云南省西双版纳州景洪三中2019届高三物理10月月考试题

云南省景洪市三中2018-2019学年上学期期中考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有小孔M、N.今有一带电质点，自A板上方相距为d的P点由静止自由下落(P、M、N三点在同一竖直线上)，空气阻力不计，到达N点时速度恰好为零，然后按原路径返回．若保持两板间的电压不变，则( )A．若把A板向上平移一小段距离，质点自P点下落仍能返回B．若把B板向下平移一小段距离，质点自P点下落仍能返回C．若把A板向上平移一小段距离，质点自P点下落后将穿过N孔继续下落D．若把B板向上平移一小段距离，质点自P点下落后将穿过N孔继续下落2.下列关于点电荷的说法中，正确的是( )A．带电球体一定可以看成点电荷B．直径大于1 cm的带电球体一定不能看成点电荷C．直径小于1 cm的带电球体一定可以看成点电荷D．点电荷与质点都是理想化的模型3.下列各图中所画的电场线，正确的是( )A．⑴⑵和⑷B．只有⑷C．只有⑶D．⑵和⑶4.在商店选购一个10 μF电容器，在只有一台多用电表的情况下，为了挑选一个优质产品，应选用哪个量程：①直流电压挡；②直流电流挡；③欧姆挡；④交流电压挡．选好量程以后，再将多用电表两根测试笔接待检电容器，如果电容器是优质的，电表指针应该：⑤不偏转；⑥偏转至最右边；⑦偏转至中值；⑧偏转一下又返回至最左边．正确的选项是( )A．①⑤B．①⑥C．③⑤D．③⑧5.在图示电路中，当合上开关S后，两个标有“3 V、1 W”的灯泡均不发光，用电压表测得＝Ubd＝6 V，如果各段导线及接线处均无问题，这说明( )UacA．开关S未接通B．灯泡L1的灯丝断了C．灯泡L2的灯丝断了D．滑动变阻器R电阻丝断了6.一台电动机，额定电压为100 V，电阻为1 Ω.正常工作时，通过的电流为5 A，则电动机因发热损失的功率为( )A． 500 WB． 25 WC． 1 000 WD． 475 W7.下列说法中正确的是（）A． 1号干电池与5号干电池的电动势相等、容量相等B．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量C．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是非静电力做的功D．电动势就是电源两极间的电压8.一个带正电的质点，电荷量q＝2.0×10－9C，在静电场中由a点移动到b点．在这个过程中，除静电力外，其他外力做的功为6.0×10－5J，质点的动能增加了8.0×10－5J，则A、B两点间的电势差Uab为( )A．1×104VB．－1×104VC．4×104VD．－7×104V9.在两个等量负点电荷所形成的电场中，设这两个点电荷连线中点为a，该连线的中垂线上有一点b，这两点的电势分别为φa、φb，＋q在a、b两点的电势能为E pa、E pb，则下列说法中正确的是( )A．a点场强为零φa<φb，E pa>E pbB．a点场强不为零φa<φb，E pa>E pbC．a点场强不为零φa＝φb，E pa＝E pbD．a点场强为零φa<φb，E pa<E pb10.、是一条电场线上的两点，在点由静止释放一个质子，质子仅受电场力的作用，沿着电场线从点运动到点，质子的速度随时间变化的规律如图所示，以下判断正确的是（）A．该电场可能是匀强电场B．点的电势高于点的电势C．点到点，质子的电势能逐渐增大D．质子在点所受电场力大于在点所受电场力11.下列关于匀强电场中电场强度与电势差的关系，正确的说法是( )A．在相同距离上的两点，电势差大的其电场强度也必定大B．电场强度在数值上等于每单位距离上的电势降落C．沿着电场方向，任何相同距离上的电势降落必定相等D．在匀强电场中，任意两点间电势差等于场强和这两点间距离的乘积12.在如图所示电路中，R2为光敏电阻．合上开关S，用较弱光照射R2，电压表读数为U0，电流表读数为I0；用较强光照射R2，电压表读数为U1，电流表读数为I1；用更强光照射R2，电压表读数为U2，电流表读数为I2.处理实验数据，令k1＝||，k2＝||，则k1、k2的关系为( )A．k1＞k2B．k1＝k2C．k1＜k2D．无法确定二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处．由此可知( )A．O为负电荷B．在整个过程中q的电势能先变小后变大C．在整个过程中q的加速度先变大后变小D．在整个过程中，电场力做功为零14.(多选)原来静止的点电荷在只受静电力作用时( )A．一定从场强大的地方向场强小的地方运动B．一定从电势高的地方向电势低的地方运动C．一定从电势能大的地方向电势能小的地方运动D．静电力一定做正功15.(多选)小张同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I 变化的图线画在了同一坐标纸上，如图中的a、b、c所示，则下列判断正确的是( )A．直线a表示电源的总功率B．曲线b表示电源的输出功率C．电源的电动势E＝3 V，内电阻r＝1 ΩD．曲线c表示电源消耗的功率16.(多选)一带电量为q的电荷绕带电量为Q的正电荷做椭圆运动，轨迹如图所示．已知|q|≪|Q|，M、N为椭圆轨迹上的两点．下列判断正确的是( )A．q带正电B．M点的电场强度比N点的大C．M点的电势比N点的高D．q经M点时的加速度比经过N点时的小分卷II三、实验题(共3小题,共20分)17.在利用伏安法测定电池的电动势和内电阻的实验中，某同学的实际连线如图甲所示．(电流表A：0～0.6～3 A，电压表V：0～3～15 V)(1)经仔细检查、诊断知，该图中有两处不太合理的连线，那么这两处不太合理的连线对应的编号是__________．(2)若利用改正后的正确的连线图，实验后，测得数据，并画出电源的输出特性图象(U－I图)如图乙．则该电源的电动势为________，电源内阻为________．18.某同学在做“自来水电阻率的测定”课题时，先在一根均匀的长玻璃管两端各装了一个电极，两电极相距L＝0.700 m，其间充满待测的自来水，器材如下：电压表(量程15 V，内阻约30 kΩ)、电流表(量程300 μA，内阻约50 Ω)、滑动变阻器(100Ω，1 A)、电池组(电动势E＝12 V，内阻r＝6 Ω)、单刀单掷开关一个、导线若干．表中是他测量通过管中自来水柱的电流及两端电压的实验数据，实验中他还用20分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如图所示.根据以上材料请回答下面的问题：(1)玻璃管内径D的测量值为________cm；(2)根据表中数据中下图坐标中作出U－I图象，根据图象求出电阻R＝______________；(保留两位有效数字)(3)用直接测量值计算自来水电阻率的公式是ρ＝__________，测量值为__________ Ω·m(保留两位有效数字)；(4)请画出测量自来水电阻率的电路图．19.将如图所示的螺旋测微器的读数写出来．甲．______mm 乙．______cm四、计算题20.如图所示，两平行金属板A、B长为L＝8 cm，两板间距离d＝8 cm，A板比B板电势高300 V，一带正电的粒子电荷量为q＝1.0×10－10C，质量为m＝1.0×10－20kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度v0＝2.0×106m/s，粒子飞出电场后经过界面MN、PS间的无电场区域，然后进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域(设界面PS右侧点电荷的电场分布不受界面的影响)．已知两界面MN、PS相距为12 cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上，距离界面PS为9 cm，粒子穿过界面PS做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上．(静电力常量k＝9.0×109N·m2/C2，粒子的重力不计)(1)求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离多远？到达PS界面时离D点多远？(2)在图上粗略画出粒子的运动轨迹．(3)确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小．21.在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电细线一端连着一个质量为m、电荷量为＋q的带电小球，另一端固定于O点．将小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速度释放，则小球沿圆弧做往复运动．已知小球摆到最低点的另一侧，此时线与竖直方向的最大夹角为θ(如图)．