四川省隆昌一中2017-2018学年高三上学期第七次周考物理试题 Word版含答案

2018届高三上期理科综合第七次周练试题二、选择题：第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

14、在一个光滑的水平地面上，沿x 轴用力拉动一个盒子，盒子的位置对时间的关系的三种情况如图所示。

其中B 是直线，另两条是曲线。

根据图像可知（ ）A 、t 1至t 2时间内的位移大小关系为x A >xB >x CB 、t 1时刻的速率关系为v A >v B >v CC 、t 2时刻的动能关系为E k A >E k B >E k CD 、t 1至t 2时间内拉力对盒子所做功的关系为W A >W B >W C15、如图中实线是一个由点电荷Q 产生电场的电场线（方向为画出），虚线是一电子（重力不计）在电场力作用下从a 经b 到c 的运动轨迹。

下列说法正确的是（ ）A 、点电荷Q 带负电B 、a 点的电势能大于b 点的电势能C 、电子做减速运动D 、电子的加速度变大16、如图所示，质量为m 1和m 2的两个物体用细线相连，在大小恒定的拉力F 作用下，先沿光滑水平面，再沿粗糙的水平面运动，则在这两个阶段的运动中，细线上的张力大小情况是（ ）A 、始终不变B 、由大变小C 、由小变大D 、由大变小再变大17、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R ，线速度为v ，周期为T ，若要使卫星的周期变为3T ，可以采取的办法是（ ）A 、R 不变，使线速度变为v /3B 、v 不变，使轨道半径变为3RC 、使其轨道半径变为R 39D 、使卫星的高度增加2R18、一辆汽车在平直的公路上匀速行驶，由于前方道路遭到严重破坏，司机采取紧急刹车，依次经过a 、b 、c 、d 四点，如图所示。

已知汽车通过a b 、bc 、cd 位移所用时间之比为1:2:3， a b 、cd 距离分别为x 1和x 2，则bc 段的距离为（ ）A 、221x x +B 、21212x x x x + C 、44321x x + D 、4521x x + 19、如图所示，细线AB 的两端固定在天花板上的A 、B 两点，在线上的C 、D 两点悬挂质量相等的物体a 、b ，并处于静止状态，CD 段细线严格水平。

