2014南大理科强化班物理试题

2014年高考真题——江苏卷一、单项选择题:本题共 5 小题,每小题 3 分,共计 15 分. 每小题只有一个选项符合题意.1 . 如图所示,一正方形线圈的匝数为 n,边长为 a,线圈平面与匀强磁场垂直,且一半处在磁场中. 在 Δt 时间内,磁感应强度的方向不变,大小由 B 均匀地增大到 2 B.在此过程中,线圈中产生的感应电动势为 ( A) 22Ba t ∆ ( B) 22nBa t∆ ( C) 2nBa t∆ ( D) 22nBa t ∆ 2 . 已知地球的质量约为火星质量的 10 倍,地球的半径约为火星半径的 2 倍,则航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为( A)3 . 5 km / s ( B)5 . 0 km / s ( C)17 . 7 km / s ( D)35 . 2 km / s3 . 远距离输电的原理图如图所示, 升压变压器原、副线圈的匝数分别为 n 1、 n 2, 电压分别为U 1、U 2,电流分别为 I 1、I 2,输电线上的电阻为 R. 变压器为理想变压器,则下列关系式中正确的是( A)1122I n I n = ( B)22U I R =( C) 2112I U I R =( D) 1122I U I U =4 . 如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷, x 轴垂直于环面且过圆心 O. 下列关于 x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( A) O 点的电场强度为零,电势最低( B) O 点的电场强度为零,电势最高( C) 从 O 点沿 x 轴正方向,电场强度减小,电势升高( D) 从 O 点沿 x 轴正方向,电场强度增大,电势降低5 . 一汽车从静止开始做匀加速直线运动, 然后刹车做匀减速直线运动,直到停止. 下列速度 v 和位移x的关系图像中,能描述该过程的是二、多项选择题:本题共 4 小题,每小题 4 分,共计16 分. 每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得 4分,选对但不全的得2 分,错选或不答的得0 分.6 . 为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动,用如图所示的装置进行实验.小锤打击弹性金属片,A 球水平抛出,同时 B 球被松开,自由下落. 关于该实验,下列说法中正确的有( A) 两球的质量应相等( B) 两球应同时落地( C) 应改变装置的高度,多次实验( D) 实验也能说明A 球在水平方向上做匀速直线运动7 . 如图所示,在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯,现接通交流电源,过了几分钟,杯内的水沸腾起来. 若要缩短上述加热时间,下列措施可行的有( A) 增加线圈的匝数( B) 提高交流电源的频率( C) 将金属杯换为瓷杯( D) 取走线圈中的铁芯8 . 如图所示,A、B 两物块的质量分别为2 m 和m, 静止叠放在水平地面上. A、B 间的动摩擦因数为μ,B与地面间的动摩擦因数为12μ. 最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g. 现对A 施加一水平拉力F,则( A) 当F < 2 μmg 时,A、B 都相对地面静止( B) 当F = 52μmg 时, A 的加速度为13μg( C) 当F > 3 μmg 时,A 相对B 滑动( D) 无论F 为何值,B 的加速度不会超过12μg9 . 如图所示,导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间,线圈中电流为I,线圈间产生匀强磁场,磁感应强度大小B 与I 成正比,方向垂直于霍尔元件的两侧面,此时通过霍尔元件的电流为I H,与其前后表面相连的电压表测出的霍尔电压 U H 满足:H H I B U kd,式中 k 为霍尔系数,d 为霍尔元件两侧面间的距离. 电阻 R 远大于 R L ,霍尔元件的电阻可以忽略,则 ( A) 霍尔元件前表面的电势低于后表面( B) 若电源的正负极对调,电压表将反偏( C) I H 与 I 成正比( D) 电压表的示数与 R L 消耗的电功率成正比 三、简答题: 本题分必做题 ( 第 10 、 11 题) 和选做题( 第 12 题) 两部分,共计 42 分. 请将解答填写在答题卡相应的位置.【 必做题】10 . (8 分) 某同学通过实验测量一种合金的电阻率.(1 ) 用螺旋测微器测量合金丝的直径. 为防止读数时测微螺杆发生转动,读数前应先旋紧题 10 -1 图所示的部件 ▲ ( 选填“ A ”、“ B ” 、“ C ” 或“ D ” ) . 从图中的示数可读出合金丝的直径为▲ mm. (2 ) 题 10 -2 图所示是测量合金丝电阻的电路,相关器材的规格已在图中标出. 合上开关,将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中,发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化. 由此可以推断:电路中 ▲ ( 选填图中表示接线柱的数字) 之间出现了 ▲ ( 选填“ 短路” 或“ 断路” ) .(3 ) 在电路故障被排除后,调节滑动变阻器,读出电压表和电流表的示数分别为 2 . 23 V 和38 mA,由此,该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为 58 . 7 Ω. 为了更准确地测出合金丝的阻值,在不更换实验器材的条件下,对实验应作怎样的改进? 请写出两条建议.___________________________________________________________________________________________.11 . (10 分) 小明通过实验验证力的平行四边形定则.(1 ) 实验记录纸如题11 -1 图所示,O 点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置,两弹簧测力计共同作用时,拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点;一个弹簧测力计拉橡皮筋时,拉力F3的方向过P3点. 三个力的大小分别为:F1= 3 . 30 N、F2= 3. 85 N 和F3= 4 . 25 N. 请根据图中给出的标度作图求出F1和F2 的合力.(2 ) 仔细分析实验,小明怀疑实验中的橡皮筋被多次拉伸后弹性发生了变化,影响实验结果. 他用弹簧测力计先后两次将橡皮筋拉伸到相同长度, 发现读数不相同,于是进一步探究了拉伸过程对橡皮筋弹性的影响.实验装置如题11 -2 图所示,将一张白纸固定在竖直放置的木板上,橡皮筋的上端固定于O 点,下端N 挂一重物. 用与白纸平行的水平力缓慢地移动N,在白纸上记录下N 的轨迹. 重复上述过程,再次记录下N 的轨迹.两次实验记录的轨迹如题11 -3图所示. 过O 点作一条直线与轨迹交于a、b 两点, 则实验中橡皮筋分别被拉伸到a 和b 时所受拉力F a、F b 的大小关系为▲.(3 ) 根据(2 ) 中的实验,可以得出的实验结果有哪些? ( 填写选项前的字母)( A) 橡皮筋的长度与受到的拉力成正比( B) 两次受到的拉力相同时,橡皮筋第2 次的长度较长( C) 两次被拉伸到相同长度时,橡皮筋第2 次受到的拉力较大( D) 两次受到的拉力相同时,拉力越大,橡皮筋两次的长度之差越大(4 ) 根据小明的上述实验探究,请对验证力的平行四边形定则实验提出两点注意事项.12 . 【选做题】本题包括A、B、C 三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答. 若多做,则按A、B 两小题评分.A. [ 选修3 -3 ] (12 分)一种海浪发电机的气室如图所示. 工作时,活塞随海浪上升或下降,改变气室中空气的压强,从而驱动进气阀门和出气阀门打开或关闭. 气室先后经历吸入、压缩和排出空气的过程,推动出气口处的装置发电. 气室中的空气可视为理想气体.(1 ) 下列对理想气体的理解,正确的有▲.( A) 理想气体实际上并不存在,只是一种理想模型( B) 只要气体压强不是很高就可视为理想气体( C) 一定质量的某种理想气体的内能与温度、体积都有关( D) 在任何温度、任何压强下,理想气体都遵循气体实验定律(2 ) 压缩过程中,两个阀门均关闭. 若此过程中,气室中的气体与外界无热量交换,内能增加了3 . 4 ×104J,则该气体的分子平均动能▲( 选填“增大”、“减小”或“不变”) ,活塞对该气体所做的功▲( 选填“大于”、“小于”或“等于”)3 . 4 ×104J.(3 ) 上述过程中, 气体刚被压缩时的温度为27 ℃, 体积为0 . 224 m3, 压强为1 个标准大气压. 已知1 mol 气体在1 个标准大气压、0℃时的体积为22 . 4 L, 阿伏加德罗常数N A= 6 . 02 ×1023mol-1. 计算此时气室中气体的分子数. ( 计算结果保留一位有效数字)B. [ 选修3 -4 ] (12 分)(1 ) 某同学用单色光进行双缝干涉实验,在屏上观察到题12 B - 1 ( 甲) 图所示的条纹,仅改变一个实验条件后,观察到的条纹如题12 B - 1 ( 乙) 图所示. 他改变的实验条件可能是▲.( A) 减小光源到单缝的距离( B) 减小双缝之间的距离( C) 减小双缝到光屏之间的距离( D) 换用频率更高的单色光源(2 ) 在“探究单摆的周期与摆长的关系”实验中,某同学准备好相关实验器材后,把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度后释放,同时按下秒表开始计时,当单摆再次回到释放位置时停止计时,将记录的这段时间作为单摆的周期. 以上操作中有不妥之处,请对其中两处加以改正.___________________________________________________________________________________________.(3 ) Morpho 蝴蝶的翅膀在阳光的照射下呈现出闪亮耀眼的蓝色光芒, 这是因为光照射到翅膀的鳞片上发生了干涉. 电子显微镜下鳞片结构的示意图见题 12 B - 2 图. 一束光以入射角 i 从 a 点入射,经过折射和反射后从 b 点出射. 设鳞片的折射率为 n, 厚度为 d, 两片之间空气层厚度为h. 取光在空气中的速度为 c,求光从 a 到 b 所需的时间 t.C. [ 选修 3 -5 ] (12 分)(1 ) 已知钙和钾的截止频率分别为 7 . 73 ×1014Hz 和 5 . 44 ×1014Hz,在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应,比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子,钙逸出的光电子具有较大的 ▲ . ( A) 波长 ( B) 频率 ( C) 能量 ( D) 动量(2 ) 氡 222 是一种天然放射性气体,被吸入后,会对人的呼吸系统造成辐射损伤. 它是世界卫生组织公布的主要环境致癌物质之一 . 其衰变方程是2222188684Rn Po →+▲ . 已知22286Rn 的半衰期约为 3 . 8 天,则约经过 ▲ 天,16 g 的22286Rn 衰变后还剩 1 g.(3 ) 牛顿的《 自然哲学的数学原理》 中记载, A 、 B 两个玻璃球相碰,碰撞后的分离速度和它们碰撞前的接近速度之比总是约为 15 ： 16 . 分离速度是指碰撞后 B 对 A 的速度,接近速度是指碰撞前 A 对 B 的速度. 若上述过程是质量为 2 m 的玻璃球 A 以速度 v 0 碰撞质量为 m 的静止玻璃球 B,且为对心碰撞,求碰撞后 A 、B 的速度大小.四、计算题:本题共 3 小题,共计 47 分. 解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案的不能得分. 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.13 . (15 分) 如图所示,在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨,导轨间距为 L,长为 3 d,导轨平面与水平面的夹角为 θ,在导轨的中部刷有一段长为 d 的薄绝缘涂层. 匀强磁场的磁感应强度大小为 B,方向与导轨平面垂直. 质量为m 的导体棒从导轨的顶端由静止释放, 在滑上涂层之前已经做匀速运动, 并一直匀速滑到导轨底端. 导体棒始终与导轨垂直,且仅与涂层间有摩擦,接在两导轨间的电阻为R,其他部分的电阻均不计,重力加速度为g. 求:(1 ) 导体棒与涂层间的动摩擦因数μ;(2 ) 导体棒匀速运动的速度大小v;(3 ) 整个运动过程中,电阻产生的焦耳热Q.14 . (16 分) 某装置用磁场控制带电粒子的运动,工作原理如图所示. 装置的长为L,上下两个相同的矩形区域内存在匀强磁场,磁感应强度大小均为B、方向与纸面垂直且相反,两磁场的间距为 d. 装置右端有一收集板,M、N、P 为板上的三点,M 位于轴线OO’上,N、P 分别位于下方磁场的上、下边界上. 在纸面内,质量为m、电荷量为-q 的粒子以某一速度从装置左端的中点射入,方向与轴线成30 °角,经过上方的磁场区域一次,恰好到达P 点. 改变粒子入射速度的大小,可以控制粒子到达收集板上的位置. 不计粒子的重力.(1 ) 求磁场区域的宽度h;(2 ) 欲使粒子到达收集板的位置从P 点移到N 点,求粒子入射速度的最小变化量Δv;(3 ) 欲使粒子到达M 点,求粒子入射速度大小的可能值.15 . (16 分) 如图所示,生产车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙,甲的速度为v0.小工件离开甲前与甲的速度相同,并平稳地传到乙上,工件与乙之间的动摩擦因数为μ. 乙的宽度足够大,重力加速度为g.(1 ) 若乙的速度为v0,求工件在乙上侧向( 垂直于乙的运动方向)滑过的距离s;(2 ) 若乙的速度为2 v0,求工件在乙上刚停止侧向滑动时的速度大小v;(3 ) 保持乙的速度2 v0不变,当工件在乙上刚停止滑动时,下一只工件恰好传到乙上,如此反复. 若每个工件的质量均为m,除工件与传送带之间摩擦外,其他能量损耗均不计,求驱动乙的电动机的平均输出功率P.。

