2021届天津市塘沽一中滨海七校高三(上)联考模拟物理试题

天津市塘沽区2021届新高考模拟物理试题（市模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示的装置中，A、B两物块的质量分别为2 kg、l kg,连接轻弹簧和物块的轻绳质量不计，轻弹簧的质量不计，轻绳与滑轮间的摩擦不计，重力加速度g = 10 m/s2，则下列说法正确的是A．固定物块A，则弹簧的弹力大小为20 NB．固定物块B，则弹簧的弹力大小为40 NC．先固定物块A，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力大小为10 ND．先固定物块A，释放物块A后，A、B、弹簧一起运动的过程中，弹簧的弹力大小为15N【答案】C【解析】固定物块A，则弹簧的弹力大小等于B的重力，大小为10 N，选项A错误；固定物块B，则弹簧的弹力大小等于A的重力，大小为20 N，选项B错误；先固定物块A，则弹簧的弹力为10N，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力不能突变，则大小为10 N，选项C正确；先固定物块A，释放物块A后，A、B、弹簧一起运动的过程中，加速度为，对物体B:T-m B g=m B a ，解得弹簧的弹力大小为40/3N，选项D错误；故选C.2．一束由a、b两种单色光组成的复色光射向玻璃制成的三棱镜，通过三棱镜的传播情况如图所示。

关于a、b两种单色光，下列说法正确的是（）A．玻璃对a色光的折射率大于对b色光的折射率B．a色光的光子能量小于b色光的光子能量C．a色光在玻璃中的传播速度比b色光小D．a色光发生全反射的临界角比b色光小【答案】B【解析】【分析】【详解】AB ．通过玻璃三棱镜后，b 色光的偏折角最大，说明玻璃对b 光的折射率大于对a 色光的折射率，则b 色光的频率最高，根据E h ν=可知，a 色光的光子能量小于b 色光的光子能量，故A 错误，B 正确； C ．a 色光的折射率小，根据c v n=分析可知a 色光在玻璃中的传播速度大于b 色光，故C 错误； D ．玻璃对b 光的折射率大，根据1sin C n=知b 色光发生全反射的临界角小于a 色光，故D 错误。

2021年天津市十二区县重点学校高三毕业班联考（一）物理试卷注意事项：1.每小题选出答案后，把答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动用橡皮擦干净后，再选涂其他答案2.本卷共8题，每题5分，共40分第I卷一、选择题（每小题5分，共25分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1.下列说法正确的是A，随着物体运动速度的增大，物体分子动能也增大B.一定质量的理想气体经历等容放热过程，气体的内能增大C.气体分子单位时间内碰撞器壁单位面积上的次数与单位体积内分子数和温度有关D.悬浮在液体中的微粒越大，某瞬间跟它相撞的液体分子数越多，撞击作用的不平衡性就表现得越明显2.超市里磁力防盗扣的内部结构及原理如图所示，在锥形金属筒内放置四颗小铁珠（其余两颗未画出），工作时弹簧通过铁环将小铁珠挤压于金属筒的底部，同时，小铁珠陷于钉柱上的凹糟里，锁死防盗扣，当用强磁场吸引防盗扣的顶部时，铁环和小铁珠向上移动，防盗扣松开，已知锥形金属筒底部的圆锥顶角是120°，弹簧通过铁环施加给每个小铁珠竖直向下的力F，小铁珠锁死防盗扣，每个小铁珠对钉柱产生的侧向压力为（不计摩擦以及小铁珠的重力）3.如图所示分别是a光，b光各自通过同一单缝衍射仪器形成的图样（灰黑色部分表示亮纹，保持缝到屏距离不变），则下列说法正确的是A,a光的光子能量比b光的小B.在真空中，a光的传播速度小于b光的传播速度C.通过同一装置做双干涉实验，a光产生的条纹间距比b光的小D.a、b光由问一介质射入空气，均发生全反射，a光的临界角比b光小4.2020年3月28日消息，随着复产复工有序推进，全国发电量、用电量出现明显回升，如图所示，甲为一台小型发电机构造示意图，单匝线圈逆时针匀速转动，产生的交变电流随时间变化，其N图像如图乙所示，下列说法正确的是A.线圈转动一周，电流的方向改变1次B.电流随时间变化的规律为i=10sin10πt （A ）C.在t=0.05s 到t=0.1s 时间内，穿过线圈的磁通量逐渐增大D.若只将线圈转速变为原来的2倍，则小灯泡的功率变为原来的4倍5.2020年12月3日，嫦娥五号上升器携带月壤样品成功回到预定环月轨道，这是我国首次实现地外天体起飞，“嫦娥五号”探测器绕月轨道可以近似为圆轨道，己知“嫦娥五号”轨道半径为r ，月球质量为M ，月球半径为R ，引力常量为G.下列说法正确的是A 嫦娥五号的运行速度v =B.月球的第一宇宙速度0vC.嫦娥五号绕月的飞行周期2T =D.月球表面的重力加速度为2GM g r= 二、选择题（每小题5分，共15分每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错成不答的得0分）6.目前，在居家装修中，经常用到花岗岩、大理石等装修材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元索，比如有些含有铀、钍的花岗岩等岩石都会释放出放射性惰性气体氧，而氡会发生放射性衰变，放出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是A.P 射线是由原子核外的电子电离后形成的高速电子流B.铀核（买U ）衰变为铅核（Pb ）的过程中，要经过8次a 衰变和6次B 变C.γ射线一般伴随着a 或β线产生，在这三种射线中，y 射线的穿透能力最强，电离能力最弱D.已知氧的半衰期为38天，100个氧原子，经76天后未衰变的氧原子还有25个7.如图所示，一列简谐横波平行于x 轴传播，图中的实线和虚线分别为t=0和t=0.2s 时的波形图，已知平衡位置在x=6m 处的质点，在0到0.2s 时间内运动方向不变。