四川省成都七中2017-2018学年高三上学期期中物理试卷一、选择题（本题包括7小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．在国际单位制中，力是基本物理量之一，其测量工具是测力计B．小杨同学乘坐某商场的直达电梯从一楼到七楼时，在刚上升的初期和刚要到达七楼的末段时间内．小杨同学都处于超重状态C．2012年奥运会上詹姆斯﹣基拉尼以43.94s的成绩获得男子400米冠军，则基拉尼跑完全程的平均速度约为9.1m/sD．在真空中带有绝缘底座的、不带电的甲、乙两导体球相互摩擦后，若因摩擦，甲带上q 的电量，则二者球心相距为r时，静电引力将大于k2．（6分）将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，根据图中信息，可判断（）A．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高甲B．甲球带正电，乙球带Q的负电C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功3．（6分）迄今发现的二百余颗太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星“Gliese581”运行的行星“G1﹣58lc”却很值得我们期待．该行星的温度在0℃到40℃之间、质量是地球的6倍、直径是地球的1.5倍、公转周期为13个地球日．“Gliese581”的质量是太阳质量的0.31倍．设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体，绕其中心天体做匀速圆周运动，则（）A．在该行星和地球上发射卫星的第一宇宙速度的大小相同B．要在地球上发射一颗探测该行星信息的探测器，其发射速度的大小只需大于11.2km/s C．如果人到了该行星，其体重是地球上的倍D．该行星与“Gliese581”的距离是日地距离的倍4．（6分）一玩具小车放在水平地面上，如图（甲）所示，当小车启动后，小车的水平牵引力F随时间t的变化情况如图（乙）所示，相应的小车速度v随时间t的变化关系如图（丙）所示，则根据图上信息可得（）A．小车在0﹣6s内的平均速度与8﹣10s的平均速度都为1.5m/sB．小车在2﹣6s内阻力的平均功率与8﹣10s内阻力的平均功率都为3WC．小车启动过程为恒定功率的启动过程，其额定功率为6WD．因小车在2﹣6s与2﹣8s内动能的变化量相同都为6J，因此两阶段牵引力F做的功相同5．（6分）轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的A位置，现用水平外力F将小球缓慢拉到B 位置，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ，在这一过程中，下列说法正确的是（）A．弹簧对小球的弹力在水平方向的分力大小逐渐减小B．小球的重力势能不变C．水平外力F做的功等于弹簧的弹性势能增加D．水平外力F做的功数值上等于弹簧和小球机械能的增加量6．（6分）如图所示，竖直平面内的圆弧形光滑管道半径略大于小球半径，管道中心到圆心距离为R，A点与圆心O等高，AD为水平面，B点在O的正下方，质量为m的小球自A点正上方h处由静止释放，自由下落至A点时进入管道，则（）A．为使小球能到达管道的最高点，那么h与R的关系应满足h≥RB．若小球通过管道最高点刚好对管道无作用力，则OC间的水平距离恰好为RC．若小球通过最高点后又刚好能落到圆管的A点，则小球在最高点对内侧轨道产生是的压力D．若小球到达B点时，管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的9倍，则h=4R7．（6分）在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定的初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，如图所示．由此可见（）A．小球在水平方向上的分运动是匀速运动B．小球从A到C的过程中，重力和电场力做功相同C．小球从A到B与从B到C的速度变化量相同D．小球从A到B的时间是小球从B到C的运动时间的2倍二、实验题（8题4分，9题13分，共17分）8．（4分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，如图是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿图甲中AO方向的是（2）本实验采用的科学方法是A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．9．（13分）用滑块、一端带滑轮的木板、打点计时器、细沙和小桶等主要实验器材，甲乙两组同学分别完成了以下两个实验．实验一、甲实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，研究加速度和力的关系：在长木板不带定滑轮的一端下面垫一木块，通过改变小桶内细沙的质量，多次重复测量，可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．在长木板水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线（选填“①”或“②”）是在长木板左侧抬得过高的情况下得到的．（2）由a﹣F图线可得，滑块的总质量m=kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ=（g取10m/s2）．实验二、乙实验小组设计了如图（c）所示的实验装置，研究合外力做功和动能变化的关系．其步骤如下：a．小桶内盛上适量细沙，用轻绳通过滑轮连接在滑块上，滑块连接纸带．合理调整长木板倾角，让滑块沿木板匀速下滑．b．取下轻绳和小桶，测出小桶和细沙的质量m及滑块质量M．c．取下细绳和小桶后，换一条纸带，让滑块由静止释放，打出的纸带如图（d），O为打下的第一点．O与A之间省略了一些点，已知交流电的频率为f，重力加速度为g．（1）步骤c中滑块所受的合外力为．（2）为验证从O→C过程中滑块合外力做功与滑块动能变化的关系，则C点的速度为．需要验证的关系式为（用所测物理量的符号表示）．三、计算题（写出必要的文字和依据，满分51分）10．（15分）如图甲所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于平行于斜面向上的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．（1）求出匀强电场的场强大小E；（2）若将电场的场强大小保持不变，方向改为水平向右，如图乙所示，试求：①物块对斜面的压力；②物块下滑距离L时的动能．11．（17分）如图所示，劲度系数k=25N/m轻质弹簧的一端与竖直板P拴接（竖直板P固定在木板B的左端），另一端与质量m1=1kg的小物块A相连，物体A静止于木板B上，P 和B的总质量为M=4kg且B足够长，A右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与质量m2=3kg物体C相连．木板B的上表面光滑，下表面与地面的动摩擦因数μ=0.3，开始时用手托住C，让细线恰好伸直但没拉力，然后由静止释放C，直至B开始运动．全过程物体C 没有触地，弹簧在弹性限度内，g=10m/s2．求：（1）刚释放瞬间物体C的加速度；（2）从刚释放C到B开始运动的过程中，弹簧弹力对物体A所做的功；（3）B刚开始运动时，弹簧弹力对物体A做功的功率．12．（19分）如图所示，半径R=2.1m的光滑圆弧与光滑平台相切于O1，O1与圆心O在同一竖直线上，在OO1连线的右侧有场强E=3×108V/m的匀强电场，平台右端B与水平传送带相接，传送带的运行速度为v0=2m/s，方向如图所示，长为L=4.84m．质量m=2kg，电量q=2.0×10﹣8C的滑块从A点（A点与圆心O点等高）无初速度释放，经过平台到达传送带上，平台宽度O1B=S=1m，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.1．不考虑电场的边缘影响，全过程滑块电量不变，g=10m/s2，求：（1）滑块刚到B点时的速度大小；（2）滑块在传送带上运动时间；（3）滑块在传送带上运动产生的热量Q．四川省成都七中2017-2018学年高三上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括7小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．在国际单位制中，力是基本物理量之一，其测量工具是测力计B．小杨同学乘坐某商场的直达电梯从一楼到七楼时，在刚上升的初期和刚要到达七楼的末段时间内．小杨同学都处于超重状态C．2012年奥运会上詹姆斯﹣基拉尼以43.94s的成绩获得男子400米冠军，则基拉尼跑完全程的平均速度约为9.1m/sD．在真空中带有绝缘底座的、不带电的甲、乙两导体球相互摩擦后，若因摩擦，甲带上q 的电量，则二者球心相距为r时，静电引力将大于k考点：力学单位制；库仑定律．专题：常规题型．分析：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，根据物理量来确定测量的仪器即可．当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．根据平均速度定义求解．解答：解：A、长度、时间、质量是三个力学基本物理量，刻度尺是测量长度的仪器，天平是测量质量的仪器，秒表是测量时间的仪器，弹簧秤是测量力的仪器，力不是基本物理量，故A错误；B、小杨同学乘坐某商场的直达电梯从一楼到七楼时，在刚上升的初期处于超重状态，到达七楼的末段时间内做减速运动，处于失重状态，故B错误；C、2012年奥运会上詹姆斯﹣基拉尼以43.94s的成绩获得男子400米冠军，则基拉尼跑完全程的平均速度约为0，故C错误；D、在真空中带有绝缘底座的、不带电的甲、乙两导体球相互摩擦后，若因摩擦，甲带上q 的电量，则二者球心相距为r时，由于引力作用，电荷之间的距离小于r，所以静电引力将大于k．故D正确；故选：D．点评：知道力学的三个基本物理量以及对应的基本单位，需识记．人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．知道平均速度等于位移比上时间．2．（6分）将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，根据图中信息，可判断（）A．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高甲B．甲球带正电，乙球带Q的负电C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功考点：电场线；电势．分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从甲出发到不带电的金属球终止，所以甲带正电，a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．解答：解：A、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b 点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高，故A正确；B、乙球处于静电平衡状态，整体不带电，故B错误；C、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功．故CD错误；故选：A．点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．3．（6分）迄今发现的二百余颗太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星“Gliese581”运行的行星“G1﹣58lc”却很值得我们期待．该行星的温度在0℃到40℃之间、质量是地球的6倍、直径是地球的1.5倍、公转周期为13个地球日．“Gliese581”的质量是太阳质量的0.31倍．设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体，绕其中心天体做匀速圆周运动，则（）A．