2014年江苏省高考物理试题解析1. L2［2014·江苏卷］ 如图所示,一正方形线圈的匝数为n,边长为a,线圈平面与匀强磁场垂直,且一半处在…… 【答案】B【解析】由于磁通量BS =φ，这里的S 指的是线圈在磁场中的有效面积，且22a s =；这里磁通量的变化指的是磁场的变化，即S B ⋅∆=∆φ.再根据法拉第电磁感应定律知()tnBa t S B B n t s B n t n E ∆=∆-=∆⋅∆=∆∆=222φ，因此B 项正确。

2. D5［2014·江苏卷］已知地球的质量约为火星质量的10 倍,地球的半径约为火星半径的2倍,则航天器 【答案】A【解析】航天器做圆周运动时的向心力是由万有引力提供的，由R v m R Mm G 22=知RGMv =，当航天器绕地球表面做圆周运动时，这里的线速度v 就是第一宇宙速度，数值是s km v /9.7=地，所以，55=⋅==火地地火地地火火地火R R M M R GM R GM v v ，s km s km v v /5.3/9.75555≈⨯==地火 则A 正确。

()tnBa t S B B n t s B n t n E ∆=∆-=∆⋅∆=∆∆=222φ，因此B 项正确。

3. M2［2014·江苏卷］远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2 【答案】D【解析】对理想变压器来说，功率不会损耗，输出功率决定输入功率，两者总相等，故选项D 正确；对只有一组副线圈的理想变压器来说，通过原、副线圈的电流之比与原、副线圈的匝数成反比，因此选项A 错误；输出电流决定输入电流，I 2是由用户的电流决定的，I 1是由I 2决定的，与输电导线的电阻无关，B 项错误；输出功率决定输入功率，升压变压器的原线圈的功率应等于用户的功率与输电导线消耗的功率之和，故C 项错误。

