高二年级第一学期第一次月考物理试卷

高二物理上册第一次月考检测试题大家把实际知识温习好的同时，也应该要多做题，从题中找到自己的缺乏，及时学懂，下面是查字典物理网小编为大家整理的高二物理上册第一次月考检测试题，希望对大家有协助。

一.多项选择题(选对4分，漏选2分，选错0分)1.如下图，导体棒AB接近带正电的导体Q放置，那么( )A. 用手接触B端，移去手指再移去Q后，AB不带电B. 用手接触B端，移去手指再移去Q后，AB带负电C. 导体Q与导体棒AB接触然后迅速分开，此进程中导体Q 上的正电荷会移到导体棒AB上D.导体Q与导体棒AB接触然后迅速分开，此进程中导体棒AB上的负电荷会移到导体Q上2.如图11所示，福娃欢欢带正电，福娃贝贝带负电，用导体棒连结的瞬间，就一系列效果两人发作争论，你以为以下说法不正确的选项是( )A.福娃欢欢说，电流计指针偏转，有瞬时电流B.福娃贝贝说，电流计指针不偏转，无电流C.福娃欢欢说，最终我们是等势体D.福娃贝贝说，最终导体棒内的电场强度等于零3.下述说法正确的选项是( )A.依据E = F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比.B.依据E = KQ/r2，知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比.C.依据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强.D.电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹4.假设不计重力的电子，只受电场力作用，那么电子在电场中能够做( )A.匀速直线运动B.匀减速直线运动C.匀变速曲线运动D.匀速圆周运动5.某电场中等势面散布如下图，图中虚线表示等势面，:过a、c两点的等势面电势区分为40 V和10 V，那么a、c连线的中点b处的电势应( )A.一定等于25 VB.大于25 VC.小于25 VD.能够等于25 V6.AB连线是某电场中的一条电场线，一正电荷从A点处自在释放，电荷仅在力作用下沿电场线从A点到B点运动进程中的速度图象如下图，比拟A、B两点电势的上下和场强E的大小，以下说法中正确的选项是( )A.B，EAEBB.B，EAC.B，EAEBD.B，EA7.如图，把一带正电的小球a放在润滑绝缘面上，欲使球a 能运动在斜面上，需在MN间放一带电小球b，那么b应( )A.带负电，放在A点B.带正电，放在B点C.带负电，放在C点D.带正电，放在C点8.如图，A、B两点各放有电量为+Q和+2Q的点电荷，A、 B、C、D四点在同不时线上，且AC=CD=DB.将一正电荷从C点沿直线移到D点，那么( )A.电场力不时做正功B.电场力先做正功再做负功C.电场力不时做负功D.电场力先做负功再做正功9.如下图，一个质子沿abc的轨迹运动，那么( )A.电势先降低再降低B.质子的电势能先降低再降低C.电场力一直做正功D.电场力先做负功再做正功要多练习，知道自己的缺乏，对大家的学习有所协助，以下是查字典物理网为大家总结的高二物理上册第一次月考检测试题，希望大家喜欢。