在该行星和地球上发射卫星的第一宇宙速度的大小相同B．要在地球上发射一颗探测该行星信息的探测器，其发射速度的大小只需大于11.2km/s C．如果人到了该行星，其体重是地球上的倍D．该行星与“Gliese581”的距离是日地距离的倍考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要求解的第一宇宙速度和该行星与“Gliese581”的距离．根据万有引力近似等于重力，求出该行星表面与地球表面重力加速度之比，即可求出体重关系；根据相对论分析米尺长度的关系．解答：解：A、当卫星绕任一行星表面附近做匀速圆周运动时的速度即为行星的第一宇宙速度，由G=m，得v=，M是行星的质量，R是行星的半径．设地球的质量为M，半径为R．则得该行星与地球的第一宇宙速度之比为v行：v地=2：1．故A错误；B、要在地球上发射一颗探测该行星信息的探测器，必须要离开太阳的束缚，故发射速度必大于16.7km/s，故B错误；C、由万有引力近似等于重力，得G=mg，得行星表面的重力加速度为g=，则得该行星表面与地球表面重力加速度之比为g行：g地=8：3所以如果人到了该行星，其体重是地球上的倍．故C正确；D、根据万有引力提供向心力，列出等式，=m得r=行星“G1﹣58lc”公转周期为13个地球日．将已知条件代入解得：行星“G1﹣58lc”的轨道半径与地球轨道半径r行G：r日地=，故D错误；故选：C．点评：根据根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要求解的第一宇宙速度和该行星与“Gliese581”的距离．根据万有引力近似等于重力，求出该行星表面与地球表面重力加速度之比，即可求出体重关系；根据相对论分析米尺长度的关系．4．（6分）一玩具小车放在水平地面上，如图（甲）所示，当小车启动后，小车的水平牵引力F随时间t的变化情况如图（乙）所示，相应的小车速度v随时间t的变化关系如图（丙）所示，则根据图上信息可得（）A．小车在0﹣6s内的平均速度与8﹣10s的平均速度都为1.5m/sB．小车在2﹣6s内阻力的平均功率与8﹣10s内阻力的平均功率都为3WC．小车启动过程为恒定功率的启动过程，其额定功率为6WD．因小车在2﹣6s与2﹣8s内动能的变化量相同都为6J，因此两阶段牵引力F做的功相同考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据v﹣t图象判断物体运动特征，进而分析物体的受力情况，根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移求出0﹣6s内的位移，根据平均速度等于位移除以时间求解平均速度，在匀变速直线运动中，还可以根据求解平均速度，根据求解平均功率，根据小车的受力情况判断属于哪种启动方式．解答：解：A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，则0﹣6s内的位移，则0﹣6s内的平均速度，故A错误；B、根据速度时间图象可知，6﹣8s内小车做匀速直线运动，受力平衡，则f=F=2N，2﹣6s 内的平均速度，则2﹣6s内阻力的平均功率，8﹣10s内的平均速度，则8﹣10s内阻力的平均功率，故B正确；C、根据图象可知，小车先做匀加速直线运动，加速度不变，则牵引力不变，所以小车启动过程为恒定牵引力的启动过程，故C错误；D、6﹣8s内，小车做匀速运动，牵引力等于阻力，此过程中牵引力做正功，所以2﹣8s内牵引力做的功，大于2﹣6s内牵引力做的功，故D错误．故选：B点评：此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后结合功和功率的计算公式进行计算求解，是2017-2018学年高考的热点考题．5．（6分）轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的A位置，现用水平外力F将小球缓慢拉到B 位置，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ，在这一过程中，下列说法正确的是（）A．弹簧对小球的弹力在水平方向的分力大小逐渐减小B．小球的重力势能不变C．水平外力F做的功等于弹簧的弹性势能增加D．水平外力F做的功数值上等于弹簧和小球机械能的增加量考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球缓慢上升，处于平衡状态，根据平衡条件判断弹力情况；根据功能关系，克服弹簧弹力做的功等于弹性势能的增加量，克服重力做功等于重力势能的增加量．解答：解：A、小球B受重力、拉力F和弹力T，三力平衡，故：T x=F=TsinθT y=mg=Tcosθ解得：T=故弹簧对小球的弹力在水平方向的分力大小逐渐增大；故A错误；B、小球升高，故重力势能增加，故B错误；C、D、根据动能定理，拉力做的功等于克服重力和弹簧拉力做功的代数和，故水平外力F 做的功等于弹簧的弹性势能和重力势能的增加量之和，即水平外力F做的功数值上等于弹簧和小球机械能的增加量，故C错误，D正确；故选：D．点评：本题涉及力平衡和功能关系，要结合平衡条件和功能关系列式分析，不难．6．（6分）如图所示，竖直平面内的圆弧形光滑管道半径略大于小球半径，管道中心到圆心距离为R，A点与圆心O等高，AD为水平面，B点在O的正下方，质量为m的小球自A点正上方h处由静止释放，自由下落至A点时进入管道，则（）A．为使小球能到达管道的最高点，那么h与R的关系应满足h≥RB．若小球通过管道最高点刚好对管道无作用力，则OC间的水平距离恰好为RC．若小球通过最高点后又刚好能落到圆管的A点，则小球在最高点对内侧轨道产生是的压力D．若小球到达B点时，管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的9倍，则h=4R考点：动能定理的应用；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，在最低点和最高点，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析．解答：解：A、小球运动过程中机械能守恒，根据机械能守恒，为使小球能到达管道的最高点，么h与R的关系应满足h≥R，故A正确；B、若小球通过管道最高点刚好对管道无作用力，则重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m解得：v=此后的平抛运动：x=vtR=解得：x=v=故OC=（）R故B错误；C、若小球通过最高点后又刚好能落到圆管的A点，根据平抛运动的分运动公式，有：R=vtR=联立解得：v=小球在最高点时合力提供向心力，设受到的弹力向上，为N，则：mg﹣N=m解得：N=根据牛顿第三定律，小球在最高点对内侧轨道产生是的压力，故C正确；D、若小球到达B点时，管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的9倍，根据牛顿第二定律，有：9mg﹣mg=m解得：从释放到B过程，根据动能定理，有：mg（h+2R）=解得：h=2R故D错误；故选：AC．点评：分析清楚小球的运动过程，应用牛顿第二定律、动能定理或机械能守恒定律、平抛运动规律即可正确解题．7．（6分）在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定的初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，如图所示．由此可见（）A．小球在水平方向上的分运动是匀速运动B．小球从A到C的过程中，重力和电场力做功相同C．小球从A到B与从B到C的速度变化量相同D．小球从A到B的时间是小球从B到C的运动时间的2倍考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：恒定电流专题．分析：小球先做平抛运动，进入电场中做匀变速曲线运动，其逆过程是类平抛运动．两个过程都运用的分解法研究，水平方向都做匀速直线运动，根据位移公式x=vt，可分析时间关系；再研究竖直方向，由牛顿第二定律和运动学位移公式结合列式，求解电场力的大小．根据△v=at研究速度变化量的关系．解答：解：A、小球受力为竖直方向，故水平方向的分运动为匀速运动，A正确；CD、带电小球从A到C，设在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为x1和x2，竖直分位移分别为y1和y2，经历的时间为分别为t1和t2．在电场中的加速度为a．则：从A到B过程小球做平抛运动则有：x1=v0t1；从B到C过程，有：x2=v0t2；由题意有：x1=2x2；则得：t1=2t2；即小球从A到B是从B到C运动时间的2倍．又y1=gt12，将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有：y2=at22根据几何知识有：y1：y2=x1：x2；解得：a=2g；根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma=2mg，解得：F=3mg由于轨迹向上弯曲，加速度方向必定向上，合力向上，说明电场力方向向上，所以小球带负电．根据速度变化量△v=at，则得：AB过程速度变化量大小为△v1=gt1=2gt2；BC过程速度变化量大小为△v2=at2=2gt2；所以小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相等，但方向相反．故C错误D正确；B、由前面分析知F=3mg，而AB=2BC，则电场力做功与重力做功不相同，故B错误；故选：AD．点评：本题将平抛运动与类平抛运动的组合，关键运用逆向思维研究小球B到C的过程，再运用力学基本规律：牛顿第二定律和运动学公式列式分析．二、实验题（8题4分，9题13分，共17分）8．（4分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，如图是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿图甲中AO方向的是F′（2）本实验采用的科学方法是BA．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；恒定电流专题．分析：明确实验原理，了解实验误差的存在，知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别．解答：解：（1）F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合；（2）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法．故选：B．故答案为：（1）F′（2）B点评：本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别．9．（13分）用滑块、一端带滑轮的木板、打点计时器、细沙和小桶等主要实验器材，甲乙两组同学分别完成了以下两个实验．实验一、甲实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，研究加速度和力的关系：在长木板不带定滑轮的一端下面垫一木块，通过改变小桶内细沙的质量，多次重复测量，可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．在长木板水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线①（选填“①”或“②”）是在长木板左侧抬得过高的情况下得到的．（2）由a﹣F图线可得，滑块的总质量m=0.5kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ=0.2（g取10m/s2）．实验二、乙实验小组设计了如图（c）所示的实验装置，研究合外力做功和动能变化的关系．其步骤如下：a．小桶内盛上适量细沙，用轻绳通过滑轮连接在滑块上，滑块连接纸带．合理调整长木板倾角，让滑块沿木板匀速下滑．b．取下轻绳和小桶，测出小桶和细沙的质量m及滑块质量M．c．取下细绳和小桶后，换一条纸带，让滑块由静止释放，打出的纸带如图（d），O为打下的第一点．O与A之间省略了一些点，已知交流电的频率为f，重力加速度为g．（1）步骤c中滑块所受的合外力为mg．。