天津市滨海新区2021届高考物理模拟试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出四个选项中，只有一个选项是正确的）1．氢原子从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出a光，从n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射出b光．下列关于这两种光的说法正确的是( )A．由于电磁波传播速度仅由介质打算，所以a、b光在同种介质中的传播速度大小相同B．a、b光以相同的入射角从水射入空气，在增大入射角的过程中折射光a先消逝C．若a光不能使某金属发生光电效应，则b光肯定不能使该金属发生光电效应D．用同一双缝干涉装置进行试验，得到的相邻干涉条纹的间距，a光的比b光的大2．甲、乙、丙三图中物体的质量相同，弹簧秤、绳和滑轮的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计．在图甲、乙、丙中，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则( )A．F3＞F1=F2B．F3=F1＞F2C．F1=F2=F3D．F1＞F2=F33．如图所示，长木板静止在光滑的水平面上，长木板的左端固定一个档板，档板上固定一个长度为L的轻质弹簧，长木板与档板的总质量为M，在木板的右端有一质量为m的铁块．现给铁块一个水平向左的初速度v0，铁块向左滑行并与轻弹簧相碰，碰后返回恰好停在长木板的右端．依据以上条件可以求出的物理量是( )A．铁块与轻弹簧相碰过程中所具有的最大弹性势能B．弹簧被压缩的最大长度C．长木板运动速度的最大值D．铁块与长木板间的动摩擦因数4．如图所示，一航天器围绕地球沿椭圆形轨道运动，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上，A、B两点分别是航天器运行轨道上的近地点和远地点．若航天器所受阻力可以忽视不计，则该航天器( ) A．由近地点A运动到远地点B的过程中动能增大B．由近地点A运动到远地点B的过程中万有引力做正功C．在近地点A的加速度小于它在远地点B的加速度D．运动到A点时其速度假如能增加到其次宇宙速度，那么它将不再围绕地球运行5．某住宅区的应急供电系统，由沟通发电机和副线圈匝数可调的抱负降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围成的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可转变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列推断正确的是( )A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最小B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωtC．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将上升二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电+q 的小球，由静止开头沿轨道运动，下述说法正确的是( )A．小球经过环的最低点时速度最大B．小球在运动过程中机械能守恒C．小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg+qE）D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+qE）7．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系，和物体速度v 与时间t的关系如图所示，取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得( )A．物块的质量m=0.5 kg，物块与地面之间的动摩擦因数μ=0.4B．前2 s内拉力F做的功为2 JC．2～4 s物体克服摩擦力做的功为8 JD．4～6 s合外力做的功为16 J8．一列简谐横波沿x轴正方向传播，传播速度为l0m/s．当波传到x=5m处的质点P时，波形如图所示．则以下推断正确的是( )A．这列波的周期为0.5sB．再经过0.4s，质点P第一次回到平衡位置C．再经过0.7s，x=9m处的质点Q到达波峰处D．质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波谷处三、填空试验题：9．写出两个质子（H ）与两个中子（n ）聚变生成一个氦核（He）的核反应方程式__________．若质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量为__________．10．如图，为测量做匀加速直线运动的物块的加速度，将宽度均为d的挡光片固定在物块上，测得二光电门之间距离为s．①当滑块匀加速运动时，测得挡光片先后经过两个光电门的时间为△t1和△t2，则小车的加速度a=__________；②（多选）为减小试验误差，可实行的方法是__________A．增大两挡光片宽度d B．适当减小两挡光片宽度dC．增大两光电门之间的距离s D．减小两光电门之间的距离s．11．为了测量某电池的电动势E（约为3V）和内阻r，选用的器材如下：A．电流表G1（量程为2mA，内电阻为100Ω）B．电流表G2（量程为1mA，内电阻为200Ω）C．电阻箱R1（0～99.99Ω）D．电阻箱R2（0～9999Ω）E．滑动变阻器R3（0～100Ω 允许最大电流1A）F．待测电池G．开关一个、导线若干（1）某同学利用上述器材，接受图甲的电路测量该电池的电动势和内阻，请依据图甲将图乙所示的实物图连线；（2）图甲中利用电阻箱R1将电流表G1改装成了量程为0.5A的电流表，利用电阻箱R2将将电流表G2装成了量程为3V的电压表，则电阻箱R2的阻值调到__________Ω；（3）以G2示数I2为纵坐标，G1示数I1为横坐标，作出I2﹣I1图象如图丙所示，结合图象可得出电源的电动势为__________V，电源的内阻为__________Ω；（结果均保留两位有效数字）四、解答题（共3小题，满分54分）12．（16分）如图，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切．质量为m 的带正电小球B静止在水平轨道上，质量为2m的带正电小球A从LM上距水平轨道高为h处由静止释放，在A 球进入水平轨道之前，由于A、B两球相距较远，相互作用力可认为是零，A球进入水平轨道后，A、B两球间相互作用视为静电作用．带电小球均可视为质点．已知A、B两球始终没有接触．重力加速度为g．求：（1）A、B两球相距最近时，A球的速度v；（2）A、B两球最终的速度v A、v B的大小．13．（18分）如图所示，有一区域足够大的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向与水平放置的导轨垂直．导轨宽度为L，右端接有电阻R，MN是一根质量为m的金属棒，金属棒与导轨垂直放置，且接触良好，金属棒与导轨电阻均不计．金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，现给金属棒一水平冲量，使它以初速度v0沿导轨向左运动．已知金属棒在整个运动过程中，通过任一截面的总电荷量为q．求：（1）金属棒运动的位移s；（2）金属棒运动过程中回路产生的焦耳热Q；（3）金属棒运动的时间t．14．如图所示，一个带正电的粒子沿磁场边界从A点射入左侧磁场，粒子质量为m、电荷量为q，其中区域Ⅰ、Ⅲ内是垂直纸面对外的匀强磁场，左边区域足够大，右边区域宽度为1.3d，磁感应强度大小均为B，区域Ⅱ是两磁场间的无场区，两条竖直虚线是其边界线，宽度为d；粒子从左边界线A点射入磁场后，经过Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域后能回到A点，若粒子在左侧磁场中的半径为d，整个装置在真空中，不计粒子的重力．（1）求：粒子从A点射出到回到A点经受的时间t（2）若在区域Ⅱ内加一水平向右的匀强电场，粒子仍能回到A点，求：电场强度E．天津市滨海新区2021届高考物理模拟试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出四个选项中，只有一个选项是正确的）1．氢原子从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出a光，从n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射出b光．下列关于这两种光的说法正确的是( )A．由于电磁波传播速度仅由介质打算，所以a、b光在同种介质中的传播速度大小相同B．a、b光以相同的入射角从水射入空气，在增大入射角的过程中折射光a先消逝C．若a光不能使某金属发生光电效应，则b光肯定不能使该金属发生光电效应D．用同一双缝干涉装置进行试验，得到的相邻干涉条纹的间距，a光的比b光的大考点：氢原子的能级公式和跃迁；光电效应．专题：原子的能级结构专题．分析：能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，依据能级差的大小比较光子能量的大小，光子能量越大，频率越大，折射率越大，在介质中的速度越小．频率越大，波长越小，依据双缝干涉条纹的间距公式比较条纹间距的大小．解答：解：A、从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出的光子能量小于从n=4能级跃迁到n=2的能级时辐射出的光子能量，即a光子能量小于b的光子能量，a的光子能量小，频率小，折射率小，依据v=知，在介质中的传播速度大．故A错误．B、当a、b光以相同的入射角从水射入空气，因a的折射率小，则临界角大，若在增大入射角的过程中折射光b先消逝．故B错误．C、b光的频率大，若a光不能使某金属发生光电效应，则b光有可能使该金属发生光电效应．故C错误．D、a 光的频率小，则波长长，依据△x=λ知，a光照射双缝得到相邻亮条纹的间距比用b光照射双缝得到的相邻亮条纹的间距大．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键通过能级跃迁比较出光子频率的大小，知道光电效应的条件，以及知道频率、折射率、波长等物理量的大小联系．2．甲、乙、丙三图中物体的质量相同，弹簧秤、绳和滑轮的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计．在图甲、乙、丙中，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则( )A．F3＞F1=F2B．F3=F1＞F2C．F1=F2=F3D．F1＞F2=F3考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力．甲图、乙图分别以物体为争辩对象由平衡条件求解．丙图以动滑轮为争辩对象分析受力状况，依据平衡条件求解．解答：解：甲图：物体静止，弹簧的拉力F1=mg；乙图：对物体为争辩对象，作出力图如图．由平衡条件得：F2=Gsin60°=mg=0.866mg丙图：以动滑轮为争辩对象，受力如图．由几何学问得F3=mg．故：F3=F1＞F2故选：B点评：本题是简洁的力平衡问题，关键是分析物体的受力状况，作出力图．对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆3．如图所示，长木板静止在光滑的水平面上，长木板的左端固定一个档板，档板上固定一个长度为L的轻质弹簧，长木板与档板的总质量为M，在木板的右端有一质量为m的铁块．现给铁块一个水平向左的初速度v0，铁块向左滑行并与轻弹簧相碰，碰后返回恰好停在长木板的右端．依据以上条件可以求出的物理量是( )A．铁块与轻弹簧相碰过程中所具有的最大弹性势能B．弹簧被压缩的最大长度C．长木板运动速度的最大值D．铁块与长木板间的动摩擦因数考点：动量守恒定律；弹性势能；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：A、铁块从木板的右端端沿板面对左滑行，当铁块与木板的速度相同时，弹簧压缩最短，其弹性势能最大．依据能量守恒列出此过程的方程．从两者速度相同到铁块运动到木板的右端过程时，两者速度再次相同，依据能量守恒定律再列出整个过程的方程．依据系统动量守恒可知，两次速度相同时，铁块与木板的共同速度相同，依据动量守恒定律求出共同速度，联立求解弹簧具有的最大弹性势能．