2019年双基物理答案

一、远距离输电1．输电过程，如图所示。

2．输电导线上的能量损失：主要是由输电线的电阻发热产生的，表达式为Q ＝I 2Rt 。

（1）减少输电电能损失的两种方法 ①理论依据：P 损＝I 2R .②减小输电线的电阻：根据电阻定律R ＝ρlS ，要减小输电线的电阻R ，在保证输电距离情况下，可采用减小材料的电阻率、增大导线的横截面积等方法。

③减小输电导线中电流：在输电功率一定的情况下，根据P ＝UI ，要减小电流，必须提高电压。

（2）输电线路功率损失的计算方法① P 损＝P －P ′，P 为输送的功率，P ′为用户所得功率。

②P 损＝I 2线R 线，I 线为输电线路上的电流，R 线为线路电阻。

③P 损＝ΔU 2R 线，ΔU 为输电线路上损失的电压，R 线为线路电阻。

④P 损＝ΔUI 线，ΔU 为输电线路上损失的电压，I 线为输电线路上的电流。

3．电压损失： （1）ΔU ＝U －U ′； （2）ΔU ＝IR 。

4．功率损失： （1）ΔP ＝P －P ′； （2）ΔP ＝I 2R ＝（UP）2R 。

5．输送电流： （1）I ＝PU ；（2）I ＝U －U ′R。

【题1】2013年4月20日8时2分在四川省雅安市芦山县发生7.0级地震后，常州常发集团向灾区人民捐赠一批柴油发电机，该发电机说明书的部分内容如下表所示，现在用一台该型号的柴油发电机给灾民临时安置区供电，如图所示。

发电机到安置区的距离是400 m ，输电线路中的火线和零线均为GBCZ60型单股铜导线，该型号导线单位长度的电阻为2.5×10－4Ω，安置区家用电器的总功率为44 kW ，当这些额定电压为220V 的家用电器都正常工作时A ．输电线路中的电流为20 AB ．发电机的实际输出电压为300 VC ．在输电线路上损失的电功率为8 kWD ．如果该柴油发电机发的电是正弦式交变电流，则其输出电压最大值是300 V 【答案】C【题2】随着社会经济的发展，人们对能源的需求也日益增大，节能变得越来越重要．某发电厂采用升压变压器向某一特定用户供电，用户通过降压变压器用电，若发电厂输出电压为U 1，输电导线总电阻为R ，在某一时段用户需求的电功率为P 0，用户的用电器正常工作的电压为U 2.在满足用户正常用电的情况下，下列说法正确的是A ．输电线上损耗的功率为P 20RU 22B ．输电线上损耗的功率为P 20RU 21C ．若要减少输电线上损耗的功率可以采用更高的电压输电D ．采用更高的电压输电会降低输电的效率 【答案】C【解析】设发电厂输出功率为P ，则输电线上损耗的功率为ΔP ＝P －P 0，ΔP ＝I 2R ＝P 2RU 21，A 、B 选项错误；采用更高的电压输电，可以减小导线上电流，故可以减小输电导线上损耗的功率，C 项正确；采用更高的电压输电，输电线上损耗的功率减小，则发电厂输出的总功率减小，故可提高输电的效率，D 项错误。

1．如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度。

下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长MN 相等，将它们分别挂在天平的右臂下方。

线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态。

若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是【答案】A2．如图，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37°，宽度为0.5 m ，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1 Ω。

一导体棒MN 垂直于导轨放置，质量为0.2 kg ，接入电路的电阻为1 Ω，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5。

在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8 T 。

将导体棒MN 由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN 的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为（重力加速度g 取10 m/s 2，sin 37°＝0.6）A ．2.5 m/s 1 WB ．5 m/s 1 WC ．7.5 m/s 9 WD ．15 m/s 9 W【答案】B【解析】小灯泡稳定发光说明棒做匀速直线运动。

此时：F 安＝B 2l 2v R 总对棒满足：mg sin θ－μmg cos θ－B 2l 2vR 棒＋R 灯＝0因为R 灯＝R 棒则：P 灯＝P 棒再依据功能关系：mg sin θ·v －μmg cos θ·v ＝P 灯＋P 棒 联立解得v ＝5 m/s ，P 灯＝1 W ，所以B 项正确。

6．（多选）半径为a 右端开小口的导体圆环和长为2a 的导体直杆，单位长度电阻均为R 0。

圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B 。

杆在圆环上以速度v 平行于直径CD 向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O 开始，杆的位置由θ确定，如图所示。