高二上学期第一次月考物理（附答案解析）考生注意：1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。

2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。

3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。

选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。

4.本卷命题范围：新人教必修第三册第九章~第十一章第3节。

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.如图甲所示为人体的细胞膜模型图，由磷脂双分子层组成，双分子层之间存在电压（医学上称为膜电位）.现研究某小块厚度均匀的细胞膜，厚度为d，膜内的电场可看作匀强电场，简化模型如图乙所示.初速度可视为零的一价氯离子仅在电场力的作用下，从图乙中的A点运动到B点，下列说法正确的是（）甲乙A.A点电势高于B点电势B.氯离子的电势能增大C.氯离子的加速度变大D.若膜电位不变，当d增大时，氯离子进入细胞内的速度不变2.心脏除颤器是通过一个充电的电容器对心颤患者皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，使心脏完全停止跳动，再刺激心颤患者的心脏恢复正常跳动的仪器.如图所示是一次心脏除颤器的模拟治疗，该心脏除颤器的电容器电容为15μF，充电后电容器的电压为4.0kV，如果电容器在2.0ms时间内完成放电，下列说法正确的是（）A.放电之前，电容器存储的电荷量为6×104CB.放电过程中通过人体的电流平均值为30AC.放电之后，电容器的电容为零D.放电之后，电容器的电压仍为4kV3.空间存在沿x轴的电场，x轴上各点电势φ随坐标x变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.在x 1处电场强度最大B.在0~ x 1间只有一点电场强度的大小为001E x ϕ=C.将电子由x 1处移到x 3处的过程中，电场力做正功D.质子在x 2处电势能为零，受到的电场力也为零4.在显像管的电子枪中，炽热的金属丝不断放出电子进入电压为U 的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S 、长为L 的电子束.已知电子的电荷量为e 、质量为m ，射出加速电场时单位长度电子束内的电子个数为N ，则电子束的电流为（ ）A.B.C.D.5.如图所示为某一点电荷所形成的一簇电场线，a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹，其中b 虚线为一圆弧，AB 的长度等于BC 的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力.下列说法正确的是（ ）A.a 一定是正粒子的运动轨迹，b 和c 一定是负粒子的运动轨迹B.a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，b 、c 虚线对应的粒子的加速度越来越大C.a 粒子的动能减小，b 粒子的动能不变，c 粒子的动能增大D.b 虚线对应的粒子的质量大于c 虚线对应的粒子的质量6.如图所示，平行板电容器与电源连接，下极板B 接地，开关S 闭合后，一带电油滴在电容器中的P 点处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A.油滴带负电B.保持开关S 闭合，A 板竖直上移一小段距离的过程中，电流计中电流方向向右C.保持开关S 闭合，A 板竖直上移一小段距离，P 点的电势升高D.开关S 闭合后再断开，A 板水平向左移动一小段距离，带电油滴的电势能增大7.半径为R 的绝缘细圆环固定在图示位置，圆心位于O 点，环上均匀分布着电量为Q 的正电荷，点A 、B 、C 将圆环三等分，取走A 、B 处两段弧长均为ΔL 的小圆弧上的电荷，将一点电荷q 置于OC 延长线上距C 点为2R 的D 点，O 点的电场强度刚好为零，圆环上剩余电荷分布不变，则q 为（ ）A.正电荷，9Δ2Q Lq R π=B.负电荷，9Δ2Q Lq R π=C.正电荷，2ΔQ Lq Rπ=D.负电荷，2ΔQ Lq Rπ=8.如图所示，abc 是竖直面内的光滑绝缘固定轨道，ab 水平，b c 是与ab 相切于b 点且半径为R 的14圆弧，所在空间有方向平行于ab 向右的匀强电场，电场强度大小为mgE q=.在轨道上P 点由静止释放一个质量为m 、电荷量为q （q >0）的小球，小球飞出轨道后达到的最高点为Q （图中未画出）.若小球可视为质点，重力加速度大小为g ，Q 与C 点的高度差为3R，则可知（ ）A.Q 在C 点的正上方B.3R Pb =C.从c 到Q 的过程中，小球的动能不变D.从b 到c 的过程中，小球对轨道的最大压力为13mg ⎛⎫ ⎪⎝⎭9.两个电阻R 1、R 2的伏安特性曲线如图所示，由图可知（ ）A.R 1的阻值为1ΩB.R 2的电阻随电压的增大而减小C.R 1为线性元件，R 2为非线性元件D.当U=1V时，R2的电阻等于R1的电阻10.多级加速器原理如图甲所示，多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，圆筒的长度依照一定的规律依次增加，圆筒和交变电源两极交替相连，交变电压变化规律如图乙所示.在t=0时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值，此时位于序号为0的金属圆板中央的一个电子，在电场中由静止开始加速，沿中心轴线冲进圆筒.若已知电子的质量为m、电荷量为e，电压的绝对值为U0，周期为T，电子通过圆筒间隙的时间忽略不计，为使其能不断加速，下列说法正确的是（）甲乙A.金属圆筒内部场强处处为零，电子在圆筒内做匀速运动B.t=3T时，电子刚从7号圆筒中心出来C.电子离开第8D.第n11.如图甲所示为静电除尘的原理结构图，如图乙所示为静电喷涂的原理结构图，下列说法正确的是（）甲乙A.对图甲，电晕极附近的气体分子被强电场电离，电子向收尘极运动使含尘气体中的粉尘带负电，积累在筒壁一定量后进入下方的漏斗排出B.对图甲，电晕极与收尘极之间的电场为匀强电场C.对图乙，喷口喷出的雾化涂料微粒带正电，被涂工件不带电D.对图乙，工件与喷口之间较强的电场使带电雾化涂料向带电的工件运动，正、负电荷的作用使涂料均匀地涂在工件上12.如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，ab∥cd，ab⊥b c，2ab=cd=bc=2l，电场方向与四边形所在平面平行.已知a点电势为12V，b点电势为14V，d点电势为6V.一个质子（不计重力）经过b点的速度大小为v0，方向与bc成45°角，一段时间后经过c点，下列说法正确的是（）A.c 点电势为10VB.场强的大小为E =a 指向d C 质子从b 运动到c所用的时间为v D.若质子质量为m 、电量为q ，则质子运动到c二、实验题（本题共2小题，共16分）13.（5分）如图所示是某实验小组“定性探究平行板电容器的电容C 与其极板间距离d 、极板间正对面积S 之间的关系”的装置图.充电后与电源断开的平行板电容器的A 板与静电计相连，B 板和静电计金属壳都接地，A 板通过绝缘柄固定在铁架台上，人手通过绝缘柄控制B 板的移动.回答下列问题：甲乙（1）下列说法正确的是________.A.本实验中静电计的作用是测定该电容器两极板间的电势差变化B.操作过程中，可认为A 、B 两板间的场强始终不变C.操作过程中，可认为A 、B 两板间的带电量始终不变D.操作过程中，可认为电容器的电容始终不变（2）在实验中观察到的现象：甲图中的手水平向左移动少许，静电计指针的张角________；乙图中的手竖直向上移动少许，静电计指针的张角________.（均填“变大”“变小”或“不变”）（3）通过以上实验可归纳得到的结论是________________________________________________________. 14.（11分）随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户.某市对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现有不少样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标）不合格. （1）你认为不合格的纯净水的电导率________.（填“偏大”“偏小”或“不变”） （2）某学习小组对某种纯净水样品进行检验，实验步骤如下：①用游标卡尺测量绝缘性能良好、长为L的圆柱形塑料容器内径如图甲所示，其示数为d=________mm.甲乙②将采集的水样装满圆柱形塑料容器，两端用金属圆片电极密封，用多用电表粗测该水样的电阻为1200Ω.为了准确测量水样的电导率，学习小组准备利用以下器材进行研究：A.电压表（0~3V，内阻约为1kΩ）B.电压表（0~15V，内阻约为5kΩ）C.电流表（0~10mA，内阻约为1Ω）D.电流表（0~0.6A，内阻约为10Ω）E.滑动变阻器（最大阻值约为100Ω）F.蓄电池（约为12V，内阻约为2Ω）G.开关、导线若干实验要求测量尽可能准确，电路中电压表应选择________，电流表应选择________（均填器材前面的字母序号）；请在图乙方框中设计出实验电路图.③水样电导率的表达式为σ=________.（用U、I、d、L表示）三、计算题（本题3小题，共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（7分）如图所示，a、b、c三点处在某一匀强电场中，该电场方向与a、b两点的连线平行，已知ab的长度L1=5cm，ac的长度L2=12cm，ab与ac间的夹角θ=120°.现把带电荷量为q=—4×10-8C的点电荷从a点移到b点，电场力做功为1.6×10-7J.求：（1）a、b两点间的电势差U ab；（2）把该电荷从a点移到c点，电场力做的功.16.（12分）如图所示，一质量为m=1×10-2k g、带电荷量大小为q=1×10-6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向夹角为θ=37°.小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）该小球带正电还是带负电，电场强度E 的大小；（2）若某时刻将细线剪断，经过1s 时小球的速度大小v 及方向；（3）若将原电场方向改为竖直向下，大小保持不变，小球从图示位置由静止释放后运动过程细线的最大拉力. 17.（17分）如图所示，一质量为m =1×10-20k g 、带电量为q =+1×10-10C 的粒子，从静止开始被加速电场（图中未画出）加速后从R 点沿中线水平方向飞入平行板电容器，初速度v 0=3×106m/s ，粒子飞出平行板电场后经过界面MN 、PS 间的无电场区域后，进入固定在中心线上O 点的点电荷Q 形成的电场区域（界面PS 右边点电荷的电场分布不受界面的影响），粒子穿过界面PS 后被点电荷Q 施加的电场力俘获，从而以O 点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF 上.已知两平行金属板A 、B 水平正对且长均为l =6cm ，两板间距d =2cm ，U AB =100V ，两界面MN 、PS 相距为L =15cm ，静电力常量k =9.0×109N ·m 2/C 2，粒子重力不计.求：（1）加速电场的电压U '；（2）粒子穿过界面PS 时偏离中心线RO 的距离Y ；（3）点电荷Q 的电荷量.3≈，保留一位有效数字）运城市教育发展联盟2023-2024学年高二上学期10月月考物理参考答案、解析及评分细则1.D 因为氯离子带负电，其仅在电场力作用下从图乙中的A 点运动到B 点，说明电场力方向沿A 指向B ，电场线由B 指向A ，所以A 点电势低于B 点电势，A 错误；因为电场力对氯离子做正功，所以其电势能减小，B 错误；因为膜内的电场可看作匀强电场，根据qEa m=，氯离子的加速度不变，C 错误；根据动能定理2102qU mv =-，可知氯离子进入细胞内的速度v 与距离d 大小无关，又因为膜电位U 不变，则氯离子进入细胞内的速度不变，D 正确.2.B 根据631510410C 0.06C Q CU -==⨯⨯⨯=，可知放电前，电容器储存的电量为0.06C ，A 错误；放电过程通过人体的平均电流大小为30.06C 30A 210?sQ I t -===⨯，B 正确；电容是表征电容器储存电荷本领大小的物理量，放电之后，电容器的电容是不变的，C 错误；放电之后，电容器的电荷量为零，电压为零，D 错误. 3.B 根据场强与电势差的关系ΔΔU E d xϕ==，结合图像可知，斜率的绝对值表示场强大小，则1x 处斜率为零，电场强度为零，A 错误；如图所示，连接0x 处的斜率等于001E x ϕ=，且在0~1x 间只有一点，B 正确；由图可知，1x 到3x 的电势差为正值，电子带负电，电场力做负功，C 错误；电势能等于电荷量与电势的乘积，故质子在2x 处电势能为零，但是该处的斜率不为零，说明场强不为零，即受到的电场力不为零，D 错误.4.A5.D 由运动轨迹可知a 粒子受向左的电场力，b 、c 粒子受到向右的电场力，由于不知道电场的方向，所以无法确定a 、b 、c 三个带电粒子的电性，A 错误；由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，故a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，c 虚线对应的粒子的加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变，B 错误；由题意可知a 粒子的运动方向和电场力方向的夹角为锐角，所以电场力对其做正功，a 粒子的动能增大，b 粒子的运动方向始终和电场力垂直，电场力对其不做功，所以b 粒子的动能不变，c 粒子的运动方向和电场力方向的夹角为锐角，所以电场力对其做正功，c 粒子的动能增大，C 错误；a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹，且三个粒子的电荷量大小相等，故静电力相等，由于b 粒子做圆周运动，说明向心力等于静电力，c 粒子做向心运动，故静电力大于所需的向心力，根据2v F mr=可知c 粒子质量较小，D 正确.6.C 油滴静止不动，说明重力与电场力平衡，电场力方向与电场方向相同，故带正电，A 错误；保持开关闭合，A 板竖直上移一小段距离的过程中，电容器极板电压U 不变，根据4r S QC kd Uεπ==，电容器电容C 减小，电容器所带电荷量Q 减小，由于上极板带负电，则电流计中电流方向向左，B 错误；保持开关闭合，A 板竖直上移一小段距离，电容器极板电压U 不变，根据UE d=可知板间电场强度减小，由于下极板B 带正电，则有0BP BP B P P U Ed ϕϕϕ==-=-，可知P 点的电势升高，C 正确；开关S 闭合后再断开，A 板水平向左移动一小段距离，电容器电荷量保持不变，根据4r U Q kQ E d Cd Sπε===，可知板间电场强度增大，油滴受到的电场力增大，油滴向上运动，电场力做正功，电势能减小，D 错误.7.B 因为正电荷在细圆环上均匀分布，所以弧长为ΔL 的小圆弧上所带电荷量为Δ2LQ Q Rπ='，在ΔL 足够小时，可以将取走的部分看作点电荷，根据圆环的对称性，可以得到取走A 、B 处两段弧长均为ΔL 的小圆弧上的电荷后，细圆环在O 点产生的电场如图所示，有123ΔΔ22Q LQ L R E k k R Rππ==，由图可知，两场强的夹角为120°，则两者的合场强为13Δ2Q LE E k Rπ==，根据O 点的合场强为0，则放在D 点的点电荷带负电，在O 点产生的场强大小为3Δ2Q L E E kR π'==，根据()23qE k R '=，联立解得9Δ2Q L q R π=，B 正确.8.B 小球从c 点飞出时速度方向竖直向上，离开c 后，水平方向向右做初速度为零的匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动，竖直方向速度减为零时到达最高点Q ，Q 点在c 点的右上方，A 错误；从c 到Q 的过程中，竖直方向上有223c R v g =⨯，从P 到c 过程，由动能定理得()2102Pb c qE x R mgR mv +-=-，解得3R Pb =，B 正确；设小球所受合力方向与水平方向间的夹角为θ，则tan 1mg mgqE mgθ===，则45θ=︒，小球从c 到Q 的过程中，小球的合力与运动轨迹如图甲所示，可知小球所受合力先做负功后做正功，则小球的动能先减小后增大，C 错误；小球在等效平衡位置d 点速度最大，对轨道的压力最大，如图乙所示，从P 到d ，由动能定理得()211sin cos 032qE R R mg R R mv θθ⎛⎫+--=- ⎪⎝⎭，在d 点，对小球由牛顿第二定律得2sin mg v F m R θ-=，解得4 3F mg ⎛⎫= ⎪⎝⎭，由牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力大小为43F F mg '⎛⎫== ⎪⎝⎭，D 错误.甲 乙9.CD R 1的阻值为11Ω2Ω0.5U R I ===，A 错误；R 2的图像上各点的横坐标U 与纵坐标I 的比值随电压的增大而增大，则R 2的电阻随电压的增大而增大，B 错误；R 1为线性元件，R 2为非线性元件，C 正确；当U =1V 时，R 2的电阻等于R 1的电阻，均等于2Ω，D 正确.10.AD 因一个筒只接一个电极，所以金属圆筒内部场强处处为0，电子在圆筒内做匀速运动，A 正确；因为筒长是按一定的规律增加的，那么电子在每个筒内运动的时间必须为交流电周期的一半，所以当t =0时，电子进入1号筒，当2Tt =时，电子从1号筒中心飞出，以此类推，当t =3T 时，电子刚从6号圆筒中心出来，B 错误；设粒子进入第n 个筒时的速度为v n ，由动能定理可得20102n neU mv =-，解得n v =n 个筒的长度为2n n TL v t ==，可以发现n L ∝C 错误、D 正确. 11.AD 对图甲，电晕极附近的气体分子被强电场电离，电子向收尘极运动使含尘气体带负电，积累在筒壁后进入下方的漏斗排出，A 正确；对图甲，电晕极与收尘极之间的电场为辐射电场，不是匀强电场，B 错误；对图乙，喷口喷出的雾化涂料微粒带负电，工件带正电，C 错误；对图乙，工件与喷口之间较强的电场使带电雾化涂料向带电的工件运动，使涂料均匀地涂在工件上，D 正确. 12.AC13.（1）AC （2分）（2）变大（1分）变大（1分）（3）平行板电容器极板间距d 越大，电容C 越小；两板间的正对面积S 越小，电容C 越小（1分）14.（1）偏大（1分） （2）①50.20（2分） ②B （1分）C （1分）见解析图（4分）③24LId Uπ（2分）解析：（1）纯净水应为不含有杂质的纯水，而纯净水不合格，通常是含有一定的杂质，杂质通常是带电离子，故纯净水不合格通常是电导率偏大.（2）①该游标卡尺精确度为1mm 0.05mm 20=，圆柱形容器内径为50?mm 0.05?mm 450.20mm d =+⨯=. ②由于电源电压为12V ，为了电压测量的安全性，电压表应选B ；电路中电流约为12 A 10mA 1200U I R ===，电流表应选C ；该水样的电阻为1200Ω，电流表应采用内接法，由于滑动变阻器的阻值比待测电阻小太多，所以采用分压接法，电路如图所示.③根据L R S ρ=，22d S π⎛⎫= ⎪⎝⎭，U R I =，联立解得24d U LI πρ=，电导率是电阻率的倒数，所以电导率为24LI d Uσπ=. 15.解：（1）由电势差定义可得781.610 V 4V 410ab abW U q --⨯===--⨯（2分） （2）ab 的长度15cm 0.05m L ==，ac 的长度212cm 0.12m L == 匀强电场的场强14 N/C 80N/C 0.05ab U E L ===，方向由b 指向a （2分） 从a 点移到c 点，电场力做的功2cos ac W qEL θ=（2分） 则871410800.12J 1.9210J 2ac W --⎛⎫=⨯⨯⨯⨯-=-⨯ ⎪⎝⎭16.解：（1）由于小球静止时偏向左边，受电场力水平向左，所以该小球带负电（1分）对小球，由平衡条件可得tan qE mg θ=（1分）解得电场强度大小为47.510N/C E =⨯（1分）（2）剪断细线后，小球只受重力和电场力，所以两力的合力沿着绳的方向，小球做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得cos mg ma θ=（2分） 联立解得12.5m/s v at ==（1分） 方向斜向左下与竖直方向夹角为37°（1分）（3）通过分析可知在复合场中小球受到的合力方向竖直向下，故在最低点时，细线的拉力最大 由初始位置到最低点，由动能定理有()()211cos 02mg qE L mv θ--=-（2分） 在最低点时，由牛顿第二定律得2m mv T qE mg L+-=（2分） 联立解得m 0.035N T =（1分）17.解：（1）在加速电场中，由动能定理有201 02qU mv ='-，解得450V U '=（2分） （2）粒子的运动轨迹如图所示，在偏转电场中，粒子做类平抛运动平行于极板方向有0 l v t =（1分） 垂直于极板方向有212y at =（1分） 在垂直于极板方向，由牛顿第二定律有qE qU a m md ==（1分） 联立解得0.01m y =（1分）带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动 由相似三角形知识得22l y l Y L =+（2分） 联立解得0.06m Y =（1分）（3）设粒子从偏转电场中飞出时沿电场方向的速度为y v ，则y v at =所以粒子从电场中飞出时的速度为v =2分） 设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，则0tan y v v θ=（1分） 粒子做匀速圆周运动的半径cos Y r θ=（2分） 粒子做圆周运动，由牛顿第二定律得22Qq v k m r r=（2分） 联立解得：9710C Q -≈⨯，9710C Q -=-⨯（1分）。

