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t 图象可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变，故其v﹣t图象是直线；有阻力时，根据牛顿第二定律判断加速度情况，v﹣t图象的斜率表示加速度．【解答】解：没有空气阻力时，物体只受重力，是竖直上抛运动，v﹣t图象是直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度减小而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二定律，有：mg﹣f=ma，故a=g﹣，由于阻力随着速度增大而增大，故加速度减小；v﹣t图象的斜率表示加速度，故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故选：D．4．在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角作直线运动．关于带电小球的电势能ε和机械能W的判断，正确的是（）A．若sinθ＜，则ε一定减小，W一定增加B．若sinθ=，则ε、W一定不变C．若sinθ＞，则ε一定增加，W一定减小D．若tanθ=，则ε可能增加，W一定增加【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【分析】带电小球从静止开始做直线运动，受到两个恒力作用，其合力与速度方向必定在同一直线上，根据电场力与速度方向的夹角，判断电场力做功正负，确定电势能和机械能的变化．【解答】解：A、若sinθ＜，电场力可能做正功，也可能做负功，所以ε可能减小也可能增大、W可能增大也可能减小．故A错误．B、若sinθ=，则电场力与速度方向垂直，电场力不做功，ε不变化、W一定守恒．故B正确．C、若sinθ＞，电场力与重力的合力不可能沿速度方向，物体不可能做直线运动，C错误；D、若tanθ=，则电场力沿水平方向，且和重力的合力与速度方向同向，电场力做正功ε减少，W一定增加，D错误；故选B5．如图所示，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a．在船下水点A的下游距离为b处是瀑布．为了使小船渡河安全（不掉到瀑布里去）（）A．小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t=．速度最大，最大速度为v max=B．小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小．速度最大，最大速度为v max=C．小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最长．速度最小，最小速度v min=D．小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小．最小速度v min=【考点】运动的合成和分解．【分析】小船参与两个分运动，沿着船头指向的匀速直线运动和随着水流的匀速直线运动，当沿着船头指向的分速度垂直河岸时，渡河时间最短；当合速度垂直河岸时，位移最短．【解答】解：A、当小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为：t=，故A错误；B、小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小，为a，但沿着船头指向的分速度速度必须指向上游，合速度不是最大，故B错误；C、由图，小船沿轨迹AB运动位移最大，由于渡河时间t=，与船的船头指向的分速度有关，故时间不一定最短，故C错误；D、要充分利用利用水流的速度，故要合速度要沿着AB方向，此时位移显然是最大的，划船的速度最小，故：=；故D正确；故v船故选：D．6．某家用桶装纯净水手压式饮水器如图，在手连续稳定的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为η，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出水口倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出水口的横截面积为S，水的密度为ρ，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．出水口单位时间内的出水体积Q=vSB．出水口所出水落地时的速度C ．出水后，手连续稳定按压的功率为+D ．手按压输入的功率等于单位时间内所出水的动能和重力势能之和【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．【分析】出水口的体积V=Sl ，再除以时间即为位时间内的出水体积，水从出水平流出后做斜抛运动，根据动能定理求出出水口所出水落地时的速度，在时间t 内，流过出水口的水的质量m=ρSvt ，手连续稳定按压使水具有初动能和重力势能，根据势能和动能的表达式及供水系统的效率求出手连续稳定按压做的功，再根据求解功率即可．【解答】解：A 、出水口的体积V=Sl ，则单位时间内的出水体积Q=，故A 正确；B 、水从出水平流出后到落地的过程，根据动能定理得，解得：，所以出水口所出水落地时的速度为，故B 错误； C 、手连续稳定按压使水具有初动能和重力势能，在时间t 内，流过出水口的水的质量m=ρSvt ，则出水口的水具有的机械能E=，而供水系统的效率为η，所以手连续稳定按压做的功为W=，则功率P=，故C 正确； D 、手按压输入的功率等于单位时间内所出水的动能和重力势能之和除以供水系统的效率η，故D 错误；故选：AC7．