B、由于不知道弹簧的劲度系数和长木板的长度，因此不能求出弹簧被压缩的最大长度、长木板运动速度的最大值、铁块与长木板间的滑动摩擦力．解答：解：A、设铁块与木板速度相同时，共同速度大小为v，铁块相对木板向左运动时，滑行的最大路程为s，摩擦力大小为f．依据能量守恒定律得：铁块相对于木板向左运动过程：铁块相对于木板运动的整个过程：又依据系统动量守恒可知，mv0=（M+m）v联立得到：E p =fs=故A正确．B 、，由于不知道弹簧的劲度系数，所以不能求出弹簧被压缩的最大长度．故B错误．C、由于不知道弹簧的劲度系数k和长木板的长度（或是铁块滑行的最大路程s），所以求不出长木板运动速度的最大值．故C错误．D、由A得分析可知，可以求出fs，但是不知道s，所以不知道f，因此求不出铁块与长木板间的动摩擦因数．故D错误．故选A．点评：本题是系统的动量守恒和能量守恒问题，分析两个过程进行争辩，要抓住铁块与木板两次共同速度相同．4．如图所示，一航天器围绕地球沿椭圆形轨道运动，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上，A、B两点分别是航天器运行轨道上的近地点和远地点．若航天器所受阻力可以忽视不计，则该航天器( )A．由近地点A运动到远地点B的过程中动能增大B．由近地点A运动到远地点B的过程中万有引力做正功C．在近地点A的加速度小于它在远地点B的加速度D．运动到A点时其速度假如能增加到其次宇宙速度，那么它将不再围绕地球运行考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：依据开普勒其次定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，依据做功公式推断功的正负，依据万有引力供应向心力公式推断加速度的大小．当卫星的速度增加到其次宇宙速度时，将脱离地球的束缚，到太阳系中绕太阳运动．解答：解：A、依据开普勒其次定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，所以A点的速度大于B点的速度，即由近地点A运动到远地点B的过程中动能减小，故A错误；B、万有引力指向地心，从A到B的过程，位移的方向与万有引力的方向相反，故万有引力做负功，故B错误；C、依据牛顿其次定律和万有引力定律得：a=，由于A的轨道半径小于B的轨道半径，所以在近地点A的加速度大于它在远地点B的加速度，故C错误．D、当卫星的速度增加到其次宇宙速度时，将脱离地球的束缚，到太阳系中绕太阳运动，故D正确；故选：D．点评：本题主要考查了开普勒其次定律、万有引力公式、力做功正负推断方法的应用，难度不大，属于基础题．5．某住宅区的应急供电系统，由沟通发电机和副线圈匝数可调的抱负降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围成的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可转变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列推断正确的是( )A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最小B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωtC．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将上升考点：变压器的构造和原理；沟通发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：沟通电专题．分析：当线圈与磁场平行时，感应电流最大，当两者垂直时，感应电流最小；确定瞬时表达式时，留意线圈开头计时的位置，从而得出正弦还是余弦；依据闭合电路欧姆定律来确定电流随着电阻变化而变化，但不会转变原线圈的电压，从而即可求解解答：解：A、当线圈与磁场平行时，感应电流最大，故A错误；B、从垂直中性面计时，则感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt，故B正确；C、当用户数目增多时，功率增大，依据功率P=UI，当电压不变，则电流增大，损失电压增大，从而可确定触头P移动方向向上，故C错误；D、当触头P向下移动，只会转变副线圈的电流，从而转变原线圈的电流，不会转变原线圈的电压，故D错误故选：B点评：考查瞬时表达式的书写时，关注线圈的开头计时位置，得出最大值，区分与有效值，理解电阻的变化，只会转变电流与功率，不会影响电压的变化二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电+q 的小球，由静止开头沿轨道运动，下述说法正确的是( )A．小球经过环的最低点时速度最大B．小球在运动过程中机械能守恒C．小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg+qE）D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+qE）考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．依据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大．依据动能定理求出小球经过在最低点时的速度，由牛顿其次定律求出环对球的支持力，得到球对环的压力．解答：解：A、小球从最高点到最低点的过程中，合力做正功最多，则依据动能定理得知，动能增加增大，速率增大增大，所以小球经过环的最低点时速度最大．故A正确B、小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．故B错误．C、D小球从最高点到最低点的过程，依据动能定理得：（mg+qE）R=又由，联立解得N=3（mg+qE）．故D正确，C错误．故选：AD点评：本题是带电体在匀强电场中做圆周运动的问题，由动能定理和牛顿运动定律结合求解是常用的思路．7．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系，和物体速度v 与时间t的关系如图所示，取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得( )A．物块的质量m=0.5 kg，物块与地面之间的动摩擦因数μ=0.4B．前2 s内拉力F做的功为2 JC．2～4 s物体克服摩擦力做的功为8 JD．4～6 s合外力做的功为16 J考点：动能定理的应用；功的计算．专题：功的计算专题．分析：依据v﹣t图和F﹣t图象可知，在4﹣6s，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在依据在2﹣4s内物块做匀加速运动，由牛顿其次定律可以求得物体的质量的大小．由摩擦力公式可求得动摩擦因数的大小；依据动能定理可求出功的大小．解答：解：A、4﹣6s做匀速直线运动，则：f=F=2N．2﹣4s 内做匀加速直线运动，加速度为：，依据牛顿其次定律得：F﹣f=ma，即：kg．摩擦力公式得，所以A正确．B、前2s内物体没有位移，故力做功为零；故B错误；C、2～4 s位移x=4m；物体克服摩擦力做的功为W=2×4=8 J；故C正确；D、4～6 s物体动能的变化量为零；故合外力做的功为0；故D错误；故选：AC．点评：本题考查动能定理及图象的综合应用，要留意明确v﹣t图象中点线面的精确意义，并能机敏应用．8．一列简谐横波沿x轴正方向传播，传播速度为l0m/s．当波传到x=5m处的质点P时，波形如图所示．则以下推断正确的是( )A．这列波的周期为0.5sB．再经过0.4s，质点P第一次回到平衡位置C．再经过0.7s，x=9m处的质点Q到达波峰处D．质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波谷处考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：依据波的传播方向确定各质点的振动方向，分析振动传播的过程，争辩回复力、加速度变化状况．解答：解：A．传播速度为10m/s，波长为4m，这列波的周期为0.4s，所以再经过0.4s，质点P其次次回到平衡位置，故AB错误．C．再经过0.7s，即1个周期，P和Q相差一个波长，所以Q 点运动了个周期由于，质点Q起振方向向下，因此此时Q达到波峰处．故C正确．D．P和Q相差一个波长，质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波峰处，故D错误．故选：C．点评：本题的技巧是运用波形平移争辩质点的状态，这是波动图象问题中经常接受的方法，要学会应用．三、填空试验题：9．写出两个质子（H）与两个中子（n）聚变生成一个氦核（He）的核反应方程式2H+2n→He．若质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量为．考点：爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应．专题：衰变和半衰期专题．分析：结合质量数守恒与核电荷数守恒即可求出核反应方程；先求出核反应中质量亏损，再由爱因斯坦质能方程，反应释放的核能△E=△m•c2，从而即可求解．解答：解：两个质子（H）与两个中子（n）聚变生成一个氦核（He ），其核反应方程为：2H+2n→He．质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量：E=△m•c2=故答案为：2H+2n→He，点评：本题考查应用质能方程争辩核反应中质量亏损的力量．另外要知道核反应向平均结合能增大的方向进行，要释放能量．10．如图，为测量做匀加速直线运动的物块的加速度，将宽度均为d的挡光片固定在物块上，测得二光电门之间距离为s．①当滑块匀加速运动时，测得挡光片先后经过两个光电门的时间为△t1和△t2，则小车的加速度a=；②（多选）为减小试验误差，可实行的方法是BCA．增大两挡光片宽度d B．适当减小两挡光片宽度dC．增大两光电门之间的距离s D．减小两光电门之间的距离s．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：试验题．分析：（1）光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替，即v=，求出小车经过两个光电门的速度，再依据运动学公式即可求出物体的加速度a．（2）依据极限靠近思想用平均速度代替瞬时速度，则b要小；另外A、B 点越远，相对误差越小．解答：解：（1）挡光片通过光电门的平均速度可以认为是小车在此时刻的瞬时速度，故小车两次同过光电门的速度分别为：则挡光片第一次经光电门时的瞬时速度v1=挡光片其次次经光电门时的瞬时速度v2=此段时间小车的位移为d，由运动学速度位移关系式得：带入数据得：a=（2）d越小，所测的平均速度越接近瞬时速度，s越大初速度与末速度差距越大，速度平方差越大，相对误差越小．故为减小试验误差，可实行的方法是减小两挡光片宽度d或增大两挡光片间距s，故BC正确．故选：BC．故答案为：（1）；（2）BC点评：本题应把握光电门测量滑块瞬时速度的原理，正确进行误差分析，是考查同学综合力量的好题．11．为了测量某电池的电动势E（约为3V）和内阻r，选用的器材如下：A．电流表G1（量程为2mA，内电阻为100Ω）B．电流表G2（量程为1mA，内电阻为200Ω）C．电阻箱R1（0～99.99Ω）D．电阻箱R2（0～9999Ω）E．滑动变阻器R3（0～100Ω 允许最大电流1A）F．待测电池G．开关一个、导线若干（1）某同学利用上述器材，接受图甲的电路测量该电池的电动势和内阻，请依据图甲将图乙所示的实物图连线；（2）图甲中利用电阻箱R1将电流表G1改装成了量程为0.5A的电流表，利用电阻箱R2将将电流表G2装成了量程为3V的电压表，则电阻箱R2的阻值调到2.8Ω；（3）以G2示数I2为纵坐标，G1示数I1为横坐标，作出I2﹣I1图象如图丙所示，结合图象可得出电源的电动势为2.7V，电源的内阻为9.0Ω；（结果均保留两位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻．专题：试验题．分析：本题（1）的关键是连线时留意正负极；题（2）的关键是依据串并联规律和欧姆定律列出表达式求解即可；题（3）的关键是依据闭合电路欧姆定律写出公式（留意总电流），然后整理出有关纵轴和横轴物理量的表达式，再依据斜率和截距的概念即可求解．解答：解：（1）：实物连线图如图所示：。