嗦夺市安培阳光实验学校淮北十二中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题1．以下说法正确的是（）A ．由可知此场中某点的电场强度E与F成正比B ．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关2．点电荷A和B，分别带正电和负电，电量分别为4Q和Q，在AB连线上，如图所示，电场强度为零的地方在（）A．A和B之间B．A右侧C．B左侧D．A的右侧及B的左侧3．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了（）A．除菌消毒B．消除静电C．利用静电D．防止漏电4．如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做（）A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D．变加速直线运动5．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小6．匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，AB的长度为1m，D 为AB的中点，如图所示．已知电场线的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C 三点的电势分别为14V、6V和2V．设场强大小为E，一电量为1×10﹣6 C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W，则（）A．W=8×10﹣6J，E＞8v/m B．W=6×10﹣6J，E＞6v/mC．W=8×10﹣6J，E≤8v/m D．W=6×10﹣6J，E≤6v/m7．如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率v B=3v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为（）A ．B ．C ．D ．8．两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑力的大小可能是（）A ．B ．C ．D ．9．A、B在两个等量异种点电荷连线的中垂线上，且到连线的距离相等，如图所示，则（）A．同一点电荷在A点的电势能大于在B点电势能B．把正电荷从A点移到B点，电势能先增大后减小C．把正电荷从A点移到B点，电势能先减小后增大D．A、B两点的连线上任意两点的电势差为零10．一个电子在电场中A点具有80eV电势能，它由A点运动到B点的过程中，克服电场力作功30eV．则（）A．电子在B点电势能是50eV B．电子电势能增加了30eVC．B点的电势是110V D．B点的电势是﹣110V11．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a加速度减小，b加速度增大C．MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D．a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小12．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A．带正电的矿粉落在右侧B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大 D．带正电的矿粉电势能变小三、计算题13．两个质量均为m=2×10﹣6kg的小球，悬于长l=40cm的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O．当使两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角（如图）．求每个小球的带电量．14．如图所示，在匀强电场中的M、N两点距离为2cm，两点间的电势差为5V，M、N连线与场强方向成60°角，则此电场的电场强度多大？15．在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电细线一端连着一个质量为m、电量为+q的带电小球，另一端固定于O点．将小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速释放，则小球沿圆弧作往复运动．已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为θ（如图）．求（1）匀强电场的场强．（2）小球经过最低点时细线对小球的拉力．16．如图所示，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？17．如图所示，一根长 L=1.5m 的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E=1.0×105N/C．与水平方向成θ=30°角的倾斜向上的匀强电场中．杆的下端M固定一个带电小球 A，电荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一带电小球 B 穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6 C，质量m=1.0×10﹣2 kg．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×10 9N•m2/C2，取g=l0m/s2）（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？（3）小球B从N端运动到距M端的高度h2=0.61m时，速度为v=1.0m/s，求此过程中小球B的电势能改变了多少？淮北十二中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．以下说法正确的是（）A ．由可知此场中某点的电场强度E与F成正比B ．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关【考点】电场强度；电势差；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是采用比值定义的，E和F以及检验电荷q无关，E是由电场本身决定的；电场中某点的电势φ与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的．U ab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离．电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关．【解答】解：A 、电场强度是采用比值定义的，E和F以及检验电荷q无关，E是由电场本身决定的，故A错误．B、电场中某点的电势φ与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的．故B错误．C、U ab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离，故C 错误．D、公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关，与两极板间距离d，极板面积S等有关．故选D．【点评】在物理中很多物理量是采用比值法定义的，注意采用比值法定义时被定义的物理量与公式中的物理量无关，在学习中可以将这些物理量类比学习．2．点电荷A和B，分别带正电和负电，电量分别为4Q和Q，在AB连线上，如图所示，电场强度为零的地方在（）A．A和B之间B．A右侧C．B左侧D．A的右侧及B的左侧【考点】电场的叠加；电场强度．【分析】空间的任意一点的电场是由两个点电荷产生的电场的叠加，只有当两个点电荷产生的电场强度大小相等、方向相反时，该点的电场强度才等于零．根据点电荷场强公式E=k和点电荷电场分布特点确定在AB连线上，电场强度为零的位置．【解答】解：点电荷电场线的分布特点；正电荷电场的电场线从正电荷出发到无穷远终止，负电荷电场的电场线从无穷远出发到负电荷终止．A、A和B之间两点产生的电场强度方向均向向左，合场强不可能为零．故A错误．B、A的右侧，A产生的电场强度向右，B产生的电场强度向左，电场强度方向相反，而且由题A的电量大于B的电量，且A较近，由点电荷场强公式E=k可知，在同一点电场强度大小不可能相等，所以合场强不可能为零．故B错误．C、在B的左侧，A产生的电场强度向左，B产生的电场强度向右，电场强度方向相反，但由于A的电量大于B的电量，且A较远，由点电荷场强公式E=k可知，在同一点电场强度大小可能相等，所以合场强可能为零．故C正确．D、由上可知D错误．故选：C．【点评】对于异种电荷，合场强为零的位置在两电荷的连线上电量少的外侧；对于同种电荷，合场强为零的位置在两电荷的连线上两电荷之间，靠近电量少的电荷．3．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了（）A．除菌消毒B．消除静电C．利用静电D．防止漏电【考点】静电现象的解释．【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从实例的原理出发就可以判断出答案．【解答】解：由题意可知，良好接地，目的是为了消除静电，这些要求与消毒无关，而因静电而产生爆炸，因此不可能是这样．静电会产生火花、热量，麻醉剂为易挥发性物品，遇到火花或热源便会爆炸，就象油罐车一样，在运输或贮存过程中，会产生静电，汽油属于易挥发性物品，所以它的屁股后面要安装接地线（软编织地线），以防爆炸，麻醉剂与之同理，故B正确，ACD错误；故选B【点评】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．4．如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做（）A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D．变加速直线运动【考点】电场强度；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．【解答】解：悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向．烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定，沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动．故C正确．A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．5．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小【考点】电场线；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．【解答】解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确．故选：C．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．6．匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，AB的长度为1m，D 为AB的中点，如图所示．已知电场线的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C 三点的电势分别为14V、6V和2V．设场强大小为E，一电量为1×10﹣6 C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W，则（）A．W=8×10﹣6J，E＞8v/m B．W=6×10﹣6J，E＞6v/mC．W=8×10﹣6J，E≤8v/m D．W=6×10﹣6J，E≤6v/m【考点】电势能；电场强度；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，D为AB的中点，则D点的电势φD =，电荷从D点移到C点电场力所做的功为W=qU DC=q （φD﹣φC）．【解答】解：由题匀强电场中，由于D为AB的中点，则D点的电势φD ==10V，电荷从D点移到C点电场力所做的功为W=qU DC=q（φD﹣φC）=1×10﹣6×（10﹣2）J=8×10﹣6J．AB的长度为1m，由于电场强度的方向并不是沿着AB方向，所以AB两点沿电场方向的距离d＜1m匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，即U=Ed所以E=＞8 v/m故选A．【点评】本题考查对匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比U=Ed与运用公式W=qU求解电场力做功的能力，常规题，比较简单．7．如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率v B=3v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为（）A ．B ．C ．D ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；带电粒子在混合场中的运动．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】微粒在匀强电场中受到重力和电场力两个力作用，根据动能定理求出AB两点间的电势差U AB．【解答】解：粒子，从A到B，根据动能定理得qU AB﹣mgh=因为速率v B=3v0，粒子在竖直方向，只受到重力，所以机械能守恒，则有mgh=．由以上三式解得．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理．本题的难点在于运动的处理，由于微粒受到两个恒力作用，运用运动的分解是常用的方法8．两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑力的大小可能是（）A ．B ．C ．D ．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】接触带电的原则是先中和后平分，两个球的电性可能相同，可能不同，根据F=得出接触后再放回原处的库仑力大小．【解答】解：若两电荷同性，设一个球的带电量为Q，则另一个球的带电量为5Q，此时F=，接触后再分开，带电量各为3Q ，则两球的库仑力大小=．若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为2Q，此时两球的库仑力=．故B、D正确，A、C错误．故选BD．【点评】解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式F=．9．A、B在两个等量异种点电荷连线的中垂线上，且到连线的距离相等，如图所示，则（）A．同一点电荷在A点的电势能大于在B点电势能B．把正电荷从A点移到B点，电势能先增大后减小C．把正电荷从A点移到B点，电势能先减小后增大D．A、B两点的连线上任意两点的电势差为零【考点】电势能；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，任意两点间的电势差为零，电荷在等势线上移动时电场力不做功，电荷的电势能不变化．【解答】解：A、B、C等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，正电荷在从A点移到B点，电场力不做功，其电势能保持不变．故ABC错误．D、等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，A、B两点的连线上任意两点的电势差为零．故D正确．故选D【点评】等量异种点电荷和等量同种点电荷电场线、等势面的分布是考试的热点，特别是连线中垂线的特点是加强记忆．10．一个电子在电场中A点具有80eV电势能，它由A点运动到B点的过程中，克服电场力作功30eV．则（）A．电子在B点电势能是50eV B．电子电势能增加了30eVC．B点的电势是110V D．B点的电势是﹣110V【考点】功能关系；电势；电势能．【分析】通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题．根据电势的定义得出电势的大小．【解答】解：A、电场力做正功，电势能减少；电场力做负功，电势能增加．本题“克服电场力做功”即为电场力做负功，所以电势能增加．根据W电=△E P电得出：那电子在B处的电势能是E p=80eV+30eV=110eV．故A错误，B正确．C、根据电势的定义，B 点的电势等于==﹣110V，故A错误，D正确．故选BD．【点评】通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题．根据电势的定义得出电势的大小．要注意电势有正负．11．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a加速度减小，b加速度增大C．MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D．a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小【考点】电势；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据粒子轨迹的弯曲方向，判断电场力方向．当电场力方向与场强方向相同时，粒子带正电，当电场力方向与场强方向相反时，粒子带负电．电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小．【解答】解：A、由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．B、由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B正确．C、已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|U MN|大于NQ两点电势差|U NQ|．故C错误．D、根据电场力做功公式W=Uq，|U MN|＞|U NQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D正确．故选BD【点评】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向能判断出粒子的电场力方向．常见题型，比较简单．12．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A．带正电的矿粉落在右侧B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大 D．带正电的矿粉电势能变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】首先要明确矿料分选器内电场的分布及方向，判断矿粉的运动情况，从而可得到正确答案．【解答】解：由图可知，矿料分选器内的电场方向水平向左，A、带正电的矿粉受到水平向左的电场力，所以会落到左侧，选项A错误．B、无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在电场力的作用下沿电场力的方向偏移，位移与电场力的方向相同，电场力做正功，选项B正确C、带负电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项C错误．D、带正电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项D正确．故选BD【点评】该题考察了带电物体在电场力作用下的运动，要熟练的掌握带电粒子在电场中的受力情况及其运动情况，并会分析电场力做功与电势能的变化情况．三、计算题13．两个质量均为m=2×10﹣6kg的小球，悬于长l=40cm的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O．当使两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角（如图）．求每个小球的带电量．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对其中一个小球受力分析，由共点力的平衡条件可得出小球所受拉力的大小和小球受到的库仑力，再由库仑力公式可得出小球所带电荷量．【解答】解：设小球在水平方向受到库仑力的大小为F．以右边的小球为研究对象，分析受力如图．则根据平衡条件有：F=mgtan=mgtan30°由库仑定律得：F=k =k联立得：Q=l =0.4×C=1.44×10﹣8C答：每个小球的带电量为1.44×10﹣8C．【点评】本题中两边的球是对称的，分析其中一个小球即可得出正确结论；在电场中处理问题的方法与力学是一致的，做好受力分析是解决问题的关键．14．如图所示，在匀强电场中的M、N两点距离为2cm，两点间的电势差为5V，M、N连线与场强方向成60°角，则此电场的电场强度多大？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据E=求的电场强度，注意d是沿电场线方向的距离【解答】解：由E=得，E=即电场强度为500V/m．答：此电场的电场强度为500V/m．【点评】考查了电场强度与电势差的关系．同时注意公式中d的含义．15．在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电细线一端连着一个质量为m、电量为+q的带电小球，另一端固定于O点．将小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速释放，则小球沿圆弧作往复运动．已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为θ（如图）．求（1）匀强电场的场强．（2）小球经过最低点时细线对小球的拉力．【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）根据动能定理研究小球从释放到最低点到最低点的另一侧的过程列出等式求出匀强电场的场强；（2）根据动能定理研究小球从释放到最低点的过程求出小球到最低点的速度；经过最低点时，由重力和细线的拉力的合力提供小球的向心力，由牛顿第二定律求出细线对小球的拉力．【解答】解：（1）设细线长为l，场强为E．因电量为正，故场强的方向为水平向右．从释放点到左侧最高点，由动能定理有W G+W E=△E k=0，故mglcosθ=qEl（1+sinθ）解得（2）若小球运动到最低点的速度为v，此时线的拉力为T，由动能定理同样可得由牛顿第二定律得由以上各式解得答：（1）匀强电场的场强为；（2）小球经过最低点时细线对小球的拉力为．【点评】本题是高考真题，考查动能定理和牛顿第二定律综合应用的能力，动能定理和向心力的关联点是速度．16．如图所示，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）小球做匀速直线运动，所受的合力为零，分析小球的受力情况，作出力图，由平衡条件求解即可．（2）小球要做直线运动，小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，由力的合成图求解即可．【解答】解：（1）欲使小球做匀速直线运动，必须使其合外力为0，如图甲所示．设对小球施加的力F1和水平方向夹角为α，则F1•cosα=qE cosθF1•sinα=qE sinθ+mg解得α=60°，F1=mg（2）为使小球做直线运动，则小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，如图乙所示．则 F2=mgsin60°=mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．答：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小是mg，方向与水平成60°斜向右上方．（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小是mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．【点评】解决本题的关键要掌握直线运动和匀速直线运动的条件，作出受力图，运用几何关系分析力的最小值．17．如图所示，一根长 L=1.5m 的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E=1.0×105N/C．与水平方向成θ=30°角的倾斜向上的匀强电场中．杆的下端M固定一个带电小球 A，电荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一带电小球 B 穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6 C，质量m=1.0×10﹣2 kg．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×10 9N•m2/C2，取g=l0m/s2）（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？（3）小球B从N端运动到距M端的高度h2=0.61m时，速度为v=1.0m/s，求此过程中小球B的电势能改变了多少？【考点】电势能；动能定理的应用；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）对小球B进行受力分析，运用牛顿第二定律求出开始运动时的加速度大小．（2）根据受力情况分析小球B的运动情况．小球B向下运动，受A的斥力增大，加速度减小，速度增大，当小球B速度最大时合力减为零．由平衡条件和库仑定律求解．（3）由于A对B的库仑力做功是变力功，所以运用动能定理求解电场力做功，即可得到电势能的变化量．【解答】解：（1）开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，将电场力沿杆的方向和垂直杆的方向分解，由牛顿第二定律得：。

