【高二】物理3月月考试题实验班、普通班

2021年高二（下）月考物理试卷（3月份）含解析一、选择题（每小题3分，共69分，每题只有一个选项是正确的）1．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）下列物理量都属于矢量的是（）A．位移、速度和时间B．力、速度和路程C．路程、位移和力D．速度、加速度和力考点：矢量和标量．专题：常规题型．分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．解答：解：A、位移、速度是既有大小又有方向的矢量．时间是只有大小没有方向的标量，不是矢量．故A错误B、力、速度是既有大小又有方向的矢量．路程是只有大小没有方向的标量，不是矢量．故B错误C、位移和力是既有大小又有方向的矢量．路程是只有大小没有方向的标量，不是矢量．故C错误D、速度、加速度和力是既有大小又有方向的矢量．故D正确故选D．点评：矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．2．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）下面涉及运动概念的几个说法，你认为哪一个是正确的（）A．“第3s内”指一个时刻B．“位移”大小总是等于路程，方向由初位置指向末位置C．“加速度”是描述速度变化大小的物理量，它是矢量D．汽车以20km/h的速度通过淮海路，这个速度指的是“平均速度”考点：位移与路程；时间与时刻；平均速度；加速度．专题：直线运动规律专题．分析：（1）时刻是某一瞬间，时间间隔是两个时刻的间隔．在时间轴上，时间对应线段，时刻对应一个点；（2）位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．只有单向直线运动时“位移”大小总是等于路程．（3）“加速度”是描述速度变化快慢的物理量，它是矢量；（4）“平均速度”对应一段位移或时间，“瞬时速度”对应位置和时刻．解答：解：A．第3S内指的是1s的一段时间，不是时刻，故A错误；B．位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．只有单向直线运动时“位移”大小总是等于路程．故B错误；C．“加速度”是描述速度变化快慢的物理量，它是矢量，故C错误；D．“平均速度”对应一段位移或时间，“瞬时速度”对应位置和时刻．淮海路是一段位移，所以这个速度指的是“平均速度”，故D正确．故选D．点评：本题考查的是对描述物体运动的基本物理量概念的理解和把握区别的能力．要注意生活中的时间与物理上的时间意义的不同．3．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．质点的速度越大，则加速度越大B．质点的速度变化越大，则加速度越大C．质点的速度变化越快，则加速度越大D．质点加速度的方向就是质点运动的方向考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是描述质点的速度变化快慢的物理量，加速度越大，质点的速度变化越快，速度和加速度没有直接关系．解答：解：A、质点的速度越大，加速度不一定越大，比如高速匀速运动的高铁，速度很大，而加速度为零．故A错误．B、质点的速度变化越大，加速度不一定越大，还取决于速度变化所用的时间．故B错误．C、加速度是描述质点的速度变化快慢的物理量，加速度越大，质点的速度变化越快．故C正确．D、质点加速度的方向不一定就是质点运动的方向，两者可能同向，比如加速直线运动，也可能反向，比如匀减速直线运动，也可能没有关系．故D错误．故选C．点评：本题考查对速度与加速度关系的理解，关键抓住加速度的物理意义、定义式和牛顿第二定律来加深理解它们之间的关系．4．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A．在空气中不考虑阻力的运动是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C．质量大的物体，所受重力大，因而落地速度大D．自由落体加速度在地球赤道处最大考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动是指物体仅在重力的作用下由静止开始下落加速度为g的匀加速直线运动运动；根据v2=2gh可得物体落地的速度v=；在相同的纬度，海拔越高重力加速度越小，在相同的海拔，纬度越高重力加速度越大．解答：解：A、自由落体运动是指物体仅在重力的作用下由静止开始下落的运动，故A错误．B、做自由落体运动的物体初速度为0，加速度为g，故自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，故B正确．C、根据mg=ma可得物体下落的加速度a=g，故下落的加速度与物体的质量无关．又根据v2=2gh可得物体落地的速度v=，只要从同一高度做自由落体运动，落地时的速度就相同．故C错误．D、在相同的纬度，海拔越高重力加速度越小，在相同的海拔，纬度越高重力加速度越大．故D错误．故选B．点评：把握自由落体运动的特点和规律，理解重力加速度g的变化规律即可顺利解决此类题目．5．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）如图，物体A静止在斜面B上，下列说法正确的是（）A．斜面B对物块A的弹力方向是竖直向上的B．物块A对斜面B的弹力方向是竖直向下的C．斜面B对物块A的弹力方向是垂直斜面向上的D．物块A对斜面B的弹力方向跟物块A恢复形变的方向是相反的考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹力的方向垂直接触面，并指向形变恢复的方向．解答：解：A、由题意可知，支持力是因斜面发生弹性形变后，要恢复原状，从而对木块有垂直接触面向上的弹力，故AB错误C正确；D、物块A对斜面B的弹力方向跟物块A恢复形变的方向是相同的，故D错误．故选：C．点评：考查弹力的产生与弹力的方向，注意弹性形变与形变的区别．6．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）一个质量为2kg的物体同时受到两个力的作用，这两个力的大小分别为2N和6N，当两个力的方向发生变化时，物体的加速度大小不可能为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s2考点：牛顿第二定律；力的合成．专题：计算题；牛顿运动定律综合专题．分析：先根据平行四边形定则求出两个力的合力的范围，再根据牛顿第二定律求出加速度的范围．解答：解：两个力的大小分别为2N和6N，合力范围为：8N≥F≥4N根据牛顿第二定律F=ma，故4m/s2≥a≥2m/s2题目问加速度不可能的值；故选：A．点评：本题关键先求出合力范围，再根据牛顿第二定律确定加速度范围．7．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）如图是两个叠放在水平面上的长方形木块，对B施一向右的水平拉力F，但A、B都没动，则B给A的摩擦力（）A．大小等于F，方向向右B．大小等于F，方向向左C．等于零D．条件不足，无法确定大小和方向考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：要正确的解答此题，首先要搞清产生摩擦力的条件：有压力并且要有相对运动的趋势．并且要掌握二力平衡的条件．解答：解：以A为研究对象受力分析，水平方向A不受其他外力，A、B同时做匀速直线运动，即A处于平衡状态，根据平衡条件A所受摩擦力为零，所以C正确．故选：C．点评：此题主要考查了产生摩擦力的条件以及二力平衡的条件的应用，是一道很好的题目．8．（3分）（xx春•百色校级期中）做匀速圆周运动的物体，下列物理量变化的是（）A．线速度B．速率C．频率D．周期考点：匀速圆周运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：对于物理量的理解要明确是如何定义的，决定因素有哪些，是标量还是矢量，如本题中明确描述匀速圆周运动的各个物理量特点．解答：解：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此是变化的，周期、频率、速率是标量，是不变化的，故A正确，BCD错误．故选：A点评：本题中明确描述匀速圆周运动的各个物理量特点是解本题的关键，尤其是注意标量和矢量的区别．9．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）关于作用力与反作用力的说法下列正确的是（）A．作用力和反作用力作用在同一物体上B．地球对重物的作用力大于重物对地球的作用力C．作用力和反作用力有时相等有时不相等D．作用力和反作用力同时产生、同时消失考点：牛顿第三定律．分析：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．解答：解：A、作用力和反作用力作用在两个物体上，故A错误B、作用力与反作用力大小相等，故B错误，C错误D、作用力和反作用力同时产生、同时消失，故D正确故选D．点评：考查牛顿第三定律及其理解．理解牛顿第三定律与平衡力的区别．10．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）汽车以10m/s的速度在水平路面上做匀速直线运动，后来以2m/s2的加速度刹车，那么刹车后6s内的位移是（）A．24 m B．96 m C．25 m D．96 m或24 m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：汽车刹车后做匀减速直线运动，根据初速度和加速度，由运动学公式求出汽车从刹车到停止运动的时间，判断汽车刹车后8s时的运动状态，再选择运动学公式求解位移．解答：解：设汽车从刹车到停止运动的时间t0，则有t0==s=5s故6s内的位移实际等于5s内的位移，故s=v0t0+=10×5+=25m故选C．点评：汽车刹车是没有往复的匀减速运动问题，要判断汽车的运动状态，再进行相关计算，要注意实际物理情景，不能死代公式．11．（3分）（xx•宝应县模拟）下列关于功率的说法正确的是（）A．功率是描述力对物体做功快慢的物理量B．功率是描述力对物体做功多少的物理量C．某个力对物体做功越多，它的功率就越大D．某个力对物体做功时间越长，它的功率就越大考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：功率是指物体在单位时间内所做的功，即功率是描述做功快慢的物理量．功的数量一定，时间越短，功率值就越大．解答：解：A、B、功率是指物体在单位时间内所做的功，功表示物体做功的快慢，故A 正确，B错误；C、D、根据公式P=可知，相同时间内某个力对物体做功越多，功率越大；或者说做相同的功用时越短，功率越大；故C错误，D错误；故选A．点评：本题考查的是对功率的物理意义的理解，功率是表示物体做功快慢的物理量．12．（3分）（2011秋•常山县校级期末）某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是（）A．B．C．D．考点：安培力．分析：熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．解答：解：A、根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向上，故A正确；B、根据左手定则可知，B图中安培力应该垂直于磁场斜向上，故B错误；C、根据左手定则可知，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，故C 错误；D、根据左手定则可知，D图中安培力方向垂直于导体棒向上，故D错误．故选：A．点评：左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．13．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）第一宇宙速度是（）A．物体在宇宙中所能达到的最高速度B．物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动所必须具有的最小发射速度C．物体脱离地球引力所必须具有的速度D．物体摆脱太阳引力所必须具有的速度考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．专题：人造卫星问题．分析：第一宇宙速度是最小的发射速度，是最大的环绕地球运动的速度；物体要脱离地球的引力成为人造行星至少达到第二宇宙速度；物体要逃到太阳系外最小的发射速度是第三宇宙速度．解答：解：第一宇宙速度是人造地球卫星绕地球运动的最大速度，是发射卫星的最小速度，而不是物体在宇宙中所能达到的最高速度．故A错误B正确．物体要脱离地球引力的束缚，逃逸到地球的引力之外，最小的速度是第二宇宙速度．故C 错误．物体要摆脱太阳引力的束缚必须能够达到第三宇宙速度．故D错误．故选B．点评：本题考查第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度，内容简单，只要多读课本，熟记基本知识就能顺利解出．14．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）下列单位不属于国际单位制基本单位的是（）A．米B．千克C．秒D．牛顿考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：国际单位制中的力学基本单位包括长度单位m；质量单位kg，时间单位s；而牛顿为导出单位，故只有牛顿不属于基本单位；本题选不属于的，故选：D点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．15．（3分）（xx•温州学业考试）如图所示为一皮带传动装置，右轮半径为r，a点在它的边缘上．左轮半径为2r，b点在它的边缘上．若在传动过程中，皮带不打滑，则a点与b点的向心加速度大小之比为（）A．1：2 B．2：1 C．4：1 D．1：4考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：由传送带传动的两轮子边缘上的点线速度相等，再由公式a=，得出向心加速度之比．解答：解：由传送带传动的两轮子边缘上的点线速度相等，所以v a=v b，由公式a=得，r a=r b，则a a：a b=2：1，故选B．点评：传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，共轴的轮子上各点的角速度相等．16．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）在物理学发展的过程中，某位科学家开创了以实验检验猜想和假设的科学方法，并用这种方法研究了落体运动的规律，这位科学家是（）A．笛卡尔B．安培C．牛顿D．伽利略考点：物理学史．分析：伽利略开创了理想实验的科学方法，并用这种方法研究了力和运动的关系，打开了物理学知识大厦的大门．解答：解：伽利略设想了理想斜面实验，推导出力不是维持物体运动的原因，开创了理想实验的科学方法，研究了力和运动的关系．伽利略开创了以实验检验猜想和假设的科学方法，并用这种方法研究了落体运动的规律．故选D．点评：本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要理解记忆科学研究的方法．17．（3分）（xx春•肥东县校级期末）下列所述的实例中，遵循机械能守恒的是（）A．宇宙飞船发射升空的过程B．飞机在竖直平面内作匀速圆周运动的过程C．标枪在空中飞行的过程（空气阻力均不计）D．小孩沿滑梯匀速滑下的过程考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，判断各力的做功情况，对照守恒条件即可判断物体是否是机械能守恒．解答：解：A、宇宙飞船发射升空的过程中，推力对飞船做正功，故其机械能不守恒，故A错误；B、飞机在竖直平面内做匀速圆周运动，飞机的速度的大小是不变的，动能不变，但是高度在变，飞机的重力势能在变，所以机械能不守恒，故B错误．C、标枪在空中飞行的过程（空气阻力不计），由于不受阻力，只有重力做功，故机械能守恒，故C正确；D、小孩沿滑梯匀速滑下的过程，说明摩擦力对物体做了负功，球的机械能要减小，故D错误故选：C．点评：本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件即可．也可以根据机械能的概念进行判断．18．（3分）（2011•中山市校级学业考试）真空中两个点电荷相距r时，静电力为F，如果保持它们的电量不变，而将距离增大为2r时，则静电力将变为（）A．B．C． F D． 2F考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电量不变，只是将距离增大一倍，根据点电荷库仑力的公式F=可以求得改变之后的库仑力的大小．解答：解：由点电荷库仑力的公式F=可以得到，电量不变，将它们之间的距离增大为2r，库仑力将变为原来的，所以A正确、BCD错误．故选：A．点评：本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式式F=就很容易分析了．19．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）某电场的电场线如图所示，则同一点电荷放在电场中的A点和B点所受静电力F A和F B的大小关系是（）A．F A＜F BB．F A＞F BC．F A=F BD．由于电荷的正、负未知，故无法判断F A和F B的大小考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，B 点的电场线密，所以B点的电场强度大，电荷在B点受到的电场力大，所以F A＜F B，所以A正确．故选A．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．20．（3分）（xx•廉江市校级模拟）有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部，如图所示．其中哪一个小磁针的指向是正确的（）A． a B． b C． c D． d考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培定则．专题：应用题．分析：由电源的极性可得出电流的方向，则由安培定则可得出磁场的方向，即可判出小磁场的方向是否正确．解答：解：由图可知，电流由右侧流入，则由安培定则可知，螺线管的左侧为N极，右侧为S极；而螺线管的磁感线外部是由N极指向S极，内部由S指向N极，而小磁针静止时N极所指方向与磁感线方向一致，故可知D正确，其他均错；故选D．点评：本题考查安培定则及通电螺线管磁感线的特点，要求明确内部磁感线和外部磁感线的不同之处，熟记相应磁场的磁感线形状．21．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）关于磁感线，以下说法正确的是（）A．磁感线是不闭合的B．磁感线有可能相交C．磁感线是客观存在的D．磁感线的疏密程度表示磁场的强弱考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：（1）磁体的周围存在着看不见，摸不着但又客观存在的磁场，为了描述磁场，在实验的基础上，利用建模的方法想象出来的磁感线，磁感线并不客观存在．（2）磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极．在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，回到N极．（3）磁场中的一点，磁场方向只有一个，由此入手可以确定磁感线不能相交．（4）磁场的强弱可以利用磁感线的疏密程度来描述．磁场越强，磁感线越密集．解答：解：A、在磁体的内部，磁感线从磁体的S出发回到N极；而外部则是从磁体的N 极出发回到S极，构成闭合曲线，故A错误．B、若两条磁感线可以相交，则交点处就可以做出两个磁感线的方向，即该点磁场方向就会有两个，这与理论相矛盾，因此磁感线不能相交，故B错误．C、磁感线是为了描述磁场而引入的，它并不客观存在，故C错误．D、磁感线最密集的地方，磁场的强度最强，反之磁场最弱，故D正确．故选：D．点评：此题考查了磁感线的引入目的，磁场方向的规定，记住相关的基础知识，对于解决此类识记性的题目非常方便．22．（3分）（xx•大连学业考试）甲、乙两车在同一地点同时做直线运动，其v﹣t图象如图所示，则（）A．它们的初速度均为零B．甲的加速度大于乙的加速度C．0～t1时间内，甲的速度大于乙的速度D．0～t1时间内，甲的位移大于乙的位移考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．解答：解：A、由图象可知，乙的初速度不为零．故A错误．B、甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则甲的加速度大于乙的加速度．故B正确．C、在0～t1时间内，甲的速度小于乙的速度．故C错误．D、在0～t1时间内，乙图线与时间轴围成的面积大于甲图线与时间轴围成的面积，则乙的位移大于甲的位移．故D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．23．（3分）（xx•广陵区校级学业考试）如图所示，一薄木板斜搁在高度一定的平台和水平地板上，其顶端与平台相平，末端置于地板的P处，并与地板平滑连接．将一可看成质点的滑块自木板顶端无初速释放，沿木板下滑，接着在地板上滑动，最终停在Q处．滑块和木板及地板之间的动摩擦因数相同．现将木板截短一半，仍按上述方式搁在该平台和水平地板上，再次将滑块自木板顶端无初速释放，（设物体在板和地面接触处平滑过渡），则滑块最终将停在（）A．P处B．P、Q之间C．Q处D．Q的右侧考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：摩擦力做功与路径有关，根据公式W=FLcosα可得，斜面上克服摩擦力做功为与斜面的夹角无关即可求解．解答：解：假设斜面与水平面的夹角为α，斜面的高度为h，斜面在水平方向的投影为x1在斜面上克服摩擦力做的功①设在水平面上滑行的距离为x2怎在水平面上克服摩擦力做的功W2=μmgx2整个过程克服摩擦力做得功为W=μmgx1+μmgx2=μmg（x1+x2）②由此公式可知，摩擦力做得功与斜面的夹角无关，又由于从相同的高度滑下，根据动能定理得：mgh﹣W=0 ③②③联立可知，最终还是停在Q处，故ABD错，C正确；故选C．点评：解决本题的关键是掌握摩擦力做功的特点的理解及力对物体做功的公式的灵活运用．二、填空题（本大题3小题，其中24、25两小题任选一题，4分，26小题6分，共10分）.（本题供使用选修1-1教材的考生作答）24．（4分）（xx•广陵区校级学业考试）下列说法中正确的是（）A．光波不是电磁波B．电磁炉是利用涡流加热的C．用陶瓷器皿盛放食品可直接在电磁炉上加热D．DVD光盘是利用磁粉记录信息的考点：电磁波的应用．。