天津市塘沽区2021届第一次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，磁性白板放置在水平地面上，在白板上用一小磁铁压住一张白纸。

现向右轻拉白纸，但未拉动，在该过程中A．小磁铁受到向右的摩擦力B．小磁铁只受两个力的作用C．白纸下表面受到向左的摩擦力D．白板下表面与地面间无摩擦力【答案】C【解析】【详解】AB．小磁铁受到竖直向下的重力、白板对小磁铁吸引力和竖直向上的支持力，三力平衡，静止不动，所以小磁铁不受摩擦力，AB错误；C．对小磁铁和白纸作为整体受力分析可知，水平方向上受到向右的拉力和向左的摩擦力平衡，C正确；D．对小磁针、白纸和磁性白板整体受力分析可知，水平方向上受到向右的拉力和地面对磁性白板向左的摩擦力平衡，D错误。

故选C。

2．如图所示，四根等长的缆绳一端悬于起重机的吊钩上，另一端分别系在一个正方形的框架上，框架下0.5s的速度沿竖直方向匀速向上吊起.若起重机的输出功率为20kW，面悬吊着重物，起重机将重物以m︒=，每根缆绳与竖直方向的夹角均为37︒，忽略吊钩、框架及绳的重力，不计一切摩擦，sin370.6︒=.则悬于吊钩的每根缆绳的拉力大小为（）cos370.8A ．45.010N ⨯B ．44.010N ⨯C ．41.2510N ⨯D ．41.010N ⨯ 【答案】C【解析】【详解】由P Fv =可知4410N P F v==⨯，故重物的重力4410N G F ==⨯.设每跟缆绳的拉力大小为T 根据共点力平衡条件可得4cos37T G ︒=，解得41.2510N T =⨯，故C 正确.3．如图，将a 、b 两小球以不同的初速度同时水平抛出，它们均落在水平地面上的P 点，a 球抛出时的高度较b 球的高，P 点到两球起抛点的水平距离相等，不计空气阻力．与b 球相比，a 球A ．初速度较大B ．速度变化率较大C ．落地时速度一定较大D ．落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大【答案】D【解析】【详解】A.由212h gt =可得，高度越高，下落时间越大，由x υt =可知，两球水平位移相同，但是b 求运动时间短，故b 球初速度较大，A 错误；B.速度变化率即表示加速度，两球加速度相同，故速度变化率相同，B 错误；C.a 球的水平速度小于b 球，故落地时虽然竖直分速度大于b 球，但是合速度不一定大于b 球，C 错误；D.由tan gt θυ=，a 球落地时间t 大，但是υ小，故a 球的tan θ一定大于b 球，即a 球落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大，D 正确；故选D 。