则A ．θ＝0时，杆产生的电动势为2BavB ．θ＝π3时，杆产生的电动势为3BavC ．θ＝0时，杆受的安培力大小为2B 2av(π＋2)R 0D ．θ＝π3时，杆受的安培力大小为3B 2av(5π＋3)R 0【答案】AD7．（多选）水平固定放置的足够长的U 形金属导轨处于竖直向上的匀强磁场中，如图所示，在导轨上放着金属棒ab ，开始时ab 棒以水平初速度v 0向右运动，最后静止在导轨上，就导轨光滑和粗糙两种情况比较，这个过程A ．产生的总内能相等B ．通过ab 棒的电荷量相等C ．电流所做的功相等D ．安培力对ab 棒所做的功不相等 【答案】AD【解析】两过程中产生的总内能等于金属棒减少的动能，选项A 正确；两种情况下，当金属棒速度相等时，在粗糙导轨滑行时的加速度较大，所以导轨光滑时金属棒滑行的较远，根据q ＝It ＝ΔΦRt ·t ＝ΔΦR ＝B ·ΔSR 可知，导轨光滑时通过ab 棒的电荷量较大，选项B 错误；两个过程中，金属棒减少的动能相等，所以导轨光滑时克服安培力做的功等于导轨粗糙时克服安培力做的功与克服摩擦力做功之和，选项D 正确；因为电流所做的功等于克服安培力做的功，所以选项C 错误。

辽宁省大连市2018-2019下学期高三双基测试卷物理试题评分标准一、选择题(本题共10小题．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有(一)必考题(本题共5小题，共47分)11．(7分)(1)沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量；(2分)没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．(2分)(2)mgL ＝28T M (2q x － x 2p )或mgL ＝28Tm M +(2q x － x 2p )(3分) 12．(8分)(1)190；(2分)(2)A 2；(2分) V 1； (1分)电路图如图示(3分)13．(9分)A 物体从斜面下滑过程中由机械能守恒定律得： mgh ＝212A mv 则：v A ＝2m/s ……… (2分) 设此下滑过程中所用的时间为t 1，由运动学公式得：sin 30h ＝102A v t + 所以：t 1＝0.4s ……… (2分) A 至水平地面时做匀速运动，在t 2＝0.6s 的时间内的位移为：x A ＝ v A t 2＝1.2m ……… (1分)B 物体在摩擦力的作用下做匀减速运动，设其加速度的大小为a B ：a B ＝μg ＝2m/s 2 ……… (1分)设刹停时间为t 0，由v ＝v 0＋at ，得t 0＝2.5s ＞1s ，所以可知：A 与B 相遇时B 未停……(1分)设在t ＝1s 的时间的B 物体的位移为x B ，再由运动学公式得：x B ＝ v 0t 12- a t 2 所以：x B ＝4m ……… (1分) 所以Q 点与斜面底端O 点的距离L ＝ x A ＋x B ＝5.2m ……… (1分) 14．(10分)解： (1)棒在AB 段匀速运动，由图象得：m/s 7=∆∆=t x v ……… (1分) Rr BLv I +=……… (1分) mg ＝BIL ……… (1分)B ＝0.1T ……… (1分)(2)q ＝t I ∆-……… (1分)tr R I ∆+∆=-)(φ……… (1分) 由上式得：q ＝1 C ……… (1分) (3)221mv mgh Q -= ……… (1分) 解得Q ＝0.455J ……… (1分)0.26R R Q Q r R==+J ……… (1分) 15．(13分)(1)粒子在匀强电场中做类平抛运动，得3d ＝ v 0t ① ……… (1分)2212at d = ②……… (1分) v y ＝at ③……… (1分)设速度偏向角为α，则有：tan α＝0v v yα＝ 30° 所以：v ＝332v 0，方向与AB 板垂直．……… (1分) (2)如图所示，进入磁场后，根据左手定则，所受的洛伦兹力斜向上，要使粒子不打到水平挡板BC ，则粒子的圆周轨迹恰与BC 板相切．121r mv B qv = ④……… (1分)由几何关系得：(r 1＋b)sin 60°＝ r 1 ⑤ (1))由③和④式得：B 1＝bqmv 3)32(20-……… (2分) (3)磁场B 越小，则半径r 越大，临界情况是粒子圆周运动的轨迹恰好跟两挡板相切，如图所示．根据对称性圆周运动的圆心O 、交点G 位于∠ABC 的角平分线上，则由几何关系可得：ADEO 是边长为r 的正方形．则在三角形BOA 中，有：3r 2＝b ＋r 2 ⑥ ……… (1分)可得132-=b r ……… (1分) 222r mv B qv = ⑦ ……… (1分)bqmv B 3)33(202-=……… (2分) (二)选考题(本题包括3组题，要求考生只选定1组题作答，每组题13分，共13分)16．［物理——选修3－3］(13分)(1)(4分)AC(2)(9分) 解：① 由玻意耳定律：设活塞C 向右移动x cm对A 部分气体有：S x L p LS p A )(+=…………(2分)对B 部分气体有：S x L p LS p B )(-=………… (2分)代入相关数据解得：x ＝10cm ……… (1分) 5105.1⨯=p Pa ……(1分) ② 由热力学第一定律可知，活塞C 向右移动的过程中A 中气体对外做功，而气体发生等温变化，内能不变，故A 中气体从外界吸热．……… (3分)17．［物理——选修3－4］(13分)(1)(4分)AC(2)(9分)解：①该波沿x 轴负方向传播 (2分)该波的周期满足：t 2 － t 1＝411T (1分)解得T ＝0.2s ………(1分) 由图知波长λ＝4.0m ……… (1分)则波速Tv λ=＝20m/s ……… (1分) ②质点N 完成振动的次数n ＝6………(1分)则质点N 走过的路程s ＝6×20cm＝120cm ；位移为2.5cm ．………(2分)18．［物理——选修3－5］(13分)(1)(4分)AC(2)(9分)解：①恒力做的功为：W ＝Fx ＝2J ………(1分)弹簧具有的最大弹性势能为：E P ＝W ＝2J ………(1分)弹簧完全弹开达到原长时，A 速度达到最大E P ＝221A A v m 22==AP A m E v m/s ………(2分) ②弹簧再次达到原长时，B 物体的速度最大//A A A A B Bm v m v m v =+……… (2分) 2/2/2111222A A A AB B m v m v m v =+ ……… (2分) 所以：20.8A A B A Bm v v m m ==+m/s ………(1分)。

