黑龙江省双鸭山市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案

双鸭山市第一中学2017-2018学年度上学期高二物理学科期末考试试题选择题1. 在下图四种电场中，分别有a、b两点．其中a、b两点的电势不相等，场强相同的是（）A. 甲图：与点电荷等距的a、b两点B. 乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C. 丙图：点电荷与带电平板形成的电场中离平板很近的a、b两点D. 丁图：匀强电场中的a、b两点【答案】D【解析】A项：甲图为正的点电荷的电场，图中ab两点在同一个圆上，所以ab两点的电势相同，电场强度的大小也相同，但是场强的方向不同，所以A错误；B项：乙图为等量的异种电荷的电场，在起中垂线上的所有的点的电势都为零，并且场强的方向均为水平的指向负电荷，所以此时ab两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同，所以B错误；C项：丙图中ab处于金属平板上，处在电场中的金属平板处于静电平衡状态，金属板的表面为等势面，并且电场线与等势面垂直，又由于此时的ab是左右对称的，所以ab两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同，所以C错误；D项：丁图是匀强电场，ab点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知，b点的电势要比a点的电势高，所以D正确。

2. 如图所示，小磁针正上方的直导线与小磁针平行，当导线中有电流时，小磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家和观察到的现象是（）A. 奥斯特，小磁针的N极转向纸内B. 法拉第，小磁针的S极转向纸内C. 库仑，小磁针静止不动D. 洛伦兹，小磁针的N极转向纸内【答案】A【解析】发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特，根据安培定则可知该导线下方磁场方向垂直纸面向里，因此小磁针的N极垂直转向纸内，故BCD错误，A正确．故选A．3. 关于磁感线的说法，下列正确的是：（）A. 磁感线从磁体的N极出发，到磁体S极终止B. 磁感线可表示磁场的强弱和方向C. 电流在磁场中的受力方向，即为该点磁感线方向的切线方向D. 沿磁感线方向，磁感应强度渐弱【答案】B【解析】解：A、磁感线分布特点：在磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S 极指向N极．故A错误．B、磁感线的疏密表示磁场的强弱；其每一点的切线方向表示磁场方向；故B正确；C、电流在磁场中受力方向与磁场方向相互垂直；故C错误；D、磁感线方向表示磁场方向，但不能描述大小；只有磁感线的疏密才能描述强弱；故D错误；故选：B．【点评】本题考查了磁感线的引入的原因和特点、磁场的性质．由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质．4. 如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则（）A. 电灯L更亮，安培表的示数减小B. 电灯L更亮，安培表的示数增大C. 电灯L变暗，安培表的示数减小D. 电灯L变暗，安培表的示数增大【答案】A..................点晴：本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点去分析。

双鸭山市第一中学2017-2018学年度高三上学期期中物理试题一．选择题(1到6题单选，7到12多选。

每题4分，共48分）1 如图所示，当质量为m的汽车通过圆弧形拱桥顶点的速度为10m/s时，车对桥顶的压力为0．75mg，如果汽车在桥顶时速度为20m/s，则汽车对桥顶的压力为A．0 B．0．25mg C．0．5mg D．mg2 .如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初动能E0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点，若小球从a点以初动能2E0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是A．小球将落在c点上方B．小球将落在c点下方C．小球前后两次从抛出到落在斜面上的时间之比为1：2D．小球前后两次从抛出到落在斜面上的时间之比为1：3 北斗卫星导航系统空间段计划由35颗卫星组成，包括5颗静止轨道卫星、27颗中轨道卫星、3颗倾斜同步轨道卫星．中轨道卫星和静止轨道卫星都绕地球球心做圆周运动，中轨道卫星离地面高度低，则中轨道卫星与静止轨道卫星相比，做圆周运动的A．向心加速度大B．周期大C．线速度小D．角速度小4 如图所示，两个质量相等的物体从同一高度沿倾角不同的两个光滑斜面由静止自由滑下，到达斜面底端，则两物体具有相同的物理量是A．下滑过程中重力的冲量B．下滑过程中合力的冲量C．下滑过程中动量变化量的大小D．刚到达底端时的动量5 .如图所示，M、N为两个固定的等量同种正电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的负电荷(重力不计)，下列说法中正确的是A．从P到O，一定是加速度越来越小，速度越来越大B．从P到O，可能加速度先变大，再变小，速度越来越大C．越过O点后，电势能越来越小，直到速度为零D．越过O点后，动能越来越大，直到电势能为零6 如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V．实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，下列说法中正确的是A．带电粒子一定是先过a，再到b，然后到cB．带电粒子在三点所受电场力的大小F b＞F a＞F cC．带电粒子在三点动能的大小E Kb＞E K a＞E KcD．带电粒子在三点电势能的大小E Pb＞E P a＞E Pc7.质量为m的物块，沿着半径为R的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为V，若物体与球壳之间的摩擦因数为μ，则物体在最低点时，下列说法正确的是A．受到向心力为m B．受到的摩擦力为μmC．受到的摩擦力为μmg D．受到的合力方向斜向左上方8.假设地球可视为质量分布均匀的球体。