内江市隆昌一中2017届高三下学期第二次周考物理试卷选择题部分（本题共8小题。

其中1-5题为单项选择题;6—8题为多项选择题，每题全部选对的得6分，选对但不全的得3分,有选错的得0分。

）1。

以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（)A．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值B．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向C．行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期的平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度均有关D．奥斯特发现了电与磁间的关系，即电流的周围存在着磁场；同时他通过实验发现了磁也能产生电，即电磁感应现象2.在某一高度以v0＝20 m/s的初速度竖直上抛一个小球（不计空气的是(g取10 阻力），当小球速度大小为10 m/s时,以下判断不正确．．．m/s2)( )A．小球在这段时间内的平均速度大小可能为15 m/s，方向向上B．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s，方向向下C．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s,方向向上D．小球的位移大小一定是15 m3。

质量为2kg的质点在xOy平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点的初速度为3 m/s B．质点所受的合外力为3 NC．质点初速度的方向与合外力方向垂直D．2 s末质点速度大小为6 m/s4.两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B串联在电路中,A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为( ）A.Q A∶Q B＝1∶1B.Q A∶Q B＝2∶1C.Q A∶Q B＝1∶2 D。

Q A∶Q B＝4∶15.如图，水平传送带A、B两端相距S=3。

5m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1。

工件滑上A端瞬时速度V A=4m／s,达到B端的瞬时速度设为V B，则下列说法不正确的是( ）．．．A．若传送带不动,则V B=3m／sB．若传送带以速度V=4m／s逆时针匀速转动，V B=3m／sC．若传送带以速度V=2m／s顺时针匀速转动，V B=3m／sD．若传送带以速度V=2m／s顺时针匀速转动，V B=2m／s6.(多选）宇宙中，两颗靠得比较近的恒星,只受到彼此之间的万有引力作用相互绕转，称之为双星系统.在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统。

2017～2018学年度上期期末高二年级调研考试物理本试卷分选择题和非选择题两部分。

第1卷（选择题）1至3页，第Ⅱ卷（非选择题）4至6页，共6页，满分100分，考试时间90分钟。

注意事项：1．答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。

2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。

3．答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。

4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。

5．考试结束后，只将答题卡交回。

第I卷（选择题，共44分）一、单项选择题（本题包括8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意。

）1．下列单位中，作为国际单位制基本单位的是A.电荷量的单位库仑(C)B.电流的单位安培(A)C.磁感应强度的单位特斯拉(T)D.磁通量的单位韦伯(Wb)2．来自太阳和其他星体的宇宙射线中含有大量高能带电粒子，但地磁场（如图）的存在可以改变这些带电粒子的运动方向，且使其中的大部分不能到达地面，从而对地球上的生命起到了很好的保护作用。

关于地磁场和上述高能带电粒子的运动（不考虑地磁偏角的影响），下列说法正确的是A．地磁场是匀强磁场B．地磁场的北极在地理北极附近C．若粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向东偏转D．若粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向西偏转3．如图，电吉他的拾音器由磁体及绕在其上的线圈组成，磁体产生的磁场使金属琴弦磁化，磁化的琴弦也有了磁性。

当某根琴弦被拨动而相对线圈振动时，线圈中就会产生相应的电流，并最终还原为声音信号。

下列说法正确的是A．若磁体失去磁性，电吉他仍能正常工作B．换用尼龙材质的琴弦，电吉他仍能正常工作C．琴弦振动的过程中，线圈中电流的方向不会发生变化D．拾音器的作用是利用电磁感应把琴弦的振动信号转化为电信号2017-2018学年四川省成都市高二上学期期末调研考试4．如图，A 、B 、C 是等边三角形的三个顶点，以A 、B 连线的中点O为坐标原点，A 、B 连线为x 轴，O 、C 连线为y 轴，建立直角坐标系；过A 、B 、C 、O 四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等、方向向里的电流。

隆昌一中高2017届高三上期第七次周考物 理 试 题选择题部分（本题共8小题。

其中1-4题为单项选择题；5-8题为多项选择题，每题全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）1.如图所示，汽车以10 m/s 的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20 m 处时，绿灯还有3 s 熄灭。

而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度(v )－时间(t )图象可能是 ( )2.如图所示，在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上有一个质量m ＝1 kg 的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ＝45°角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零。

在剪断轻绳的瞬间(g 取10 m/s 2)。

下列说法中正确的是( ) A ．小球受力个数不变B ．小球立即向左运动，且a ＝8 m/s 2C ．小球立即向左运动，且a ＝10 m/s 2D ．若剪断的是弹簧，则剪断瞬间小球加速度的大小a ＝10 2 m/s 23.如图所示，靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，大轮半径是小轮半径的2倍，A 、B 分别为大、小轮边缘上的点，C 为大轮上一条半径的中点，则( )A ．两轮转动的角速度相等B ．小轮转动的角速度是大轮的2倍C ．质点加速度a A ＝2a BD ．质点加速度a B ＝2a C4.经长期观测发现，A 行星运行的轨道半径为R 0，周期为T 0，但其实际运行的轨道与圆轨道总存在一些偏离，且周期性地每隔t 0时间发生一次最大的偏离。

如图所示，天文学家认为形成这种现象的原因可能是A 行星外侧还存在着一颗未知行星B ，则行星B 运动轨道半径为( ) A ．R ＝R 03t 20(t 0－T 0)2B ．R ＝R 0t 0t 0－TC ．R ＝R 03t 0(t 0－T 0)2 D ．R ＝R 03t 20t 0－T 05.（多选）某质点在光滑水平面上做匀速直线运动。