求：(1)匀强电场的场强；(2)小球经过最低点时细线对小球的拉力．22.如图所示，长为l的轻质细线固定在O点，细线的下端系住质量为m、电荷量为＋q的小球，小球的最低点距离水平面的高度为h，在小球最低点与水平面之间高为h的空间内分布着场强为E的水平向右的匀强电场．固定点O的正下方处有一小障碍物P，现将小球从细线处于水平状态由静止释放．(1)细线在刚要接触障碍物P时，小球的速度是多大？(2)细线在刚要接触障碍物P和细线刚接触到障碍物P时，细线的拉力发生多大变化？(3)若细线在刚要接触障碍物P时断开，小球运动到水平面时的动能为多大？答案解析1.【答案】A【解析】设电容器两板间的电压为U，由题，根据动能定理得：2mgd－qU＝0①若把A板向上平移一小段距离，由于板间电压U不变，质点从P到达N过程，电场力做功仍为－qU，不变，重力做功为2mgd，不变，则根据动能定理分析得知，质点到达N孔的速度为零．则质点自P点下落仍从N点返回．故A正确，C错误．设B板向下平移的距离为d′，质点到达N点的速度为v1，根据动能定理得mg(2d＋d′)－qU＝mv②由①②比较得到，v1＞0，则质点自P点下落后从N孔穿出，不能返回．故B错误．设B板向上平移的距离为D，质点到达N点的速度为v2，根据动能定理得mg(2d－D)－qU＝mv③由①③比较得到，v2＜0，说明质点自P点下落后未到达N孔前速度已减为零，从原路返回．故D错误．2.【答案】D【解析】点电荷与质点一样都是理想化的模型，一个带电体是否可看做点电荷，不以带电体的几何尺度大小而定，而是要分析带电体与发生作用的另外一个带电体之间的距离跟它的几何尺度的大小关系，如果带电体的形状和大小带来的影响很小，可忽略不计时，该带电体则可视为点电荷．3.【答案】B【解析】4.【答案】D【解析】若用电压、电流挡，则因无电源无法检测，故要用欧姆挡，刚接通时是充电过程，充电完毕后，相当于断路，电阻无穷大，故测量时指针先偏转一下又返回到最左边．5.【答案】C【解析】电压表有示数说明电压表以外电路没有断路，并联段无短路，根据Uac＝Ubd可知只有灯泡L2的灯丝断了，才能满足题干的现象．6.【答案】B【解析】电动机的热功率P＝I2r＝52×1 W＝25 W，B正确，A、C、D错误．7.【答案】B【解析】1号干电池与5号干电池的电动势相等，均为1.5V，但容量不同，故A错误；电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小，故B正确；电动势公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功，故C错误；电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，但两者意义不同，不能说电动势就是电源两极间的电压，故D错误．8.【答案】A【解析】Uab＝①＋W外＝mv2②Wab由①②式得Uab＝1×104V.9.【答案】D【解析】a点为电荷连线的中点，a点的场强是两个完全相同的电荷在该点处产生场强的矢量和，故Ea＝0；从两等量负电荷的等势面可知，a点处的电势最低，所以φa<φb，E pa<E pb，所以选项D正确．10.【答案】B【解析】质子仅受电场力的作用，沿着电场线从点运动到点，由v-t图线可知，质子做加速运动，且加速度逐渐增大，说明受电场力增大，所以电场强度增大，不是匀强电场，A、D错误；质子顺着电场线运动，电场力做正功，电势能减小，B正确；C错误；故选B.11.【答案】C【解析】公式E＝中d为沿电场方向的距离，只有在电场方向上，相同距离的两点，电势差大的其电场强度也必定大，同理，电场强度在数值上等于沿电场方向每单位距离上的电势差，选项A、B错误，选项C正确；在匀强电场中，两点间电势差等于场强和这两点间沿电场方向距离的乘积，选项D错误．12.【答案】B【解析】设路端电压为U，干路中电流为I，电源的内阻为r.根据电路结构可知，电压表测量路端电压，电流表测量干路电流，根据闭合电路欧姆定律得：U＝E－Ir则得||＝r可知，k1＝||＝r，k2＝||＝r所以k1＝k2.故B正确．13.【答案】CD【解析】由运动轨迹分析可知q受到库仑斥力的作用，O点的电荷应为正电荷，A错；从a到b的过程q受到逐渐变大的库仑斥力，速度逐渐减小，加速度增大，电势能逐渐增大；而从b 到c的过程q受到逐渐变小的库仑斥力，速度逐渐增大，加速度减小，电势能逐渐减小，B错，C对；由于a、c两点在同一等势面上，整个过程中，电场力不做功，D对．14.【答案】CD【解析】静止的点电荷只受静电力作用，一定沿静电力方向开始运动，静电力做正功，电荷的电势能减小，故C、D正确．电荷受力方向是由电场线方向和电荷的性质决定的，正电荷受力方向与电场线方向相同，沿电场线运动，但场强沿电场线可能增大也可能减小也可能不变，故A错误．负电荷只在静电力作用下将沿电场线反方向运动，从低电势处到高电势处，故B 错误．15.【答案】AC【解析】根据电源消耗的总功率的计算公式知：电源的总功率与电流的关系为PE＝EI∝I，故A正确；根据电源内部的发热功率计算公式得：电源内部的发热功率与电流的关系为Pr＝I2r，由数学知识可知，电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线为开口向上的抛物线，则曲线b 表示电源内部的发热功率．根据闭合电路中的能量转化得：电源的输出功率为PR＝EI－I2r，由数学知识可知，电源的输出功率PR随电流I变化的图线为开口向下的抛物线，曲线c表示电源的输出功率，故B、D错误；由曲线c知，当I＝3 A时，PR＝0.说明外电路短路，根据PE ＝EI得：E＝＝V＝3 V，r＝＝Ω＝1 Ω，故C正确．16.【答案】BC【解析】电场力提供向心力，所以电荷带负电，故A错误；由点电荷电场分布可知，N点场强较小，M点的电场强度较大，由于电场强度越大，电场力越大，因此加速度也越大，故B正确，D错误；负电荷由M到N，电场力做负功，电势能增加，则M点的电势能小于N点，由于带负电荷，所以M点的电势高于N点，故C正确．17.【答案】(1)③⑤(2)3 V 2 Ω【解析】图示的实物图中开关起不到控制电压表的作用，所以导线⑤错误；导线③中电流表量程不对，所以导线③连接错误；由图象得电动势为3 V，直线斜率为2，所以内阻为2 Ω.18.【答案】(1)3.065 (2)U－I图象略 4.6×104Ω(4.3×104～4.9×104Ω)(3)48(±3)(4)电路图略(电流表内接法，滑动变阻器分压接法)【解析】根据表中数据可以判断电阻阻值很大，所以采用电流表内接法；滑动变阻器阻值很小，如果采用限流接法，所起的作用很小，故采用分压接法．19.【答案】8.476 0.657 8【解析】甲：8 mm＋47.7×0.01 mm＝8.477 mm.乙：6.5 mm＋7.8×0.01 mm＝6.578 mm＝0.657 8 cm.20.【答案】(1)3 cm 12 cm (2)第一段是抛物线、第二段是直线、第三段是圆弧(图略) (3)负电 1.04×10－8C【解析】(1)粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离(侧向位移)：y＝at2a＝＝L＝v0t则y＝at2＝·()2＝0.03 m＝3 cm粒子在离开电场后将做匀速直线运动，其轨迹与PS交于H，设H到中心线的距离为Y，则有/＝，解得Y＝4y＝12 cm(2)第一段是抛物线、第二段是直线、第三段是圆弧(图略)(3)粒子到达H点时，其水平速度v x＝v0＝2.0×106m/s竖直速度v y＝at＝1.5×106m/s则v合＝2.5×106m/s该粒子在穿过界面PS后绕点电荷Q做匀速圆周运动，所以Q带负电根据几何关系可知半径r＝15 cmk＝m解得Q≈1.04×10－8C21.【答案】(1)(2)mg(3－)【解析】设细线长为l，匀强电场的场强为E，因带电小球的电荷量为正，故匀强电场的场强的方向为水平向右．从释放点到左侧最高点，由动能定理有WG＋WE＝ΔE k＝0，故mgl cosθ＝qEl(1＋sinθ)解得E＝(2)设小球运动到最低点的速度为v，此时细线的拉力为F T，由动能定理可得mgl－qEl＝mv2，由牛顿第二定律得F T－mg＝m，联立解得F T＝mg(3－)．22.【答案】(1)(2)增大2mg (3)mgh＋mgl＋＋2qE【解析】(1)由机械能守恒定律得mgl＝mv2解得v＝(2)细线在刚要接触障碍物P时，设细线的拉力为F T1，由牛顿第二定律得F T1－mg＝m细线在刚接触到障碍物P时，设细线的拉力为F T2，由牛顿第二定律得F T2－mg＝m可解得F T2－F T1＝2mg(3)细线断开后小球在竖直方向做自由落体运动，运动时间t＝小球在水平方向做匀加速运动，运动的距离x＝vt＋t2小球运动到水平面的过程由动能定理得mgh＋qEx＝E k－mv2可解得E k＝mgh＋mgl＋＋2qE。

