湖北省宜昌市金东方高级中学2015-2016学年高二物理上学期第三次月考试题

宜昌金东方高级中学2015年秋季学期12月月考高二化学试卷本试题卷共3页，二大题21小题。

全卷满分100分。

考试用时90分钟。

★祝考试顺利★可能用到的原子量：H ：1 C ：12 N ：14 O：16 Na：23 Mg：24 Al：27 S：32 Cl：35.5 K：39 Ca：40 V：51 Cr：52 Mn：55 Fe：56 Cu： 64 Ag：108 Ba：137第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本大题包括16小题，每题只有一个选项符合题意。

每小题3分，共48分）。

（）1．下列反应符合图示的是A．酸碱中和反应B．Ba（OH）2•8H2O与NH4Cl晶体的反应C．黑火药爆炸D．实验室制取氢气（）2．将①H+、②Cl﹣、③Al3+、④K+、⑤S2﹣、⑥OH﹣、⑦NO3﹣、⑧NH4+分别加入H2O中，基本上不影响水的电离平衡的是A．②④⑦B．①③⑤⑦⑧C．①⑥D．②④⑥⑧（）3．700℃时，向容积为2L的密闭容器中充入一定量的CO和H2O，发生反应：CO(g)+H2O(g) CO2+H2(g),反应过程中测定的部分数据见下表（表中t1>t2）:A.反应在t1min内的平均速率为B.保持其他条件不变，起始时向容器中充入0.60molCO和1.20 molH2O，到达平衡时n(CO2)＝0.40 mol。

C.保持其他条件不变，向平衡体系中再通入0.20molH2O，与原平衡相比，达到新平衡时CO转化率增大，H2O的体积分数减小D.温度升至800℃，上述反应平衡常数为0.64，则正反应为吸热反应（）4．下列溶液一定是碱性的是A．pH＝6的某电解质的溶液 B．c(OH－)＞1×10－7mol/LC．溶液中含有OH－ D．溶液中c(OH－)＞c(H+)（）5．化学用语是学习化学的重要工具，下列用来表示物质变化的化学用语中，正确的是A．碱性干电池放电的正极电极反应式：Zn+2OH-+2e﹣═Zn(OH)2B．氢氧碱性燃料电池的负极反应式：O2+2H2O+4e﹣═4OH﹣C．粗铜精炼时，与电源负极相连的是纯铜，电极反应式为：Cu2++2e﹣═CuD．钢铁发生电化学腐蚀的正极反应式：Fe﹣2e﹣═Fe2+（）6．下图装置中，小试管内为红墨水，带有支管的U型管中盛有pH=4的雨水和生铁片。

宜昌金东方高级中学2016年秋季学期9月月考高二物理试题本试题卷共4页，三大题16小题。

全卷满分110分，考试用时90分钟。

★祝考试顺利★一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.电量为q的点电荷，在两个固定的等量异种电荷＋Q和－Q的连线的垂直平分线上移动，则( )A.电场力做正功B.电场力做负功C.电场力不做功D.电场力做功的正负，取决于q的正负2.小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法不正确的是（）A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B.对应P点，小灯泡的电阻为R=U1/I2C.对应P点，小灯泡的电阻为R=U1/(I2-I1)D.对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积3.如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A.若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B.微粒从M点运动到N点电势能一定增加C.微粒从M点运动到N点动能一定增加D.微粒从M点运动到N点机械能一定增加4.如图所示，当ab端接入100V电压时，cd两端为20V；当cd两端接入100V时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（）A.4：2：1B.2：1：1C.3：2：1D.以上都不对5.一个电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A.串联一个10kΩ的电阻B.并联一个10kΩ的电阻C.串联一个9.5kΩ的电阻D.并联一个9.5kΩ的电阻6.如图（a）所示，两段等长细线将质量分别为2m、m的小球A、B悬挂在O点，小球A受到水平向右的恒力4F的作用、小球B受到水平向左的恒力F的作用，当系统处于静止状态时，可能出现的状态应是（）7.如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断错误的是（）A.电源内电路消耗功率一定逐渐增大B.灯泡B一定逐渐变暗C.电源效率一定逐渐减小D.R上消耗功率一定逐渐变小8.将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。

湖北省宜昌金东方高中2012-2013学年高二物理3月月考试题时间：90分钟 满分：100分一、选择题（本大题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1、关于冲量、动量及其增量的下列说法中正确的是（ ）A 、冲量的方向一定和动量方向相同；B 、冲量的大小一定和动量的增量大小相同；C 、动量增量的方向一定和动量方向相同；D 、动量增量的大小一定和动量大小的增量相同。

2、如图所示，一轻质弹簧固定在墙上，一个质量为m 的木块以速度v 0从右侧沿光滑水平面向左运动并与弹簧发生相互作用。

设相互作用的过程中弹簧始终在弹性限度范围内，那么，在整个相互作用的过程中弹簧对木块冲量I 的大小和弹簧对木块做的功W 分别是（ ）A 、I=0，W=mv 02B 、I=mv 0，W=mv 02/2C 、I=2mv 0，W=0D 、I=2mv 0，W=mv 02/23、水平推力F1和F2分别作用于水平面上原来静止的、等质量的a 、b 两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间停下，两物体的v-t 图象如右图所示，已知图中线段AB ∥CD ，则（ ）A ．F 1的冲量小于F 2的冲量B ．F 1的冲量等于F 2的冲量C ．两物体受到的摩擦力大小相等D ．两物体受到的摩擦力大小不等4、如图所示，小车由光滑的弧形段AB 和粗糙的水平段BC 组成，静止在光滑水平面上，当小车固定时，从A 点由静止滑下的物体到C 点恰好停止。