4. I1、I2［2014·江苏卷］如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷,x 轴垂直于环面且 【答案】B【解析】圆环上均匀分布的正电荷在圆心O 点产生的合电场为零。

2014-2015学年江西省南昌市南大附中高二（上）第二次月考物理试卷一.选择题：（1～6为单选题，7～10为多选题，每小题4分，共40分）．1．（4分）（2012•唐山模拟）电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（）A．A点的电场强度比C点的小B．负电荷在A点电势能比C点电势能大C．电荷沿等势面AB移动过程中，电场力始终不做功D．正电荷由A移到C，电场力做负功2．（4分）（2015•安溪县校级模拟）一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度一时间图象如图所示，则A、B所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）A． B． C．D．3．（4分）（2013•贵州学业考试）如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动．那么（）A．微粒带正、负电荷都有可能B．微粒做匀减速直线运动C．微粒做匀速直线运动D．微粒做匀加速直线运动4．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）P、Q两电荷的电场线分布如图所示，c、d为电场中的两点．一个离子从a运动到b（不计重力），轨迹如图所示．则下列判断正确的是（）A．Q带正电B．c点电势低于d点电势C．离子在运动过程中受到P的吸引D．离子从a到b，电场力做正功5．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，导体球A与导体球壳B同心，原来都不带电，也不接地，设M、N两点的场强大小为E M和E N，下列说法中正确的是（）A．若使A带电，则E M≠0，E N=0B．若使B带电，则E M≠0，E N≠0C．若使A、B两球分别带上等量异种电荷，则E M≠0，E N=0D．若使A球带电，B球接地，则E M=0，E N=06．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）将一绝缘导体AB置于一带负电荷的小球近旁．当导体慢慢向小球移近时，关于导体AB下面说法中正确的是（）A．两端电势不断降低，但A端总比B端低B．B端面上场强逐渐增大，导体内场强也增大C．感应电荷在B端的场强总小于A端场强D．用金属线将A端接地时，将有正电荷不断渗入大地7．（4分）（2012秋•库车县校级期末）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．B．C．D．8．（4分）（2007•镜湖区校级模拟）如图所示，P是一块很大的水平放置的接地金属板，Q是一个带正电的点电荷固定在板外．另一个可看作质点的带负电的小物体C以一定的初速度从图中的a点沿板面移动到b点，移动过程中C的带电量保持不变，它与金属板间的摩擦不能忽略．关于C的这段运动过程，下列说法中正确的是（）A．C对P板的压力先变小后变大B． C的加速度先变小后变大C．C的电势能先变小后变大D． C的速度先变小后变大9．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，平行板电容器充电后，在其正中P点处有一个带电微粒恰好能保持静止状态．用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增加？（）A．K闭合，将上极板M 接地，下移NB．K闭合，将下极板N 接地，左移MC．K断开，将上极板M 接地，上移MD．K断开，将下极板N 接地，上移N10．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q 小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的（）A．运行时间t P＞t QB．电势能减少量之比△E p：△E Q=4：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E KQ=4：1二.填空题（每空3分共21分）11．（6分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，匀强电场中有M、N、P三点连成直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，将一带电量为﹣2×10﹣8C的检验电荷从M移到P点或从M移到N点，电场力做功都是8×10﹣9J，则电场强度方向是，场强大小为V/m．12．（3分）（2010秋•桐乡市校级期中）如图所示，是一种通过测量电容器电容的变化，来检验液面高低的仪器原理图（这种仪器的优点是将非电荷的变化转换为电信号，使测量自动化）．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质．电容器的两个电极分别用导线接到指示器上．指示器显示的是电容的大小，从电容的大小就可以知道容器中液面位置的高低．如图指示器显示出电容增大了，则可判断液面（填“升高”或“降低”）13．（9分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，电场中某一电场线为一直线，线上有A、B、C三个点，电荷q1=10﹣8C，从B点移到A点时静电力做了10﹣7J的功；电荷q2=﹣10﹣8 C，在B 点的电势能比在C点时大10﹣7J，那么：（1）比较A、B、C三点的电势高低，由高到低的排序是；（2）A、C两点间的电势差是V；（3）若设B点的电势为零，电荷q2在A点的电势能是J．14．（3分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，均匀带电圆环所带电电荷量为Q，半径为R，圆心为O，P为垂直于圆环平面的对称轴上的一点，OP=L，则P点的电场强度为．三.计算题（共39分）15．（8分）（2014春•南阳期末）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10﹣5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A．B两点间距离为2cm，两点连线与电场方向成60°角，求：（1）A．B两点间的电势差U AB；（2）该匀强电场的电场强度大小E．16．（9分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，带负电的小球静止在水平放置的平行板电容器两板间，距下板h=1cm，两板间的电势差为300V，如果两板间电势差减小到60V，则带电小球运动到极板上需多长时间？17．（10分）（2013春•东河区校级期末）如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，细杆右侧距杆0.3m处有一固定的正点电荷Q，A、B是细杆上的两点，点A与Q、点B与Q的连线与杆的夹角均为α=37°．一中间有小孔的带电小球穿在绝缘细杆上滑下，通过A点时加速度为零，速度为3m/s，取g=10m/s2．求：（1）小球下落到B点时的加速度；（2）小球下落到B点时的速度的大小．18．（12分）（2014秋•东湖区校级月考）如图，ABCDE是由三部分绝缘光滑轨道平滑连接在一起组成的，AB为水平轨道，弧BCD是半径为R的半圆弧轨道，O为其圆心．半径为2R的圆弧轨道DE与弧BCD相切在轨道最高点D处，E、C、O三点位于同一高度，R=1m．整个装置处在水平向右的匀强电场之中，电场强度E=106N/C．静止在A点处质量m=0.4kg，电量q=3×10﹣4的内侧通过其最高点D后，从E点飞出．（g取10m/s2）（1）小球通过B点时的速度及对轨道的作用力N；（2）AB的距离d=？2014-2015学年江西省南昌市南大附中高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一.选择题：（1～6为单选题，7～10为多选题，每小题4分，共40分）．1．（4分）（2012•唐山模拟）电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（）A．A点的电场强度比C点的小B．负电荷在A点电势能比C点电势能大C．电荷沿等势面AB移动过程中，电场力始终不做功D．正电荷由A移到C，电场力做负功考点：等势面；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，等势面密，电场线疏的地方电场的强度小，等势面疏；沿电场线的方向，电势降低．沿着等势面移动点电荷，电场力不做功．电场线与等势面垂直．解答：解：A 点A的等势面比C点的等势面密，则A点的场强比C点的大．故A错误B 负电荷在高电势点电势能小，在低电势点电势能高．故B错误C 沿着等势面移动点电荷，电势能不变，电场力不做功．故C正确D 正电荷由A到C，为沿电场力方向运动，则电场力做正功．故D错误故选：C点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．2．（4分）（2015•安溪县校级模拟）一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度一时间图象如图所示，则A、B所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）A． B． C．D．考点：电场线．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，C正确．故选：C．点评：本题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．3．（4分）（2013•贵州学业考试）如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动．那么（）A．微粒带正、负电荷都有可能B．微粒做匀减速直线运动C．微粒做匀速直线运动D．微粒做匀加速直线运动考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：带点微粒做直线运动，所以所受合力方向与运动方向在同一直线上，根据重力和电场力的方向可确定微粒运动的性质．解答：解：微粒做直线运动的条件是速度方向和合外力的方向在同一条直线上，只有微粒受到水平向左的电场力才能使得合力方向与速度方向相反且在同一条直线上，由此可知微粒所受的电场力的方向与场强方向相反，则微粒必带负电，且运动过程中微粒做匀减速直线运动，故B正确．故选：B点评：本题考查了重力做功与重力势能和电场力做功与电势能的关系，难度不大，属于基础题．4．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）P、Q两电荷的电场线分布如图所示，c、d为电场中的两点．一个离子从a运动到b（不计重力），轨迹如图所示．则下列判断正确的是（）A．Q带正电B．c点电势低于d点电势C．离子在运动过程中受到P的吸引D．离子从a到b，电场力做正功考点：电势；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场线的方向确定场源电荷的正负．电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．根据轨迹曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向；根据力与速度的夹角判断功的正负．解答：解：A、根据电场线的方向，从P出发，终止于Q，所以P带正电，Q带负电．故A 错误．B、沿着电场线电势一定降低，所以c点电势大于d点的电势，故B错误．C、电荷所受电场力指向轨迹内侧，所以离子在运动过程中受到P的吸引，故C正确．D、离子从a到b，电场力与速度的夹角为钝角，所以做负功．故D错误．故选：C．点评：通过电场线的指向看电势的高低．根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向．5．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，导体球A与导体球壳B同心，原来都不带电，也不接地，设M、N两点的场强大小为E M和E N，下列说法中正确的是（）A．若使A带电，则E M≠0，E N=0B．若使B带电，则E M≠0，E N≠0C．若使A、B两球分别带上等量异种电荷，则E M≠0，E N=0D．若使A球带电，B球接地，则E M=0，E N=0考点：静电现象的解释．分析：利用感应带电和导体的静电屏蔽分析即可．空腔导体只能屏蔽外部的电场，不能屏蔽内部向外的电场．解答：解：A、如果A带电，则会感应B内部带异种电荷，外部电性与A相同，那么E M≠0，E N≠0；故A错误；B、如果B带电，由于同种电荷的排斥，电荷只分布在外表面E内=0，因此E M=0．故B错误；C、如果A、B带等量异种电荷，A与B的静电感应使B外表面恰好无电荷量，则E M≠0，E N=0，故C正确；D、如使A球带电，B球接地，是接地屏蔽，E M≠0，E N=0．故D错误．故选：C．点评：明确同种电荷排斥，力求达到最远，在分析场强是解题的关键；灵活应用静电平衡分析是解题的核心．6．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）将一绝缘导体AB置于一带负电荷的小球近旁．当导体慢慢向小球移近时，关于导体AB下面说法中正确的是（）A．两端电势不断降低，但A端总比B端低B．B端面上场强逐渐增大，导体内场强也增大C．感应电荷在B端的场强总小于A端场强D．用金属线将A端接地时，将有正电荷不断渗入大地考点：静电现象的解释．分析：带负电电荷靠近金属导体时，由于静电感应，会使金属导体A带正电，导体B带负电，当两者间距减小时，根据静电感应的现象来分析即可．解答：解：当带电小球靠近金属导体时，由于静电感应，导体B端带有负电荷，A端带有正电荷，A、处于静电平衡的导体，电势处处相等，是一个等势体，当移近时，因沿着电场线方向，电势降低，则两端电势在降低，但两端电势仍是相等的，故A错误；B、当导体慢慢向小球移近时，由于静电感应的作用，金属导体A端带的正电荷增多，导体B 端带的负电荷也增多，即导体表面的电场强度增强，而内部电场强度仍为零，即感应电荷产生的电场强度与负点电荷在该处产生的电场强度大小相等，方向相反．但由于负电荷在A处产生电场强度大于B处的电场强度，因此感应电荷在B端的场强总小于A端场强，故B错误，C正确；D、用金属线将A端接地时，将有B端的负电荷不断传向大地，所以D错误；故选：C．点评：本题是对静电感应现象的考查，根本的原因就是电荷之间的基本性质，即同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引．7．（4分）（2012秋•库车县校级期末）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：q′==4Q两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：q′==﹣3Q两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．故选：CD．点评：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．8．（4分）（2007•镜湖区校级模拟）如图所示，P是一块很大的水平放置的接地金属板，Q是一个带正电的点电荷固定在板外．另一个可看作质点的带负电的小物体C以一定的初速度从图中的a点沿板面移动到b点，移动过程中C的带电量保持不变，它与金属板间的摩擦不能忽略．关于C的这段运动过程，下列说法中正确的是（）A．C对P板的压力先变小后变大B． C的加速度先变小后变大C．C的电势能先变小后变大D． C的速度先变小后变大考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：金属板在Q的电场中产生静电感应现象，达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直．分析小球的受力情况，确定其运动情况，判断电场力是否做功．解答：解：A、金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，所以小球C受到的电场力的方向向上；小球在金属板P的中点处离开Q最近，所以在金属板的中点处的电场强度最大，小球在中点处受到的电场力最大，对P板的压力最小．故A正确；B、由A的分析得，小球在P的中点处受到的电场力最大，对P板的压力最小，根据摩擦力的公式：f=μN=μ（mg﹣F电）可得小球在中点处受到的摩擦力最小．小球在水平方向只受到摩擦力的作用，小球的加速度：所以小球在金属板P的中点处的加速度最小．故B正确；C、金属板是一个等势体，表面是一个等势面，小球在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，小球的电势能不会变化．故C错误；C、由于摩擦力做功，小球的动能持续减小，所以小球的动能持续减小．故D错误．故选：AB．点评：本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面．9．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，平行板电容器充电后，在其正中P点处有一个带电微粒恰好能保持静止状态．用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增加？（）A．K闭合，将上极板M 接地，下移NB．K闭合，将下极板N 接地，左移MC．K断开，将上极板M 接地，上移MD．K断开，将下极板N 接地，上移N考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：保持K闭合时电容板间电压保持不变．充电后将K断开后电容器的电量保持不变，根据推论，板间场强不变．根据公式E=分析板间场强的变化，判断能否使带电微粒运动．并判断电势能的变化．解答：解：A、K闭合，下移N，板间距离d增大，根据公式E=分析得知，板间场强减小，带电微粒受到的电场力减小，微粒将向下加速运动．不符合题意．故A错误．B、K闭合，左移N，板间距离d不变，电容减小，根据公式E=分析得知，板间场强不变，带电微粒受到的电场力不变，仍处于静止状态．P点的电势不变，微粒的电势能不变．不符合题意．故B错误．C、K断开，将上极板M接地，上移M，根据推论E=，可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与M的电势差减小，M的电势为零，P点的电势低于M的电势，则知P点的电势降低，微粒带负电，则知微粒的电势增大．故C正确．D、K断开，下极板N接地，上移N，根据推论E=，可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与N的电势差减小，N的电势为零，P点的电势高于N的电势，则知P点的电势降低，微粒带负电，则知微粒的电势增加．故D正确．故选：CD．点评：本题是电容器动态变化分析的问题，根据决定电容的三个因素和电容的定义式相结合进行分析．10．（4分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q 小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的（）A．运行时间t P＞t QB．电势能减少量之比△E p：△E Q=4：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E KQ=4：1考点：电容器的动态分析．分析：两小球在匀强电场中受到电场力和重力作用，都做匀加速直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，运动时间相同．两小球水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，根据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．根据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．根据数学知识分析合力对两球做功的关系，由动能定理分析动能增加量之比．解答：解：A、两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，由公式t=得，它们运动时间相同．故A错误．B、电场力做功分别为W P=q Q Ex Q，W Q=q P Ex P，由于q P：q Q=2：1，x P：x Q=2：1，得到W P：W Q=4：1，而重力做功相同，则合力做功之比=＜4，则动能增加量之比△E kP：△E kQ＜4．故B正确，D错误．C、小球在水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，由x=at2分析得到加速度之比a P：a Q=2：1．根据牛顿第二定律得，两球的加速度分别为a P=，a Q=，则q P：q Q=2：1．故C正确．故选：BC．点评：本题电荷在复合场中运动，采用运动的分解与合成的方法研究，是常用的方法．研究动能增加量关系，也可通过求末速度之比求解．二.填空题（每空3分共21分）11．（6分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，匀强电场中有M、N、P三点连成直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，将一带电量为﹣2×10﹣8C的检验电荷从M移到P点或从M移到N点，电场力做功都是8×10﹣9J，则电场强度方向是N→M，场强大小为10 V/m．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据公式U=求出C、A间和C、B间的电势差，找出等势点，确定等势线，根据电场线与等势线垂直，确定电场线的方向，再根据E=求场强大小．解答：解：根据电场力做功的公式得：U MN==V=﹣0.4V，而从M移到P时，电场力做功也为8×10﹣9J，所以U MP=﹣0.4V，所以N、P两点为等势点，且N点的电势大于M点的电势，即场强方向由N指向M；有：E===10N/C．故答案为：由N→M，10．点评：本题要掌握电势差公式U=，知道电场线与等势面相互垂直而电场线由是由高电势指向低电势；匀强电场中U=Ed中的d应为沿电场方向的有效距离．12．（3分）（2010秋•桐乡市校级期中）如图所示，是一种通过测量电容器电容的变化，来检验液面高低的仪器原理图（这种仪器的优点是将非电荷的变化转换为电信号，使测量自动化）．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质．电容器的两个电极分别用导线接到指示器上．指示器显示的是电容的大小，从电容的大小就可以知道容器中液面位置的高低．如图指示器显示出电容增大了，则可判断液面升高（填“升高”或“降低”）考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：由图可知电容器的构造，再由平行板电容器的决定式C=进行分析即可．解答：解：由图可知，液体与芯柱构成了电容器，由图可知，两板间距离不变；液面变化时两极板的正对面积发生变化，则由C=可知，当电容增大时只能是正对面积S增大，可知液面升高；故答案为：升高点评：本题考查平行板电容器在生产生活中的应用，注意由题意找出我们常见的模型再时行分析．13．（9分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，电场中某一电场线为一直线，线上有A、B、C三个点，电荷q1=10﹣8C，从B点移到A点时静电力做了10﹣7J的功；电荷q2=﹣10﹣8 C，在B 点的电势能比在C点时大10﹣7J，那么：（1）比较A、B、C三点的电势高低，由高到低的排序是φC＞φB＞φA；（2）A、C两点间的电势差是﹣20 V；（3）若设B点的电势为零，电荷q2在A点的电势能是1×10﹣7J．考点：电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系．分析：（1）根据电势差的定义式U=，求出BA间和BC间电势差，即可比较三点电势的高低；（2）A、C两点间的电势差U AC=U AB+U BC．（3）设B点的电势为零，确定出A点的电势，由E p=qφ公式求出电荷q2在A点的电势能．解答：解：（1）根据电势差的定义式U=得BA间电势差U BA=V=10V，说明B点的电势比A点高10V；BC间电势差U BC=V=﹣10V，说明B点的电势比C点低10V故A、B、C三点的电势高低顺序是：φC＞φB＞φA．（2）A、C两点间的电势差U AC=U AB+U BC=﹣10V﹣10V=﹣20V（3）设B点的电势为零，A点的电势为φA=﹣10V电荷q2在A点的电势能是E p=q2φA=﹣10﹣8×（﹣10）J=1×10﹣7J故答案为：（1）φC＞φB＞φA．（2）﹣20（3）1×10﹣7点评：本题的解题关键是掌握电势差的定义式U=，并能正确运用．也可以推论：正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小，判断电势高低．14．（3分）（2014秋•东湖区校级月考）如图所示，均匀带电圆环所带电电荷量为Q，半径为R，圆心为O，P为垂直于圆环平面的对称轴上的一点，OP=L，则P点的电场强度为．考点：电场强度．分析：将带电圆环分成若干段，每一小段看作一个点电荷，再根据点电荷场强公式E=，求出每个点电荷在a处产生的场强大小，最后结场强的合成三角函数关系，即可求解．解答：解：设想将圆环等分为n个小段，当n相当大时，每一小段都可以看做点电荷，其所带电荷量为：q=，由点电荷场强公式可求得每一点电荷在P处的场强为：E=k=由对称性可知，各小段带电环在P处的场强E的垂直于轴向的分量E y相互抵消，而E的轴向分量E x之和即为带电环在P处的场强E p ，故：E总=nE x=n××=．故答案为：。

2014江苏省高考物理压轴卷本试卷共 120 分，考试时间 100 分钟．一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．以下说法正确的是 （ ）A ．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B ．法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点C ．伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性D ．万有引力定律和牛顿运动定律一样都是自然界普遍适用的基本规律2．一质点的位移——时间图象为如图所示的一段抛物线，其方程为，则有关说法正确的是( )t t x 40202+-=A ．质点做曲线运动 B ．质点做加速度先减小后增大的直线运动C ．质点做加速度大小为40m/s 2的匀变速直线运动D ．质点在0～1s 内的平均速度大于20m/s3．如图所示，质量为M 、倾角为θ的斜面体放在水平面上，接触面均光滑，将质量为m 的物块从斜面体的顶端由静止开始释放，为了使斜面体M 保持静止，需在斜面体上施加一水平恒力F ，则该力大小为（）A ．mg sin θcos θ B ．mg tan θC ．（M +m ）g sin θcos θD ．（M +m ）g tan θ4．如图4(a )为放在电磁灶加热板上的锅底剖面图，B 是加热线圈中电流产生的磁场，这个磁场从圆心沿径向分布。

其磁感线分布形状如图4（b ）所示的伞形。

B 的变化激起锅底内部产生涡流.通过计算发现，锅底产生的热功率与交流电的频率平方成正比，与加热线圈的电流强度和匝数的平方成正比，加热线圈一般用16~20股直径为0.5 mm 的铜丝绞合制成。