10月份高三月考物理参考答案及评分标准11、4.0 C （各2分）12、1.700mm(1.669-1.701) -----2分 6（或6.0）---- 1分3（0-3）-----1分 0.6（或0-0.6）-----1分 A ----2分 小于---- 2分13.（共12分，第一问4分，第二问8分）解：（1）整体以a 匀加速向右运动，对整体应用牛顿第二定律：()()F M m g M m a μ-+=+ 2分 得6F N = 2分（2）设弹簧的形变量为x ，斜面对小球的支持力为N F 对小球受力分析：在水平方向：cos sin N kx F ma θθ-= 2分 在竖直方向：sin F cos 0N kx mg θθ+-= 2分 解得：0.017x m = 2分 3.7N F N = 2分 14.解：（1）由动能定理221mv qU =2分 得：kU mqUv 22==3分 （2）带电粒子在磁场中作匀速圆周运动，由于带电粒子与圆筒壁碰撞时无电量和动能损失，故每次碰撞前后粒子速度大小不变。

设圆周运动的半径为R ，由牛顿第二定律得Rv m qvB 2= 2分速度方向总是沿着圆筒半径方向，3个碰撞点与小孔α恰好将圆筒壁四等分，粒子在圆筒内的轨迹具有对称性，由四段相同的圆弧组成，则每段轨迹圆弧对应的圆心角为90°，则由几何关系可得：R =r 3分 联立解得：kUr B 21=2分15、解：（1）木板在传送带上先做匀加速运动215/a g m s μ== （1分）加速时间111vt s a == （1分） 发生位移21111 2.52x a t m L ==< （1分） 在加速阶段重力冲量12G I mgt N s ==动量变化量1p mv N s ∆== （1分）根据动量定理可得传送带对物体的冲量大小I s == （1分）（2）木板与带电体发生弹性碰撞动量守恒：12mv mv mv =+ （1分）22212111222mv mv mv =+ （1分） 得10v =；25/v m s =25/D v v m s ==带电体自D 到E 机械能守恒2211222D E mv mv mgR =+ （1分）/E v s =平抛时水平：2t v x E = （1分） 竖直 22212gt R =（1分）得x m =（1分） （3） 1.2x m <，所以应加一竖直向上的电场 （1分） 类平抛在水平方向：3t v x E = （1分） 竖直 23212at R =（1分） 由牛顿第二定律有 ma qE mg =- （1分）得224E mRv mg E q qx =- 将 1.2x m =和 1.5x m =分别代入得5.56/39.56/N c E N c << （1分） 16、解：（1）由木板恰好静止在斜面上，得到斜面与木板间的摩擦因数μ0应满足：m A g sin30°＝μ0m A g cos30° （1分）得：μ0＝tan30°＝33 物块A 在木板上滑行时，以A 为研究对象有：A A A A a m g m g m =-0030cos 30sin μ （1分）代入数据解得2/m 5.2s a A -= 即加速度大小为 2.5m/s 2,方向沿斜面向上（1分）以木板B 为研究对象有：B B B A A B a m g m m g m g m =+-+000030cos )(30cos 30sin μμ（1分）代入数据解得2/m 5.7s a B = 方向沿斜面向下（1分） （如果两个方向没写 扣1分）（2）假设A 与木板达到v 时，A 还没有压缩弹簧且木板还没有到达底端，则有：t a v t a v B B +==0 （1分）解得：v ＝3m /s ，t=0.4s此过程，m 4.12=+=t v v x A ， （1分） m 1sin30h m 6.020=-〈==L t v x B （1分）故A 在B 上移动的距离为m 8.1m 8.00=-〈=-=∆l L x x x B A ，说明以上假设成立（1分）共速后，由于（m A +m B ）gsin30°=μ0（m A +m B ）gcos30°，A 与木板B 一起匀速到木板与底端挡板碰撞前瞬间,A 、B 速度大小为3m/s （1分） 5分，如果没有判断依据扣2分（3）木板停下，设弹簧的最大压缩量为x m,,从A 开始做匀减速到将弹簧压缩到最短再回到原长的过程，根据能量关系有)2(30sin 21m 02l x g m l g m v m A A A '+='+μ （2分） 其中l '为A 、B 达共速时A 距弹簧的距离m 1-0=∆-='x l L l （1分） 代入数据解得m 152m =x A 从弹簧压缩到最短再回到原长的过程，根据能量关系有m 00m 30cos 30sin x g m gx m E A A P μ+= （2分）代入数据解得 J E P 5= （1分）。

2019届高三物理10月月考试卷(含解析)一、单选题（本大题共11小题，共44.0分）1.为了研究超重与失重问题，某同学静止站在电梯中的体重计上观察示数变化在电梯运动的某阶段，他发现体重计的示数大于自己实际体重，此时电梯的运动状态可能是A. 匀速上升B. 加速上升C. 匀速下降D. 加速下降【答案】B【解析】【详解】体重计的示数大于实际体重，以向上为正方向，根据牛顿第二定律有：，可知此时人和电梯的加速度方向向上；电梯可能向上做加速运动，也有可能向下做减速运动。

故B项正确，ACD三项错误。

【点睛】超重是物体所受限制力，也可称之为弹力(拉力或支持力)大于物体所受重力的现象。

当物体做向上加速运动或向下减速运动时，物体均处于超重状态，只要物体具有向上的加速度，物体就处于超重状态。

2. 在xx的夏季奥运会上，我国跳水运动员获得多枚奖牌，为祖国赢得荣誉。

高台跳水比赛时，运动员起跳后在空中做出各种动作，最后沿竖直方向进入水中。

若此过程中运动员头部连续的运动轨迹示意图如图中虚线所示，a、b、c、d为运动轨迹上的四个点。

关于运动员头部经过这四个点时的速度方向，下列说法中正确的是A. 经过a、b、c、d四个点的速度方向均可能竖直向下B. 只有经过a、c两个点的速度方向可能竖直向下C. 只有经过b、d两个点的速度方向可能竖直向下D. 只有经过c点的速度方向可能竖直向下【答案】B【解析】试题分析：由于曲线运动的速度方向为该点轨迹的切线方向，所以在图中的点a点速度方向竖直向下，b点的方向向上，c点的方向竖直向下，d点的速度方向竖直向上，故B正确．考点：考查了曲线运动【名师点睛】本题主要考查了曲线运动瞬时速度的方向，知道任一点的切线方向为速度方向，难度不大，属于基础题．3.在水平低迷附近某一高度处，将一个小球以初速度水平抛出，小球经时间t落地，落地时的速度大小为v，落地点与抛出点的水平距离为x，不计空气阻力。

