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湖南省郴州市2017届高三上学期第一次教学质量监测物理试题一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中1～8只有一项符合题目要求，第9～12小题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。
）1．在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是A．伽利略利用“理想斜面”得出“力是维持物体运动的原因”的观点B．牛顿提出了行星运动的三大定律C．英国物理学家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了万有引力常量D．开普勒从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点【答案】C考点：物理学史【名师点睛】本题考查了一些力学物理学史，对于牛顿、伽利略和笛卡儿关于运动和力的观点，要理解并记牢。
2．甲、乙两物体在t=0时的位置如图(a)所示，之后它们沿x轴正方向运动的速度图象如图(b)所示，则以下说法正确的有A．t=2s时甲追上乙B．在前4s内甲乙两物体位移相等C ．甲追上乙之前两者间的最远距离为4mD ．甲追上乙时的速度大小为8m/s【答案】B考点：追击及相遇问题【名师点睛】本题的关键抓住速度图象的“面积”大小等于位移，分析两物体的运动关系，知道速度相等时，两个物体相距最远。
3．在水平路面上做匀速直线运动的小车上有一固定的竖直杆，竖直杆上的三个水平支架上有三个完全相同的小球A 、B 、C ，它们离地面的高度分别为3h 、2h 和h ，当小车遇到障碍物P 时，立即停下来，三个小球同时从支架上水平抛出，先后落到水平路面上，三个小球落地点的间隔距离分别为L 1、L 2，如图所示。
则下列说法正确的是A ．三个小球落地时间差与车速有关B ．三个小球落地点的间隔距离L 1=L 2C ．三个小球落地点的间隔距离L 1<L 2D ．三个小球落地点的间隔距离L 1>L 2【答案】C【解析】试题分析：平抛运动竖直方向做自由落体运动，y=12gt 2，t 的高度y ，与初速度无关，三个小球落地时间与水平速度无关，所以时间差也与水平速度无关，故A 正确；B ：平抛运动竖直方向做自由落体运动，y=12gt 2，t ，小球在水平方向上做匀速直线运动，水平位移：x=v 0t=v 0，10A B L x x v =-=，20B C L x x v =-=，因为，所以L 1＜L 2，故C 正确，BD 错误．故选C 。
湖南六校联盟2016-2017学年高一上学期期末考试物理一、选择题1．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和等效替代法等，以下关于物理学研究方法的叙述错误的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当t∆非常小时，就可以用t∆时间内的平均速度表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在验证力的平行四边形定则实验时，同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置，该实验运用了等效替代法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法【答案】A【解题思路】试题分析：质点属于理想模型，选项A错误；根据速度定义式xvt∆=∆，当△t非常非常小时，xvt∆=∆就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，选项B正确；在实验中必须确保橡皮筋拉到同一位置，即一力的作用效果与两个力作用效果相同，运用了等效替代法，选项C正确；在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，选项D正确。
考点：考查了物理研究方法【名师点睛】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理研究方法，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2．下列说法正确的是（）A．在10公里竞走比赛中边裁眼中的运动员可视为质点B．铅球比赛中运动员的成绩就是铅球位移的大小C，在标准跑道上6名运动员角逐400m冠亚军，则这6名运动员全程的的位移和路程均相同C．在冰壶比赛中，运动员用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，是为了使冰面熔化，减小冰壶和冰面之间的摩擦力【答案】D【解题思路】在10公里竞走比赛中边裁要看运动员是否在竞走，要看动作，不能看作质点，选项A错误；计量铅球运动员的比赛成绩是初位置与末位置的水平距离，不是指位移，铅球的位移为一条斜线，选项B错误；标准跑道一圈400m，则400m比赛的路程为400m，但六个运动员的起点位置不同，末位置在同一直线上，只有内圈的位移为零，其他5个人的位移不为零，位移不同，但路程相同，选项C错误；运动员用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，使冰面熔化，减小冰壶和冰面之间的摩擦力，选项D正确。
二、选择题（本题8小题,每小题6分；在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一个符合题目要求，第19—21题有多个选项符合题目要求了全部选对的得6分,选对但不全的得3分，有选错的得0分）14、物体受到几个恒力的作用而处于平衡状态，若再对物体施加一个恒力,则物体不可能做（）A。
匀加速直线运动B。
匀减速直线运动C。
非匀变速曲线运动 D.匀变速曲线运动【答案】C【解析】考点：曲线运动【名师点睛】本题关键明确平衡状态、平衡条件、曲线运动的条件和直线运动的条件，曲线运动的条件是速度与合力不共线；直线运动是合外力与速度共线;基础题。
15、如图所示,电路中有三个完全相同的灯泡，额定电压均为U，额定功率均为P，变压器为理想变压器,现在三个灯泡都正常发光，则变压器的匝数比n1:n2和电源电压U1和电源的功率P1分别为( ）A．1：2 2U P B．1:2 3U 2P C．2:13U 3P D．2：1 2U 4P【答案】C【解析】试题分析：设灯泡正常发光时,额定电流为I0．由题图可知，原线圈中电流I原=I0，副线圈中两灯并联,副线圈中电流I副=2I0，U副=U；根据理想变压器的基本规律：I n1=I副n2得n1:n2=2：1;U原：U副=n1:n2得U原=2U，原所以U1=3U．电源的功率为3P；故C正确．故选C。
考点:变压器;电功率【名师点睛】变压器的特点：匝数与电压成正比，与电流成反比，输入功率等于输出功率；解决本题的切入口是灯泡正常发光，间接告诉我们原副线圈中电流的比例关系。