如果小车不固定，物体仍从A 点静止滑下，则 ( )A ．还是滑到C 点停住B ．滑到BC 间停住C ．会冲出C 点落到车外D ．上述三种情况都有可能5、长木板A 静止放在光滑水平桌面上，质量为m 的物体B 以水平初速度v 0滑上A 的上表面，经过t 1时间后，二者达到相同的速度为v 1，它们的速度图象如图所示，则在此过程中不能求得的物理量是 ( )A ．木板获得的动能B ．系统损失的机械能C ．木板的长度D ．A 、B 之间的动摩擦因数6、如图所示，质量为M 的木板静置在光滑的水平面上，在M 上放置一质量为m 的物块，物块与木板的接触粗糙。

湖北省宜昌市金东方高级中学15—16学年上学期高一第三次月考物理试题一、选择题：（本题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，第1题到第6题只有一个选项正确。

第7题到第12题有的小题有多个选项正确，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分。

）1．将一个有确定方向的力F=10N 分解成两个分力，已知一个分力有确定的方向,与F 成30°夹角，另一个分力的大小为6N ，则在分解时A ．有无数组解B ．有两组解C ．有惟一解D ．无解2．一个质量为m 的物体受到三个共点力F 1、F 2、F 3的作用，这三个力的大小和方向刚好构成如右图所示的三角形，则这物体所受的合力是 A ．2F l B ．2F 2 C ．2F 3 D ．03．如图所示，重为100N 的物体在水平向左的力F =20N 作用下，以初速度v 0沿水平面向右滑行。

已知物体与水平面的动摩擦因数为0．2 A ．0 B ．40N ，水平向左 C ．20N ，水平向右 D ．20N ，水平向左4．如图4所示，a ，b ，C 三根绳子完全相同，其中b 绳水平，C 绳下挂一重物。

若使重物加重，则这三根绳子中最先断的是A ．a 绳B ．b 绳C ．C 绳D ．无法确定5．如下图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重力是2N的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力A．大小为2N，方向平行于斜面向上B．大小为1N，方向平行于斜面向上C．大小为2N，方向垂直于斜面向上D．大小为2N，方向竖直向上6．如图甲所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．图乙中v、a、f和s分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程．图乙中正确的是7．关于摩擦力，下列说法正确的是A．运动着的物体不可能受静摩擦力作用，只能受滑动摩擦力作用。

湖北省宜昌市金东方高级中学2015-2016学年高二语文上学期第三次月考试题不分版本宜昌金东方高级中学2015年秋季学期12月月考高二语文试题本试题卷共8页，六大题17小题。

全卷总分值150分，考试用时150分钟。

★祝考试顺利★第一卷阅读题甲必考题一、现代文阅读〔9分，每题3分〕阅读下面的文字，完成1-3题。

图腾与社会制度的产生从历史上各民族的图腾崇拜来看，图腾是某种社会组织或个人的象征物。

在此根底上形成的图腾制度，是标准人行为层次的社会组织系统。

正如英国学者里弗斯所说，图腾制度是一种社会组织制度。

拉德克利夫也认为图腾制度为有关社会提供了一种根本的组织原那么。

图腾制度是图腾文化的一个方面，它不仅是一种社会组织制度，而且是最早的社会组织制度。

图腾产生之前的原始群尚处在自然状态中，各群体之间没有什么必然的联系，因此也就不可能有什么组织原那么。

图腾产生之后，每一个群体以一种图腾作为名称和标志，而且同一部落的各群体的图腾互相不重复。

这是当时约定俗成的社会组织原那么。

法国学者倍松说，图腾制度“把各个‘个人’都区分属类，造成一种‘图腾的户籍制’，所以这种制度是一种真正的社会组织制度，而以母亲的血缘关系的维持为根底〞。

所以，图腾制度可以说是最早的社会组织制度。

斯库耳克拉夫特用“图腾制度〞来表示氏族制度。

对此，摩尔根认为：“倘假设我们在拉丁语和希腊语中都找不到一个术语来表达这种历史上已经出现过的制度的一切特征和性质，那么，‘图腾制度’这一术语也是完全可以接受的，而且使用这个术语亦自有其便利之处。

〞在这里，斯库耳克拉夫特和摩尔根都认为图腾制度就是氏族组织制度。

其实，两者之间是不能画等号的。

图腾制度产生于氏族之前，而氏族形成后，继续沿用过去形成的图腾制度。

所以在氏族社会，尤其是母系氏族社会，普遍实行图腾制度。

图腾制度有三个根本特征。

第一，每一个社会组织都以图腾-----动物、植物、无生命的自然物或自然现象------作为名称和标志。

宜昌金东方高级中学2016年秋季学期期中考试高二物理试题本试题卷共4页，三大题15小题。

全卷满分110分，考试用时90分钟。

★祝考试顺利★一、选择题（本题共9小题，每小题5分，共45分。

在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-9题有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．真空中两个相同的金属小球A和B，带电荷量分别为Q A=－2×10-8C和Q B=4×10-8C，相互作用力为F，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为（）A、FB、18F C、89F D、23F2．如图所示，a、b、c三盏灯都能发光，且在电路变化时，灯不会烧坏。

试判断：当滑动变阻器的触头P向下移动时（）A.外电路的总电阻变大B.总电流变小C.a灯变亮D.c灯变亮3．如图，有一负电荷q静止在电容器C的两板间，使q向上运动的措施是( )A. 两板间距离增大B. 两板间距离减小C. 两板正对面积减小D. 两板正对面积增大4．等量同种正电荷的电场中，直线MN过两个电荷连线中点O，OM等于ON，且M、N两点距O点很近，如图所示，有一个带正电的点电荷从M点沿直线MN运动到N点，下列说法正确的是（）A．在M、N两点电场强度大小相等B．电荷在M点电势能大于电荷在N点的电势能C．电场力先做正功后做负功D．电荷可以仅由电场力作用下从M点沿直线MN运动到N点5．三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示。

a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等。

将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是（）A．B1=B2>B3 B．B1=B2=B3C．a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里D．a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里6．如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动．那么( )A．微粒带正、负电荷都有可能 B．微粒做匀减速直线运动C．微粒做匀速直线运动 D．微粒做匀加速直线运动7．如图所示，水平固定的小圆盘A，其带电荷量为Q，电势为零，从圆盘圆心处O静止释放一个质量为m、带电荷量为+q的小球，由于电场的作用，小球竖直上升的高度可达圆盘中心竖直线上的C点，而到圆盘中心竖直线上的b点时，小球速度最大.由此可知Q所形成的电场中，可以确定的物理量是（）A.b点场强B.c点场强C.b点电势D.c点电势8．如图所示，回旋加速器是用来加速带电粒子使它获得很大动能的装置，其核心部分是两个D型金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连。