若将小球从相同位置以的速度水平抛出，则小球A. 落地的时间变为2tB. 落地时的速度大小将变为2vC. 落地的时间仍为tD. 落地点与抛出点的水平距离仍为x【答案】C【解析】试题分析：平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列式计算．小球的平抛运动时间取决于在竖直方向上做自由落体运动的时间，根据，解得，两种情况下下落的高度相同，所以落地时间相同，都为t，A错误C正确；在水平方向上做匀速直线运动，故，所以第二次落地距离变为原来的2倍，即2x，D错误；落地速度，变为，v不是原来的2倍，B错误．4.如图所示，一条鱼在水中正沿直线水平向左加速游动。

云南省景洪市三中2018-2019学年上学期10月份考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.图中接地金属球A的半径为R，球外点电荷的电荷量为Q，到球心的距离为r.该点电荷的电场在球心的场强大小等于( )A．k－k B．k＋k C． 0D．k2.将一电荷量为＋Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等，a、b为电场中的两点，则( )A．a点的电势比b点的低B．a点的电场强度比b点的小C．带负电的电荷q在a点的电势能比在b点的小D．带正电的电荷q从a点移到b点的过程中，电场力做负功3.在电场中的P点放一个试探电荷q，已知q受到电场力为F，若将电荷量增大到2q，则（）A．电荷受到的电场力为F，P点的电场强度为E=B．电荷受到的电场力为2F，P点的电场强度为E=C．电荷受到的电场力为F，P点的电场强度为E=D．电荷受到的电场力为2F，P点的电场强度为E=4.一质子在静电场中由a点移到b点，在这过程中，电场力做的功为8.0×10－17J，则a、b两点间的电势差Uab为( )A．3×102VB．5×102VC．4×102VD．7×102V5.某区域的电场线分布如图所示，a、b是电场中的两点，则下列关于a、b两点电场强度的判断正确的是（）A．E a＜E b，方向相同B．E a＜E b，方向不同C．E a＞E b，方向相同D．E a＞E b，方向不同6.在x轴上存在与x轴平行的电场，x轴上各点的电势随x点位置变化情况如图所示．图中－x1～x1之间为曲线，且关于纵轴对称，其余均为直线，也关于纵轴对称．下列关于该电场的论述正确的是( )A．x轴上各点的场强大小相等B．从－x1到x1场强的大小先减小后增大C．一个带正电的粒子在x1点的电势能大于在－x1点的电势能D．一个带正电的粒子在－x1点的电势能大于在－x2的电势能7.如图所示，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠NMP=30°．M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN，φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A．点电荷Q一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP小于φM8.真空中两个点电荷相距为r，它们间的静电力大小为F，若两个点电荷的电荷量均减半，仍保持它们间的静电力大小为F，则它们间的距离变为（）A．B．C． 2r D． 4r9.关于库仑定律，下列说法中正确的是( )A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B．根据F＝k，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律10.某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是( )A．c点的电场强度大于b点的电场强度B．若将一试探电荷＋q由a点静止释放，它将沿电场线运动到b点C．b点的电场强度大于d点的电场强度D．a点和b点的电场强度的方向相同11.下列说法中正确的是（）A．电流的方向就是电荷移动的方向B．电流都是由电子的移动形成的C．在直流电源对外供电的过程中，外电路上电流的方向是从电源正极流向负极D．电流是有方向的量，所以是矢量12.我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240 m的近似圆形轨道，当环中的电流是10 mA时(设电子的速度是3×107m/s)，在整个环中运行的电子数目为(电子电量e=1.6×10－19C)( )A．5×1011个B．5×1010个C．1×102个D．1×104个二、多选题(共4小题,每小题5.0分,共20分)13.(多选)如图所示，直线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，曲线是某一带电粒子通过电场区域时的运动轨迹，A、B是轨迹上两点．若带电粒子运动中只受静电力作用，根据此图可以作出的判断是( )A．带电粒子所带电荷的符号B．带电粒子在A、B两点的受力方向C．带电粒子在A、B两点的加速度何处大D．带电粒子在A、B两点的加速度方向14.(多选)下列说法正确的是( )A．将电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定增加B．将正电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定增加C．将负电荷由电势高的地方移到电势低的地方，电势能一定增加D．无论是正电荷还是负电荷，静电力做负功时电势能一定增加15.(多选)如图所示，一个电量为－Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点．另一个电学量为＋q及质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到B点的速度最小为v.已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ、AB间距离为L0及静电力常量为k，则( )A．OB间的距离为B．点电荷乙能越过B点向左运动，其电势能仍增大C．在点电荷甲形成的电场中，AB间电势差UAB＝D．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W＝μmgL0＋mv－mv216.(多选)两个完全相同的小金属球，它们的带电荷量之比为5∶1(皆可视为点电荷)，它们在相距一定距离时相互作用力为F1，如果让它们接触后再放回各自原来的位置上，此时相互作用力变为F2，则F1∶F2可能为( )A． 5∶2B． 5∶4C． 5∶6D． 5∶9分卷II三、实验题、填空（共20分）17.如图所示，两个带等量异种电荷的小球，质量均为2 g，各用长5.1 cm的绝缘细线吊住，细线质量不计，小球可看成质点，悬点OO′相距d＝4 cm.平衡时，两球各偏离竖直方向1 cm，则每个小球的电荷量为________．如果外加一个水平方向的匀强电场后，两球重新回到悬线竖直位置．此电场方向为________，大小E＝________ N/q.18/.某研究性学习小组的同学设计了以下实验方案来验证电荷守恒定律.根据以上实验过程和观察到的现象，回答下列问题：(1)步骤二的实验现象，说明______________________________________________；(2)步骤三的实验现象，说明________________________________________________；(3)该研究性实验________(选填“能”或“不能”)验证电荷守恒定律．19.带正电荷为1.0×10﹣3C的粒子，不计重力，在电场中先后经过A、B两点，飞经A点时动能为10 J，飞经B点时动能为4 J，则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了J，AB 两点电势差为V．20.闪电是云层与云层或云层与高大建筑物间放电所致，在放电过程中将释放大量能量.2015年8月10日，广州海珠湖公园一木屋被雷电击中，三人受伤．据有关专家估算雷击时释放能量约为3.2×106J，假若从云层移向木屋的电量为32 C，则云层与木屋间电势差为________V，相当于释放电子________个．21.一电子沿一圆周顺时针高速转动，周期为10－10s，则等效电流为____________A，方向为____________方向(填“顺时针”或者“逆时针”)．四、计算题22.如图，板间距为d、板长为4d的水平金属板A和B上下正对放置，并接在电源上．现有一带电的小球(可视为质点)沿两板中心线以某一速度水平射入，当两板间电压U＝U0，且A接负时，该质点就沿两板中心线射出；当A接正时，该质点就射到B板距左端为d的C处．取重力加速度为g，不计空气阻力．(1)求质点射入两板时的速度；(2)当A接负时，为使带电质点能够从两板间射出，求：两板所加恒定电压U的范围(结果用电压U0表示)．23.如图所示，在场强E＝104N/C的水平匀强电场中，有一根长l＝15 cm的细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m＝3 g、电荷量q＝2×10－6C的带正电小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，g取10 m/s2.求：(1)小球到达最低点B的过程中重力势能、电势能分别变化了多少？(2)若取A点电势为零，小球在B点的电势能、电势分别为多大？(3)小球到B点时速度为多大？绳子张力为多大？24.如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10－5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.001 J，已知A、B两点间距离为4 cm，两点连线与电场方向成60°角，求：(1)电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功W AB；；(2)A、B两点间的电势差U(3)该匀强电场的电场强度E.25为使带负电的点电荷q在一匀强电场中沿直线匀速地由A运动到B，必须对该电荷施加一个恒力F，如图所示，若AB＝0.4 m，α＝37°，q＝－3×10－7C，F＝1.5×10－4N，A点的电势φA＝100 V．(不计负电荷受到的重力sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(1)在图中用实线画出电场线，用虚线画出通过A、B两点的等势线，并标明它们的电势．(2)求q在由A到B的过程中电势能的变化量是多少？答案17.【答案】×10－8C 向右7.5×10418.【答案】(1)板带电(2)两板所带总电荷量为零(3)能19.【答案】6 －6 00020.【答案】1×1052×102021.【答案】1.6×10－9逆时针22【解析】(1)当两板加上电压U0且A板为负时，有：q＝mgA板为正时，设带电质点射入两极板时的速度为v0，向下运动的加速度为a，经时间t射到C 点，有：q＋mg＝ma又水平方向有d＝v0t竖直方向有＝at2得：v0＝(2)要使带电质点恰好能从两板间射出，设它在竖直方向上运动的加速度为a1、时间为t1，应有：d＝a1t、t1＝得：a1＝若a1的方向向上，设两板所加恒定电压为U1，有：q－mg＝ma1若a1的方向向下，设两板所加恒定电压为U2，有：mg－q＝ma1解得：U1＝U0，U2＝U0所以，所加恒定电压范围为：U0>U>U0.23.【解析】(1)ΔE p＝－mgl＝－4.5×10－3JΔE p电＝Eql＝3×10－3J(2)E p电＝3×10－3JE p电＝φBq，φB＝V＝1.5×103V(3)A→B由动能定理得：mgl－Eql＝mv所以v B＝1 m/s，在B点对小球F T－mg＝，F T＝5×10－2N24.【解析】(1)负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.001 J，则电场力所做的功：WAB＝－0.001 J(2)A、B两点间的电势差：UAB＝＝V＝50 V(3)由UAB＝Ed＝E·cos 60°得：E＝＝2 500 V/m25.【解析】(1)因为点电荷在电场中匀速运动所以F＋qE＝0E＝－＝N/C＝500 N/C方向与F的方向相同．＝E·AB·c osα＝500×0.4×0.8 V＝160 V.UABφB＝φA－UAB＝100－160＝－60 V电场线和等势线如图所示．(2)设电势能的增加量为ΔEΔE＝－W电ΔE＝－qUAB＝3×10－7×160 J＝4.8×10－5J.。