111］16、小球从高h处由静止释放，与水平地面碰撞后反弹的高度为3h/4；设小球与地面碰撞时没有动能损失，选水平地面为零势能面，小球在运动过程中受到的空气阻力大小不变，则（）A．小球受到的空气阻力是其重力的3/4B．小球第一次动能和重力势能相等的位置高为1h2 C．小球每次反弹的高度变小，说明重力和空气阻力做的功都使小球的机械能减小D．小球从释放到最后停止运动,所经过的总路程为7h【答案】D【解析】考点：动能定理【名师点睛】本题涉及力在空间的效果，关键是正确的选择研究过程,解题时首先考虑运用动能定理，要知道空气阻力做功与总路程有关。
湖南省长沙市2017届高三12月联考物 理分值：110分；时量：80分钟答题说明：①1-8题为单选题，9-12题为多选题；②计算中，取g=10m/s 2，sin37°=cos53°=0.6，cos37°=sin53°=0.8； ③请在答题卡上作答，答在试题卷上的答案无效。
一、选择题（每小题4分，共48分；1-8题为单选题，9-12题为多选题）1.通过认真学习，同学们掌握了丰富的物理知识。
在下列说法中，请把正确的说法选出来。
（ ）A.汽车在光滑的水平面上运动时，驾驶员通过操作方向盘，可以使汽车转弯B.在某一过程中，只要物体的位移为0，任何力对该物体所做的功就为0C.物体的速度为0时，其加速度可能不为0D.静摩擦力对受力物体可以做正功，滑动摩擦力对受力物体一定做负功 2.下列说法正确的是（ ）A.将通电直导线放在某处，若通电直导线所受安培力为零，则该处的磁感应强度为零B.磁场中某点的磁场方向，与放在该点的极短的通电导线所受安培力的方向可以成任意夹角C.磁场中某点的磁场方向，与放在该点的小磁针北极受到的磁场力的方向相同D.给两平行直导线通以方向相反的电流时，两通电导线通过磁场相互吸引3.如图1所示，理想变压器初、次级线圈分别接有R 1、R 2，R 1=R 2=10Ω，初、次级线圈的匝数之比N 1: N 2=2:1，R 2两端电压为10V ，则R 1两端的电压为（ ） A. 5V B. 10V C. 15V D. 20Vv2图4 4.放射性原子核a 23491P 经过n 次α衰变和m 次β衰变，最终变为稳定的原子核b 20682P ，（ ） A. n=7，m=5 B. n=5，m=7 C. n=9，m=7 D. n=7，m=95.如图2所示，R 1=R 2=10Ω，R 为可变电阻，C 为电容器，V 为理想电压表，增大R 的阻值时，（ ）A.C 所带电荷量减小B. C 所带电荷量始终为0C.V 的示数增大D. V 的示数不变6.如图3所示，质量为2kg 的物体与水平地面间动摩擦因数为0.2，水平地面足够大。
湖南省2017届高三四校联考
物理试题
本试题卷分选择题和非选择题两部分，时量90分钟，满分110分。
第I卷选择题（共48分）
一、选择题（本题共 1 2小题，满分48分。
第1～8题只有一个选项正确；
第9～12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）
1．关于物理学家所作的科学贡献，下列叙述不符合史实的是
A．牛顿在伽利略等人工作的基础上进行深入研究，总结出了物体运动的三个基本定律
B．开普勒揭示了行星的运动规律，并提出了行星运动三大定律
C．安培发现了电流的磁效应，并提出了分子电流假说
D．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律——库仑定律
2．一直线上有a、b两点，相距2m，一质点沿该直线做匀变速直线运动，经过1s的时间先后通过a、b两点，则关于该质点通过a、b中点时的速度大小，的下列判断正确的是
A．若为匀加速运动，则v>2 m/s，若为匀减速运动，则v<2 m/s
B．若为匀加速运动，则v<2 m//s，若为匀减速运动，则v>2 m/s
C．无论加速还是减速，都有v>2m／s。
下学期长沙县一中、攸县一中、醴陵一中、浏阳一中高三联考物理试题总分110分时量：90分钟命题及审卷：浏阳一中高三物理组本卷分试题卷和答题卷两部分，请将答案全部填写在答题卷相应位置，考生只需上交答题卷。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1如图所示，斜面上a、b、c三点等距，小球从a点正上方O点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在b点。
若小球初速变为v，其落点位于c，则（）A．v0＜v＜2v0B．v＝2v0C．2v0＜v＜3v0D．v＞3v02．如图所示，在粗糙水平板上放一个物体，使水平板和物体一起在竖直平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，ab为水平直径，cd为竖直直径，在运动过程中木板始终保持水平，物块相对木板始终静止，则：（）A．物块始终受到三个力作用B．只有在a、b、c、d四点，物块受到合外力才指向圆心C．从a到b，物体所受的摩擦力先增大后减小D．从b到a，物块处于超重状态3．如图所示，一个理想边界为PQ、MN的匀强磁场区域，磁场宽度为d，方向垂直纸面向里．一电子从O点沿纸面垂直PQ以速度v0进入磁场．若电子在磁场中运动的轨道半径为2d．O′在MN上，且OO′与MN垂直．下列判断正确的是（）A．电子将向右偏转B．电子打在MN上的点与O′点的距离为dC．电子打在MN上的点与O′点的距离为D．电子在磁场中运动的时间为．4．最近美国宇航局公布了开普勒探测器最新发现的一个奇特的行星系统，命名为“开普勒-11行星系统”，该系统拥有6颗由岩石和气体构成的行星围绕一颗叫做“kepler-11”的类太阳恒星运行。
经观测，其中被称为“kepler-11b”的行星与“kepler-11”之间的距离是地日距离的，“kepler-11”的质量是太阳质量的倍，则“kepler-11b”的公转周期和地球公转周期的比值是：（）A．B．C．D．5如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆.电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移到P点，则O点的电场强度大小变为E2.E1与E2之比为( )A．1∶2 B．2∶1 C．2∶D．4∶6、平直公路上有一超声波测速仪B，汽车A向B做直线运动，当两者相距355m时刻，B发出超声波，同时由于紧急情况A刹车，当B 接收到反射回来的超声波信号时，A恰好停止，此时刻AB相距335m。
六校联考英语参考答案第一部分听力1-5 ACBAC6-10 BBACB11-15 CACCB16-20 AACBB第二部分阅读理解（共两节，满分40分）第一节（共15小题：每小题2分，满分30分）A 篇阅读21-23 DBAB 篇阅读24-27 BCBDC篇阅读28-31 ACCB D 篇阅读32-35 CCAD第二节（共5小题：每小题2分，满分10分）36 –40 DFCGA第三部分英语知识运用（共两节，满分45分第一节完形填空（共20 小题：每小题1.5分，满分30分）41- 45 CBADC46-50 ABABD51-55 DACDB56-60 ADBCC第二节英语知识运用（共10小题：每小题1.5分，满分15分）61. how 62. its 63. to 64. were 65. connected66.is found 67.the 68.enjoying (to enjoy也给分) 69.importantly 70.but / yet第四部分写作（共两节，满分35分）第一节短文改错（共10小题：每小题1分，满分10分）第二行make →makes第三行have →had第四行what →which; Me→I第五行students前加other第八行friend→friends；when →if / whether第十行去掉called 后面的to ; ever →never注意：因为印制原因，逗号后加and也可以给分。