高二第一次月考（物理）（考试总分：100 分）一、 单选题 （本题共计5小题，总分30分）1.（6分）19世纪30年代,法拉第提出一种观点,认为在电荷周围存在电场,电荷之间通过电场传递相互作用力.对于电荷A 和电荷B 之间的电场,下列说法中正确的是( )A. 电荷B 在电荷A 的电场中受静电力的作用,自身并不产生电场B. B.撤去电荷B,电荷A 激发的电场就不存在了C. C.空间某点的电场强度等于两电荷在该点激发电场的场强的矢量和D.电场是法拉第假想的,实际上并不存在2.（6分）真空中有两个点电荷,它们之间的静电力为F,如果使它们间的距离增大到原来的2倍,将其中之一的电量也增大到原来的2倍,则它们间的作用力将变为( ) A.4F B.2F C.2F D.F 3.（6分）A 为已知电场中的一固定点,在A 点放一电量为q 的电荷,所受电场力为F ，A 点的场强为E,则( )A.若在A 点换上-q,A 点场强方向发生变化B.若在A 点换上电量为2q 的电荷,A 点的场强将变为2EC.若在A 点移去电荷q,A 点的场强变为零D.A 点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关4.（6分） 图示为等量异种的点电荷 所形成的电场线分布,以下说法正确的是（ ）A.a 点的电势低于b 点的电势B.a 点的场强大于b 点的场强，方向相同C.将一负电荷从a 点移到b 点静电力做负功D.负电荷在a 点的电势能大于b 点的电势能5.（6分）A 、B 是一条电场线上的两个点,一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定的初速度从A 点沿电场线运动到B 点,其速度v 与时间t 的关系图象如图甲所示,则此电场的电场线分布可能是图乙中（ ）二、 多选题 （本题共计3小题，总分18分）6.（6分）两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示，c 是两负电荷连线的中点，d 是在正电荷的正上方，c 、d 到正电荷的距离相等，则 （ ）A. a 点的电场强度比b 点的大B. a 点的电势比b 点的高C. c 点的电场强度比d 点的大D. c 点的电势比d 点的低7.（6分）真空中有两个完全相同的金属小球,所带电荷量分别为1q -和2q ,相距为r 时相互作用力为F ；今将两球接触后再放回原处,相互作用力为，F 31由此可判断两球原来的电荷量的关系是( )A.2:1:21=q qB.1:4:21=q qC.1:3:21=q qD.3:1:21=q q8.（6分）图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线。

嗦夺市安培阳光实验学校第五中学度第一学期高二物理第一次月考试卷时间：90分钟 满分：100分一．选择题（本题包括11小题，每小题4分，共44分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1. 在电场中的a 点放一检验电荷q +，它受到的电场力大小为F ，方向水平向右，则a 点的场强大小为a FE q=，方向水平向右，下列说法正确的是( )A ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 点的场强变为2EB ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 的场强变为12EC ．在a 点放置一个负检验电荷，a 点的场强方向变为水平向左D ．在a 点放置一个负检验电荷，它所受的电场力方向水平向左 【答案】D【考点】电场强度．【解析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．电场强度的方向为正电荷的受力方向，与负电荷的受力方向相反。

2.关于匀强电场电势差和场强的关系，正确的说法是：（ ） A 、在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大 B 、任意两点间的电势差等于场强和这两点距离的乘积 C 、电势减小的方向必定是场强的方向D 、沿电场线的方向任意相同距离上的电势差必定相等【答案】D【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【解析】解：A 、根据公式U=Ed 可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．相同距离没有说明是否是电场方向的距离，故A 错误；B 、U=Ed ，d 是沿电场线方向上的距离，不是任意两点间的距离，故B 错误；C 、电势减小的方向不是场强的方向，电势降低最快的方向才是场强的方向，故C 错误．D 、根据公式U=Ed 可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等．故D 正确 故选：D3.在点电荷Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为：（ ） A 、A A WW qεϕ=-=， B 、A A WW q εϕ==-， C 、A A W W qεϕ==， D 、A A W q W εϕ=-=-，【答案】A【考点】电势；电势能．【解析】解：依题意，-q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则电荷的电势能减小W ，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A 点的电势能为ɛA=-W ，A 点的电势.故选A4.将一正电荷从无穷远处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，若将一个等量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，则M、N两点的电势ϕm、ϕn有如下关系（）A、ϕm＜ϕn＜0B、ϕn＞ϕm＞0C、ϕn＜ϕm＜0D、ϕm＞ϕn＞0【答案】C【考点】电势；电势能．【解析】解：正电荷从无穷处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，电荷的电势能减小，则M点的电势小于无穷远的电势，即φM＜0．负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，电势能减小，则N点的电势小于无穷远的电势，即φN＜0．由于两电荷电量相等，N点移向无穷远处电场力做功较大，N点与无穷远间的电势差较大，则N点的电势低于M点的电势，即得到φN＜φM＜0．故选C5.如图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是φa=5V，φb=2V，φc=4V，则在下列各示意图中能表示该电场强度方向的是（）【答案】D【考点】电场强度；电势．【解析】解：由题意可知，各点的电势分别为Ua=5V，Ub=2V，Uc=4V，则ab连线上离a 点处的电势为3V，所以该点与c点的连线，即为等势线．由于沿着电场线方向，电势降低．故D正确，ABC错误；故选：D6.如图所示，在沿x轴正方向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心、以r 为半径逆时针转动，θ为OA与x轴正方向间的夹角，则O、A两点问电势差为( ).(A)UOA=Er (B) UOA=Ercosθ(C) UOA=Ersinθ(D)θrcosEUOA=【答案】B【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【解析】解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed，而d是沿场强方向上的距离，所以dOA=r•cosθ，故：UoA=Ercosθ故选C．7.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力则：（）A、粒子带正电B、粒子的加速度逐渐增大C、A点的场强小于B点的场强D、粒子的速度不断减小【答案】D【考点】电势能；牛顿第二定律；电场强度．【解析】解；A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B 点的加速度，故B错误；C、根据电场线的疏密程度可以知道A点的场强大于B点的场强，故C错误；D、不计粒子所受的重力，只有电场力做功，又粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，故D正确；故选D．8.如图所示,一个带负电的油滴以初速度v0从P点斜向上射入水平方向的匀强电场，若油滴到达最高点的速度大小仍为 v0，则油滴最高点的位置（）A、在P点的左上方 B、在P点的右上方C、在P点的正上方D、上述情况都可能【答案】A【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；抛体运动．【解析】解：对粒子受力分析：粒子仅在重力与电场力作用下运动，直到运动到最高点，此过程初动能与末动能已知且相同，设粒子升高的高度为h，粒子的初末位置间的电压为UPQ，粒子的带电量为-q，由动能定理得：-qUPQ-mgh=解得：由于UPQ＜0，即UP＜UQ，说明Q点的电势高于P点，即带电粒子应在P点的左上方，故A正确．故选：A9．如图所示,在原来不带电的金属细杆ab附近P处,放置一个正点电荷,达到静电平衡后，则（）A．a端带负电，b端带正电B．b端的电势比d点的低C．杆内c处的电场方向由c指向bD．a端的电势一定比b端的低【答案】B【考点】电势．静电平衡【解析】 A、由于静电感应，导体上感应出来的正电荷在a端，负电荷在b端，故A错误．B达到静电平衡后，整个导体是一个等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，由于电场线从正电荷出发到b端终止，根据顺着电场线方向电势降低，可知b端的电势比d点的低，故B正确，D错误．C、由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强处处为零，c处的电场强度为0，故C错误．10.在点电荷Q的电场中，一个α粒子(He42)通过时的轨迹如图实线所示，a、b 为两个等势面，则下列判断中正确的是( ).A.Q可能为正电荷，也可能为负电荷B.运动中.粒子总是克服电场力做功C.α粒子经过两等势面的动能Eka＞EkbD.α粒子在两等势面上的电势能Epa＞Epb【答案】C【考点】等势面；电势能．【解析】解：A、α粒子带正电，根据从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，则Q为正电荷，故A错误；B、正的点电荷周围电场分布特点可知，b点的电势高于a点的电势，由于α粒子带正电，所以电势能减小，电场力做正功，故B错误；C、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，因此动能减小电势能增大，故C正确，D错误．故选C．11. 如图所示，A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能Ep随位移x的变化关系如图所示．从A到B过程中，下列说法正确的是( )A. 电场力对电荷一直做正功B. 电势一直升高C. 电荷所受电场力先减小后增大D. 电荷所受电场力先增大后减小【答案】C【考点】电势能；电场强度．【解析】解：A、电势能先减小后增大，则电场力做正功后做负功．故A错误．B、正电荷从A到B电场力先做正功，后做负功，则说明电场力方向变化，即电场线方向先向右，后向左，所以电势先降低后升高．故B错误．C、电势能EP随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大．故C正确，D错误．故选C．二．填空、实验题（本题包括3小题，共18分）12. 有三个相同的绝缘金属小球A、B、C，其中A小球带有2.0×10-5C的正电荷，小球B、C不带电。