2020高二年级上学期第三次月考物理试卷(实验班)一、选择题(本题12小题，每小题4分，共48分，其中7、10、11、12题为多选题，全部选对的4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分)。

1. 关于磁感应强度的概念，下列说法正确的是（）A. 由磁感应强度定义式B=可知，在磁场中某处，B与F成正比，B与IL成反比B. 一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零C. 磁场中某处磁感应强度的方向，与直线电流在该处所受磁场力方向相同D. 磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关【答案】D【解析】试题分析：本题考查了磁场的大小与方向，磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方向与电流、磁场垂直．解：A、磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，故A错误；B、当导体方向与磁场方向在一条线上时，导体不受磁场力作用，此时磁感应强度并非为零，故B错误．C、根据左手定则可知，磁场方向与磁场力方向垂直．故C错误；D、磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关，故D正确．故选：D．【点评】对于磁感应强度的定义式B=，要明确其定义方法、适用条件，以及各个物理量的含义，可以和电场强度的定义E=类比学习．2.如图所示，竖直放置的长直导线通以恒定电流，有一矩形线圈abcd与导线在同一平面上，在下列状况中线框中不能产生感应电流的是（）A. 导线中电流强度变小B. 线框向下平动C. 线框向右平动D. 线框以ab边为轴转动【答案】B【解析】导线中电流强度变小，则周围的磁感应强度减弱，则线框中磁通量减小，故A可以产生感应电流；线框向下运动时，线框中的磁感应强度不变，磁通量不变，故B不会产生感应电流；线框向右运动时，线框中的磁感应强度减小，磁通量减小，故C会产生感应电流；线框以ad边为轴转动时，线框中的磁通量发生变化，故D会产生感应电流；本题选不产生感应电流的，故选B．点睛：判断电路中能否产生感应电流，应把握两点：一是要有闭合回路；二是回路中的磁通量要发生变化；3. 如图所示，通电导线MN在纸面内从a位置绕其一端M转至b位置时，通电导线所受安培力的大小变化情况是（）A. 不变B. 变小C. 变大D. 不能确定【答案】A【解析】解：从a转到b位置时，导线MN还是与磁场垂直，故F=BIL大小不变，故A正确；故选：A【点评】本题比较简单，应用公式F=BIL时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义．4.如图所示，带电粒子所受洛伦兹力方向垂直纸面向外的是（）【答案】C【解析】A图洛伦兹力水平向右；B图洛伦兹力水平向右；D图不受洛伦兹力。