第十一行 good →better第二节（满分25分）老师评分：1、总的评分原则是高考评分要求。
2、称呼和落款必须要有，否则扣一分。
参考范文Dear Frank,How happy we are to know that you’re going to participate in our Chinese Idiom Contest. Here is what you are supposed to know about.We're going to hold the contest in the school library at 8:00 a.m. on December 20, 2016. Characters wrongly usedare to be recognized in some Chinese idioms. Besides, you are required to say out the idioms by guessing gestures of your partner. Hopefully,what I have to remind you of is that you’d better get one story of idiomprepared in case you are probably invited to tell one. By the way, all our Chinese teachers will be invited as judges.Expecting your excellence in the approaching contest. Best wishes!Yours，Li Pin听力材料第一节Text 1:W: I’d like a table, please.M: I’m sorry. You’ll have to wait for some time. You see there are too many people at lunch time.Text 2:M: Shelly, what’s the time by your watch? Mine is always fast. It’s already 3:00. W: I’m afra id not so. Yours is five minutes slow.Text 3:W: Excuse me, sir?M: Yes?W: My child bought one kilogram of candies here this morning, but it didn’t weigh so much as it should be!M: Oh, really? But have you weighed your kid?Text 4:W: Excuse me. Would you do me a favor to move a little to let me in? My bag is too big.M: OK, no problem.W: Thank you. Is it the one about the development of movies?I’m afraid I’ve come to a wrong place.M: Yes, it is. It’s said that the lecturer is from Hollywood.Text 5:W: Hello. May I speak to Doctor Lee, please?M: Sorry, he’s having a meeting. Would you like to leave him any message?W: Yes, please. He asked me to give a lecture next week and I’d like to discuss some details with him.M: OK. I’ll tell him about it a fter the meeting and you can call him again later.听第6段材料，回答第6、7题。
湖南省湘中名校教研教改联合体”2017届高三12月联考物理考生注意:1. 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分110分,考试时间90分钟.2.考生作答时,请将答案答在答题卡上.第Ⅰ卷每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;第Ⅱ卷请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上答题无效。
3.命题范围恒定电流之前内容(含恒定电流占、3-5) 80%,后面内容占20%( 3-3,3-4).第Ⅰ卷(选择题,共50分)一、选择题(本题共10小题,每小题5分。
在每小题给出的4个选项中,第1-6题只有一项符合题目要求,第7-10题有多项符合题目要求。
全部选对得5分,选对但不全得3分,有选错的得0分。
)1.如图所示,很小的木块由静止开始从斜面下滑,经时间t后进入一水平面,两轨道之间用长度可忽略的圆弧连接,再经2t时间停下,关于木块在斜面上与在水平面上位移大小之比和加速度大小之比,下列说法正确的是A.1︰2 2︰1B. 1︰2 1︰2C. 2︰1 2︰1D.2︰1 1︰22.有一段通电直导线,长为0.01m,电流为5A,把它放入磁场中某一位置,受到的磁场力大小为0.1N,则该处的磁感应强度B 的大小为A. B=1TB. B=2TC.B≥2TD.B≤2T3.2016年8月16日01时40分,由我国研制的世界首颗量子科学试验卫星“墨子号”在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功发射升空.它的成功发射和在轨运行,不仅将有助于我国广域量子通信网络的构建,服务于国家信息安全,它将开展对量子力学基本问题的空间尺度试验检验,加深人类对量子力学自身的理解,关于量子和量子化,下列说法错误．．的是A.玻尔在研究原子结构中引进了量子化的概念B.普朗克把能量子引入物理学,破除了“能量连续变化”的传统观念C..光子的概念是爱因斯坦提出的D.光电效应实验中的光电子,也就是光子4.天宫二号空间实验室于2016年9月15日成功发射;2016年10月发射神州十一号飞船,搭 乘2名宇航员,与天宫二号对接后完成航天员中期驻留试验.