浙江省杭州市2015年高考模拟命题比赛高三物理试卷2

2015年高考模拟试卷物理卷本试卷分第1卷(选择题)和第2卷(非选择题)两局部．总分为为120分，考试时间70分钟。

第I 卷(选择题 共42分)一、单项选择题〔此题共4小题。

在每一小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求的，每题6分.〕14、设物体运动的加速度为a 、速度为v 、位移为x ．现有四个不同物体的运动图象如下列图，假设物体在t ＝0时的速度均为零，如此其中表示物体做单向直线运动的图象是( ) ( 根据2014年安心中学第一学期第一次月考试卷改编 )出题意图：此题考查的是高中物理运动学知识点的内容，主要偏向运动学中的图像问题。

帮助学生从图像方面认识物体运动的特点。

从认知水平角度分析，属于记忆和理解局部。

15、2013年8月3日中国选手董栋在伦敦奥运会夺得男子蹦床金牌．忽略空气阻力，下面说法正确的答案是：( )A ．运动员下落到刚接触蹦床时，速度最大B ．运动到最低点时，床对运动员的作用力大于运动员对床的作用力C ．从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员的加速度先减小后增大．D ．在下落过程中，重力对运动员所做的功等于其重力势能的增加。

( 根据孝感三中2014届高三物理复习新信息题综合检测卷〔三〕改编 )出题意图：此题考查的是高中物理运动和力相关知识点的内容，主要偏向运动与力的关系。

帮助学生很好的从生活情景中分析力与运动的关系。

从认知水平角度分析，属于记忆和理解局部。

16．如右图所示，正电荷Q 均匀稳定分布在半径为r 的金属球面上，沿x 轴上各点的电场强度大小和电势分别用E 和ϕ表示。

选取无穷远处电势为零，如下关于x 轴上各点电场强度的大小E 或电势ϕ随位置x 的变化关系图，正确的答案是O x Er EA ．O x B ． O x r 0ϕC ． O xϕ D ．r 00ϕ r( 根据2013年某某崇明地区模拟卷改编 )出题意图：此题考查的是高中物理选修3-1电场知识点的内容，主要偏向图像分析。