黑龙江省双鸭山市第一中学2017-2018学年度高二下学期期末考试物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共计48分，均为不定项选择，多选题选对不全的得2分）1. 下列给出的做直线运动的四组图象中,能够反映同一运动过程的是 ( )A. B.C. D.【答案】A【解析】试题分析：第一个图是速度-时间图象，由速度时间图象可知：0-3s内物体以速度6m/s匀速直线运动，加速度为0．3-5s内做匀加速直线运动，加速度为 a=2m/s2，两图能反映同一运动过程，故A正确；根据v-t图象可知，0-3s内，x=vt=6t（m），x与t成正比，x-t 图象应是过原点的直线．3-5s内做匀加速直线运动，x-t图象应是抛物线，故B错误；第一个图是位移时间图象，由位移时间图象可知：0-3s内物体静止，速度为0，3-5s内匀速直线运动，速度为2m/s，可知两图不能反映同一运动过程，故C错误；位移时间图象表示0-3s内物体静止，3-5s内做匀速直线运动，加速度一直为零，两图不能反映同一运动过程，故D错误．考点：考查了运动图像【名师点睛】v-t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度．位移-时间图象的斜率等于物体运动的速度，加速度时间图象表示加速度随时间变化情况，根据图象即可求解．2. 一个物体做匀变速直线运动,若运动的时间之比为t1:t2:t3:… =1:2:3:…下面有三种说法：① 相应的运动距离之比一定是s1：s2：s3：…=1：4：9：…② 相邻的相同时间内的位移之比一定是s1：s2：s3：…=1：3：5：…③ 相邻的相同时间内位移之差值一定是△s=aT2,其中T为相同的时间间隔.以上说法正确与否,有( ).A. 都是正确的B. 只有② ③ 正确C. 都是不正确的D. 只有③ 正确【答案】D【解析】只有初速度为零的匀变速直线运动，经过连续相等时间相应的运动距离之比才是s1：s2：s3：…=1：4：9…，①错误；只有初速度为零的匀变速直线运动，相邻的相同时间内的位移之比才是s1：s2：s3：…=1：3：5：…，②错误；初速度为v0的匀变速直线运动，运动的时间之比为t1：t2：t3：…=1：2：3：…，即第1s秒内的位移，则第2s内位移，第3s内的位移故相邻的相同时间内位移之差值，故③正确，D正确．3. 如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的.一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球和O点的连线与水平线的夹角为α=60°.两小球的质量比为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】以质量为m1的小球为研究对象，受力如图所示：由F N与F T水平方向合力为零可知，F N＝F T；竖直方向有2F T cos 30°＝m1g，又F T＝m2g，从而2m2g×＝m1g，解得，A正确；故选A4. 如图所示，一质量为M的楔形木块放在水平桌面上，它的顶角为90°，两底角为α和β；a、b为两个位于斜面上质量均为m的小木块.已知所有接触面都是光滑的.现发现a、b沿斜面下滑，而楔形木块静止不动，这时楔形木块对水平桌面的压力等于( )A. Mg+mgB. Mg+2mgC. Mg+mg（sinα+sinβ）D. Mg+mg（cosα+cosβ）【答案】A【解析】试题分析：对木块a受力分析，如图，受重力和支持力由几何关系，得到N1=mgcosα故物体a对斜面体的压力为N1′="mgcosα" ①同理，物体b对斜面体的压力为N2′="mgcosβ" ②对斜面体受力分析，如图，假设摩擦力向左根据共点力平衡条件，得到f+N2′cosα-N1′cosβ="0" ③F支-Mg-N1′sinβ-N2′sinα="0" ④根据题意α+β="90°" ⑤由①～⑤式解得F支=Mg+mg根据牛顿第三定律，斜面体对地的压力等于Mg+mg，故选A．考点：力的平衡；正交分解法.5. 对一定质量的理想气体，下列说法正确的是( )A. 气体的体积是所有气体分子的体积之和B. 气体温度越高，气体分子的热运动就越剧烈C. 气体对容器的压强是由大量气体分子对容器不断碰撞而产生的D. 当气体膨胀时，气体分子的势能减小，因而气体的内能一定减少【答案】BC【解析】试题分析：气体分子间空隙很大，气体的体积大于所有气体分子的体积之和．故A 错误．温度的微观含义是反映物体内分子的热运动剧烈程度，温度越高，分子热运动越剧烈．故B正确．气体的压强产生的机理是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的，故C正确．当气体膨胀时，气体分子之间的距离增大，但温度的变化无法判断，所以内能变化无法判断．故D 错误；故选BC．考点：气体的压强；温度【名师点睛】了解气体的分子运动特点，气体压强的微观含义和气体的内能，温度是理想气体的内能大小的标志，关于内能的变化可由热力学第一定律来判断。

高二物理期中试题参考答案1.A2.C3.B4.C5.B6.D7.A8.C9.BD 10.BD 11.BC 12.AC 13.AB14．(1) 8×10-6 mL（2） 约1.08×10-2 cm 2（3）约 7.4×10-10 m15.（15分） 解： （1）升压变压器的原副线圈匝数比为:201100005002121===U U n n (2)输电线电阻: R 线 = 10Ω（3）降压变压器 n 3/n 4 = 495/1116.(12分) 金属棒在重力作用下下落，下落的同时产生了感应电动势。