对于神州十一号飞船、天宫二 号及二者的对接,下列说法正确的是 A. 神州十一号飞船发射过程中,航天员一直处于失重状态 B.天宫二号如果受到较大的阻力作用,则轨道半径将增大C.神州十一号飞船与天宫二号在同一轨道加速后可以实现对接D.神州十一号飞船与天宫二号对接后正常运行时,二者动能和引力势能之和一定守恒5.如图甲所示,在光滑的水平面上,质量分别为m 和M(m ︰M=1︰2)的物块A 、B 用轻弹簧相连.当用水平力F 作用于B 上且两 物块共同向右加速运动时,弹簧的伸长量为1x ;当用同样大小的力F 竖直加速提升两物块时(如图乙所示),弹簧的伸长量为2x .不计空气阻力.则1x ︰2x . 等于A.1︰1B.1︰2C.2︰1D.2︰36.如图所示,质量为m 的小物块从固定的半圆形槽内与圆心等高的位置P 点无初速度释放, 先后经过A 、B 、C 三点,小物块到达左侧C 点时速度为零.B 点是最低点,半圆形槽的半径为R,A 点与C 点等高,A 点与B 点高度差为2R重力加速度为g,则A.小物块从P 点运动到C 点的过程,重力对小物块做的功大于小物块克服摩擦力做的功B.小物块第一次从A 点运动到C 点的过程,重力对小物块做的功大于小物块克服摩擦力做的功C.小物块只能到达C 点一次,但能经过A 点两次D.小物块第一次过B 点时,对槽的压力一定大于2mg7.如图所示,在一绝缘斜面C 上有一带正电的小物体A 处于静止状态,现将一带正电的小球B 沿以A 为圆心的圆弧缓慢地从P 点转到A 正上方的Q 点处,已知P 、A 在同一水平线上,且 在此过程中物体A 和斜面C 始终保持静止不动,A 、B 可视为质点.关于此过程,下列说法正 确的是A.物体A 受到摩擦力一直减小B.物体A 受到斜面的支持力先增大后减小C.地面对斜面C 的支持力先增大后减小D.地面对斜面C 的摩擦力一直减小8.如图甲所示,质量为1kg 的小物块以初速度v0=11m/s 从θ=53° 的固定斜面底端先后两次滑上斜面,第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F,第二次不 施加力.图乙中的两条线段a 、b 分别表示施加力F 和无F 时小物块沿斜面向上运动的v-t 图象,不考虑空气阻力,g=10m/s2,下列说法正确的是A.恒力F 大小为1NB.物块与斜面间动摩擦因数为0.6C.有恒力F 时,小物块在上升过程中产生的热量较少D.有恒力F 时,小物块在上升过程中机械能的减少9. 某质点在几个恒力的作用下做匀速直线运动.现突然将与速度反方向的一个力水平旋转某一角度α(α≠0,α≠π),则以后质点运动的情况是A. 质点的速度一定越来越大B. 质点的速度一定越来越小C. 质点的速度大小可能不变D. 质点一定做匀变速曲线运动10.如图甲是液化汽燃气灶的电子点火装置原理图,一节1.5V的干电池通过晶体管电路的控制,产生脉动的电压加在变压器原线圈n1 的两端,并在变压器的铁芯中激发磁感强度随时,如图乙所示(磁场方向顺时针时为正方向).变压器铁芯横截面积为S=0.82cm.副线圈n的一端连接燃气灶的金属外壳E,另一端通过二2极管与钢A相连,调整A 与E 的间距,使A 与E 间的电压达到5000V 以上时,AE 间就会引发电火花而点燃燃气.以下说法正确的是A.变压器副线圈匝数至少要1250匝才能点火B.变压器副线圈匝数至少要5000匝才能点火C.若将电极A改为金属板而其他不改动,则更不容易引发电火花D.若将电极A改为金属板而其他不改动,则更容易引发电火花第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、实验题:(每空3分,共15分)11.(9分)气垫导轨是研究与运动有关的实验装置,也可以用来研究功能关系.如图甲所示,在气垫导轨的左端固定一轻质弹簧,轨道上有一滑块A紧靠弹簧但不连接,滑块的质量为m.(1) 用游标卡尺测出滑块A上的挡光片的宽度,读数如图乙所示,则宽度d=___ cm(2)利用该装置研究弹簧对滑块做功的大小;某同学打开气源,调节装置,使滑块可以静止悬浮在导轨上,然后用力将滑块A压紧到P点,释放后,滑块A上的挡光片通过光电门的时间为△t,则弹簧对滑块所做的功为___(用题中所给字母表示).(3)利用该装置测量滑块与导轨间的动摩擦因数;关闭气源,仍将滑块A由P点释放,当光电门到P点的距离为x时,测出滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t,移动光电门,每次将滑块A由P点释放,测出多组数据(滑块都能通过光电门),并绘出图象.如图丙所示,已知该图线斜率的绝对值为k,则滑块与导轨间的滑动摩擦因数为____(重力加速度用g表示).12.(6分)在学习了伏安法测电阻之后,某课外活动小组想通过图甲所示的实验电路测定一个阻值约为几十欧的电阻R x的阻值。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14、如图所示，梯形物块静止与墙角附近的水平面上，现将一小球从图示位置由静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放至地面的过程中，下列说法正确的是A 、梯形物块的机械能守恒B 、小球与梯形物块之间的弹力不做功C 、梯形物块与小球组成的系统机械能守恒D 、小球重力势能的减少量等于梯形物块动能的增加量【答案】C考点：考查了功的计算，机械能守恒【名师点睛】本题关键分析清楚物体的运动和能量的转化情况，要明确是小球和梯形物块组成的系统机械能守恒，而不是单个物体机械能守恒．15、如图所示，某钢制工件上开有一个楔形凹槽，凹槽的截面是一个直角三角形ABC ，∠CAB=30°，∠ABC=90°，∠ACB=60°，在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，金属球对凹槽的AB 边的压力为1F ，对BC 边 的压力为2F ，则12F F 的值为A 、12B C D 【答案】B考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，16、如图所示，M 、N 、P 三点位于直角三角形的三个顶点上，∠PMN=30°，∠MNP=60°，一负电电荷位于三角形在平面上，已知M 点和N 点的电势相等，P 点的电势与MN 中点F 的电势相等，则下列说法正确的是A 、M 点和P 点的电场强度相等B 、N 点和P 点的电场强度相等C 、同一正电荷在M 点时的电势能大于在P 点时的电势能D 、同一正电荷在N 点时的电势能小于在P 点时的电势能【答案】C【解析】试题分析：由M 点和N 点的电势相等，P 点的电势与F 点的电势相等，则知负点电荷Q 应位于MN 连线的垂直平分线和PF 连线的垂直平分线上，作图得到Q 的位置如图．可知，P 点离Q 近，场强较大，故A 错误；N 点离Q 较远，则N 点的场强比P 点的小，故B 错误；正电荷从M 点运动到P 点，电场力做正功，电势能减小，则同一正电荷在M 点的电势能大于在P 点的电势能，故C 正确；M 点的电势和N 点的电势相等，所以正电荷从N 点运动到P 点，电场力做正功，电势能减小，则同一正电荷在N 点的电势能大于在P 点的电势能，故D 错误考点：电场强度，电势，电势能，电势能【名师点睛】抓住点电荷等势面的分布情况，运用几何方法找到Q 点的位置是解决本题的关键，再由电场的基本知识分析．