2014年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象．“土星冲日”是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线．该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出（ ）A ．土星质量B ．地球质量C ．土星公转周期D ．土星和地球绕太阳公转速度之比【考点】万有引力定律及其应用；开普勒定律．【分析】地球和土星均绕太阳做圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律和圆周运动的运动公式列式分析可以求解的物理量．【解答】解：A 、B 、行星受到的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列方程后，行星的质量会约去，故无法求解行星的质量，故AB 均错误；C、“土星冲日”天象每378天发生一次，即每经过378天地球多转动一圈，根据（﹣）t=2π可以求解土星公转周期，故C正确；D、知道土星和地球绕太阳的公转周期之比，根据开普勒第三定律，可以求解转动半径之比，根据v=可以进一步求解土星和地球绕太阳公转速度之比，故D正确；故选：CD．8．水平地面上有两个固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L1、L2，且L1＜L2，如图所示．两个完全相同的小滑块A、B（可视为质点）与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，则（）A．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一定相同B．滑块A到达底端时的动能一定比滑块B到达底端时的动能大C．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大D．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同【考点】功能关系；电功、电功率．【分析】重力做功只与始末位置有关，据此确定重力做功情况，由于重力做功相同，故重力的平均功率与物体下滑时间有关，根据下滑时间确定重力做功功率，同时求得摩擦力做功情况，由动能定理确定物体获得的动能及动能的变化量，根据摩擦力做功情况判断产生的热量是否相同．【解答】解：A、A、B滑块从斜面顶端分别运动到底端的过程中，摩擦力做功不同，所以克服摩擦而产生的热量一定不同，故A错误；B、由于B物块受到的摩擦力f=μmgcosθ大，且通过的位移大，则克服摩擦力做功多，滑块A克服摩擦力做功少，损失的机械能少，根据动能定理，可知滑块A到达底端时的动能一定比B到达底端时的动能大，故B正确；C、整个过程中，两物块所受重力做功相同，但由于A先到达低端，故重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大，故C正确；D、两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度时，重力做功相同，由于乙的斜面倾角大，所以在斜面上滑行的距离不等，即摩擦力做功不等，所以机械能不同，故D错误．故选：BC．二、解答题（共2小题，满分15分）9．下面是关于“验证力的平行四边形定则”的实验．（1）某同学的实验操作主要步骤如下：A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；E．只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮筋使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按照同一标度作出这个力F′的图示；F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是CE．（2）如图为利用实验记录的结果作出的图，则图中的F是力F1和F2的合力理论值，F′是力F1和F2的等效合力的实际测量值．（3）如果某同学实验中测出F1＞F2的同时，还用量角器测量出F1和F2的夹角为75°，然后做出如下的几个推断，其中正确的是AB．A．将F1转动一定的角度，可以使合力F的方向不变B．将F2转动一定的角度，可以使合力F的方向不变C．保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°，可以使合力F 的大小和方向都不变D．只有保持F1和F2的大小不变，同时转动一定的角度，才可能使合力F的大小和方向都不变．【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】（1）步骤C中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤E中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同；（2）该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值与与理论值存在差别；（3）根据题意应用平行四边形定则作图分析答题．【解答】解：（1）力的合成遵循平行四边形定则，力的图示法可以表示出力的大小、方向和作用点，因而要表示出分力，必须先测量出其大小和方向，故步骤C中遗漏了方向；合力与分力是一种等效替代的关系，替代的前提是等效，实验中合力与分力一定产生相同的形变效果，故步骤E中遗漏了使结点到达同样的位置．（2）本实验采用了“等效法”，F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值．所以F是F1和F2的合力的理论值，F′是F1和F2的合力的实际测量值．（3）由平行四边形定则得：A．根据图象可得：将F1转动一定的角度，可以使合力F的方向不变，故A正确；B．根据图象可得：将F2转动一定的角度，可以使合力F的方向不变，故B正确C、保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°，合力F发生变化，故C错误；D、保持F1和F2的大小不变，转动一定的角度，合力F发生变化，故D错误；故选：AB．故答案为：（1）CE；（2）F；F′；（3）AB．。