湖北省宜昌金东方高级中学2017—2018学年度上学期12月月考高二物理试题本试题卷共4页，两大题16小题。

全卷满分110分，考试用时90分钟。

★祝考试顺利★一、选择题（共50分。

本题共10小题，每小题5，全对得5分，选对但不全得3分。

）1、(多)关于电场和磁场，下列说法正确的是()A．我们虽然不能用手触摸到电场的存在，却可以用试探电荷去探测它的存在和强弱B．电场线和磁感线是可以形象描述电、磁场强弱和方向的客观存在的曲线C．磁感线和电场线一样都是闭合的曲线D．电流之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，都是客观存在的物质2、某电场中的电场线(方向未标出)如图所示，现将一带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，则C、D两点的电场强度电势大小关系应为（）>E D，φC>φD B．E C<E D，φC>φDA．EC．E C>E D，φC<φD D．E C<E D，φC<φD3、在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的光的强度减弱，则()的增大而减小，电压表为理想电表．若将照射RA．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源内阻消耗的电压变大4、图为测量某电源电动势和内阻时得到的U－I图线，用此电源与三个阻值均为3 Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8 V．则该电路可能为下图中的()5、如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子(不计重力)以速度V M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间折回N点，则()后，粒子以速度VA．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势6、如图，ab为处在垂直于纸面向里的匀强磁场中的金属杆，可绕a点在纸面内转动；S为以a为圆心位于纸面内的金属圆环；在杆转动过程中，杆的b端与金属环保持良好接触；A为电流表，其一端与金属环相连，一端与a点良好接触。