17、如图所示，理想变压器原副线圈各接一个电阻1R 和2R ，原线圈中接有220V 交流电源，此时两只电阻上的电压都是10V ，设变压器原副线圈的匝数比为n ：1，电阻1R 和2R 消耗的功率之比为k ：1，则A 、121,21n k ==B 、121,576n k ==C 、1441,24n k ==D 、1441,576n k == 【答案】A考点：考查了理想变压器【名师点睛】对于变压器需要掌握公式1122U n U n =、1222I n I n =，以及知道副线圈的电流以及功率决定了原线圈中的电流和功率，理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，18、如图所示，A 、B 为地球的两个轨道共面的人造卫星，运行方向相同，A 为地球同步卫星，A 、B 卫星的轨道半径的比值为k ，地球自转周期为0T ，某时刻A 、B 两卫星距离达到最近，从该时刻起到A 、B 间距离最远所经历的最短时间为ABCD【答案】C【名师点睛】星A 、B 绕地球做匀速圆周运动，由开普勒第三定律得出半径与周期的关系，当卫星B 转过的角度与卫星A 转过的角度之差等于π时，卫星相距最远，注意只有围绕同一个中心天体运动才可以使用开普勒第三定律，难度不大，属于基础题．19、如图所示的电路由电源、电阻箱和电流表组成，电源电动势E =4V ，内阻2r =Ω。
2017届湖南省六校（师大附中等）高三下学期联考理综物理二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21小题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
14、关于近代物理，下列说法中不正确．．．的是 A.光电效应和康普顿效应说明光具有粒子性B.单个氢原子从n=4向较低能级跃迁时，最多可以向外辐射6种不同频率光子C.在U 235的裂变反应中（n Kr Ba n U 1089361445610235923++→+），发生了质量亏损，Ba 144和Kr 89的比结合能比U 235的大，该核反应释放出核能D.在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强15、质量相等的两个质点A 、B 在拉力作用下从同一地点沿同一直线竖直向上运动的v-t 图象如图所示，下列说法正确的是A.0-t 2时间内A 质点处于失重状态B.在t 1-t 2时间内质点B 的机械能守恒C.0-t 2时间内两质点的平均速度相等D.两个质点第一次相遇在t 2之后，在第一次相遇之前t 2时刻两个质点距离最远16、如图所示，飞行器P 绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的张角为θ，已知万有引力常量G ，下列说法正确的是A.若测得周期和张角，可得到星球的质量B.若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度C.若测得周期、轨道半径和张角，可得到星球表面的重力加速度D.若测得周期、轨道半径和张角，可得到飞行器的向心力17、如图所示，倾斜的长杆（与水平面成a 角）上套有一个质量为M 的环，环通过细线吊一个质量为m 的小球，环在某拉力的作用下在长杆上滑动时，稳定运动的情景如图所示，其中虚线表示竖直方向，那么以下说法正确的是A.环一定沿长杆向下加速运动B.环的加速度一定沿杆向上C.环的加速度一定大于gsinaD.环一定沿杆向上运动18、某粒子加速器位于竖直平面内，剖面图如图所示，圆筒内、外直径分别为D 和2D ，O 为圆心，水平直径GH 以上部分是偏转区，以下是回收区，偏转区存在垂直圆面向里的匀强磁场。
2016-2017学年湖南省六校高三（上）联考物理试卷（12月份）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分，在每小题给出的四个选项中，第1～6小题只有一项符合题目要求，第7～10小题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．纵观自然科学发展的历史，我们可以看到，许多科学家的重要理论、重大发现和发明创造对人类的文明和进步做出了卓越贡献．以下几种说法中正确的是（）A．伽利略通过“理想斜面实验”，科学地推理出“力是维持物体运动的原因”B．库仑创立了库仑定律，卡文迪许用扭秤实验测定了静电力恒量kC．牛顿总结出了万有引力定律并测出了万有引力常量D．法拉第发现了电磁感应现象，纽曼和韦伯总结出了法拉第电磁感应定律2．始终定点在某地面上方的人造卫星，称为地球同步卫星，已知地球同步卫星离地面的高度约为地球半径的6倍，下列正确的说法是（）A．株洲的正上方可能就有一颗地球同步卫星B．一天内地球同步卫星能接收太阳光的时间为12小时C．若使用地球同步卫星转播电视信号，只要一颗就能覆盖全球D．离地面高度约为地球半径2.5倍的人造卫星，周期约为0.35天3．一条细线的一端与水平地面上的物体B相连，另一端绕过一轻质定滑轮与小球A相连，定滑轮用另一条细线固定在天花板上的O′点，细线与竖直方向所成的夹角为α，则下列正确的说法是（）A．如果将物体B在水平地面上缓慢向右移动一小段距离，α角将不变B．无论物体B在地板上左移还是右移，只要距离足够小，α角将不变C．增大小球A的质量，若B仍保持不动，α角不变D．悬挂定滑轮的细线的弹力可能等于小球A的重力4．如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值．闭合S后，将R的滑片向左移动，电压表的示数变化量的绝对值为△U，电阻R2的电压变化量的绝对值为△U′，电源电流变化量的绝对值为△I，下列说法不正确的是（）A．通过R1的电流增大，增大量等于B．通过R2的电流减小，减小量△I大于C．△U′与△I的比值保持不变D．△U与△I的比值保持不变5．如图所示，正八边形区域内有垂直于纸面的匀强磁场．一带电的粒子从h点沿he图示方向射入磁场区域，当速度大小为v b时，从b点离开磁场，在磁场中运动的时间为t b．当速度大小为v d时，从d点离开磁场，在磁场中运动的时间为t d，不计粒子重力．则下列正确的说法是（）A．t b：t d=2：1 B．t b：t d=1：2 C．t b：t d=3：1 D．t b：t d=1：36．如图所示，一个三角形框架底边长为2L，以一定的速度匀速经过有界磁场区，两磁场区磁感应强度大小相等，方向相反，宽度均为L，框架通过磁场的过程中，感应电流的变化图象正确的是（取逆时针方向为正）（）A．B．C．D．7．如图所示，一等边三角形的三个顶点A、B、C处分别放有+q、﹣q、﹣q的点电荷，过顶点C作AB边的垂线，M、N、O是AB的中垂线上的三点，且MN=NO，则下列正确的说法是（）A．M处的场强大于N处的场强B．M处的电势高于N处的电势C．M、N间的电势差大于N、O间的电势差D．质子在M处的电势能大于在N处的电势能38．