2015年浙江省杭州高级中学高考物理仿真试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共24.0分)1.鸵鸟是当今世界上最大的鸟，由于翅膀退化它已经不会飞了．鸟起飞的必要条件是空气对它向上的力f足够大，计算f大小的公式为：f=cρS v2，式中c是一个无量纲的比例常数，ρ是空气密度，S是鸟翅膀的面积，v是鸟起飞时的速度．为了估算鸟起飞时的速度v，可以作一个简单的几何相似性假设：设鸟的几何线度为l，则鸟的质量与l3成正比，翅膀的面积S与l2成正比．已知燕子起飞时的速度约为20km/h，鸵鸟的几何线度大约是燕子的25倍．由此可估算出若要使鸵鸟能起飞，鸵鸟的速度必须达到（）A.50km/h B.100km/h C.200km/h D.500km/h【答案】B【解析】解：燕子以最小速度飞行时，m1g=c S1v12而鸵鸟展翅以最大速度奔跑时，获得的举力为：F2=c S2v22又=252，则==5得：v2=100km/h故选：B．由题目要使鸟刚好能飞起来举力至少等于自身的重力，根据举力大小的表达F=k S v2，得到速度与质量、翅膀展开后的面积的关系，再将质量m∝L3，而翅膀面积S∝L2的关系代入得到速度与鸟的体长的关系，求出小燕子与鸵鸟的最小飞行速度的比值，得到鸵鸟飞起来需要的最小速度．本题是实际问题，关键是建立物理模型，抓住受力平衡的条件，将问题简化，考查建模的能力．2.静电除尘器是目前普遍采用的一种高效除尘器．某除尘器模型的收尘板是很长的条形金属板，图中直线ab为该收尘板的横截面．工作时收尘板带正电，其左侧的电场线分布如图所示；粉尘带负电，在电场力作用下向收尘板运动，最后落在收尘板上．若用粗黑曲线表示原来静止于P点的带电粉尘颗粒的运动轨迹，下列4幅图中可能正确的是（忽略重力和空气阻力）（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：粉尘受力方向为电场线方向，故P点受力沿切线方向，从静止开始运动时应沿P点的切线运动，但运动方向不可能沿电场线方向；故C、D错误；此后粒子受力偏向右，故粒子应从P点的切线方向向右下偏，但运动轨迹一定在P所在电场线的上方，故B错误，A正确；故选A．电场线的切线方向表示该点电场强度的方向，而负电荷受力的方向与电场强度方向相反；根据粒子受力的变化可得出其大致轨迹．本题应注意物体做曲线运动的轨迹与受力的关系，只有明确了受力才能由动力学知识确定粒子的运动轨迹．3.倾角为37°的光滑斜面上固定一个槽，劲度系数k=20N/m、原长l0=0.6m的轻弹簧下端与轻杆相连，开始时杆在槽外的长度l=0.3m，且杆可在槽内移动，杆与槽间的滑动摩擦力大小F f=6N，杆与槽之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．质量m=1kg的小车从距弹簧上端L=0.6m处由静止释放沿斜面向下运动．已知弹性势能E p=kx2，式中x为弹簧的形变量．g取10m/s2，sin37°=0.6．关于小车和杆的运动情况，下列说法中正确的是（）A.小车先做匀加速运动，后做加速度逐渐减小的变加速运动B.小车先做匀加速运动，后做加速度先减小后增大的变加速运动C.杆刚要滑动时小车已通过的位移为0.6mD.杆从开始运动到完全进入槽内所用时间为0.1s【答案】D【解析】解：AB、一开始小车受恒力向下做匀加速运动，后来接触到弹簧，合力逐渐变小，于是做加速度逐渐变小的变加速运动，最后受到弹簧轻杆的力和重力沿斜面向下的分力平衡，于是做匀速直线运动，所以AB错误；C、当弹簧和杆整体受到的力等于静摩擦力的时候，轻杆开始滑动，此时由平衡得：弹簧压缩量有公式F f=k△x解得：△x=0.3，所以杆刚要滑动时小车已通过的位移为x=△x+L=0.3+0.6m=0.9m，所以C错误；D、当弹簧的压缩量为0.3M的时候，弹簧的弹力和小车在斜面上的分力相等，此时整个系统开始做匀速运动设此速度为v，开始运动到做匀速运动，由能量守恒得：mg（mg+△x）sinθ=mv2代入数据求得：v=3m/s所以杆从开始运动到完全进入槽内所用时间为：t===0.1s，所以D正确；故选：D对小车在碰撞弹簧前后受力分析，根据力判断其运动情况，然后利用能量守恒定律和运动学公式求解本题的关键是分清小车的运动过程，特别是接触弹簧后的情况，弹力变导致静摩擦力也跟着变，找出最后运动状态后利用能的观点即可求解4.如图所示电路，L是自感系数较大的线圈，在滑动变阻器的滑动片P从A端迅速滑向B端的过程中，经过AB中点C时通过线圈的电流为I1；P从B端迅速滑向A端的过程中，经过C点时通过线圈的电流为I2；P固定在C点不动，达到稳定时通过线圈的电流为I0．则（）A.I1=I2=I0B.I1＞I0＞I2C.I1=I2＞I0D.I1＜I0＜I2【答案】D【解析】解：滑片在A点时，滑动变阻器接入电阻最大，电路中电流最小，则当滑片下移时，电流将变大，而此时线圈将阻碍电流的增大；故电流较小；而当滑片从B向A移动时，由于开始时电流较大，向上运动时，线圈中电流将减小，故线圈将阻碍电流的减小；故此时I2将保持在B点时的电流；而滑片固定在C点时，电流小于在B点时的电流；故有：I1＜I0＜I2故选D．当电流发生变化时，线圈由于自感现象而具有保持原来电流的作用；而当电流稳定时，线圈相当于导线．本题应明确电感的作用，当电流发生变化时它将阻碍电流的变化．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)5.如图，一质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与斜面垂直，则（）A.滑块不可能只受到三个力作用B.弹簧可能处于伸长状态C.斜面对滑块的支持力大小可能为零D.斜面对滑块的摩擦力大小一定等于mg【答案】BD【解析】解：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长状态，故A错误，B 正确；C、沿斜面方向，根据平衡条件滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于mg），不为零，有摩擦力必有弹力，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，故C错误，D正确．故选：BD．滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．根据共点力平衡进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．6.如图所示，MNPQ是纸面内的一个长、宽之比为2：1的矩形，矩形内（包含边界）只存在与纸面平行的匀强电场或与纸面垂直的匀强磁场．现有一重力不计的带电粒子从M点沿MQ方向以初速度V0射入场区，则下列有关判断正确的是（）A.如果粒子从PN边射出场区，则矩形内存在的一定是电场B.如果粒子射出的速度大小不变，则矩形内存在的一定是磁场C.如果粒子再回到MN上（不包括M点）时的速度大小与初速度大小相等，则矩形内存在的一定是磁场D.若增加粒子的速度大小，发现粒子射出场区的时间变长，则矩形内存在的一定是磁场【答案】AC【解析】解：A、若MNPQ的区域是磁场，粒子在磁场中做匀速圆周运动，则最大半径等于MQ=MN，不可能从PN边射出场区；所以如果粒子从PN边射出场区，则矩形内存在的一定是电场，故A正确；B、若带电粒子以与电场线平行的速度v0射入，受到的电场力的方向与初速度的方向相反，则粒子返回M点的速率不变，故B错误；C、由于洛伦兹力不做功，如果粒子再回到MN上（不包括M点）时的速度大小与初速度大小相等，则矩形内存在的一定是磁场，故C正确；D、由T=知，粒子在磁场中运动的时间与速率无关；故时间改变一定是电场；故D错误；故选：AC．洛伦兹力不做功，电场力可以做功；粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，在电场中做类似抛体运动或往返运动，结合它们运动的特点与规律即可正确解答．本题关键是分电场和磁场两种情况进行分析讨论，抓住匀速圆周运动模型和平抛运动或直线运动模型进行分析讨论．7.如图所示，空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场，各处的磁感应强度大小均为B，圆台母线与竖直方向的夹角为θ．一个质量为m、半径为r的通电匀质金属环位于圆台底部，0～t时间内环中电流大小恒定为I，由静止向上运动经过时间t后撤去该恒定电流并保持圆环闭合，圆环上升的最大高度为H．已知重力加速度为g，磁场的范围足够大．在圆环向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A.圆环先做加速运动后做减速运动B.在时间t内安培力对圆环做功为mg HC.圆环先有扩张后有收缩的趋势D.圆环运动的最大速度为-gt【答案】AD【解析】解：A、圆环先向上做加速运动；当电流撤去后，由于惯性，圆环继续向上运动，在磁场中切割磁感线产生感应电流，电流方向俯视为逆时针，由左手定则可知圆环所受安培力方向垂直磁感线向下，由于速度在变化，则安培力也在变，所以圆环做变减速运动，故A 正确；B、由功能关系可知，在上升全过程中，在t时间内安培力对圆环做的功等于全过程重力做的功mg H和t时间后圆环克服安培力做的功，所以在时间t内安培力对圆环做功大于mg H，故B错误；C、圆环通电流时，由安培力垂直磁感线向上可知，电流方向俯视为顺时针，安培力分量指向圆心，圆环有收缩的趋势；撤去电流后，根据右手定则可知，切割产生的感应电流方向俯视为逆时针，则安培力分量背离圆心，则有扩张的趋势，故C错误；D、环中通以恒定电流I后，圆环所受安培力为BI2πr，则在竖直方向的分力为2πr BI cosθ，由牛顿第二定律，可得：BI2πrcosθ-mg=ma，则圆环向上的加速度为a=-g，则竖直方向上，在电流未撤去时，圆环将做匀加速直线运动，经过时间t，速度会达到最大值，由v=at得v=-gt，故D正确．故选：AD．根据牛顿第二定律，与运动学公式，依据做功表达式，结合电磁感应与安培力，即可求解．磁场中力做功与牛顿第二定律、电磁感应等的综合问题，注意掌握线圈扩张与收缩的原因．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)8.如图甲所示，两个相同装置：两辆相同的小车并排放在两相同的直轨道上，小车前端系上细线，线的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘．盘里可以分别放不同质量的砂子，小车后端连着纸带，纸带分别穿过固定在轨道上的打点计时器，两个打点计时器并联接在同一接线板上．实验时先接通接线板的电源使两打点计时器同时开始打点，然后同时释放两辆小车，当其中有一辆小车快接近导轨末端时，断开接线板的电源，两打点计时器同时停止工作．如图乙所示为某次实验得到的两条纸带，纸带上的0、1、2、3、4、5、6为所选取的测量点（相邻两点间还有四个打点未画出），两相邻测量点间的距离如图所示，单位为cm．打点计时器所用电源的频率为50H z．（1）求出①号纸带测量点5的速度v5= ______ m/s；①号纸带对应的加速度值为______ m/s2．（结果保留两位有效数字）（2）利用此装置，正确平衡摩擦力后，研究质量一定时，加速度与力的关系，是否必须求出两辆小车运动加速度的确切值？______ （选填“是”或“否”）；请说明理由：______（3）利用此图的其中一个装置，还可以探究做功与物体速度变化的关系．若用M表示小车及车上砝码的总质量，m表示砂子及盘的总质量，对于改变外力对小车做的功，下列说法正确的是______A．通过改变小车运动的距离来改变外力做功时，必须平衡摩擦，必须满足M远大于m B．通过改变小车运动的距离来改变外力做功时，不需要平衡摩擦，也不需要满足M远大于mC．通过改变小盘里砂子的质量来改变外力做功时，必须平衡摩擦，必须满足M远大于mD．