以下关于电磁灶的说法正确的是：A ．电磁灶接高压直流电也能加热食物B ．电磁灶可以用铁锅也可能用铝锅，铝锅比铁锅加热效果更好C ．电磁灶是通过锅底涡流发热，与普通电炉相比不存在热量在传递过程中的损耗D ．锅底做成平底是为了加强稳定性，实际上圆底锅也能很好加热食物5．如图所示，均匀带电的半圆形塑料细环ab 半径为R ，带电量为+Q ，c 为其中点，O 为圆心，下列说法正确的是（ ）A ．将电子从O 点释放，电子一直向c 点做加速运动B ．以O 点为圆心半径为r （r <R ）的圆上各点电势相等C ．从O 到c 电势逐渐升高D ．O 点处的电场强度小于，方向向右2R Q k第2题图第3题图a b第4题二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．如图所示，A 、B 是完全相同的两个小灯泡，L 为自感系数很大的线圈，其直流电阻小于灯泡电阻．闭合开关S ，电路稳定时，B 灯恰能正常发光．则A ．开关S 闭合后，线圈L 中有电场能转化成磁场能B ．闭合开关S ，电路稳定时，A 灯熄灭C ．断开开关S 的瞬间，A 灯灯丝不可能被烧断D ．断开开关S 的瞬间，线圈中磁场能转化成电场能7．2011年中俄将联合实施探测火星活动计划，由中国负责研制的“萤火一号”火星探测器将与俄罗斯研制的“福布斯—土壤”火星探测器一起，由俄罗斯“天顶”运载火箭发射前往火星，在火星上绕圆轨道运行.已知火星的质量约为地球质量的，火星的半径约为地91球半径的，地球表面重力加速度为g .下列说法正确的是（ ）21A ．火星表面的重力加速度约为g 94B ．探测器环绕火星运行的最大速度约为地球第一宇宙速度的倍32C ．探测器环绕火星运行时，其内部的仪器处于受力平衡状态D ．探测器环绕火星运行时，其顶部一个螺钉脱落，该螺钉将继续沿原轨道运动8．如图所示，A 球从地面附近以速度v 1斜向上抛出，B 球从离地h 高度以速度v 2斜向上抛出，两球刚好在最高点c 处相遇，c点离地面高度为2h ，从抛出到最高点，它们的运动时间分别t 1和t 2，不计空气阻力．关于两球在空中运动的过程中，以下说法正确的有（ ）A ．一定有v 1=2v 2，t 1=2t 2B ．可能有v 2=2v 1，但一定有t 1－t 2=g h 2)12(C ．两球的动能都随离地竖直高度均匀变化D ．A 球速度比B 球速度变化得快9．如图所示，理想变压器原线圈匝数为n 1，a 、b 之间匝数为n 2，b 、c 之间匝数为n 3，n 1:n 2:n 3=100:10:1，单刀双掷开关打在b 处时，调节滑动变阻器，电机均不工作；单刀双掷开关打在a 处时，调节滑动变阻器，电机始终处于工作状态.下列说法正确的是（ ）A ．保持滑动变阻器的滑片位置不动，开关分别打在a 处和b 处时，电流表读数之比为11:1B ．开关打在a 处时，将滑动变阻器滑片向上调节，变压器输入功率减小C ．开关打在a 处时，调节滑动变阻器，电压表与电流表读数成正比D ．开关打在b 处时，调节滑动变阻器，电压表与电流表读数成正比三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第12题)两第8题图第9题图S3部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（8分）某同学用图所示的实验装置研究小车在斜面上的运动。

2014年普通高等学校招生统一考试（江苏卷）物理试题一、单项选择题:本题共 5 小题,每小题 3 分,共计 15 分. 每小题只有一个选项符合题意. 1 . 如图所示,一正方形线圈的匝数为 n,边长为 a,线圈平面与匀强磁场垂直,且一半处在磁场中. 在 Δt时间内,磁感应强度的方向不变,大小由 B 均匀地增大到 2 B.在此过程中,线圈中产生的感应电动势为 ( A) 22Ba t ∆ ( B) 22nBa t∆ ( C) 2nBa t∆ ( D) 22nBa t ∆ 2 . 已知地球的质量约为火星质量的 10 倍,地球的半径约为火星半径的 2 倍,则航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为( A)3 . 5 km / s ( B)5 . 0 km / s ( C)17 . 7 km / s ( D)35 . 2 km / s3 . 远距离输电的原理图如图所示, 升压变压器原、 副线圈的匝数分别为 n 1、 n 2, 电压分别为U 1、U 2,电流分别为 I 1、I 2,输电线上的电阻为 R. 变压器为理想变压器,则下列关系式中正确的是( A)1122I n I n = ( B)22U I R= ( C) 2112I U I R = ( D) 1122I U I U =4 . 如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷, x 轴垂直于环面且过圆心 O.下列关于 x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( A) O 点的电场强度为零,电势最低( B) O 点的电场强度为零,电势最高( C) 从 O 点沿 x 轴正方向,电场强度减小,电势升高( D) 从 O 点沿 x 轴正方向,电场强度增大,电势降低5 . 一汽车从静止开始做匀加速直线运动, 然后刹车做匀减速直线运动,直到停止. 下列速度 v 和位移 x 的关系图像中,能描述该过程的是二、多项选择题:本题共 4 小题,每小题 4 分,共计 16 分. 每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,错选或不答的得 0 分.6 . 为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动,用如图所示的装置进行实验. 小锤打击弹性金属片,A 球水平抛出,同时 B 球被松开,自由下落. 关于该实验,下列说法中正确的有( A) 两球的质量应相等( B) 两球应同时落地( C) 应改变装置的高度,多次实验( D) 实验也能说明 A 球在水平方向上做匀速直线运动7 . 如图所示,在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯,现接通交流电源,过了几分钟,杯内的水沸腾起来. 若要缩短上述加热时间,下列措施可行的有( A) 增加线圈的匝数( B) 提高交流电源的频率( C) 将金属杯换为瓷杯( D) 取走线圈中的铁芯8 . 如图所示,A 、B 两物块的质量分别为 2 m 和 m, 静止叠放在水平地面上. A 、B 间的动摩擦因数为μ,B 与地面间的动摩擦因数为12μ. 最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为 g. 现对 A 施加一水平拉力 F,则( A) 当 F < 2 μmg 时,A 、B 都相对地面静止( B) 当 F = 52μmg 时, A 的加速度为13μg ( C) 当 F > 3 μmg 时,A 相对 B 滑动 ( D) 无论 F 为何值,B 的加速度不会超过12μg 9 . 如图所示,导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间,线圈中电流为 I,线圈间产生匀强磁场,磁感应强度大小 B 与 I 成正比,方向垂直于霍尔元件的两侧面,此时通过霍尔元件的电流为 I H ,与其前后表面相连的电压表测出的霍尔电压 U H 满足:H H I B U k d,式中 k 为霍尔系数,d 为霍尔元件两侧面间的距离. 电阻 R 远大于 R L ,霍尔元件的电阻可以忽略,则( A) 霍尔元件前表面的电势低于后表面( B) 若电源的正负极对调,电压表将反偏( C) I H 与 I 成正比( D) 电压表的示数与 R L 消耗的电功率成正比三、简答题: 本题分必做题 ( 第 10 、 11 题) 和选做题( 第 12 题) 两部分,共计 42 分. 请将解答填写在答题卡相应的位置.【 必做题】10 . (8 分) 某同学通过实验测量一种合金的电阻率.(1 ) 用螺旋测微器测量合金丝的直径. 为防止读数时测微螺杆发生转动,读数前应先旋紧题10 -1 图所示的部件▲( 选填“A”、“B”、“C”或“D”) . 从图中的示数可读出合金丝的直径为▲mm.(2 ) 题10 -2 图所示是测量合金丝电阻的电路,相关器材的规格已在图中标出. 合上开关,将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中,发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化. 由此可以推断:电路中▲( 选填图中表示接线柱的数字) 之间出现了▲( 选填“短路”或“断路”) .(3 ) 在电路故障被排除后,调节滑动变阻器,读出电压表和电流表的示数分别为2 . 23 V 和38 mA,由此,该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58 . 7 Ω. 为了更准确地测出合金丝的阻值,在不更换实验器材的条件下,对实验应作怎样的改进? 请写出两条建议._______________________________________________________________________________ 11 . (10 分) 小明通过实验验证力的平行四边形定则.(1 ) 实验记录纸如题11 -1 图所示,O 点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置,两弹簧测力计共同作用时,拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点;一个弹簧测力计拉橡皮筋时,拉力F3的方向过P3点. 三个力的大小分别为:F1= 3 . 30 N、F2= 3. 85 N 和F3= 4 . 25 N. 请根据图中给出的标度作图求出F1和F2 的合力.(2 ) 仔细分析实验,小明怀疑实验中的橡皮筋被多次拉伸后弹性发生了变化,影响实验结果. 他用弹簧测力计先后两次将橡皮筋拉伸到相同长度, 发现读数不相同,于是进一步探究了拉伸过程对橡皮筋弹性的影响.实验装置如题11 -2图所示,将一张白纸固定在竖直放置的木板上,橡皮筋的上端固定于O 点,下端N 挂一重物. 用与白纸平行的水平力缓慢地移动N,在白纸上记录下N 的轨迹. 重复上述过程,再次记录下N 的轨迹.两次实验记录的轨迹如题11 -3图所示. 过O 点作一条直线与轨迹交于a、b 两点, 则实验中橡皮筋分别被拉伸到 a 和 b 时所受拉力F a、F b 的大小关系为▲.(3 ) 根据(2 ) 中的实验,可以得出的实验结果有哪些? ( 填写选项前的字母)( A) 橡皮筋的长度与受到的拉力成正比( B) 两次受到的拉力相同时,橡皮筋第2 次的长度较长( C) 两次被拉伸到相同长度时,橡皮筋第2 次受到的拉力较大( D) 两次受到的拉力相同时,拉力越大,橡皮筋两次的长度之差越大(4 ) 根据小明的上述实验探究,请对验证力的平行四边形定则实验提出两点注意事项.12 . 【选做题】本题包括A、B、C 三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答. 若多做,则按A、B 两小题评分.A. [ 选修3 -3 ] (12 分)一种海浪发电机的气室如图所示. 工作时,活塞随海浪上升或下降,改变气室中空气的压强,从而驱动进气阀门和出气阀门打开或关闭. 气室先后经历吸入、压缩和排出空气的过程,推动出气口处的装置发电. 气室中的空气可视为理想气体.(1 ) 下列对理想气体的理解,正确的有▲.( A) 理想气体实际上并不存在,只是一种理想模型( B) 只要气体压强不是很高就可视为理想气体( C) 一定质量的某种理想气体的内能与温度、体积都有关( D) 在任何温度、任何压强下,理想气体都遵循气体实验定律(2 ) 压缩过程中,两个阀门均关闭. 若此过程中,气室中的气体与外界无热量交换,内能增加了3 .4 ×104J,则该气体的分子平均动能▲( 选填“增大”、“减小”或“不变”) ,活塞对该气体所做的功▲( 选填“大于”、“小于”或“等于”)3 . 4 ×104J.(3 ) 上述过程中, 气体刚被压缩时的温度为27 ℃, 体积为0 . 224 m3, 压强为1 个标准大气压. 已知1 mol 气体在1 个标准大气压、0℃时的体积为22 . 4 L, 阿伏加德罗常数N A=6 . 02 ×1023mol-1. 计算此时气室中气体的分子数. ( 计算结果保留一位有效数字)B. [ 选修3 -4 ] (12 分)(1 ) 某同学用单色光进行双缝干涉实验,在屏上观察到题12 B - 1 ( 甲) 图所示的条纹,仅改变一个实验条件后,观察到的条纹如题12 B - 1 ( 乙) 图所示.他改变的实验条件可能是▲.( A) 减小光源到单缝的距离( B) 减小双缝之间的距离( C) 减小双缝到光屏之间的距离( D) 换用频率更高的单色光源(2 ) 在“探究单摆的周期与摆长的关系”实验中,某同学准备好相关实验器材后,把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度后释放,同时按下秒表开始计时,当单摆再次回到释放位置时停止计时,将记录的这段时间作为单摆的周期. 以上操作中有不妥之处,请对其中两处加以改正.___________________________________________________________________________________________.(3 ) Morpho 蝴蝶的翅膀在阳光的照射下呈现出闪亮耀眼的蓝色光芒, 这是因为光照射到翅膀的鳞片上发生了干涉. 电子显微镜下鳞片结构的示意图见题 12 B - 2 图. 一束光以入射角 i 从 a 点入射,经过折射和反射后从 b 点出射. 设鳞片的折射率为 n, 厚度为 d, 两片之间空气层厚度为h. 取光在空气中的速度为 c,求光从 a 到 b 所需的时间 t.C. [ 选修 3 -5 ] (12 分)(1 ) 已知钙和钾的截止频率分别为 7 . 73 ×1014Hz 和 5 . 44 ×1014Hz,在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应,比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子,钙逸出的光电子具有较大的 ▲ .( A) 波长 ( B) 频率 ( C) 能量 ( D) 动量(2 ) 氡 222 是一种天然放射性气体,被吸入后,会对人的呼吸系统造成辐射损伤. 它是世界卫生组织公布的主要环境致癌物质之一 . 其衰变方程是2222188684Rn Po →+▲ . 已知22286Rn 的半衰期约为 3 . 8 天,则约经过 ▲ 天,16 g 的22286Rn 衰变后还剩 1 g.(3 ) 牛顿的《 自然哲学的数学原理》 中记载, A 、 B 两个玻璃球相碰,碰撞后的分离速度和它们碰撞前的接近速度之比总是约为 15 ： 16 . 分离速度是指碰撞后 B 对 A 的速度,接近速度是指碰撞前 A 对 B 的速度. 若上述过程是质量为 2 m 的玻璃球 A 以速度 v 0 碰撞质量为 m 的静止玻璃球 B,且为对心碰撞,求碰撞后 A 、B 的速度大小.四、计算题:本题共 3 小题,共计 47 分. 解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案的不能得分. 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位. 13 . (15 分) 如图所示,在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨,导轨间距为 L,长为 3 d,导轨平面与水平面的夹角为 θ,在导轨的中部刷有一段长为 d 的薄绝缘涂层. 匀强磁场的磁感应强度大小为 B,方向与导轨平面垂直. 质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止释放, 在滑上涂层之前已经做匀速运动, 并一直匀速滑到导轨底端. 导体棒始终与导轨垂直,且仅与涂层间有摩擦,接在两导轨间的电阻为 R,其他部分的电阻均不计,重力加速度为 g. 求:(1 ) 导体棒与涂层间的动摩擦因数 μ;(2 ) 导体棒匀速运动的速度大小 v;(3 ) 整个运动过程中,电阻产生的焦耳热 Q.14 . (16 分) 某装置用磁场控制带电粒子的运动,工作原理如图所示. 装置的长为 L,上下两个相同的矩形区域内存在匀强磁场,磁感应强度大小均为 B 、方向与纸面垂直且相反,两磁场的间距为 d. 装置右端有一收集板,M 、N 、P 为板上的三点,M 位于轴线 OO’上,N 、P 分别位于下方磁场的上、下边界上. 在纸面内,质量为 m 、电荷量为-q 的粒子以某一速度从装置左端的中点射入,方向与轴线成 30 ° 角,经过上方的磁场区域一次,恰好到达 P 点. 改变粒子入射速度的大小,可以控制粒子到达收集板上的位置. 不计粒子的重力.(1 ) 求磁场区域的宽度 h;(2 ) 欲使粒子到达收集板的位置从 P 点移到 N 点,求粒子入射速度的最小变化量 Δv;(3 ) 欲使粒子到达M 点,求粒子入射速度大小的可能值.15 . (16 分)如图所示,生产车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙,甲的速度为v0.小工件离开甲前与甲的速度相同,并平稳地传到乙上,工件与乙之间的动摩擦因数为μ. 乙的宽度足够大,重力加速度为g.(1 ) 若乙的速度为v0,求工件在乙上侧向( 垂直于乙的运动方向) 滑过的距离s;(2 ) 若乙的速度为2 v0,求工件在乙上刚停止侧向滑动时的速度大小v;(3 ) 保持乙的速度2 v0不变,当工件在乙上刚停止滑动时,下一只工件恰好传到乙上,如此反复. 若每个工件的质量均为m,除工件与传送带之间摩擦外,其他能量损耗均不计,求驱动乙的电动机的平均输出功率P.物理试题参考答案一、单项选择题1 . B2 . A3 . D4 . B5 . A二、多项选择题6 . BC7 . AB8 . BCD9 . CD三、简答题10 . (1 ) B0 . 410 (2 )7 、9 断路(3 ) 电流表改为内接;测量多组电流和电压值,计算出电阻的平均值. ( 或测量多组电流和电压值,用图像法求电阻值)11 . (1 ) ( 见右图,F合= 4 . 6 ~ 4 . 9 都算对)(2 ) F a= F b(3 ) BD(4 ) 橡皮筋拉伸不宜过长;选用新橡皮筋. ( 或:拉力不宜过大;选用弹性好的橡皮筋;换用弹性好的弹簧. )12 A. (1 ) AD(2 ) 增大等于12 B. (1 ) B(2 ) ①应在摆球通过平衡位置时开始计时; ②应测量单摆多次全振动的时间,再计算出周期的测量值. ( 或在单摆振动稳定后开始计时)12 C. (1 ) AHe( 或α粒子) 15 . 2(2 )42(3 ) 设A、B 球碰撞后速度分别为v1和v21四、计算题。

