全国高考导数压轴题汇编
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全国各地导数压轴题汇编1、(2016年全国卷I理数)
已知函数 f x有两个零点
2
(x)(x2)e a(x1)
(I)求a的取值范围
(II)设x1,x2是f(x)的两个零点,求证:x1x2 2 学习资料
2、(2016年全国卷I文数)
已知函数 f x
(x)(x2)e a(x
2 1)
(I)讨论f(x)的单调性
(II)若f(x)有两个零点,求a的取值范围学习资料
3、(2016 年全国卷II 理数)
(I )讨论函数 f (x) x 2
x 2
x x
e 的单调性,并证明当x >0 时,( 2) 2 0;
x e x
(II )证明:当 a [0,1) 时,函数
x
e ax a
g x = ( x 0)
2
x
h( a) ,求函数h( a) 的值域. 学习资料
4、(2016 年全国卷II 文数)
已知函数 f (x) (x 1)ln x a(x 1) .
(I )当a4时,求曲线y f (x) 在1,f (1) 处的切线方程;
(II) 若当x 1,时, f ( x)>0 ,求a 的取值范围.
5、(2016 年全国卷III 理数)
设函数 f (x) a cos 2x (a 1)(cos x 1) 其中a>0,记| f (x) |的最大值为A (Ⅰ)求 f (x) ;
(Ⅱ)求A;
学习资料
(Ⅲ)证明 f (x) 2A
6、(2016 年全国卷III 文数)设函数f (x) ln x x 1. (Ⅰ)讨论 f ( x) 的单调性;
(Ⅱ)证明当x (1, ) 时, 1 x
ln
1
x
x ;
x
(Ⅲ)设c 1,证明当x (0,1)时,1 ( 1)
c x c . 学习资料
7、(2016年天津理数)
3
其中a,b R 设函数f(x)(x1)ax b,x R
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(Ⅰ)求f(x)的单调区间;
(Ⅱ)若f(x)存在极点x0,且f(x1)f(x0)其中x1x0,求证:x12x03;
(Ⅲ)设a0,函数g(x)|f(x)|,求证:g(x)在区间[0,2]上的最大值不.小.于.1 4
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学习资料收集于网络,仅
供参
考
8、(2016年四川理数)
设函数f(x)ax2a ln x其中a R (Ⅰ)讨
论f(x)的单调性;
(Ⅱ)确定a的所有可能取值,使得 f
1
1x
(x)e在区间(1,+∞)内恒成立(e=2.718⋯x
为自然对数的底
数)。学习资料
9、(2016 年山东理数)
已知
2x 1
f (x) a x ln x ,a R
2
x
.
(Ⅰ)讨论 f (x) 的单调性;
(Ⅱ)当 a 1时,证明( ) ' 3
f x >f x 对于任意的x 1,2 成立
2
学习资料
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x x
2、(I) f ' x x 1 e 2a x 1 x 1 e 2a .
(i)设a0 ,则当x ,1 时,f ' x 0;当x 1, 时, f ' x 0 .
所以在,1 单调递减,在1, 单调递增.
(ii)设a 0,由f ' x 0得x=1 或x=ln(-2a).
①若
e
x
a ,则' 1
f x x e e ,所以f x 在, 单调递增.
2
②若
e
a ,则ln(-2a)<1,故当x ,ln 2a 1, 时, f ' x 0;
2
当x ln 2a ,1 时,f ' x 0,所以f x 在,ln 2a , 1, 单调递增,在ln 2a ,1 单调递减.
③若
e
a ,则l n 2a 1,故当x ,1 ln 2a , 时, f ' x 0,
2
当x 1,ln 2a 时, f ' x 0,所以 f x 在,1 , ln 2a , 单调递增,在1,ln 2a 单调递减.
学习资料
(II)(i)设a 0,则由(I)知, f x 在,1 单调递减,在1, 单调递增.
b a
又f 1 e,f 2 a ,取 b 满足b<0 且ln
2 2
,
则
a 2 3 3
f b b a b a b b ,所以f x 有两个零点.
2 1 0
2 2
x
(ii)设a =0,则f x x 2 e 所以f x 有一个零点.
(iii) 设a<0,若
e
a ,则由(I)知, f x 在1, 单调递增.
2
又当x 1时, f x <0,故 f x 不存在两个零点;若
e
a ,则由(I)知,f x 在
2
1,ln 2a 单调递减,在ln 2a , 单调递增.又当x 1时f x <0,故f x 不存在两个零点. 综上,a 的取值范围为0, .
3、试题解析:(Ⅰ) f ( x) 的定义域为( , 2) ( 2, ) .
x x 2 x
(x 1)( x2)e (x 2)e x e
f '(x) 0,
2 2
( x 2) (x2)
且仅当x 0时, f '( x) 0 ,所以 f (x) 在( , 2),( 2, ) 单调递增,
因此当x (0, ) 时, f (x) f (0) 1,
x x
所以( 2) ( 2),( 2) 2 0
x e x x e x
(II)
x
(x2) e a(x 2) x 2
g( x) ( f (x) a),
2 2
x x
由(I)知, f (x) a 单调递增,对任意 a [0,1), f (0) a a 1 0, f (2) a a 0, 因此,存在唯一x0 (0, 2], 使得 f (x0) a 0,即g '( x0 ) 0,