通过改变小车上砝码的质量来改变外力做功时，只需平衡摩擦不需要满足M远大于m（4）若在①号纸带上标注纸带随小车运动的加速度方向，应该是______ （填“O→E”，或“E→O”）【答案】0.24；0.21；否；因两打点计时器同时开始、停止工作，故两小车运动的时间相等，可以用纸带上打点的总位移大小之比表示加速度之比；BC；O→E【解析】解：（1）匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度；对于第一条纸带，有：，根据作差法得：a==0.21m/s2，（2）小车做初速度为零的匀加速直线运动，结合位移时间关系公式，有：；故不需要求出小车运动加速度的确切值；理由：因两打点计时器同时开始、停止工作，故两小车运动的时间相等，可以用纸带上打点的总位移大小之比表示加速度大小之比；（3）A、B、采用倍增法使功成倍增加，通过改变小车运动的距离来改变外力做功时，根据W=F x，由于合力恒定，故不需要平衡摩擦力，也不需要保证M远大于m，故A 错误，B正确；C、D、采用倍增法使功成倍增加，通过改变小车上砝码的质量来改变外力做功时，根据W=F x，采用mg来表示拉力F；如果把（M+m）作为整体来研究动能定理，就不需要必须满足M远大于m；当然，如果对小车M进行动能定理研究，肯定要满足M远大于m；故C正确，D错误；故选：BC．（4）由图可知计数点之间的距离逐渐增大，所以小车的加速度方向O→E．故答案为：（1）0.24；0.21；（2）否，因两打点计时器同时开始、停止工作，故两小车运动的时间相等，可以用纸带上打点的总位移大小之比表示加速度之比；（3）BC；（4）O→E（1）匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据作差法求解加速度；（2）小车做初速度为零的匀加速直线运动，结合位移时间关系公式分析即可；（3）采用倍增法使功成倍增加时，如果改变位移，保证力恒定即可；如果改变拉力，使拉力成倍增加即可．（4）根据计数点之间距离的变化可以判断小车加速还是减速运动本题关键是明确实验的原理，会通过运动学公式求解加速度之比和瞬时速度大小；明确实验的误差来源；不难．9.某科技创新小组在小制作中需要1.00Ω的定值电阻．由于实验室没有合适的电阻，他们打算用一段导线代替．他们在实验室找到了两圈长度均为100.00m的粗细均匀的导线圈a、b，他们用螺旋测微器测出b线圈导线的直径和用多用电表“R×100”档粗测b 线圈的总电阻示数如图甲、乙所示．（1）导线b的直径d= ______ mm；由多用电表得线圈b的总电阻约为R b= ______ Ω（2）接着测出线圈a、b的U-I图象如图丙所示，实验室提供如下器材可选：A．电流表A1（600m A，1.0Ω）；B．电流表A2（40m A，10.0Ω）；C．电压表V1（3V，6kΩ）；D．电压表V250V，20kΩ）；E．滑动变阻器R1（100Ω，1.0A）；F．滑动变阻器R2（10Ω，2A）；G．直流电源E（50V，0.05Ω）；H．开关一个，带夹子的导线若干．以上器材中，要求实验测b线圈的伏安特性曲线，且在实验时需测出多组有关数据和尽可能高的测量精度．电流表选用：______ ；电压表选用：______ ；滑动变阻器选用：______ ．（只填仪器前的字母代号）．请在图丁的方框中画出实验的电路图．（3）最后，他们决定用线圈a的一段导线来替代1.00Ω的电阻，他们应将长度L= ______ m的导线接入电路．【答案】0.239；2400；B；D；E；0.2【解析】解：（1）螺旋测微器读数=固定刻度读数+可动刻度读数=0+0.01mm×23.9=0.239mm；欧姆表读数=表盘读数×倍率=24×100=2400Ω；（2）根据I-U图象得到测量时的最大电压测量值为46V，电流值的最大测量值为40m A，故电压表选择D，电流表选择B；滑动变阻器R1电流约为：I==0.5A，小于额定电流；滑动变阻器R2电流约为：I==5A，大于额定电流，故滑动变阻器选用E；滑动变阻器最大阻值小于导线电阻，为测多组实验数据，滑动变阻器采用分压式接法；导线电阻约为2400Ω，电流表内阻约为10Ω，电压表内阻约为20kΩ，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表采用内接法，电路图如图所示：（3）根据I-U图象得到线圈a的电阻为：R a===500Ω；线圈的长度为100m，故每米5Ω，长度0.2m的电阻即为1欧姆．故答案为：（1）0.239；2400．（2）B；D；E．（3）0.2．（1）螺旋测微器读数=固定刻度读数+可动刻度读数；欧姆表读数=表盘读数×倍率；（2）根据I-U图象得到测量时的电压和电流值，选择合适的电流表和电压表；滑动变阻器的电流不能超过额定电流；滑动变阻器采用分压式接法，电流表采用内接法；（3）先根据I-U图象得到电阻，再结合电阻定律求解1.00Ω的导线的长度．本题考查了螺旋测微器读数、欧姆表读数，选择实验器材、实验数据处理，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；对器材读数时，视线要与刻度线垂直；要掌握实验器材的选择原则．四、计算题(本大题共3小题，共58.0分)10.杭甬高铁全长约150公里，已于2013年6月开通．甬绍用时32分钟，绍杭用时20分钟．高铁列车采用动力分散的电力机车驱动方式．国家电网将220k V高压电送至高铁牵引站，经牵引站变压后送达接触网．铁路沿线上方悬挂着的金属线就是接触网．接触网额定电压为25k V．车顶伸出的“长辫子”般的受电弓与接触网滑动接触获得电能而牵引列车运行．假设列车由16节车厢组成，除第1、16节两车厢为无动力车厢外，其余14节车厢均装备动力系统，各动力车厢产生的动力相同，每节车厢（含乘客行李等）的平均质量均为10吨．假设运动时每节车厢所受的阻力恒为车重的倍，该列车匀加速启动时，能在10分钟内将速度提升到360公里每小时，此后列车保持恒定功率，列车达到最大速度后匀速运动．（g取10m/s2）求：（1）列车在启动过程中总的牵引力大小．（2）求列车的最大速度及此时接触网中的平均电流至少为多大？（3）列车在启动过程中，第8节车厢对第9节车厢的作用力．【答案】解：（1）该列车匀加速启动时，能在10分钟内将速度提升到360公里每小时，故加速度为：a=根据牛顿第二定律，有：F-=（16m）a解得：F=m（）=10×103×=0.8×105N（3）汽车的额定功率P=F v=0.8×105N×100=0.8×107W；当牵引力等于阻力时，速度达最大，最大速度v m===1.5×102m/s；由P=UI可得：I==3200A；（3）对后7节车厢受力分析，受重力、支持力、牵引力和前6节车厢整体对其的拉力，根据牛顿第二定律，有：F′-×（7mg）+=（7m）a解得：F′=-1167N；答：（1）列车在启动过程中总的牵引力大小0.8×105N（2）列车的最大速度1.5×102m/s；此时接触网中的平均电流至少为3200A；（3）列车在启动过程中，第8节车厢对第9节车厢的作用力-1167N；．【解析】（1）先根据速度时间关系公式求解加速度，然后根据牛顿第二定律列式求解总牵引力；（2）由P=F v可求得额定功率；当F=f时可求得匀速运动时的牵引力；再由P=F v可求得速度；由P=UI可求得平均电流；（3）对后9节车厢受力分析后根据牛顿第二定律列式求解即可．本题综合考查牛顿第二定律、电功率及功率公式等内容，关键明确运动规律，然后灵活地选择研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律列式求解．11.如图a所示，水平面内固定有宽L=0.2m的两根光滑平行金属导轨，金属杆ab、cd垂直导轨水平放置，ab阻值R=0.5Ω，cd质量m=0.01kg．匀强磁场垂直于导轨平面，不计金属杆cd和导轨的电阻．若固定cd，用水平力F1=0.04N匀速向左拉动ab时，作出的位移大小-时间图象如图（b）中的①所示；若固定ab，用水平力恒力F2从静止起拉动cd向右，作出的位移大小-时间图象如图（b）中的②所示．试求：（1）匀强磁场的磁感应强度B；（2）在F2拉动cd的3s时间内，ab上产生的焦耳热Q；（3）若在图b中把纵坐标改为v（m/s），试在v-t图中画出F2拉动cd的过程中较合理的图线③．（4）若用水平外力按图线①向左匀速拉动ab的同时，用水平外力按图线②拉动cd，则1s内作用在cd上的外力至少做了多少功？（不同电源串联时，回路中总电动势等于各电源电动势之和．）【答案】解：（1）金属杆ab匀速时，根据图象①有v1=2m/s由F1=BI1L=得T=0.5T．B==．（2）3s末，金属杆cd匀速，根据图象②有v2=1m/sF2=BI2L==0.02N由动能定理得F2S-Q=-0得Q=F2S-=0.045J（3）cd杆先做加速度减小的加速运动，在2s后做匀速运动．近似图如图（b）中的红线所示．启动时加速度是2m/s2，所以启动段与图象①相切．（4）设作用在金属杆cd上的外力为F2′，对金属杆cd分析，某时刻速度v，加速度a，有F2′-F A3=ma其中安培力F A3=BI3L=整理得F2′--=ma…①对比“固定金属杆ab，用水平力恒力F2从静止起拉动金属杆cd向右”的过程，相同时刻有相同的速度v，加速度a有F2-=ma…②由①②两式得F2′=+F2=F1+F2=0.04+0.02=0.06（N），则为恒力．所以1s内做功W=F2′S=0.06×0.56J=0.0336J答：（1）匀强磁场的磁感应强度B为0.5T；（2）在F2拉动cd的3s时间内，ab上产生的焦耳热Q是0.045J；（3）若在图b中把纵坐标改为v（m/s），在v-t图中画出F2拉动cd的过程中较合理的图线③如图所示．（4）1s内作用在cd上的外力至少做了0.0336J的功．【解析】（1）由图b可知，s-t图象的斜率等于速度，即可求出金属杆匀速运动时的速度，根据水平力与安培力平衡条件进行求解；（2）由图象看出，3s末金属杆匀速运动，读出速度，求出安培力，即可得到外力的大小，根据动能定理求解Q；（3）分析cd杆的运动过程，再作v-t图象．cd杆先做加速度减小的加速运动，在2s后做匀速运动．（4）对cd杆进行分析，根据牛顿第二定律得到加速度的表达式，对比“固定金属杆ab，用水平力恒力F2从静止起拉动金属杆cd向右”的过程，相同时刻有相同的速度v 和加速度a，即可求出外力，从而求出功．本题是电磁感应与力学知识的综合，安培力是联系的桥梁，关键是安培力分析和计算．第4问采用对比的方法进行研究．12.如图所示，MN为两竖直放置的金属板，其间的电压U NM=180V，两水平放置的金属板FH间所加电压U FH=7.2sin2πt伏（从第一个电子刚进入FH板开始计时），已知MN 两板各有一个小孔，两小孔连线水平且与MN两板垂直并刚好通过FH两板的中心线，以此线作为x轴，FH的中心线末端为坐标原点O，竖直线为y轴建立如图所示的平面直角坐标系，已知坐标系的第一、四象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度B=5×10-4T，现有电子可以源源不断的从M板的小孔进入电场，已知进入M孔的电子的初速度可以忽略（不计电子之间的相互作用力），且相同时间内进入的电子数目相同．已知电子电量e=1.6×10-19C，电子质量为m=9×10-31kg，FH板板长L=0.4m，板间间距d=0.04m，电子重力不计．（1）求电子从N板小孔射出时速度的大小及t=0时刻进入FH板的电子在磁场中作圆周运动的半径．（2）求从t=0时刻至T=1s时刻从FH板射入的电子中，能从FH板射出的电子数与进入FH板的电子数之比．（3）求电子从磁场射出的位置坐标y的范围．（4）已知所有从磁场射出的电子好像都是从磁场中某一点沿直线射出来的一样，试求该点的坐标．【答案】解：（1）电子在加速电场中由动能定理得：e U MN=①解得v0=8.0×106m/s由于电子的速度大，穿过偏转电场的过程中偏转电压几乎不变，t=0时刻的偏转电压是0，所以电子做匀速直线运动．进入磁场的速度仍然不变，则：所以：m（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，设电子恰好从电场的边缘射出电场时，偏转电压为U2，有：a==联立以上公式，并代入数据得：U2=3.6V结合U FH=7.2sin2πt，可知，在第一秒内，当t=s或s时，电子从上极板的边缘射出；当t=s或s时，电子从下极板的边缘射出，所以在0-s、s-s、s-1s的时间内入射的电子内射出电场，由于相同时间内进入的电子数目相同，则能从FH板射出的电子数与进入FH板的电子数之比等于相应的时间的比值，即：。