2013-2014学年江西南昌市南大附中高二（下）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题．每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分．有选错的得0分）1．（4分）（2012•湖南一模）在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、类比法和科学假说法、建立理想模型法、微元法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思维法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．（4分）（2012•汕尾校级模拟）如图所示，在倾角为30°的粗糙斜面上有一重为G的物体，若用与斜面底边平行的恒力推它，恰好能使它做匀速直线运动．物体与斜面之间的动摩擦因数为（）A．B．C．D．3．（4分）（2014春•东湖区校级期末）用与竖直方向成θ角的倾斜轻绳a和水平轻绳子b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1．现在保持小球在原位置不动，使绳子b在原竖直平面内逆时针转过θ角固定，绳b拉力变为F2；再转过θ角固定，绳b拉力变为F3，如图所示，则（）A．F1=F3＞F2B．F1=F3＜F2C．绳a拉力不变 D． F1＜F2＜F34．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，轻杆BO一端装在铰链上，铰链固定在竖直墙上，另一端装一轻滑轮，重为G的物体用细绳经滑轮系于墙上A点，系统处于平衡状态，若将A点沿竖直墙向上缓慢移动少许，设法使系统重新平衡，则细绳所受拉力F1和轻杆所受压力F2大小变化情况是（）A．F1变小B．F1不变C．F2变小D． F2不变5．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，跨在光滑圆柱体侧面上的轻绳两端系有质量为m A、m B的两小球，系统处于静止状态．A、B小球与圆心的连线分别与水平面成60°和30°角，则两球的质量之比和剪断轻绳时两球的加速度之比分别为（）A．1：1 1：2 B．1：1 1：C．：1 1：1 D．：1 1：6．（4分）（2014春•东湖区校级期末）A是用绳拴在车厢底部的氢气球，B是用绳挂在车厢顶部的金属球，开始时它们和车厢一起向右做匀速直线运动，若突然刹车使车厢做匀减速运动，则下列图中能正确表示刹车期间车内情况的是（）A．B．C．D．7．（4分）（2012•故城县校级模拟）如图所示，倾角为30°的长斜坡上有C、O、B三点，CO=OB=10m．在0点竖直地固定一长10m的直杆OA．A端与C点间和坡底B点问各连有一光滑的钢绳．且各穿有一钢球（视为质点）．将两球从A点由静止开始同时分别沿两钢绳滑到钢绳末端．则小球在钢绳上滑行的时间t AC和t AB分别为（取g=10m/s2）（）A．2s和2s B．s和2s C．s和4s D． 4 s和s8．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，质量为m2的物体2放在正沿平直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮连接质量为m1的物体，与物体l相连接的绳与竖直方向成θ角，则（）A．车厢的加速度为gsinθB．绳对物体1的拉力为C．底板对物体2的支持力为（m2﹣m1）gD．物体2所受底板的摩擦力为m2g tanθ9．（4分）（2010•徐州三模）如图所示，置于固定斜面上的物体A受到平行于斜面向下的力作用保持静止．若力F大小不变，将力F在竖直平面内由沿斜面向下缓慢的转到沿斜面向上（转动范围如图中虚线所示）．在F转动过程中，物体始终保持静止．在此过程中物体与斜面间的（）A．弹力可能先增大后减小B．弹力一定先减小后增大C．摩擦力可能先减小后增大D．摩擦力一定一直减小10．（4分）（2014•定兴县校级模拟）如图所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体，已知m A=6kg、m B=2kg，A、B间动摩擦因数μ=0.2，在物体A上系一细线，细线所能承受的最大拉力是20N，现水平向右拉细线，g取10m/s2，则（）A．当拉力F＜12N时，A静止不动B．当拉力F＞12N时，A相对B滑动C．当拉力F=16N时，B受A的摩擦力等于4ND．无论拉力F多大，A相对B始终静止11．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，光滑斜面AE被分成四个长度相等的部分即AB=BC=CD=DE，一物体从A点静止释放，下列结论正确的是（）A．物体到达各点的速率v B：v C：v D：v E=1：：：2B．物体到达各点所经历的时间t E=2t B=t DC．物体从A运动到E的全过程平均速度=v BD．物体通过每一部分时，其速度增量v B﹣v A=v C﹣v B=v D﹣v C=v E﹣v D12．（4分）（2010•梧州一模）如图所示，足够长的硬质直杆上套有质量为m的环A，环下方用轻绳挂着一个重力为G的小物体B，杆与水平方向成θ角，当环沿杆下滑时，物体B相对于A静止，下列说法正确的是（）A．若环沿杆无摩擦下滑，B的加速度为gsinθB．若环沿杆无摩擦下滑，绳的拉力为GsinθC．若环沿杆下滑时有摩擦，轻绳可能竖直D．无论环与杆之间有无摩擦，轻绳都与杆垂直二、填空题（共16分）13．（4分）（2014春•东湖区校级期末）在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳，实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的（填字母代号）A、将橡皮条拉伸相同长度即可B、将弹簧秤都拉伸到相同刻度C、将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D、将橡皮条和绳子结点拉到相同位置②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是（填字母代号）A、弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行B、两细绳必须等长C、拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些D、用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大．14．（4分）（2015•莲湖区校级二模）在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所测数据，利用描点法做出了所持钩码的重力G与弹簧总长L的关系图象，根据图象回答以下问题．（1）弹簧的原长为．（2）弹簧的劲度系数为．（3）分析图象，总结出弹簧力F跟弹簧长度L之间的关系式为．15．（8分）（2013•广东）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（用字母填写）②图（b）中标出的相邻两计数点的时间间隔T= s③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5= ．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a= ．三、计算题（共四小题，共36分．）16．（8分）（2012•浉河区校级一模）有一种机械装置叫做“滚珠式力放大器”，其原理如图所示，斜面A可以在水平面上滑动，斜面B以及物块C都是被固定的，它们均由钢材制成，钢珠D置于ABC之间．当用水平力F推斜面A时，钢珠D对物块C的挤压力F′就会大于F，故称为“滚珠式力放大器”．如果斜面A、B的倾角分别为α、β，不计一切摩擦力以及钢珠自身的重力，求这一装置的力放大倍数（即F′与F之比）17．（8分）（2013•台江区校级二模）质量分别为m1和m2的两个小物块用轻绳连接，绳跨过位于倾角α=30°的光滑斜面顶端的轻滑轮，滑轮与转轴之间的摩擦不计，斜面固定在水平桌面上，如图所示．第一次，m1悬空，m2放在斜面上，用t表示m2自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间；第二次，将m1和m2位置互换，使m2悬空，m1放在斜面上．如果=，求m1自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间为多少？18．（8分）（2014春•东湖区校级期末）在光滑的水平轨道上有两个半径都是r的小球A和B，质量分别为m和2m，当两球心间距离大于L时，两球之间无相互作用力；当两球心间的距离等于或小于L时，两球间存在相互作用的恒定斥力F，设A球从远离B球处以速度v0沿两球连心线向原来静止的B球运动，如图所示，欲使两球不发生接触，v0必须满足的条件？19．（12分）（2007秋•奉贤区期末）当物体从高空下落时，所受阻力会随物体的速度增大而增大，因此经过下落一段距离后将匀速下落，这个速度称为此物体下落的收尾速度．研究发现，在相同环境条件下，球形物体的收尾速度仅与球的半径和质量有关．下表是某次研究的实验数据小球编号 A B C D E小球的半径（×10﹣3m）0.5 0.5 1.5 2 2.5小球的质量（×10﹣6kg） 2 5 45 40 100小球的收尾速度（m/s）16 40 40 20 32（1）根据表中的数据，求出B球与C球在达到终极速度时所受阻力之比．（2）根据表中的数据，归纳出球型物体所受阻力f与球的速度大小及球的半径的关系（写出有关表达式、并求出比例系数）．（3）现将C号和D号小球用轻质细线连接，若它们在下落时所受阻力与单独下落时的规律相同．让它们同时从足够高的同一高度下落，试求出它们的收尾速度；并判断它们落地的顺序（不需要写出判断理由）．2013-2014学年江西南昌市南大附中高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题．每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分．有选错的得0分）1．（4分）（2012•湖南一模）在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、类比法和科学假说法、建立理想模型法、微元法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思维法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系；物理模型的特点及作用；瞬时速度；匀变速直线运动的速度与位移的关系．分析：解答本题应掌握：质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．解答：解：A、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故A错误；B、为研究某一时刻或某一位置时的速度，我们采用了取时间非常小，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，故B正确；C、在研究加速度与质量和合外力的关系时，由于影响加速度的量有质量和力，故应采用控制变量法，故C正确；D、在探究匀变速运动的位移公式时，采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，即采用了微元法；故D正确；本题选错误的，故选：A．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．（4分）（2012•汕尾校级模拟）如图所示，在倾角为30°的粗糙斜面上有一重为G的物体，若用与斜面底边平行的恒力推它，恰好能使它做匀速直线运动．物体与斜面之间的动摩擦因数为（）A．B．C．D．考点：滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：摩擦力专题．分析：物体在斜面上做匀速直线运动，受力平衡，分析受力情况，将重力分解，作出物体在平行于斜面上的受力示意图．根据平衡条件求出物体所受的滑动摩擦力和支持力，再求解动摩擦因数．解答：解：将物体的重力分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向的分力，在垂直于斜面的方向上，物体受到的支持力与重力垂直斜面的分力平衡．则支持力F N=mgcosθ=mg．在斜面内，物体所受的推力F、摩擦力F f与重力的平行斜面的分力mgsinθ平衡，如图所示．由物体的平衡条件得：滑动摩擦力F f==mg所以物体与斜面间的动摩擦因数为μ=．故C正确，ABD错误；故选：C．点评：本题物体受力分布在立体空间，分成垂直于斜面和平行于斜面两平面内研究，任何一个平面内物体的合力都为零．3．（4分）（2014春•东湖区校级期末）用与竖直方向成θ角的倾斜轻绳a和水平轻绳子b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1．现在保持小球在原位置不动，使绳子b在原竖直平面内逆时针转过θ角固定，绳b拉力变为F2；再转过θ角固定，绳b拉力变为F3，如图所示，则（）A．F1=F3＞F2B．F1=F3＜F2C．绳a拉力不变 D． F1＜F2＜F3考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球始终在原位置不动，合力为零．对小球受力分析，受到重力和两个拉力，三力平衡，合力为零；其中重力大小和方向都恒定，第二个力方向不变、大小变，第三个力大小和方向都可以变，运用合成法，通过作图分析．解答：解：A、B、D、对小球受力分析，受到重力和两个拉力，三力平衡，如图：通过几何关系可知，力F2垂直与细线，故：F1=F3＞F2 ；故A正确，BD错误；C、细线a拉力不断减小；故C错误；故选：A．点评：本题是三力平衡的动态分析问题，关键是运用合成法作图，结合几何关系得到各个力的关系．4．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，轻杆BO一端装在铰链上，铰链固定在竖直墙上，另一端装一轻滑轮，重为G的物体用细绳经滑轮系于墙上A点，系统处于平衡状态，若将A点沿竖直墙向上缓慢移动少许，设法使系统重新平衡，则细绳所受拉力F1和轻杆所受压力F2大小变化情况是（）A．F1变小B．F1不变C．F2变小D． F2不变考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以O为研究对象进行受力分析，根据平衡关系，可由力的合成得出力的变化．解答：解：G受力平衡，故向上的拉力等于重物的重力，则F1=G，保持不变．根据对称性可知：两根关于BO对称，两个绳子的拉力大小不变，夹角增大，其合力减小，所以由平衡条件得知F2变小．故选：BC．点评：本题为受力分析中的动态平衡问题，解决本题时要注意先进行受力分析，作出受力分析图，再根据三角形相似法列式分析．5．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，跨在光滑圆柱体侧面上的轻绳两端系有质量为m A、m B的两小球，系统处于静止状态．A、B小球与圆心的连线分别与水平面成60°和30°角，则两球的质量之比和剪断轻绳时两球的加速度之比分别为（）A．1：1 1：2 B．1：1 1：C．：1 1：1 D．：1 1：考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球A、B均是受重力、支持力和绳子的拉力处于平衡，根据共点力平衡求出绳子拉力和重力的关系，抓住拉力相等，求出两球的质量比，剪断细线时，两球所受的合力与绳子的拉力等值反向，根据牛顿第二定律求出两球的加速度之比．解答：解：两球受绳子的拉力F相等受力分析得：F=m A gcos60°，F=m B gcos30°所以m A：m B=：1．剪断细绳时，小球A、小球B所受的合力与绳子的拉力等值反向，根据牛顿第二定律得，a A=，a B=a A：a B=1：故选：D．点评：本题是简单的连接体问题，关键是受力分析，抓住绳子拉力相等，运用共点力平衡进行求解．6．（4分）（2014春•东湖区校级期末）A是用绳拴在车厢底部的氢气球，B是用绳挂在车厢顶部的金属球，开始时它们和车厢一起向右做匀速直线运动，若突然刹车使车厢做匀减速运动，则下列图中能正确表示刹车期间车内情况的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：车厢以加速度a向右匀减速运动，所以两球的加速度都应向左，对两个小球进行受力分析，根据合力的方向即可判断．解答：解：开始时金属球、车厢及氢气球有向右的相同速度，突然刹车使车厢做减速运动时，由于金属球比车厢内同体积的空气质量大，惯性大，运动状态不易改变，所以金属球相对于车厢向右运动，故B球向右偏，故B、C错误．同体积空气的质量比氢气球的质量大，惯性大，运动状态不容易改变，所以空气相对车厢向左运动，推动氢气球相对于车向左运动，因此A向左偏，故A错误，D正确．故选：D．点评：解答本题的关键是知道两球的加速度方向与车厢的加速度方向相同，再对小球进行受力分析，判断出合力的方向．7．（4分）（2012•故城县校级模拟）如图所示，倾角为30°的长斜坡上有C、O、B三点，CO=OB=10m．在0点竖直地固定一长10m的直杆OA．A端与C点间和坡底B点问各连有一光滑的钢绳．且各穿有一钢球（视为质点）．将两球从A点由静止开始同时分别沿两钢绳滑到钢绳末端．则小球在钢绳上滑行的时间t AC和t AB分别为（取g=10m/s2）（）A．2s和2s B．s和2s C．s和4s D． 4 s和s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由几何知识确定出AC与AB的倾角和位移，由牛顿第二定律求出两球的加速度a，由位移公式x=求解时间．解答：解：由几何知识得，AC的倾角为α=30°，位移x AC=10m．AC的倾角为β=60°，位移x AB=10m．沿AC下滑的小球，加速度为a1=gsin30°=5m/s2，由x AC=得，t AC==s=2s．沿AB下滑的小球，加速度为a2=gsin60°=5m/s2，由x AB=得，t AB==2s．．故选A点评：本题运用牛顿第二定律和运动学公式结合求解匀加速运动的时间，关键要根据几何知识求出AC与AB的倾角和位移．8．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，质量为m2的物体2放在正沿平直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮连接质量为m1的物体，与物体l相连接的绳与竖直方向成θ角，则（）A．车厢的加速度为gsinθB．绳对物体1的拉力为C．底板对物体2的支持力为（m2﹣m1）gD．物体2所受底板的摩擦力为m2g tanθ考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块1、2和车厢具有相同的加速度，先以物体1为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出其加速度和绳的拉力．再对物体2研究，由牛顿第二定律求出支持力和摩擦力．解答：解：A、B、以物体1为研究对象，分析受力情况如图1：重力m1g和拉力T，根据牛顿第二定律得m1gtanθ=m1a，得a=gtanθ，则车厢的加速度也为gtanθ．绳子的拉力．故A错误、B正确；C、D、对物体2研究，分析受力如图2，根据牛顿第二定律得：N=m2g﹣T=m2g﹣，f=m2a=m2gtanθ．故D正确，C错误．故选：BD．点评：本题要抓住两个物体与车厢的加速度相同，采用隔离法研究，分别运用合成法和正交分解法处理．9．（4分）（2010•徐州三模）如图所示，置于固定斜面上的物体A受到平行于斜面向下的力作用保持静止．若力F大小不变，将力F在竖直平面内由沿斜面向下缓慢的转到沿斜面向上（转动范围如图中虚线所示）．在F转动过程中，物体始终保持静止．在此过程中物体与斜面间的（）A．弹力可能先增大后减小B．弹力一定先减小后增大C．摩擦力可能先减小后增大D．摩擦力一定一直减小考点：共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；物体的弹性和弹力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析，由共点力的平衡及静摩擦力的特点可得出各力的变化情况．解答：解：物体受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而处于静止状态，故合力为零；将重力和拉力都分解到沿斜面和垂直于斜面的方向；在垂直于斜面方向，重力的分力、支持力及拉力的分力平衡，因拉力的分力先增大后减小，故弹力可能先减小后增大；故A错误、B 正确；在沿斜面方向上，重力向下的分力、拉力的分力及摩擦力的合力为零；因拉力的分力先向下减小，后向上增大，故摩擦力可能先减小，后向下增大，也可能一直减小，故C正确，D错误．故选BC．点评：本题考查共点力的平衡条件的应用，因拉力及摩擦力的关系不明确，故摩擦力存在多种可能性，应全面分析．10．（4分）（2014•定兴县校级模拟）如图所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体，已知m A=6kg、m B=2kg，A、B间动摩擦因数μ=0.2，在物体A上系一细线，细线所能承受的最大拉力是20N，现水平向右拉细线，g取10m/s2，则（）A．当拉力F＜12N时，A静止不动B．当拉力F＞12N时，A相对B滑动C．当拉力F=16N时，B受A的摩擦力等于4ND．无论拉力F多大，A相对B始终静止考点：摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：隔离对B分析，求出B的最大加速度，再对整体分析，求出发生相对滑动所需的最大拉力．解答：解：当A、B发生相对运动时的加速度为：a==m/s2=6m/s2．则发生相对运动时最大拉力为：F=（m A+m B）a=8×6N=48N．A、当拉力F＜12N时，A相对于B静止，而对于地面来说是运动的，故A错误；B、知在绳子承受的最大拉力范围内，A、B始终保持静止．当F=16N时，整体的加速度为：a′==m/s2=2m/s2．则B对A的摩擦力为：f=m B a′=2×2N=4N．故C正确，B、D错误．故选：C．点评：本题属于动力学的临界问题，关键求出相对运动的临界加速度，判断在绳子拉力范围内是否发生相对运动，注意整体法和隔离法的运用．11．（4分）（2014春•东湖区校级期末）如图所示，光滑斜面AE被分成四个长度相等的部分即AB=BC=CD=DE，一物体从A点静止释放，下列结论正确的是（）A．物体到达各点的速率v B：v C：v D：v E=1：：：2B．物体到达各点所经历的时间t E=2t B=t DC．物体从A运动到E的全过程平均速度=v BD．物体通过每一部分时，其速度增量v B﹣v A=v C﹣v B=v D﹣v C=v E﹣v D考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据v2=2ax，可求出物体到达各点的速度之比；初速度为零的匀加速运动的推论：t B：t C：t D：t E=1：：：，根据这个结论判断时间关系；物体从A运动到E的全过程平均速度等于中间时刻的瞬时速度；根据每一段位移所用的时间是否相同去判断速度的增量关系．解答：解：A、初速度为零的匀加速运动的推论：t B：t C：t D：t E=1：：：，物体到达各点的速率之比为1：：：，故A正确；B、因为v=at，初速度为零的匀加速运动的推论：t B：t C：t D：t E=1：：：，物体到达各点的速率之比为1：：：，故物体到达各点所经历的时间t E=2t B=t C=t D，故B正确C、物体从A运动到E的全过程平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故=v B，故C正确；D、物体通过每一部分时，所用时间不同，故其速度增量不同，故D错误故选：ABC点评：解决本题的关键掌握速度位移公式v2﹣v02=2ax，以及知道某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．12．（4分）（2010•梧州一模）如图所示，足够长的硬质直杆上套有质量为m的环A，环下方用轻绳挂着一个重力为G的小物体B，杆与水平方向成θ角，当环沿杆下滑时，物体B相对于A静止，下列说法正确的是（）A．若环沿杆无摩擦下滑，B的加速度为gsinθB．若环沿杆无摩擦下滑，绳的拉力为GsinθC．若环沿杆下滑时有摩擦，轻绳可能竖直D．无论环与杆之间有无摩擦，轻绳都与杆垂直考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：通过对整体分析，得出整体的加速度，再隔离分析，求出绳子的拉力大小以及合力的大小，确定绳子的方向．。