河南省驻马店市泌阳一中 2016 届高三上学期周考物理试卷（实验班）一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5 题只有一项符合题目要求，第6-8 题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于伽利略对自由落体运动的研究，下列说法中正确的是（） A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同 B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证 C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比 D．伽利略用小球在斜面上验证了运动速度与位移成正比2．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P 悬于空中，Q 放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、 Q 仍静止不动，则（）A．Q 受到的摩擦力一定变小B．Q 受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变3．甲、乙、丙三个小球分别位于如图所示的竖直平面内，甲乙在同一条竖直线上，甲丙在同一条水平线上，水平面的P点在丙的正下方，在同一时刻，甲乙丙开始运动，甲以水平速度v0 做平抛运动，乙以水平速度v0 沿水平面向右做匀速直线运动，丙做自由落体运动，则（）A．若甲、乙、丙三球同时相遇，则一定发生在P点 B．若只有甲、丙两球在空中相遇，此时乙球一定在P点 C．若只有甲、乙两球在水平面上相遇，此时丙球还未着地 D．无论初速度v0 大小如何，甲、乙、丙三球一定会同时在P点相遇4．如图所示，质量分别为m1 和m2 的两物块放在水平地面上，与水平地面间的动摩擦因数都是（μ≠0），用轻质弹簧将两物块连接在一起．当用水平力F作用在m1 上时，两物块均以加速度a做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x；若用水平力F′作用在m1 时，两物块均以加速度a′=2a 做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x′．则下列关系正确的是（）A．F′=2F B．x′=2xC．F′＞2F D．x′＜2x5．如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为（）A ．sinαB．gsinαC．1.5gsinαD．2gsinα6．如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糖物块以某一初速度沿劈的斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，则在物块m上、下滑动的整个过程中（）A．地面对物体M的摩擦力先向左后向右 B．地面对物体M的摩擦力方向没有改变 C．地面对物体M的支持力总小于（M+m）g D．物块m上、下滑动时的加速度大小相同7．如图所示，物块从斜面底端以确定的初速度开始沿粗糙斜面向上作匀减速运动，恰能滑行到图中的B点．如果在滑行的过程中（）A．在物块上施加一个竖直向下的力，则不能滑行到B点 B．在物块上施加一个竖直向下的力，仍能恰好滑行到B点 C．在物块上施加一个水平向右的力，则一定能滑行到B点以上 D．在物块上施加一个水平向右的力，则一定不能滑行到B点8．如图所示，楔形物块A位于水平地面上，其光滑斜面上有一物块B，被与斜面平行的细线系住静止在斜面上．对物块A施加水平力，使A、B 一起做加速运动，A、B 始终保持相对静止．下列叙述正确的是（）A．若水平力方向向左，B 对A的压力增大，A 对地面的压力增大B．若水平力方向向左，细线的拉力减小，A 对地面的压力不变 C．若水平力方向向右，B 对A的压力减小，细线的拉力增大 D．若水平力方向向右，细线的拉力增大，A 对地的压力不变三、非选择题：包括必做题和选做题两部分，第9题～第12 题为必做题，每个试题考生必须作答，第136 题为选做题，两模块选做一模块．9．在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图甲所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7 个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz 交流电源．他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、 D、E、F 各（1）设电火花计时器的周期为T，计算v F 的公式为v F= ；根据（1）中得到的数据，以A 点对应的时刻为t=0，试在图乙所示坐标系中合理地选择标度，作出 v﹣t 图象．