2015年浙江省名校新高考研究联盟高考物理二模试卷一、单项选择题（共4小题，每小题6分，共42分，每小题只有一个选项符合题目要求）1．（6分）某次实验老师用丝绸摩擦过的玻璃棒（带正电）去吸引细碎的锡箔屑，发现锡箔屑被吸引到玻璃棒上后又迅速的向空中散开，下列说法正确的是（）A．锡箔屑被吸引过程会因为获得电子而带负电B．锡箔屑被吸引过程有减速过程C．最后锡箔屑散开主要是因为碰撞导致D．散开时锡箔屑带正电2．（6分）加利福尼亚大学研制出纳米机器人，研究人员让外层覆盖锌的机器人携带药物进入老鼠体内，机器人到达老鼠的胃部之后，外层的锌与消化液中的盐酸反应，产生氢气气泡作为推进动力，速度可达60μm/s，若机器人所受重力和浮力忽略不计，则下列对机器人在胃液中的运动判断正确的是（）A．纳米机器人由原电池提供的电能直接驱动B．机器人在胃液中匀速前进时，氢气气泡对机器人做的功与胃液对机器人做的功之和为零C．机器人前进中对胃液的作用力比胃液对机器人的阻力大D．机器人在胃液中加速前进的过程中，氢气气泡对机器人做的功等于机器人动能的变化3．（6分）静电场方向平行于x轴，该电场的电势φ随x轴的分布可简化为如图所示的折线，则下列说法正确的是（）A．在（﹣d＜x＜d）区间内，该电场为匀强电场B．若将一电子放在（﹣d＜x＜d）区间内，则电子在x=0处的电势能最小C．若将一质子在（﹣d＜x＜0）区间内静止释放，则该质子在该区域中运动时的电势能与动能的总和始终为负值D．若将一质子在（﹣d＜x＜0）区间内静止释放，则该质子在该区域中可能做直线运动，也可能做曲线运动4．（6分）如图为“高车踢碗”的杂技，演员踩着独轮车，头顶着碗，将一只碗扣在一只脚上，将碗踢起，由于碗底与空气的接触面积较大，碗所受的空气阻力不可忽略，碗离开脚后在空中划出一段弧线，正好落在头顶的碗里，对碗从扣在脚上到碗落入头顶碗里的整个过程中（）A．碗在离开脚后处于完全失重状态B．碗离开脚后所做的运动是斜抛运动C．若碗在脱离脚时的速度为v，则碗在脱离脚前的过程中的平均速度一定为D．碗脱离脚的瞬间，脚（踢碗的那部分）的加速度大小一定大于碗的加速度大小二、选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确，全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分）5．（6分）扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图为科沃斯520扫地机器人，已知其工作额定电压15V，额定功率30W，充电额定电压24V，额定电流0.5A，充电时间约240分钟，电池容量2000mAh，则下列说法正确的是（）A．电池容量是指电池储存电能的大小B．机器人正常工作的电压为24VC．机器人正常工作时的电流为2AD．机器人充满电后一次工作时间最多约为1小时6．（6分）超导电磁船是一种不需要螺旋桨推进的低噪音新型船，如图是电磁船的简化原理图，MN和CD是与电池相连的导体棒，MN与CD之间部分区域有垂直纸面向内的匀强磁场（磁场由超导线圈产生，其独立电路部分未画出），以下说法正确的是（）A．要使船前进，图中MN导体棒应接直流电源的负极B．改变超导线圈中电流的方向，可控制船前进或倒退C．若接入电路的海水电阻为R，其两端的电压为U，电路中的电流为I，则UI ＞I2RD．该超导电磁船应用的是电磁感应原理7．（6分）如图所示，P、Q为可视为点电荷的带电物体，电性相同，倾角为θ=30°的斜面放在粗糙的水平面上，将物体P放在粗糙的斜面上，当物体Q放在与P 等高（PQ连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且不受摩擦力，现保持Q与P的距离r不变，将物体Q顺时针缓慢转过α角度（α=60°），整个过程斜面和P始终静止，则在Q旋转的过程中，下列说法正确的是（）A．P物体会受到沿斜面向下的静摩擦力B．斜面给物体P的作用力方向始终竖直向上C．物体P受到的静摩擦力先增大后减小到0D．地面对斜面的摩擦力不断变小三、非选择题（共5小题）8．（10分）在探究“功和速度变化关系”的实验中，小张同学用如图甲所示装置，尝试通过测得细绳拉力做的功和小车获得的速度的值进行探究，则：（1）下列说法正确的是A．该方案需要平衡摩擦力B．该方案需要重物的质量远小于小车的质量C．该方案操作时细线应该与木板平行D．该方案处理数据时应选择匀速时的速度（2）某次获得的纸带如图乙所示，小张根据点迹标上了计数点，请读出C计数点在刻度尺上的读数cm，并求出C点的速度为m/s；（3）小张观察纸带，发现纸带与“探究加速度a与合外力F的关系”实验的纸带很相似，请您比较后填空：①两个实验处理数据时都要作图象，利用图示纸带得到的数据信息在“a﹣F”图象中能描绘个点；②两个实验操作时都要先接通电源再放回小车，所以纸带上的第一个点都比较大，为探得：“W∝v2”实验数据处理时（填需要、不需要）这个点．9．（10分）在探究“导体电阻与其影响因素的定量关系”实验中，某实验小组利用直径为2mm的2B铅笔芯进行实验：（1）小东猜测：铅笔芯接入电路的电阻R的大小与铅笔芯接入电路的有效长度L成正比，即R∝L．于是他设计就如图甲所示的电路，并提出如果滑动鳄鱼夹P 从靠近A处开始向B端滑动，同时将连接电压表的鳄鱼夹Q也同步移到P位置，如果AP之间的距离成倍增加，而电压表的示数也成倍增加，就能说明他的猜想．请您作出评价：如果对，你请列式说明理由；如果不对，请说明改进的方法；（2）小东根据电路图，连接电路如图乙，测量铅笔芯的电阻率，闭合电键后，移动滑动变阻器滑片位置，发现两电表示数变化范围过小，思考后他决定固定滑动变阻器以及鳄鱼夹Q的位置，仅改变P的位置，电表示数有明显变化，试将P、Q位置填入实物图乙相应方框内；（3）小东通过改变P的位置，得到了8组数据，并将数据在U﹣I图象中描好点，请根据点迹在丙图中画出图象，为求得电阻率，小东还用游标卡尺进行了测量，如图丁所示，根据图片读出待测电阻的长度为mm，根据已有数据求得电阻率为Ωm（结果保留2位有些数字）．10．（16分）空间存在垂直纸面向外的匀强磁场和竖直向上的匀强电场，如图所示，电场强度E=10N/C，PQ为该电磁复合场的分界线，一电量q=2×10﹣2C，质量m=0.02kg的带正电小物块（可看成质点），以初速度v0=4m/s由M点水平向右射出，恰好由N点（斜面的最高点）沿斜面方向滑入光滑斜面，MN=2m，已知斜面斜边长为m，初速度v0方向与MN连线成θ=30°，g=10m/s2，则：（1）试求磁感应强度B；（2）试求直角斜面的倾角α；（3）试求粒子在斜面上运动的时间．11．（20分）小林利用如图甲装置做实验，固定支架上悬挂一蹄形磁铁，悬挂轴与一手柄固定连接，旋转手柄可连带磁铁一起绕轴线OO′自由旋转，蹄形磁铁两磁极间有一可绕OO′自由旋转的矩形线圈abcd（cd与OO′重合），手柄带着磁铁以8rad/s的角速度匀速旋转，某时刻蹄形磁铁与线框平面正好重合（如图乙），此时线圈旋转的角速度为6rad/s，已知线圈边ab=5cm，ad=2cm，线圈所在处磁场可视为匀强磁场，磁感应强度B=0.4T，线圈匝数为200匝，电阻为1.6Ω，则：（1）若手柄是逆时针旋转（俯视），请判断线框旋转的方向（俯视）；（2）试判断此时线框中电流的方向；（3）试求图乙时刻线圈中的电流大小及电流的热功率；（4）若另一时刻蹄形磁铁的磁场恰好与线框平面垂直，这时线圈被卡住，试求此刻到紧接着再次出现磁场垂直线圈平面的过程中，通过线圈的电量．12．（22分）某游戏装置放在竖直平面内，如图所示，装置由粗糙抛物线形轨道AB和光滑的圆弧轨道BCD构成，控制弹射器可将穿在轨道上的小球以不同的水平初速度由A点射入，最后小球将由圆轨道的最高点D水平抛出，落入卡槽中得分，圆弧半径为R，O′为圆弧的圆心，C为圆弧轨道最低点，抛物线轨道上A 点在坐标轴的原点O上，轨道与圆弧相切于B点，抛物线轨道方程为y=ax2（0＜a＜），∠BO′C=θ，x轴恰好将半径O′D分成相等的两半，交点为P，x轴与圆弧交于Q点，则：（1）将小球以某一初速度水平由A点射入轨道，小球沿轨道运动到与A等高处Q，速度减为0，试求小球运动到B点的速度；（2）由（1）得到的B点的速度，能否求出小球在A点射入的速度，如果能请求出v0，不能，请说明理由；（3）试求在多次弹射小球的过程中，机械能损失最小的一次，小球在最高点D 对轨道的作用力与最低点C对轨道的作用力的比值．2015年浙江省名校新高考研究联盟高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共4小题，每小题6分，共42分，每小题只有一个选项符合题目要求）1．（6分）某次实验老师用丝绸摩擦过的玻璃棒（带正电）去吸引细碎的锡箔屑，发现锡箔屑被吸引到玻璃棒上后又迅速的向空中散开，下列说法正确的是（）A．锡箔屑被吸引过程会因为获得电子而带负电B．锡箔屑被吸引过程有减速过程C．最后锡箔屑散开主要是因为碰撞导致D．散开时锡箔屑带正电【解答】解：A、一个带正电的物体能够吸引另一个物体，另一个物体带负电或不带电，锡箔屑被吸引过程带正电，故A错误；B、锡箔屑被吸引过程是加速过程，故B错误；C、最后锡箔屑散开主要是因为锡箔屑带正电，同种电荷相互排斥导致，故C错误，D正确；故选：D．2．（6分）加利福尼亚大学研制出纳米机器人，研究人员让外层覆盖锌的机器人携带药物进入老鼠体内，机器人到达老鼠的胃部之后，外层的锌与消化液中的盐酸反应，产生氢气气泡作为推进动力，速度可达60μm/s，若机器人所受重力和浮力忽略不计，则下列对机器人在胃液中的运动判断正确的是（）A．纳米机器人由原电池提供的电能直接驱动B．机器人在胃液中匀速前进时，氢气气泡对机器人做的功与胃液对机器人做的功之和为零C．机器人前进中对胃液的作用力比胃液对机器人的阻力大D．机器人在胃液中加速前进的过程中，氢气气泡对机器人做的功等于机器人动能的变化【解答】解：A、纳米机器人由外层的锌与消化液中的盐酸反应，产生氢气气泡作为推进动力，故A错误；B、忽略重力及浮力，机器人只受气泡的推力及胃液的阻力，故当匀速前进时，氢气气泡对机器人做的功与胃液对机器人做的功之和为零，故B正确；C、当匀速前进时，对胃液的作用力和胃液对机器人的阻力一样大，故C错误；D、机器人在胃液中加速前进的过程中，氢气气泡对机器人做的功等于机器人动能的变化及克服胃液阻力做的功，故D错误；故选：B3．（6分）静电场方向平行于x轴，该电场的电势φ随x轴的分布可简化为如图所示的折线，则下列说法正确的是（）A．在（﹣d＜x＜d）区间内，该电场为匀强电场B．若将一电子放在（﹣d＜x＜d）区间内，则电子在x=0处的电势能最小C．若将一质子在（﹣d＜x＜0）区间内静止释放，则该质子在该区域中运动时的电势能与动能的总和始终为负值D．若将一质子在（﹣d＜x＜0）区间内静止释放，则该质子在该区域中可能做直线运动，也可能做曲线运动【解答】解：A、在﹣d＜x＜0内的场强大小E=；在0＜x区间内，场强方向沿x轴的负方向，而x＜0的区域内，场强沿+x方向，所以在（﹣d＜x＜d）区间内，该电场不是匀强电场．故A错误．B、由图可知，在（﹣d＜x＜d）区间内，x=0处的电势最低，所以若将一电子放在（﹣d＜x＜d）区间内，则电子在x=0处的电势能最大，故B错误；C、若将一质子在（﹣d＜x＜0）区间内静止释放，则该质子在该区域中运动时的只有电场力做功，所以电势能与动能的总和始终为负值，故C正确；D、若将一质子在（﹣d＜x＜0）区间内静止释放，由于静电场方向平行于x轴，则该质子在该区域中做直线运动．