云南省西双版纳州景洪三中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷一.选择题（其中1-10题只有一个选项正确，每题3分；11-14题有多个选项正确，选对一个得2分，全部选对得4分，多选不得分．本题共46分．）1．（3分）在研究下述运动时，能把物体看作质点的是（）A．研究空中跳水动作的跳水运动员B．研究飞往火星的宇宙飞船最佳运行轨道C．研究地球自转D．研究一列火车通过长江大桥所需的时间2．（3分）下列所描述的直线运动，不可能的是（）A．速度变化很小，加速度很大B．速度越来越大，加速度越来越小C．速度变化越来越快，加速度越来越小D．某瞬间速度为零，加速度很大3．（3分）甲、乙两个小物体，甲的质量是乙的3倍．它们从同一高度处同时自由下落（即不计空气阻力），则下列说法中正确的是（）A．甲比乙先着地B．下落过程中，同一时刻甲乙的速度相同C．甲的加速度比乙的大D．下落过程中，同一时刻甲乙离地面的高度不相同4．（3分）以下关于惯性的说法正确的是（）A．高速运动的物体不容易停下来，所以物体运动速度越大，惯性越大B．用相同的水平力，分别推放在地面上的两个材料不同的物体，则难以推动的物体惯性大C．匀速行驶中的客车突然刹车，乘客向前倾，这是由于惯性所引起的D．物体不受外力作用时才有惯性5．（3分）下列关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（）A．物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力B．作用力和反作用力的合力为零，即两个力的作用效果可以互相抵消C．鸡蛋碰石头时，鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力大小相等D．马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车拉马的力6．（3分）物体在平行于斜面向上的恒力F的作用下沿光滑斜面匀加速上升，若突然撤去力F，则在撤去力F的瞬间，物体将（）A．立即下滑B．立即静止C．立即具有沿斜面向下的加速度D．仍具有沿斜面向上的速度7．（3分）滑块能沿静止的传送带匀速滑下，如图．若在下滑时突然开动传送带向上传动．此时滑块的运动将（）A．维持原来匀速下滑B．减速下滑C．向上运动D．可能相对地面不动8．（3分）竖直向上抛的物体在上升过程中由于受到空气阻力，加速度大小为，若空气阻力大小不变，那么这个物体下降过程中的加速度大小为（）A．B．g C．D．9．（3分）有三个共点力F1、F2、F3作用于某一点，其合力为零．已知F3=5N，现保持其余两力大小和方向不变，只将F3的方向沿逆时针方向绕作用点转动90°，则这三个力的合力大小变为（）A．5N B．5N C．10N D．仍为零10．（3分）如图所示，位于水平地面上的质量为M的物体，在大小为F，与水平方向成θ的拉力作用下沿地面作加速运动，已知物体与地面间的动摩擦系数为μ，则物体的加速度为（）A．B．C．D．11．（4分）a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．a、b加速时，物体b的加速度大于物体a的加速度B．20秒末，a、b两物体相距最远C．40秒末，a、b两物体速度相等，相距900mD．40秒末，a、b两物体在同一位置12．（4分）如图所示，当小车向右加速运动时，物块M 向对于车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则（）A．M受摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M仍能相对于车厢壁静止D．M受静摩擦力不变13．（4分）关于牛顿第一定律的下列说法中，正确的是（）A．牛顿第一定律是实验定律B．牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因C．惯性定律与惯性的实质是相同的D．物体的运动不需要力来维持14．（4分）下面几种说法中，哪些物体的运动状态一定没有发生改变（）A．物体在斜面上匀速下滑B．运动员以恒定速率沿圆形跑道跑步C．物体做自由落体运动D．悬停在空中的直升机二.填空题（每空2分，共10分）15．（4分）打点计时器使用的电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是（填“直流电”、“交流电”），正常工作时每隔s打一个点．16．（6分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出，则相邻计数点时间间隔为s，其中x1=7.05cm，x2=7.68cm，x3=8.33cm，x4=8.95cm，x5=9.61cm，x6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是m/s，加速度的大小是m/s2．（计算结果保留两位有效数字）三.计算题（共44分）17．（10分）汽车从静止开始以1m/s2的加速度作匀加速直线运动，加速20s后作匀速运动，问：（1）汽车在第5s末的速度为多大？（2）汽车在前5s内通过的位移为多大？（3）汽车在前40s内的平均速度为多大？18．（10分）如图：质量为5kg的物体与水平地面间的动摩擦因数μ=0.2，现用F=25N与水平方成θ=37°的力拉物体，使物体由静止加速运动，10s后撤去拉力．求：（1）物体在两个阶段的加速度各是多大？（g取10m/s2）（2）物体从运动到停止总的位移．19．（10分）水滴由屋檐自由下落，当它通过屋檐下高为1.4m的窗户时，用时0.2s，不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）水滴经过窗台上沿时的速度；（2）窗台上沿距屋檐的高度．20．（14分）在海滨游乐场有一种滑沙的娱乐活动，如图，人坐在滑板上从斜坡的高处A点由静止开始滑下，滑到斜坡底部B点后沿水平滑道再滑行一段距离到C点停下来，斜坡滑道与水平滑道之间平滑连接，滑板与两滑道间的动摩擦因数均为μ=0.5，不计空气阻力，斜坡倾角θ=37°，试分析：（g=10m/s2）（1）若人和滑板的总质量为m=60kg，求人在斜坡上下滑时的加速度大小？（2）若由于受到场地限制，B点到C点的水平距离为x=20m．为了确保人身安全，假如你是设计师，你认为在设计斜坡滑道时，对AB长L应有怎样的要求．云南省西双版纳州景洪三中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一.选择题（其中1-10题只有一个选项正确，每题3分；11-14题有多个选项正确，选对一个得2分，全部选对得4分，多选不得分．本题共46分．）1．（3分）在研究下述运动时，能把物体看作质点的是（）A．研究空中跳水动作的跳水运动员B．研究飞往火星的宇宙飞船最佳运行轨道C．研究地球自转D．研究一列火车通过长江大桥所需的时间考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：质点是在物体的形状和大小对所研究的问题可以忽略不计时的理想化物理模型，能不能看做质点是由问题的性质决定的，可据此对应做出判断．解答：解：A、研究跳水运动员的跳水姿势时，不能看作质点，否则无法研究，故A错误；B、研究飞往火星的宇宙飞船最佳运行轨道时，飞船的大小和形状可以忽略，可以看作质点，故B正确；C、研究地球的自转时，地球有大小和形状不能忽略，不能看作质点，否则就无法分辨地球的转动．故C错误；D、研究火车通过长江大桥所需时间时，火车的长度不能忽略，不能看成质点，所以D错误．故选：B．点评：必须掌握质点的条件，明确能不能看成质点不是由物体决定，而是由所研究的问题的性质决定．2．（3分）下列所描述的直线运动，不可能的是（）A．速度变化很小，加速度很大B．速度越来越大，加速度越来越小C．速度变化越来越快，加速度越来越小D．某瞬间速度为零，加速度很大考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是反映速度变化快慢的物理量，等于单位时间内速度的变化量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，做减速运动．解答：解：A、加速度等于单位时间内的速度变化量，速度变化量很小，但是变化的时间更小，则加速度可能很大．故A正确．B、当加速度方向与速度方向相同，加速度越来越小，则速度越来越大．故B正确．C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快，加速度越来越大．故C错误．D、某瞬间速度为零，速度的变化率可能很大，则加速度可能很大．故D正确．本题选不可能的，故选：C．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．3．（3分）甲、乙两个小物体，甲的质量是乙的3倍．它们从同一高度处同时自由下落（即不计空气阻力），则下列说法中正确的是（）A．甲比乙先着地B．下落过程中，同一时刻甲乙的速度相同C．甲的加速度比乙的大D．下落过程中，同一时刻甲乙离地面的高度不相同考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：根据高度，结合h=比较运动的时间，根据速度时间公式比较速度的大小．解答：解：A、两物体从同一高度自由下落，根据h=知，运动的时间相等，故A错误．B、根据v=gt知，下落过程中同一时刻甲乙的速度相同，故B正确．C、甲乙均做自由落体运动，加速度相同，故C错误．D、两物体同时自由下落，同一时刻下落的高度相同，则离地的高度相同，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道自由落体运动的特点，知道下落的快慢与物体的质量无关，基础题．4．（3分）以下关于惯性的说法正确的是（）A．高速运动的物体不容易停下来，所以物体运动速度越大，惯性越大B．用相同的水平力，分别推放在地面上的两个材料不同的物体，则难以推动的物体惯性大C．匀速行驶中的客车突然刹车，乘客向前倾，这是由于惯性所引起的D．物体不受外力作用时才有惯性考点：惯性．分析：惯性大小取决于物体的质量大小，与速度大小无关．匀速行驶中的客车突然刹车，乘客向前倾，是由于惯性所引起的．解答：解：A、惯性大小与物体速度的大小无关．故A错误．B、用相同的水平力，分别推放在地面上的两个材料不同的物体，难以推动的物体受到的最大静摩擦力．故B错误．C、匀速行驶中的客车突然刹车，乘客下半身随车减速，而上半身由于惯性保持原来向前的速度而向前倾倒，故C正确．D、物体不受外力作用和受力作用时都有惯性．故D错误．故选C点评：本题考查对惯性的理解能力．要注意惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性大小取决于物体质量大小．5．（3分）下列关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（）A．物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力B．作用力和反作用力的合力为零，即两个力的作用效果可以互相抵消C．鸡蛋碰石头时，鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力大小相等D．马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车拉马的力考点：牛顿第三定律．分析：作用力和反作用力大小相等，方向相反，同时产生，同时消失，作用在不同的物体上，不是共点力，不能合成，效果不能抵消．物体之所以由静止而加速运动是因为其所受合力大于零．解答：解：A、作用力和反作用力具有同时性，同时产生，同时消失．故A错误．B、作用力和反作用力作用在不同的物体上，不能合成，效果不能抵消，故B错误．