2021-2021学年江西省南昌市南大附中高二〔上〕第二次月考物理试卷一.选择题：〔1～6为单项选择题，7～10为多项选择题，每题4分，共40分〕．1．〔4分〕〔2021?唐山模拟〕电场中等势面以下列图，以下对于该电场描绘正确的选项是〔〕A． A点的电场强度比C点的小B．负电荷在A点电势能比C点电势能大C．电荷沿等势面AB挪动过程中，电场力一直不做功D．正电荷由A移到C，电场力做负功2．〔4分〕〔2021?安溪县校级模拟〕一负电荷从电场中A点由静止开释，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度一时间图象以下列图，那么A、B所在地区的电场线散布状况可能是图中的〔〕A． B． C． D．3．〔4分〕〔2021?贵州学业考试〕以下列图，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动．那么〔〕-1-A．微粒带正、负电荷都有可能B．微粒做匀减速直线运动C．微粒做匀速直线运动D．微粒做匀加快直线运动4．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕P、Q两电荷的电场线散布以下列图，c、d为电场中的两点．一个离子从a运动到b〔不计重力〕，轨迹以下列图．那么以下判断正确的选项是〔〕A． Q带正电B． c点电势低于d点电势C．离子在运动过程中遇到P的吸引D．离子从a到b，电场力做正功5．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，导体球A与导体球壳B齐心，本来都不带电，也不接地，设M、N两点的场强盛小为EM和EN，以下说法中正确的选项是〔〕A．假定使A带电，那么EM≠0，EN=0B．假定使B带电，那么EM≠0，EN≠0C．假定使A、B两球分别带上等量异种电荷，那么EM≠0，EN=0D．假定使A球带电，B球接地，那么 EM=0，EN=06．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕将一绝缘导体AB置于一带负电荷的小球近旁．当导体慢慢向小球移近时，对于导体AB下边说法中正确的选项是〔〕A．两头电势不停降低，但A端总比B端低B．B端面上场强渐渐增大，导体内场强也增大C．感觉电荷在B端的场强总小于 A端场强-2-D．用金属线将A端接地时，将有正电荷不停渗透大地7．〔4分〕〔2021秋?库车县校级期末〕两个半径同样的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，二者相互接触后再放回本来的地点上，那么相互作使劲可能为本来的〔〕A．B．C．D．8．〔4分〕〔2007?镜湖区校级模拟〕以下列图，P是一块很大的水平搁置的接地金属板，Q是一个带正电的点电荷固定在板外．另一个可看作质点的带负电的小物体C以必定的初速度从图中的a点沿板面挪动到b点，挪动过程中C的带电量保持不变，它与金属板间的摩擦不可以忽视．对于C的这段运动过程，以下说法中正确的选项是〔〕A．C对P板的压力先变小后变大B．C的加快度先变小后变大C．C的电势能先变小后变大D．C的速度先变小后变大9．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，平行板电容器充电后，在其正中P点处有一个带电微粒恰巧能保持静止状态．用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增添？〔〕A．K闭合，将上极板 M接地，下移NB．K闭合，将下极板 N接地，左移MC．K断开，将上极板 M接地，上移MD．K断开，将下极板 N接地，上移N10．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图竖直搁置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上面沿等高处有两个质量同样的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始开释，Q小球从两板正中央由静止开始开释，两小球最后都能运动到右极板上的同一地点，那么从开始开释到运动到右极板的过程中它们的〔〕A．运转时间t P＞t QB．电势能减少许之比△E p：△E Q=4：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1-3-D．动能增添量之比△E KP：△E KQ=4：1二.填空题〔每空3分共21分〕11．〔6分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，匀强电场中有M、N、P三点连成直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，将一带电量为﹣2×10 ﹣8C的查验电荷从M移到P点或从M移到N点，电场力做功都是8×10﹣9J，那么电场强度方向是，场强盛小为V/m．12．〔3分〕〔2021秋?桐乡市校级期中〕以下列图，是一种经过丈量电容器电容的变化，来检验液面上下的仪器原理图〔这类仪器的长处是将非电荷的变化变换为电信号，使丈量自动化〕．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管〔塑料或橡皮〕作为电介质．电容器的两个电极分别用导线接到指示器上．指示器显示的是电容的大小，从电容的大小就能够知道容器中液面地点的上下．如图指示器显示出电容增大了，那么可判断液面〔填“高升〞或“降低〞〕13．〔9分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，电场中某一电场线为向来线，线上有A、B、C三个点，电荷q1=10﹣8C，从B点移到A点时静电力做了10﹣7J的功；电荷q2=﹣10﹣8C，在B点的电势能比在C点时大10﹣7J，那么：〔1〕比较A、B、C三点的电势上下，由高到低的排序是；〔2〕A、C两点间的电势差是V；〔3〕假定设B点的电势为零，电荷q在A点的电势能是J．214．〔3分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，平均带电圆环所带电电荷量为Q，半径为R，圆心为O，P为垂直于圆环平面的对称轴上的一点，OP=L，那么P点的电场强度为．-4-三.计算题〔共39分〕15．〔8分〕〔2021春?南阳期末〕以下列图，在匀强电场中，将一电荷量为2×10﹣5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增添了，A．B两点间距离为2cm，两点连线与电场方向成60°角，求：〔1〕A．B两点间的电势差U AB；〔2〕该匀强电场的电场强度大小E．16．〔9分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，带负电的小球静止在水平搁置的平行板电容器两板间，距下板h=1cm，两板间的电势差为300V，假如两板间电势差减小到60V，那么带电小球运动到极板上需多长时间？17．〔10分〕〔2021春?东河区校级期末〕以下列图，圆滑绝缘细杆竖直搁置，细杆右边距杆处有一固定的正点电荷Q，A、B是细杆上的两点，点A与Q、点B与Q的连线与杆的夹角均为α=37°．一中间有小孔的带电小球穿在绝缘细杆上滑下，经过A点时加快度为零，速度为3m/s，取g=10m/s2．求：1〕小球着落到B点时的加快度；2〕小球着落到B点时的速度的大小．18．〔12分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕如图，ABCDE是由三局部绝缘圆滑轨道光滑连结在一起构成的，AB为水平轨道，弧BCD是半径为R的半圆弧轨道，O为其圆心．半径为2R的圆弧轨道DE与弧BCD相切在轨道最高点D处，E、C、O三点位于同一高度，R=1m．整个装置处在水平向右的匀强电场之中，电场强度E=106N/C．静止在A点处质量，电量q=3×10﹣4的内侧经过其最高点D后，从E点飞出．〔g取10m/s2〕〔1〕小球经过B点时的速度及对轨道的作使劲N；-5-2〕AB的距离d=？2021-2021学年江西省南昌市南大附中高二〔上〕第二次月考物理试卷参照答案与试题分析一.选择题：〔1～6为单项选择题，7～10为多项选择题，每题4分，共40分〕．1．〔4分〕〔2021?唐山模拟〕电场中等势面以下列图，以下对于该电场描绘正确的选项是〔〕A．A点的电场强度比C点的小B．负电荷在A点电势能比C点电势能大C．电荷沿等势面AB挪动过程中，电场力一直不做功D．正电荷由A移到C，电场力做负功考点：等势面；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．剖析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，等势面密，电场线疏的地方电场的强度小，等势面疏；沿电场线的方向，电势降低．沿着等势面挪动点电荷，电场力不做功．电场线与等势面垂直．解答：解：A点A的等势面比C点的等势面密，那么A点的场强比C点的大．故A错误B负电荷在高电势点电势能小，在低电势点电势能高．故B错误C 沿着等势面挪动点电荷，电势能不变，电场力不做功．故C正确D 正电荷由A到C，为沿电场力方向运动，那么电场力做正功．故D错误应选：C评论：增强根基知识的学习，掌握住电场线和等势面的特色，即可解决本题．2．〔4分〕〔2021?安溪县校级模拟〕一负电荷从电场中A点由静止开释，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度一时间图象以下列图，那么A、B所在地区的电场线散布状况可能是图中的〔〕-6-A．B．C．D．考点：电场线．剖析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加快度，所以依据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加快度愈来愈大，那么电场力愈来愈大，电场强度愈来愈大，依据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加快度渐渐增大的加快运动，所以该电荷所受电场力愈来愈大，电场强度愈来愈大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，正确．应选：C．评论：本题联合v﹣t图象，考察了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点联合奇妙、新奇，有创新性．3．〔4分〕〔2021?贵州学业考试〕以下列图，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动．那么〔〕A．微粒带正、负电荷都有可能B．微粒做匀减速直线运动C．微粒做匀速直线运动D．微粒做匀加快直线运动考点：带电粒子在混淆场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．剖析：带点微粒做直线运动，所以所受协力方向与运动方向在同向来线上，依据重力和电场力的方向可确立微粒运动的性质．解答：解：微粒做直线运动的条件是速度方向和合外力的方向在同一条直线上，只有微粒遇到水平向左的电场力才能使得协力方向与速度方向相反且在同一条直线上，由此可知微粒-7-所受的电场力的方向与场强方向相反，那么微粒必带负电，且运动过程中微粒做匀减速直线运动，故B正确．应选：B评论：本题考察了重力做功与重力势能和电场力做功与电势能的关系，难度不大，属于根基题．4．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕P、Q两电荷的电场线散布以下列图，c、d为电场中的两点．一个离子从a运动到b〔不计重力〕，轨迹以下列图．那么以下判断正确的选项是〔〕A．Q带正电B．c点电势低于d点电势C．离子在运动过程中遇到P的吸引D．离子从a到b，电场力做正功考点：电势；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．剖析：依据电场线的方向确立场源电荷的正负．电势的上下看电场线的指向，沿着电场线电势必定降低．依据轨迹曲线的曲折方向可知粒子的受力方向；依据力与速度的夹角判断功的正负．解答：解：A、依据电场线的方向，从P出发，停止于 Q，所以P带正电，Q带负电．故A错误．B、沿着电场线电势必定降低，所以c点电势大于d点的电势，故B错误．C、电荷所受电场力指向轨迹内侧，所以离子在运动过程中遇到P的吸引，故C正确．D、离子从a到b，电场力与速度的夹角为钝角，所以做负功．故D错误．应选：C．评论：经过电场线的指向看电势的上下．依据曲线的曲折方向可知粒子的受力方向．5．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，导体球A与导体球壳B齐心，本来都不带电，也不接地，设M、N两点的场强盛小为E M和E N，以下说法中正确的选项是〔〕A．假定使A带电，那么E M≠0，E N=0B．假定使B带电，那么E M≠0，E N≠0C．假定使A、B两球分别带上等量异种电荷，那么E M≠0，E N=0-8-D．假定使A球带电，B球接地，那么E M=0，E N=0考点：静电现象的解说．剖析：利用感觉带电和导体的静电障蔽剖析即可．空腔导体只好障蔽外面的电场，不可以障蔽内部向外的电场．解答：解：A、假如A带电，那么会感觉B内部带异种电荷，外面电性与A同样，那么E M≠0，E≠0；故A错误；NB、假如B带电，因为同种电荷的排挤，电荷只散布在外表面 E内=0，所以E=0．故B错误；MC、假如A、B带等量异种电荷，A与B的静电感觉使B外表面恰巧无电荷量，那么E M≠0，E N=0，故C正确；D、如使A球带电，B球接地，是接地障蔽，E M≠0，E N=0．故D错误．应选：C．