2017-2018学年四川省成都七中高三（上）周测物理试卷一、选择题：本题共7小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项符合题目要求；第6～7题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．甲的向心加速度比乙的大B．甲的运动周期比乙的大C．甲的角速度大小等于乙的角速度D．甲的线速度比乙的大2．2008年奥运会在北京举行，由此推动了全民健身运动的蓬勃发展．如图所示，体重为m=50㎏的小芳在本届校运会上，最后一次以背越式成功地跳过了1.80米的高度，成为高三组跳高冠军．忽略空气阻力，g取10m/s2．则下列说法正确的是（）A．小芳下降过程处于超重状态B．小芳起跳以后在上升过程处于超重状态C．小芳起跳时地面对他的支持力大于他的重力D．起跳过程地面对小芳至少做了900J的功3．在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A．灯泡L变亮B．电源的输出功率先变大后变小C．电容器C上的电荷量减少D．电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比恒定4．2014年9月川东地区持续强降雨，多地发生了严重的洪涝灾害．如图为某救灾现场示意图，一居民被洪水围困在被淹房屋屋顶的A点，直线PQ和MN之间是滔滔洪水，之外为安全区域．已知A点到直线PQ和MN的距离分别为AB=d1和AC=d2，设洪水流速大小恒为v1，武警战士驾驶的救生艇在静水中的速度大小为v2（v1＜v2），要求战士从直线PQ上某位置出发以最短的时间到达A点，救人后以最短的距离到达直线MN．则（）A．战士驾艇的出发点在B点上游距B点距离为B．战士驾艇的出发点在B点下游距B点距离为C．救人后船头应指向上游与上游方向所成夹角的余弦值为D．救人后船头应指向下游与下游方向所成夹角的余弦值为5．从高度为125m的塔顶，先后落下a、b两球，自由释放这两个球的时间差为1s，则以下判断正确的是（g取10m/s2，不计空气阻力）（）A．b球下落高度为20m时，a球的速度大小为20m/sB．a球接触地面瞬间，b球离地高度为80mC．在a球接触地面之前，两球的速度差恒定D．在a球接触地面之前，两球离地的高度差恒定6．如图所示，质量m的滑块以一定初速度滑上倾角为θ的固定斜面，同时施加一沿斜面向上的恒力F=mgsinθ；已知滑块与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ，取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q，滑块动能E k、势能E p、机械能E随时间t、位移s关系的是（）A．B．C．D．7．如图，在光滑绝缘水平面上、三个带电小球a、b和c分别位于边长为L的正三角形的三个顶点上，a、b带正电，电荷量均为q，c带负电，整个系统置于方向水平的匀强电场中，已知静电力常量为k，若三个小球均处于静止状态，则下列说法中正确的是（）A．a球所受合力斜向左下B．c带电量的大小为2qC．匀强电场的方向垂直于ab边由c指向ab的中点D．因为不知道c的电量大小，所以无法求出匀强电场的场强大小二、非选择题8．某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为l1，如图1所示，图2是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大图，示数l1=cm．在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是l2、l3、l4、l5，已知每个钩码质量是50g，挂2个钩码时，弹簧弹力F2=N（当地重力加速度g=9.8m/s2）．要得到弹簧伸长量x，还需要测量的是．作出F﹣x曲线，得到弹力与弹簧伸长量的关系．9．测一节干电池的电动势E和内阻r．某同学设计了如图a所示的实验电路，已知电流表内阻与电源内阻相差不大．（1）连接好实验电路，开始测量之前，滑动变阻器R的滑片P应调到（选填“a”或“b”）端．（2）闭合开关S1，S2接位置1，改变滑片P的位置，记录多组电压表、电流表示数．（3）重复（1）操作，闭合开关S1，S2接位置2，改变滑片P的位置，记录多组电压表、电流表示数．（4）建立U﹣I坐标系，在同一坐标系中分别描点作出S2接位置1、2时图象如图b所示．①S2接1时的U﹣I图线是图b中的（选填“A”或“B”）线．②每次测量操作都正确，读数都准确．由于S2接位置1，电压表的分流作用，S2接位置2，电流表的分压作用，分别测得的电动势和内阻与真实值不相等．则由图b中的A和B图线，可得电动势和内阻的真实值，E=V，r=Ω．10．如图所示，滑雪坡道由斜面AB和圆弧面BO组成，BO与斜面相切于B、与水平面相切于O，以O为原点在竖直面内建立直角坐标系xOy．现有一质量m=60kg的运动员从斜面顶点A无初速滑下，运动员从O点飞出后落到斜坡CD上的E点．已知A点的纵坐标为y A=6m，E点的横、纵坐标分别为x E=10m，y E=﹣5m，不计空气阻力，g=10m/s2．求：（1）运动员在滑雪坡道ABO段损失的机械能．（2）落到E点前瞬间，运动员的重力功率大小．11．如图所示，真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场，在电场中，若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度方向与竖直方向夹角恒为37°（取sin37°=0.6，cos37°=0.8），现将该小球从电场中某点P以初速度v0竖直向上抛出，重力加速度为g，求：（1）小球受到的电场力的大小及方向；（2）小球从抛出至最高点的过程中，电场力所做的功；（3）小球从P点抛出后，再次落回到与P点在同一水平面的某点Q时，小球的动能．12．如图所示，某货场利用固定于地面的、半径R=1.8m的四分之一圆轨道将质量为m1=10kg 的货物（可视为质点）从高处运送至地面，已知当货物由轨道顶端无初速滑下时，到达轨道底端的速度为5m/s．为避免货物与地面发生撞击，在地面上紧靠轨道依次排放两块完全相同的木板A、B，长度均为l=2m，质量均为m2=20kg，木板上表面与轨道末端相切．货物与木板间的动摩擦因数为μ=0.4，木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.1．（最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2）（1）求货物沿圆轨道下滑过程中克服摩擦力做的功（2）通过计算判断货物是否会从木板B的右端滑落？若能，求货物滑离木板B右端时的速度；若不能，求货物最终停在B板上的位置．2015-2016学年四川省成都七中高三（上）周测物理试卷（12.11）参考答案与试题解析一、选择题：本题共7小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项符合题目要求；第6～7题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．甲的向心加速度比乙的大B．甲的运动周期比乙的大C．甲的角速度大小等于乙的角速度D．甲的线速度比乙的大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可．【解答】解：根据万有引力提供向心力得：=ma=ω2r=m=A、a=，可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故A错误；B、T=2π，可知甲的运行周期比乙的大，故B正确；C、ω=，可知甲的角速度比乙的小，故C错误；D、v=，可知甲的线速度比乙的小，故D错误；故选：B．2．2008年奥运会在北京举行，由此推动了全民健身运动的蓬勃发展．如图所示，体重为m=50㎏的小芳在本届校运会上，最后一次以背越式成功地跳过了1.80米的高度，成为高三组跳高冠军．忽略空气阻力，g取10m/s2．则下列说法正确的是（）A．小芳下降过程处于超重状态B．小芳起跳以后在上升过程处于超重状态C．小芳起跳时地面对他的支持力大于他的重力D．起跳过程地面对小芳至少做了900J的功【考点】超重和失重．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．做功的大小可以用动能定理求得．【解答】解：A、在小芳下降过程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，所以A错误．B、小芳起跳以后在上升过程，也是只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，所以B错误．