C、作用力和反作用力大小相等，方向相反．故C正确．D、马拉车的力等于车拉马的力．马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车所受的阻力．故D错误．故选C．点评：本题主要考查了牛顿第三定律，深刻理解和把握牛顿第三定律是解决本题的关键．6．（3分）物体在平行于斜面向上的恒力F的作用下沿光滑斜面匀加速上升，若突然撤去力F，则在撤去力F的瞬间，物体将（）A．立即下滑B．立即静止C．立即具有沿斜面向下的加速度D．仍具有沿斜面向上的速度考点：牛顿第二定律．分析：突然撤去力F，物体由于惯性继续向上滑动，但合力变为沿斜面向下，故物体会变为减速上滑．解答：解：物体在平行于斜面向上的恒力F的作用下沿光滑斜面匀加速上升，加速度沿斜面向上，故合力也沿斜面向上，物体受拉力、重力、支持力、摩擦力作用；突然撤去力F，由于惯性，速度不会突变，只能慢慢减小，故物体继续向上滑动；但力F撤去，重力、支持力、摩擦力均不变，结合运动情况可知，合力沿斜面向下，物体的加速度也沿斜面向下，物体匀减速上滑；故选CD．点评：物体由于惯性，速度不能突变，但根据牛顿第二定律，加速度与合力瞬时对应，可以突变．7．（3分）滑块能沿静止的传送带匀速滑下，如图．若在下滑时突然开动传送带向上传动．此时滑块的运动将（）A．维持原来匀速下滑B．减速下滑C．向上运动D．可能相对地面不动考点：物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：在传送带突然转动前后，对物块进行受力分析，结合平衡条件与滑动摩擦力产生条件，即可解决问题．解答：解：传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行受力分析：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力．传送带突然转动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑．故选：A．点评：判断物体的运动必须对物体进行受力分析，还要结合物体的运动状态，注意影响滑动摩擦力的因素．8．（3分）竖直向上抛的物体在上升过程中由于受到空气阻力，加速度大小为，若空气阻力大小不变，那么这个物体下降过程中的加速度大小为（）A．B．g C．D．考点：牛顿第二定律；竖直上抛运动．专题：计算题．分析：对物体上升过程和下降过程分别受力分析，根据牛顿第二定律列式求解．解答：解：物体上升过程mg+f=m（）物体下降过程mg﹣f=ma由以上两式解得a=故选C．点评：本题关键对上升和下降过程运用牛顿第二定律列式求解．9．（3分）有三个共点力F1、F2、F3作用于某一点，其合力为零．已知F3=5N，现保持其余两力大小和方向不变，只将F3的方向沿逆时针方向绕作用点转动90°，则这三个力的合力大小变为（）A．5N B．5N C．10N D．仍为零考点：力的合成．专题：计算题．分析：三力的合力为零，则任意两力之和与第三力大小相等方向相反；由题意可知其他两力的合力大小及方向；利用平行四边形定则可求得转动之后的合力．解答：解：如图所示，因F3=5N，故F1与F2的合力也为5N，方向与F3的方向相反；转动F3后，F1与F2的合力不变，则可以合力与转后的F3合成，故合力为5；故选A．点评：本题应明确若三力平衡，则任意两力之和与第三力大小相等，方向相反．10．（3分）如图所示，位于水平地面上的质量为M的物体，在大小为F，与水平方向成θ的拉力作用下沿地面作加速运动，已知物体与地面间的动摩擦系数为μ，则物体的加速度为（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，抓住竖直方向上的合力为零，根据牛顿第二定律求出物体的加速度．解答：解：对物体受力分析可知，物体受到重力、支持力、拉力和摩擦力的作用，在水平方向有：Fcosα﹣f=Ma，竖直方向有：Mg=F N+Fsinα，滑动摩擦力：f=μF N，得滑动磨擦力大小：F f=μ（Mg﹣Fsinα）加速度大小为：a=故选：D点评：本题就是考查学生对牛顿第二定律的基本的应用，通过受力分析列式即可求得．11．（4分）a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．a、b加速时，物体b的加速度大于物体a的加速度B．20秒末，a、b两物体相距最远C．40秒末，a、b两物体速度相等，相距900mD．40秒末，a、b两物体在同一位置考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、在速度﹣时间图象中切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；所以a物体的加速度：a1==m/s2=1.5m/s2，b物体的加速度：a2==m/s2=2m/s2，故A正确．BCD、a、b两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，到40s末之前a的速度一直大于b 的速度，a、b之间的间距逐渐增大，40s之后a的速度小于b的速度，b开始追赶a物体，间距减小，所以40s末两物体相距最远，x a=m+20×40mx b=×20×40m△x=x a﹣x b=m+20×40m﹣×20×40m=900m，故B错误，C正确，D错误．故选：AC点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．12．（4分）如图所示，当小车向右加速运动时，物块M 向对于车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则（）A．M受摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M仍能相对于车厢壁静止D．M受静摩擦力不变考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小车向右做匀加速直线运动，物体M相对小车静止，加速度与车的加速度相同，分析物块的受力情况根据牛顿第二定律研究摩擦力、弹力．解答：解：以物块为研究对象，分析受力，作出力图如图．A、物块竖直方向受力平衡，合外力等于零，摩擦力f=Mg，保持不变．故A错误，D正确．B、小车的加速度增大时，弹力N=ma增大，物块受到的最大静摩擦力增大，物块不可能沿壁下滑，所以M仍相对于车厢静止．故BC正确．故选：BCD点评：本题运用正交分解研究物体在水平方向运动的问题，要正确分析受力情况，作出力图是基础13．（4分）关于牛顿第一定律的下列说法中，正确的是（）A．牛顿第一定律是实验定律B．牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因C．惯性定律与惯性的实质是相同的D．物体的运动不需要力来维持考点：牛顿第一定律；惯性．分析：牛顿第一定律是在实验的基础上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态．解答：解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不是直接通过实验得出的；故该选项说法错误；B、由牛顿第一定律可知，当物体不受力或受平衡力时，物体将处于静止状态或匀速直线运动状态，因此力是改变物体运动状态的原因；故该选项说法正确；C、惯性是由惯性定律（牛顿第一运动定律）所推导出来的物体本身所具有的一种性质，它们的含义并不是完全相同的，故该选项错误；D、由牛顿第一定律可得，力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因；故该选项说法正确．故选BD．点评：牛顿第一定律是重要的力学定律，也叫惯性定律，揭示了力与运动的关系，即力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因．14．（4分）下面几种说法中，哪些物体的运动状态一定没有发生改变（）A．物体在斜面上匀速下滑B．运动员以恒定速率沿圆形跑道跑步C．物体做自由落体运动D．悬停在空中的直升机考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．分析：当物体的速度大小、速度方向任意一个发生变化，运动状态发生变化．解答：解：A、物体在斜面上匀速下滑，速度大小和方向不变，运动状态不变．故A正确．B、运动员做圆周运动，速度的方向在变化，运动状态改变．故B错误．C、物体做自由落体运动，速度的大小在变化，运动状态改变．故C错误．D、悬停空中的直升机，处于静止状态，运动状态不变．故D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道运动状态不变，即速度大小和方向都不变，或处于静止状态．二.填空题（每空2分，共10分）15．（4分）打点计时器使用的电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电（填“直流电”、“交流电”），正常工作时每隔0.02s打一个点．考点：用打点计时器测速度．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器．要知道打点计时器的打点频率和周期的含义和关系．解答：解：常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电，正常工作时每隔0.02s 打一个点．故答案为：交流电，0.02．点评：对于物理知识我们不能死记硬背，而是要知道为什么．打点计时器的打点频率和周期是互为倒数．16．（6分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出，则相邻计数点时间间隔为0.1s，其中x1=7.05cm，x2=7.68cm，x3=8.33cm，x4=8.95cm，x5=9.61cm，x6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是0.86m/sm/s，加速度的大小是0.64m/s2．（计算结果保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小．解答：解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小．v A===0.86m/s根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a===0.0.64m/s2，故答案为：0.1；0.86m/s；0.64点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．三.计算题（共44分）17．（10分）汽车从静止开始以1m/s2的加速度作匀加速直线运动，加速20s后作匀速运动，问：（1）汽车在第5s末的速度为多大？（2）汽车在前5s内通过的位移为多大？（3）汽车在前40s内的平均速度为多大？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）物体先做初速度为零的匀加速直线运动，运动5s后速度由v=v0+at1求解．（2）根据位移时间公式求解汽车在前5s内通过的位移．（3）先根据位移公式求解出前40s内的位移，即可由位移与时间之比求解出平均速度．解答：解：（1）汽车在第5s末的速度为v=at1=1×5m/s=5m/s．（2）汽车在前5s内通过的位移为x1==m=12.5m．（3）汽车在前40s内的位移为：x2=+（at2）t3=1×20m+（1×20）×20m=410m平均速度为==m/s=10.25m/s答：（1）汽车在第5s末的速度为5m/s；（2）汽车在前5s内通过的位移为12.5m；（3）汽车在前40s内的平均速度为10.25m/s．点评：本题要结合物体的运动情况，灵活选择运动学公式解题，关键要掌握位移公式和速度公式．。