1．关于闭合电路，下列说法正确的是 A ．电源短路时，放电电流为无限大 B ．电源短路时，内电压等于电源电动势 C ．用电器增加时，路端电压一定增大D ．把电压表直接和电源连接时，电压表的示数等于电源电动势 【答案】B【解析】电源短路时，R ＝0，放电电流I ＝Er ，U 内＝E ，A 错误，B 正确；当并联用电器增加时，并联电阻变小，电路中的电流变大，内电压变大，路端电压变小，C 错误；当电压表直接和电源连接时，电压表不视为理想电表时，电路中有微小电流，内电路有一定的电势降落，D 错误。

5．如图所示，用两节干电池点亮几个小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡增多时，以下说法正确的是A ．灯少时各灯较亮，灯多时各灯较暗B ．各灯两端电压在灯多时较低C ．通过电池的电流在灯多时较大D ．电池输出功率灯多时较大 【答案】D6．（多选）学生为“神州七号”载人飞船设计了一个可测定竖直方向加速度的装置，其原理可简化如图，拴在竖直弹簧上的重物与滑动变阻器的滑动头连接，该装置在地面上静止时其电压表的指针指在表盘中央的零刻度处，在零刻度的两侧分别标上对应的正、负加速度值，当加速度方向竖直向上时电压表示数为正。

这个装置在“神州七号”载人飞船发射、运行和回收过程中，下列说法中正确的是A ．飞船在竖直减速上升的过程中，处于失重状态，电压表的示数为负B．飞船在竖直减速返回地面的过程中，处于超重状态，电压表的示数为正C．飞船在圆轨道上运行时，电压表的示数为零D．飞船在圆轨道上运行时，电压表的示数为负【答案】AD【解析】飞船在竖直减速上升的过程中，加速度方向竖直向下，由牛顿第二定律得知，飞船处于失重状态。

此时电压表的示数为负，故A正确；飞船在竖直减速返回地面的过程中，加速度方向竖直向上，由牛顿第二定律得知，处于超重状态，电压表的示数为正，故B正确；飞船在圆轨道上运行时，加速度方向竖直向下，电压表的示数为负，故C错误，D正确。