2015-2016学年湖北省宜昌市金东方高中高二（上）月考物理试卷（9月份）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1-8题仅一个正确答案，9-12题有多个正确答案，选不全得3分，错选不得分）1．关于电动势的下列说法中正确的是（）A．在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能减少B．对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势越大C．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移动单位电荷量做功越多D．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从电源负极移到正极所移动电荷量越多2．如图所示，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V．如果他把电压表改接在R2两端，则电压表的示数将（）A．小于4V B．等于4V C．大于4V小于8V D．等于或大于8V3．一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速率为v0B．自由电子定向移动的速率为v=C．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速率为v=4．一小灯泡的伏安特性曲线如图所示，在灯泡电压由3V增大到6V的过程中，随温度的升高，灯泡电阻改变了（）A．30ΩB．40ΩC．10ΩD．大于10Ω5．如图所示，额定电压都是110V，额定功率分别为PA=100W、PB=40W的两灯泡，接在220V 电路上使用，使电灯能够正常发光，且电路中消耗电能最小的电路是哪一个（）A．B．C．D．6．一电压表由电流表G与电阻R串联而成，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小一些，可以加以改正的措施是（）A．在R上串联一个比R小得多的电阻B．在R上串联一个比R大得多的电阻C．在R上并联一个比R小得多的电阻D．在R上并联一个比R大得多的电阻7．如图所示，当滑动变阻器滑动触头向左移动时，灯泡A、B、C的亮度将（）A．都变亮B．都变暗C．A、B变亮，C变暗D．A、C变亮，B变暗8．如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率P r随电流I变化的图线．若A、B对应的横坐标为2A，那么线段AB 表示的功率及I=2A对应的外电阻是（）A．2W，0.5ΩB．4W，2ΩC．2W，1ΩD．6W，2Ω9．若将两个电源的U﹣I图象画在同一直角坐标系上，如图所示，由图象可得（）A．电动势E1=E2，内阻r1＜r2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．发生相同的电流变化，电源1的路端电压变化较大D．发生相同的电流变化，电源2的路端电压变化较大10．有一内电阻为4.4Ω的电解槽和一盏标有“110V 60W”的灯泡串联后接在电压为220V的直流电路两端，灯泡正常发光，则（）A．电解槽消耗的电功率为60W B．电解槽消耗的电功率为120WC．电解槽的发热功率为60W D．电解槽消耗的总功率为60W11．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针示数相同12．如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断（）A．电动机消耗的总功率为550W B．提升重物消耗的功率为450WC．电动机线圈的电阻为22ΩD．电动机线圈的电阻为4Ω二、解答题（共18分，每空3分）13．如图所示，螺旋测微器的读数应为mm．14．某学习小组为测量一铜芯电线的电阻率，他们截取了一段电线，用米尺测出其长度为L，用螺旋测微器测得其直径为D，用多用电表测得其电阻值约为2Ω，为提高测量的精度，该小组的人员从下列器材中挑选了一些元件，设计了一个电路，重新测量这段导线（用R x表示）的电阻．A．电源E（电动势为3.0V，内阻不计）B．电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ）C．电压表V2（量程为0～15.0V，内阻约为6kΩ）D．电流表A1（量程为0～1.5A，内阻约为1Ω）E．电流表A2（量程为0～3.0A，内阻约为0.1Ω）F．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω，额定电流2.0A）G．滑动变阻器R2（最大阻值1kΩ，额定电流1.0A）h．开关S一个，导线若干（1）为提高实验的精确度，请你为该实验小组设计电路图，画在方框中．（2）实验时电压表选，电流表选，滑动变阻器选（只填代号）．（3）某次测量时，电压表示数为U，电流表示数为I，则该铜芯线材料的电阻率的表达式为ρ=．三、计算题：（共44分）15．如图所示，灯L上标有200W字样，电动机D上标有2000W字样，当在A、B两端加上220V电压时，灯和电动机均正常工作，求：（1）电动机正常工作时的电流是多少？（2）电灯正常工作时的电阻是多少？16．在如图所示的电路中，电池的电动势E=5V，内电阻r=10Ω，固定电阻R=90Ω，R0是可变电阻，在R0由零增加到400Ω的过程中，求：（1）可变电阻R0上消耗热功率最大的条件和最大热功率；（2）电池的内电阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和．17．如图所示，电源电动势E=9V，内电阻r=0.5Ω，电阻R1=5.0Ω、R2=3.5Ω、R3=6.0Ω、R4=3.0Ω，电容C=2.0μF．当电键K由与a接触到与b接触通过R3的电量是多少？18．如图所示，输入电压U AB=200V，变阻器R1标有“150Ω3A”，负载电阻R2标有“50Ω2A”，求输出电压U ab的变化范围．2015-2016学年湖北省宜昌市金东方高中高二（上）月考物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1-8题仅一个正确答案，9-12题有多个正确答案，选不全得3分，错选不得分）1．关于电动势的下列说法中正确的是（）A．在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能减少B．对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势越大C．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移动单位电荷量做功越多D．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从电源负极移到正极所移动电荷量越多【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势与外电路无关．接在电源两极间的电压表测得的电压小于电源的电动势．【解答】解：A、在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能增大；故A错误；B、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势的大小等于移动单位正电荷非静电力做的功；故B错误；C、D、电动势越大，说明非静电力在电源内部把单位电荷量从负极向正极移送时做功越多；故C正确；D错误；故选：C．【点评】本题考查对电动势的理解，要注意电动势是反映电源内部非静电力做功将其他形式的能转化为电能的本领．2．如图所示，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V．如果他把电压表改接在R2两端，则电压表的示数将（）A．小于4V B．等于4V C．大于4V小于8V D．等于或大于8V【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】电压表的内阻不是远大于R1 R2，电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小．结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数．