嘴哆市安排阳光实验学校高二物理3月阶段性测试试题理一、选择题（每小题4分，共48分，1-7小题为单项选择题；8-12小题为多项选择题，漏选得2分，多选错选得0分）1．闭合电路的一部分导线ab处于匀强磁场中，图中各情况下导线都在纸面内运动，那么下列判断中正确的是（）A．都会产生感应电流B．都不会产生感应电流C．甲、乙不会产生感应电流，丙、丁会产生感应电流D．甲、丙会产生感应电流，乙、丁不会产生感应电流2．我国已经制订了登月计划，假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，则下列推断正确的是( )A．直接将电流表放于月球表面，通过观察电流表是否有示数来判断磁场的有无B．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如果电流表无示数，则可判断月球表面无磁场C．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如果电流表有示数，则可判断月球表面有磁场D．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一平面内沿各个方向运动，电流表无示数，则判断出月球表面无磁场3. 如图所示，闭合金属导线框放置在竖直向上的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度的大小随时间变化。

下列说法正确的是( ) A．当磁感应强度增加时，线框中可能无感应电流B．当磁感应强度增加时，线框中的感应电流一定增大C．当磁感应强度减小时，线框中的感应电流一定增大D．当磁感应强度减小时，线框中的感应电流可能不变4. 如图甲所示，在竖直向上的磁场中，水平放置一个单匝金属圆线圈，线圈所围的面积为0.1m2，线圈电阻为1Ω，磁场的磁感应强度大小B随时间t的变化规律如图乙所示，规定从上往下看顺时针方向为线圈中感应电流i的正方向．则（）A．0～5s内i的最大值为0.1AB．第4s末i的方向为正方向C．第3s内线圈的发热功率最大D．3～5s内线圈有扩张的趋势5. 在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一与磁场方向垂直、长度为L金属杆aO ，已知ab=bO=L/2，a 、b 与磁场中以O 为圆心的同心圆（都为部分圆弧）金属轨道始终接触良好．一电容为C 的电容器接在轨道上，如图所示，当金属杆在与磁场垂直的平面内以O 为轴，以角速度ω顺时针匀速转动时（ ）A ．2ao bo U U =B ．218ab U BL ω=C ．电容器带电量238Q CBL ω=D ．若在eO 间连接一个电压表，则电压表示数为零6.如图所示,两个垂直于纸面的匀强磁场方向相反，磁感应强度的大小均为B ，磁场区域的宽度均为a ，高度也为a 的正三角形导线框ABC 从图示位置沿x 轴正方向匀速穿过两磁场区域，规定以逆时针方向为电流的正方向，在下列图形中能正确描述感应电流I 与线框移动距离x 关系的是( )7．两个完全相同的灯泡A 、B ，自感线圈L 的直流电阻与定值电阻R 的阻值相等，由灯泡、线圈、电阻组成如下图所示的电路，在电键K 断开的瞬间，A 灯比B 灯亮的电路是（ ）8．如图所示,在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟杯内的水沸腾起来，若要缩短上述加热时间，下列措施可行的有( )A.增加线圈的匝数B.提高交流电源的频率C.将金属杯换为瓷杯D.取走线圈中的铁芯9. 如图所示，为两个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B ，方向分别垂直纸面向里和向外，磁场宽度均为L ，距磁场区域的左侧L 处，有一边长为L 的正方形导体线框，总电阻为R ，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F 使线框以速度v 匀速穿过磁场区域，以如图初始位置为计时起点，规定：电流沿逆时针方向时电动势E 为正，磁感线垂直纸面向里时磁通量φ为正，外力F 向右为正。