（3）利用该图象求物体的加速度a= m/s 2；（结果保留2位有效数字）（4）如果当时电网中交变电流的电压变成210V，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比（选填：“偏大”、“偏小”或“不变”）．10．①小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量△l 的关系，由实验绘出F与△l 的关系图线如图乙所示，该弹簧劲度系数为N/m．②小丽用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”．用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后．其部分实验操作如下，请完成下列相关内容： A．如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O； B．卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套 AO、BO 的及两弹簧称相应的读数．图丁中B弹簧称的读数为N；C．小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B 的大小和方向如图丁所示，请在图戊中作出F A、F B 的合力F′；D．已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图戊所示，观察比较F和F′，得出结论．11．某公共汽车的运行非常规则，先由静止开始匀加速启动，当速度达到v1=10m/s 时再做匀速运动，进站前开始匀减速制动，在到达车站时刚好停住．公共汽车在每个车站停车时间均为△t=25s．然后以同样的方式运行至下一站．已知公共汽车在加速启动和减速制动时加速度大小都为a=l m/s 2，而所有相邻车站间的行程都为s=600m，有一次当公共汽车刚刚抵达一个车站时，一辆电动车刚经过该车站一段时间t0=60s，已知该电动车速度大小恒定为V2=6m/s，而且行进路线、方向与公共汽车完全相同，不考虑其他交通状况的影响，试求：（1）公共汽车从其中一站出发至到达下一站所需的时间t是多少？若从下一站开始计数，公共汽车在刚到达第n站时，电动车也恰好同时到达此车站，n 为多少？12．如图所示，一块质量为M、长为L的匀质板放在很长的光滑水平桌面上，板的左端有一质量为 m 的物块，物块上连接一根很长的细绳，细绳跨过位于桌面边缘的定滑轮，某人以恒定的速度υ向下拉绳，物块最多只能到达板的中点，而且此时板的右端尚未到达桌边定滑轮．求（1）物块与板的动摩擦因数及物块刚到达板的中点时板的位移；若板与桌面间有摩擦，为使物块能达到板的右端，板与桌面的动摩擦因数的范围．【选做一】【物理一选修3-4】13．A、B 两列简谐横波均沿x轴正向传播，在某时刻的波形分别如图中甲、乙所示，经过时间t（t 小于A波的周期T A），这两列简谐横波的波形分别变为图中丙、丁所示，则A、B 两列波的波速 v A、v B 之比可能是（）A．1：1 B．2：1 C．1：2 D．3：1E．1：314．如图所示，横截面为直角三角形的玻璃砖A BC．AC 边长为L，∠B=30°，光线P、Q 同时由A C 中点射入玻璃砖，其中光线P方向垂直A C 边，光线Q方向与A C 边夹角为45°．发现光线Q第一次到达B C 边后垂直B C 边射出．光速为c，求：Ⅰ．玻璃砖的折射率；Ⅱ．光线P由进入玻璃砖到第一次由B C 边出射经历的时间．【选做二】【物理一选修3-5】15．19 世纪初，爱因斯坦提出光子理论，使得光电效应现象得以完美解释，玻尔的氢原子模型也是 在光子概念的启发下提出的．关于光电效应和氢原子模型，下列说法正确的是（ ） A ．光电效应实验中，入射光足够强就可以有光电流B ．若某金属的逸出功为 W 0，该金属的截止频率为C ．保持入射光强度不变，增大入射光频率，金属在单位时间内逸出的光电子数将减小D ．一群处于第四能级的氢原子向基态跃迁时，将向外辐射六种不同频率的光子E ．氢原子由低能级向高能级跃迁时，吸收光子的能量可以稍大于两能级间能量差16．如图所示，轻弹簧的两端与质量均为 2m 的 B 、C 两物块固定连接，静止在光滑水平面上，物块 C 紧靠挡板但不粘连．另一质量为 m 的小物块 A 以速度 v o 从右向左与 B 发生弹性正碰，碰撞时间 极短可忽略不计．（所有过程都在弹簧弹性限度范围内）求：（1）A 、B 碰后瞬间各自的速度； 弹簧第一次压缩最短与第一次伸长最长时弹性势能之比．河南省驻马店市泌阳一中2016 届高三上学期周考物理试卷（实验班）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5 题只有一项符合题目要求，第6-8 题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于伽利略对自由落体运动的研究，下列说法中正确的是（） A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同 B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证 C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比 D．伽利略用小球在斜面上验证了运动速度与位移成正比【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】要了解伽利略“理想斜面实验”的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理．