【解答】解：电压表接在R1两端，电压表的示数8V，则此时R2两端的电压为4V．把此表改接在两端R2时，由于电压表的内阻不是远大于R1 R2，电压表与R2并联的阻值小于R2，而R1与并联部分串联，总电压U=12V，则R1的电压大于8V，电压表与R2并联的电路的电压小于4V．故选：A．【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻．3．一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速率为v0B．自由电子定向移动的速率为v=C．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速率为v=【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】已知电流及电子的电量等，根据电流的微观表达式可求得电子定向移动的速率．【解答】解：A、电流是由自由电子定向移动形成的；与光速及自由电子定无规则运动的速率无关；故AC错误；B、由电流的微观表达式可知：时间t内通过的电量q=nvte由电流的定义可知电流的微观表达式为：I==nev；则v=；故D正确；故选：D．【点评】本题要求能掌握电流的微观表达式，同时注意区分电子的定向移动速率、无规则热运动的速率以及电能的传导速率．4．一小灯泡的伏安特性曲线如图所示，在灯泡电压由3V增大到6V的过程中，随温度的升高，灯泡电阻改变了（）A．30ΩB．40ΩC．10ΩD．大于10Ω【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由小灯泡的伏安特性曲线可读出电压与电流，由R=求出a、b两个状态的电阻，即可求得电阻的变化量．【解答】解：由图知，a状态：U a=3V，I a=0.1A，则此状态灯泡的电阻为：R a=Ω=30Ω；b状态：U b=6V，I b=0.15A，则此状态灯泡的电阻为：R b=Ω=40Ω所以灯泡电阻改变量为：△R=R b﹣R a=40﹣30=10Ω；故选：C【点评】此题是灯泡是非线性元件，求电阻只能用R=，不能用R=．5．如图所示，额定电压都是110V，额定功率分别为PA=100W、PB=40W的两灯泡，接在220V 电路上使用，使电灯能够正常发光，且电路中消耗电能最小的电路是哪一个（）A．B．C．D．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．【解答】解：A、由于AB两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把AB串连接入电路的话，AB 的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以A错误；B、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以B错误；C、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且并联电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W；D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，所以C正确．故选：C．【点评】解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小6．一电压表由电流表G与电阻R串联而成，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小一些，可以加以改正的措施是（）A．在R上串联一个比R小得多的电阻B．在R上串联一个比R大得多的电阻C．在R上并联一个比R小得多的电阻D．在R上并联一个比R大得多的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表与电流表都是由表头改装成的，电压表是本题与分压电阻串联成的，根据串并联规律可知，若电压表读数总比准确值小，说明通过本题的电流较小，应减小分压电阻的大小，根据并联电阻需要任一支路电阻可知，应在R上并联一个比R大得多的电阻．【解答】解：电压表的读数总比准确值稍小一些，说明通过电流表G的电流偏小，串联的电阻R偏大，为减小串联电阻R的阻值需在R上并联一个比R大得多的电阻，所以D正确；故选：D【点评】电流表、电压表的改装，实质上是电阻的串、并联问题，只要分清分电流、总电流，分电压、总电压，应用欧姆定律就能解决7．如图所示，当滑动变阻器滑动触头向左移动时，灯泡A、B、C的亮度将（）A．都变亮B．都变暗C．A、B变亮，C变暗D．A、C变亮，B变暗【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑动触头向左移动时，根据变阻器接入电路的电阻如何变化，分析总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流的变化，判断A灯亮度的变化．由欧姆定律分析并联部分电压如何变化，确定灯C亮度的变化．根据总电流与C电流的变化关系，分析通过灯B 灯电流的变化，判断B灯亮度的变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据全电路欧姆定律得知，干路中电流I增大，则A灯变亮．电路中并联部分电压U并=E﹣I（R A+r），I增大，其他量不变，则U并减小，C灯变暗．通过B灯的电流I B=I﹣I C，I增大，I C减小，则I B增大，B灯变亮．所以A、B灯变亮，C灯变暗．故C正确．故选：C【点评】对于电路中动态变化分析问题，往往按“局部→整体→局部”的思路，按部就班进行分析．也可以直接根据串联电路电压与电阻成正比，分析各部分电压的变化，确定A、C两灯亮度的变化．8．如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率P r随电流I变化的图线．若A、B对应的横坐标为2A，那么线段AB 表示的功率及I=2A对应的外电阻是（）A．2W，0.5ΩB．4W，2ΩC．2W，1ΩD．6W，2Ω【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电源的总功率P=EI，由C点的坐标求出电源的电动势和内阻．AB段表示外电路的功率，再求解AB段表示的功率．【解答】解：电源的总功率P=EI，C点表示I=3A，P=9W，则电源的电动势E=3V．由图看出，C点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有P=I2r，代入解得，r=1Ω，所以AB段表示的功率为P AB=EI′﹣I′2r=3×2﹣22×1（W）=2W．根据闭合电路欧姆定律，有，解得：R==0.5Ω故选A．【点评】本题关键在：（1）理解电源的总功率P总随电流I变化的图象与电源内部热功率P r随电流I变化的图象的涵义；（2）分清三种功率及其关系：电源的总功率P总=EI，电源内部发热功率P热=I2r，外电路消耗功率P外=UI=I2R，且根据能量关系得P总=P外+P热．9．若将两个电源的U﹣I图象画在同一直角坐标系上，如图所示，由图象可得（）A．电动势E1=E2，内阻r1＜r2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．发生相同的电流变化，电源1的路端电压变化较大D．发生相同的电流变化，电源2的路端电压变化较大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律分析得知，电源的U﹣I图象纵轴截距等于电动势，斜率大小等于电源的内阻，由数学知识比较电动势和内阻的大小．根据斜率比较路端电压变化量的大小．【解答】解：A、B、根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，图象的斜率大小等于电源的内阻，由数学知识得知，电动势E1=E2，内阻r1＜r2．故A正确，B错误．C、D、图线1的斜率小于图线2的斜率，则由图象分析得知，当发生相同的电流变化时，电源2的路端电压变化较大．故C错误，D正确．故选：AD【点评】本题关键抓住图象的数学意义来理解图象的物理意义，由纵轴截距可读出电源的电动势，由斜率大小读出内阻的大小．10．