由于电容器的存在，在金属棒上产生充电电流，金属棒将受安培力的作用，因此，金属棒在重力和安培力B F 的合力作用下向下运动，由牛顿第二定律得：B mg F ma -= ①B F BiL = ②由于棒做加速运动，故B v a E F 、、、均为同一时刻的瞬时值，与此对应电容器上瞬时电量为Q CE =，而E BLv =，设在时间t ∆内，棒上电动势的变化量为E ∆，电容器上电量的增加量为Q ∆,显然:E BL v ∆=∆ ③Q C E ∆=∆ ④ 再根据电流和加速度的定义式,Q v i a t t ∆∆==∆∆ ⑤ 联立①～⑤式得:22mg a m B L C=+ = 5m/s 2 ⑥ 由⑥式可知，a 与运动时间无关，且是一个恒量，故金属棒做初速度为零的匀加速直线运动，其落地速度为v ，则：v ⑦将⑥式代入⑦式得：v =⑧物理知识点 2 落地时间可由212h at =得：2222()h h m B L C t a mg+== = 2s17.（12分）。

黑龙江省双鸭山市第一中学2017-2018学年高二物理4月月考试题一、单选题（每题5分，共8题，总分40分）1．如图所示，A、B都是很轻的铝环，分别吊在绝缘细杆的两端，杆可绕竖直轴在水平面内转动，环A是闭合的，环B是断开的．若用磁铁分别靠近这两个圆环，则下面说法正确的是( )A. 图中磁铁N极接近A环时，A环被吸引，而后被推开B. 图中磁铁N极远离A环时，A环被排斥，而后随磁铁运动C. 用磁铁的任意一磁极接近A环时，A环均被排斥D. 用磁铁N极接近B环时，B环被推斥，远离磁铁运动2．如图所示，A、B是相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈．下列说法正确的是()A. 闭合开关S时，A、B灯同时亮B. 闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮C. 闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮D. 断开开关S时，A灯与B灯都闪亮一下后同时慢慢熄灭3．如图所示为一交流电随时间变化的图象，其中电流的正值为正弦曲线的正半周（两段各半个周期），则该交变电流的有效值约为（）A. 2.1AB. 3.1AC. 4.1AD. 5.1A4．置于匀强磁场中的金属圆盘中央和边缘各引出一根导线，与套在铁芯上部的线圈A相连。

套在铁芯下部的线圈B引出两根导线接在两根水平导轨上，如图所示。

导轨上有一根金属棒ab处在垂直于纸面向外的匀强磁场中。

下列说法正确的是（）A. 圆盘顺时针加速转动时，ab棒将向右运动B. 圆盘顺时针匀速转动时，ab棒将向右运动C. 圆盘顺时针减速转动时，ab棒将向右运动D. 圆盘逆时针加速转动时，ab棒将向左运动5．如图，金属框abcd置于匀强磁场中，金属棒MN可在abcd上无摩擦地滑动M，N以1m/s的速度向左匀速运动，作用在MN上的外力恒为4N，方向向左，这时回路的电功率为（）A. 2WB. 20WC. 4WD. 无法求出6．如图所示，正方形ABCD区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场。

一个等腰直角三角形导体框abc与ABCD在同一平面内，bc边与磁场的边界BC在同一直线上，bc的长是BC长的一半。

黑龙江省双鸭山市第一中学2016—2017学年度上学期9月月考高二物理试题（时间：90分钟总分：120分）一、选择题（1-7为单选，8-12为多选。

共72分.）1、在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是（）A．牛顿B．伽利略C．库仑D．焦耳2、要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍，下列方法中可行的是（）A．每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍，电荷间的距离不变B．保持点电荷的电荷量不变，使两个电荷间的距离增大到原来的2倍C．使一个点电荷的电荷量加倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的D．保持点电荷的电荷量不变，将两个点电荷的距离减小到原来的3、如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的（）A．单个正点电荷B．单个负点电荷C．等量同种点电荷D．等量异种点电荷4、静止的带电粒子A、B在电场中的受力方向如图所示，关于它们电性说法正确的是（）A．A都带正电B．B都带负电C．A带正电，B带负电D．A带负电，B带正电5、如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为φa=5V，φb=3V.下列说法正确的是( )A．c点的电势一定为4V B．a点的场强一定比b点场强大C．电场线的方向一定向左D．正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少6、以下说法正确的是( )A．由可知，此场中某点的电场强度与成正比B．由公式可知电场中某点的电势与成反比C．由可知，匀强电场中的任意两点、间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式为电容的定义式，电容器的电容大小与电容器两极板间电势差无关7.A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度－时间图象如图所示．则这一电场可能是( )二、多项选择8、如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，两个极板为A、B，B板接地，A板带电量+Q，板间电场有一固定点P，若将B板固定，A板下移一些，或将A板固定，B板上移一些，在这两种情况中，下列说法正确的是（）A．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C．B板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D．B板上移时，P点的电场强度减小，P点电势降低9、如图，质子（H）和α粒子（He）以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则下列说法正确的是（）A．这两个粒子射出电场时的侧位移之比为1：2B．这两个粒子射出电场时的侧位移之比为1：1C．这两个粒子在电场中运动时间之比为1：2D．这两个粒子在电场中运动时间之比为1：410、如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动。