（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端．【解答】解：A、亚里士多德认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同，故A错误； B、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，故B错误． C、伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比，故C正确． D、小球在斜面上运动运动速度与位移不成正比，故D错误，故选C．【点评】伽利略的“理想斜面实验”是建立在可靠的事实基础之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶．2．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P 悬于空中，Q 放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、 Q 仍静止不动，则（）A．Q 受到的摩擦力一定变小B．Q 受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．【解答】解：进行受力分析：对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q 物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B 错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P 物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D 正确．故选D．【点评】对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用．对于静摩擦力的判断要根据外力来确定．3．甲、乙、丙三个小球分别位于如图所示的竖直平面内，甲乙在同一条竖直线上，甲丙在同一条水平线上，水平面的P点在丙的正下方，在同一时刻，甲乙丙开始运动，甲以水平速度v0 做平抛运动，乙以水平速度v0 沿水平面向右做匀速直线运动，丙做自由落体运动，则（）A．若甲、乙、丙三球同时相遇，则一定发生在P点 B．若只有甲、丙两球在空中相遇，此时乙球一定在P点 C．若只有甲、乙两球在水平面上相遇，此时丙球还未着地 D．无论初速度v0 大小如何，甲、乙、丙三球一定会同时在P点相遇【考点】平抛运动；匀速直线运动及其公式、图像．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，两个分运动具有等时性．【解答】解：甲做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，所以在在未落地前任何时刻，两球都在一竖直线上，最后在地面上相遇，可能在P点前，也可能在P点后；甲在竖直方向上做自由落体运动，所以在未落地前的任何时刻，两球在同一水平线上，两球相遇点可能在空中，可能在P点．所以，若三球同时相遇，则一定在P点，若甲丙两球在空中相遇，乙球一定在P点，若甲乙两球在水平面上相遇，丙球一定落地．故A、B 正确，C、D 错误．故选A B．【点评】解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．4．如图所示，质量分别为m1 和m2 的两物块放在水平地面上，与水平地面间的动摩擦因数都是（μ≠0），用轻质弹簧将两物块连接在一起．当用水平力F作用在m1 上时，两物块均以加速度a做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x；若用水平力F′作用在m1 时，两物块均以加速度a′=2a 做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x′．则下列关系正确的是（）A．F′=2F B．x′=2xC．F′＞2F D．x′＜2x【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二定律求出F和F′，再分别以m1 和m2 为研究对象，求出弹簧的弹力，由胡克定律分析弹簧伸长量的关系【解答】解：A、C 以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二定律得：F﹣（m1+m2）g=（m1+m2）a…①F ′﹣ （m 1+m 2）g=2（m 1+m 2）a …②显然，F ′＜2F ．故 A C 均错误．B 、D ，由①得：a=由②得：2a= ﹣ g ，分别以 m 1 为研究对象，由牛顿第二定律得： kx ﹣ m 1g=m 1a=m 1（），得：x=kx ′﹣ m 1g=2m 1a=m 1（﹣ g ，），得：x ′=则有 x ′＜2x ．故 B 错误，D 正确． 故选：D 【点评】本题的解答关键是灵活选择研究对象，采用先整体法求解出物体的共同加速度，然后隔离 法对物体利用牛顿第二定律求解，比较简捷5．如图，在倾角为 α 的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木 板的质量是猫的质量的 2 倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置 不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为（ ）A ．sin αB ．