有一内电阻为4.4Ω的电解槽和一盏标有“110V 60W”的灯泡串联后接在电压为220V的直流电路两端，灯泡正常发光，则（）A．电解槽消耗的电功率为60W B．电解槽消耗的电功率为120WC．电解槽的发热功率为60W D．电解槽消耗的总功率为60W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由于电解槽和灯泡串联，根据灯泡正常发光，可以判断出电解槽的电压和电流，从而可以求得电解槽的输入功率、发热功率以及输出功率．【解答】解：A、由于灯泡正常发光，所以电动机的电压为：U=220﹣110=110V，由于电解槽和灯泡串联，它们的电流相等，所以有：I=A，A、电解槽消耗的总功率等于电解槽的输入功率为：P=UI=110×=60W，故A正确，B 错误；C、电解槽的发热功率为：P热=I2r=（）2×4.4=1.3W，所以C错误．D、电路消耗总功率为为：P总=220V×A=120W，所以D错误．故选：A．【点评】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．11．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针示数相同【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．【解答】解：A、B、图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故C错误D正确．故选：BD．【点评】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．12．如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断（）A．电动机消耗的总功率为550W B．提升重物消耗的功率为450WC．电动机线圈的电阻为22ΩD．电动机线圈的电阻为4Ω【考点】闭合电路中的能量转化．【分析】当电动机以恒定速度向上提升重物时，同时电动机因线圈电阻消耗功率．则电源产生的总功率等于提升物体消耗的功率加上线圈电阻消耗的功率．【解答】解：重物被提升的功率P1=Fv=Gv=500×0.9W=450W此时电路中的电流为5A．则电源的总功率P总=EI=110×5W=550W所以线圈电阻消耗的功率为P r=P总﹣P1=550﹣450W=100W由殴姆定律可得：r==故选：ABD．【点评】由能量守恒定律可知，提升功率与电阻发热功率之和为电源的总功率．二、解答题（共18分，每空3分）13．如图所示，螺旋测微器的读数应为 1.500mm．【考点】螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为0.01×0.00mm=0.000mm，所以最终读数为1.500 mm．故答案为：1.500【点评】螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．14．某学习小组为测量一铜芯电线的电阻率，他们截取了一段电线，用米尺测出其长度为L，用螺旋测微器测得其直径为D，用多用电表测得其电阻值约为2Ω，为提高测量的精度，该小组的人员从下列器材中挑选了一些元件，设计了一个电路，重新测量这段导线（用R x表示）的电阻．A．电源E（电动势为3.0V，内阻不计）B．电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ）C．电压表V2（量程为0～15.0V，内阻约为6kΩ）D．电流表A1（量程为0～1.5A，内阻约为1Ω）E．电流表A2（量程为0～3.0A，内阻约为0.1Ω）F．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω，额定电流2.0A）G．滑动变阻器R2（最大阻值1kΩ，额定电流1.0A）h．开关S一个，导线若干（1）为提高实验的精确度，请你为该实验小组设计电路图，画在方框中．（2）实验时电压表选B，电流表选D，滑动变阻器选F（只填代号）．（3）某次测量时，电压表示数为U，电流表示数为I，则该铜芯线材料的电阻率的表达式为ρ=．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】（1）根据电线电阻与电表内阻关系确定电流表接法，为精确测量电阻阻值，滑动变阻器可以采用分压接法，据此作出实验电路图；（2）根据电源电压确定电压表量程，根据电路最大电流选择电流表量程，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；（3）由欧姆定律求出电阻，由电阻定律求出电阻率．【解答】解：（1）滑动变阻器采用分压限流法均可以，待测电阻约为2Ω，因此电流表应采用外接法，同时由于待测电线电阻较小，为保证电路安全，待测电阻应串联一个保护电阻，电路图如图所示．（1）电源电动势为3.0V，电压表应选B；通过电线的最大电流约为：I===1.5A，电流表应选电流表D，为方便实验操作，滑动变阻器应选择F．（3）由欧姆定律得：R=，由电阻定律得：R=ρ=ρ，则电阻率：ρ=；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）B；D；F；（3）．【点评】要根据实验目的、实验原理、根据所给实验器材选择实验所需要的器材，然后确定滑动变阻器的接法与电流表的接法，再作出实验电路图．三、计算题：（共44分）15．如图所示，灯L上标有200W字样，电动机D上标有2000W字样，当在A、B两端加上220V电压时，灯和电动机均正常工作，求：（1）电动机正常工作时的电流是多少？（2）电灯正常工作时的电阻是多少？【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】用电器正常工作时的功率和额定功率相等，先求出电路中的总功率，根据P=UI求出电路中的电流；灯泡正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=I2R求出电灯正常工作时的电阻；【解答】解：由于电灯是纯电阻用电器，正常工作时P=UI=I2R L整个电器的功率P AB=P L+P D=2200W 而U AB=220V解得：电路电路I===10A根据P=I2R得R L=2Ω答：（1）电动机正常工作时的电流是10A；（2）电灯正常工作时的电阻为2Ω．【点评】本题应明确：对于纯电阻电路，欧姆定律U=IR成立；而对于非纯电阻电路，比如电动机正常工作时，欧姆定律不成立，U＞IR16．在如图所示的电路中，电池的电动势E=5V，内电阻r=10Ω，固定电阻R=90Ω，R0是可变电阻，在R0由零增加到400Ω的过程中，求：（1）可变电阻R0上消耗热功率最大的条件和最大热功率；（2）电池的内电阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和．【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）当电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大．可将R0是看成电源的内阻，当等效电源的内阻等于R0时，R0的功率最大，再由功率公式求解最大功率．（2）r和R为定值电阻，R0为可变电阻，根据P=I2R可以分析电阻r和R的功率之和，当R0最大时，电路中电流最小，所求功率最小．【解答】解：（1）根据电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大可知，当把R 和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做R+r，当R0=R+r时，即R0=100Ω时，电源的输出功率最大，即R0上获得最大功率，此时电路中电流为：I===0.025AR0上消耗的最大热功率为：P=I2R0=0.0252×100W=0.0625W（2）当R0=400Ω的时候，电路中电流最小，则电池的内电阻r和电阻R上消耗的热功率之和最小，此时电路中电流为：I min===0.01则内电阻r和电阻R上消耗的热功率之和最小值为：P min=I min2（R+r）=0.012×100=0.01W 答：（1）可变电阻R0上消耗热功率最大的条件是R为100Ω，最大热功率是0.0625W；（2）电池的内电阻r和电阻R上消耗的热功率之和的最小值是0.01W．。