批扯州址走市抄坝学校高二〔下〕月考物理试卷〔3月份〕一、选择题〔本大题共10小题，每题4分，共40分．1-6小题为单项选择；7-10小题为不项选择，全对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错误选项的得0分〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．汤姆孙发现电子并提出了原子核式结构模型B．贝克勒尔用α粒子轰击氮原子核发现了质子C．在原子核人工转变的中，约里奥﹣居里夫妇发现了正电子D．在原子核人工转变的中，卢瑟福发现了中子2．现有三个核反：①Na→Mg+e②U+n→Ba+Kr+3n③H+H→He+n以下说法正确的选项是〔〕A．①是裂变，②是β衰变，③是聚变B．①是聚变，②是裂变，③是β衰变C．①是β衰变，②是裂变，③是聚变D．①是β衰变，②是聚变，③是裂变3．如下图是光电管的原理图，当有频率为ν0的光照射到阴极K上时，电路中有光电流，那么〔〕A．当换用频率为ν1〔ν1＜ν0〕的光照射阴极K时，电路中一没有光电流B．当换用频率为ν2〔ν2＞ν0〕的光照射阴极K时，电路中一有光电流C．当增大电路中电源的电压时，电路中的光电流一增大D．当将电源极性反接时，电路中一没有光电流产生4．图中画出了氢原子的4个能级，并注明了相的能量E．处在n=4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出假设干种不同频率的光波．金属钾的逸出功为2eV．在这些光波中，能够从金属钾的外表打出光电子的总共有〔〕A．二种B．三种C．四种D．五种5．在匀强磁场中有一个静止的氡原子核〔Rn〕，由于衰变它放出一个粒子，此粒子的径迹与反冲核的径迹是两个相互外切的圆，大圆与小圆的直径之比为42：1，如图所示，那么氡核的衰变方程是以下方程中的哪一个〔〕A．Rn→Fr+eB．Rn→Po+HeC．Rn→At+eD．Rn→At+H6．如下图在足够长的光滑水平面上有一静止的质量为M的斜面，斜面外表光滑、高度为h、倾角为θ．一质量为m〔m＜M〕的小物块以一的初速度沿水平面向右运动，不计冲上斜面过程中的机械能损失．如果斜面固，那么小物块恰能冲到斜面的顶端．如果斜面不固，那么小物块冲上斜面后能到达的最大高度为〔〕A．h B．C．D．7．以下说法正确的选项是〔〕A．天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构B．氢原子从n=3的能级向低能级跃迁时只会辐射出两种不同频率的光C．比结合能大的原子核分解成比结合能小的原子核时要吸收能量D．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期8．一个质子以 1.0×107m/s的速度撞入一个静止的铝原子核后被俘获，铝原子核变为硅原子核，铝核的质量是质子的27倍，硅核的质量是质子的28倍，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．核反方程为Al+H→SiB．核反方程为Al+n→SiC．硅原子核速度的数量级为107m/s，方向跟质子的初速度方向一致D．硅原子核速度的数量级为105m/s，方向跟质子的初速度方向一致9．质量分别为m a=0.5kg，m b=kg的物体a、b在光滑水平面上发生正碰．假设不计碰撞时间，它们碰撞前后的位移﹣时间图象如下图，那么以下说法正确的选项是〔〕A．碰撞前a物体的动量大小为4kg•m/sB．碰撞前b物体的动量大小为零C．碰撞后a物体的动量大小为1kg•m/sD．碰撞后b物体的动量大小为kg•m/s10．如下图，在光滑的水平面上放有一物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R，最低点为C，两端A、B高，现让小滑块m从A点静止下滑，在此后的过程中，那么〔〕A．小滑块到达B点时半圆弧轨道的速度为零B．小滑块到达C点时的动能小于mgRC．假设小滑块与半圆弧轨道有摩擦，小滑块与半圆弧轨道组成的系统在水平方向动量不守恒D．m从A到B的过程中，M运动的位移为二、题〔本大题共3小题，共24分〕11．用甲、乙两种光做光电验，发现光电流与电压的关系如下图，由图可知，两种光的频率v甲v乙〔填“＜〞，“＞〞或“=〞〕，〔选填“甲〞或“乙〞〕光的强度大．普朗克常量为h，被照射金属的逸出功为W0，那么甲光对的遏止电压为．〔频率用v，元电荷用e表示〕12．太阳内部不断进行着各种核聚变反，一个氘核和一个氚核结合成一个氦核是其中一种，请写出其核反方程；如果氘核的比结合能为E1，氚核的比结合能为E2，氦核的比结合能为E3，那么上述反释放的能量可表示为．13．如图是用来验证动量守恒的装置，弹性球1用细线悬挂于O点，O点下方桌子的边沿有一竖直立柱．时，调节悬点，使弹性球1静止时恰与立柱上的球2接触且两球高．将球1拉到A点，并使之静止，同时把球2放在立柱上．释放球1，当它摆到悬点正下方时与球2发生对心碰撞，碰后球1向左最远可摆到B点，球2落到水平地面上的C点．测出有关数据即可验证1、2两球碰撞时动量守恒．现已测出A点离水平桌面的距离为a，B点离水平桌面的距离为b，C点与桌子边沿间的水平距离为c．此时，〔1〕除了弹性小球1、2的质量m1、m2，还需要测量的量是和．〔2〕根据测量的数据，该中动量守恒的表达式为．〔忽略小球的大小〕14．氢原子处于基态时，原子能量E1=﹣1eV，普朗克常数取h=×10﹣34J•s〔1〕处于n=2激发态的氢原子，至少要吸收多大能量的光子才能电离？〔2〕今有一群处于n=4激发态的氢原子，可以辐射几种不同频率的光？其中最小的频率是多少？〔结果保存2位有效数字〕15．Po原子核质量为2082 87u，Pb原子核的质量为2074 46u，He原子核的质量为 4.002 60u，静止的Po核在α衰变中放出α粒子后变成Pb．求：〔1〕在衰变过程中释放的能量；〔2〕α粒子从Po核中射出的动能；〔3〕反冲核的动能．〔l u相当于93MeV，且核反释放的能量只转化为动能〕16．质量M=3kg．足够长的平板车放在光滑的水平面上，在平板车的左端放有一质量m=1kg 的小物块〔可视为质点〕，小车左上方的天花板上固一障碍物A，其下端略高于平板车上外表但能挡住物块，如下图．初始时，平板车与物块一起以v0=2m/s的水平速度向左运动，此后每次物块与A发生碰撞后，速度均反向但大小保持不变，而小车可继续运动，物块与小车间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2，碰撞时间可忽略不计，求：①与A第一次碰撞后，物块与平板车相对静止时的速率；②从初始时刻到第二次碰撞后物块与平板车相对静止时，物块相对车发生的位移．17．如下图，固的凹槽水平外表光滑，其内放置U形滑板N，滑板两端为半径R=0.45m 的圆弧面．A和D分别是圆弧的端点，BC段外表粗糙，其余段外表光滑．小滑块P1和P2的质量均为m．滑板的质量M=4m，P1和P2与B C面的动摩擦因数分别为μ1=0.10和μ2=0.40，最大静摩擦力近似于滑动摩擦力．开始时滑板紧靠槽的左端，P2静止在粗糙面的B点，P1以v0=4.0m/s的初速度从A点沿弧面自由滑下，与P2发生弹性碰撞后，P1处在粗糙面B点上．当P2滑到C点时，滑板恰好与槽的右端碰撞并与槽牢固粘连，P2继续运动，到达D点时速度为零．P1与P2视为质点，取g=10m/s2．问：〔1〕P2在BC段向右滑动时，滑板的加速度为多大？〔2〕BC长度为多少？N、P1和P2最终静止后，P1与P2间的距离为多少？高二〔下〕月考物理试卷〔3月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共10小题，每题4分，共40分．1-6小题为单项选择；7-10小题为不项选择，全对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错误选项的得0分〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．汤姆孙发现电子并提出了原子核式结构模型B．贝克勒尔用α粒子轰击氮原子核发现了质子C．在原子核人工转变的中，约里奥﹣居里夫妇发现了正电子D．在原子核人工转变的中，卢瑟福发现了中子【考点】粒子散射；天然放射现象．【分析】此题可根据汤姆孙、卢瑟福、贝克勒尔、约里奥﹣居里夫妇，及查德威克人的物理学成就进行解答即可．【解答】解：A、汤姆生发现了电子，提出原子枣糕式模型，是卢瑟福提出了原子核式结构学说；故A错误．B、贝克勒尔发现了天然放射现象，卢瑟福用α粒子轰击氮原子核发现了质子，故B错误．C、约里奥﹣居里夫妇首先发现了正电子，故C正确；D、在原子核人工转变的中，查德威克发现了中子，故D错误．应选：C．2．现有三个核反：①Na→Mg+e②U+n→Ba+Kr+3n③H+H→He+n以下说法正确的选项是〔〕A．①是裂变，②是β衰变，③是聚变B．①是聚变，②是裂变，③是β衰变C．①是β衰变，②是裂变，③是聚变D．①是β衰变，②是聚变，③是裂变【考点】天然放射现象；原子核的人工转变；重核的裂变；轻核的聚变．【分析】具有放射性的物质的原子核不稳，释放出一个高速电子即β粒子，而原子核转变成一个的原子核的现象即β衰变；核裂变是质量较大的原子核分裂成两个质量差异不是太大的中质量的原子核的现象；核聚变是指两个较轻的原子核结合成一个质量较大的原子核，同时释放出大量能量的现象．【解答】解：具有放射性的物质的原子核不稳，有时它的一个中子能够转化为一个质子同时释放出一个高速电子，原子核转变成一个的原子核即发生β衰变．故①是β衰变．核裂变是质量较大的原子核分裂成两个质量差异不是太大的中质量的原子核的现象，故②是裂变．核聚变是指两个较轻的原子核结合成一个质量较大的原子核，同时释放出大量能量的现象，故③是核聚变．故C正确．应选C．3．如下图是光电管的原理图，当有频率为ν0的光照射到阴极K上时，电路中有光电流，那么〔〕A．当换用频率为ν1〔ν1＜ν0〕的光照射阴极K时，电路中一没有光电流B．当换用频率为ν2〔ν2＞ν0〕的光照射阴极K时，电路中一有光电流C．当增大电路中电源的电压时，电路中的光电流一增大D．当将电源极性反接时，电路中一没有光电流产生【考点】光电效．【分析】根据光电效的条件，判断能否发生光电效，从而判断是否有光电流；增大正向电压，电流到达饱和值时，不会增大．加反向电压时，在未到达遏止电压前，电路中有光电流．【解答】解：A、当换用频率为ν1〔ν1＜ν0〕的光照射阴极K时，入射光的频率可能大于金属的极限频率，发生光电效，电路中可能有光电流．故A错误．B、频率为ν0的光照射到阴极K上时，电路中有光电流，知发生了光电效，当换用频率为ν2〔ν2＞ν0〕的光照射阴极K时，一能发生光电效，一有光电流．故B正确．C、增大电源电源，电路中的光电流可能到达饱和值，保持不变．故C错误．D、将电源的极性反接，电子做减速运动，可能能到达阳极A，电路中可能有光电流．故D错误应选：B．4．图中画出了氢原子的4个能级，并注明了相的能量E．处在n=4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出假设干种不同频率的光波．金属钾的逸出功为2eV．在这些光波中，能够从金属钾的外表打出光电子的总共有〔〕A．二种B．三种C．四种D．五种【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】发生光电效的条件是光子能量大于逸出功，根据该条件确出n=4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时辐射光子能量大于逸出功的种数．【解答】解：处在n=4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时能发出不同光电子的数目为=6种，n=4跃迁到n=3辐射的光子能量为0.66eV，n=3跃迁到n=2辐射的光子能量为9eV，均小于2eV，不能使金属钾发生光电效，其它四种光子能量都大于2eV．故C正确，A、B、D错误．应选C．5．在匀强磁场中有一个静止的氡原子核〔Rn〕，由于衰变它放出一个粒子，此粒子的径迹与反冲核的径迹是两个相互外切的圆，大圆与小圆的直径之比为42：1，如图所示，那么氡核的衰变方程是以下方程中的哪一个〔〕A．Rn→Fr+eB．Rn→Po+HeC．Rn→At+eD．Rn→At+H【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】核衰变过程动量守恒，反冲核与释放出的粒子的动量大小相，结合带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得小粒子与反冲核的电荷量之比，利用排除法可得正确答案【解答】解：原子核的衰变过程满足动量守恒，可得两带电粒子动量大小相，方向相反，就动量大小而言有：m1v1=m2v2由带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得：r=所以，===审视ABCD四个选项，满足42：1关系的只有B应选B6．如下图在足够长的光滑水平面上有一静止的质量为M的斜面，斜面外表光滑、高度为h、倾角为θ．一质量为m〔m＜M〕的小物块以一的初速度沿水平面向右运动，不计冲上斜面过程中的机械能损失．如果斜面固，那么小物块恰能冲到斜面的顶端．如果斜面不固，那么小物块冲上斜面后能到达的最大高度为〔〕A．h B．C．D．【考点】动量守恒律；动能理的用．【分析】斜面固时，由动能理求出初速度，斜面不固时，由水平方向动量守恒列式，再根据机械能守恒列式，联立方程即可求解．【解答】解：斜面固时，由动能理得：﹣mgh=0﹣，所以；斜面不固时，由水平方向动量守恒得：mv0=〔M+m〕v，由机械能守恒得：=+mgh′解得：．应选D7．以下说法正确的选项是〔〕A．天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构B．氢原子从n=3的能级向低能级跃迁时只会辐射出两种不同频率的光C．比结合能大的原子核分解成比结合能小的原子核时要吸收能量D．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；天然放射现象；原子核的结合能．【分析】天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构；从n=3的能级向低能级跃迁时会辐射3种不同频率的光；比结合能大的原子核分解成比结合能小的原子核时释放核能；半衰期是放射性元素衰变的统计规律，对个别的原子没有意义．【解答】解：A、天然放射现象的发现说明原子核内部是有结构的，进而人们研究揭示了原子核有复杂的结构，故A正确．B、从n=3的能级向低能级跃迁时会辐射3种不同频率的光；故B错误．C、比结合能大的原子核分解成比结合能小的原子核时质量增加，要吸收核能；故C正确．D、放射性元素样品中，放射性原子核的数目减少一半所需的时间于半衰期；半衰期是放射性元素衰变的统计规律，对个别的原子没有意义，所以有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间不一于该放射性元素的半衰期．故D错误．应选：AC8．一个质子以 1.0×107m/s的速度撞入一个静止的铝原子核后被俘获，铝原子核变为硅原子核，铝核的质量是质子的27倍，硅核的质量是质子的28倍，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．核反方程为Al+H→SiB．核反方程为Al+n→SiC．硅原子核速度的数量级为107m/s，方向跟质子的初速度方向一致D．硅原子核速度的数量级为105m/s，方向跟质子的初速度方向一致【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；动量守恒律．【分析】由质量数、电荷数守恒可知核反方程；由动量守恒可知硅原子核速度的数量级及速度方向，从而即可求解．【解答】解：AB、由质量数守恒，电荷数守恒可知：方程为Al+H→Si，故A 正确，B错误；CD、由动量守恒可知，mv=28mv′，解得v′=m/s故数量级约为105m/s．故C错误，D正确；应选：AD．9．质量分别为m a=0.5kg，m b=kg的物体a、b在光滑水平面上发生正碰．假设不计碰撞时间，它们碰撞前后的位移﹣时间图象如下图，那么以下说法正确的选项是〔〕A．碰撞前a物体的动量大小为4kg•m/sB．碰撞前b物体的动量大小为零C．碰撞后a物体的动量大小为1kg•m/sD．碰撞后b物体的动量大小为kg•m/s【考点】动量守恒律．【分析】根据图示图象由速度公式求出碰撞前后物体的速度，然后由动量的计算公式求出物体的动量．【解答】解：A、由图示图象可知，碰撞前a的速度：v a===4m/s，碰撞前a的动量：P a=m a v a=0.5×4=2kg•m/s，故A错误；B、由图示图象可知，碰撞前b静止，碰撞前b的动量为零，故B正确；C、由图示图象可知，碰撞由a、b的速度相，为：v===1m/s，碰撞后a的动量大小为：P a′=m a v a′=0.5×1=0.5kg•m/s，故C错误；D、碰撞后b的动量大小为：P b′=a v b′=×1=kg•m/s，故D正确；应选：BD．10．如下图，在光滑的水平面上放有一物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R，最低点为C，两端A、B高，现让小滑块m从A点静止下滑，在此后的过程中，那么〔〕A．小滑块到达B点时半圆弧轨道的速度为零B．小滑块到达C点时的动能小于mgRC．假设小滑块与半圆弧轨道有摩擦，小滑块与半圆弧轨道组成的系统在水平方向动量不守恒D．m从A到B的过程中，M运动的位移为【考点】动量守恒律；机械能守恒律．【分析】小滑块m从A点静止下滑，物体M与滑块m组成的系统水平方向所受合力为零，系统水平方向动量守恒，竖直方向有加速度，合力不为零，系统动量不守恒．用位移表示平均速度，根据水平方向平均动量守恒律求出物体M发生的水平位移．【解答】解：A、小滑块m从A点静止下滑，物体M与滑块m组成的系统水平方向所受合力为零，系统水平方向动量守恒，开始时系统水平方向的动量守恒，滑块到达B点时滑块和圆弧轨道的速度相同，由水平方向动量守恒可知，小滑块到达B点时半圆弧轨道的速度为零．故A正确．B、小滑块到达C点时滑块的重力势能转化为滑块和圆弧轨道的动能，那么知到达C点时滑块的动能小于mgR．故B正确．C、小滑块与半圆弧轨道组成的系统在水平方向不受外力，所以水平方向动量守恒．故C 错误．D、设滑块从A到B的过程中为t，M发生的水平位移大小为x，那么m产生的位移大小为2R﹣x取水平向右方向为正方向．那么根据水平方向平均动量守恒得：m﹣M=0解得：x=R，故D错误；应选：AB二、题〔本大题共3小题，共24分〕11．用甲、乙两种光做光电验，发现光电流与电压的关系如下图，由图可知，两种光的频率v甲= v乙〔填“＜〞，“＞〞或“=〞〕，甲〔选填“甲〞或“乙〞〕光的强度大．普朗克常量为h，被照射金属的逸出功为W0，那么甲光对的遏止电压为．〔频率用v，元电荷用e表示〕【考点】光电效．【分析】根据光的强度越强，形成的光电流越大；并根据光电效方程，即可求解．【解答】解：根据eUc=hv0=hv﹣W0，由于Uc相同，因此两种光的频率相，根据光的强度越强，那么光电子数目越多，对的光电流越大，即可判甲光的强度较大；由光电效方程mv2=hv﹣W0，可知，电子的最大初动能E K m=hv﹣W0；那么甲光对的遏止电压为Uc=；故答案为：=，甲，．12．太阳内部不断进行着各种核聚变反，一个氘核和一个氚核结合成一个氦核是其中一种，请写出其核反方程；如果氘核的比结合能为E1，氚核的比结合能为E2，氦核的比结合能为E3，那么上述反释放的能量可表示为4E3﹣2E1﹣3E2．【考点】爱因斯坦质能方程．【分析】根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反方程，根据比结合能于结合能与核子数的比值，通过能量关系，求出释放的核能．【解答】解：根据电荷数守恒、质量守恒守恒，知核反方程为；氘核的比结合能为E1，氚核的比结合能为E2，氦核的比结合能为E3，根据比结合能于结合能与核子数的比值，那么有：该核反中释放的核能△E=4E3﹣2E1﹣3E2．故答案为：；4E3﹣2E1﹣3E213．如图是用来验证动量守恒的装置，弹性球1用细线悬挂于O点，O点下方桌子的边沿有一竖直立柱．时，调节悬点，使弹性球1静止时恰与立柱上的球2接触且两球高．将球1拉到A点，并使之静止，同时把球2放在立柱上．释放球1，当它摆到悬点正下方时与球2发生对心碰撞，碰后球1向左最远可摆到B点，球2落到水平地面上的C点．测出有关数据即可验证1、2两球碰撞时动量守恒．现已测出A点离水平桌面的距离为a，B点离水平桌面的距离为b，C点与桌子边沿间的水平距离为c．此时，〔1〕除了弹性小球1、2的质量m1、m2，还需要测量的量是立柱高h和桌面高H ．〔2〕根据测量的数据，该中动量守恒的表达式为2m1=2m1+m2．〔忽略小球的大小〕【考点】验证动量守恒律．【分析】要验证动量守恒，就需要知道碰撞前后的动量，所以要测量12两个小球的质量，1球下摆过程机械能守恒，根据守恒律列式求最低点速度；球1上摆过程机械能再次守恒，可求解碰撞后速度；碰撞后小球2做平抛运动，根据平抛运动的分位移公式求解碰撞后2球的速度，然后验证动量是否守恒即可．【解答】解：〔1〕要验证动量守恒，就需要知道碰撞前后的动量，所以要测量12两个小球的质量m1、m2，要通过平抛运动的分位移公式求解碰撞后2球的速度，所以要测量立柱高h，桌面高H；〔2〕1小球从A处下摆过程只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒律，有m1g〔a﹣h〕=m1v12解得：v1=碰撞后1小球上升到最高点的过程中，机械能守恒，根据机械能守恒律，有m1g〔b﹣h〕=m1v22解得：v2=碰撞后小球2做平抛运动，t=所以2球碰后速度v3==所以该中动量守恒的表达式为：m1v1=m2v3+m1v2带入数据得：2m1=2m1+m2故答案为：〔1〕立柱高h；桌面高H；〔2〕2m1=2m1+m2．14．氢原子处于基态时，原子能量E1=﹣1eV，普朗克常数取h=×10﹣34J•s〔1〕处于n=2激发态的氢原子，至少要吸收多大能量的光子才能电离？〔2〕今有一群处于n=4激发态的氢原子，可以辐射几种不同频率的光？其中最小的频率是多少？〔结果保存2位有效数字〕【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】所谓电离，就是使处于基态或激发态的原子的核外电子跃迁到n=∞的轨道，n=∞时，E∞=0，要使处于n=2的氢原子电离，照射光光子的能量能使电子从第2能级跃迁到无限远处．根据求出氢原子发出光子的种数．根据hγ=E m﹣E n，可知在何能级间跃迁发出光的频率最小．【解答】解：〔1〕要使处于n=2的氢原子电离，照射光光子的能量能使电子从第2能级跃迁到无限远处，最小的光子能量为：E=E∞﹣E2=0﹣〔﹣eV〕=eV．〔2〕根据=6，知这群氢原子最多能发出6种频率的光．因为放出的光子能量满足hγ=E m﹣E n，知，从n=4能级跃迁到n=3能级发出光的频率最小．，E4﹣E3=hνm i n答：〔1〕处于n=2激发态的氢原子，至少要吸收eV能量的光子才能电离；〔2〕今有一群处于n=4激发态的氢原子，可以辐射6种不同频率的光，其中最小的频率是 1.6×1014Hz．15．Po原子核质量为2082 87u，Pb原子核的质量为2074 46u，He原子核的质量为 4.002 60u，静止的Po核在α衰变中放出α粒子后变成Pb．求：〔1〕在衰变过程中释放的能量；〔2〕α粒子从Po核中射出的动能；〔3〕反冲核的动能．〔l u相当于93MeV，且核反释放的能量只转化为动能〕【考点】爱因斯坦质能方程；动量守恒律；原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】〔1〕首先写出核反方程式，再求出质量亏损△m，再根据爱因斯坦质能方程求解释放的能量；〔2、3〕衰变前后系统的动量守恒，根据动量守恒律分析α粒子和铅核关系，根据动能与动量的关系及能量守恒列式求解．【解答】解：〔1〕根据质量数与质子数守恒规律，那么有，衰变方程：→+；衰变过程中质量亏损为：△m=2082 87 u﹣2074 46 u﹣4.002 60 u=0.00581 u反过程中释放的能量为：△E=0.005 81×93 MeV=12 MeV；〔2〕因衰变前后动量守恒，那么衰变后α粒子和铅核的动量大小相，方向相反而P=mv=，那么有：=即mαE kα=m P b•E k P b那么4E kα=206•E k p b又因核反释放的能量只能转化为两者的动能，故有：E kα+E k p b=△E=12 MeV所以α粒子从钋核中射出的动能为：E kα=1 MeV〔3〕反冲核即铅核的动能为：E k P b=0.10 MeV答：〔1〕在衰变过程中释放的能量12 MeV；〔2〕α粒子从Po核中射出的动能 1 MeV；〔3〕反冲核的动能0.10 MeV．16．质量M=3kg．足够长的平板车放在光滑的水平面上，在平板车的左端放有一质量m=1kg 的小物块〔可视为质点〕，小车左上方的天花板上固一障碍物A，其下端略高于平板车上。