7．（多选）如图所示电路中，电源电动势E＝12 V，内阻r＝2 Ω，R1＝4 Ω，R2＝6 Ω，R3＝3 Ω。

2019年大连市高三双基物理试卷参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．C 2．A 3．C 4．B 5．D 6．C 7．B 8．C 9．CD 10．BD11．BD 12．ABC二、必考题：共4小题，共38分。

请在答题纸上指定的区域按题目要求作答。

计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。

只写出最后答案的不能得分。

有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13．(6分) (1)U 1(2分) (2) a (2分) b1(2分) 14．(8分)(1)弹簧测力计(2分)解：(1)A 与C 弹性碰撞满足动量守恒，机械能守恒0A A A C C m v m v m v =+ (1分)2220111222A A A C C m v m v m v =+(1分) 联立得10-=+-=v m m m m v CA C A A m/s 负号表示A 反向 (1分) 420=+=v m m m v CA A C m/s A 与B 最终同速0()B A A A B m v m v m m v+=+ 解得v =2.6m/s (1分) 因v <v C 所以A 与C 不会再碰系统损失的机械能2202)(212121v m m v m v m E B A B A A +-+=∆(1分) 6.21=∆E J (1分) (2)设木板A 的最小长度为L ，由功能关系可得B m gL E μ=∆(2分)解得L=1.8m (2分)16．(14分)(2分)v0=4×106m/s(2分)1分）(2)竖直方向，v0sinθ=at (1分)水平方向，2r=v0cosθt(1分)分)E=3.84×103N/C (1分)(3)粒子从C点入射，粒子在磁场中运动的最大圆弧弦长CD=2r=0.2 m, 该粒子在磁场中运动时间最长。

专题09 串、并联两种电路及电表改装1．下列说法中不正确的是A ．一个电阻和一根无电阻的理想导线并联，总电阻为零B ．并联电路任一支路的电阻都大于电路的总电阻C ．并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），则总电阻一定增大D ．并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），则总电阻一定减小 【答案】D2．额定电压都是110 V ，额定功率P A ＝100 W ，P B ＝40 W 的A 、B 两灯，接在220 V 的电路中，使两灯均正常发光，能使电路消耗的电功率最小的电路是图中的【答案】C【解析】两灯正常发光，两灯的实际电压等于其额定电压，由P ＝U 2R可知R A <R B ，根据串联分压关系，A图中有U A <110 V 、U B >110 V ，两灯不能正常工作，所以A 错。

B 图中A 和变阻器并联后的电阻比A 电阻还要小，即仍有U A <110 V 、U B >110 V ，所以B 错。

C 和D 图中两灯电压均有可能为110 V ，此时再看电路消耗的功率，C 图中灯A 消耗功率100 W ，灯B 和变阻器并联后的阻值与灯A 相等，所以电路消耗的总功率为200 W ，D 图中A 、B 两灯并联后的阻值与变阻器相等．所以变阻器消耗的功率为140 W ，电路消耗的总功率为280 W 。

4．一个电流表的满偏电流I g ＝1mA ，内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V 的电压表，则应在电流表上A ．串联一个10k Ω的电阻B ．并联一个10k Ω的电阻C ．串联一个9.5k Ω的电阻D ．并联一个9.5k Ω的电阻 【答案】C串联电阻R 分担的电压U R ＝U －U g ＝10V －0.5V ＝9.5V 所以串联电阻的阻值R ＝U R I g ＝9.5V1×10－3A＝9.5k Ω。

C 正确，A 错误，故选C 。

5．如图所示，电路中的R 1和R 2相等，滑动变阻器的滑片P 自左至右滑动过程中，AB 间的总电阻将A ．逐渐增大B ．先增大，后减小C ．逐渐减小D ．先减小，后增大 【答案】B设R 1和R 2的阻值为R 0，滑动变阻器的阻值为2R 0，C 为变阻器的中点。

九年级全册第十七章《欧姆定律》A卷（基础巩固卷）班级：姓名：学号：分数：（考试时间：90分钟面卷分值：100分）一.选择题（共15小题，每小题3分，共45分）1.（2019湖南湘西州）如图所示的电路中，当滑动变阻器滑片左移时，下面说法正确的是（）A．电压表示数变大B．总电流变小C．总电阻不变D．R2的电阻变大2.（2019海南）如图所示是某电子秤内部简化电路。