湖北省宜昌金东方高级中学2017-2018学年高二上学期第三次月考（12月）物理试题一、选择题1. 关于电场和磁场，下列说法正确的是( )A. 我们虽然不能用手触摸到电场的存在，却可以用试探电荷去探测它的存在和强弱B. 电场线和磁感线是可以形象描述电、磁场强弱和方向的客观存在的曲线C. 磁感线和电场线一样都是闭合的曲线D. 电流之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，都是客观存在的物质【答案】AD【解析】解：A、我们虽然不能用手触摸到电场的存在，却可以用试探电荷去探测它的存在和强弱．故A正确；B、电场线和磁感线都是虚拟的，现实并不存在．故B错误；C、磁感线是闭合的曲线，电场线从正电荷出发，到负电荷终止，不是闭合曲线．故C错误；D、磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，都是客观存在的物质．故D正确．故选：AD【点评】首先要明白电场和磁场的物质属性；其次要知道磁感线是闭合的曲线，电场线从正电荷出发，到负电荷终止，不是闭合曲线．2. 某电场中的电场线(方向未标出)如图所示，现将一带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，则C、D两点的电场强度电势大小关系应为（）A. E C>E D，φC>φDB. E C<E D，φC>φDC. E C>E D，φC<φDD. E C<E D，φC<φD【答案】A【解析】试题分析：带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，电势能增大，电势降低，说明A点的电势比B点高，根据顺着电场线电势降低，确定电场线的方向，再分析C、D两点电势的高低．根据电场线越密，场强越大，分析C、D两点的电场强度的大小关系．解：由题，带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，电势能增大，根据负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，可知，A点的电势比B点高，电场线方向向左，则C点的电势比D点的电势高，即φC＞φD．从电场线分布看出，C处电场线较密，则电场强度E C＞E D．故选A【点评】本题运用推论法确定电场中电势的高低是常用的思路．要抓住电场线的两个物理意义：电场线的方向反映电势的高低，电场的疏密表示场强的相对大小．3. 在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，电压表为理想电表．若将照射R3的光的强度减弱，则( )A. 电压表的示数变大B. 小灯泡消耗的功率变小C. 通过R2的电流变小D. 电源内阻消耗的电压变大【答案】B【解析】试题分析：由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．解：A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小，故A错误；B、由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B正确；C、因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大，故CD错误；故选：B．【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．4. 图为测量某电源电动势和内阻时得到的U－I图线，用此电源与三个阻值均为3 Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8 V．则该电路可能为下图中的( )A. B. C. D.【答案】B【解析】由上图可知电源电动势为，电源内阻为．对A图，；对B图，，；对C图，I，；对D图，，，故B项正确。