C、在小芳起跳时，地面要给人一个向上的支持力，支持力的大小大于人的重力的大小，人才能够有向上的加速度，向上运动，所以C正确．D、由动能定理可以知道，地面对人做的功最终转化成了人的重力势能，在这个过程中，人的重心升高大约1m，所以增加的重力势能大约是mgh=50×10×1J=500J，所以D错误．故选C．3．在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A．灯泡L变亮B．电源的输出功率先变大后变小C．电容器C上的电荷量减少D．电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比恒定【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电路稳定时，电容器相当于开关断开；滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器在路电阻增大，分析电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，判断灯泡亮度的变化；根据推论：内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大．分析电源的输出功率如何变化．变阻器两端电压增大，电容器上电荷量增大，电流表读数变小，电压表读数U=E﹣Ir变大．由闭合电路欧姆定律分析两电表示数变化量的比值．【解答】解：A、当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻R总增大，干路电流I减小，电源的内电压减小，路端电压增大，灯泡的功率P=I2R L，R L不变，则电流表读数变小，电压表读数变大，灯泡变暗．故A错误．B、当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大．由题意，灯炮L的电阻大于电源的内阻r，当R增大时，外电阻与电源内电阻的差值增大，电源的输出功率变小．故B错误．C、变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故C错误．D、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，则=r，即电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比等于电源的内电阻r，保持不变．故D正确．故选：D4．2014年9月川东地区持续强降雨，多地发生了严重的洪涝灾害．如图为某救灾现场示意图，一居民被洪水围困在被淹房屋屋顶的A点，直线PQ和MN之间是滔滔洪水，之外为安全区域．已知A点到直线PQ和MN的距离分别为AB=d1和AC=d2，设洪水流速大小恒为v1，武警战士驾驶的救生艇在静水中的速度大小为v2（v1＜v2），要求战士从直线PQ上某位置出发以最短的时间到达A点，救人后以最短的距离到达直线MN．则（）A．战士驾艇的出发点在B点上游距B点距离为B．战士驾艇的出发点在B点下游距B点距离为C．救人后船头应指向上游与上游方向所成夹角的余弦值为D．救人后船头应指向下游与下游方向所成夹角的余弦值为【考点】运动的合成和分解．【分析】当救生艇垂直于河岸方向航行时，到达岸上的时间最短，由速度公式的变形公式求出到达河岸的最短时间，而救生艇的合速度垂直河岸时，所发生距离最短，从而即可求解．【解答】解：A、根据v=，即为t=，则救生艇登陆的最短时间，战士驾艇的出发点在B点上游距B点距离为，故A正确，B错误；C、若战士以最短位移将某人送上岸，则救生艇登陆的地点就是C点，则与上游方向所成夹角的余弦值为，故C错误，D也错误；故选：A．5．从高度为125m的塔顶，先后落下a、b两球，自由释放这两个球的时间差为1s，则以下判断正确的是（g取10m/s2，不计空气阻力）（）A．b球下落高度为20m时，a球的速度大小为20m/sB．a球接触地面瞬间，b球离地高度为80mC．在a球接触地面之前，两球的速度差恒定D．在a球接触地面之前，两球离地的高度差恒定【考点】自由落体运动．【分析】A、求出b球下落20m所用的时间，从而知道a球运动时间，根据v=gt求出a球的速度．B、求出a球与地面接触所用的时间，从而知道b球运动的时间，根据求出b球下落的高度，从而得知b球离地的高度．C、求出两球速度变化量与时间是否有关，从而确定速度差是否恒定．D、求出两球下落的高度差是否与时间有关，从而确定高度差是否恒定．【解答】解：A、根据知，b球下落的时间．则a球下落的时间t1=3s，速度v=gt1=30m/s．故A错误．B、a球运动的时间，则b球的运动时间t′=4s，b球下降的高度，所以b球离地面的高度为45m．故B错误．C、设b球下降时间为t时，b球的速度v b=gt，a球的速度v a=g（t+1），则△v=v a﹣v b=g，与时间无关，是一定量．故C正确．D、设b球下降时间为t时，b球下降的高度，a球下降的高度，两球离地的高度差等于下降的高度差，，随时间的增大，位移差增大．故D错误．故选：C6．如图所示，质量m的滑块以一定初速度滑上倾角为θ的固定斜面，同时施加一沿斜面向上的恒力F=mgsinθ；已知滑块与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ，取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q，滑块动能E k、势能E p、机械能E随时间t、位移s关系的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】动能；重力势能；机械能守恒定律．【分析】对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后推导出位移和速度表达式，再根据功能关系列式分析．【解答】解：对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，设加速度沿着斜面向上，根据牛顿第二定律，有：F ﹣mgsin θ﹣μmgcos θ=ma其中：F=mgsin θ，μ=tan θ联立解得：a=﹣gsin θ即物体沿着斜面向上做匀减速直线运动；位移x=v 0t +速度v=v 0+atA 、产生热量等于克服滑动摩擦力做的功，即Q=fx ，由于x 与t 不是线性关系，故Q 与t 不是线性关系，故A 错误；B 、E k =，由于v 与t 是线性关系，故mv 2与t 不是线性关系，故B 错误；C 、物体的位移与高度是线性关系，重力势能E p =mgh ，故E p ﹣s 图象是直线，故C 正确；D 、物体运动过程中，拉力和滑动摩擦力平衡，故相当于只有重力做功，故机械能总量不变，故D 正确；故选：CD ．7．如图，在光滑绝缘水平面上、三个带电小球a 、b 和c 分别位于边长为L 的正三角形的三个顶点上，a 、b 带正电，电荷量均为q ，c 带负电，整个系统置于方向水平的匀强电场中，已知静电力常量为k ，若三个小球均处于静止状态，则下列说法中正确的是（ ）A ．a 球所受合力斜向左下B ．c 带电量的大小为2qC ．匀强电场的方向垂直于ab 边由c 指向ab 的中点D ．因为不知道c 的电量大小，所以无法求出匀强电场的场强大小【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】三个小球均处于静止状态，合力为零，以c 电荷为研究对象，根据平衡条件求解匀强电场场强的大小．三个小球均处于静止状态，合力为零，以c 电荷为研究对象，根据平衡条件求解C 球的带电量．【解答】解：A、球a保持静止，合力为零，故A错误；B、C、D、设c电荷带电量为Q，以c电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得a、b对c的合力与匀强电场对c的力等值反向，即：2××cos30°=E•Q；所以匀强电场场强的大小为．设c电荷带电量为Q，以c电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得a、b对c的合力与匀强电场对c的力等值反向，即：=×cos60°所以C球的带电量为2q．故B正确，C正确，D错误；故选：BC．二、非选择题8．某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为l1，如图1所示，图2是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大图，示数l1=25.85cm．在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是l2、l3、l4、l5，已知每个钩码质量是50g，挂2个钩码时，弹簧弹力F2=0.98N（当地重力加速度g=9.8m/s2）．