gsin αC ．1.5gsin αD ．2gsin α【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对猫和木板受力分析受力分析，可以根据各自的运动状态由牛顿第二定律分别列式来求 解，把猫和木板当做一个整体的话计算比较简单．【解答】解：木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为 零．将木板和猫作为整体，由牛顿第二定律，受到的合力为 F 木板=2ma ，猫受到的合力为 F 猫=0 则整体受的合力等于木板受的合力：F 合=F 木板=2ma （a 为木板的加速度）， 又整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小（垂直斜面分力问零）即 F 合=3mgsin α，解得 a =1.5gsin α故选：C ．【点评】本题应用整体法对猫和木板受力分析，根据牛顿第二定律来求解比较简单，当然也可以采 用隔离法，分别对猫和木板受力分析列出方程组来求解．6．如图所示，质量为 M 的斜劈形物体放在水平地面上，质量为 m 的粗糖物块以某一初速度沿劈的 斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体 M 始终保持静止，则在物块 m 上、下滑动的整个过 程中（ ）A ．地面对物体 M 的摩擦力先向左后向右B ．地面对物体 M 的摩擦力方向没有改变 C ．地面对物体 M 的支持力总小于（M+m ）g D ．物块 m 上、下滑动时的加速度大小相同【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下；对整体受力分析，然后根据牛顿 第二定律求解地面对物体 M 的摩擦力和支持力；对小滑块受力分析，根据牛顿第二定律分析 m 的加 速度情况．【解答】解：A 、B 、物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受 到总重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有 x 分析：f=masin θ ① y 分析：（M+m ）g ﹣N=masin θ ② 物体上滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有mgsin θ+ mgcos θ=ma 1 ③ 物体下滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有mgsin θ﹣ mgcos θ=ma 2 ④ 由①式，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故 A 错误，B 正确； C 、由②式，地面对物体 M 的支持力总小于（M+m ）g ，故 C 正确；D、由③④两式，物体沿斜面向上滑动时，加速度较大，故D错误；故选：BC．【点评】本题关键是对整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解出支持力和静摩擦力的表达式后进行分析讨论；整体法不仅适用与相对静止的物体系统，同样也适用于有相对运动的物体之间．7．如图所示，物块从斜面底端以确定的初速度开始沿粗糙斜面向上作匀减速运动，恰能滑行到图中的B点．如果在滑行的过程中（）A．在物块上施加一个竖直向下的力，则不能滑行到B点 B．在物块上施加一个竖直向下的力，仍能恰好滑行到B点 C．在物块上施加一个水平向右的力，则一定能滑行到B点以上 D．在物块上施加一个水平向右的力，则一定不能滑行到B点【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体匀减速上滑，施加力F前后，分别对物体受力分析并根据牛顿第二定律判断加速度的变化情况即可．【解答】解：物体匀减速上滑，施加力F前，物体受重力m g、支持力N和滑动摩擦力f，根据牛顿第二定律，有平行斜面方向：mgsinθ+f=ma垂直斜面方向：N﹣mgcosθ=0其中：f= N故有：mgsinθ+ mgcosθ=ma解得：a=g（sinθ+ cosθ）…①A、B、在物块上施加一个竖直向下的恒力F后，根据牛顿第二定律，有平行斜面方向：（mg+F）sinθ+f′=ma′ 垂直斜面方向：N﹣（mg+F）cosθ=0其中：f′= N解得：…② 由①②得到加力后加速度变大，故物体一定不能到达B点，故A正确B错误； C、D、在物块上施加一个水平向右的恒力，根据牛顿第二定律，有平行斜面方向：mgsinθ+f1﹣Fcosθ=ma1垂直斜面方向：N﹣mgcosθ﹣Fsinθ=0其中：f1= N1故m gsinθ+ （mgcosθ+Fsinθ）﹣Fcosθ=ma1解得：…③ 由①③得到，由于动摩擦因素与角度θ大小关系未知，故无法比较两个加速度的大小关系，因此无法确定上滑的位移大小关系；故CD 错误；故选：A．【点评】本题关键是多次受力分析后，根据牛顿第二定律求解出加速度表达式进行讨论，过程较为复杂，一定要细心．8．如图所示，楔形物块A位于水平地面上，其光滑斜面上有一物块B，被与斜面平行的细线系住静止在斜面上．对物块A施加水平力，使A、B 一起做加速运动，A、B 始终保持相对静止．下列叙述正确的是（）A．若水平力方向向左，B 对A的压力增大，A 对地面的压力增大B．若水平力方向向左，细线的拉力减小，A 对地面的压力不变 C．若水平力方向向右，B 对A的压力减小，细线的拉力增大 D．若水平力方向向右，细线的拉力增大，A 对地的压力不变【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先对A B 整体分析，根据牛顿第二定律列式求解支持力；然后隔离物体B分析，根据牛顿第二定律列式求解细线的拉力和支持力．