定积分典型例题20例答案
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定积分典型例题20例答案
例
1
求lim 丄(循2
丁2『L Vn 3) •
n n
分析将这类问题转化为定积分主要是确定被积函数和积分上下限. 若对题目中被积函
数难以想到,可采取如下方法:先对区间 [0, 1] n 等分写出积分和,再与所求极限相比较来
找出被积函数与积分上下限.
解 将区间[0, 1] n 等分,则每个小区间长为 % -,然后把1丄的一个因子-乘
n
n n n
n
入和式中各项•于是将所求极限转化为求定积分•即
lim A (习n 2 ^2n 2 L
Vn 3) = lim -(^—
L ^—) = VXdx - • n n
n
nn,n ,n ° 4
2 -- ------ r
例 2
o (2x x dx = ___________
• 2 . ________
解法1由定积分的几何意义知, °
. 2x x 2dx 等于上半圆周(x 1)2 y 2 1 ( y 0)
与x 轴所围成的图形的面积.故
2
,2x x 2dx = _ • 0 2
'1 sin 2
tcostdt = 2。
2
J sin 2t costdt =2 : cos 2 tdt^
2
2
x 2 2
x
例 3 (1)若 f (x) x e 七 dt ,则 f (x) = ________; (2)若 f (x) 0 xf (t)dt ,求 f (x)=
分析这是求变限函数导数的问题,利用下面的公式即可
(1) f (x) =2xe x e x
可得
x
f (x) = 0 f (t)dt xf (x) •
x 1
例 4 设 f(x)连续,且。f(t)dt x ,贝U f (26) = _________________
O A
x 1
解 对等式0 f(t)dt
x 两边关于x 求导得
3 2
f(x 1) 3x 1,
解法2本题也可直接用换元法求解.令
x 1
= Sint (
2 t 2),则
d v(x)
dx u(x)
f(t)dt f[v(x)]v(x) f[u(x)]u (x) • (2) 由于在被积函数中
x 不是积分变量,故可提到积分号外即
x
f (x) x 0 f (t)dt ,则
x 2dx =
3 1 令x 1 26得x 3,所以f (26)
27
故f(x 3 1) 丄
3x 例5函数F(x)
F (x)
1 1
,令F (x) 0得r 3,解之得
x
x
1 1
0 x -,即(0,-)为所求.
9 9
f (x)
x
0 (1 t)arctan tdt 的极值点.
f (x) = (1 x)arctan x .令 f (x) = 0,得 x 1 , x 0.列表
如下:
x
(,0)
0 (0,1) 1
(1,)
f (x)
-
0 +
f (x)的极大值
例7已知两曲线y f (x)与y g(x)在点(0,0)处的切线相同,其中
arcs inx
g(x) 0
t 2
e dt , x [ 1,1],
试求该切线的方程并求极限 lim nf (?).
n n
分析两曲线y f (x)与y g(x)在点(0,0)处的切线相同,隐含条件
f(0) g(0),
f (0)
g (0) •
解由已知条件得
f(0)
g(0)
°e " dt
且由两曲线在(0,0)处切线斜率相同知
f (0)
g(0)
(arcsin x)2
e
1 x 2
故所求切线方程为 y x .而
lim nf (-) n n
Iim3
n
f(-) n
3 0 n
f(0) 一 3f (0) 3 •
x 2
2
sin tdt
lim 0
;
x 0
分析 该极限属于
型未定式,可用洛必达法则. 0
X 2
2
sin tdt lim ------------------ = lim = ( 2) lim
= ( 2)
x 0
:t (t sin t)dt x 0( 1) x (x sinx) 、
7 x 0
x sinx ' 丿
2x(sin x 2)2
2 2
(x ) 3
4x
(x 0)的单调递减开区间为
x 1
(3
点,x 0为极小值点.
由题意先求驻点.于是
12x
=(2) lim =0 . x 0
sinx
注此处利用等价无穷小替换和多次应用洛必达法则.
1 x t 2
例9 试求正数a 与b ,使等式lim -------------------- dt 1成立.
x 0
x bsin x 0 ‘ ―t 2
分析 易见该极限属于 0
型的未定式,可用洛必达法则.
1 x 2
lim
.a x 01 bcosx
2
1 x lim
3x 0x 2
故f(x)是g(x)同阶但非等价的无穷小.
2
例11计算1|x|dx .
分析 被积函数含有绝对值符号,应先去掉绝对值符号然后再积分.
2 2
2
0 2
x 0 x 2
5
1|x|dx = 1( x)dx 0xdx = [ y] 1 [y]0 =-.
在使用牛顿-莱布尼兹公式时
,应保证被积函数在积分区间上满足可积条件.如
[-]32丄,则是错误的.错误的原因则是由于被积函数 」2在x 0处间断且在被
x 6 x 2
lim
__ x 0
x bsin x 0 . a 2
x
_ _t 「dt = lim _— =lim 1
f 2 x 0
1 bcosx x op x 2
x 2
lim
x 0
1 bcosx
由此可知必有 lim(1 bcosx) 0,得 b 1 .又由
得a 4 .即a 4 , si nx
1
x
lim a x 0
1 cosx
b 1为所求. 例10设f (x)
sin t 2dt , g(x) x 3 x 4,则当
0 时,f (x)是 g(x)的( ). A .等价无穷小.
B .同阶但非等价的无穷小.
解法1由于lim 型 lim si 门伽浪)cosx
x 0
g(x) x 0
C .高阶无穷小.
D .低阶无穷小.
mo Hx
3x 2 4x 3
cosx
3 4x
mo Hx
sin (sin x)
x
解法2 将sin t 2展成t 的幕级数, 1 2 3 3!(t)
f (x) 0 sin x 2 [t 2 再逐项积分,得到
1 si n 42
L ]dt 1 . 3 一 sin x
lim 少 x 0
g(x)
.3
1
sin x(- lim -
1 . 4
sin x 42
3
4
x x
1 lim -
x 0
1 ■ 4 . sin x L 4
2 1 x
Udx x