…………○……○…………订…………学______班级：___________考号：_________…………○……○…………订…………绝密★启用前2020-2021学年度???学校3月月考卷试卷副标题考试范围：xxx ；考试时间：100分钟；命题人：xxx注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题)请点击修改第I 卷的文字说明一、多选题1．如图，一理想变压器原，副线圈的匝数分别为n 1，n 2.原线圈通过一理想电流表接正弦交流电源，一个二极管和阻值为R 的负载电阻串联后接到副线圈的两端．假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大，用交流电压表测得a ，b 端和c ，d 端的电压分别为U ab 和U cd ，则( )A ．U ab ∶U cd ＝n 1∶n 2B ．增大负载电阻的阻值R ，电流表的读数变小C ．负载电阻的阻值越小，cd 间的电压U cd 越大D ．将二极管短路，电流表的读数加倍2．如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表．下列说法正确的是A ．当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时，R 1消耗的功率变大B ．当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时，电压表V 示数变大C ．当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时，电流表A 1示数变大D ．若闭合开关S ，则电流表A 1示数变大、A 2示数变小3．如图，一理想变压器输入端接交流恒压源，输出端电路由1R 、2R 和3R 三个电阻构试卷第2页，总14页外…………○…………○……………………○…※※请在※※装※※订※※线※※内内…………○…………○……………………○…成。

