高中竞赛数学辅导:数论重要定理
- 格式:doc
- 大小:354.52 KB
- 文档页数:9
数论
一 、欧拉定理
设1m >的整数,()()(),1,1m
a m a mod
m ϕ=≡则.
例1
设(1000
5x =
+,求
[]x 的末三位数.
解 由二项式定理,
()()()
()
2499
500
998349963998
2
3
3
100010001000
5235235
2323C C
⎤++
++⎥⎦
()
(500
1000
3
25
225mod +335, ()(500
1000
250025
25
212mod =≡≡()328y mod ≡,
(2552y mod ≡(2y mod ≡则
()28min y mod =,
所以
则 因为 所以
()()10010021125,31125mod mod ≡≡, 于是,有 ()()150050021125,31125mod mod ≡≡,
()
()500
3
2232125mod ≡,
又因为 ()150********mod ≡, ()
2255=(320y mod +≡ (2)p 为素数,则
()p a a mod p ≡.
例2 ,,,a b c d 为整数,证明
()44240/b d c d a a ++-. 证明
4240235=,
由于 所以
()()444403b d c d d b c a a a a a mod ++-=-≡.
即
443/()b d c d a a ++-.
由于奇数的4次方被16除余1,偶数的4次方被16除余0,故有
()()4444016b d c d d b c a a a a a mod ++-=-≡.
()
()3
8
9
333a a a a
a a mod ≡==≡≡,
同理
则
()19991999199903d a b c a b c mod
=++≡++≡.
即3/d .
从而
d 不是素数.
例4 设{}()2
1n
p n n -≥是给定的素数,证明:数列中有无穷多项
被p 整除.
证明 当2p =时,结论显然成立.
当
()()1221,21p p p mod
p ->=≡时,由于,所以,所以对任
}1,2,,1p -时,有.则1,x x --
()()
()11121p x x x x p -----+=.
取x p =代入,得
所以
()()1!1p mod p -≡-.
例5
()()1!1p p mod
p -≡-是素数,则.证明:若21p +为奇素数,
则
()()
()()2!1021p
p mod p +-≡+.
证明:()()
()()2
!1021p
p mod p +-≡+
()()()2!121p mod p ⇔≡-+.
而21p +为奇素数,有()()()2!121p mod p ≡-+.
四、中国剩余定理 12M
m m =下的解是唯一的k k M M +
+n 均有个连续正整数,
()
2n x n mod
p ≡- 证明: 设
12,,,n p p p n 为个互不相同的素数,由中国剩余定理
存在正整数解,设S 为一个正整数解,则1
2S S S n +++,,,满足要求.
例7 任给正整数n ,存在n 个连续正整数,使得其中每一个数都不
是幂数.
证明 设
12,,,n p p p n 为个互不相同的素数,由中国剩余定理,
同余方程组
存在正整数解00
00,12S S S S n +++则,,,满足要求.
例8
给定正整数n ,设
()f n 是使()
1f n k k =∑能被n 整除的最小正整数.证明:
当且仅当n 为2的幂时,有
()21f n n =-.
2212m m -=(证明)
2m n ≠当时,
令()21.m
n a a =为大于的奇数此时需证()12/1m a r r ++,即证存在()1
2
/,/1m r a r ++即可.
构造同余方程组
()()
1
021m x mod x mod a +⎧≡⎪⎨≡-⎪⎩
(1)
由中国剩余定理知,同余方程组(1)有正整数解()12r
r n ≤≤,则
()1
2
/,/1m r a r ++.从而有()1
2
/1m a r r ++,即()
12/2
m
r r a +,
()1/2
r r n +.
考虑r 的取值范围: 1,
,n a -均与(0a mod
≡使得
令(),11,1r r j i r n a mod
n =-≤≤-≡则有.
定义1:设
()(),1,1m a n a mod
n m a =≡则满足的最小正整数叫做
a n 对模的阶.
注:若a n r 对模的阶为,则