要得到弹簧伸长量x，还需要测量的是弹簧原长．作出F﹣x曲线，得到弹力与弹簧伸长量的关系．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】根据刻度尺的读数方法可得出对应的读数，由G=mg可求得所挂钩码的重力，即可得出弹簧的拉力；由实验原理明确需要的物理量．【解答】解：由mm刻度尺的读数方法可知图2中的读数为：25.85cm；挂2个钩码时，重力为：G=2mg=2×0.05×9.8=0.98N；由平衡关系可知，弹簧的拉力为0.98N；本实验中需要是弹簧的形变量，故还应测量弹簧的原长；故答案为：25.85；0.98；弹簧原长．9．测一节干电池的电动势E和内阻r．某同学设计了如图a所示的实验电路，已知电流表内阻与电源内阻相差不大．（1）连接好实验电路，开始测量之前，滑动变阻器R的滑片P应调到a（选填“a”或“b”）端．（2）闭合开关S1，S2接位置1，改变滑片P的位置，记录多组电压表、电流表示数．（3）重复（1）操作，闭合开关S1，S2接位置2，改变滑片P的位置，记录多组电压表、电流表示数．（4）建立U﹣I坐标系，在同一坐标系中分别描点作出S2接位置1、2时图象如图b所示．①S2接1时的U﹣I图线是图b中的B（选填“A”或“B”）线．②每次测量操作都正确，读数都准确．由于S2接位置1，电压表的分流作用，S2接位置2，电流表的分压作用，分别测得的电动势和内阻与真实值不相等．则由图b中的A和B图线，可得电动势和内阻的真实值，E= 1.50V，r= 1.50Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】本题（1）的关键是看清单刀双掷开关电路图与实物图即可．题（4）①的关键是根据“等效电源”法分析测量误差的大小，即当接1位置时，可把电流表与电源看做一个等效电源，则电动势测量值测得是“等效电源”的外电路断开时的路端电压，由于电压表内阻不是无穷大，所以电压表示数将小于电动势真实值，即电动势测量值偏小；同理内阻的测量值实际等于电压表与内阻真实值的并联电阻，所以内阻测量值也偏小．若接2位置时，可把电流表与电源看做一个“等效电源”，不难分析出电动势测量值等于真实值．【解答】解：（1）为保护电流表，实验开始前，应将滑片p置于电阻最大的a端；（4）①当接1位置时，可把电压表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律可知，电动势和内阻的测量值均小于真实值，所以作出的U﹣I图线应是B线；测出的电池电动势E和内阻r存在系统误差，原因是电压表的分流．②当接2位置时，可把电流表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律E=可知电动势测量值等于真实值，U﹣I图线应是A线，即==1.50V；由于接1位置时，U﹣I图线的B线对应的短路电流为=，所以====1.50Ω；故答案为：（1）a；（3）①B；②1.50，1.5010．如图所示，滑雪坡道由斜面AB和圆弧面BO组成，BO与斜面相切于B、与水平面相切于O，以O为原点在竖直面内建立直角坐标系xOy．现有一质量m=60kg的运动员从斜面顶点A无初速滑下，运动员从O点飞出后落到斜坡CD上的E点．已知A点的纵坐标为y A=6m，E点的横、纵坐标分别为x E=10m，y E=﹣5m，不计空气阻力，g=10m/s2．求：（1）运动员在滑雪坡道ABO段损失的机械能．（2）落到E点前瞬间，运动员的重力功率大小．【考点】机械能守恒定律；平抛运动；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）运动员从O点飞出后做平抛运动，由运动的分解法分别研究水平和竖直两个方向的位移，即可求得时间和平抛运动的初速度，从而求得在滑雪坡道ABO段损失的机械能．（2）由平抛运动的规律求出落到E点前瞬间竖直分速度，再求解重力的瞬时功率．【解答】解：（1）运动员从O点飞出后做平抛运动，则x E=v x t；﹣y E=解得，t=1s，v x=10m/s在滑雪坡道ABO段，由能量守恒定律有：损失的机械能为△E=mgy A﹣代入数据解得，△E=600J（2）落到E点前瞬间，运动员在竖直方向上的分速度为v y=gt运动员的重力功率大小为P=mgv y；代入数据解得P=6×103W答：（1）运动员在滑雪坡道ABO段损失的机械能为600J．（2）落到E点前瞬间，运动员的重力功率大小为6×103W．11．如图所示，真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场，在电场中，若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度方向与竖直方向夹角恒为37°（取sin37°=0.6，cos37°=0.8），现将该小球从电场中某点P以初速度v0竖直向上抛出，重力加速度为g，求：（1）小球受到的电场力的大小及方向；（2）小球从抛出至最高点的过程中，电场力所做的功；（3）小球从P点抛出后，再次落回到与P点在同一水平面的某点Q时，小球的动能．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系．【分析】（1）小球静止释放时，由于所受电场力与重力均为恒力，故其运动方向和合外力方向一致，根据这点可以求出电场力大小和方向；（2）小球抛出后，水平方向做匀加速直线运动，竖直方向上做竖直上抛运动，根据运动的等时性，可求出水平方向的位移，利用电场力做功即可求出电势能的变化量，或者求出高点时小球水平方向速度，然后利用动能定理求解；（3）利用运动的对称性求出运动的时间，然后利用运动学的方程求出位移，由动能定理求出小球的动能．【解答】解：（1）根据题设条件可知，合外力和竖直方向夹角为37°，所以电场力大小为：F e=mgtan37°=mg，电场力的方向水平向右．故电场力为mg，方向水平向右．（2）小球沿竖直方向做匀减速运动，有：v y=v0﹣gt沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为a：a x=小球上升到最高点的时间t=，此过程小球沿电场方向位移：s x=a x t2=电场力做功W=F x s x=mv02故小球上升到最高点的过程中，电势能减少mv02；（3）小球从到Q的运动的时间：，水平位移：=小球从到Q的过程中，由动能定理得：由以上各式得出：答：（1）小球受到的电场力的大小是，方向水平向右；（2）小球从抛出至最高点的过程中，电场力所做的功是；（3）小球从P点抛出后，再次落回到与P点在同一水平面的某点Q时，小球的动能是12．如图所示，某货场利用固定于地面的、半径R=1.8m的四分之一圆轨道将质量为m1=10kg 的货物（可视为质点）从高处运送至地面，已知当货物由轨道顶端无初速滑下时，到达轨道底端的速度为5m/s．为避免货物与地面发生撞击，在地面上紧靠轨道依次排放两块完全相同的木板A、B，长度均为l=2m，质量均为m2=20kg，木板上表面与轨道末端相切．货物与木板间的动摩擦因数为μ=0.4，木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.1．（最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2）（1）求货物沿圆轨道下滑过程中克服摩擦力做的功（2）通过计算判断货物是否会从木板B的右端滑落？若能，求货物滑离木板B右端时的速度；若不能，求货物最终停在B板上的位置．【考点】动能定理．【分析】（1）设货物沿圆轨道下滑过程中克服摩擦力做的功为W f，对货物，由动能定理列式即可求解；（2）先根据摩擦力的大小判断货物滑上木板A时AB的运动状态，再由动能定理列式求解滑到A末端的速度，再判断滑上B时B的运动状态，设货物不会从木板B的右端滑落，二者刚好相对静止时的速度为v2，根据运动学基本公式即可判断求解．【解答】解：（1）设货物沿圆轨道下滑过程中克服摩擦力做的功为W f，对货物，由动能定理得：（2）当货物滑上木板A时，货物对木板的摩擦力f1=μ1m1g=40N地面对木板A、B的最大静摩擦力f2=μ2（2m2+m1）g=50N由于f1＜f2，此时木板A、B静止不动．设货物滑到木板A右端时速度为v1，由动能定理：得：v1=3m/s当货物滑上木板B时，地面对木板A、B最大静摩擦力f3=μ2（m2+m1）g=30N由于f1＞f3，此时木反B开始滑动．设货物不会从木板B的右端滑落，二者刚好相对静止时的速度为v2．则对货物：v2=v1﹣a1t对木板v2=a2t由以上两式可得：此过程中，由于s1﹣s2=1.0m＜l，所以货物最终未从木板B上滑了，且与其右端的距离为1.0m答：（1）货物沿圆轨道下滑过程中克服摩擦力做的功为55J；（2）货物最终未从木板B上滑了，且与其右端的距离为1.0m。