【解答】解：不受水平拉力时，对A B 整体分析，受重力和支持力，故支持力等于整体的重力；再对物体B分析，受重力、细线的拉力、支持力，根据平衡条件，有：T=mgsinθN=mgcosθA、B、若水平力方向向左，整体向左加速，对A B 整体分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二定律，对地压力等于重力，不变；再对物体B分析，受重力、细线的拉力、支持力，根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向，有：mgsinθ﹣T′=ma x垂直斜面方向，有：N′﹣mgcosθ=ma y故T′＜T，N′＞N；故A错误，B 正确；C、D、若水平力方向向右，整体向右加速，对A B 整体分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二定律，对地压力等于重力，不变；再对物体B分析，受重力、细线的拉力、支持力，根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向，有：T″﹣mgsinθ=ma x垂直斜面方向，有：mgcosθ﹣N″=ma y故T＜T″，N＞N″；故C正确，D 正确；故选：BCD．【点评】本题关键是明确物体的受力情况和运动情况，然后根据牛顿第二定律列式求解，不难．三、非选择题：包括必做题和选做题两部分，第9题～第12 题为必做题，每个试题考生必须作答，第136 题为选做题，两模块选做一模块．9．在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图甲所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7 个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz 交流电源．他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、 D、E、F 各点时物体的瞬时速度如下表：对应点 B C D E F速度（m/s ）0.141 0.185 0.220 0.254 0.301（1）设电火花计时器的周期为 T ，计算 v F 的公式为 v F = ； 根据（1）中得到的数据，以A 点对应的时刻为 t =0，试在图乙所示坐标系中合理地选择标度，作出v ﹣t 图象．（3）利用该图象求物体的加速度 a = 0.40 m /s 2；（结果保留 2 位有效数字）（4）如果当时电网中交变电流的电压变成 210V ，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值 与实际值相比 不变 （选填：“偏大”、“偏小”或“不变”）．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题；直线运动规律专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出 F 点的 瞬时速度；根据描点法作出图象．（3）根据 v ﹣t 图象的物理意义可知，图象的斜率表示加速度的大小，因此根据图象求出其斜率大 小，即可求出其加速度大小．（4）打点计时器的打点频率是与交流电源的频率相同，所以即使电源电压降低也不改变打点计时器 打点周期．【解答】解：（1）根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，电火花计 时器的周期为 T ，所以从 E 点到 G 点时间为 10T ，有：v F =， 根据图中数据，利用描点法做出图象如下；（3）图象斜率大小等于加速度大小，故a==0.40m/s 2．（4）电网电压变化，并不改变打点的周期，故测量值与实际值相比不变．故答案为：（1）；如图（3）0.40；（4）不变【点评】本题考查了利用匀变速直线运动的规律和推论解决问题的能力，同时注意图象法在物理实验中的应用．10．①小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量△l 的关系，由实验绘出F与△l 的关系图线如图乙所示，该弹簧劲度系数为125 N/m．②小丽用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”．用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后．其部分实验操作如下，请完成下列相关内容： A．如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O； B．卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套 AO、BO 的方向及两弹簧称相应的读数．图丁中B弹簧称的读数为11.40 N；C．小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B 的大小和方向如图丁所示，请在图戊中作出F A、F B 的合力F′；D．已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图戊所示，观察比较F和F′，得出结论．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题．【分析】①由胡克定律可知，弹簧的弹力F与弹簧的伸长量△l 成正比，根据图象可以求出弹簧的劲度系数．②验证“力的平行四边形定则”．需要测量力的大小和方向，弹簧秤读数时，搞清每一格的分度为多少．根据平行四边形定则作出合力．【解答】解：①弹簧的F﹣△l 图象的斜率是弹簧的劲度系数，由图象可知，弹簧的劲度系数：k===125N/m；②B、实验时，需记录细绳套A O、BO 的方向以及两弹簧称相应的读数．图丁中B弹簧称的读数为11.40N．D、根据平行四边形定则作出合力，如图所示：。