2022-2021学年天津市滨海新区塘沽滨海中学高三（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题（本题共15小题，每小题3分，共45分）1．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）在物理学的重大发觉中科学家们制造出了很多物理学方法，如抱负试验法、把握变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学争辩方法的叙述不正确的是（）A．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里接受了微元法B．依据速度定义式v=，当△t 格外格外小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变争辩加速度与力的关系，再保持力不变争辩加速度与质量的关系，该试验应用了把握变量法D．在不需要考虑物体本身的大小和外形时，用质点来代替物体的方法叫假设法考点：物理学史．专题：常规题型．分析：在争辩多个量之间的关系时，经常要把握某些物理量不变，即把握变量法；当时间格外小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，接受的是极限思维法；质点是实际物体在肯定条件下的科学抽象，是接受了建立抱负化的物理模型的方法；在争辩曲线运动或者加速运动时，经常接受微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．解答：解：A、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里接受了微元法，故A正确；B、依据速度定义式v=，当△t 格外格外小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确；C、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变争辩加速度与力的关系，再保持力不变争辩加速度与质量的关系，该试验应用了把握变量法，故C正确；D、质点接受的科学方法为建立抱负化的物理模型的方法，故D错误；本题选不正确的，故选：D．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的挂念；故在理解概念和规律的基础上，更要留意科学方法的积累与学习．2．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）依据牛顿其次定律，下列叙述正确的是（）A．物体加速度的大小跟它的质量和速度大小的乘积成反比B．物体所受合力必需达到肯定值时，才能使物体产生加速度C．当物体质量转变但其所受合力的水平分力不变时，物体水平加速度大小与质量成反比D．物体加速度的大小跟它所受作用力中的任一个的大小成正比考点：牛顿其次定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：解答本题应把握：牛顿其次定律的内容：物体加速度的大小与合外力成正比，与质量成反比；力是产生加速度的缘由；当物体质量转变但其所受合力的水平分力不变时，物体水平加速度大小与其质量成反比．解答：解：A、依据牛顿其次定律得知：物体加速度的大小跟质量成反比，与速度无关．故A错误．B、力是产生加速度的缘由，只要有力，就产生加速度，力与加速度是瞬时对应的关系．故B错误．C、当物体质量转变但其所受合力的水平分力不变时，依据牛顿其次定律F=ma可知，物体水平加速度大小与其质量成反比．故C正确．D、物体加速度的大小跟物体所受的合外力成正比，而不是跟它的所受作用力中的任一个的大小成正比．故D错误．故选：C点评：本题考查对牛顿其次定律的理解和把握状况，关键要抓住：物体加速度的大小与合外力成正比，与质量成反比；力是产生加速度的缘由．3．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）亚丁湾索马里海疆六艘海盗快艇试图靠近中国海军护航编队爱护的商船，中国特战队员放射爆震弹成功将其驱离．假如其中一艘海盗快艇在海面上运动的速度时间图象如图所示．则下列说法正确的是（）A．海盗快艇在96s～116s内做加速度a=﹣0.75m/s2的匀减速直线运动B．海盗快艇在66s末开头调头逃离C．海盗快艇在66s末离商船最近D．海盗快艇在0～66s内从静止动身做加速度减小的加速直线运动，且平均速度大于7.5m/s考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度﹣时间图反映了物体的瞬时速度随时间的变化状况，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；图线切线的斜率表示加速度，图象向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负．解答：解：A、快艇在96s～116s内速度均匀增大，而且速度为负值，说明快艇沿反方向做匀加速直线运动，a==﹣0.75m/s2；故A错误；B、C、在速度﹣时间图象中，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以图象中前96s内速度为正数即物体向正方向运动，96s后速度为负数即物体向负方向运动，所以可知海盗快艇在96s末开头调头逃离，此时离商船最近，故BC错误．D、在速度﹣时间图象中切线的斜率表示加速度，海盗快艇在0～66s内从静止动身，切线的斜率越来越小，说明加速度越来越小，故海盗快艇在0～66s内从静止动身做加速度减小的加速直线运动，若船做匀变速直线运动则平均速度为=7.5m/s；而由图可知，实际运行中，船的位移大于匀变速直线运动的位移；故平均速度大于7.5m/s；故D正确．故选：D．点评：本题读图问题，关键明确速度﹣时间图象的斜率表示加速度，图线向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负．4．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）如图所示，粗糙的水平地面上有一木箱，现用一水平力拉着木箱加速前进，则（）A．木箱所受的拉力和地面对木箱的摩擦力是一对平衡力B．木箱对地面的摩擦力和地面对木箱的摩擦力是一对作用力和反作用力C．木箱对地面的压力和地面对木箱的支持力是一对平衡力D．木箱所受的重力和地面对木箱的支持力是一对作用力和反作用力考点：作用力和反作用力．分析：粗糙水平地面上的木箱受到重力、地面的支持力、水平拉力以及地面的摩擦力，这四个力的合力不为零，使木箱匀加速运动．解答：解：A、木箱在水平方向上受到水平拉力和地面的摩擦力，由于木箱做匀加速运动，水平拉力大于摩擦力，这两个力不是一对平衡力，故A错误．B、木箱对地面的摩擦力和地面对木箱的摩擦力是木箱与地面间的相互作用，一对作用力和反作用力．故B正确．C、木箱对地面的压力，受力物体是地面，施力物体是木箱；地面对木箱的支持力，受力物体是木箱，施力物体是地面，这是一对作用力和反作用力，不是一对平衡力，故C错误．D、木箱在竖直方向上，受到重力和地面的支持力，这两个力是一对平衡力，故D错误故选：B．点评：正确分析木箱的受力状况，确定每个力的受力物体和施力物体，从而判定两个力是一对平衡力、一对作用力反作用力还是两者都不是．5．（3分）（2021•上海）如图，质量m A＞m B的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面．让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是（）A．B．C．D．考点：力的合成与分解的运用．专题：压轴题；受力分析方法专题．分析：先对整体结合运动状况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对B结合运动状况受力分析，得到受力状况．解答：解：A与B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，假如有，将会向右加速运动，由于没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力；故选A．点评：本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A与B间无弹力，最终再对B受力分析，得到其只受重力．6．（3分）（2022•山东）如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千，某次修理时将两轻绳各剪去一小段，但仍能保持等长且悬挂点不变，木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则修理后（）A．F1不变，F2变大B．F1变大，F2变小C．F1变大，F2变大D．F1变小，F2变小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，依据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可．解答：解：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F1=0；依据共点力平衡条件，有：2F2cosθ=mg解得：F2=当细线变短时，细线与竖直方向的夹角θ增加，故cosθ减小，拉力F2变大．故选：A．点评：本题是简洁的三力平衡问题，关键是受力分析后运用图示法分析，不难．7．（3分）（2022•南通一模）如图所示，粗糙的水平面上放有一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直挡板间放有一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．现将挡板水平向右缓慢平移，A始终保持静止．则在B着地前的过程中（）A．挡板对B的弹力减小B．地面对A的摩擦力增大C．A对B的弹力减小D．地面对A的弹力增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对B物体受力分析，受重力、A对B的支持力和挡板对B的支持力，依据平衡条件求解出两个支持力；再对AB整体受力分析，受重力、地面支持力、挡板对其向左的支持力和地面对其向右的静摩擦力，再次依据共点力平衡条件列式求解．解答：解：先对B受力分析，受重力、A对B的支持力和挡板对B的支持力，如图：依据共点力平衡条件，有：N1=N2=mgtanθ再对AB整体受力分析，受重力、地面支持力、挡板对其向左的支持力和地面对其向右的静摩擦力，如图：依据共点力平衡条件，有f=N2N=（M+m）g故f=mgtanθ挡板保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角θ不断变大，故f变大，N不变，N1变大，N2变大；故选：B．点评：本题关键是先对物体Q受力分析，再对P、Q整体受力分析，然后依据共点力平衡条件求出各个力的表达式，最终再进行争辩．8．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）中国首架空客A380大型客机在最大载重量的状态下起飞需要滑跑距离约3000m，着陆距离大约为2000m．设起飞滑跑和着陆时都是做匀变速直线运动，起飞时速度是着陆时速度的1.5倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比为（）A．3：2 B．1：1 C．1：2 D．2：1考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：依据位移关系，结合平均速度的推论，求出起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比．解答：解：设着陆的速度为v，则起飞的速度为1.5v，依据平均速度的推论知，起飞滑跑的时间，着陆滑跑的时间，代入数据解得：t1：t2=1：1．故选：B．点评：解决本题的关键把握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能机敏运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．9．（3分）（2006•河东区二模）物体恰能在一个斜面上沿斜面匀速下滑，可以证明出此时斜面不受地面的摩擦力作用，若沿斜面方向用力向下推此物体，使物体加速下滑，则斜面受地面的摩擦力和地面的支持力，下列说法正确的是（）A．摩擦力大小为零，支持力大小不变B．摩擦力大小不为零，方向水平向右，支持力增大C．摩擦力大小不为零，方向水平向左，支持力减小D．摩擦力大小为零，支持力增大考点：牛顿其次定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑时，斜面不受地面的摩擦力作用，分析此时斜面的受力状况．若沿平行于斜面的方向用力F向下推此物体，使物体加速下滑时，再分析斜面的受力状况，依据物体对斜面的作用有无变化，确定地面对斜面体有无摩擦．解答：解：由题物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑时，斜面不受地面的摩擦力作用，此时斜面体受到重力、地面的支持力、物体对斜面的压力和沿斜面对下的滑动摩擦力．若沿平行于斜面的方向用力F向下推此物体，使物体加速下滑时，物体对斜面的压力没有变化，则对斜面的滑动摩擦力也没有变化，所以斜面体的受力状况没有转变，则地面对斜面体仍没有摩擦力，即斜面体受地面的摩擦力为零．