重庆八中2024～2025学年度（上）高二年级第一次月考物理试卷一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．如图所示，国产人形机器人“天工”能平稳通过斜坡．若它可以在倾角不大于的斜坡上稳定地站立和行走，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则它的脚和斜面间的动摩擦因数不能小于（ ）．A．BCC2．如图所示，内置金属网的高压静电防护服接地，O 为防护服内的一点，把一带电量为Q 的金属小球移动到距离O 点的r 处．金属小球可视为点电荷，静电力常量为k ，无穷远处电势为0，下列说法正确的是（ ）．A ．金属小球在防护服内产生的电场为0B ．金属小球与O 点连线中点P 处的电势为0C ．感应电荷在O 点处产生的场强大小等于D ．防护服内金属网左侧外表面带负电，右侧内表面带正电3．如图所示，有一均匀带正电的绝缘细圆环，半径为r 、带电量为q ．点P 、Q 、N 把圆环分为三等分，现取走P 、Q 处两段弧长为的小圆弧．NO 延长线交细圆环于M 点，静电力常量为k ，关于O 点的电场强度（ ）．A ．沿OM 方向，大小为B ．沿OM 方向，大小为30︒122Qkrx ∆32πkq xr ∆3πkq x r ∆D ．沿ON方向，大小为C ．沿ON 方向，大小为4．如图甲、乙所示的两电路中，定值电阻，电流表和电压表均为理想电表，在两电路两端各加一恒定的电压U 后，和示数分别为和，和示数分别为和，则（ ）．A ．；B ．；C ．；D ．；5．在如图1所示电路中，定值电阻阻值为，滑动变阻器的调节范围为，事先测得电源的路端电压与电流的关系图像如图2所示，当滑动变阻器的滑片从左端滑到右端的过程中，下列说法正确的是（ ）．图1 图2A ．电源的电动势为，内阻为B ．电源的最大效率为90％C ．电阻的最大功率为D ．电阻的最大功率为6．如图所示，质量均为m 的甲、乙两同学，分别坐在水平放置的轻木板上，木板通过一根原长为l 的轻质弹性绳连接，连接点等高且间距为．两木板与地面间动摩擦因数均为，弹性绳劲度系数为k ，被拉伸时弹性势能（x 为绳的伸长量）．现用水平力F 缓慢拉动乙所坐木板，直至甲所坐木板刚要离开原位置，此过程中两人与所坐木板保持相对静止，k 保持不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g ，则F 所做的功为（ ）．32πkq x r ∆3πkq x r ∆123::1:2:3R R R =1A 2A 1I 2I 1V 2V 1U 2U 12:5:9I I =12:3:5U U =12:5:9I I =12:4:7U U =12:4:7I I =12:3:5U U =12:4:7I I =12:4:7U U =0R 1Ω1R 05~Ω3V 2Ω1R 1.5W0R 1W()d d l <μ212E kx =A．B ．C ．D ．7．如图所示，电源电动势为E ，内阻恒为r ，R 是定值电阻，热敏电阻的阻值随温度的降低而增大，C 是平行板电容器，电路中的电表均为理想电表．闭合开关S ，带电液滴刚好静止在C 内．在温度降低的过程中，分别用I 、、和表示电流表A 、电压表、电压表和电压表的示数，用、、和表示电流表A 、电压表、电压表和电压表的示数变化量的绝对值．温度降低时，关于该电路工作状态的变化，下列说法正确的是（ ）．A ．、、一定都不变B ．、和均不变C ．带电液滴一定向下加速运动D ．电源的工作效率一定变小二、多选题：本题共3小题，每小题5分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．8．2024年巴黎奥运会，中国举重队共斩获5枚金牌，再一次让世界见证了中国力量！比赛前训练中质量为m 的运动员托着质量为M 的重物从下蹲状态（图甲）缓慢运动到站立状态（图乙），该过程重物和人的肩部相对位置不变，运动员保持乙状态站立时间后再将重物缓慢向上举，至双臂伸直（图丙）．图甲到图乙、图乙到图丙过程中重物上升高度分别为、，经历的时间分别为、，重力加速度为g ，则在整个过程中（ ）．A ．地面对运动员的冲量为，地面对运动员做的功为0B ．地面对运动员的冲量为，地面对运动员做的功为C ．运动员对重物的冲量为，运动员对重物做的功为D ．运动员对重物的冲量为，运动员对重物做的功为()()22mg mg l d kμμ+-()()232mg mg l d kμμ+-()()2322mg mg l d kμμ+-()()2212mg mg d kμμ+-T R 1U 2U 3U 1V 2V 3V I ∆1U ∆2U ∆3U ∆1V 2V 3V 1U I 2U I 3U I1U I ∆∆3U I ∆∆2U I∆∆t ∆1h 2h 1t 2t ()()12M m g t t t +++∆()()12M m g t t ++()()12M m g h h ++()12Mg t t t ++∆()12Mg h h +()12Mg t t +()12Mg h h +9．电容式话筒是录音棚中最常用设备．采集端原理图如图所示，背板和振膜可视为构成平行板电容器，当声波密部靠近振膜时振膜产生向右的形变，疏部靠近振膜时振膜产生向左的形变．已知不采集声音时电容器电荷量稳定，则（ ）．A ．不采集声音时，a 点电势高于b 点电势B ．不采集声音时，a 点电势等于b 点电势C ．当疏部靠近时，a 点电势低于b 点电势D ．当密部靠近时，a 点电势低于b 点电势10．如图所示，竖直面内有一半径为R 的圆，圆的直径AB 水平，C 为圆周上一点，OC 与AB 成角，现有一匀强电场，其电场方向在该圆所在的竖直平面内，但方向未知．一质量为m ，电荷量为q 的带正电小球以相同的初动能从A 点沿各个方向射入圆形区域，又从圆周上不同点离开，其中从B 点离开的小球动能最大；若仅场强大小减小为原来的四分之一，则在A 点沿与AB 成角斜向右上方射入的小球，恰能从C 点离开，且离开时此小球动能最大，则下列说法正确的是（ ）．A．变化前的场强大小为BC ．该电场方向一定与AB 成角斜向右上方D ．电场变化前，小球在B 点的动能为三、实验题：本题共2个小题，共15分，第11题6分，第12题9分．11．在“金属丝电阻率的测量”的实验中：（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量示数如图1所示，金属丝直径__________mm ．图1 图2 图3图4（2）按图2所示的电路测量金属丝的电阻．小明将单刀双掷开关分别打到a 处和b 处，通过观察分析，发现电压表示数变化更明显，由此判断开关打到________（选填“a ”或“b ”）处时进行实验系统误差较60︒30︒2mgq 30︒4mgRd =x R小．（3）小明为了消除系统误差，他设计用电流计G （内阻为）和电阻箱替代V ，电路如图3所示．实验绘制出了图像是如图4所示直线，斜率为k ，纵截距为b ．为电阻箱阻值读数，I 为电流表A 示数，为电流计G 示数．则__________．（用题中所给符号表示）12．在测量电源的电动势和内阻的实验中，实验室提供的器材有：干电池一节（电动势约，内阻小于）；电压表V （量程，内阻约）；电流表A （量程，内阻约）；滑动变阻器R （最大阻值为）；定值电阻R （阻值）；开关一个，导线若干．（1）小明同学按照如图所示的电路进行实验，结果发现电压表示数的变化范围比较小，出现该现象的主要原因是__________．A ．电压表分流B ．干电池内阻较小C ．电流表内阻较小（2）针对电压表示数的变化范围比较小的问题，小明利用现有的器材改进了实验方案，重新测量得到的数据如下表所示．序号12345670.080.140.200.260.320.360.401.351.201.050.880.730.710.52用笔画线代替导线，请按照改进后的方案，将图1中的实物图连接成完整电路．图1图2（3）根据表中数据画出的图像（如图2所示）可得，电源的内阻为__________（保留2位有效数字）．g R gIR I -箱R 箱g I x R =1.5V 1Ω3V 3k Ω0.6A 1Ω20Ω2ΩA I VU U I -（4）考虑到电压表分流会引起测量误差，小明用作图的方法进行误差分析，图中实线对应测量值，虚线对应真实值，所作的图像中正确的是__________．A ．B ．C ．D ．四、计算题：本大题共3小题，共42分．13题10分，14题14分，15题18分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分．13．如图所示电路，电源电动势为E ，内阻为，定值电阻．闭合、断开，电流表的示数是；闭合和，电流表的示数是，此时电动机竖直向上匀速吊起质量为的重物，已知电动机线圈电阻为，电流表为理想电表，不计一切阻力．（重力加速度g 取）求：（1）电源电动势E ；（2）闭合和时，重物向上运动的速率．14．如图，质量为的小球A （视为质点）在细绳和OP 作用下处于平衡状态，细绳，与竖直方向的夹角均为．质量为的木板B 静止在光滑水平面上，质量为的物块C 静止在B 的左端．剪断细绳，小球A 开始运动．（重力加速度g 取）（1）求A 运动到最低点时细绳OP 所受的拉力．（2）A 在最低点时，细绳OP 断裂．此时A 恰好与C 左侧碰撞（时间极短）、碰后A 竖直下落，C 水平向右运动．求碰后C 的速度大小．（3）A 、C 碰后，C 相对B 滑行后与B 共速．求C 和B 之间的动摩擦因数．15．如图甲所示，两块间距为d 的金属板A 、B 水平平行放置，金属板右侧竖直放置一垂直于金属板的足够大的屏，屏到金属板右端的距离等于金属板长度．大量质量为m 、电荷量为e 的质子由静止开始，经电压为的电场加速后，连续不断地沿金属板的中轴线方向射入两板之间．两板间电压按如图乙所示的规律1r =Ω5R =Ω1S 2S 1A 1S 2S 2A 0.6kg m =00.5R =Ω210m s 1S 2S 2kg O P '1.6m O P OP '==60︒6kg 2kgO P '210m s 4m 0U OO '作周期性变化，周期离开偏转电场的质子通过两板间的时间均为偏转电场变化周期的1.5倍，求：（不计质子之间的相互作用，计算结果不用T 表示）（1）质子射入偏转电场时的速度大小、水平金属板的长度L ；（2）时刻射入偏转电场的质子，穿出两板之间时的动能；（3）从偏转电场射出的质子打到屏上，向下偏离轴线的最大距离．6T =0v 16t T =k E OO 'm y。

高二阶段测试物理试题一、选择题（本题共 10小题，每小题 4 分，总分40分，在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第 7～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0 分。