评论：明确同种电荷排挤，力争抵达最远，在剖析场强是解题的重点；灵巧应用静电均衡剖析是解题的核心．6．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕将一绝缘导体AB置于一带负电荷的小球近旁．当导体慢慢向小球移近时，对于导体AB下边说法中正确的选项是〔〕A．两头电势不停降低，但A端总比B端低B．B端面上场强渐渐增大，导体内场强也增大C．感觉电荷在B端的场强总小于A端场强D．用金属线将A端接地时，将有正电荷不停渗透大地考点：静电现象的解说．剖析：带负电电荷凑近金属导体时，因为静电感觉，会使金属导体A带正电，导体B带负电，当二者间距减小时，依据静电感觉的现象来剖析即可．解答：解：当带电小球凑近金属导体时，因为静电感觉，导体B端带有负电荷，A端带有正电荷，A、处于静电均衡的导体，电势到处相等，是一个等势体，当移近时，因沿着电场线方向，电势降低，那么两头电势在降低，但两头电势还是相等的，故A错误；B、当导体慢慢向小球移近时，因为静电感觉的作用，金属导体A端带的正电荷增加，导体B端带的负电荷也增加，即导体表面的电场强度增强，而内部电场强度仍为零，即感觉电荷产生的电场强度与负点电荷在该处产生的电场强度大小相等，方向相反．但因为负电荷在A处产生电场强度大于B处的电场强度，所以感觉电荷在B端的场强总小于A端场强，故B错误，正确；D、用金属线将A端接地时，将有B端的负电荷不停传向大地，所以D错误；应选：C．评论：本题是对静电感觉现象的考察，根本的原由就是电荷之间的根天性质，即同种电荷相互排挤，异种电荷相互吸引．-9-7．〔4分〕〔2021秋?库车县校级期末〕两个半径同样的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，二者相互接触后再放回本来的地点上，那么相互作使劲可能为本来的〔〕A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．剖析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；依据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后均分电量，那么两球的电量为：q′==4Q两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再均分电量，那么两球的电量为：q′==﹣3Q两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．应选：CD．评论：两同样小球相互接触再分开，那么电量先中和而后再均分总电荷量；库仑定律计算中能够只代入电量，最后再依据电性判断库仑力的方向．8．〔4分〕〔2007?镜湖区校级模拟〕以下列图，P是一块很大的水平搁置的接地金属板，Q是一个带正电的点电荷固定在板外．另一个可看作质点的带负电的小物体C以必定的初速度从图中的a点沿板面挪动到b点，挪动过程中C的带电量保持不变，它与金属板间的摩擦不可以忽视．对于C的这段运动过程，以下说法中正确的选项是〔〕A．C对P板的压力先变小后变大B．C的加快度先变小后变大C．C的电势能先变小后变大D．C的速度先变小后变大考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．剖析：金属板在Q的电场中产生静电感觉现象，抵达静电均衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直．剖析小球的受力状况，确立其运动状况，判断电场力能否做功．-10-解答：解：A、金属板在Q的电场中抵达静电均衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，所以小球C遇到的电场力的方向向上；小球在金属板P的中点处走开Q近来，所以在金属板的中点处的电场强度最大，小球在中点处遇到的电场力最大，对P板的压力最小．故A 正确；B、由A的剖析得，小球在 P的中点处遇到的电场力最大，对P板的压力最小，依据摩擦力的公式：f=μN=μ〔mg﹣F电〕可得小球在中点处遇到的摩擦力最小．小球在水平方向只遇到摩擦力的作用，小球的加快度：所以小球在金属板P的中点处的加快度最小．故B正确；C、金属板是一个等势体，表面是一个等势面，小球在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，小球的电势能不会变化．故C错误；C、因为摩擦力做功，小球的动能连续减小，所以小球的动能连续减小．故D错误．应选：AB．评论：本题重点抓住静电均衡导体的特色：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面．9．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，平行板电容器充电后，在其正中P点处有一个带电微粒恰巧能保持静止状态．用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增添？〔〕A．K闭合，将上极板B．K闭合，将下极板C．K断开，将上极板D．K断开，将下极板M接地，下移N N接地，左移M M接地，上移M N接地，上移N考点：电容器的动向剖析．专题：电容器专题．剖析：保持K闭合时电容板间电压保持不变．充电后将K断开后电容器的电量保持不变，依据推论，板间场强不变．依据公式E=剖析板间场强的变化，判断可否使带电微粒运动．并判断电势能的变化．解答：解：A、K闭合，下移N，板间距离d增大，依据公式E=剖析得悉，板间场强减小，带电微粒遇到的电场力减小，微粒将向下加快运动．不切合题意．故A错误．B、K闭合，左移N，板间距离d不变，电容减小，依据公式E=剖析得悉，板间场强不变，带电微粒遇到的电场力不变，仍处于静止状态．P点的电势不变，微粒的电势能不变．不切合题意．故B错误．-11-C、K断开，将上极板M接地，上移M，依据推论E= ，可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与M的电势差减小，M的电势为零，P点的电势低于M 的电势，那么知P点的电势降低，微粒带负电，那么知微粒的电势增大．故C正确．D、K断开，下极板N接地，上移N，依据推论E= ，可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与N的电势差减小，N的电势为零，P点的电势高于N的电势，那么知P点的电势降低，微粒带负电，那么知微粒的电势增添．故D正确．应选：CD．评论：本题是电容器动向变化剖析的问题，依据决定电容的三个要素和电容的定义式相结合进行剖析．10．〔4分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图竖直搁置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上面沿等高处有两个质量同样的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始开释，Q小球从两板正中央由静止开始开释，两小球最后都能运动到右极板上的同一地点，那么从开始开释到运动到右极板的过程中它们的〔〕A．运转时间t P＞t QB．电势能减少许之比△E p：△E Q=4：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增添量之比△E KP：△E KQ=4：1考点：电容器的动向剖析．剖析：两小球在匀强电场中遇到电场力和重力作用，都做匀加快直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题剖析可知，小球着落高度同样，运动时间同样．两小球水平方向都做初速度为零的匀加快直线运动，水平位移x P=2x Q，依据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．依据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．依据数学知识剖析协力对两球做功的关系，由动能定理剖析动能增添量之比．解答：解：A、两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题剖析可知，小球着落高度同样，由公式t=得，它们运动时间同样．故A错误．B、电场力做功分别为W P=q Q Ex Q，W Q=q P Ex P，因为q P：q Q=2：1，x P：x Q=2：1，获得W P：W Q=4：1，而重力做功同样，那么协力做功之比=＜4，那么动能增添量之比△E kP：△E kQ＜4．故B正确，D错误．-12-C、小球在水平方向都做初速度为零的匀加快直线运动，水平位移x P=2x Q，由x=at2剖析得到加快度之比a P：a Q=2：1．依据牛顿第二定律得，两球的加快度分别为a P=，a Q=，那么q P：q Q=2：1．故C正确．应选：BC．评论：本题电荷在复合场中运动，采纳运动的分解与合成的方法研究，是常用的方法．研究动能增添量关系，也可经过求末速度之比求解．二.填空题〔每空3分共21分〕11．〔6分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，匀强电场中有M、N、P三点连成直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，将一带电量为﹣2×10 ﹣8C的查验电荷从M移到P点或从M移到N点，电场力做功都是8×10﹣9J，那么电场强度方向是N→M，场强盛小为10 V/m．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．剖析：依据公式U=求出C、A间和C、B间的电势差，找出等势点，确立等势线，依据电场线与等势线垂直，确立电场线的方向，再依据E=求场强盛小．解答：解：依据电场力做功的公式得：U MN== V=﹣，而从M移到P时，电场力做功也为8×10﹣9J，所以U MP=﹣，所以N、P两点为等势点，且N点的电势大于M 点的电势，即场强方向由N指向M；有：E= = =10N/C．故答案为：由N→M，10．评论：本题要掌握电势差公式U=，知道电场线与等势面相互垂直而电场线由是由高电势指向低电势；匀强电场中U=Ed中的d应为沿电场方向的有效距离．12．〔3分〕〔2021秋?桐乡市校级期中〕以下列图，是一种经过丈量电容器电容的变化，来检验液面上下的仪器原理图〔这类仪器的长处是将非电荷的变化变换为电信号，使丈量自动化〕．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管〔塑料或橡皮〕作为电介质．电容器的两个电极分别用导线接到指示器上．指示器显示的是电容的大小，从电容的大小就能够知道容器中液面地点的上下．如图指示器显示出电容增大了，那么可判断液面高升〔填“高升〞或“降低〞〕-13-考点：电容器的动向剖析．专题：电容器专题．剖析：由图可知电容器的结构，再由平行板电容器的决定式C=进行剖析即可．解答：解：由图可知，液体与芯柱构成了电容器，由图可知，两板间距离不变；液面变化时两极板的正对面积发生变化，那么由C=可知，当电容增大时只好是正对面积S增大，可知液面高升；故答案为：高升评论：本题考察平行板电容器在生产生活中的应用，注意由题意找出我们常有的模型再时行剖析．13．〔9分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，电场中某一电场线为向来线，线上有A、B、C三个点，电荷q1=10﹣8C，从B点移到A点时静电力做了10﹣7J的功；电荷q2=﹣10﹣8C，在B点的电势能比在C点时大10﹣7J，那么：〔1〕比较A、B、C三点的电势上下，由高到低的排序是CBA ；φ＞φ＞φ〔2〕A、C两点间的电势差是﹣20 V；〔3〕假定设B点的电势为零，电荷q2在A点的电势能是1×10﹣7 J．考点：电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系．剖析：〔1〕依据电势差的定义式U=，求出BA间和BC间电势差，即可比较三点电势的高低；〔2〕A、C两点间的电势差U AC=U AB+U BC．3〕设B点的电势为零，确立出A点的电势，由E p=qφ公式求出电荷q2在A点的电势能．解答：解：〔1〕依据电势差的定义式U=得BA间电势差U BA=V=10V，说明B点的电势比A点高10V；BC间电势差U BC=V=﹣10V，说明B点的电势比C点低10V故A、B、C三点的电势上下次序是：φC＞φB＞φA．-14-2〕A、C两点间的电势差U AC=U AB+U BC=﹣10V﹣10V=﹣20V3〕设B点的电势为零，A点的电势为φA=﹣10V电荷q2在A点的电势能是E p=q2φA=﹣10﹣8×〔﹣10〕J=1×10﹣7J故答案为：1〕φC＞φB＞φA．2〕﹣203〕1×10﹣7评论：本题的解题重点是掌握电势差的定义式U=，并能正确运用．也能够推论：正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小，判断电势上下．14．〔3分〕〔2021秋?东湖区校级月考〕以下列图，平均带电圆环所带电电荷量为Q，半径为R，圆心为O，P为垂直于圆环平面的对称轴上的一点，OP=L，那么P点的电场强度为．考点：电场强度．剖析：将带电圆环分红假定干段，每一小段看作一个点电荷，再依据点电荷场强公式E=，求出每个点电荷在a处产生的场强盛小，最后结场强的合成三角函数关系，即可求解．解答：解：假想将圆环均分为n个小段，当n相当大时，每一小段都能够看做点电荷，其所带电荷量为：q=，由点电荷场强公式可求得每一点电荷在P处的场强为：E=k=由对称性可知，各小段带电环在P处的场强E的垂直于轴向的重量E y相互抵消，而E的轴向重量E x之和即为带电环在P处的场强E p，故：E总=nE x=n××=．故答案为：-15-。