故选A点评：本题中推力F与斜面体之间没有直接的关系，关键抓住物体对斜面体的压力和摩擦力没有转变进行分析．10．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）S1、S2表示劲度系数分别为k1、k2的两根弹簧，k1＞k2；a和b表示质量分别为m a和m b的两个小物块，m a＞m b，将弹簧与物块按图所示的方式悬挂起来，现要求两根弹簧的总长度最短，则应使（）A．S1在上，a在上B．S1在上，b在上C．S2在上，a在上D．S2在上，b在上考点：胡克定律．分析：弹簧和物体共有四种组合方式，分别对上下两个物体受力分析，然后结合胡克定律求解出弹簧的总长度．解答：解：把物体悬挂在弹簧的下端，物体静止处于平衡状态，弹簧的拉力F等于物体的重力G，即F=G．由胡克定律F=kx知，在力F肯定时，k越小弹簧的伸长量x越大．对于上面的弹簧来说它的拉力F上=（m a+m b）g=kx上，由于（m a+m b）g肯定，要使x上小一些，k应大，已知k1＞k2，所以S1应在上面，S2挂在下面．S2挂在下面，由胡克定律F=kx知，在k肯定时，F越小弹簧的伸长量x越小，要使x小，已知m a＞m b，所以b应挂在S2下面，所以S1在上，a在上，两根弹簧的总长度最短．故选：A．点评：此题考查了胡克定律的应用，要记住胡克定律公式F=kx及各符号表示什么量．11．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）三段不行伸长的细绳OB、OC能承受的最大拉力相同，OA能承受的最大拉力是OB、OC 的倍，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OA与竖直方向夹角是30，OB是水平的，A端、B端固定．若渐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳（）A．必定是OA B．必定是OB C．必定是OC D．可能是OA考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点O为争辩，分析受力状况，依据三个细绳受到的拉力大小，推断哪根绳最先断．解答：解：以结点O为争辩，在绳子均不被拉断时受力图如图．依据平衡条件，结合力图可知：F OC＞F OB，F OA ==F OC，由题意OA能承受的最大拉力是OB、OC 的倍，则假设OC绳受的拉力最大时，细绳OA、OB均未达到最大拉力，则当物体质量渐渐增加时，OC绳的拉力先达到最大值，故OC最先被拉断．故选：C 点评：本题首先要选择争辩对象：结点O；其次关键是作好力图，就能直观比较三个绳子拉力的大小．12．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）伽利略曾说过：“科学是在不断转变思维角度的探究中前进的”．他在有名的斜面试验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开头滚下，他通过试验观看和规律推理，得到的正确结论有（）A．倾角肯定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B．倾角肯定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C．斜面长度肯定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度肯定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关考点：物理学史．专题：常规题型．分析：伽利略通过通验观看和规律推理发觉，小球沿斜面滚下的运动的确是匀加速直线运动，换用不同的质量的小球，从不同高度开头滚动，只要斜面的倾角肯定，小球的加速度都是相同的；不断增大斜面的倾角，重复上述试验，得知小球的加速度随斜面倾角的增大而增大．解答：解：A、B、伽利略通过试验测定出小球沿斜面下滑的运动是匀加速直线运动，位移与时间的二次方成正比，并证明白速度随时间均匀变化，故A错误，B正确；C、若斜面光滑，C选项从理论上讲是正确的，但伽利略并没有能够用试验证明这一点，故C错误；D、斜面长度肯定时，小球从顶端滚到底端所需的时间随倾角的增大而减小，故D错误；故选：B点评：本题关键要明确伽利略对自由落体运动的争辩的试验过程，可以通过阅读课本了解，同时试验事实与理论应当是全都的，故可结合匀变速运动的学问求解．13．（3分）（2022秋•湖北校级期中）用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L，现用该弹簧沿倾角为30°的斜面拉住质量为4m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L（如图所示），则物体此时所受摩擦力（）A．等于零B．大小为mg，方向沿斜面对下C．大小为mg，方向沿斜面对上D．大小为mg，方向沿斜面对上考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，依据共点力平衡条件求出弹簧拉力；物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，然后依据共点力平衡条件求出摩擦力．解答：解：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，依据共点力平衡条件F=mg ①依据胡克定律F=kL ②物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，如图依据共点力平衡条件，有F′+f﹣4mgsin30°=0 ③其中F′=kL ④由以上四式解得f=mg，方向沿斜面对上．故选：D．点评：本题关键对物体受力分析，然后运用共点力平衡条件列式求解．14．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）一个质量为2kg的物体在平行于斜面对上的大小为12N的力F作用下向下运动，如图所示，已知斜面的倾角为30°，物体与斜面间的动摩擦因数为，g=10m/s2，则物体加速度的大小和方向为（）A．4m/s2，沿斜面对下B．6m/s2，沿斜面对上C．4m/s2，沿斜面对上D．6m/s2，沿斜面对下考点：牛顿其次定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，依据牛顿其次定律可求解加速度解答：解：物体在斜面上受：竖直向下的重力，垂直于斜面对上的支持力，沿斜面方向向上的摩擦力和拉力F 故沿斜面方向上，设加速度沿斜面对下，依据牛顿其次定律可得：mgsinθ﹣μmgcosθ﹣F=ma解得：a=﹣6m/s2，负号表示，方向沿斜面对上故选：B点评：本题考查牛顿其次定律的直接应用，关键正确的对物体受力分析15．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）如图所示，小球沿足够长的斜面对上做匀变速运动，依次经a、b、c、d 到达最高点e，已知ab=bd=6m，bc=1m，小球从a到c和从c到d 所用的时间都是2s，设小球经过b、c时的速度分别为v b、v c，则（）A．v b =m/s B．v c＞3m/sC．从d到e所用时间为4s D．d e=3m考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：本题的突破口是ab=bd=6m，bc=1m，小球从a到c的时间是2s，从a到d的时间是4s，依据x=即可求出v a和a；再依据速度公式v t=v0+at求出v c和v d，然后依据v t2﹣v02=2ax求出de的距离，最终依据v t=v0+at求出从d到e的时间．解答：解：物体在a点时的速度大小为v0，加速度为a，则从a到c有：x ac=v0t1+即：7=2v0+2a物体从a到d有：x ad=v0t2+即：3=v0+2a故：a=﹣故：v0=4m/s依据速度公式v t=v0+at可得：v c=4﹣=3m/s，故B错误．从a到b有：v b2﹣v a2=2ax ab解得：v b =，故A错误．依据速度公式v t=v0+at可得：v d=v0+at2=4﹣m/s=2m/s，则从d到e有：﹣v d2=2ax de则：x de=﹣，故D错误．v t=v0+at可得从d到e的时间为：t de=﹣．故C正确．故选：C．点评：本题对运动学公式要求较高，要求同学对全部的运动学公式不仅要生疏而且要娴熟，要机敏，基本方法就是平常多练并且尽可能尝试一题多解二、双项选择题（本题共5小题，每题3分，共15分，每小题给出的四个选项中都有两个选项正确，全部选对的得3分，对但不全的得1分，选错的得0分）16．（3分）（2022•海南）下列关于摩擦力的说法，正确的是（）A．作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不行能使物体加速B．作用在物体上的静摩擦力只能使物体加速，不行能使物体减速C．作用在物体上的滑动摩擦力既可能使物体减速，也可能使物体加速D．作用在物体上的静摩擦力既可能使物体加速，也可能使物体减速考点：滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：当滑动摩擦力方向与物体的运动方向相同时，物体做加速运动；当静摩擦力与物体的运动方向相反时，物体做减速运动；静摩擦力和滑动摩擦力都既可能使物体减速，也可能使物体加速．解答：解：A、作用在物体上的滑动摩擦力方向，若与物体的运动方向相同时，能使物体加速，比如物体轻轻放在水平匀速传动的传送带上时物体受到滑动摩擦力而加速．故A错误．B、当静摩擦力与物体的运动方向相反时，物体可能做减速运动．故B错误．C、当滑动摩擦力方向与物体的运动方向相同时，物体可能做加速运动；当滑动摩擦力方向与物体的运动方向相反时，物体可能做减速运动．故C正确．D、当静摩擦力方向与物体的运动方向相同时，物体可能做加速运动；当静摩擦力方向与物体的运动方向相反时，物体可能做减速运动．故D正确．故选CD点评：本题中推断物体做加速还是减速运动，关键要看摩擦力与物体运动方向的关系，摩擦力与速度同向时，可能加速；反之，减速．17．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）在“争辩匀变速直线运动”的试验中，使用电火花打点计时器（所用沟通电的频率为50HZ）得到如图所示的纸带．图中的数字为计数点，相邻两个计数点间还有四个点未画出来，下列表述正确的是（）A．试验时应先放开纸带再接通电源B．（x6﹣x1）等于（x2﹣x1）的5倍C．从纸带可求出计数点3对应的速率D．相邻两个计数点间的时间间隔为0.02s考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：试验题．分析：依据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2、x m﹣x n=（m﹣n）aT2可以求出加速度的大小，依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上某点的瞬时速度大小．解答：解：A、试验时应先接通电源后放开纸带，假如先放纸带再开电源就会消灭纸带上只有一小段有点，其余的纸带长度没有利用起来；故A错误．B、依据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2与x m﹣x n=（m﹣n）aT2可得：x m﹣x n=（m﹣n）△x即：（x6﹣x1）=5△x，（x2﹣x1）=△x；故B正确．CD、相邻两计数点间还有四个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.1s，依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：V3=，故C正确，D错误．故选：BC．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答试验问题的力量，在平常练习中要加强基础学问的理解与应用．18．（3分）（2022秋•塘沽区校级月考）如图所示，一质量为m的物体沿倾角为θ的斜面匀速下滑，下列说法正确的是（）A．物体所受合力为0B．物体所受合力为mgsinθC．斜面对物体的作用力方向竖直向上D．物体匀速下滑速度越大，则物体所受摩擦力越大考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的推断与计算；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对m受力分析，依据平衡条件得到支持力和滑动摩擦力的合力方向；然后依据牛顿第三定律得到滑块对斜面的作用力方向，最终对斜面受力分析，并依据平衡条件推断受力状况．解答：解：A、物体沿斜面匀速下滑时，由平衡条件得知，其合力为零．故A正确B错误；C、物体匀速下滑，处于平衡状态，合力为零，故斜面对物体的作用力方向与重力反向，竖直向上，C正确；D、摩擦力等于μmgcosθ，与物体下滑的速度大小无关．故D错误．故选：AC．点评：本题是平衡条件的简洁运用，依据受力状况，分析三个力的关系．19．（3分）（2022秋•杭州期末）如图所示，A、B两木块的质量分别为1kg和O.5kg．已知A与水平桌面的最大静摩擦力为2N，则要保持A、B静止（不计滑轮处摩擦），加在A上的水平向左的拉力F可以为（）（取g=10m/s2）A．1N B．3N C．6N D．9N考点：摩擦力的推断与计算．专题：摩擦力专题．分析：（1）物体静止或匀速直线运动时受到平衡力的作用．。