2017-2018学年高三上期入学考试物理试题考试时间：90分钟满分：100分一、单项选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意。

每小题3分，共24分。

)1．如图是伽利略1604 年做斜面实验时的一页手稿照片，照片左上角的三列数据如下表。

表中第二列是时间，第三列是物体沿斜面运动的距离，第一列是伽利略在分析实验数据时添加的。

根据表中的数据.伽利略可以得出的结论是（）A.物体具有惯性B.斜面倾角一定时，加速度与质量无关C.物体运动的距离与时间的平方成正比D.物体运动的加速度与重力加速度成正比2．如图，天花板上用细绳吊起两个用轻弹簧相连的质量相同的小球。

两小球均保持静止。

当突然剪断细绳时，上面小球A与下面小球B的加速度为（）（重力加速度为g）A．a1=g a2=g B．a1=g a2=0C．a1=2g a2=0 D．a1=0 a2=g3．生活中的物理知识无处不在，如图是我们衣服上拉链的一部分，在把拉链拉开的时候，我们可以看到有一个三角形的东西在两链中间运动，使很难直接分开的拉链很容易地拉开，关于其中的物理原理以下说法正确的是（）A. 在拉开拉链的时候，三角形的物体增大了分开两拉链的力B. 拉开拉链的时候，三角形的物体只是为了将拉链分开并没有增大拉力C. 拉开拉链时，三角形的物体增大了分开拉链的力，但合上拉链时减小了合上的力D. 以上说法都不正确4．物块P 静止在水平放置的固定木板上．若分别对P 施加相互垂直的两个水平拉力F1和F2时(F1>F2)，P将分别沿F l和F2的方向匀加速滑动，其受到的滑动摩擦力大小分别为f1和f2，其加速度大小分别为a1和a2，若从静止开始同时对P施加上述二力，其受到的滑动摩擦力大小为f3，其加速度大小为a3，关于以上各物理量之间的关系，判断正确的是( )A．f3>f l>f2，a3>a1>a2B．f3>f1>f2，a3=a1=a2C．f3=f1=f2，a3>a1>a2D．f3=f1=f2, a3=a1=a25．一物体作匀加速直线运动，通过一段位移∆x所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移∆x所用时间为t2。

四川省宜宾市一中2017-2018学年上学期第八周物理试题第二部分：试题二、选择题:本题共8小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

14．下列关于物理学发展中的史事、方法和思想总结正确的是（ ）A ．牛顿在探索万有引力的过程中利用的是类比法，通过苹果与月球的类比猜想出苹果所受的重力与月球所受的引力可能是同一性质的力B ．卡文迪许利用扭秤实验完成两个物理量的测量，一是万有引力常量，二是静电力常量；在实验中都应用到了微量放大的思想C ．伽利略利用斜槽实验，直接得出了速度与时间成正比，并合理外推得出物体自由下落的速度与时间成正比D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这是采用了等效替代思想15．如右图所示，粗糙斜面的倾角为30°，动摩擦因数为23=μ，轻绳通过两个滑轮与A 相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦。

物块A 的质量为m 。

不计滑轮的质量，挂上物块B 后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A 、B 恰能保持静止且A 所受摩擦力向下，则物块B 的质量为（ ）A ．m 22B ．m425C ．mD ．2m16．如右图所示，一根长为l 的轻杆OA ，O 端用铰链固定，另一端固定着一个小球A ，轻杆靠在一个高为h 的物块上。

若物块与地面摩擦不计，则当物块以速度v 向右运动至杆与水平方向夹角为θ时，物块与轻杆的接触点为B ，下列说法正确的是 ( )A ．A 、B 的线速度相同 B ．A 、B 的角速度不相同C ．轻杆转动的角速度为lsin v θ2D ．小球A 的线速度大小为hθsin vl 217．假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n 倍，则（ ） A. 地球同步卫星的向心加速度是近地卫星的1n倍 B. 地球同步卫星的向心加速度是地球赤道上物体的n 2倍 C. 地球同步卫星的运行周期是近地卫星的n 倍 D.倍 18．如图所示，质量为m 的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用。

四川省隆昌市第七中学2022-2023学年高一上学期期中测试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列物理量中不属于矢量的是（）A．速度B．加速度C．路程D．位移2．以下的计时数据指的是时间间隔的是（）A．中央电视台新闻联播节目在北京时间19:00准时开播B．某同学跑1500m用时5:04C．1997年7月1日零时中国对香港恢复行使主权D．我们学校上午第一节课的上课时间是08:003．如图所示，将一长方体木块放置在一光滑凹槽中保持静止，木块受到的弹力个数为（）A．1个B．2个C．3个D．4个4．某赛车手在一次野外训练中，先利用地图计算出A、B两地的直线距离为9 km，实际中他从A地到B地所用时间为5 min，赛车上的里程表指示的里程数值增加了15 km，当他经过某路标P时，车内速度计指示的示数为150 km/h，那么可以确定的是() A．研究赛车通过某个弯道的技术动作时，能把该车看成质点B．在整个过程中赛车手的路程是9 kmC．在整个过程中赛车手的平均速度大小是150 km/hD．经过路标P时的瞬时速率是150 km/h5．如图所示为I、II、III三个质点同时同地开始沿直线运动的位移一时间图像，则在时间t内（）A ．它们的平均速度相等B ．它们的平均速率相等C ．II 和III 的瞬时速度相等D ．I 的平均速度最大6．物体做匀加速直线运动，已知t=1s 时速度为6m/s ，t=2s 时的速度为8m/s ，下列说法中正确的是：（ ）A ．计时起点t=0时的速度为0 m/sB ．物体的加速度为6m/s 2C ．任意1秒内的速度变化2m/sD ．第1秒内的平均速度为6m/s7．一物体做自由落体运动，自由下落L 时，速度为v ，当物体自由下落的速度达到12v 时，它下落的距离是（ ）A ．12L B ．14L C D ．34L 8．物体甲的x t -图像和物体乙的v t -图像分别如下图所示，则这两个物体的运动情况是（ ）A ．甲在整个6s t =时间内有来回运动，它通过的总位移为零B ．甲在整个6t s =时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mC ．乙在整个6t s =时间内有来回运动，它通过的总位移大小为4mD ．乙在整个6t s =时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m9．如图所示，一探究小组欲通过悬挂法确定一边长为a 的、质量分布不均匀的正方形薄板ABDC 的重心位置。