故D错误．故选：C4．（6分）如图为“高车踢碗”的杂技，演员踩着独轮车，头顶着碗，将一只碗扣在一只脚上，将碗踢起，由于碗底与空气的接触面积较大，碗所受的空气阻力不可忽略，碗离开脚后在空中划出一段弧线，正好落在头顶的碗里，对碗从扣在脚上到碗落入头顶碗里的整个过程中（）A．碗在离开脚后处于完全失重状态B．碗离开脚后所做的运动是斜抛运动C．若碗在脱离脚时的速度为v，则碗在脱离脚前的过程中的平均速度一定为D．碗脱离脚的瞬间，脚（踢碗的那部分）的加速度大小一定大于碗的加速度大小【解答】解：A、碗在离开脚后受重力和阻力，加速度不为g，不是完全失重状态，故A错误；B、碗离开脚后所做的运动受重力和阻力，故不是斜抛运动，故B错误；C、若碗在脱离脚时的速度为v，碗在脱离脚前的过程中不是匀变速运动，故平均速度不是，故C错误；D、碗脱离脚的瞬间，由于速度相等，脚要与碗分离，故脚（踢碗的那部分）的加速度大小一定大于碗的加速度大小，故D正确；故选：D二、选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确，全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分）5．（6分）扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图为科沃斯520扫地机器人，已知其工作额定电压15V，额定功率30W，充电额定电压24V，额定电流0.5A，充电时间约240分钟，电池容量2000mAh，则下列说法正确的是（）A．电池容量是指电池储存电能的大小B．机器人正常工作的电压为24VC．机器人正常工作时的电流为2AD．机器人充满电后一次工作时间最多约为1小时【解答】解：A、电池容量是指电池的存储电量（电流与时间的乘积）多少，单位是“Ah”，不是储存电能的大小，故A错误；B、机器人正常工作的电压为15V，故B错误；C、机器人正常工作时的电流I=，故C正确；D、机器人充满电后一次工作时间为t=，故D正确．故选：CD6．（6分）超导电磁船是一种不需要螺旋桨推进的低噪音新型船，如图是电磁船的简化原理图，MN和CD是与电池相连的导体棒，MN与CD之间部分区域有垂直纸面向内的匀强磁场（磁场由超导线圈产生，其独立电路部分未画出），以下说法正确的是（）A．要使船前进，图中MN导体棒应接直流电源的负极B．改变超导线圈中电流的方向，可控制船前进或倒退C．若接入电路的海水电阻为R，其两端的电压为U，电路中的电流为I，则UI ＞I2RD．该超导电磁船应用的是电磁感应原理【解答】解：A、当MN解直流电源的负极时，海水中电流方向由CD指向MN，是海水受到的安培力向左，根据牛顿第三定律可知，船体受到向右的作用力，故使船体向前运动，故A正确；B、改变超导线圈中中电流的方向，会改变磁场的方向，从而改变海水的受力方向，从而改变船体的受力方向，故能控制船体的前进或后退，故B正确；C、路端电压一部分用来产生磁场，一部分由于海水有电阻，会产生热，故UI＞I2R，故C正确；D、该超导电磁船应用的是安培力原理，故D错误；故选：ABC7．（6分）如图所示，P、Q为可视为点电荷的带电物体，电性相同，倾角为θ=30°的斜面放在粗糙的水平面上，将物体P放在粗糙的斜面上，当物体Q放在与P 等高（PQ连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且不受摩擦力，现保持Q与P的距离r不变，将物体Q顺时针缓慢转过α角度（α=60°），整个过程斜面和P始终静止，则在Q旋转的过程中，下列说法正确的是（）A．P物体会受到沿斜面向下的静摩擦力B．斜面给物体P的作用力方向始终竖直向上C．物体P受到的静摩擦力先增大后减小到0D．地面对斜面的摩擦力不断变小【解答】解：A、C、根据库仑定律，小球Q与P之间库仑力的大小为：F；对物体P进行受力分析则：小球Q在与P等高处时，物体P受重力、支持力和库仑斥力而平衡，根据共点力平衡条件，库仑力与支持力的合力与重力大小相等，方向相反．当小球Q的位置变化后，库仑力的大小不变而方向发生变化，库仑力矢量的终点在以物体的重心O为圆心的圆上，（如图红色的圆），同时，由图可知，小球转过60°后的位置与O的连线的反向延长线（库仑力的方向）与平行四边形的交点D恰好也是小球转过60°后的位置与O的连线的反向延长线与红色的圆的交点，所以此时库仑力与支持力的合力恰好等于mg′．在小球Q转动的过程中，红色的圆始终在平行四边形以外，根据矢量合成的方法可知，库仑力与支持力的合力在沿斜面向上的方向上的分力不可能为0，物体P有向上运动的趋势，所以物体P还要受到沿斜面向下的摩擦力的作用．由图可知，物体受到的沿斜面向下的摩擦力先增大，后减小．故A正确，C正确；B、由以上的分析可知，小球Q在开始时的位置与最后时的位置上，物体P都只受到重力、支持力和库仑力的作用，所以斜面给物体P的作用力方向不可能始终竖直向上．故B错误；D、选取物体P与斜面体组成的整体为研究的对象，它们受到重力、支持力、库仑力和地面的摩擦力的作用，沿水平方向上，地面对整体的摩擦力大小与库仑力沿水平方向的分力始终大小相等．而库仑力在水平方向的分力：F x=F•cosβ，β是PQ的连线与水平方向之间的夹角，可知Q向下转动的过程中，PQ与水平方向之间的夹角增大，所以库仑力沿水平方向的分力减小，则地面对斜面体的摩擦力逐渐减小．故D正确．故选：ACD三、非选择题（共5小题）8．（10分）在探究“功和速度变化关系”的实验中，小张同学用如图甲所示装置，尝试通过测得细绳拉力做的功和小车获得的速度的值进行探究，则：（1）下列说法正确的是ABCA．该方案需要平衡摩擦力B．该方案需要重物的质量远小于小车的质量C．该方案操作时细线应该与木板平行D．该方案处理数据时应选择匀速时的速度（2）某次获得的纸带如图乙所示，小张根据点迹标上了计数点，请读出C计数点在刻度尺上的读数9.82cm，并求出C点的速度为0.176m/s；（3）小张观察纸带，发现纸带与“探究加速度a与合外力F的关系”实验的纸带很相似，请您比较后填空：①两个实验处理数据时都要作图象，利用图示纸带得到的数据信息在“a﹣F”图象中能描绘1个点；②两个实验操作时都要先接通电源再放回小车，所以纸带上的第一个点都比较大，为探得：“W∝v2”实验数据处理时需要（填需要、不需要）这个点．【解答】解：（1）由图示实验装置可知，小车受到的拉力等于重物的重力；A、实验时小车受到的合力等于重物的拉力，因此该方案需要平衡摩擦力，故A 正确；B、只有当重物质量远小于小车质量时，小车所受到的拉力近似等于重物的重力，否则实验误差将很大，因此该方案需要重物的质量远小于小车的质量，故B正确；C、小车受到的拉力等于重物的重力，该方案操作时细线应该与木板平行，故C 正确；D、在该实验方案中小车做匀加速直线运动，该方案处理数据时应求出某计数点的瞬时速度与小车对应于该点的位移，故D错误；故选ABC．（2）由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，刻度尺示数为9.82cm；做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，则C点的速度：v C===0.176m/s；（3）①图示纸带为重物为某一质量时打出的纸带，由纸带可以求出小车的加速度a，可以求出该加速度对应的小车受到的拉力F（重物的重力），可以得到一组实验数据，在a﹣F图象中可以描出一个点．②利用该实验探究功与速度变化的关系实验，需要测出打下某点时小车的速度与该点对应的小车的位移，小车位移等于打点计时器打下第一个点到该点的距离，为探得：“W∝v2”实验数据处理时需要打点计时器打下的第一个点．故答案为：（1）ABC；（2）9.82；0.176；（3）①1；②需要．9．（10分）在探究“导体电阻与其影响因素的定量关系”实验中，某实验小组利用直径为2mm的2B铅笔芯进行实验：（1）小东猜测：铅笔芯接入电路的电阻R的大小与铅笔芯接入电路的有效长度L成正比，即R∝L．于是他设计就如图甲所示的电路，并提出如果滑动鳄鱼夹P 从靠近A处开始向B端滑动，同时将连接电压表的鳄鱼夹Q也同步移到P位置，如果AP之间的距离成倍增加，而电压表的示数也成倍增加，就能说明他的猜想．请您作出评价：如果对，你请列式说明理由；如果不对，请说明改进的方法不对，没有控制电路电流不变；应调节滑动变阻器控制电路电流保持不变；（2）小东根据电路图，连接电路如图乙，测量铅笔芯的电阻率，闭合电键后，移动滑动变阻器滑片位置，发现两电表示数变化范围过小，思考后他决定固定滑动变阻器以及鳄鱼夹Q的位置，仅改变P的位置，电表示数有明显变化，试将P、Q位置填入实物图乙相应方框内；（3）小东通过改变P的位置，得到了8组数据，并将数据在U﹣I图象中描好点，请根据点迹在丙图中画出图象，为求得电阻率，小东还用游标卡尺进行了测量，如图丁所示，根据图片读出待测电阻的长度为29.75mm，根据已有数据求得电阻率为 3.2×10﹣4Ωm（结果保留2位有些数字）．【解答】解：（1）由实验步骤可知，实验过程中没有控制电路电流不变，因此该实验操作是错误的，应调节滑动变阻器控制电路电流保持不变．（2）滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：（3）根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：由图示刻度尺可知，其示数为：29.75cm；由图示U﹣I图象可知，电阻丝电阻：R===3Ω，由电阻定律：R=ρ=ρ可知，电阻率：ρ=，代入数据解得：ρ=3.2×10﹣4Ω•m．故答案为：（1）不对，没有控制电路电流不变；应调节滑动变阻器控制电路电流保持不变；（2）如图所示；（3）如图所示；29.75；3.2×10﹣4．10．（16分）空间存在垂直纸面向外的匀强磁场和竖直向上的匀强电场，如图所示，电场强度E=10N/C，PQ为该电磁复合场的分界线，一电量q=2×10﹣2C，质量m=0.02kg的带正电小物块（可看成质点），以初速度v0=4m/s由M点水平向右射出，恰好由N点（斜面的最高点）沿斜面方向滑入光滑斜面，MN=2m，已知斜面斜边长为m，初速度v0方向与MN连线成θ=30°，g=10m/s2，则：（1）试求磁感应强度B；（2）试求直角斜面的倾角α；（3）试求粒子在斜面上运动的时间．【解答】解：（1）小球受到的电场力：qE=2×10﹣2×10=0.2N，小球所受重力：mg=0.02×10=0.2N，qE=mg，重力与电场力合力为零，小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，小球运动轨迹如图所示：由几何知识可得：r=MN=2m，由牛顿第二定律得：qvB=m，代入数据解得：B=T；（2）粒子运动轨迹如上图所示，由几何知识可得：α=60°；（3）物块在斜面上，由牛顿第二定律得：mgsinα=ma，代入数据解得：a=5m/s2，物块做匀加速直线运动，由速度位移公式得：v2﹣v02=2ax，代入数据解得：v=8m/s，由匀变速直线运动的速度公式得：v=v0+at，代入数据解得：t=s；答：（1）磁感应强度B为T；（2）直角斜面的倾角α为60°；（3）粒子在斜面上运动的时间为s．11．（20分）小林利用如图甲装置做实验，固定支架上悬挂一蹄形磁铁，悬挂轴与一手柄固定连接，旋转手柄可连带磁铁一起绕轴线OO′自由旋转，蹄形磁铁两磁极间有一可绕OO′自由旋转的矩形线圈abcd（cd与OO′重合），手柄带着磁铁。