天津市滨海新区2021届新高考模拟物理试题（市模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，S 是波源，振动频率为100Hz ，产生的简谐横波向右传播，波速为40m/s 。

波在传播过程中经过P 、Q 两点，已知P 、Q 的平衡位置之间相距0.6m 。

下列判断正确的是（ ）A ．Q 点比P 点晚半个周期开始振动B ．当Q 点的位移最大时，P 点的位移最小C ．Q 点的运动方向与P 点的运动方向可能相同D ．当Q 点通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．根据v f λ=可知，波长 40m 0.4m 100v f λ=== 又 0.6m 1.5PQ λ==故Q 点比P 点晚1.5个周期开始振动，A 错误；BC ．P 、Q 两点的平衡位置距离是半个波长的奇数倍，故两者振动情况完全相反，即两点的运动方向始终相反，当Q 点的位移最大时，P 点的位移也最大，但两者方向相反，BC 错误；D 、两点平衡位置距离是半个波长的奇数倍，所以当Q 通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置，但两者运动方向相反，D 正确。

故选D 。

2．如图所示，上表面粗糙、倾角θ=37︒的斜面体放在光滑的水平地面上，一物块静止在斜面体上。

现给斜面体一水平向左的推力F ，发现无论F 多大，物块均能与斜面体保持相对静止。

若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin 37︒=0.6，cos 37︒=0.8，则物块与斜面体间的动摩擦因数μ应满足的条件为（ ）A ．43μ<B ．43μ… C ．34μ< D ．34μ… 【答案】B【解析】【分析】【详解】当F=0时，物块能静止在斜面上，可知sin cos mg mg θμθ≤得tan μθ≥即34μ≥当F 特别大时，对物块受力分析，将加速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，由牛顿第二定律，沿斜面方向 sin cos f mg ma θθ+=垂直斜面方向cos sin N mg ma θθ-=又f N μ≤，由于F 可以取无穷大，加速度无穷大，所以以上各式中的sin mg θ和cos mg θ可忽略，联立解得14=tan 3μθ≥ 综合分析得 43μ≥故ACD 错误，B 正确。

天津市滨海新区2021届新高考物理一模考试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，一倾角为30°的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离d 处有一带负电的电荷量为q 、质量为m 的小物体与圆盘始终保持相对静止．整个装置放在竖直向上的匀强电场中，电场强度2mg E q=,则物体与盘面间的动摩擦因数至少为（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 为重力加速度）( )A 23(34)g d ω+B ．22(31)3d g ωC 23(4)g d ω+D 23(2)g d ω+ 【答案】A【解析】【分析】【详解】 物体以恒定角速度ω转动，所以，物体在垂直盘面方向上合外力为零，故支持力1333024N F mg mg cos mg ⎛⎫=+︒= ⎪⎝⎭物体在盘面上的合外力即向心力2F m d 向ω=则最大静摩擦力至少为2133024f F mg mg sin m d mg ω⎛⎫=++︒=+ ⎪⎝⎭向 故物体与盘面间的动摩擦因数至少为)22333449334N m d mg g d f F g mg ωω++== 故A 正确，BCD 错误.2．米歇尔•麦耶和迪迪埃•奎洛兹因为发现了第一颗太阳系外行星﹣飞马座51b 而获得2019年诺贝尔物理学奖。

飞马座51b 与恒星相距为L ，构成双星系统（如图所示），它们绕共同的圆心O 做匀速圆周运动。

设它们的质量分别为m 1、m 2且（m 1＜m 2），已知万有引力常量为G ．则下列说法正确的是（ ）A ．飞马座51b 与恒星运动具有相同的线速度B ．飞马座51b 与恒星运动所受到的向心力之比为m 1：m 2C ．飞马座51b 与恒星运动轨道的半径之比为m 2：m 1D ．飞马座51b 与恒星运动周期之比为m 1：m 2【答案】C【解析】【详解】BD ．双星系统属于同轴转动的模型，具有相同的角速度和周期，两者之间的万有引力提供向心力，故两者向心力相同，故BD 错误；C ．根据211m r ω＝222m r ω，则半径之比等于质量反比，飞马座51b 与恒星运动轨道的半径之比，即r 1：r 2＝m 2：m 1，故C 正确；A ．线速度之比等于半径之比，即v 1：v 2＝m 1：m 2，故A 错误。

2021届天津市塘沽一中高考物理模拟试卷（5月份）一、单选题（本大题共6小题，共30.0分）1.下列说法正确的是()A. 卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子的核式结构模型B. 宏观物体的物质波波长非常小，极易观察到它的波动性C. β衰变现象说明电子是原子核的组成部分D. 对于任何一种金属都存在一个“最大波长”，入射光的波长必须大于这个波长，才能产生光电效应现象2.如图，由导热材料制成的气缸和活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦，活塞上方存有少量液体．将一细管插入液体，因虹吸现象，活塞上方的液体逐渐流出，大气压强与外界的温度保持不变．对封闭理想气体说法正确的是()A. 在单位时间内，气体分子对活塞的冲量逐渐减小B. 在单位时间内，气体分子对活塞撞击的次数增多C. 气体分子间的斥力增大，且分子的平均动能不变D. 气体向外界放热3.如图所示，一束光线会聚于P点，现在会聚点P的上方放一个两面平行的玻璃砖，则会聚点的位置将()A. 向上移动B. 向下移动C. 向左移动D. 向右移动4.如图所示，在光滑的“V”形漏斗中，玻璃球沿水平面做匀速圆周运动，此时小球受到的力有()A. 重力B. 重力和支持力C. 重力和向心力D. 重力、支持力和向心力5.如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是()A. 向右做加速运动B. 向右做减速运动C. 向左做加速运动D. 向左做匀速运动6.如图所示，在原点O处的质点(波源)做简谐运动，产生沿x轴正方向传播的简谐波，波速v=20m/s。

为了接收这列波，在x=200m处设有一台接收器(图中未标出)。

已知t=0时，波刚好传播到x=30m处，则下列说法正确的是()A. 波源振动的周期为2sB. 接收器在t=8s时才能接收到此波C. x=40m处的质点在t=1s时向上运动D. 若波源向x轴负方向移动，则在其移动过程中接收器接收到的波的频率将小于1Hz二、多选题（本大题共2小题，共10.0分）7.如图所示，导线AB可在平行导轨MN上滑动，接触良好，轨道电阻不计，电流计中有如图所示方向感应电流通过时，AB的运动情况是()A. 向右加速运动B. 向右减速运动C. 向右匀速运动D.向左减速运动8.如图所示为平行板电容器，两极板M，N分别与电压恒定的电源两极连接，极板M带正电，极板N接地。

天津市塘沽区2021届新高考第一次模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．假设某宇航员在地球上可以举起m 1=50kg 的物体，他在某星球表面上可以举起m 2=100kg 的物体，若该星球半径为地球半径的4倍，则（ ）A ．地球和该星球质量之比为8M M =地星B ．地球和该星球第一宇宙速度之比为v v =地星C ．地球和该星球瓦解的角速度之比为ωω=地星D ．地球和该星球近地卫星的向心加速度之比为a a =地星【答案】C【解析】【详解】AD ．人的作用力是固定的，则由：F=m 1g 地=m 2g 星212g m g m ==地星 而近地卫星的向心加速度和重力加速度近似相等；根据：2Mm G mg R = 则：2218M g R M g R ==地地地星星星 AD 错误；B ．第一宇宙速度22Mm v G m R R= 解得：v =则：2v g R v g R ==地地地星星星 B 错误；C ．星球的自转角速度足够快，地表的重力为0时星球瓦解，根据：22Mm G m R Rω= 得：3322M R M R ωω==星地地星星地C 正确。

故选C 。

2．下列属于理想化物理模型的是（ ）A ．电阻B ．点电荷C ．力的合成D ．瞬时速度【答案】B【解析】【分析】理想化模型的特点是现实生活中不存在。

通过想象合理分析得出忽略次要因素，只考虑主要因素，据此判断即可。

【详解】建立理想化模型的一般原则是首先突出问题的主要因素，忽略问题的次要因素．物理学是一门自然学科，它所研究的对象、问题往往比较复杂，受诸多因素的影响有的是主要因素，有的是次要因素．为了使物理问题简单化，也为了便于研究分析，我们往往把研究的对象、问题简化，忽略次要的因素，抓住主要的因素，建立理想化的模型如质点、电场线、理想气体、点电荷、自由落体运动等，电阻、力的合成以及瞬时速度均不符合理想化模型的定义，ACD 不符合题意，B 符合题意。

天津市塘沽区2021届新高考物理考前模拟卷（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，等量异种点电荷连线水平，O为两点电荷连线的中点，点A与B、B与C分别关于O点和水平连线对称。

