2018年普通高等学校招生全国统一考试新课标1卷理科数学注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．设z=1-i1+i+2i ，则|z|=A ．0B ．12 C ．1 D ． 2解析：选C z=1-i1+i+2i=-i+2i=i2．已知集合A={x|x 2-x-2>0}，则∁R A =A ．{x|-1<x<2}B ．{x|-1≤x ≤2}C ．{x|x<-1}∪{x|x>2}D ．{x|x ≤-1}∪{x|x ≥2} 解析：选B A={x|x<-1或x>2}3．某地区经过一年的新农村建设，农村的经济收入增加了一倍，实现翻番，为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况，统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例，得到如下饼图：建设前经济收入构成比例 建设后经济收入构成比例则下面结论中不正确的是A ．新农村建设后，种植收入减少B ．新农村建设后，其他收入增加了一倍以上C ．新农村建设后，养殖收入增加了一倍D ．新农村建设后，养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半 解析：选A4．设S n 为等差数列{a n }的前n 项和，若3S 3=S 2+S 4，a 1=2，则a 5= A ．-12 B ．-10 C ．10 D ．12 解析：选 ∵3(3a 1+3d)=(2a 1+d )+(4a 1+6d) a 1=2 ∴d=-3 a 5=-105．设函数f(x)=x 3+(a-1)x 2+ax ，若f(x)为奇函数，则曲线y=f(x)在点(0,0)处的切线方程为 A ．y=-2x B ．y=-x C ．y=2x D ．y=x解析：选D ∵f(x)为奇函数 ∴a=1 ∴f(x)=x 3+x f′(x)=3x 2+1 f′(0)=1 故选D6．在ΔABC 中，AD 为BC 边上的中线，E 为AD 的中点，则EB →= A ．34AB → - 14AC →B ． 14AB → - 34AC →C ．34AB → + 14AC →D ． 14AB → + 34AC →解析：选A 结合图形，EB →=- 12(BA →+BD →)=- 12BA →-14BC →=- 12BA →-14(AC →-AB →)=34AB → - 14AC →7．某圆柱的高为2，底面周长为16，其三视图如图．圆柱表面上的点M 在正视图上的对应点为A ，圆柱表面上的点N 在左视图上的对应点为B ，则在此圆柱侧面上，从M 到N 的路径中，最短路径的长度为A ．217B ．2 5C ．3D ．2解析：选B 所求最短路径即四份之一圆柱侧面展开图对角线的长8．设抛物线C ：y 2=4x 的焦点为F ，过点（–2，0）且斜率为23的直线与C 交于M ，N 两点，则FM→·FN →= A ．5 B ．6 C ．7 D ．8解析：选D F(1,0)，MN 方程为y=23 (x+2),代入抛物线方程解得交点M(1,2),N(4,4),则FM →=(0,2),FN →=(3,4) ∴FM→·FN →=8 9．已知函数f(x)= ⎩⎨⎧e x， x ≤0lnx ，x>0，g(x)=f(x)+x+a ．若g （x ）存在2个零点，则a 的取值范围是A ．[–1，0）B ．[0，+∞）C ．[–1，+∞）D ．[1，+∞） 解析：选C g(x)=0即f(x)=-x-a ，即y=f(x)图象与直线y=-x-a 有2个交点，结合y=f(x)图象可知-a<110．下图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形．此图由三个半圆构成，三个半圆的直径分别为直角三角形ABC 的斜边BC ，直角边AB ，AC ．△ABC 的三边所围成的区域记为I ，黑色部分记为II ，其余部分记为III ．在整个图形中随机取一点，此点取自I ，II ，III 的概率分别记为p1，p2，p3，则A ．p1=p2B ．p1=p3C ．p2=p3D ．p1=p2+p3解析：选A ∵AC=3，AB=4，∴BC=5，∴12AC=32，12AB=2 , 12BC=52∴以AC 和AB 为直径的两个半圆面积之和为12×π×(32)2+12×π×22=258π∴以BC 为直径的半圆面积与三角形ABC 的面积之差为12×π×(52)2- 12×3×4=258π-6；∴两个月牙形（图中阴影部分）的面积之和等于258π-(258π-6)=6=ΔABC 面积∴p1=p211．已知双曲线C ：x 23 - y 2 =1，O 为坐标原点，F 为C 的右焦点，过F 的直线与C 的两条渐近线的交点分别为M 、N.若ΔOMN 为直角三角形，则|MN|= A ．32B ．3C ．2 3D ．4解析：选B 依题F(2,0),曲线C 的渐近线为y=±33x,MN 的斜率为3，方程为y=3(x-2),联立方程组解得M(32,- 32),N(3, 3),∴|MN|=312．已知正方体的棱长为1，每条棱所在直线与平面α所成的角相等，则α截此正方体所得截面面积的最大值为 A ．334B ．233C ．324D ．32解析：选A 如图正六边形与正方体每条棱缩成角相等。