黑龙江省双鸭山市第一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，一带电小球P用绝缘轻质细线悬挂于O点。

带电小球Q与带电小球P处于同一水平线上，小球P平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。

现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q，使带电小球P能够保持在原位置不动，直到小球Q移动到小球P位置的正下方。

对于此过程，下列说法正确的是（）A．小球P受到的库仑力先减小后增大B．小球P、Q间的距离越来越小C．轻质细线的拉力先减小后增大D．轻质细线的拉力一直在减小【答案】AD【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。

2．真空中，在x轴上的坐标原点O和x=50cm处分别固定点电荷A、B，在x=10cm处由静止释放一正点电荷p，点电荷p只受电场力作用沿x轴方向运动，其速度与在x轴上的位置关系如图所示。

下列说法正确的是（）A．x=10cm处的电势比x=20cm处的电势高B．从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p的电势能一定先增大后减小C．点电荷A、B所带电荷量的绝对值之比为9：4D．从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p所受的电场力先增大后减小【答案】AC【解析】【分析】【详解】A．点电荷p从x=10cm处运动到x=30cm处，动能增大，电场力对点电荷做正功，则点电荷所受的电场力方向沿+x轴方向，因此，从x=10cm到x=30cm范围内，电场方向沿+x轴方向，所以，x=10cm处的电势比x=20cm处的电势高，故A正确；B．点电荷p在运动过程中，只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变，点电荷的动能先增大后减小，则其电势能先减小后增大，故B错误；C．从x=10cm到x=30cm范围内，点电荷p所受的电场力沿+x轴方向，从x=30cm到x=50cm范围内，点电荷p所受的电场力沿-x轴方向，所以，点电荷p在x=30cm处所受的电场力为零，则点电荷A、B对点电荷p的静电力大小相等，方向相反，故有22A BA BQ q Q qk kr r其中r A=30cm，r B=20cm，所以，Q A：Q B=9：4，故C正确；D．点电荷x=30cm处所受的电场力为零，由电场力公式F=qE可知：x=30cm处的电场强度为零，所以从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p所受的电场力一定先减小后增大，故D错误。