将该变压器原、副线圈的匝数比由5：1改为10：1后（ ）A ．流经1R 的电流减小到原来的14B ．2R 两端的电压增加到原来的2倍C ．3R 两端的电压减小到原来的12D ．电阻上总的热功率减小到原来的144．如图，电阻R 、电容C 和电感L 并联后，接入输出电压有效值、频率可调的交流电源．当电路中交流电的频率为f 时，通过R 、C 和L 的电流有效值恰好相等．若将频率降低为12f ，分别用I 1、I 2和I 3表示此时通过R 、C 和L 的电流有效值，则（ ）A ．I 1＞I 3B ．I 1＞I 2C ．I 3＞I 2D ．I 2=I 35．如图所示，单匝矩形闭合导线框abcd 全部处于水平方向的匀强磁场中，线框面积为S ，电阻为R ．线框绕与cd 边重合的竖直固定转轴以角速度ω从中性面开始匀速转动，线框转过6π时的感应电流为I ，下列说法正确的是（ ）A ．线框中感应电流的有效值为2IB ．线框转动过程中穿过线框的磁通量的最大值为2IRωC ．从中性面开始转过2π的过程中，通过导线横截面的电荷量为2I ω……装……………○…………线_______姓名：________________……装……………○…………线D ．线框转一周的过程中，产生的热量为28RI πω6．如图甲所示为一小型交流发电机的示意图，A 为交流电流表，线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，电阻R 的阻值为1Ω．下列说法正确的是（ ）A ．电流表的示数为10 AB ．线圈转动的角速度为50π rad/sC ．0.01 s 时线圈平面与中性面垂直D ．电阻R 上的热功率为200W7．如图所示，边长为L 的正方形单匝线圈abcd ，其电阻为r ，外电路的电阻为R ，ab 的中点和cd 的中点的连线O ′O 恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B .若线圈从图示位置开始以角速度ω绕轴O ′O 匀速转动，则以下判断正确的是A ．图示位置线圈中的感应电动势最大，为E m ＝BL 2ωB ．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e ＝12BL 2ωsin ωt C ．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R 的电荷量为q ＝22BL R r+D ．线圈转动一周的过程中，电阻R 上产生的热量为Q ＝2424()B L RR r πω+8．如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图乙中曲线a ，b 所示，则( )试卷第4页，总14页…外…………○……○…………订………………○……※装※※订※※线※※内※※答※※…内…………○……○…………订………………○……A．两次t＝0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a，b对应的线圈转速之比为2∶3C．曲线a表示的交变电动势频率为25 HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10 V9．如图甲所示是含有理想调压变压器的电路图，原线圈A、B端的输入电压如图乙所示，电压表、电流表均为理想电表．该电路工作时，下列说法正确的是A．输出电压的频率为50HzB．t=0.01s时，电压表示数为零C．保持电阻R阻值不变，滑片P向上滑动，电流表示数增大D．保持滑片P不动，若电阻R的阻值增大到原来的两倍，则电阻R消耗的功率变成原来的1 410．某音响电路的简化电路图如图所示，输入信号既有高频成分，也有低频成分，则( )A．电感L1的作用是通高频B．电容C2的作用是通高频C．扬声器甲用于输出高频成分D．扬声器乙用于输出高频成分11．如图所示，理想变压器原、副线图的应数些为n1:n2=2:1，输入端接在u tπ=(V)的交流电源上，R1为电阻箱，副线圈连在电路中的电阻R=10Ω，○…………外…○…………线…………○…_____班级：__________○…………内…○…………线…………○…电表均为理想电表．下列说法正确的是()A ．当R 1=0时，电压表的读数为30VB ．当R 1=0时，若将电流表换成规格为“5V 5W”的灯泡，灯泡能够正常发光C ．当R 1=10Ω时，电流表的读数为1.2AD ．当R 1=10Ω时，电压表的读数为6V12．如图所示，N 匝矩形导线框以角速度ω在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕轴OO ′匀速转动，线框面积为S ，线框的电阻、电感均不计，外电路接有电阻R 、理想交流电流表A 和二极管D ．二极管D 具有单向导电性，即正向电阻为零，反向电阻无穷大．下列说法正确的是( )A ．交流电流表的示数I ＝2RωNBS B ．一个周期内通过R 的电荷量q ＝2NBSRC ．R 两端电压的有效值UD ．图示位置电流表的示数为013．如图所示，理想变压器原线圈接一正弦交流电源，副线圈的c 端接一个二极管，假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻阻值无穷大．副线圈的b 端为中心触头，ab 、bc 间线圈匝数相等．定值电阻阻值为r ，可变电阻的阻值为R 可调，下列说法中正确的是（ ）A ．若R 恒定，当K 分别接b 、c 时，电压表读数之比为1:1试卷第6页，总14页………装…………○…………请※※不※※要※※在※题※※………装…………○…………B．若R恒定，当K分别接b、c时，电流表读数之比为1:4C．若R恒定，当K分别接b、c时，变压器输出功率之比为1:2D．当K接b时，若R＝r，则可变电阻R消耗功率最大14．一理想变压器的原线圈连接一只交流电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头调节，如图所示，在副线圈两输出端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，在原线圈上加一电压为U的交流电，则（）A．保持Q位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变大B．保持Q位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变小C．保持P位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变大D．保持P位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变小15．如图所示为小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO’沿逆时针方向以角速度ω匀速转动．线圈的匝敬为n、电阻为r，外接电阻为R，A为交流电流表．线圈从图示位置（线圈平面平行于磁场方向）开始转过60︒时的感应电流为I．下列说法中正确的是AB．转动过程中穿过线圈磁通量的最大值为2() I r Rnω+C．线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为2 2I R πωD．从图示位置开始转过90︒的过程中，通过电阻R的电荷量为4I ω16．中国特高压远距离输电技术已成为国际标准，使“煤从空中走、电送全中国”成为现实．如图为远距离输电示意图，发电厂输出电压U1=104V，输出功率P1=109W，两个理想变压器的匝数比分别为n1:n2=1:100、n3:n4=100:1，输电线总电阻r=50Ω．则……○…………外………○…………订…………○……______班级：___________考号：……○…………内………○…………订…………○……A ．U 4=U 1B ．I 4=I 1C ．通过电阻r 的电流I 2=2×104AD ．电阻r 损耗的电功率为5×107W17．如图为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO ′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R =10 Ω连接，t =0时线圈以T =0.02 s 的周期从图中位置开始转动，转动时理想交流电压表示数为10 V ，则下列说法正确的是（ ）A ．电阻R 上的电功率为20 WB ．R 两端的电压u 随时间变化的规律是u cos100πt （V ）C ．t =0.02 s 时R 两端的电压瞬时值最大D ．一个周期内电阻R 产生的热量是0.2 J二、单选题18．如图甲所示，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的中心轴OO’匀速转动，从某时刻开始计时，产生的感应电动势e 随时间t 的变化曲线如图乙所示，若线圈匝数N=100匝，外接电阻R =70Ω，线圈电阻r =10Ω，则下列说法正确的是（ ）试卷第8页，总14页…………外……………………○…○…………要※※在※※装※※题※※…………内……………………○…○…………A ．通过线圈的最大电流为1.25A B ．线圈的角速度为50rad/s C ．电压表的示数为VD ．穿过线圈的最大磁通量为2πWb 19．如图所示区域内存在匀强磁场，磁场的边界由x 轴和y ＝2sin2x 曲线围成（x ≤2m ），现把一边长为2m 的正方形单匝线框以水平速度v ＝10 m/s 水平匀速地拉过该磁场区，磁场区的磁感应强度为0.4T ，线框电阻R ＝0.5Ω，不计一切摩擦阻力，则A ．水平拉力F 的最大值为8 NB ．拉力F 的最大功率为12.8 WC ．拉力F 要做25.6 J 的功才能让线框通过此磁场区D ．拉力F 要做12.8 J 的功才能让线框通过此磁场区20．如图所示为某一线圈通过的交流电的电流—时间关系图象（前半个周期为正弦波形的12），则一个周期内该电流的有效值为（ ）A ．032I B 0I C 0I D ．052I 21．如图所示，边长为L 、阻值为R 的等边三角形单匝金属线圈abc 从图示位置开始绕轴EF 以角速度ω匀速转动，EF 的左侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ，右侧没有磁场，下列说法正确的是（ ）A ．图示位置线圈的磁通量最大，磁通量的变化率也最大B ．从图示位置转出磁场的过程中，线圈中产生逆时针方向的感应电流…………装……………○……学校:___________姓名：号：___________…………装……………○……C D ．转动一周，外力做功的功率为242332B L Rω22．小型手摇发电机线圈共N 匝，每匝可简化为矩形线圈abcd ，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴'OO ，线圈绕'OO 匀速转动，如图所示，矩形线圈ab 边和cd 边产生的感应电动势的最大值都为e 0，不计线圈电阻，则发电机输出电压A ．峰值是0eB ．峰值为20eC ．有效值为02Ne D 023．在一小型交流发电机中,矩形金属线圈abcd 的面积为S ,匝数为n ,线圈总电阻为r ,外电路如图所示,其中三个灯泡都可视为阻值相等的定值电阻,如果线圈在磁感应强度大小为B 的匀强磁场中绕OO'轴匀速转动的角速度由ω增大到2ω,则下列说法中正确的是（ ）A ．线圈转动的角速度为ω时,灯泡L 1两端的电压的最大值为nBSωB ．线圈转动的角速度为2ω时,通过灯泡L 3的电流一定变为原来的2倍C ．不论线圈转动的角速度大小怎么变化,都是灯泡L 1最亮D ．线圈的角速度由ω增大到2ω后,灯泡L 1上消耗的功率一定变为原来的4倍 24．如图所示,交流电流表A 1、A 2、A 3分别与电容器C ．线圈L 和电阻R 串联后接在同一个交流电源上,供电电压瞬时值为U 1=U m sinω1t,三个电流表读数相同．现换另一个电源供电,供电电压瞬时值为U 2=U m sinω2t,ω2=2ω1.改换电源后,三个电流表的读数将( )试卷第10页，总14页…装……………○………………○……不※※要※※在※※※题※※…装……………○………………○……A ．A 1将减小,A 2将增大,A 3将不变B ．A 1将增大,A 2将减小,A 3将不变C ．A 1将不变,A 2将减小,A 3将增大D ．A 1将减小,A 2将减小,A 3将不变25．如图所示为一交变电流的图象，则该交变电流的有效值为多大（ ）A ．I 0B ．2I 0 C +I 0 D 26．如图所示，一个小型水电站，其交流发电机的输出电压U 1一定，通过理想升压变压器T 1和理想降压变压器T 2向远处用户供电，输电线的总电阻为R .T 1的输入电压和输入功率分别为U 1和P 1，它的输出电压和输出功率分别为U 2和P 2；T 2的输入电压和输入功率分别为U 3和P 3，它的输出电压和输出功率分别为U 4和P 4.下列说法正确的是( )A ．当用户的用电器增多时，U 2减小，U 4变大B ．当用户的用电器增多时，P 2变大，P 3减小C ．要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比21n n ，同时应减小降压变压器的匝数比34n nD ．要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比21n n ，同时应增大降压变压器的匝数比34n n 27．交流发电机发电示意图如图所示,线圈转动过程中,下列说法正确的是○…………外………………○…………线…………○……______班级：________○…………内………………○…………线…………○……A ．转到图甲位置时，通过线圈的磁通量变化率最大B ．转到图乙位置时，线圈中产生的感应电动势为零C ．转到图丙位置时，线圈中产生的感应电流最大D ．转到图丁位置时，AB 边感应电流方向为A→B28．理想变压器的输入和输出共用着一个线圈，输入端ao 接在交流电源上，输出端bo 间的电路如图所示．a 、b 可沿线圈上下滑动，图中的电表均为理想电表，定值电阻为R 0，滑动变阻器的总阻值为R ．在滑动片P 由滑动变阻器的最上端M 滑到最下端N 的过程中，下列说法中正确的是A ．为了保证电流表示数不变，应将a 端先向下再向上滑动B ．为了保证电流表示数不变，应将b 端先向下再向上滑动C ．为了保证电压表示数不变，应将a 端先向下再向上滑动D ．为了保证电压表示数不变，应将b 先向上再向下滑动29．如图，理想变压器原线圈匝数为1100匝，接有一阻值为R 的电阻，电压表V 1示数为110.0V 。