）1.如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中做()A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D．变加速直线运动2．[库仑定律和电荷守恒定律的应用]三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电荷量为＋q，球2的带电荷量为＋nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F.现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知() A．n＝3 B．n＝4 C．n＝5 D．n＝63.使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是()4．如图1-38所示,虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0.一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置,其电势能变为-8eV时，它们动能应为 ( )A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV5.如图所示，点电荷＋4Q与＋Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分，现使一个带负电的粒子从C点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在CD 之间运动的速度大小v与时间t的关系图象可能是图中的()6．两个固定的等量异号点电荷所产生电场的等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A 点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中( )A ．做直线运动，电势能先变小后变大B ．做直线运动，电势能先变大后变小C ．做曲线运动，电势能先变小后变大D ．做曲线运动，电势能先变大后变小7．如图甲所示，两个点电荷Q 1、Q 2固定在x 轴上距离为L 的两点，其中Q 1带正电荷位于原点O ，a 、b 是它们的连线延长线上的两点，其中b 点与O 点相距3L .现有一带正电的粒子q 以一定的初速度沿x 轴从a 点开始经b 点向远处运动(粒子只受电场力作用)，设粒子经过a ，b 两点时的速度分别为v a 、v b ，其速度随坐标x 变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是( )．A ．Q 2带负电且电荷量小于Q 1B ．b 点的场强一定为零C ．a 点的电势比b 点的电势高D ．粒子在a 点的电势能比b 点的电势能小8．某带电粒子仅在电场力作用下由A 点运动到B 点，电场线、粒子在A 点的初速度及运动轨迹如图1－4－14所示，可以判定( )A ．粒子在A 点的加速度大于它在B 点的加速度 B ．粒子在A 点的动能小于它在B 点的动能C ．粒子在A 点的电势能大于它在B 点的电势能D ．电场中A 点的电势高于B 点的电势9、如图所示，在等量异种电荷连线的中垂线上取A 、B 、C 、D 四点，B 、D 两点关于O 点对称，则关于各点场强的关系，下列说法中正确的是：（ ）A 、E A >EB ，E B ＝E D B 、E A <E B ，E A <E CC 、E A <E B <E C ，E B ＝ED D 、可能E A ＝E C < E B ，E B ＝E D10、如图所示，水平放置的金属板的上方有一固定的正点电荷Q ，一表面绝缘的带正电的小球（可视为质点，且不影响Q 的电场），从左端以初速度v o 滑到金属板上，沿光滑的上表面向右运动到右端，在此过程中：（ ）A 、 小球作匀速直线运动B 、 小球作先减速后加速的运动C 、 小球受到的电场力的方向时刻在改变D 、 电场力对小球做功为零二、实验题(本题共2小题，共14分，其中第11题4分，第12题10分)11．为验证在自由落体过程中物体的机械能是守恒的，某同学利用数字实验系统设计了一个实验，实验装置如图所示，图中A 、B 两点分别固定了两个速度传感器，速度传感器中测出运动物体的瞬时速度．在实验中测得一物体自由下落经过A 点时的速度是v 1，经过B 点时的速度是v 2，为了证明物体经过A 、B 两点时的机械能相等，这位同学又设计了以下几个步骤，你认为其中不必要或者错误的是 ( )A ．用天平测出物体的质量B ．测出A 、B 两点间的竖直距离C ．利用12mv 22－12mv 21算出物体从A 点运动到B 点的过程中重力势能的变化量D ．验证v 22－v 21与2gh 是否相等12．在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：(1)某同学在实验中得到的纸带如图所示，其中A 、B 、C 、D 是打下的相邻的四个点，它们到运动起点O 的距离分别为62.99cm 、70.18cm 、77.76cm 、85.73cm.已知当地的重力加速度g ＝9.8m/s 2，打点计时器所用电源频率为50Hz ，重锤质量为1.00kg.请根据以上数据计算重锤由O 点运动C 点的过程中，重力势能的减少量为__________J ，动能的增加量为__________J ．(取三位有效数字) (2)甲、乙、丙三名同学分别得到A 、B 、C 三条纸带，它们前两个点间的距离分别是1.0mm 、1.9mm 、4.0mm.那么一定存在操作错误的同学是__________，错误原因是__________________．三、计算题(本题共包括5小题，共46分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)13.（8分）如图所示，用三根长均为L 的绝缘丝线悬挂两个质量均为m ，带电量分别为＋q 和－q 的小球，若加一个水平向左的匀强电场，使丝线都被拉紧且处于平衡状态，则所加电场的场强E 的大小应满足什么条件？14.（8分）有一个带电荷量q＝－6×10－6 C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服电场力做3×10－3 J的功，从B点移到C点，电场力对电荷做1.2×10－3 J的功，求A、C两点的电势差并说明A、C两点哪点的电势较高。

高二物理上册第一次月考测试题大家把实际知识温习好的同时，也应该要多做题，从题中找到自己的缺乏，及时学懂，下面是查字典物理网小编为大家整理的高二物理上册第一次月考测试题，希望对大家有协助。

一、选择题(每题4分，共40分，在每题给出的四个选项中，有的小题只要一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不答的得0分.)1.在2021年8月第26届深圳世界大先生夏季运动会上，能看作质点的是()A.做花招滑冰举措的运发动B.研讨抛出的铅球的运动轨迹C.研讨乒乓球竞赛中打的弧圈球D.研讨体操运发动在平衡木上的举措时2.某人站在自动扶梯上，经时间t1由一楼升到二楼.假设自动扶梯不动，人从一楼走到二楼的时间为t2，如今扶梯正常运转，人也坚持原来的速率沿扶梯向上走,那么人从一楼到二楼的时间是()3.如下图，两根直木棍AB和CD相互平行，固定在同一个水平面上一个圆柱形工件P架在两木棍之间，在水平向右的推力F的作用下，恰恰能向右匀速运动。

假定坚持两木棍在同一水平面内，但将它们间的距离稍微增大一些后固定.将该圆柱形工件P架在两木棍之间，用异样的水平推力F向右推该工件，那么以下说法中正确的选项是()A.该工件仍能够向右匀速运动B.该工件P能够向右减速运动C.AB棍遭到的摩擦力一定大于F/2D.AB棍遭到的摩擦力一定等于F/24.经临时观测人们在宇宙中曾经发现了双星系统。

双星系统由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统普通远离其他天体。

如图，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相反的匀速圆周运动。

现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为。

那么可知()A. 、做圆周运动的线速度之比为2：3B. 、做圆周运动的角速度之比为3：2C. 做圆周运动的半径为D. 做圆周运动的半径为5.关于电场线的说法，正确的选项是()A.电场线的方向，就是电荷受力的方向B.正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C.电场线越密的中央，同一电荷所受电场力越大D.电势降低的方向就是电场线的方向6.如下图，绝缘润滑的半圆轨道位于竖直平面内，并处于竖直向下的匀强电场中，在轨道的上缘有一个质量为m，带电荷量为+q的小球，由运动末尾沿轨道运动.以下说法正确的选项是()A.小球运动进程中机械能守恒B.小球在轨道最低点时速度最大C.小球在最低点对轨道的压力为mg+qED.小球在最低点对轨道的压力为3(mg+qE)7.如下图，一簇电场线的散布关于y轴对称，O是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，那么()A.OM间的电势差小于NO间的电势差B.M点的电势比P点的电势高C.一正电荷在O点时的电势能小于在Q点时的电势能D.将一负电荷由M点移到P点，电场力做正功8.如下图,一足够长的木板在润滑的水平面上以速度v匀速运动,现将质量为m的物体竖直向下悄然地放置在木板上的P 处,物体m和木板之间的动摩擦因数为.为坚持木板的运动速度不变,从物体m放到木板上到它相对木板运动的进程中,对木板施一水平向右的作用力F,力F要对木板做功,做功的数值为()A. B. C.mv2D.2mv2要多练习，知道自己的缺乏，对大家的学习有所协助，以下是查字典物理网为大家总结的高二物理上册第一次月考测试题，希望大家喜欢。

湖南师大附中2024—2025学年度高二第一学期第一次大练习物理时量：75分钟 满分：100分一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1. 物理公式或物理定律都有成立条件或适用范围，下列叙述中正确的是（ ） A. FB IL=是磁感应强度的定义式，适用任何磁场，但电流元IL 一定要垂直磁场方向放置 B. 2Q I Rt =用来计算一段电路电流通过时产生的热量，也可以用来计算电流在这段电路做的功 C. 在匀强电场中有关系式U Ed =，任何距离d 相等的两点，U 一定相等 D. F E q =、QC U =、U I R=都用到了比值定义法【答案】A 【解析】 【详解】A ．FB IL=是磁感应强度的定义式，适用任何磁场，但电流元IL 一定要垂直磁场方向放置，故A 正确；B ．Q =I 2Rt 用来计算一段电路电流通过时产生的热量，此公式只适用于纯电阻电路，若这段电路是纯电阻电路，也可以用来计算电流在这段电路做的功，若这段电路不是纯电阻电路，不可以用来计算电流在这段电路做的功，故B 错误；C ．在匀强电场中有关系式U =Ed ，在沿电场方向距离d 相等的两点，U 一定相等，故C 错误；D ．FE q =、QC U =为比值定义法定义的物理量，但U I R=为欧姆定律，不是比值定义法，故D 错误。

故选A 。

2. 通量是物理学中的重要概念，在物理中有着重要应用。

在研究磁场时我们定义了磁通量BS Φ=，其中B 为磁感应强度、S 为垂直磁场的面积；磁通量大小可形象表示穿过某一平面的磁感线的净条数；磁通量为标量，但有正负之分。

与之类似，在静电场中，我们定义“垂直穿过某一平面的电场线条数为通过这一平面的电通量”。

如图甲，在磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，面积为S 的平面与垂直于B 的平面间的夹角为α，如图乙为电荷量为q 的点电荷的电场，如图丙为匀强电场，场强为E 。

学年甘肃武威第六中学高二上第一次月考物理试卷选择题1. 下列物理量中，属于矢量的是（）A．电势B．电势差C．电场强度D．电势能2. 真空中有两个点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大到本来的2倍，那么它们之间静电力的大小等于（）A．F B．2F C．D．3. A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A．若在A点换上－q，A点场强标的目的发生变化B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、标的目的与q的大小、正负、有无均无关4. 在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电场强度大的地方电势必然高B．场强大小相同的点电势纷歧定相同C．场强为零的地方电势也必然为零D．电势为零的地方场强也必然为零5. 下列关于电荷在电场中电势能的说法正确的是（)A．电荷在电场强度大的地方，电势能必然大B．电荷在电场强度为零的地方，电势能必然为零C．电荷只在电场力的感化下从某点移动到另一点，电荷的电势能必然减少D．电荷只在电场力的感化下从某点移动到另一点，电荷的电势能可能增加，也可能减少6. 电场中等势面如图所示，下列关于电场描述正确的是（）A.A点的电场强度比C点小B.负电荷在A点的电势能比在C点的电势能大C.电荷沿等势面AB移动的过程中，电场力始终不做功D.正电荷从A移动到C，电场力做负功7. 如图所示，充电后的平行板电容器与静电计相连，静电计的指针偏转必然的角度，现将两极板间的距离靠近一些，则静电计的指针偏角（）A．必然增大B．必然减小C．可能不变D．不能判断8. 点电荷A和B，分别带正电和负电，电荷量分别为4Q和Q，在A、B连线上，如图所示，电场强度为零的地方在（)A．A和B之间B．A的右侧C．B的左侧D．A的右侧及B的左侧9. a、b、c三个相同带电粒子由同一点同时垂直场强标的目的进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b刚好飞出电场，由此可知下列说法错误的是（)A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D．动能的增加量比拟，c的最小，a和b的一样大10. 真空中的某装置如图所示，现有质子、氘核和α粒子都从O点由静止释放，经过相同加速电场和偏转电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上泛起亮点（已知质子、氘核和α粒子质量之比为1∶2∶4，电量之比为1∶1∶2，均带正电。