R x是压敏电阻，阻值随压力增大而减小，电源电压保持不变。

闭合开关，当R x上压力增大时，随之减小的是（）A. 通过R x的电流B. 通过R0的电流C. R x两端的电压D. R0两端的电压3.（2019安徽）如图所示的电路中，电源电压保持不变,R为定值电阻。

闭合开关，向左移动滑片P,则（）A.电压表的示数变大,电流表的示数变大B.电压表的示数变大,电流表的示数变小C.电压表的示数不变,电流表的示数变大D.电压表的示数变小,电流表的示数变大4.（2019黔东南）如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是（）A．变大，变大B．变大，变小C．变小，变小D．变小，变大5.（2019 新疆）如图所示，开关闭合后．当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，观察到灯泡变暗，该过程中（）A. 电流表示数变大，电压表示数变小B. 电流表示数变大，电压表示数变大C. 电流表示数变小，电压表示数变小D. 电流表示数变小，电压表示数变大6.（2019 绵阳市）如图所示，灯泡L1和L2（灯泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额定电压，且保持不变，开关 S由闭合到断开，电路中（）A. L1变亮，电压表示数变小B. L1变暗，电流表示数变大C. L2亮起来，电压表示数变大D. L2亮起来，电流表示数变小7.(2019 常德市)定值电阻R1、R2组成的电路如右图所示，已知R1＞R2。

闭合开关S，通过R1、R2的电流分别记为I1、I2，R1、R2两端的电压分别记为U1、U2下列说法正确的是( )A．U1 = U2B．U1＞ U2 C．I1＜ I2D．I1＞ I28.(2019 湖南益阳市)如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，当滑片P向右移动时，电流表和电压表的示数变化情况是（）A. 电流表示数减小，电压表示数减小B. 电流表示数增大，电压表示数增大C. 电流表示数减小，电压表示数增大D. 电流表示数增大，电压表示数减小9.（2019 黑龙江齐齐哈尔市）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝10Ω，闭合开关S，滑动变阻器滑片P在最右端时，电流表的示数为0.25A；把滑片P移到中点时，电流表的示数为0.4A，则下列选项正确的是（）A．滑片P在最右端时，通过R1、R2的电流之比为5：8B．滑片P在最右端时，R1、R2两端电压之比为3：1C．滑动变阻器的最大阻值为40ΩD．电源电压为10V10.(2019 呼和浩特市)如图所示，电源电压一定。

1．（多选）如图所示，两面积较大、正对着的平行极板A、B水平放置，极板上带有等量异种电荷。

其中A板用绝缘线悬挂，B板固定且接地，P点为两板的中间位置。

下列结论正确的是A．若在两板间加上某种绝缘介质，A、B两板所带电荷量会增大B．A、B两板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向相同C．若将A板竖直向上平移一小段距离，两板间的电场强度将增大D．若将A板竖直向下平移一小段距离，原P点位置的电势将不变【答案】BD2．如图，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，极板间距为d，在下极板上叠放一厚度为l的金属板，其上部空间有一带正电粒子P静止在电容器中，当把金属板从电容器中快速抽出后，粒子P开始运动，重力加速度为g。

则下列判断正确的是A．上极板带正电B．粒子开始向上运动C．粒子运动的加速度大小为dd－lgD．粒子运动的加速度大小为ld g 【答案】D联立①②解得：a＝ld g。

综上可知，D正确。

5．如图，2015年4月，中国南车设计制造的全球首创超级电容储能式现代电车在宁波下线，不久将成为二三线城市的主要公交用车，如图所示。

这种超级电车的核心是我国自主研发、全球首创的“超级电容器”。

这种电容器安全性高，可反复充放电100万次以上，使用寿命长达十二年，且容量超大（达到9 500 F），能够在10 s内完成充电。

下列说法正确的是A．充电时电源的正极应接“超级电容器”的负极B．该“超级电容器”的电容随电压的增大而增大C．该“超级电容器”放电过程中把化学能转化为电能D．该“超级电容器”能储存电荷【答案】D6．在研究影响平行板电容器电容大小因素的实验中，一已充电的平行板电容器与静电计连接如图所示。