高二下学期第三次月考物理试卷-带参考答案考生须知：1.本卷满分100分，考试时间90分钟。

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在答题纸规定的位置上。

3.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在试题卷上的作答一律无效。

4. 非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内。

作图时先使用2B 铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上无效。

5.可能用到的相关参数：重力加速度g 均取102/m s 。

选择题部分一、选择题I （本题共13小题，每小题3分，共39分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列物理量是矢量且对应的单位是由国际单位制的基本单位组成的是A ．力，NB ．冲量，-1kg m s ⋅⋅C ．电场强度，-1N C ⋅D ．磁通量。

2-2k m m A g ⋅⋅⋅2. 美国“毅力号”火星车于北京时间2021年2月19号4点55分成功登陆火星表面，“毅力号”火星车于北京时间2021年08月06日进行了首次火星样本取样工作，且其携带的“机智号”火星直升机也完成了持续40秒的首飞，飞行约160米，成功“击败”了火星稀薄的空气。

下列说法正确的是A ．“火星车于北京时间2021年2月19号4点55分”是指时刻B ．研究火星直升机在空中飞行轨迹时不能将火星直升机看作质点处理C ．研究火星直升机叶片与空气间相互作用力时可将叶片看作质点D ． “机智号”火星直升机首飞时的平均速度一定是4m/s3. 如图为骑行者驾驶摩托车在水平路面上向左匀速拐弯的某个瞬间，不计空气阻力，下列说法正确的是A．地面对摩托车的弹力方向指向左上方B．地面对摩托车的摩擦力方向与车的运动方向相反C．地面对摩托车的作用力与摩托车对地面的作用力大小相等D．摩托车对驾驶员的作用力竖直向上4. 如图所示的LC振荡电路中，某时刻线圈中磁场方向向上，且正在增强，则此时A．电容器上极板带负电，下极板带正电B．振荡电路中能量正在从磁场能转化为电场能C．线圈中的自感电动势正在变小D．增大电容器两极板间的距离，振荡周期会变大5.在江苏卫视《最强大脑》中，一位选手用“狮吼功”震碎了高脚玻璃杯，如图所示。

湖北省部分重点中学15—16学年高二3月月考物理试题一、选择题（每题5分，1-6小题每题只有1个正确选项.7-10小题有多个正确选项，全部选对得5分，漏选得3分，多选或错选不得分） 1、以下说法正确的是A. 若系统机械能守恒，则动量也一定守恒B. 若系统动量守恒，则机械能也一定守恒C. 若系统机械能不守恒，则动量也一定不守恒D. 若系统动量不守恒，机械能有可能守恒2、如图1所示电路中，Rt 为金属热电阻，R 1、R 2为定值电阻，若温度升高，则A. 电流表○A 读数增大B. 电压表○V 读数减小C. 回路的总功率增大D. 外电路两端电压减小3、如图2电路中，交流电源电动势瞬时值表达式为：e=2202sin100 t(v)三个额定电压都是220V 的灯泡A 、B 、C 均正常发光，则下列说法正确的是 A. 变压器原付线圈匝数比为1：2 B. 电压表○v 读数为622v C. 若灯泡A 的额定功率为100W ，则电流表○A 读数为220300A D. 流过A 灯的电流方向每秒钟改变50次4、如图3，横截面积为5cm 2的水柱以10m/s 的速度垂直冲到墙壁上，已知水的密度为1×103kg/m 3，假设水冲到墙上后不反弹而顺墙壁流下，则墙壁所受水柱冲击力为：A. 5×105NB. 50NC. 5×103ND. 5×102N5、如图4正六边形线圈边长为a ，边界间距为2a 的匀强磁场方向垂直纸面向里，当线圈沿垂直于边界的方向匀速穿过磁场的过程中，线圈内感应电流随时间的变化图像，正确的是（规定线圈内电流沿顺时针方向为正方向）：6、质量相等的4个物块在光滑水平面上间隔一定距离排成一直线，如图5所示，具有初动能E 的物块1向其它3个静止物块运动，依次发生碰撞，每次碰撞后不再分开，最后，4个物块粘为一整体，这个整体的动能等于（ ） A. E B.43E C. 41E D. 161E 7、一个士兵坐在皮划艇上，他连同装备和皮划艇的总质量共200kg ，这个士兵用自动步枪在2S 时间内沿水平方向连续射出10发子弹，每发子弹质量是8g ，子弹离开枪口时相对步枪的速度是500m/s ，射击前皮划艇是静止的，不计水的阻力，则 A. 每次射击后皮划艇的速度约改变：0.02m/s B. 连续射击完成后皮划艇的速度约为：2m/s C.连续射击时枪所受到的平均反冲作用力约为20ND. 若这10发子弹是在10S 内射击完成的，皮划艇获得的速度约为：0.2m/s 8、如图6，匀强磁场垂直于软导线回路平面，由于磁场发生变化，回路变为圆形，则磁场可能是A. 方向向里，逐渐增强B. 方向向里，逐渐减弱C. 方向向外，逐渐增强D. 方向向外，逐渐减弱9、光滑水平面上有大小相同的A 、B 两球在同一直线上运动，两球质量关系为m B =2m A ，规定向右为正方向，A 、B 两球的动量均为6kg ·m/s ，运动中两球发生碰撞，碰后A 球的动量增量为－3kg ·m/s ，则 A. 该碰撞为弹性碰撞B. 该碰撞为非弹性碰撞C. 左方是A球，碰后A、B两球速度大小之比为2:5D. 左方是A球，碰后A、B两球速度大小之比为2:310、如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上，现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此时刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象信息可得：A. 在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都是处于压缩状态B. 从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C. 两物体的质量之比为m1:m2=1:2D. 在t2时刻A与B的动能之比为E k1:E k2=1:8二、实验题（第11题4分，第12题8分）11、绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着一个铝环，线圈与电源，开关相连，如图，线圈上端与电源正极相连，闭合开关的瞬间，铝环向上跳起，下列说法中正确的是A. 若开关保持闭合，则铝环不断升高B. 若开关保持闭合，则铝环停留在某一高度C. 若开关保持闭合，则铝环跳起到某一高度后将回落D. 如果电源的正、负极对调，观察到的现象不变12、如图所示，在实验室用两端带竖直挡板C、D的气垫导轨和有固定挡板的质量都是M的滑块A、B做“探究碰撞中的不变量”的实验，实验步骤如下：（1）把两滑块A、B紧粘在一起，在A上固定质量为m的砝码，置于导轨上，用电动卡销卡住A、B，在A、B的固定挡板间放入一弹簧，使弹簧处于水平压缩状态。