当正六边形过正方体棱的中点时，面积最大此时正六边形的边长为22，其面积为6×34×(22)2=334二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
13．若x ，y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x-2y-2≤0 x-y+1≥0 y ≤0，则z=3z+2y 的最大值为_____________．解析：答案为614．记S n 为数列{a n }的前n 项和，若S n =2a n +1，则S 6=_____________． 解析：a 1=-1，n ≥2时，a n =S n -S n-1=2a n-1，a n =-2n-1，S 6=2a 6+1=-64+1=-63 15．从2位女生，4位男生中选3人参加科技比赛，且至少有1位女生入选，则不同的选法共有_____________种．（用数字填写答案）解析：合条件的选法有C 63-C 43=16解析：由题意可得T=2π是f （x ）=2sinx+sin2x 的一个周期，故只需考虑f （x ）=2sinx+sin2x 在[0，2π）上的最小值。
∵ f ′（x ）=2cosx+2cos2x =2cosx+2(2cos 2x-1)=2(2cosx-1)(cosx+1)， 令f ′（x ）=0可解得cosx=12或cosx=-1， 可得此时x=π3，π或5π3；∴y=2sinx+sin2x 的最大值和最小值只能在点x=π3，π或5π3和边界点x=0中取到，计算可得f （π3）=332，f （π）=0，f （5π3）=-332，f （0）=0， ∴函数的最小值为-332必须作答。
第22、23题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：60分。
17．（12分）在平面四边形ABCD 中，∠ADC=900，∠A=450，AB=2，BD=5. （1）求cos ∠ADB ； （2）若DC=22，求BC.解：（1）在ΔABD 中，由正弦定理得BD sinA =AB sin ∠ADB .由题设知，sin ∠ADB=25.由题设知，∠ADB <900，所以cos ∠ADB =235. （2）由题设及（1）知，cos ∠BDC= sin ∠ADB=25.在ΔBCD 中，由余弦定理得BC 2=BD 2+DC 2-2BD ·DC ·cos ∠BDC=25 所以BC=5. 18．（12分）如图，四边形ABCD 为正方形，E ，F 分别为AD ，BC 的中点，以DF 为折痕把ΔDFC 折起，使点C 到达点P 的位置，且PF ⊥BF.（1）证明：平面PEF ⊥平面ABFD ；（2）求DP 与平面ABFD 所成角的正弦值.解：（1）由已知可得，BF ⊥PF ，BF ⊥EF ，所以BF ⊥平面PEF. 又BF 平面ABFD ，所以平面PEF ⊥平面ABFD.（2）作PH ⊥EF ，垂足为H.由（1）得，PH ⊥平面ABFD.以H 为坐标原点，HF→的方向为y 轴正方向，|BF →|为单位长，建立如图所示的空间直角坐标系H −xyz. 由（1）可得，DE ⊥PE.又DP=2，DE=1，所以PE= 3.又PF=1，EF=2，故PE ⊥PF. 可得PH=32,EH=32.则H(0,0,0),P(0,0,32),D(-1,- 32,0 ), DP→=(1, 32,32), HP→=(0,0, 32)为平面ABFD 的法向量. 设DP 与平面ABFD 所成角为θ，则sin θ=|DP →·HP →| DP →|·|HP →||=34.所以DP 与平面ABFD 所成角的正弦值为34.19．（12分）设椭圆C: x 22 + y 2 =1的右焦点为F ，过F 的直线l 与C 交于A,B 两点，点M 的坐标为(2,0).（1）当l 与x 轴垂直时，求直线AM 的方程； （2）设O 为坐标原点，证明：∠OMA=∠OMB. 解：（1）由已知得F(1,0)，l 的方程为x=1. 由已知可得，点A 的坐标为(1,22)或(1,- 22). 所以AM 的方程为y= - 22x+2或y= 22x- 2.（2）当l 与x 轴重合时，∠OMA=∠OMB =00.