2019届云南省民族中学高三10月月考物理试题一、单选题(共5小题,每小题6.0分,共30分)1.从高度为h处以水平速度v0抛出一个物体，要使该物体的落地速度与水平地面的夹角较大，则h与v0的取值应为下列四组中的哪一组( ）A．h＝30 m，v0＝10 m/sB．h＝30 m，v0＝30 m/sC．h＝50 m，v0＝30 m/sD．h＝50 m，v0＝10 m/s2.如图，一长为L的轻杆一端固定在光滑铰链上，另一端固定一质量为m的小球．一水平向右的拉力作用于杆的中点，使杆以角速度ω匀速转动，当杆与水平方向成60°时，拉力的功率为( )A．mgLωB．mgLωC．mgLωD．mgLω3.物体甲的速度与时间图象和物体乙的位移与时间图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是( )A．甲在整个t＝4 s时间内有来回运动，它通过的总路程为12 mB．甲在整个t＝4 s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为6 mC．乙在整个t＝4 s时间内有来回运动，它通过的总路程为12 mD．乙在整个t＝4 s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为6 m4.如图所示，甲、乙两木块用细绳连在一起，中间有一被压缩竖直放置的轻弹簧，乙放在水平地面上，甲、乙两木块质量分别为m1和m2，系统处于静止状态，此时绳的张力为F.在将细绳烧断的瞬间，乙对地面压力为( )A． (m1＋m2)g B． (m1＋m2)g＋FC．m2g＋F D．m1g＋F5.如图所示，小物体从某一高度自由下落，落到竖直在地面的轻弹簧上，在A点物体开始与弹簧接触，到B点物体的速度为零，然后被弹回，则下列说法中正确的是( )A．物体经过A点时速度最大B．物体从A下落到B的过程中，物体的机械能守恒C．物体从A下落到B以及从B上升到A的过程中，动能都是先变大后变小D．物体从A下落到B的过程中的动能和重力势能之和越来越大二、多选题(共3小题,每小题6.0分,共18分)6.（多选）我国于2013年12月2日成功发射嫦娥三号探月卫星，并于12月14日在月面的虹湾区成功实现软着陆并释放出“玉兔”号月球车，这标志着中国的探月工程再次取得阶段性的胜利。