2017-2018学年黑龙江省双鸭山市友谊县红兴隆管理局一高高二（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分；每小题四个选项中，第8、11、12小题有多个选项符合题意，选不全的得2分，有错误答案的不得分.其它小题只有一个选项符合题意.）1．关于元电荷，下列说法中错误的是（）A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．D．12F3．以下说法正确的是（）A．由E=可知电场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式φ=可知电场中某点的电势φ与q成反比C．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关D．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也越大4．（本题供使用选修3﹣1教材的考生作答）如图所示，在场强为E的匀强电场中，a、b两点间的距离为L，ab连线与电场方向的夹角为θ，则a、b两点间的电势差为（）A．ELsinθB．ELcosθC．EL D．5．在电场线如图所示的电场中有M、N两点，一个带电离子（不计重力）仅在电场力作用下由静止开始从M点运动到N点，则（）A．M点处的电场强度比N点处的电场强度大B．该离子在M点的电势能大于在N点的电势能C．M点处的电势比N点处的电势低D．该离子在N点的速度可能为零6．如图所示，某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为a：b：c=5：3：2，在此长方体的上下、左右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1、2、3、4，在1、2两端加上恒定的电压U，通过导体的电流为I1；在3、4两端加上恒定的电压U，通过导体的电流为I2，则I1：I2为（）A．25：4 B．4：25 C．9：25 D．25：97．a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别为U a=10V，U b=2V，U c=6V，则在下列各示意图中能正确表示该电场强度方向的是（）A． B． C．D．8．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流9．如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低10．把电量为2.0×10﹣8C的检验电荷从电场中的A点移到B点，电场力做功3.0×10﹣6J，从B点移到C点，须克服电场力做功4.0×10﹣6J，则A点和C点比较（）A．电势差为350V，A点电势高B．电势差为350V，C点电势高C．电势差为50V，A点电势高D．电势差为50V，C点电势高11．如图所示，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2Ω，那么有关待测电阻R x的说法正确的是（）A．R x的测量值比真实值大B．R x的测量值比真实值小C．R x的真实值为99.8ΩD．R x的真实值为100.2Ω12．电荷量q=1×10﹣4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示．重力加速度g=10m/s2．则（）A．物块在4s内位移是8mB．物块的质量是1kgC．物块与水平面间动摩擦因数是0.4D．物块在4s内电势能减少了14J二、实验题（18分，每空2分）13．有一只灵敏电流表的满偏电流Ig=500μA，内阻Rg=1000Ω，（1）若把它改装成量程为1mA的毫安表，应（串联或并联）Ω的电阻；（2）若将这只灵敏电流表改装为量程10V的电压表，应（串联或并联）Ω的电阻．14．某同学做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，实验室提供了如图中的器材．（1）为了使实验误差尽可能小，应选用的伏安法是，（填内接法还是外接法）滑动变阻器的连接是（填分压式还是限流式）（2）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路．如图1所示，请在图中完成其余的电路连接，要求小灯泡两端的电压能在0～2.5V范围连续变化，且尽可能减少实验误差．实验开始时，滑动变阻器的滑片应该置于最端．（填“左”或“右”）（3）该同学在正确完成实验后得到如图2所示的伏安特性曲线，请你分析图线：小灯泡的电阻随电压的升高而（增大或减小）．三、计算题（本题共3小题，共34分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A．求：（1）电动机的内阻为多少？（2）电动机正常工作时的电功率为多大？（3）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率为多大？（4）如果在电动机正常工作时，电动机的机械功率为多少？16．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，小物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后小物块下滑距离L时的动能．17．一束电子流在经U=5000V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距d=1.0cm，板长l=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？2016-2017学年黑龙江省双鸭山市友谊县红兴隆管理局一高高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分；每小题四个选项中，第8、11、12小题有多个选项符合题意，选不全的得2分，有错误答案的不得分.其它小题只有一个选项符合题意.）1．关于元电荷，下列说法中错误的是（）A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的【考点】元电荷、点电荷．【分析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷【解答】解：AC、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10﹣19C，并不是电子和质子本身．故A项错误，C项正确；B、所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故B正确；D、电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，故D正确．本题要求选择错误的选项，故选：A．2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．D．12F【考点】库仑定律；电荷守恒定律．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带电为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．故选C．3．以下说法正确的是（）A．由E=可知电场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式φ=可知电场中某点的电势φ与q成反比C．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关D．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也越大【考点】电势；电场强度；电容．【分析】E=、φ=、C=都运用了比值法定义，根据比值定义的共性来理解它们的物理意义．公式U ab=Ed中d是两点沿电场方向的距离．【解答】解：A、E=是电场强度的定义式，采用比值法定义，E与F无关，故A错误．B、公式φ=是电势的定义式，采用比值法定义，φ与q无关，故B错误．