2016届高三物理科单元补充训练题（一）运动学与静力学一．单项选择题：1. 某人骑自行车在平直道路上行进,图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v-t 图象.某同学为了简化计算,用虚线作近似处理,下列说法正确的是A.在t 1时刻,虚线反映的加速度比实际的大B.在0-t 1时间内,由虚线计算出的平均速度比实际的大C.在t 1-t 2时间内,由虚线计算出的位移比实际的大D.在t 3-t 4时间内,虚线反映的是静止状态2. 杂技表演的安全网如图甲所示,网绳的结构为正方形格子,O 、a 、b 、c 、d……等为网绳的结点,安全网水平张紧后,若质量为m 的运动员从高处落下,并恰好落在O 点上,该处下凹至最低点时,网绳dOe,bOg 均为120°张角,如图乙所示,此时O 点受到向下的冲击力大小为2F,则这时O 点周围每根网绳承受的张力大小为A.FB.2F C.mg F +2 D.22mgF +3. 列车长为l ，铁路桥长为2l ，列车匀加速行驶过桥，车头过桥头的速度为v 1，车头过桥尾时的速度为v 2，则车尾过桥尾时速度为 A.3v 2－v 1 B.3v 2＋v 1 C.(3v 22－v 21)2 D.3v 22－v 2124. 如图所示,两根直木棍AB 和CD 相互平行,固定在同一个水平面上一个圆柱形工件P 架在两木棍之间,在水平向右的推力F 的作用下,恰好能向右匀速运动.若保持两木棍在同一水平面内,但将它们间的距离稍微增大一些后固定.将该圆柱形工件P 架在两木棍之间,用同样的水平推力F 向右推该工件,则下列说法中正确的是 A.该工件仍可能向右匀速运动 B.该工件P 可能向右加速运动 C.AB 棍受到的摩擦力一定大于F/2 D.AB 棍受到的摩擦力一定等于F/25. 用与竖直方向成θ角（θ＜45°）的倾斜轻绳a 和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b 的拉力为F 1。

现保持小球在原位置不动，使绳b 在原竖直平面内逆时转过θ角后固定，绳b 的拉力变为F 2；再转过θ角固定，绳b 的拉力为F 3，则： A.F 1=F 3>F 2 B.F 1<F 2<F 3C.F 1=F 3<F 2D.F 1>F 2>F 3 二．双选题：6. 如图甲所示,劲度系数为k 的轻弹簧竖直放置,下端固定在水平地面上,一质量为m 的小球,从离弹簧上端高h 处由静止释放,落在弹簧上后继续向下运动到最低点的过程中,小球的速度v 随时间t 的变化图象如图乙所示,其中OA 段为直线,AB 段是与OA 相切于A 点的曲线,BCD 是平滑的曲线.若以小球开始下落的位置为原点,沿竖直向下方向建立坐标轴Ox,则关于A 、B 、C、D 各点对应的小球下落的位置坐标x 及所对应的加速度a 的大小,以下说法正确的是A.x A =h,a A =0B.x B =h+k mg,a B =0 C.x C =h+2k mg,a C =g D.x D =h+2kmg ,a D >g7. 物体沿一直线运动，在t 时间内通过路程为s ，它在中间位置12s 处的速度为v 1，在中间时刻12t 时的速度为v 2，则v 1和v 2的关系为A.当物体做匀加速直线运动时，v 1＞v 2B.当物体做匀减速直线运动时，v 1＞v 2C.当物体做匀加速直线运动时，v 1＝v 2D.当物体做匀减速直线运动时，v 1＜v 2 8. 如图所示，有三根完全相同的重都为G 的圆木柱A 、B 、C ， 先把A 、B 紧靠着放在水平地面上，再把C 轻放在A 、B 上保持静止，则下面说法中正确的是A.圆木柱A 对地面的压力大于1.5GB.圆木柱A 对地面的压力等于1.5GC.圆木柱C 对圆木柱A 的压力大于0.5GD.圆木柱C 对圆木柱A 的压力等于0.5G9. 两个共点力F 1、F 2互相垂直，其合力为F ，F 1与F 间的夹角为α，F 2与F 间的夹角为β，如图所示.若保持合力F 的大小和方向均不变而改变F 1时，对于F 2的变化情况，以下判断正确的是：A.若保持α不变而减小F 1，则β变小，F 2变大B.若保持α不变而减小F 1，则β变大，F 2变小C.若保持F 1的大小不变而减小α，则β变大，F 2变大D.若保持F 1的大小不变而减小α，则β变小，F 2变小三.实验题： 10. “研究共点力的合成”的实验情况如图甲所示,其中A 为固定橡皮筋的图钉,O 为橡皮筋与细绳的结点,OB 和OC 为细绳,图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示.(1)图乙中的F 与F′两力中,方向一定沿AO 方向的是力__________. (2)本实验采用的主要科学方法是:A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法 (3)实验中可减小误差的措施有: A.两个分力F 1、F 2的大小要尽量大些 B.两个分力F 1、F 2间夹角要尽量大些C.拉橡皮筋时,弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行F 1F 2甲 乙A甲 乙2D.拉橡皮条的细绳要长些,标记同一细绳方向的两点要远些11. 某同学在做“测定木板与木块间动摩擦因素”的实验时，设计了两种实验方案： 方案一：木板固定，用弹簧测力计拉动木块，如图（a ）所示。