现保持B板不动，适当移动A板，发现静电计指针张角减小，则A板可能是A．右移B．左移C．上移D．下移【答案】A7．如图所示，在平行板电容器正中有一个带电微粒。

S 闭合时，该微粒恰好能保持静止．在以下两种情况下：①保持S 闭合，②充电后将S 断开。

2019届高考物理复习双基突破一、静电平衡状态1．静电感应现象：处于电场中的导体,由于电场力的作用,电荷出现重新分布的现象。

2．静电平衡状态：导体中（包括表面上）没有电荷定向移动的状态。

3．静电平衡状态的特征（1）处于静电平衡状态的导体,内部的场强处处为零。

（2）处于静电平衡状态的导体,外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点的表面垂直。

（3）处于静电平衡状态的整个导体是个等势体,导体的表面为等势面。

（4）孤立带电体净电荷只分布在外表面上。

4．静电平衡实质（1）在达到静电平衡的过程中,外电场引起导体内自由电荷的定向移动使导体两侧出现感应电荷,感应电荷的电场和外电场方向相反,使合场强减小,随着感应电荷的继续增加,合场强逐渐减小,直至合场强为零,自由电荷的定向移动停止。

（2）静电平衡的条件：导体内部的合场强为零,即E合＝0。

【题1】（多选）如图所示,接地的金属板右侧有固定的点电荷+Q,a、b两点是金属板右侧表面上的两点,其中a到+Q的距离较小,下列说法正确的是A．由于静电感应,金属板右侧表面带负电,左侧表面带正电B．由于静电感应,金属板右侧表面带负电,左侧表面不带电C．整个导体,包括表面上的a、b两点,是一个等势体,且电势等于零D．a、b两点的电场强度不为零,且a、b两点场强方向相同【答案】CD【题2】一个带有绝缘底座的空心金属球壳A上均匀带有4×10－8C的正电荷,有绝缘柄的金属小球B上带有2×10－8C的负电荷,使B球与球壳A内壁接触。

如图所示,则A、B带电荷量分别为A．Q A＝1×10－8C,Q B＝1×10－8CB．Q A＝2×10－8C,Q B＝0C．Q A＝0,Q B＝2×10－8CD．Q A＝4×10－8C,Q B＝−2×10－8C【答案】B【特别提醒】（1）一个孤立的带电体,在自身所带电荷的电场中,处于静电平衡状态,具有静电平衡的所有特点。

1．A 、B 两金属板平行放置，在t ＝0时刻将电子从A 板附近由静止释放（电子的重力忽略不计）。

分别在A 、B 两板间加上右边哪种电压时，有可能使电子到不了B 板【答案】B2．将如图交变电压加在平行板电容器A 、B 两极板上，开始B 板电势比A 板电势高，这时有一个原来静止的电子正处在两板的中间，它在电场力作用下开始运动，设A 、B 两极板的距离足够大，下列说法正确的是A ．电子一直向着A 板运动B ．电子一直向着B 板运动C ．电子先向A 运动，然后返回向B 板运动，之后在A 、B 两板间做周期性往复运动D ．电子先向B 运动，然后返回向A 板运动，之后在A 、B 两板间做周期性往复运动 【答案】D【解析】根据交变电压的变化规律，不难确定电子所受电场力的变化规律，从而作出电子的加速度a 、速度v 随时间变化的图线，如图所示，从图中可知，电子在第一个T 4内做匀加速运动，第二个T4内做匀减速运动，在这半个周期内，因初始B 板电势高于A 板电势，所以电子向B 板运动，加速度大小为eU md 。

在第三个T4内做匀加速运动，第四个T 4内做匀减速运动，但在这半个周期内运动方向与前半个周期相反，向A 板运动，加速度大小为eUmd ，所以，电子做往复运动，综上分析正确选项应为D 。

7．如图甲所示，真空室中电极K 发出的电子（初速度不计）经过电势差为U 1的加速电场加速后，沿两水平金属板C 、D 间的中心线射入两板间的偏转电场，最后打在荧光屏上。

C 、D 两板间的电势差U CD 随时间变化的图象如图乙所示，设C 、D 间的电场可看作匀强电场，且两板外无电场。

已知电子的质量为m 、电荷量为e （重力不计），C 、D 极板长为l ，板间距离为d ，偏转电压U 2，荧光屏距C 、D 右端的距离为l6，所有电子都能通过偏转电极。

（1）求电子通过偏转电场的时间t 0；（2）若U CD 的周期T ＝t 0，求荧光屏上电子能够到达的区域的长度； （3）若U CD 的周期T ＝2t 0，求到达荧光屏上O 点的电子的动能。