2020高考物理二轮专题复习课标通用版+热点练+计算题提分技巧+热点20+Word版含答案
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热点20电磁学综合题(二)
电磁感应中三大观点的应用
(建议用时:30分钟)
1.(2019·辽宁辽南联考)如图所示,两条光滑的绝缘导轨,导轨的水平部分与圆弧部分平滑连接,两导轨间距为L,导轨的水平部分有n段相同的匀强磁场区域(图中的虚线范围),磁场方向竖直向上,磁场的磁感应强度为B,磁场的宽度为s,相邻磁场区域的间距也为s,且s大于L,磁场左、右两边界均与导轨垂直,现有一质量为m、电阻为r、边长为L的正方形金属框,由圆弧导轨上某高度处静止释放,金属框滑上水平导轨,在水平导轨上滑行一段时间进入磁场区域,最终线框恰好完全通过n段磁场区域,地球表面处的重力加速度为g,感应电流的磁场可以忽略不计,求:
(1)金属框进入第1段磁场区域的过程中,通过线框某一横截面的感应电量及金属框完全通过n段磁场区域的过程中安培力对线框的总冲量的大小;
(2)金属框完全进入第k(k 解析(1)设金属框在进入第一段匀强磁场区域前的速度为v0,金属框在进入第一段匀强 磁场区域的过程中,线框中产生平均感应电动势为E=BL2 t , 则平均电流为I=E r =BL2 rt ,故q=I t=BL2 r. 设线框经过每一段磁场区域的过程中安培力冲量大小为I, 则I=B I Lt0=2B2L3 r , 整个过程累计得到I 总=2nB 2L 3r . (2)金属框穿过第(k -1)个磁场区域后,由动量定理得到-(k -1)2B 2L 3r =m v k -1-m v 0, 金属框完全进入第k 个磁场区域的过程中,由动量定理得到-B 2L 3r =m v ′k -m v k -1, n 2B 2L 3r =m v 0, 解得v ′k =(2n -2k +1)B 2L 3mr . 答案 (1)BL 2r 2nB 2L 3r (2)(2n -2k +1)B 2L 3mr 2.(2019·山西康杰中学模拟)如图所示,两条“∧”形足够长的光滑金属导轨PME 和QNF 平行放置,两导轨间距L =1 m ,导轨两侧均与水平面夹角为α=37°,甲、乙两导体棒分别放于MN 两边导轨上,且与导轨垂直并接触良好.两导体棒的质量均为m =0.1 kg ,电阻也均为R =1 Ω,导轨电阻不计,MN 两边分别存在垂直导轨平面向上的匀强磁场,磁感应强度大小均为B =1 T .设甲、乙两导体棒只在MN 两边各自的导轨上运动,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g 取10 m/s 2. (1)将乙导体棒固定,甲导体棒由静止释放,问甲导体棒的最大速度为多少? (2)若导体棒甲、乙同时由静止释放,问两导体棒的最大速度为多少? (3)若仅把乙导体棒的质量改为m ′=0.05 kg ,电阻不变,在乙导体棒由静止释放的同时,让甲导体棒以初速度v 0=0.8 m/s 沿导轨向下运动,问在时间t =1 s 内电路中产生的电能为多少? 解析 (1)将乙导体棒固定,甲导体棒静止释放,则电路中产生感应电动势E 1=BL v , 感应电流I1=E1 2R ,甲导体棒受安培力F1=BI1L, 甲导体棒先做加速度减小的变加速运动,达最大速度后做匀速运动,此时mg sin α=F1,联立并代入数据解得甲导体棒最大速度v m1=1.2 m/s. (2)甲、乙两导体棒同时由静止释放,则电路中产生感应电动势E2=2BL v, 感应电流I2=E2 2R ,甲、乙两导体棒均受安培力F2=BI2L, 最终均做匀速运动,此时甲(或乙)导体棒受力mg sin α=F2, 联立并代入数据解得两导体棒最大速度均为v m2=0.6 m/s. (3)乙导体棒静止释放,甲导体棒以初速度v0下滑瞬间,则电路中产生感应电动势E3=BL v0, 感应电流I3=E3 2R ,甲、乙两导体棒均受安培力F3=BI3L, 对于甲导体棒,根据牛顿第二定律得mg sin 37°-F3=ma, 对于乙导体棒,根据牛顿第二定律得F3-m′g sin 37°=m′a′, 代入数据联立解a=a′=2 m/s2, 甲导体棒沿导轨向下,乙导体棒沿导轨向上,均做匀加速运动, 在时间t=1 s内,甲导体棒位移s甲=v0t+1 2at 2,乙导体棒位移s乙=12a′t2,甲导体棒速度v甲=v0+at,乙导体棒速度v乙=a′t, 据能量的转化和守恒,电路中产生电能 E=mgs甲sin 37°-m′gs乙sin 37°+1 2m v 2 - 1 2m v 2甲-12m′v2乙, 联立并代入数据解得E=0.32 J. 答案(1)1.2 m/s(2)0.6 m/s(3)0.32 J 3.(2020·江西南昌开学考试)如图所示,质量为2m的重物与一质量为m的线框abcd用一根绝缘细线连接起来,挂在两个高度相同的定滑轮上.已知线框电阻为R,ab=L,bc=h,水平方向匀强磁场的磁感应强度为B,磁场上下边界的距离为h,初始时刻,磁场的下边缘与线框上边缘的高度差为2h,将重物从静止开始释放,已知线框穿出前已经做匀速运动,滑轮质量、摩擦阻力均不计,重力加速度为g.求: (1)线框进入磁场时的速度大小; (2)线框穿出磁场时的速度大小; (3)线框通过磁场的过程中产生的热量. 解析 (1)线框进图磁场前,线框和重物组成的系统机械能守恒,则有2mg ×2h -mg ×2h =12 (2m +m )v 21, 解得v 1=23 3gh . (2)线框穿出磁场时,已经做匀速直线运动,则线框和重物都处于平衡状态,由平衡条件可得 T =2mg ,T =mg +F ,F =BIL , 线框在磁场中运动时,由电磁感应定律和欧姆定律可得 E =BL v 2,E =IR , 联立上述各式解得v 2= mgR B 2L 2 . (3)从释放线框到线框完全离开磁场的过程中,对重物和线框的整个系统,根据能量守恒有 2mg ×4h -mg ×4h = 12 (2m +m )v 22+Q , 解得Q =4mgh -3m 3g 2R 22B 4L 4 . 答案 (1)233gh (2)mgR B 2L 2 (3)4mgh -3m 3g 2R 22B 4L 4