如图所示，将质量均为1kg厚度不计的两物块A、B用轻质弹簧相连接．第一次用手拿着A、B两物块，使得弹簧竖直并处于原长状态，此时物块B离地面的距离为H=5m，然后由静止同时释放A、B，B物块着地后速度立即变为零．第二次只用手托着B物块于H高处，A在弹簧弹力和重力作用下处于静止，将弹簧锁定，此时弹簧的弹性势能为12.5J，然后由静止释放A、B，B物块着地后速度立即变为零，同时弹簧锁定解除，在随后的过程中B物块恰能离开地面但不继续上升（g=10m/s2）．则下列正确的说法是（）A．第一次释放A、B后，A上升至弹簧恢复原长时的速度v1=10m/sB．第一次释放A、B后，B刚要离地时A的速度v2=5m/sC．第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地过程中A物块机械能守恒D．第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地过程中A物块先超重后失重9．如图所示，倾角为α=600的斜面A被固定在水平面上，细线的一端固定于墙面，另一端跨过斜面顶端的小滑轮与物块B相连，B静止在斜面上．滑轮左侧的细线水平，右侧的细线与斜面平行，A与B的质量相同．撤去固定A的装置后，A、B均做直线运动．不计一切摩擦，重力加速度为g=10m/s2．在B没有离开斜面的过程中，下列说法正确的是（可能用到的数学公式1﹣cosα=2sin2）（）A．A、B组成的系统机械能守恒B．B的速度方向一定沿斜面向下C．A、B速度大小相等D．当A滑动的位移为x=m时，A的速度大小v A=5m/s210．如图所示，光滑水平桌面上有A、B两个带电小球（可以看成点电荷），A球带电量为+3q，B球带电量为﹣q，由静止同时释放后A球加速度大小为B球的三倍．现在A、B中点固定一个带正电C球（也可看作点电荷），再由静止同时释放A、B两球，结果两球加速度大小相等．则C球带电量为（）A．B．C．D．二.实验题：（本大题共2小题，每空3分，共15分，把答案填在答题卡中对应题号的横线上．）11．在验证“力的平行四边形定则”的实验中，水平放置的木板上固定一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上的G点，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到O点，接着改用一个弹簧测力计拉橡皮条：（1）下列必要的几项实验要求不正确的一项是．（填写选项前对应的字母）A．弹簧测力计应在使用前校零，B．细线方向应可以不与木板平面平行C．改用一个弹簧测力计拉橡皮条时，必须使结点与位置O重合D．弹簧测力外壳可以与木板面摩擦（2）若在保持结点与位置O重合及F1方向不变的条件下，将F2从图示方向（与OG垂直）开始逐渐减小其与F1的夹角，则关于F1和F2的变化情况，下列说法正确的是．（填写选项前对应的字母）A．F1一直减小B．F1先增大后减小C．F2一直增大D．F2先减小后增大．12．为了精确测量一个约为0.5欧姆元件阻值，小明利用如下器材设计了一个实验方案A．电压表（量程6V，内阻约几千欧）B．电流表（量程0.4A，内阻约几欧）C．滑动变阻器（阻值0～20Ω，额定电流1A）D．电池组（电动势约为6V，内阻不计）E．开关和导线若干（1）该实验方案存在的问题是．（2）请你对该实验方案进行改进，不能增加器材，画出设计好的电路图．（3）在改进方案中调节滑动变阻器两次测得电压表和电流表的示数分别为U1、I1和U2、I2，由以上数据可得R x=．三．解答题：（本大题共4小题，8+10+12+15=45分，解答应写出必要文字说明、证明过程或演算步骤．）13．猎豹是陆地上短跑最快的动物，时速可达110公里，它的长距离奔跑时速仅为60公里左右．它们最快的速度只能维持一分钟，接着便得花上二十分钟时间喘息、恢复．羚羊是陆地长跑最快的动物，具有特别善于奔跑的优点，奔跑速度可达每小时70～110公里．假设一只猎豹发现一只羚羊在前方300m，立即以10m/s2的加速度加速到108km/h速度，然后以这个最大速度去追击，羚羊立即发现，且以相同的加速度加速到90km/h速度再用这一速度逃跑，假如运动都在同一直线上，猎豹能否成功追到羚羊？14．如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的光滑半圆形导轨在最低点B平滑衔接，导轨半径为R．一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右速度后脱离弹簧，之后恰能沿导轨到达C点，重力加速度为g．试求：（1）释放物体时弹簧的弹性势能；（2）将物体质量减半后，再从A点由静止释放，之后沿导轨通过C点，求落地点到B的距离．15．空间有一静电场，在x 轴上的电场方向竖直向下，轴上的电场强度大小按E=kx 分布（x 是轴上某点到O 点的距离），如图所示．在O 点正下方有一长为L 的绝缘细线连接A、B 两个均带负电的小球（可视为质点），A 球距O 点的距离为L，两球恰好静止，细绳处于张紧状态．已知A、B 两球质量均为m，B 所带电量为﹣q，k=，不计两小球之间的静电力作用．（1）求A球的带电量；（2）剪断细线后，A球向上运动，求A球运动的最大速度；（3）剪断细线后，求B球的运动范围．16．如图所示，在直角坐标系的第一、二象限内有垂直于纸面的匀强磁场，第三象限有沿y 轴负方向的匀强电场，第四象限内无电场和磁场．质量为m、带电量为q的粒子从M点以速度v0沿x轴负方向进入电场，不计粒子的重力，粒子经N、P最后又回到M点．设OM=L，ON=2L，求：（1）电场强度E的大小；（2）匀强磁场磁感应强度B的大小和方向；（3）求粒子全过程所用的时间．2016-2017学年湖南省六校高三（上）联考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分，在每小题给出的四个选项中，第1～6小题只有一项符合题目要求，第7～10小题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．纵观自然科学发展的历史，我们可以看到，许多科学家的重要理论、重大发现和发明创造对人类的文明和进步做出了卓越贡献．以下几种说法中正确的是（）A．伽利略通过“理想斜面实验”，科学地推理出“力是维持物体运动的原因”B．库仑创立了库仑定律，卡文迪许用扭秤实验测定了静电力恒量kC．牛顿总结出了万有引力定律并测出了万有引力常量D．法拉第发现了电磁感应现象，纽曼和韦伯总结出了法拉第电磁感应定律【考点】物理学史．【分析】解决本题要了解物理学史，对物理学上发生的重要事件、重要规律的发现者要有所了解．【解答】解：A、伽利略通过对理想斜面实验的研究，得到“力不是维持物体运动的原因”的结论，故A错误．B、库仑创立了库仑定律F=k，并用扭秤实验测定了静电力恒量k，卡文迪许用扭秤实验测定了引力常量G，故B错误．C、卡文迪许用扭秤实验测定了引力常量G，故C错误．D、1831年，法拉第发现了电磁感应现象，后来纽曼和韦伯总结出了法拉第电磁感应定律，故D正确．故选：D．2．始终定点在某地面上方的人造卫星，称为地球同步卫星，已知地球同步卫星离地面的高度约为地球半径的6倍，下列正确的说法是（）A．