2015年高考仿真模拟卷?浙江卷（二）理科综合（物理）一、选择题（本题共4小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，选对得6分，多选或选错不得分，总分24分）1（2015·浙江金丽衢十二校一模·2）．一个质点由静止开始沿直线运动，速度随位移变化的图线如图所示，关于质点的运动下列说法正确的是（）A．质点做匀速直线运动B．质点做匀加速直线运动C．质点做加速度逐渐增大的加速运动D．质点做加速度逐渐减小的加速运动2（2015·全国大联考广东卷·15）.如图所示，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，极板间距为d，在下极板上叠放一厚度为l的金属板，其上部空间有一带正电的粒子P静止在电容器中，当把金属板从电容器中快速抽出后，粒子P开始运动，重力加速度为g。

则下列判断正确的是（）A．上极板带正电B．粒子开始向上运动lC．粒子运动的加速度大小为gddD．粒子运动的加速度大小为gld3（2015·浙江金丽衢十二校一模·3）．如图，可视为质点的小球，位于半径为m半圆柱体左端点A的正上方某处，以一定的初速度水平抛出小球，其运动轨迹恰好能与半圆柱体相切于B点．过B点的半圆柱体半径与水平方向的夹角为60°，则初速度为：（不计空气阻力，重力加速度为g=10m/s2）（）A．m/s B．4m/s C．3m/s D．m/s4（2015·陕西西郊中学一模·2）．如图所示的ABC是木匠用的曲尺，它是用粗细不同、质量分布均匀、两段质量相等的木料做成的，D是AC边线的中点，F是AB段的中点，G是BC段的中点，E是FG连线的中点，则曲尺的重心在（）A．B点B．D点C．E点D．G点二、选择题（本题共3个小题，在每个小题给出的四个选项中，至少有一个是符合题目要求。