C、公式C=是电容的定义式，采用比值法定义，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关，故C正确．D、由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间沿电场线方向的距离越大，两点间的电势差才越大．故D错误．故选：C．4．（本题供使用选修3﹣1教材的考生作答）如图所示，在场强为E的匀强电场中，a、b两点间的距离为L，ab连线与电场方向的夹角为θ，则a、b两点间的电势差为（）A．ELsinθB．ELcosθC．EL D．【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】已知匀强电场的场强为E，a、b两点间的距离为L及ab连线与电场方向的夹角为θ，根据公式U=Ed，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U．【解答】解：由题，a、b两点间的距离为L及ab连线与电场方向的夹角为θ，则这两点沿电场方向的距离d=Lcosθ，a、b两点间的电势差U=Ed=ELcosθ．故选B5．在电场线如图所示的电场中有M、N两点，一个带电离子（不计重力）仅在电场力作用下由静止开始从M点运动到N点，则（）A．M点处的电场强度比N点处的电场强度大B．该离子在M点的电势能大于在N点的电势能C．M点处的电势比N点处的电势低D．该离子在N点的速度可能为零【考点】电场线；电势能．【分析】根据沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方场强进行判定．【解答】解：A：由电场线的性质可知，电场线分布密的N点处的电场强度大，故A错误；B：带电离子仅在电场力作用下由静止开始运动，所以带电粒子受力的方向向右，与电场线的方向相同，带电粒子带正电，由静止开始从M点运动到N点做加速运动，电场力做正功，电势能减少动能增加，电势能与电能的和保持不变．故B正确；C：沿电场线的方向电势越来越低，即M点处的电势比N点处的电势高，故C错误；D：由题意知，带电粒子带正电，由静止开始从M点运动到N点做加速运动，电场力做正功，电势能减小动能增大．故D错误．故选：B6．如图所示，某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为a：b：c=5：3：2，在此长方体的上下、左右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1、2、3、4，在1、2两端加上恒定的电压U，通过导体的电流为I1；在3、4两端加上恒定的电压U，通过导体的电流为I2，则I1：I2为（）A．25：4 B．4：25 C．9：25 D．25：9【考点】霍尔效应及其应用．【分析】根据电阻定律求出在1、2两端加上恒定电压、在3、4两端加上恒定的电压时的电阻之比，从而根据欧姆定律得出电流之比．【解答】解：根据电阻定律R=得，当在1、2两端加上恒定电压U时，，在在3、4两端加上恒定的电压时，，所以=，根据欧姆定律I=得，．故A正确，B、C、D错误．故选：A．7．a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别为U a=10V，U b=2V，U c=6V，则在下列各示意图中能正确表示该电场强度方向的是（）A． B． C．D．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【分析】匀强电场电场线是平行等间距，而等势面与电场线垂直，则等势面也平行等间距，且沿着电场线方向，电势降低．【解答】解：由题意可知，各点的电势分别为U a=10V，U b=2V，U c=6V，则ab连线的中点的电势为6V，所以该点与c点的连线，即为等势线．由于沿着电场线方向，电势降低．故B正确，ACD错误；故选：B8．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流【考点】电容器的动态分析．【分析】电荷q处于静止状态，受到重力与电场力而平衡．将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，根据板间场强E=分析场强的变化，再分析电荷q所受电场力的变化，判断电荷q的运动方向．根据电容的决定式分析电容的变化，而电容器的电压一定，再由电容的定义式分析板间电容器电量的变化，根据电容器是充电还是放电，分析电路中电流的方向．【解答】解：A、B将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强E=减小，电荷q所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动．故A错误，B正确．C、D根据电容的决定式C=可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式C=分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流．故C错误，D正确．故选BD9．如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向电势降低．通过电场线的分布进行判断．【解答】解：根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则E B＞E A＞E C；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势．所以φA=φC＞φB．故B正确，A、C、D错误．故选B．10．把电量为2.0×10﹣8C的检验电荷从电场中的A点移到B点，电场力做功3.0×10﹣6J，从B点移到C点，须克服电场力做功4.0×10﹣6J，则A点和C点比较（）A．电势差为350V，A点电势高B．电势差为350V，C点电势高C．电势差为50V，A点电势高D．电势差为50V，C点电势高【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【分析】先求出将电荷从A点移到C点时电场力做功，再公式U=求出A、C间的电势差，判断出电势的高低．【解答】解：由题意，检验电荷从电场中的A点移到B点，电场力做功为W AB=3.0×10﹣6J，则若将电荷从A点移到C点时电6J，从B点移到C点，电场力做功WBC=﹣4.0×10﹣场力做功为：W AC=W AB+W BC=3.0×10﹣6J+（﹣4.0×10﹣6J）=﹣1.0×10﹣6J则A、C间的电势差U AC==V=﹣50V＜0，所以C点的电势高．故选：D11．如图所示，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2Ω，那么有关待测电阻R x的说法正确的是（）A．R x的测量值比真实值大B．R x的测量值比真实值小C．R x的真实值为99.8ΩD．R x的真实值为100.2Ω【考点】伏安法测电阻．【分析】由电路图可知，实验电路采用的是电流表的内接法，由于电流表的分压，电阻测量值大于真实值；由欧姆定律求出电阻的测量值，然后由串联电路特点求出电阻的真实值．【解答】解：由电路图可知，实验采用了电流表的内接法，电阻的测量值：R===100Ω；由电路图可知，电压表所测的是电流表与待测电阻的电压，因此电阻测量值是待测电阻阻值与电流表内阻之和，则电阻的真实值：R x=R﹣R A=100Ω﹣0.2Ω=99.8Ω，电阻的测量值大于电阻真实值，故AC正确，BD错误；故选：AC．12．电荷量q=1×10﹣4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示．重力加速度g=10m/s2．则（）A．物块在4s内位移是8mB．物块的质量是1kgC．物块与水平面间动摩擦因数是0.4D．物块在4s内电势能减少了14J【考点】电场强度．【分析】根据v﹣t图象的“面积”求位移．前2s内物块做匀加速直线运动，2s后物块做匀速运动，处于平衡状态，分别使用牛顿第二定律和物体的平衡条件即可解出质量；匀速运动时电场力与滑动摩擦力平衡；物体电势能的该变量等于电场力做的功．【解答】解：A、物块在4s内位移为：x=×2×（2+4）m=6m，故A错误．