株洲的正上方可能就有一颗地球同步卫星B．一天内地球同步卫星能接收太阳光的时间为12小时C．若使用地球同步卫星转播电视信号，只要一颗就能覆盖全球D．离地面高度约为地球半径2.5倍的人造卫星，周期约为0.35天【考点】同步卫星；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】地球同步卫星位于赤道平面内，同步卫星的周期与地球自转周期相同，卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，应用牛顿第二定律可以求出卫星的周期．【解答】解：A、同步卫星只能位于赤道平面内，株州正上方不可能有地球同步卫星，故A 错误；B、同步卫星相对地球静止，同步卫星的周期与地球自转周期相等，为24h，一天内地球同步卫星能接收太阳光的时间不一定为12h，故B错误；C、若使用地球同步卫星转播电视信号，至少需要3颗才能覆盖全球，故C错误；D、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=m r，解得：T=2π，==，已知：T=1天，解得：T≈0.28天，故D正确；同步故选：D．3．一条细线的一端与水平地面上的物体B相连，另一端绕过一轻质定滑轮与小球A相连，定滑轮用另一条细线固定在天花板上的O′点，细线与竖直方向所成的夹角为α，则下列正确的说法是（）A．如果将物体B在水平地面上缓慢向右移动一小段距离，α角将不变B．无论物体B在地板上左移还是右移，只要距离足够小，α角将不变C．增大小球A的质量，若B仍保持不动，α角不变D．悬挂定滑轮的细线的弹力可能等于小球A的重力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】先对小球A受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力，再对滑轮受力分析，结合平衡条件进行分析即可．【解答】解：AB、对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=mg；如果将物体B在水平地面上向右移动稍许，AB仍保持静止，绳子的拉力不变，则∠AOB 增加；对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：根据平衡条件可知，∠AOB=2α，故α一定增加，故AB错误；C、增大小球A的质量，若B仍保持不动，系统平衡，则α不变，故C正确；D、由于，∠AOB=2α＜90°，弹力F与两个拉力T的合力平衡，而T=mg．故定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力，故D错误；故选：C4．如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值．闭合S后，将R的滑片向左移动，电压表的示数变化量的绝对值为△U，电阻R2的电压变化量的绝对值为△U′，电源电流变化量的绝对值为△I，下列说法不正确的是（）A．通过R1的电流增大，增大量等于B．通过R2的电流减小，减小量△I大于C．△U′与△I的比值保持不变D．△U与△I的比值保持不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由电路图可知，变阻器与电阻R1并联后与R2串联，电压表V1测变阻器与电阻R1并联电压；随着滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电路电流变大；根据电路结构，进行分析答题．【解答】解：A、将R的滑健向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，总电流I减小，即通过R2的电流减小，R2的电压U′减小，路端电压增大，则变阻器与电阻R1并联电压U增大，通过的电流增大，增大量等于．故A正确；B、电阻R2的电压变化量的绝对值为△U′＜电压表的示数变化量的绝对值为△U，通过R2的电流减小，减小量△I小于．故B错误；C、由于R2是定值电阻，则R2=，保持不变．故C正确．D、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R2+r），=R2+r，保持不变．故D正确．本题选错误的，故选：B5．如图所示，正八边形区域内有垂直于纸面的匀强磁场．一带电的粒子从h点沿he图示方向射入磁场区域，当速度大小为v b时，从b点离开磁场，在磁场中运动的时间为t b．当速度大小为v d时，从d点离开磁场，在磁场中运动的时间为t d，不计粒子重力．则下列正确的说法是（）A．t b：t d=2：1 B．t b：t d=1：2 C．t b：t d=3：1 D．t b：t d=1：3【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】带电粒子垂直射入匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，根据题意画出轨迹，由几何知识求出粒子圆周运动的半径和圆心角，由t=T求时间之比．【解答】解：根据题意可知，粒子从b点和从d点离开的运动轨迹如图所示；由图利用几何关系可知，从b点离开时粒子转过的圆心角为135°，而从d点离开时粒子其圆心角为45°，因粒子在磁场中的周期相同，由t=可知，时间之比等于转过的圆心角之比，故t b：t d=135°：45°=3：1，故C正确，ABD错误．故选：C．6．如图所示，一个三角形框架底边长为2L，以一定的速度匀速经过有界磁场区，两磁场区磁感应强度大小相等，方向相反，宽度均为L，框架通过磁场的过程中，感应电流的变化图象正确的是（取逆时针方向为正）（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】整个过程分四个小过程进行研究：由楞次定律和右手定则判断感应电流的方向．根据E=BLv，L是有效切割的长度，分析感应电动势如何变化，再由欧姆定律判断感应电流的大小如何变化．【解答】解：将整个过程分成四个子过程研究：由位置1到位置2的过程，根据楞次定律判断可知，感应电流方向沿逆时针方向，为正；导线有效切割长度均匀减小，产生的感应电动势均匀减小，感应电流均匀减小；设开始时感应电流大小为2I，则此过程中，电流由2I减至I；由位置2到位置3的过程，根据楞次定律判断可知，感应电流方向沿顺时针方向，为负；开始时电流为3I，均匀减小至2I；由位置3到位置4的过程，根据楞次定律判断可知，感应电流方向沿逆时针方向，为正；电流由0均匀增大至I；由位置4到全部穿出磁场的过程，根据楞次定律判断可知，感应电流方向沿逆时针方向，为正；电流由I均匀匀减小至0；综上所述可知，C正确，ABD错误．故选：C7．如图所示，一等边三角形的三个顶点A、B、C处分别放有+q、﹣q、﹣q的点电荷，过顶点C作AB边的垂线，M、N、O是AB的中垂线上的三点，且MN=NO，则下列正确的说法是（）A．M处的场强大于N处的场强B．M处的电势高于N处的电势C．M、N间的电势差大于N、O间的电势差D．质子在M处的电势能大于在N处的电势能3【考点】电场的叠加；电势差与电场强度的关系．