图书描述【出版日期】2013年6月5日【教材名称】《2014南京大学物理化学考研复习精编》全程备考首选精品【编著】硕考官方、南大考研研究中心编【开本】大16开【字数】127千字【页数】267页《2014南京大学物理化学考研复习精编》《复习精编》是励学南大精品考研专业课系列辅导材料中的核心产品。

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2014年高考江苏物理试题解析（精编版）一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意．1．如图所示，一正方形线圈的匝数为n ，边长为a ，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中，在 Δt 时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B 均匀地增大到2B ，在此过程中，线圈中产生的感应电动势为（ ）A ．t Ba Δ22B ．t nBa Δ22C ．t nBa Δ2D ．tnBa Δ222．已知地球的质量约为火星质量的10倍，地球的半径约为火星半径的2倍，则航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为（ ）A ．3.5km/sB ．5.0km/sC ．17.7km/sD ．35.2km/s3．远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2，电压分别为U 1、U 2，电流分别为I 1、I 2，输电线上的电阻为R ，变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是（ ）A ．21I I ＝21n nB ．I 2＝R U 2C ．I 1U 1＝I 22RD ．I 1U 1＝I 2U 24．如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x 轴垂直于环面且过圆心O ，下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是（ ）A ．O 点的电场强度为零，电势最低B ．O 点的电场强度为零，电势最高C ．从O 点沿x 轴正方向，电场强度减小，电势升高D ．从O 点沿x 轴正方向，电场强度增大，电势降低5．一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止。

下列速度v和位移x 的关系图象中，能描述该过程的是（）二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。

6．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行实验。

小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落。