BC、由图可知，前2s物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有：qE1﹣μmg=ma，由图线知加速度为：a=1m/s21s后物块做匀速运动，由平衡条件有：qE2=μmg联立解得：q（E1﹣E2）=ma由图可得：E1=3×104N/C，E2=2×104N/C，代入数据解得：m=1kg由qE2=μmg可得：μ=0.2，故B正确，C错误．D、物块在前2s的位移S1=×2×2m=2m物块在第2s的位移为S2=vt2=4m电场力做正功W=qE1S1+qE2S2=3×2+2×4=14J则电势能减少了14J，故D正确．故选：BD．二、实验题（18分，每空2分）13．有一只灵敏电流表的满偏电流Ig=500μA，内阻Rg=1000Ω，（1）若把它改装成量程为1mA的毫安表，应并联（串联或并联）1000Ω的电阻；（2）若将这只灵敏电流表改装为量程10V的电压表，应串联（串联或并联） 1.9×104Ω的电阻．【考点】把电流表改装成电压表．【分析】（1）电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，根据串联电路电流和电压关系并结合欧姆定律列式求解即可．（2）电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻，根据并联电路电流和电压关系并结合欧姆定律列式求解即可．【解答】解：（1）灵敏电流表的满偏电流I g=500μA，内阻R g=1000Ω，满偏电压为U g=I g R g=500×10﹣6×1000=0.5V；把它改装成量程为1mA的毫安表，应该并联分流电阻，阻值为：R=（2）将这只灵敏电流表改装为量程10V的电压表，应该串联分压电阻，阻值为：R=故答案为：（1）并联、1000；（2）串联、1.9×104．14．某同学做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，实验室提供了如图中的器材．（1）为了使实验误差尽可能小，应选用的伏安法是外接法，（填内接法还是外接法）滑动变阻器的连接是分压式（填分压式还是限流式）（2）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路．如图1所示，请在图中完成其余的电路连接，要求小灯泡两端的电压能在0～2.5V范围连续变化，且尽可能减少实验误差．实验开始时，滑动变阻器的滑片应该置于最左端．（填“左”或“右”）（3）该同学在正确完成实验后得到如图2所示的伏安特性曲线，请你分析图线：小灯泡的电阻随电压的升高而增大（增大或减小）．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）由于灯泡的内阻一般较小，故本实验一般采用电流表外接法；同时，由于本实验中要求从零开始调节，故滑动变阻器采用分压式接法；（2）根据电流表与滑动变阻器的接法连接实物电路图，滑动变阻器采用分压接法闭合开关前滑片要置于分压电路分压为零的位置；（3）根据灯泡I ﹣U 图象应用欧姆定律分析答题． 【解答】解：（1）由于小灯泡的内阻一般比较小，故为了减小误差，都选用电流表的外接法；而在实验中要求多测几组数据，并且数据是从零开始调节的，故滑动变阻器要采用分压式接法．（2）电压表示数从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用外接法，实物电路图如图所示：滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，滑片应置于最左端；（3）由图示灯泡I ﹣U 图象可知，随U 增大通过灯泡的I 增大，U 与I 的比值增大，灯泡电阻增大； 故答案为：（1）外接法；分压式；（2）左；（3）增大．三、计算题（本题共3小题，共34分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 15．有一个直流电动机，把它接入0.2V 电压的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A ；若把电动机接入2V 电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A ． 求：（1）电动机的内阻为多少？（2）电动机正常工作时的电功率为多大？（3）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率为多大？ （4）如果在电动机正常工作时，电动机的机械功率为多少？ 【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率． 【分析】（1）当电动机不转时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电机的内阻； （2）当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，由公式P=UI 求电功率；（3）电动机的转子突然被卡住时，其电路是纯电阻电路，电动机的发热功率P 热=；（4）如果在电动机正常工作时，其输出的机械功率P 机=P 总﹣P 内=UI ﹣I 2r ，代入求解． 【解答】解：（1）当电动机不转时，由欧姆定律得：电动机的内阻为：r==Ω=0.5Ω（2）当电机正常工作时，电功率P 电=U 2I 2=2×1W=2W（3）电动机的转子突然被卡住时，此时相当于纯电阻，发热功率为：P 热==W=8W（4）如果在电动机正常工作时，电动机的机械功率为：P 机=P 电﹣I 22r=2﹣12×0.5=1.5W答：（1）电动机的内阻为0.5Ω．（2）电动机正常工作时的电功率为2W．（3）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率为8W．（4）如果在电动机正常工作时，电动机的机械功率为1.5W．16．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，小物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后小物块下滑距离L时的动能．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【分析】（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．（3）选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度（2）若电场强度减小为原来的，则变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理则有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL答：（1）水平向右电场的电场强度是；（2）若将电场强度减小为原来的，小物块的加速度是0.3g；（3）电场强度变化后小物块下滑距离L时的动能是0.3mgL．17．一束电子流在经U=5000V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距d=1.0cm，板长l=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】粒子先加速再偏转，由题意可知当电子恰好飞出时，所加电场最大；由运动的合成与分解关系可得出电压值．【解答】解：在加速电压一定时，偏转电压U′越大，电子在极板间的偏距就越大．当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压．加速过程，由动能定理得：…①进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上做匀速运动：l=v0t…②在垂直于板面的方向做匀加速直线运动，加速度为：…③偏距：…④能飞出的条件为：y≤…⑤，解①～⑤式得：U′≤V=4.0×102 V，即要使电子能飞出，所加电压最大为400V；答：两个极板上最多能加400V的电压．2016年12月9日。