2015-2016学年湖北省宜昌市金东方高中高二（上）期末物理试卷一、选择题（本题共 10小题，每小题5分，共50分•在每小题给出的四个选项中，第 1-7题只有一项符合题目要求，第 8-10题有多项符合题目要求•全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（ ）A .法拉第发现了电磁感应定律并找到了判断感应电动势方向的楞次定律B •库仑用他发明的扭秤研究带电体间的相互作用，提出了库仑定律C .楞次发现了电流热效应的规律D .奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律b 两点电势和场强3.如图所示，在边界 PQ 上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子同时从边界上的O 点沿与PQ 成B 角的方向以相同的速度 v 射入磁场中，则关于正、负电子，下列说法不 正确的是（）K M M X K XX M K X KA .在磁场中的运动时间相同B .在磁场中运动的轨道半径相同C .出边界时两者的速度相同D .出边界点到O 点处的距离相等2.在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的 a 、b 两点，其中a 、4•关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ）A •安培力的方向可以不垂直于直导线B .安培力的方向总是垂直于磁场的方向C .安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D •将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半5•如图所示，为穿过1匝闭合线圈的磁通量随时间变化的关系，下列判断正确的是A . 0- 2s 内线圈中产生的感应电动势为 5VB . 2s - 4s 内线圈中产生的感应电动势大于4s - 5s 内线圈中产生的感应电动势C. 2s - 5s 内线圈中产生感应电流方向不变D. 0 - 2s 内和5s - 10s 内线圈中产生感应电流方向相反6•如图所示，平行金属板 A 、B 水平正对放置，分别带等量异号电荷，一带电微粒水平射 入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A •若微粒带正电荷，则B .微粒从M 点运动到C .微粒从M 点运动到D .微粒从M 点运动到7•如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为 2L ,高为L .在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里， 磁感应强度大小 均为B •一边长为L 、总电阻为R 的正方形导线框abed ，从图示位置开始沿 x 轴正方向以A 板一定带正电荷N 点电势能一定增加 N 点动能一定增加 N 点机械能一定增加速度v匀速穿过磁场区域.取沿顺时针的感应电流方向为正，由图中表示线框中电流i随be边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A.&如图所示，先后以速度V1和V2匀速把一矩形线圈水平拉出有界匀强磁场区域，且V仁2V2, 则在先后两种情况下（）■ x x kxj: ；! X X X X !A •线圈中的感应电动势之比为E1：E2=2：1B•线圈中的感应电流之比为1l：b=1: 2C. 线圈中产生的焦耳热之比Q i：Q2=1: 4D. 通过线圈某截面的电荷量之比q i：q2=1 : 19•如图所示，a、b间接入电压u=311sin314t （V）的正弦交流电，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器（当温度升高时，其阻值将减小），所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻.当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（）Afi：A . A1的示数增大, A2的示数增大B . V1的示数不变，V2的示数减小C. A1的示数增大, A2的示数减小D . V1的示数减小，V2的示数减小10•如图所示，间距为L的两根平等金属导轨变成L”形，竖直导轨面与水平导轨面均足够长，整个装置处于竖直向上大小为B的匀强磁场中，质量均为m,阻值均为R的导体棒ab,cd均垂直于导轨放置，两导体棒与导轨间动摩擦因数均为仏当导体棒cd在水平恒力作用下以速度V0沿水平导轨向右匀速运动时，释放导体棒ab，它在竖直导轨上匀加速下滑，某时刻将导体棒cd所受水平恒力撤去.经过一段时间，导体棒cd静止，此过程流经导体棒cd的电荷量为q （导体棒ab, cd与导轨间接触良好且接触点及金属导轨的电阻不计，已知重力加速度为g），则（）5RA .导体棒cd受水平恒力作用时流经它的电流1=|1B2L2V0B .导体棒ab匀加速下滑时的加速度大小a=g- 'C.导体棒cd在水平恒力撤去后它的位移为s=_1 卩吨RqD .导体棒cd在水平恒力撤去后它产生的焦耳热为Q=」mv o2- -、实验题（4分+10分=14分）11.用如图甲所示的电路做测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U - I图象，由图可知测得的电池的电动势为_______________________ V，内电阻为_______（1 ）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图 1,由图可知其长度为 _________________ m m ; （2 ）用螺旋测微器测量其直径如图 2，由图可知其直径为 _______________ mm ;（3）用多用电表的电阻 “杓”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻， 表盘的示数如图3,则该电阻的阻值约为 _______________ Q . （4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻 待测圆柱体电阻R直流电源E （电动势4V ，内阻不计） 电流表A i （量程0〜4mA ，内阻约50Q ） 电压表（量程0〜3V ，内阻约10k Q ）滑动变阻器R 1 （阻值范围0〜15Q,允许通过的最大电流 2.0A ） 滑动变阻器R 2 （阻值范围0〜2k Q,允许通过的最大电流 0.5A ）开关S导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析， 请在图4中画出测量的电路图， 并标明所 用器材的代号.三、计算题（本题共 46分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写 出最后答案的不能得分，有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）13. 如图所示，质量为 m ,电荷量为e 的粒子从A 点以v 0的速度沿垂直电场线方向的直线12•某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率 54c m L Hll m 11 it ii 1mil1 0 11 1 Tri 1111 n l m UR ，现有的器材及其代号和规格如下:电流表A 2 （量程0〜10mA ，内阻约30Q ） 电压表V 2 （量程0〜15V ，内阻约25k Q ） 图1P.步骤如下:圏3A0方向射入匀强电场，由B点飞出电场是速度方向与A0方向成45°已知A0的水平距离为d.(不计重力) 求：(1 )从A点到B点用的时间;14. 一带电量大小为q,质量为m的小球，从水平面上a点以初速度v o竖直向上射入如图所示的水平方向匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B,当地的重力加速度为g .求：(1 )小球带正电还是负电；(2)小球运动到离水平面竖直高度为h的b点时的速度大小；(3)小球运动到离水平面竖直高度为h的b点时，小球所受的磁场力大小.X%X X X X4X\X XX X X X\X X询"X X X A X XX X X X X X15. 如图所示，在与水平方向成0=30°角的平面内放置两条平行、光滑且足够长的金属轨道，其电阻可忽略不计.空间存在着匀强磁场，磁感应强度B=0.20T，方向垂直轨道平面向上.导体棒ab、cd垂直于轨道放置，且与金属轨道接触良好构成闭合回路，每根导体棒的质量-2 - 2m=2.0X10 kg、电阻r=5.0X10 Q，金属轨道宽度l=0.50m .现对导体棒ab施加平行于轨道向上的拉力，使之沿轨道匀速向上运动. 在导体棒ab运动过程中，导体棒cd始终能静止在轨道上.g取10m/s2，求：(1) 导体棒cd 受到的安培力大小； (2) 导体棒ab 运动的速度大小； (3) 拉力对导体棒 ab 做功的功率.16.如图所示，M 、N 、P 为很长的平行边界面，M 、N 与M 、P 间距分别为别有磁感应强度为 B i 和B 2的匀强磁场区，I 和n 磁场方向垂直纸面向里， 正电粒子的电量为 q ,质量为m ,以某一初速度垂直边界 N 及磁场方向射入 区域.不计粒子的重力.求：(1 )要使粒子能穿过I 磁场进入n 磁场，粒子的初速度v o 至少应为多少？(2) 若粒子进入磁场的初速度 v 仁 ，则粒子第一次穿过I磁场的时间(3) 粒子初速度v 为多少时，才可恰好穿过两个磁场区域.y-Vp|>ii：X I X :Xi1 X X :X X X : 1 :XX X : :X X1X X ：X 盼 11 :X X X : 11 -.3- 1 ，X X X ， :x 吾 :X 1X X ； *:X X X : I- >i 4I 卜——►11、12,其间分 B i 再2，有一带MN 间的磁场 t 1是多少?占2015-2016学年湖北省宜昌市金东方高中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共 10小题，每小题5分，共50分•在每小题给出的四个选项中，第 1-7题只有一项符合题目要求，第 8-10题有多项符合题目要求•全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（ ）A .法拉第发现了电磁感应定律并找到了判断感应电动势方向的楞次定律B •库仑用他发明的扭秤研究带电体间的相互作用，提出了库仑定律C .楞次发现了电流热效应的规律D .奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律 【考点】物理学史.【专题】 定性思想；归纳法；直线运动规律专题.【分析】此题考查物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.【解答】解：A 、法拉第发现了电磁感应现象，是楞次找到了判断感应电动势方向的楞次定 律.故A 错误.B 、 库仑通过他发明的扭秤研究带电体间的相互作用，提出了库仑定律.故 B 正确.C 、 焦耳发现了电流热效应的规律.故C 错误.D 、 奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第总结出了电磁感应定律.故 D 错误.故选：B【点评】对于物理学史这部分知识的学习， 主要是靠平时的记忆与积累， 同时通过学习物理学史培训科学素质和学习兴趣.a 、b 两点，其中a 、b 两点电势和场强 【考点】电场强度；电势.【专题】电场2.在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的A .B .C .D .力与电势的性质专题.【分析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小均相同时，场强才相同•电势是标量，真空中点电荷电场的等势线是以点电荷为球心的球面.【解答】解：A、ab两点电势相同，电场强度方向不同，场强不同.故A错误.B、a点电场强度是由匀强电场与点电荷电场场强的合成，a点场强斜向右上方，b点场强斜向右下方，则两点场强不同.故B错误.C、根据对称性，ab两点场强相同，ab在同一等势面上，电势相同.故C正确.D、a点场强方向向上，b点场强方向向下，场强不同.故D错误. 故选C【点评】矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化.3. 如图所示，在边界PQ上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子同时从边界上的0点沿与PQ成B角的方向以相同的速度v射入磁场中，则关于正、负电子，下列说法不正确的是（）X X X X X XX X M X X XA .在磁场中的运动时间相同B .在磁场中运动的轨道半径相同C.出边界时两者的速度相同D .出边界点到0点处的距离相等【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动.【专题】带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】由题正负离子的质量与电量相同，进入同一磁场做匀速圆周运动的周期相同，根据偏向角的大小分析运动时间的长短. 由牛顿第二定律研究轨道半径. 根据圆的对称性，分析离子重新回到边界时速度方向关系和与0点距离.込n【解答】解：A、粒子在磁场中运动周期为T=：，则知两个离子圆周运动的周期相等. 根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速2K -26 一~27：~度偏向角为2 n-2 0,轨迹的圆心角也为 2 n- 2 0,运动时间t i= T;同理，负离子26运动时间t2—T,显示时间不相等.故A错误；v2mvT Q BB、由qvB=m 得：r=，由题q、v、B大小均相同，则r相同，故B正确；C、正负离子在磁场中均做匀速圆周运动，速度沿轨迹的切线方向，根据圆的对称性可知，重新回到边界时速度大小与方向相同.故C正确；D、根据几何知识可得，重新回到边界的位置与0点距离S=2rsin 0, r、0相同，则S相同,故D正确；本题选择不正确的，故选： A .【点评】带电粒子垂直射入单边界的匀强磁场中，可分两类模型分析：一为同方向射入的不同粒子；二为同种粒子以相同的速率沿不同方向射入.无论哪类模型，都遵守以下规律：(1)轨迹的圆心在入射方向的垂直线上，常可通过此垂线的交点确定圆心的位置.(2 )粒子射出方向与边界的夹角等于射入方向与边界的夹角.4. 关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是( )A .安培力的方向可以不垂直于直导线B .安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D .将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【考点】安培力.。