嗦夺市安培阳光实验学校广丰一中高二（上）第一次月考物理试卷（平）一、单项选择（每题4分，共32分）1．下列说法中正确的是（）A．在公式F=k中，k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受到的电场力成正比C．公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场D．电场线是电荷在电场中的运动轨迹2．带电微粒所带的电荷量的值不可能的是下列的（）A．2.4×10﹣19C B．﹣6.4×10﹣19C C．﹣1.6×10﹣19C D．4×10﹣17C3．由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．一个不带电的小球在P点受到电场力为零，则P点的场强一定为零C ．无论检验电荷的电量如何变化，始终不变D．电场强度E由F和q共同决定4．下述说法正确的是（）A．在同一等势面上移动电荷，电场力不作功B．等势面上各点场强大小一定相等C．电场中电势高处，电荷的电势能就大D．电场强度大处，电荷的电势能就大5．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ． D ．6．在如图所示的电场中，有A、B、C三点．关于这三点的描述，正确的是（）A．A点的场强最大B．B点的电势最高C．C点无电场线，所以场强为零D．将一个带正电的试探电荷从A点释放，只考虑电场力，试探电荷会沿电场线运动到B点7．使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上﹣3Q和+5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1．现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2．则F1与F2之比为（）A．2：1 B．4：1 C．16：1 D．60：18．如下四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中电势和场强都相同的是（）A ．B ．C ．D ．二、多项选择（每题4分，共16分）9．对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB =，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1 C的正电荷从A点移到B点，电场力做了1J的正功，这两点间的电势差为1 VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其他力的作用，电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功10．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．粒子在M点的加速度大于在N点的加速度C．粒子在M点的动能小于N点的动能D．粒子在M点的电势能小于N点的电势能11．竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F 作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大B．两小球间距离将减小C．推力F将增大D．推力，将减小12．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力F A＜F BB．A、B两点的电场强度E A＞E BC．A、B两点的电势φA＞φBD．电子在A、B两点具有的电势能E PA＜E PB三、计算题（12分+14分+14分+14分=52分）13．在真空中有两个点电荷q1和q2分别位于A和B，如图所示相距20cm，q1为4×10﹣8C，q2为﹣8×10﹣8C．则：（1）在AB连线上A点的外侧离A点20cm处的D点电场强度大小方向如何？（2）能否在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，求出D处的场强度大小和方向？14．将一个电荷量q=﹣3×10﹣6C的负点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6×10﹣4J，从B点移到C点电场力做功9×10﹣4J．（1）求AB、BC、CA间电势差U AB、U BC、U AC；（2）将一个电子从电场中的A点移到C点，电场力所做的功为多少电子伏，电势能变化了多少？15．如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度大小；（2）物块运动的加速度；（3）沿斜面下滑距离为0.5m时物块的速度大小．（sin37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s2）16．长为L的绝缘细线下系一带正电的小球，其带电荷量为Q，悬于O点，如图所示．当在O点处固定一个正电荷时，如果球静止在A处，则细线拉力是重mg的两倍．现将球拉至图中B处（θ=60°）放开球让它摆动，问：（1）固定在O处的正电荷的带电荷量为多少？（2）摆球回到A处时悬线拉力为多少？广丰一中高二（上）第一次月考物理试卷（平）参考答案与试题解析一、单项选择（每题4分，共32分）1．下列说法中正确的是（）A．在公式F=k中，k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受到的电场力成正比C．公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场D．电场线是电荷在电场中的运动轨迹【考点】电场强度；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的定义式适用于一切电场，电场强度E表示电场本身的强度和方向，与试探电荷无关．真空中点电荷Q产生的电场强度计算公式是：E=k，当r→0时，电荷已不能看成点电荷，此公式不再成立．库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小．【解答】解：库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小．故A正确．B、电场强度的定义采用的比值定义法，E与F及q均无关，是由电场本身的性质决定的；故B错误；C、公式E=适用于任何电场；故C错误；D、电场线是为了形象描述电场而引入的虚拟的线，不是电荷的运动轨迹；故D 错误；故选：A．【点评】本题考查对电场强度两公式的理解能力，首先要理解公式中各个量的含义，其次要理解公式的适用条件．2．带电微粒所带的电荷量的值不可能的是下列的（）A．2.4×10﹣19C B．﹣6.4×10﹣19C C．﹣1.6×10﹣19C D．4×10﹣17C【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍．【解答】解：最小的电荷量是1.6×10﹣19C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，A、由于2.4×10﹣19C不是1.6×10﹣19C的整数倍，故A错误．B、6.4×10﹣19C是1.6×10﹣19C的4倍，故B正确；C、1.6×10﹣19C是1.6×10﹣19C的1倍，故C正确；D、4×10﹣17C是1.6×10﹣19C的250倍，故D正确；本题选择不可能的，故选：A．【点评】本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题．3．由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．一个不带电的小球在P点受到电场力为零，则P点的场强一定为零C ．无论检验电荷的电量如何变化，始终不变D．电场强度E由F和q共同决定【考点】电场强度．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，是采用比值法下的定义．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，是采用比值法下的定义，不能认为电场强度E跟F成正比，跟q成反比或不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零，故AB错误；C 、由比值定义法，可知，比值与检验电荷量无关，故C正确；D、由A选项分析可知，电场强度E与F和q均无关，故D错误．故选：C．【点评】明确电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，是采用比值法下的定义是解题的关键．4．下述说法正确的是（）A．在同一等势面上移动电荷，电场力不作功B．等势面上各点场强大小一定相等C．电场中电势高处，电荷的电势能就大D．电场强度大处，电荷的电势能就大【考点】等势面；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，电场线的疏密程度表示电场强度的大小，电势与等势面是两个不同的概念，电势大小与电场强度大小无必然联系．【解答】解：A、电场线与等势面垂直，电场强度方向是电场线的切线方向，故电场力与等势面一定垂直；在同一等势面上移动电荷，电场力一直不作功；故A正确；B、等势面是电势相等的各个点构成的平面，该平面上各个点的电场强度不一定相同，如等量异号电荷的等势面，如图所示，故B错误；C、电场中电势高处，正电荷的电势能就大，负电荷的电势能小，故C错误；D、电场强度大的位置，电势不一定高，故电势能也不一定大，故D错误；故选A．【点评】本题关键明确电场强度与电势的区别，明确电场强度大小和电势大小无必然联系，基础题．5．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场强度；电场线．【分析】在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小，当电场线疏密相同时，电场强度相等．【解答】解：因电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，只有C图中AB两点的电场线疏密程度相同，故A、B两点电场强度相同的点只有C．故选C．【点评】本题考查电场线的性质，电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小．6．在如图所示的电场中，有A、B、C三点．关于这三点的描述，正确的是（）A．A点的场强最大B．B点的电势最高C．C点无电场线，所以场强为零D．将一个带正电的试探电荷从A点释放，只考虑电场力，试探电荷会沿电场线运动到B点【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．电场线并不存在，是虚拟的，是认为引入的，而物体的运动轨迹是实际存在的，故电场线不是电荷的运动轨迹；在任意两条电场线之间虽没有电场线，但仍有电场．【解答】解：A、电场线越密代表电场越强，A点的场强最大，故A正确；B、沿着电场线电势一定降低，A点的电势最高，B错误．C、电场线并不存在，是虚拟的，是人为引入的，在两条电场线之间虽没有电场线，但仍有电场，故C错误．D、电场线并不存在，是虚拟的，是人为引入的，而物体的运动轨迹是实际存在的，故电场线不是电荷的运动轨迹．故D错误．故选：A．【点评】电场线是电场中的重要概念，要根据电场线的分布正确判断电势的高低和电场强度的强弱．把握电场线的特点是解决此类问题的关键．记住了，理解了，也就会做了．7．使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上﹣3Q和+5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1．现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2．则F1与F2之比为（）A．2：1 B．4：1 C．16：1 D．60：1【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分，然后依据库仑定律求解即可．【解答】解：开始时由库仑定律得：F=k r=a …①现用绝缘工具使两小球相互接触后，各自带电为Q，因此此时：F1=k…②由①②得：F1=F，故ABC错误，D正确．故选D．【点评】完全相同的带电小球接触时，对于电量的重新分配规律要明确，然后正确利用库仑定律求解．8．如下四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中电势和场强都相同的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小均相同时，场强才相同．电势是标量，根据电场线和等势线的分布情况解答．【解答】解：A、ab两点电势相同，电场强度方向不同，场强不同．故A错误．B、ab在同一等势线上，电势相等．根据对称性，ab两点场强相同，故B正确．C、根据顺着电场线电势降低，则知a点的电势比b点高．根据电场线分布情况可知a、b两点场强相同．故C错误．D、a点场强方向向上，b点场强方向向下，场强不同．电势相同．故D错误．故选：B．【点评】矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．二、多项选择（每题4分，共16分）9．对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB =，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1 C的正电荷从A点移到B点，电场力做了1J的正功，这两点间的电势差为1 VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其他力的作用，电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功【考点】电势差；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场中两点的电势差由电场本身决定，与电量和功W无关，电场力做功W=qU，只与电量和电势差有关，与具体路径无关．电场力做的功等于电荷增加的电势能或动能的变化；电荷在电场中移动，电场力做正功，不论电荷是正电荷还是负电荷，其电势能增加．【解答】解：A 、电场中两点的电势差由电场本身决定，与电量和功W 无关．故A错误；B、电势差的单位是这样规定的：将1C正电荷从一点移到另一点，电场力做1J 的功，这两点间的电势差为1V．故B错误；C、将1 C的正电荷从A点移到B点，电场力做了1J的正功，这两点间的电势差为1 V．故C正确；D、电荷荷在电场中移动，电场力做功，不论电荷是正电荷还是负电荷，不论是否还受其他力的作用，其电势能改变等于电场力所做的功．故D错误．故选：C．【点评】对于电势差的定义式要正确理解，明确电势差U与那些因素有关，明确公式中各个物理量的含义．10．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．粒子在M点的加速度大于在N点的加速度C．粒子在M点的动能小于N点的动能D．粒子在M点的电势能小于N点的电势能【考点】电场线；电势．【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小．根据电场力做功正负分析动能和电势能的变化．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势．故A正确．B、M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小，粒子在M点所受的电场力也较小，根据牛顿第二定律知，在M点的加速度小，故B错误．CD、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的动能小于在N点的动能，在M点的电势能大于在N点的电势能，故C正确，D错误故选：AC．【点评】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．11．竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F 作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大B．两小球间距离将减小C．推力F将增大D．推力，将减小【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】对整体分析，受总重力，拉力，地面的支持力，墙壁的弹力．可知地面的支持力等于两球的总重力．隔离对B球分析，B球受重力，墙壁的弹力和库仑力．A小球向右缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，根据平行四边形定则，知库仑力即墙壁弹力的变化．【解答】解：对A球受力分析，受到三个力，重力、弹力、库伦力，B小球向左缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小，根据库仑定律得公式可知：电荷量不变，库伦力变小，距离变大，对整体而言，墙壁对球的弹力等于拉力，所以拉力变小，所以两小球间距离将增大，推力F 将减小，故AD正确，BC错误；故选：AD．【点评】解决本题的关键先对整体受力分析，再隔离受力分析．整体法和隔离法是物理当中常见的一种方法，要灵活运用．12．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力F A＜F BB．A、B两点的电场强度E A＞E BC．A、B两点的电势φA＞φBD．电子在A、B两点具有的电势能E PA＜E PB【考点】电势能；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由静止释放电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，分析电场力的方向，确定电场线的方向．根据顺着电场线方向，电势降低，判断电势的高低．从速度图象看出，电子从A运动到B过程加速度变小，场强增变小．【解答】解：A、B：从速度图象看出，电子从A运动到B过程速度增大，加速度变化，电场力减小，即F A＞F B，场强变小，则B点的场强小于A点的场强，即E A＞E B．故A错误，B正确；C、根据题意，电子从静止释放后从A运动到B，则电子受到的电场力方向从A→B，而电子带负电，电场线方向从B→A，则B点的电势大于A点的电势，即φA＜φB．故C错误；D、因电场力做正功，则电势能减小，在A、B两点具有的电势能E PA＞E PB．故D 错误．故选：B．【点评】本题要根据电子的运动情况判断电子的受力情况，从而确定场强，电势的变化情况．三、计算题（12分+14分+14分+14分=52分）13．在真空中有两个点电荷q1和q2分别位于A和B，如图所示相距20cm，q1为4×10﹣8C，q2为﹣8×10﹣8C．则：（1）在AB连线上A点的外侧离A点20cm处的D点电场强度大小方向如何？（2）能否在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，求出D处的场强度大小和方向？【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）由点电荷电场强度公式，结合矢量叠加法则，求解即可．（2）根据库仑定律，结合力的合成法则，求得合电场力，再根据否在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，求出D处的场强度大小和方向．【解答】解：（1）由点电荷电场强度的公式，结合矢量叠加法则，得：E D=E A﹣E B =﹣=﹣=4.5×103N/C则D点电场强度的方向：由A指向D．（2）由库仑定律得：F=F A﹣F B再根据E=，即可求出D处的场强度大小；再根据负电荷的电场力方向的反方向，即为电场强度的方向．答：（1）在AB连线上A点的外侧离A点20cm处的D点电场强度大小4.5×103N/C，方向由A指向D；（2）能在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，从而求出D处的场强度大小和方向．【点评】本题很简单直接考查了库伦定律的应用和电场强度的定义式，对于公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．14．将一个电荷量q=﹣3×10﹣6C的负点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6×10﹣4J，从B点移到C点电场力做功9×10﹣4J．（1）求AB、BC、CA间电势差U AB、U BC、U AC；（2）将一个电子从电场中的A点移到C点，电场力所做的功为多少电子伏，电势能变化了多少？【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据公式．由做功与电量可求出两点的电势差．电荷在电场力作用下做功W=qU．【解答】解：（1）电荷量q=﹣3×10﹣6C，电场力的功W AB=﹣3×10﹣6J，W BC=9×10﹣4J，由电势差的定义VVU AC=φA﹣φC=U AB+U BC=﹣100V（2）电子的电荷量为﹣e，从A点移到C点电场力所做的功为W AC=qU AC=﹣eU AC=100eV电势能减少了100eV答：（1）AB、BC、CA间电势差U AB=200V、U BC=﹣300V、U AC=﹣100V；（2）电场力所做的功为100电子伏，电势能减小了100eV．【点评】电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样．电势差可正可负，所以U=公式中做功要注意正与负，电荷量也要代入电性．15．如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度大小；（2）物块运动的加速度；（3）沿斜面下滑距离为0.5m时物块的速度大小．（sin37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s2）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）对小球进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度．（2）电场变化后受力分析求出合外力，应用牛顿第二定律求解加速度．（3）沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小可由动能定理或运动学知识求解【解答】解：（1）平衡时，物块受重力mg、电场力qE、斜面的支持力N的作用，如图所示，有：qE=mgtan 37°得：E=tan37°=．（2）当E′=时，将滑块受力沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，如图，沿斜面方向，有：mgsin 37°﹣cos 37°=ma得：a=gsin 37°﹣cos 37°=0.4g=4 m/s2．（3）物块沿斜面做匀加速直线运动，初速度为0，加速度为a，位移为L，由v2=2aL，得：．答：（1）原来的电场强度为（2）物体运动的加速度大小4 m/s2（3）沿斜面下滑距离为L时的速度大小为2m/s【点评】问题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，关键是求合力；问题三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可16．长为L的绝缘细线下系一带正电的小球，其带电荷量为Q，悬于O点，如图所示．当在O点处固定一个正电荷时，如果球静止在A处，则细线拉力是重mg的两倍．现将球拉至图中B处（θ=60°）放开球让它摆动，问：（1）固定在O处的正电荷的带电荷量为多少？（2）摆球回到A处时悬线拉力为多少？【考点】库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）球静止在A处经受力分析知受三个力作用：重力、静电力F和细线拉力，由受力平衡和库仑定律列式求解（2）摆回的过程只有重力做功，所以机械能守恒，列出等式表示出最低点速度，由牛顿第二定律求解．【解答】解：（1）球静止在A处经受力分析知受三个力作用：重力mg、静电力F和细线拉力F拉，由受力平衡和库仑定律列式：F拉=F+mg，F=，F拉=2mg三式联立解得：q=．（2）摆回的过程只有重力做功，所以机械能守恒，规定最低点重力势能等于零，列如下方程：mgL（1﹣cos60°）=mv2。