当l 与x 轴垂直时，OM 为AB 的垂直平分线，所以∠OMA=∠OMB.当l 与x 轴不重合也不垂直时，设l 的方程为y=k(x-1)(k ≠0)，A(x 1,y 1)，B(x 2,y 2)， 则x 1<2,x 2<2，直线MA ，MB 的斜率之和为k MA +k MB =y 1x 1-2+y 2x 2-2.由y 1=kx 1-k, y 2=kx 2-k 得k MA +k MB =2kx 1x 2-3k(x 1+x 2)+4k(x 1-2)( x 2-2)将y=k(x-1)代入x 22 + y 2 =1得(2k 2+1)x 2-4k 2x+2k 2-2=0 所以，x 1+x 2=4k 2 2k 2+1, x 1x 2=2k 2-2 2k 2+1.则2kx 1x 2-3k(x 1+x 2)+4k =4k 3-4k-12k 3+8k 3+4k2k 2+1=0从而k MA +k MB =0，故MA ，MB 的倾斜角互补，所以∠OMA=∠OMB.综上，∠OMA=∠OMB. 20．（12分）某工厂的某种产品成箱包装，每箱200件，每一箱产品在交付用户之前要对产品作检验，如检验出不合格品，则更换为合格品．检验时，先从这箱产品中任取20件作检验，再根据检验结果决定是否对余下的所有产品作检验，设每件产品为不合格品的概率都为p(0<p<1)，且各件产品是否为不合格品相互独立．学科&网 （1）记20件产品中恰有2件不合格品的概率为f(p),求f(p)的最大值点p 0．（2）现对一箱产品检验了20件，结果恰有2件不合格品，以（1）中确定的p 0作为p 的值．已知每件产品的检验费用为2元，若有不合格品进入用户手中，则工厂要对每件不合格品支付25元的赔偿费用．学.科网 （i ）若不对该箱余下的产品作检验，这一箱产品的检验费用与赔偿费用的和记为X ，求EX; （ii ）以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据，是否该对这箱余下的所有产品作检验？ 解：（1）20件产品中恰有2件不合格品的概率为f(p)=C 202p 2(1-p)18. 因此f′(p)= C 202[2p(1-p)18-18p 2(1-p)17]=2 C 202p(1-p)17(1-10p)令f′(p)=0，得p=0.1.当p ∈(0,0.1)时，f′(p)>0；当p ∈(0.1,1)时，f′(p)<0. 所以f(p)的最大值点为p 0=0.1. （2）由（1）知，p=0.1.（i ）令Y 表示余下的180件产品中的不合格品件数，依题意知Y ～B(180,0.1)，X=40+25Y ， 所以EX=E(40+25Y)=40+25EY=40+25×180×0.1=490.（ii ）如果对余下的产品作检验，则这一箱产品所需要的检验费为400元. 由于EX>400，故应该对余下的产品作检验. 21．（12分） 已知函数f(x)= 1x - x+alnx ．（1）讨论f(x)的单调性；（2）若f(x)存在两个极值点x 1,x 2，证明：f(x 1)-f(x 2)x 1-x 2<a-2．解:（1）f(x)的定义域为(0,+∞)，f′(x)= - 1x 2-1+a x =- x 2-ax+1x 2.（i ）若a ≤2，则f′(x )≤0，当且仅当a=2，x=1时f′(x)=0，所以f(x)在(0,+∞)单调递减. （ii ）若a>2，令f′(x)=0得，x=a-a 2-42或x=a+a 2-42.当x ∈(0, a-a 2-42)∪(a+a 2-42,+∞)时，f′(x)<0；当x ∈(a-a 2-42,a+a 2-42)时，f′(x)>0.所以f(x)在(0, a-a 2-42)、(a+a 2-42,+∞)单调递减，在(a-a 2-42,a+a 2-42)单调递增.（2）由（1）知，f(x)存在两个极值点当且仅当a>2.由于f(x)的两个极值点x 1,x 2满足x 2-ax+1=0，所以x 1x 2=1，不妨设x 1<x 2，则x 2>1.由于f(x 1)-f(x 2)x 1-x 2= - 1 x 1x 2 -1+a lnx 1-lnx 2 x 1-x 2= -2+ a lnx 1-lnx 2 x 1-x 2=-2+ a -2lnx 21x 2-x 2，所以f(x 1)-f(x 2)x 1-x 2<a-2等价于1x 2–x 2+2lnx 2<0.设函数g(x)= 1x - x+2lnx ，由（1）知，g(x)在(0,+∞)单调递减，又g(1)=0，从而当x ∈(1,+∞)时，g(x)<0. 所以1x 2–x 2+2lnx 2<0，即f(x 1)-f(x 2)x 1-x 2<a-2.（二）选考题：共10分。
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