下列说法正确的是（）A．点A与B的电势一定相等B．点A与C的场强一定相同C．将一负电荷沿直线AC从A移至C，电场力不做功D．将一正电荷沿直线AB从A移至B，电荷电势能一直减小【答案】D【解析】【详解】A．由等量异种电荷的电场分布可知，A点电势高于C点，C点电势等于B点电势，可知点A的电势高于B点电势，选项A错误；B．由对称性可知，点A与C的场强大小相同，但是方向不同，选项B错误；C．将一负电荷沿直线AC从A移至C，电场力做负功，选项C错误；D．将一正电荷沿直线AB从A移至B，电场力做正功，则电荷电势能一直减小，选项D正确；故选D。

2．火星的质量是地球质量的a倍，半径为地球半径的b倍，其公转周期为地球公转周期的c倍。

假设火星和地球均可视为质量分布均匀的球体，且环绕太阳的运动均可看成是匀速圆周运动。

则下列说法正确的是（）A．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为a：bB．同一物体在火星表面的重力与在地球表面的重力之比为a：bC32cD．太阳的密度与地球的密度之比为c2：1【答案】C【解析】【详解】A．当卫星绕任一行星表面做匀速圆周运动时的速度即为该行星的第一宇宙速度，由22Mm v G m R R = 解得GM v R= 则火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为:a b故A 错误；B ．对于天体表面的物体，万有引力近似等于重力，即有：2Mm G mg R= 解得： 2GM g R =则同一物体在火星表面的重力与在地球表面的重力之比为a ∶b 2故B 错误；C ．根据开普勒第三定律可知，太阳、火星之间的距离与日、地之间的距离之比为32:1c故C 正确；D ．由于太阳的质量、半径与地球的质量、半径的关系未知，所以不能确定它们的密度之间的关系，故D 错误。

天津市塘沽区2021届新高考物理一模考试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，水平放置的圆环形窄槽固定在桌面上，槽内有两个大小相同的小球a 、b ，球b 静止在槽中位置P 。

球a 以一定初速度沿槽运动，在位置P 与球b 发生弹性碰撞，碰后球a 反弹，并在位置Q 与球b 再次碰撞。

已知∠POQ=90︒，忽略摩擦，且两小球可视为质点，则a 、b 两球质量之比为（ ）A ．3︰1B ．1︰3C ．5︰3D ．3︰5【答案】D【解析】【分析】【详解】 由动量守恒可知，碰后两球的速度方向相反，且在相同时间内，b 球运动的弧长为a 球运动的弧长为3倍，则有3b a v v =-由动量守恒定律有+a b b a a m v m v m v =由能量守恒有222111222a a a a a m v m v m v =+ 联立解得35a b m m = 故ABC 错误，D 正确。

故选D 。

2．近年来我国的经济发展快速增长，各地区的物资调配日益增强，对我国的交通道路建设提出了新的要求，在国家的大力投资下，一条条高速公路在中国的版图上纵横交错，使各地区之间的交通能力大幅提高，在修建高速公烙的时候既要考虑速度的提升，更要考虑交通的安全，一些物理知识在修建的过程中随处可见，在高速公路的拐弯处，细心的我们发现公路的两边不是处于同一水平面，总是一边高一边低，对这种现象下面说法你认为正确的是（ ）A．一边高一边低，可以增加车辆受到地面的摩擦力B．拐弯处总是内侧低于外侧C．拐弯处一边高的主要作用是使车辆的重力提供向心力D．车辆在弯道没有冲出路面是因为受到向心力的缘故【答案】B【解析】【分析】【详解】ABC.车辆拐弯时根据提供的合外力与车辆实际所需向心力的大小关系可知，拐弯处总是内侧低于外侧，重力与支持力以及侧向摩擦力的合力提供向心力，当达到临界速度时，重力与支持力提供向心力，故AC 错误，B正确；D.车辆在弯道没有冲出路面是因为受到指向圆心的合力等于向心力的缘故，故D错误。

2021届天津市滨海新区塘沽第一中学高三上学期第三次月考物理试卷本试卷分为第1卷（选择题）和第lⅡ卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60分钟。

第1卷1至4页，第11卷5至8页。

答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上，并在规定位置粘贴考试用条形码。

答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

祝各位考生考试顺利！第I卷注意事项：1、每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

2、本卷共8题，每题5分，共40分。

一、单项选择题（每小题5分，共25分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1. 一质点位于x=-1m处，t=0时刻沿x轴正方向做直线运动，其运动的v-t图像如图所示。

下列说法正确的是（）A. 0~2s内和0~4s内，质点的平均速度相同B. 第3s内和第4s内，质点加速度的方向相反C. 第3s内和第4s内，质点位移相同D. t=4s时，质点在x=2m处【答案】D2. 据报道，2018年12月22日，我国在酒泉卫星发射中心成功发射了“虹云工程技术验证卫星”，卫星环绕地球运动的周期约为1.8h，与月球相比，该卫星的（）A. 角速度更大B. 环绕速度更小C. 向心加速度更小D. 离地球表面的高度更大【答案】A3. 如图所示，质量为m 的木块A 放在质量为M 的斜面B 上，现用大小相等方向相反的两个水平推力F 分别作用在A 、B 上，A 、B 均保持静止不动。

则（ ）A. A 与B 之间一定存在摩擦力B. B 与地面之间一定无摩擦力C. B 对A 的支持力大小一定等于mgD. 地面对B 的支持力大小一定大于m M g +（） 【答案】B4. 如图所示，固定斜面倾角为30，一质量为m 的物体（可视为质点）从距底端高为h 处由静止开始匀加速下滑，加速度为3g，下滑到底端的过程中，下列说法正确的是（ ）A. 支持力的冲量为零B. 物体增加的动能为3mghC. 物体下滑到底端时，重力的功率为3gh D. 下滑过程中系统减少的机械能为6mgh【答案】C5. 如图所示，两电荷量分别为Q -和2Q +的点电荷固定在直线MN 上，两者相距为L ，以2Q +点电荷所在位置为圆心、2L为半径画圆，a b c d 、、、是圆周上四点，其中a b 、在MN 直线上，、c d 两点连线垂直于MN ，下列说法正确的是（ ）A. 、c d 两点的电场强度相同B. 、c d 两点的电势相同C. a 点的电势高于b 点的电势 D. a 点的电场强度小于b 点的电场强度【答案】B二、不定项选择题（每小题5分，共15分。

2021年塘沽一中高三毕业班模拟考试物理试卷注意事项：1．每小题选出答案后，把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动.用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.2．本卷共8题，每题5分，共40分.第Ⅰ卷一、选择题（每小题5分，共25分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．下列说法正确的是A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子C．从高空对地面进行遥感摄影是利用紫外线良好的穿透能力D．变化的磁场一定产生变化的电场2．夏天，如果自行车内胎充气过足，在阳光下爆晒很容易“爆胎”。

“爆胎”前内胎容积视为不变，则下列说法中正确的是A.“爆胎”前随着温度升高，车胎内气体压强将增大B.“爆胎”前随着温度升高，车胎内气体将向外放出热量C.“爆胎”是车胎所有气体分子的动能都急剧增大造成的D.“爆胎”是车胎内气体分子间斥力急剧增大造成的3．如图所示，两束不同的单色细光束a、b，以不同的入射角从空气射入玻璃三棱镜中，其出射光恰好合为一束。

以下判断正确的是A．在同种介质中b光的速度较大B．该玻璃三棱镜对a光的折射率较大C．若让a、b光分别通过同一双缝装置，在同位置的屏上形成干涉图样，则b光条纹间距较小D．若将a、b两束光以相同的入射角从空气射向水面，则可能a光不发生全反射而b 光发生全反射4．如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，其在同一磁场中匀速转动过程中所产生正弦交流电的图象如图线b所示。

以下关于这两个正弦交流电的说法错误的是A．在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3:2C．交流电a的瞬时值为u=10sin5(v)D．交流电b电压的最大值为20/3（v）5．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异号点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是A．将电荷从C移到D的过程中，电势能先减少后增加B．O点的电场强度为零C．C点的电势高于D点的电势D．A、B两点的电场强度相同二、选择题（每小题5分，共15分.每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）6．我国“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星(同步卫星)和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星轨道高度约为2.15×104km，静止轨道卫星的高度约为3.60×104km。