云南省景洪市三中2018-2019学年上学期10月份考试高二化学本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。

学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共25小题,每小题2.0分,共50分)1.关于CS2，SO2，NH3三种物质的说法中正确的是（）A． CS2在水中的溶解度很小，是由于其属于极性分子B． SO2和NH3均易溶于水，原因之一是它们都是极性分子C． CS2为非极性分子，所以在四种物质中熔沸点最低D． NH3在水中溶解度很大只是由于NH3分子有极性2.下列叙述不正确的是( )A．卤化氢分子中，卤素的非金属性越强，共价键的极性越强，稳定性也越强B．以极性键结合的分子，不一定是极性分子C．判断A2B或AB2型分子是极性分子的依据是：具有极性键且分子构型不对称，键角小于180°，为非直线形结构D．非极性分子中，各原子间都应以非极性键结合3.下列描述中正确的是( )A． CS2为V形的极性分子B．的空间构型为平面三角形C． SF6中有4对完全相同的成键电子对D． SiF4和的中心原子均为sp3杂化4.下列电子排布图所表示的元素原子中，其能量处于最低状态的是( )5.N2的结构可以表示为，CO的结构可以表示为，其中椭圆框表示π键，下列说法不正确的是( )A． N2分子与CO分子中都含有三键B． N2分子与CO分子中π键并不完全相同C． N2分子与CO分子互为等电子体D． N2分子与CO分子的化学性质相同6.下列物质的分子中，都属于含极性键的非极性分子的是( )A． CO2，H2S B． C2H4，CH4C． Cl2，C2H2D． NH3，HCl7.下列对元素周期律和元素周期表的认识正确的是( )A．元素周期律的本质是随着核电荷数的增加元素化合价呈周期性的变化B．核外电子排布的周期性变化是元素性质周期性变化的本质C．元素周期表中可以把元素分成s、p、d、ds四个区D．元素周期表中最外层电子数<2的元素一定是金属元素8.下列说法正确的是( )A．因为p轨道是“8”字形的，所以p电子是“8”字形B．能层数为3时，有3s、3p、3d、3f四个轨道C．氢原子中只有一个电子，故氢原子只有一个轨道D．原子轨道与电子云都是用来形象描述电子运动状态的9.N—H键键能的含义是( )A．由N和H形成1 mol NH3所放出的能量B．把1 mol NH3中的共价键全部拆开所吸收的能量C．拆开约6.02×1023个N—H键所吸收的能量D．形成约1个N—H键所放出的能量10.下列有关物质性质、结构的表述均正确，且存在因果关系的是( )11.当镁原子由1s22s22p63s2跃迁到1s22s22p63p2时，以下认识正确的是( ) A．镁原子由基态转化成激发态，这一过程中吸收热量B．镁原子由基态转化成激发态，这一过程中释放热量C．转化后位于p能级上的两个电子的能量没有发生任何变化D．转化后镁原子与硅原子电子层结构相同，化学性质相似12.在短周期主族元素中，原子的核电荷数、核外电子层数、每层所容纳的电子数、主族序数均为偶数的有( )A． 2种B． 3种C． 4种D． 8种13.下列说法正确的是( )①“构造原理”是所有原子随原子序数递增，核外电子排布遵循的规律②4s轨道的能量一定比3d轨道的能量低③同一电子层中三个p轨道的能量一定相等④原子核外电子排布遵循“使整个原子处于能量最低的状态”为总原则A．①②B．②③④C．②④D．①③14.a、b、c、d是四种短周期元素。

机密★考试结束前景洪市2019 年初中学业水平模拟考试物理试题卷（全卷四个大题，共25 个小题，共8 页；满分100 分，考试用时90 分钟）注意事项：1．本卷为试题卷。

考生解题作答必须在答题卡上，答案书写在答题卡相应位置上，在试题卷、草稿纸上作答无效。

2．考试结束后，请将试题卷和答题卡一并交回。

3．试题中用到g均取10N/k g一、选择题（本大题共8 小题，每小题只有一个是正确选项，每小题3 分，满分24 分）1．学校运动会上4×100m 接力赛中，为保证传接棒顺利进行，并取得好成绩，在传接棒时两位运动员应A．都站在原地不动B．都奔跑，接棒运动员与传棒运动员几乎保持相对静止C．都奔跑，接棒运动员速度要大于传棒运动员D．传棒运动员奔跑，接棒运动员站在原地不动2．如图1 所示的杠杆中，属于费力杠杆的是图1A．撬棒B．羊角锤C．核桃夹D．食品夹3．烧水时水温升高，下列实例中，在改变物体内能方面与上述方法相同的是A．飞驰的流星拖着一条发光的尾巴B．锯木头时锯子发烫C．冬天用热水袋取暖D．两手相互摩擦手就暖和了4．如2图，给凸透镜“戴”上近视眼镜，此时光屏上能成一个清晰的像，若移除近视眼镜，为使光屏上的像清晰，在保持烛焰和透镜位置不变的条件下，应该将光屏A．保持在原来的位置B．靠近透镜C．靠近透镜和远离透镜都可以D．远离透镜图25．下列说法中正确的是A．足球只有在射门时才具有惯性B．物体受到力的作用时运动状态一定改变C．牛顿第一定律是在观察和实验基础上经过科学推理而得D．奥运会上的百米赛跑运动员跑完100 米后不能立即停下来，因为运动员获得了惯性6．水平桌面上放置一底面积为S 的薄壁圆筒形容器内盛某种液体，将质量分别为m A、m B、m C，密度分别为ρA、ρB、ρC的均匀实心小球A、B、C放入液体中，A球漂浮，B球悬浮，C 球下沉，如图3 所示，它们所受的浮力分别为F A、F B、F C，下列选项正确的是A．三个小球的密度关系是ρA＜ρB＜ρCB．将C 球截去部分后，剩余部分可能上浮C．若m A=m B=m C，则F A=F B=F C图3D．三球放入液体后，液体对容器底部的压强没有发生变化7．下列有关电与磁的说法正确的是A．磁感线是用来形象地描述磁场的，磁感线并不真实存在B．悬吊着的小磁针静止时N 极指向地理南极附近C．第一个发现电与磁之间的联系的人是法拉第D．电动机是利用电磁感应原理制成的8．如图 4 甲所示的电路中，电源电压不变，滑动变阻器的滑片 P 从 a 端移到 b 端，如图 4 乙所示是定值电阻 R 1 两端的电压随滑动变阻器 R 2 阻值变化的图象，下列说法中错误的是 A ．电源电压为 6VB ．P 在 b 端时，由乙图可知电阻 R 2=50Ω，此时电路电流为 0.1AC ．P 在 b 端时，电阻 R 1 的功率为 0.1WD ．P 在 b 端时，该电路的总功率为 0.1W甲乙图 4二、填空题（本大题共 10 小题，每小题 2 分，满分 20 分）9．如图 5，从左向右往玻璃管中吹风，U 形管 A 管中的水面会（选填“上升”或“下降”），说明对于流动气体，在流速大的地方压强（选填“大”或“小”）。