2015年浙江省杭州二中高三年级仿真考理科综合试题物理卷14.【题文】趣味运动会上运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球的质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，则A.运动员的加速度为g tanθB.球拍对球的作用力为C.运动员对球拍的作用力为D.若加速度大于g sinθ，球一定沿球拍向上运动【答案】A【解析】本题主要考查牛顿第二定律；受力分析如下;有图可得即，故选项A正确；球拍对球的作用力为，故选项B错误；运动员对球拍的作用力为，故选项C错误；当球相对于球拍静止时，有，当时，球向上运动，故选项D错误；本题正确选项为A。

【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】如图甲所示，在水平地面上放置一个质量为m=4Kg的物体，让其在随位移均匀减小的水平推力作用下运动，推力随位移变化的图像乙所示.已知物体与地面间的动摩擦因数为。

下列说法正确的是A.物体先做加速运动，推力撤去时开始做减速运动B.物体在水平面上运动的最大位移是12mC.物体在运动中的加速度先变小后不变D.物体运动的最大速度为8m/s【答案】D【解析】本题主要考查牛顿第二定律、动能定理；选项A，物体先加速，当推力小于摩擦力时开始减速，当推力为零时，继续减速至速度为零，故选项A错误；选项B，对运动过程使用动能定理，则，图像面积即，可得，故选项B错误；选项C，加速度先减小至零，后反向增大，推力为零时，加速度保持不变，故选项C错误；选项D，当，对开始运动到合力为零过程使用动能定理得，故选项D正确；本题正确选项为D。

【题型】单选题【备注】【结束】16.【题文】如图所示x轴上各点的电场强度如图所示，场强方向与x轴平行，规定沿x轴正方向为正，一负点电荷从坐标原点O以一定的初速度沿x轴正方向运动，点电荷到达位置速度第一次为零，在位置第二次速度为零，不计粒子的重力.下列说法正确的是A.点电荷从O点运动到，再运动到的过程中，速度先均匀减小再均匀增大，然后减小再增大B.点电荷从O点运动到，再运动到的过程中，加速度先减小再增大，然后保持不变电势差=C.O点与和O点与xD.点电荷在、位置的电势能最小【答案】C【解析】本题主要考查牛顿第二定律、动能定理以及功能关系；选项A，在之间电场是变化的。

2015年浙江高考物理试题14.下列说法中正确的是( )A.电流通过导体有势功率与电流大小成正比B.力对物体所做的功与力的作用时间成正比C.电容器所带电荷量与两极间的电势差成正比D.弹性限度内,弹簧的劲度系数与弹簧伸长量成正比 15.如图所示,气垫导轨上滑块经过光电门时,其上的遮光条将光遮住,电子计时器可自动记录遮光时间t ∆.测得遮光条的宽度为x ∆,用tx ∆∆近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度.为使t x ∆∆更接近瞬时速度,正确的措施是( )A.换用宽度更窄的遮光条B.提高测量遮光条宽度的精确度C.使滑块的释放点更靠近光电门D.增大气垫导轨与水平面的夹角16.如图所示为静电力演示仪,两金属极板分别固定于绝缘支架上,且正对平行放置.工作时两极板分别接高压直流电源的正负极,表面渡铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属极板中间,则( )A.乒乓球的左侧感应出负电荷B.乒乓球受到扰动后,会被吸在左极板上C.乒乓球共受到电场力、重力和库仑力三个力的作用D.用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触,放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞17.如图为足球球门,球门宽为L .一个球员在球门中线正前方距离球门S 处高高跃起,将足球顶入球门中的左下方死角(图中P 点).球员顶球的高度为h ,足球做平抛运动(足球可看成质点,忽略空气阻力),则( ) A.足球位移的大小224S L x +=B. 足球初速度的大小)4(2220S L h g v +=C.足球末速度的大小gh S L h g v 4)4(222++= D.足球初速度的方向与球门线夹角的正切值S L 2tan =θ18.我国科学家正在研制航空母舰舰载机使用的电磁弹射器.舰载机总质量为3.0×104kg,设起飞过程中发动机的推力恒为1.0×105N;弹射器有效作用长度为100m,推力恒定.要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80m/s.弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和,假设阻力为总推力的20%,则( )A.弹射器的推力大小为N 6101.1⨯ B.弹射器对舰载机所做的功为J 8101.1⨯C.弹射器对舰载机做功的平均功率为W 7108.8⨯ D.舰载机在弹射过程中的加速度大小为2/32s m 19.如图为赛车场的一个水平“U ”型弯道,转弯处为圆心在O 点的半圆,内外半径分别为r 和2r .一辆m 的赛车通过AB 线经弯道到达B A ''线,有如图所示的①、②、③三条路线,其中路线③是以O '为圆心的半圆,r O O ='.赛车沿圆弧路线行驶时,赛车以不打滑的最大速率通过弯道(所选路线内赛车速率不变,发动机功率足够大),则( )A.选择路线①,赛车经过的路程最短B.选择路线②,赛车的速率最小C.选择路线③,赛车所用时间最短D.①、②、③三条路线的圆弧上,赛车的向心加速度大小相等 20.如图所示,用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1kg 的小球A 悬挂到水平板的M 、N 两点,A 上带有Q =3.0×10-6C 的正电荷.两线夹角为1200,两线上的拉力大小分别为F 1和F 2.A 的正下方0.3m 处放有一带等量异种电荷的小球B,B 与绝缘支架的总质量为0.2kg(重力加速度取g=10m/s 2;静电力常量k =9.0×109N ·m 2/C 2,A 、B 球可视为点电荷),则( )A.支架对地面的压力大小为2.0NB.两线上的拉力大小F 1=F 2=1.9NC.将B 水平向右移,使M 、A 、B 在同一直线,此时两线上的拉力 大小F 1=1.225N,F 2=1.0N第15题图高压直流电源 第16题图第17题图 第19题图D.将B移到无穷远处,两线上的拉力大小F1=F2=0.866N21.甲同学准备做“验证机械能守恒定律”实验，乙同学准备做“探究加速度与力、质量的关系”实验.(1)图1中A、B、C、D、E表示部分实验器材,甲同学需在图中选用的器材；乙同学需在图中选用的器材 .(用字母表示)(2)乙同学在实验室选齐所需器材后,经正确操作获得如图2所示的两条纸带①和②.纸带的加速度大(填“①”或“②”),其加速度大小为 .22.(10分)图1是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图.(1)根据图1画出实验电路图;(2)调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图2中的①、②、③、④所示,电流表的量程为0.6A,电压表的量程为3V.所示读数为:①、②、③、④ .两组数据得到的电阻分别是和 .23.(16分)如图所示,用一块长L 1=1.0m 的木板在墙和桌面间架设斜面,桌子高H =0.8m,长L 2=1.5m.斜面与水平桌面的夹角θ可在0-600间调节后固定.将质量为m =0.2kg 的小物块从斜面顶端静止释放,物块与斜面间的动摩擦因数05.01=μ,物块与桌面间的动摩擦因数为2μ,忽略物块在斜面与桌面交接处的能量损失.(重力加速度取g =10m/s 2;最大静摩擦力等于滑动摩擦力)(1)求θ角增大到多大时,物块能从斜面开始下滑;(用正切值表示)(2)当θ角增大到370时,物块恰好能停在桌面边缘,求物块与桌面间的动摩擦因数2μ;(6.037sin 0=,8.037cos 0=)(3)继续增大θ角,发现053=θ时物块落地点与墙面的距离最大,求此最大距离m x .24.(20分)小明同学设计了一个“电磁天平”,如图1所示,等臂天平的左臂为挂盘,右盘挂有矩形线圈,两臂平衡.线圈的水平连长L =0.1m,竖直连长H =0.3m,匝数为N 1.线圈的下边处于匀强磁场内,磁感应强度B 0=1.0T,方向垂直线圈平面抽里.线圈中通有可在0-2.0A 范围内调节的电流I .挂盘放上待测物体后,调节线圈中电流使天平平衡,测出电流即可测得物体的质量.(重力加速度取g =10m/s 2)(1)为使电磁天平的是量程达到0.5kg,线圈的匝数N 1至少为多少? (2)进一步探究电磁感应现象,另选N 2=100匝、形状相同的线圈,总电阻R =10Ω,不接外电流,两臂平衡.如图2所示,保持B 0不变,在线圈上部另加垂直纸面向外的匀强磁场,且磁感应强度B 随时间均匀变大,磁场区域宽度d =0.1m.当挂盘中放质量为0.01kg 的物体时,天平平衡,求此时磁感应强度的变化率tB∆∆.B 0图1B 0图225.(22分)使用回旋加速器的实验需要把离子从加速器中引出,离子束引出的方法有磁屏蔽通道法和静电偏转法等.质量为m、速度为v的离子在回旋加速器内旋转,旋转轨道是半径为r的圆,圆心在O点,轨道在垂直纸面向外的匀强磁场中,磁感应强度为B.为引出离子束,使用磁屏蔽通道法设计引出器.引出器原理如图所示,一对圆弧形金属板组成弧形引出通道,通道的圆心位于O'点(O'点图中未画出).引出离子时,令引出通道内磁场的磁感应强度降低,从而使离子从P点进入通道,沿通道中心线从Q点射出.已知OQ长度为L.OQ与OP的夹角为θ.(1)求离子的电荷量q并判断其正负;(2)离子从P点进入,Q点射出,通道内匀强磁场的磁感应强度应降为B',求B';(3)换用静电偏转法引出离子束,维持通道内的原有磁感应强度B不变,在内外金属板间加直流电压,两板间产生径向电场,忽略边缘效应.为使离子仍从P点进入,Q点射出,求通道内引出轨迹处电场强度E的方向和大小.参考答案14-17 CADB 18.ABD 19.ACD 20.BC。