【分析】题中电场是三个点电荷共同产生的，可以分为两组，即A与B是等量异号电荷，C点点电荷；注意等量异号电荷的中垂线是等势面．【解答】解：A、对于点M，电场强度为AB产生的水平向右的分电场和C产生的向下的分电场合成的；对N，电场强度也为AB产生的水平向右的分电场和C产生的向下的分电场合成的；比较两个分电场的电场强度，都是N点的大，而两个分电场的电场强度垂直，故合电场的电场强度也是N点的大；故A错误；B、MN在AB电荷的中垂线上，故AB产生的分电场在MN点的电势是相等的；而电荷C在M点产生的电势大；电势是标量，M、N点的电势等于两个分电场产生的电势的代数和，故M处的电势高于N 处的电势，故B正确；C、MN在AB电荷的中垂线上，故AB产生的分电场在MN间的电势差为零；而负电荷C在MN间的电势差小于NO间的电势差，故M、N间的电势差小于N、O间的电势差，故C错误；D、由选项B分析可以M处的电势高于N处的电势，故质子在M处的电势能大于在N处的电势能，故D正确；故选：BD．8．如图所示，将质量均为1kg厚度不计的两物块A、B用轻质弹簧相连接．第一次用手拿着A、B两物块，使得弹簧竖直并处于原长状态，此时物块B离地面的距离为H=5m，然后由静止同时释放A、B，B物块着地后速度立即变为零．第二次只用手托着B物块于H高处，A在弹簧弹力和重力作用下处于静止，将弹簧锁定，此时弹簧的弹性势能为12.5J，然后由静止释放A、B，B物块着地后速度立即变为零，同时弹簧锁定解除，在随后的过程中B物块恰能离开地面但不继续上升（g=10m/s2）．则下列正确的说法是（）A．第一次释放A、B后，A上升至弹簧恢复原长时的速度v1=10m/sB．第一次释放A、B后，B刚要离地时A的速度v2=5m/sC．第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地过程中A物块机械能守恒D．第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地过程中A物块先超重后失重【考点】机械能守恒定律；超重和失重．【分析】第一次释放A、B后，A、B自由落体运动，B着地后，A和弹簧相互作用至A上升到弹簧恢复原长过程中，弹簧对A做的总功为零．对A从开始下落至弹簧恢复原长过程，对A运用动能定理即可求速度v1；设弹簧的劲度系数为k，第一次释放AB前，弹簧向上产生的弹力与A的重力平衡，求出弹簧压缩量，第一次释放AB后，B刚要离地时弹簧产生向上的弹力与B的重力平衡，求出伸长量，第一次释放AB后，在B刚要离地时弹簧产生向上的弹力与B的重力平衡，求出伸长量，对A、B和弹簧组成的系统由机械能守恒即可求速度v2．对照机械能守恒的条件分析第二次释放A、B后A物块机械能是否守恒．根据A 的加速度方向分析A处于超重或失重状态．【解答】解：A、第一次释放A、B后，A、B自由落体运动，B着地后，A和弹簧相互作用至A上升到弹簧恢复原长过程中，弹簧对A做的总功为零．对A从开始下落至弹簧恢复原长过程，对A，由动能定理有mgH=mv12①解得v1===10m/s，故A正确．B、设弹簧的劲度系数为k，第二次释放AB前，弹簧向上产生的弹力与A的重力平衡．设弹簧的形变量（压缩）为△x1，有△x1=②第二次释放A、B后，B刚要离地时弹簧产生向上的弹力与B的重力平衡设弹簧的形变量（伸长）为△x2，有△x2=③第一次释放AB后，在B刚要离地时弹簧产生向上的弹力与B的重力平衡设弹簧的形变量（伸长）为△x3，有△x3=④由②③④得△x1=△x2=△x3⑤即这三个状态，弹簧的弹性势能都为E p在第二次释放AB后至B着地前过程，对A、B和弹簧组成的系统由机械能守恒有2mgH=×2mv2⑥从B着地后到B刚要离地的过程，对A和弹簧组成的系统，由机械能守恒有mv2+E p=mg（△x1+△x2）+E P⑦第一次释放后，对A和弹簧系统，从A上升至弹簧恢复原长到B刚要离地过程，由机械能守恒有mv12=mg△x3+E P+mv22⑧由①⑥⑦⑧得v2===5m/s．故B正确．C、第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地面过程中，弹簧的弹力对A 物块做功，则A的机械能不守恒．故C错误．D、第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地面过程中，A先向下减速后向上加速，再减速，加速度先向上后向下，则A物块先处超重后处失重状态．故D正确．故选：ABD9．如图所示，倾角为α=600的斜面A被固定在水平面上，细线的一端固定于墙面，另一端跨过斜面顶端的小滑轮与物块B相连，B静止在斜面上．滑轮左侧的细线水平，右侧的细线与斜面平行，A与B的质量相同．撤去固定A的装置后，A、B均做直线运动．不计一切摩擦，重力加速度为g=10m/s2．在B没有离开斜面的过程中，下列说法正确的是（可能用到的数学公式1﹣cosα=2sin2）（）A．A、B组成的系统机械能守恒B．B的速度方向一定沿斜面向下C．A、B速度大小相等D．当A滑动的位移为x=m时，A的速度大小v A=5m/s2【考点】机械能守恒定律．【分析】分析各力的做功情况，明确系统只有重力做功，机械能守恒；同时分析物体的运动情况，明确二者运动的关系，根据运动的合成与分解，结合各自位移存在的几何关系，及三角知识，结合相似三角形，得出速度之比等于位移之比，从而求出AB 速度的关系，并求出位移为x时的速度大小．【解答】解：A、由于细线的拉力看作内力，且左侧绳头处不做功，故系统只有重力做功，故AB组成的系统机械能守恒，故A正确；B、两物体运动如图所示，由图可知，B不是沿斜面运动，故B错误；C、撤去固定A的装置后，A、B均做直线运动，根据运动的合成与分解，当A滑动的位移为x时，设B的位移大小s，依据几何关系有：则有：s x=x（1﹣cosα）s y=xsinα且s=；解得：s=x=2xsin；因B的下降的高度为s y=xsinα；根据系统只有重力做功，机械能守恒定律，则有：mgs y=mv A2+mv B2如下图所示，画阴影部分的三角形相似，依据位移之比等于速度之比，可得：=则有：v B=v A=2v A sin解得：v A===5m/s，故CD正确．故选：ACD．10．如图所示，光滑水平桌面上有A、B两个带电小球（可以看成点电荷），A球带电量为+3q，B球带电量为﹣q，由静止同时释放后A球加速度大小为B球的三倍．现在A、B中点固定一个带正电C球（也可看作点电荷），再由静止同时释放A、B两球，结果两球加速度大小相等．则C球带电量为（）A．B．C．D．【考点】库仑定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据牛顿第二定律，结合它们同时由静止开始释放，A球加速度的大小为B球的3倍，可知它们的质量关系．再由库仑定律与受力平衡来确定C球带电量．【解答】解：由静止开始释放，A球加速度的大小为B球的3倍．根据牛顿第二定律可知，A、B两个带电小球的质量之比为1：3；当在AB中点固定一个带正电小球C，由静止释放A、B两球，释放瞬间两球加速度大小相等，根据库仑定律与牛顿第二定律，且有：对A来说，k﹣k=ma对B来说，k+k=3ma综上解得，Q C=q根据库仑定律与牛顿第二定律，且有：对B来说，k﹣k=ma。