2023—2024学年江苏省淮安市涟水县第一中学高二上学期第一次月考物理试卷（选修）一、单题1. 快递运输时，我们经常看到，有些易损坏物品外面都会利用充气袋进行包裹，这种做法的好处是（）A．可以大幅度减小某颠簸过程中物品所受合力的冲量B．可以大幅度减小某颠簸过程中物品动量的变化C．可以使某颠籁簸过程中物品动量变化的时间延长D．可以使某颠簸过程中物品动量对时间的变化率增加2. 假设一个人静止于完全光滑的水平冰面上，现欲离开冰面，下列方法中可行的是（）A．向后踢腿B．手臂向后甩C．在冰面上滚动D．脱下外衣水平抛出3. 一质量为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。

F随时间t变化的图线如图所示，则（）A ．时物块的速率为2m/s B ．时物块的动量大小为4kg ·m/s C ．时物块的动量大小为5kg ·m/s D ．时物块的速度为零4. 如图所示，弹簧振子在 BC 之间做简谐运动，当振子位于 O 点时，弹簧处于原长。

在振子从 C 运动到 O 的过程中（ ）A ．动能不断增大，加速度不断减小B ．回复力不断增大，系统机械能守恒C ．弹性势能不断减小，加速度不断增大D ．弹性势能不断增大，加速度不断减小5. 某质点的振动图像如图所示，下列说法正确的是A ．1s 和3s 时刻,质点的速度相同B ．1s 到2s 时间内,速度与加速度方向相同C ．简谐运动的表达式为y ＝2sin(0.5πt +1.5π) cmD ．简谐运动的表达式为y ＝2sin(0.5πt +0.5π) cm6. 飞力士棒（Flexi-bar）是德国物理治疗师发明的一种康复器材，它由一根PVC软杆、两端的负重头和中间的握柄组成，棒的固有频率为，如图所示。

下列说法正确的是（）A．用力越大，棒振动的越快B．增大手驱动的频率，棒的振幅一定变大C．增大手驱动的频率，棒的振动频率可能减小D．双手驱动该棒每分钟振动270次，则棒的振幅最大7. 如图为一简谐横波在t=0.2s时刻的波形图，P是平衡位置为x=7m处的质点，此刻P点振动方向沿y轴负方向，并经过0.4s完成了一次全振动，Q是平衡位置为x=4m处的质点，下列判断正确的是（）A．该波沿x轴负方向传播，波速为20m/sB．t=0.1s时，质点Q的加速度正向最大，速度为0C．从t=0.1s到t=0.25s，质点Q沿x轴移动的距离是3mD．从t=0.2s到t=0.5s的时间内，质点P通过的路程为18cm8. 两列横波在同种介质中相遇时某一时刻的情况如图所示，发生干涉现象，实线表示波峰，虚线表示波谷，则（）A．两列横波的频率一定相等B．N点一定总是处于静止状态C．N点到两波源的距离一定相等D．四分之一个周期后M点的瞬时速度为09. 超声波是一种频率高于20000Hz的声波，波长很短，广泛应用于生活与生产实践．关于超声波及应用，下列说法中正确的是（）A．在同种介质中，超声波的速度大于次声波的速度B．超声波的频率越高衍射本领越强C．高速公路上的测速仪发出超声波波长大于所接收波的波长，说明此时车正在靠近测速仪D．“彩超”检查身体时，超声波迎着血液流动方向发射，仪器接收到的反射回波的频率低于其发射的超声波的频率10. 如图所示，等腰三棱镜ABC的顶角，一束单色光与AB成30°角射入三棱镜，恰能垂直AC射出，则三棱镜的折射率为（）A．B．C．D．211. 在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样。

第一学期高二年级第一次月考物理试卷(时间: 60 分钟满分 100 分)一、单选题 (共45分，每题3分)1. 关于元电荷，下列说法中不正确的是( )A. 元电荷实质上是指电子和质子本身B. 所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C. 元电荷的值通常取e=1.60×10⁻¹⁹CD. 电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的2. 关于库仑定律，下列说法正确的是 ( )A. 库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积最小的带电体当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向无穷大B. 根据,F=k q1q2r2C. 带电荷量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A 受到的静电力的3 倍D. 库仑定律适用于在真空中两个静止点电荷之间静电力的计算3. 下列说法中正确的是().A. 电场线密集处场强大，电势高B. 沿电场线方向场强减小，电势降低C. 在电势高处电荷具有的电势能也大D. 场强为零处，电势不一定为零4. 下列关于匀强电场中场强和电势差的关系，正确的说法是( )A. 任意两点之间的电势差，等于场强和这两点间距离的乘积B. 在任何方向上，若两点间距离相等，则它们之间的电势差就相等C. 沿着电场线的方向，任何相等距离上的电势降低量必定相等D. 电势降落的方向必定是电场强度的方向5. 关于磁感应强度，下列说法正确的是( )A. 若长为L，电流为I的导线在某处受到磁场力为F，则该处的磁感应强度必为FIL 知, B 与F 成正, 与IL 成反比B. 由B=FIL知，如果一小段通电导线在某处不受磁场力，则说明该处一定无磁场C. 由B=FILD. 磁感应强度的方向就是小磁针静止时北极所指方向6. 如图所示, 直角三角形abc, ∠a=60°, ad= dc, b、c两点在同一水平线上, 垂直纸面的直导线置于b、c两点，通有大小相等、方向向里的恒定电流，d点的磁感应强度大小为B ₀若把置于c点的直导线的电流反向，大小保持不变，则变化后d点的磁感应强度( ) Bo,方向水平向左A. 大小为√33B. 大小为√3B₀，方向竖直向下C. 大小为B₀，方向水平向右D. 大小为2B₀，方向竖直向下试卷第1页，共6页7. A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在静电力作用下以一定的初速度从A 点沿电场线运动到B点，其v-t图像如图。

湖南省长沙市长郡中学2024-2025学年高二上学期第一次月考物理试卷一、单选题1．关于物体的动量，下列说法中正确的是（ ）A ．同一物体，动量越大，速度越大B ．(8kg m/s)-⋅的动量小于(6kg m/s)+⋅的动量C ．物体的动量发生变化，其动能一定发生变化D ．做匀速圆周运动的物体，其动量不变2．做简谐运动的物体经过A 点时，加速度大小为21m/s ，方向指向B 点；当它经过B 点时，加速度大小为22m/s ，方向指向A 点。

若A 、B 之间的距离是6cm ，则关于它的平衡位置，说法正确的是（ ）A ．平衡位置在AB 连线左侧B ．平衡位置在AB 连线右侧C ．平衡位置在AB 连线之间，但不能确定具体位置D ．平衡位置在AB 连线之间，且距离A 点为2cm 处3．如图所示为实验室中一单摆的共振曲线，由共振曲线可知（ ）A ．则该单摆的摆长约为2mB ．若增大摆长，共振曲线的峰值向右偏移C ．若增大摆球的质量，共振曲线的峰值向右偏移D ．若在月球上做实验，共振曲线的峰值向左偏移4．如图所示，小车静止在光滑水平面上，小车AB 段是半径为R 的四分之一光滑圆弧轨道，从B 到小车右端挡板平滑连接一段光滑水平轨道，在右端固定一轻弹簧，弹簧处于自然状态，自由端在C 点。

一质量为m 、可视为质点的滑块从圆弧轨道的最高点A 由静止滑下，而后滑入水平轨道，小车（含挡板）质量为2m，重力加速度为g。

下列说法正确的是（）A．滑块到达BB．当弹簧压缩到最短时，滑块和小车具有向右的共同速度C．弹簧获得的最大弹性势能为mgRD．滑块从A点运动到B点的过程中，小车运动的位移大小为2 3 R5．如图甲，某同学手持电吹风垂直向电子秤的托盘吹风，圆形出风口与托盘距离较近且风速恒定，吹在托盘上的风会从平行于托盘方向向四周散开，简化图如图乙。

当电吹风设置在某挡位垂直向托盘吹风时，电子秤示数与放上一质量为m的砝码时一致，出风口半径为r，空气密度为ρ，重力加速度大小为g。