2015年浙江省杭州二中高三年级仿真考理科综合试题卷可能用到的相对原子质量:Al-27 Cl-35.5 Fe-56 O-16 S-32 I-127 Ba-137 Cr-52注意:(1本试卷分Ⅰ卷(选择题和Ⅱ卷(非选择题 ;(2选择题涂在答题卡上,非选择题写在答卷纸上;(3考试时间 150分钟;第 I 卷选择题(共 120分一、选择题(本题共 17小题.在每个小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求.本卷可能用到的相对原子质量:H-1 N-14 O-16 S-32 Na-23 C-121.下列关于植物激素调节的叙述正确的是A .植物激素调节的特点是具有两重性B .乙烯是指由成熟的果实产生的激素C .赤霉素能影响根的生长和分化D .脱落酸能够解除种子的休眠2.下图为高等植物叶肉细胞内的叶绿体中一个类囊体内的相关反应。

下列有关叙述不正确的是A . 类囊体膜的主要成分包括蛋白质、磷脂和光合色素等B . 与碳反应有关的酶主要分布于叶绿体基质和内膜上C . H +运出类囊体的方式为被动转运,需要转运蛋白参与D . 产生的 O 2被相邻细胞的线粒体利用至少需要穿过 7层单位膜3.下图是按顺时针方向表示的 4种动物细胞的细胞周期,其中说法正确的是A .图丁细胞的分裂期时间最长B .图乙b → a 过程中,同源染色体可能发生联会C .图丙b → a 过程中,染色体组一直保持不变D .图甲与图丙的 b 时刻细胞中都已经存在 4个中心粒4. 小儿 X 连锁无丙种球蛋白血症是由于个体内 B 细胞成熟过程受阻, 无法产生抗体, 患儿出生六个月后, 来自母体的抗体耗尽而发病,主要症状表现为反复化脓性细菌感染。

下列有关说法不正确的是A . 该病属于先天性免疫缺陷病B . 该病患者的细胞免疫功能正常C . 该病可以通过注射减毒疫苗的方式进行治疗D . 患病原因可能是 B 细胞分化受阻5.兴奋在中枢神经系统的传导过程中,有时存在一个突触引起的兴奋被后一个突触抑制的现象。

2015年高考理综模拟试卷物理部分一、单选题（本题共4小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。

每题6分，共24分。

） AB CD15.(温州市2014届高三八校联考)如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O 点为其球 心，碗的内表面及碗口是光滑的．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m 1和m 2的小球，当它们处于 平衡状态时，质量为m 1的小球与O 点的连线与水平线的夹角为α＝60°，则两小球的质量比m 1:m 2为 ( ) A.32 B. 33 C.23 D.2216.（改编自浙江省六校2014届高三3月联考）在空中下落的物体，由于空气阻力随着速度的增大而增大，最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度。

一物体质量为m ，将它从空中静止释放，最后物体的收尾速度为v ，重力加速度为g ，下列说法正确的是( )A ．若测得物体从释放至达到收尾速度所用时间为t ，则物体下落的位移为vt2B ．若测得某一时刻物体下落时的加速度为a ，则物体此时的速度为2ahC ．若测得某时物体的加速度为a ，此时物体受到的空气阻力为ｍ（ａ＋ｇ）D ．若测得物体下落t 时间，通过的位移为y ，则该过程的平均速度一定为y t17.(2011上海模拟)电吉他是利用电磁感应原理工作的一种乐器．如图甲所示为电吉他的拾音器的原理图，在金属弦的下方置有一个连接到放大器的螺线管．一条形磁铁固定在管内，当拨动金属弦后，螺线管内就会产生感应电流，经一系列转化后可将电信号转为声音信号．若由于金属弦的振动，螺线管内的磁通量随时间的变化如图乙所示，则对应感应电流的变化为( )二、多选题（本题共3小题。

在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

共18分）18.（改编自2014金丽衢十二校联考）中国版“野牛”级重型气垫船，自重达540吨，最高时速为108km/h，装有M－70大功率燃气轮机，该机额定输出功率为8400kW。

浙江省文理科第二批20XX年浙江省杭州二中高三年级仿真考理科综合试题卷及参照答案 _图文导读：就爱阅读网友为您分享以下“ 20XX年浙江省杭州二中高三年级仿真考理科综合试题卷及参照答案_图文”的资讯，希望对您有所帮助，感谢您对的支持!20XX 年浙江省杭州二中高三年级仿真考理科综合试题卷可能用到的相对原子质量： Al-27 Cl-35.5 Fe-56 O-16 S-32 I-127 Ba-137 Cr-52 注意：（ 1）本试卷分Ⅰ卷（选择题）和Ⅱ卷（非选择题）；（2）选择题涂在答题卡上，非选择题写在答卷纸上；（3）考试时间 150 分钟；第 I 卷选择题（共120 分）一、选择题（此题共17 小题．在每个小题给出的四个选项中只有一个选项切合题目要求．本卷可能用到的相对原子质量： H-1 N-14O-16S-32 Na-23 C-121．以下对于植物激素调理的表达正确的选项是A．植物激素调理的特色是拥有双重性C．赤霉素能影响根的生长和分化B．乙烯是指由成熟的果实产生的激素D．零落酸能够排除种子的休眠2．以下图为高等植物叶肉细胞内的叶绿体中一个类囊体内的有关反响。

以下有关表达不正确的选项是A.类囊体膜的主要成分包含蛋白质、磷脂和光合色素等B.与碳反响有关的酶主要散布于叶绿体基质和内膜上C.H 运出类囊体的方式为被动转运，需要转运蛋白参加D.产生的 O2 被相邻细胞的线粒体利用起码需要穿过7 层单位膜3．以下图是按顺时针方向表示的 4 种动物细胞的细胞周期，此中说法正确的选项是+A．图丁细胞的分裂期时间最长B．图乙 b→a过程中，同源染色体可能发生联会C．图丙 b→a过程中，染色体组向来保持不变D．图甲与图丙的 b 时辰细胞中都已经存在 4 此中心粒4．小儿 X 连锁无丙种球蛋白血症是因为个体内 B 细胞成熟过程受阻，没法产生抗体，患儿出生六个月后，来自母体的抗体耗尽而发病，主要症状表现为频频化脓性细菌感染。

2015年4月8日杭州二模理综物理2015年杭州市第二次高考科目教学质量检测理科综合参考答案及评分标准一、选择题（每小题6分）二、选择题（每小题6分）21．（10分）（1）①天平、刻度尺（2分）；②D （2分）（2）0. 21、0.43 m/s 2（每空2分）第22题22. （10分）（1）不正确。

水果电池为电源，欧姆表不能测电源的内阻。

（2分）（2）①1.00 1.06 （每空2分）②R 2（2分）③如图（2分）23. （16分）（1）降落伞打开之前运动员的加速度21max /6.95/48s m ss m t v a === 对运动员受力分析得：ma F mg f =-02.04918.96.911≈=-=-=-=⇒g a mg ma mg mg F f（2）大桥的总高度m m h t v H 151)(31524821max =+⨯=+⋅= 故最佳位置高度为 m m m at H h 8.10736.9211512122=⨯⨯-=-=∆ （3）所受阻力是减小的。

假设打开降落伞后阻力不变理查德作匀减速直线运动，其速度时间图像如图中①所示，则其打开降落伞后下落的位移为 m m m t v v h 3132.404.126.948222max >=⨯+=⋅+=，故打开降落伞后不能是匀减速运动，，其速度时间图像应如图中②所示，即做加速度减小的减速运动。

又根据受力情况：ma F mg f =-，加速度为负且大小逐渐减小，可知阻力应逐渐减小。

评分标准：第（1）问6分；第（2）问6分；第（3）问4分。

24. （20分）（1）在最高点：Rmv F mg N 2=+又mg F N = 可得：gR v 2=（2）设小车在水平轨道上的动能为K E ，从水平轨道到最高点满足机械能守恒，即2212mv R mg E k +⋅=可得mgR E K 3= 又电动小车的电池将电能耗尽，部分转化为小车的机械能，即210ηη⋅⋅⋅=t P E Kv v v 2故可得：0213t mgR P ηη= （3）若不脱离轨道，则小车可能有两种情况：1）做完整的圆周运动；2）未到高度R 即原路返回。