双鸭山市第一中学2018-2019上学期期中考试高二物理（时间：90分钟 总分：110分） 一、 选择题（1-7为单选，8-12为多选。

共48分.）1．以下说法正确的是( ) A ．由qFE =可知此场中某点的电场强度E 与F 成正比 B ．由公式qE P=φ可知电场中某点的电势φ与q 成反比 C ．由U ab =Ed 可知，匀强电场中的任意两点a 、b 间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D ．公式C=Q/U ，电容器的电容大小C 与电容器两极板间电势差U 无决定关系。

2．有A 、B 、C 三个点电荷，若将A 、B 放在距离为12 cm 的位置上，B 受到A 的库仑力大小为F ．若将B 、C 放在距离为12 cm 的位置上，B 受到C 的库仑力大小为2F ．那么C 与A 所带电荷量之比是（ ）A ．1:2B ．1:4C ．2:1D ．4:13.如图所示的四种电场中，分别标记有a 、b 两点。

其中a 、b 两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是( )A. 甲图：点电荷的电场中，与点电荷等距的a 、b 两点B. 乙图：等量异种电荷电场中，两电荷连线的中垂线上与连线等距的a 、b 两点C. 丙图：点电荷的电场中，与点电荷成一直线的a 、b 两点D. 丁图：匀强电场中的a 、b 两点4.A 、B 是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A 点沿电场线运动到B 点，其速度－时间图象如图所示．则这一电场可能是( )5．在磁场中某一点，已经测出一段0.5 cm 长的导线中通入0.01 A 的电流时，受到的安培力为5.0×10－6N ，则下列说法正确的是( )．┆┆○┆┆┆┆○┆┆┆┆○┆┆┆┆┆┆装┆┆┆┆┆┆┆订┆┆┆┆┆┆┆线┆┆┆┆┆┆○┆┆┆┆○┆┆┆┆○┆┆┆A ．该点磁感应强度大小一定是0.1 TB ．该点磁感应强度大小一定不小于0.1 TC ．该点磁感应强度大小一定不大于0.1 TD ．该点磁感应强度的方向即为导线所受磁场力的方向6．如图所示的电路，电表均为理想电表，闭合开关S ，当滑动变阻器滑片P 向右移动时，下列说法正确的是（ ）A ．电流表读数变小，电压表读数变大B ．小灯泡L 变暗C ．电源的总功率变小D ．电容器C 上电荷量减小7.如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图.单刀多掷开关S 可以与不同接点连接.下列说法正确的是（ ）A.当S 接1或2时为直流电流档，接1时量程较小B.当S 接1或2时为直流电压档，接1时量程较大C.当S 接3或4时为直流电流档，接3时量程较大D.当S 接5或6时为直流电压档，接5时量程较小 8．有A 、B 两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断( )A.电阻A 的阻值大于电阻BB.电阻A 的阻值小于电阻B C ．两电阻串联时，电阻A 消耗的功率较小 D ．两电阻并联时，流过电阻B 的电流强度较大9、如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v 0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A 向B 做直线运动。

2017-2018学年度第一学期高二物理(理科)期中考试试题20 17 . 11温馨提示：1．本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷和答题卡。

全卷总分值100分。

2．考生答题时，必需将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B铅笔涂在答题卡上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效，第Ⅱ卷所有题的正确答案按要求用黑色签字笔填写在答题纸上。

3．考试终止时，将答题纸交给监考教师。

第Ⅰ卷一、单项选择题：（此题共8小题，每题4分，共32分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要。

)1．有三个完全相同的金属小球A、B、C，将A和B固定起来，且相距为r，带电量别离为q和8q，它们之间作使劲的大小为F，把不带电的金属球C跟A、B两小球反复接触后移开，现在，A、B间的作使劲大小为（）A．F/8 B．9F/8 C．7F/8 D．3F/82．如下图，A、B、C三点的连线组成一个等腰直角三角形，A 是直角。

在B 点放置一个电荷量为＋Q 的点电荷，测得A 点的电场强度大小为E 。

假设保留B 点的电荷，再在C 点放置一个电荷量为一Q的点电荷，那么A 点的电场强度大小等于（）A．2E B．E C．0 D．2E3．如下图,图中a、b为竖直向上的电场线上的两点，一带电粒子在a点由静止释放，沿电场线向上运动，到b点恰好速度为零，以下说法中正确的选项是( )A．带电粒子在a、b两点所受的电场力都是竖直向下的B．a点的电势等于b点的电势C．带电粒子在a点的电势能比在b点的电势能小D．a点的电场强度比b点的电场强度大4．如下图，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰益处于静止状态，假设将两板慢慢的错开一些，其它条件不变，那么（）A．电容器带电量不变B．尘埃将向下运动C．电流计中会有瞬时a →b的电流D．电流计中会有瞬时b→a的电流5．一带电粒子由静止释放经加速电场加速后垂直进入两平行金属板间的偏转电场，要使它离开偏转电场时偏转角增大，可采纳的方式有（ ）A ．增加带电粒子的电荷量B ．增加带电粒子的质量C ．增大加速电压D ．增大偏转电压6．在某电解池中，若是在1s 内共有5×1018个二价正离子（所带电荷量为+2e ）和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过那个截面的电流是（ ）A ．0B ．0.8AC ．1.6AD ．3.2A 7．忽略温度对电阻的阻碍，以下说法中错误的选项是（ ）A ． 依照R=U/I 知，当通过导体的电流不变，加在电阻两头的电压为原先的两倍时，导体的电阻也变成原先的两倍B ．依照R=U/I 知，尽管加在电阻两头的电压为原先的两倍，但导体的电阻不变C ．依照S LR ρ=知，导体的电阻与导体的电阻率和导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比D ．导体的电阻率与导体的电阻R,横截面积S ，与导体的长度L 皆无关8．从陕西榆林到西安能够乘坐汽车抵达也能够乘坐火车抵达，这表现了哪一种逻辑关系（ ） A ．“与”逻辑B ． “或”逻辑C ． “非”逻辑D ． “与非”逻辑二、多项选择题（本小题共4小题，每题4分，共16分。