嗦夺市安培阳光实验学校宜昌一中高二（下）月考物理试卷（3月份）一、选择题（共48分．1～6小题为单选题，每小题4分；7～10小题为多选题，全对得6分，选对但不选全得3分，选错或不选得0分）1．物理实验都需要有一定的控制条件．奥斯特做电流磁效应实验时，应排除地磁场对实验的影响．关于奥斯特的实验，下列说法中正确的是（）A．该实验必须在地球赤道上进行B．通电直导线应该竖直放置C．通电直导线应该水平东西方向放置D．通电直导线应该水平南北方向放置2．电视台《今日说法》栏目曾经报道了一起发生在湖南长沙某区湘府路上的离奇交通事故．家住公路拐弯处的张先生和李先生家在三个月内连续遭遇了七次大卡车侧翻在自家门口的场面，第八次有辆卡车冲撞进李先生家，造成三死一伤和房屋严重损毁的血腥惨案．经部门和门协力调查，画出的现场示意图如图所示．交警根据图示作出以下判断，你认为正确的是（）①由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车作离心运动②由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车作向心运动③公路在设计上可能内（东）高外（西）低④公路在设计上可能外（西）高内（东）低．A．①③B．②④C．①④D．②③3．如图所示，水平光滑地面上停放着一辆质量为M 的小车，其左侧有半径为R 的四分之一光滑圆弧轨道AB，轨道最低点B 与水平轨道BC相切，整个轨道处于同一竖直平面内．将质量为m 的物块（可视为质点）从A 点无初速释放，物块沿轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出．重力加速度为g，空气阻力可忽略不计．关于物块从A位置运动至C位置的过程，下列说法中正确的是（）A．小车和物块构成的系统动量守恒B．摩擦力对物块和轨道BC所做功的代数和为零C ．物块的最大速度为D ．小车的最大速度为4．如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为ab的中点．已知a、b两点的电势分别为φa=3V，φb=9V，则下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为6VB．正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大C．a点处的场强E a一定小于b点处的场强E bD．正电荷只受电场力作用从a点运动到b点的过程中动能一定增大5．一汽车在高速公路上以v0=30m/s的速度匀速行驶，t=0时刻，驾驶员采取某种措施，汽车运动的加速度随时间变化关系如图所示，以初速度方向为正，下列说法正确的是（）A．t=6s时车速为5m/s B．t=3s时车速为3m/sC．前9s内的平均速度为15m/s D．前6s内车的位移为90m6．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是（）A．副线圈输出电压的频率为5HzB．副线圈输出电压的有效值为31VC．P向右移动时，原、副线圈的电流比减小D．P向右移动时，变压器的输入功率增加7．如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态．若将固定点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，则（）A．细线对物体a的拉力增大 B．斜劈对地面的压力减小C．斜劈对物体a的摩擦力减小D．地面对斜劈的摩擦力增大8．宇航员在地球表面以一定的初速度竖直上抛一小球，经过时间t落回原处；若在某星球表面以相同的速度竖直上抛一小球，则需经5t时间落回原处．已知该星半径与地球半径之比为1：4，则（）A．该星表面重力加速度与地球表面重力加速度之比为5：1B．该星质量与地球质量之比为1：80C．该星密度与地球密度之比为4：5D．该星的“第一宇宙速度”与地球的第一宇宙速度之比为1：209．如图所示，竖直平行导轨间距l=20cm，导轨顶端接有一开关S，导体棒ab 与导轨接触良好且无摩擦，ab的电阻R=0.4Ω，质量m=20g，导轨的电阻不计，电路中所接电阻为3R，整个装置处在与竖直平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，不计空气阻力，设导轨足够长，g取10m/s2，开始时开关断开，当ab棒由静止下落3.2m时，突然接通开关，下列说法中正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．ab间的电压大小为1.2VC．ab间的电压大小为0.4VD．导体棒ab立即做匀速直线运动10．如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直于纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O和y轴上的点a（0，L）．一质量为m、电荷量为e的电子从a 点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60°．下列说法中正确的是（）A ．电子在磁场中运动的时间为B ．电子在磁场中运动的时间为C ．磁场区域的圆心坐标（，）D．电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，﹣2L）二、实验题（共15分．11小题每空2分，12小题每空分别为2、2、1、1、3分）11．如图所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果g取10m/s2，那么：（1）闪光的时间间隔是s；（2）小球运动中水平分速度的大小是m/s；（3）小球经过B点时速度大小是m/s．12．欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3V，内阻1Ω）B．电流表（0～3A，内阻0.0125Ω）C．电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω）D．电压表（0～3V，内阻3kΩ）E．电压表（0～15V，内阻15kΩ）F．滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0～2 000Ω，额定电流0.3A） H．开关、导线（1）上述器材中应选用的是；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表接法；（填“内”或“外”）（3）设实验中，电流表、电压表的某组示数如图1所示，图示中I=A，U= V．（4）为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，请按要求在图2框图中画出测量待测金属导线的电阻R x的原理电路图．三、计算题（共47分．13小题9分，14小题12分，15小题12分，16小题14分）13．一质量为0.1kg的小球从0.80m高处自由下落，落到一厚软垫上，若从小球接触软垫到陷至最低点所用的时间为0.20s，则这段时间内软垫对小球的冲量为大？（g=10m/s2）14．质量为m的小物块A，放在质量为M的木板B的左端，B在水平拉力的作用下沿水平地面匀速向右滑动，且A、B相对静止．某时刻撤去水平拉力，经过一段时间，B在地面上滑行了一段距离x，A在B上相对于B向右滑行了一段距离L（设木板B足够长）后A和B都停下．已知A、B间的动摩擦因数μ1，B 与地面间的动摩擦因数μ2，μ2＞μ1，求x的表达式．15．两根固定在水平面上的光滑平行金属导轨MN和PQ，一端接有阻值为R=4Ω的电阻，处于方向竖直向下的匀强磁场中．在导轨上垂直导轨跨放质量m=0.5kg的金属直杆，金属杆的电阻为r=1Ω，金属杆与导轨接触良好，导轨足够长且电阻不计．金属杆在垂直杆F=0.5N的水平恒力作用下向右匀速运动时，电阻R上的电功率是P=4W．（1）求通过电阻R的电流的大小和方向；（2）求金属杆的速度大小；（3）某时刻撤去拉力，当电阻R上的电功率为时，金属杆的加速度大小、方向．16．如图所示，MN为绝缘板，CD为板上两个小孔，AO为CD的中垂线，在MN 的下方有匀强磁场，方向垂直纸面向外（图中未画出），质量为m电荷量为q 的粒子（不计重力）以某一速度从A点平行于MN的方向进入静电分析器，静电分析器内有均匀辐向分布的电场（电场方向指向O点），已知图中虚线圆弧的半径为R，其所在处场强大小为E，若离子恰好沿图中虚线做圆周运动后从小孔C垂直于MN进入下方磁场．（1）求粒子运动的速度大小；（2）粒子在磁场中运动，与MN板碰撞，碰后以原速率反弹，且碰撞时无电荷的转移，之后恰好从小孔D进入MN上方的一个三角形匀强磁场，从A点射出磁场，则三角形磁场区域最小面积为多少？MN上下两区域磁场的磁感应强度大小之比为多少？（3）粒子从A点出发后，第一次回到A点所经过的总时间为多少？宜昌一中高二（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（共48分．1～6小题为单选题，每小题4分；7～10小题为多选题，全对得6分，选对但不选全得3分，选错或不选得0分）1．物理实验都需要有一定的控制条件．奥斯特做电流磁效应实验时，应排除地磁场对实验的影响．关于奥斯特的实验，下列说法中正确的是（）A．该实验必须在地球赤道上进行B．通电直导线应该竖直放置C．通电直导线应该水平东西方向放置D．通电直导线应该水平南北方向放置【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】由于地磁的北极在地理的南极附近，故地磁场的磁感线有一个由南向北的分量，而只有当电流的方向与磁场的方向平行时通电导线才不受磁场的安培力．【解答】解：由于地磁的北极在地理的南极附近，故地磁场的磁感线有一个由南向北的分量，而当电流的方向与磁场的方向平行时通电导线才不受磁场的安培力，故在进行奥斯特实验时通电直导线可以水平南北方向放置，而不必非要在赤道上进行，但不能东西放置和竖直放置，故只有D正确．故选：D．2．电视台《今日说法》栏目曾经报道了一起发生在湖南长沙某区湘府路上的离奇交通事故．家住公路拐弯处的张先生和李先生家在三个月内连续遭遇了七次大卡车侧翻在自家门口的场面，第八次有辆卡车冲撞进李先生家，造成三死一伤和房屋严重损毁的血腥惨案．经部门和门协力调查，画出的现场示意图如图所示．交警根据图示作出以下判断，你认为正确的是（）①由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车作离心运动②由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车作向心运动③公路在设计上可能内（东）高外（西）低④公路在设计上可能外（西）高内（东）低．A．①③B．②④C．①④D．②③【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】汽车拐弯时发生侧翻是由于车速较快，外界提供的力不够做圆周运动所需的向心力，发生离心运动．有可能是内测高外侧低，支持力和重力的合力向外，最终的合力不够提供向心力．【解答】解：①、②汽车发生侧翻是因为提供的力不够做圆周运动所需的向心力，发生离心运动．故①正确，③错误．③、④汽车在水平路面上拐弯时，靠静摩擦力提供向心力，现在易发生侧翻可能是路面设计不合理，公路的设计上可能内侧（东）高外侧（西）低，重力沿斜面方向的分力背离圆心，导致合力不够提供向心力而致．故③正确，④错误．故选A．3．如图所示，水平光滑地面上停放着一辆质量为M 的小车，其左侧有半径为R 的四分之一光滑圆弧轨道AB，轨道最低点B 与水平轨道BC相切，整个轨道处于同一竖直平面内．将质量为m 的物块（可视为质点）从A 点无初速释放，物块沿轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出．重力加速度为g，空气阻力可忽略不计．关于物块从A位置运动至C位置的过程，下列说法中正确的是（）A．小车和物块构成的系统动量守恒B．摩擦力对物块和轨道BC所做功的代数和为零C ．物块的最大速度为D ．小车的最大速度为【考点】动量守恒定律．【分析】系统所受合外力为零，系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律分析答题．【解答】解：A、小车和物块组成的系统水平方向所受合外力为零，水平方向动量守恒，系统整体所受合外力不为零，系统动量不守恒，故A错误；B、摩擦力对物块和轨道BC所做功的代数和等于摩擦力与相对位移的乘积，摩擦力做功的代数和不为零，故B错误；C、如果小车固定不动，物块到达水平轨道时速度最大，由机械能守恒定律得：mgR=mv2，v=，现在物块下滑时，小车向左滑动，物块的速度小于，故C错误；D、小车与物块组成的系统水平方向动量守恒，物块下滑过程，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv1﹣Mv2=0，由机械能守恒定律得：mv12+Mv22=mgR，从物块到达水平面到物块到达右端过程中，由动量守恒定律得：mv1﹣Mv2=（M+m）v，解得：v=，故D正确；故选：D．4．如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为ab的中点．已知a、b两点的电势分别为φa=3V，φb=9V，则下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为6VB．正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大C．a点处的场强E a一定小于b点处的场强E bD．正电荷只受电场力作用从a点运动到b点的过程中动能一定增大【考点】电势能；电场强度．【分析】题中是一条电场线，无法判断该电场是否是匀强电场，不能确定c点处的电势．根据正电荷在电势高处电势能大，分析电势能的关系．由能量守恒分析动能关系．【解答】解：A、若该电场是匀强电场，则在c点处的电势为φc ==V=6V，若该电场不是匀强电场，则在c点处的电势为φc≠6V．故A错误．BD、根据正电荷在电势高处电势能大，可知正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大，而由能量守恒得知，其动能一定减小．故B正确，D错误C、一条电场线，无法判断电场线的疏密，就无法判断两点场强的大小，所以a点处的场强E a不一定小于b点处的场强E b．故C错误．故选：B．5．一汽车在高速公路上以v0=30m/s的速度匀速行驶，t=0时刻，驾驶员采取某种措施，汽车运动的加速度随时间变化关系如图所示，以初速度方向为正，下列说法正确的是（）A．t=6s时车速为5m/s B．t=3s时车速为3m/sC．前9s内的平均速度为15m/s D．前6s内车的位移为90m【考点】加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式，结合加速度先求出3s末的速度，再根据速度时间公式求出6s末的速度，结合位移公式分别求出前3s内和后6s内的位移，从而得出平均速度的大小．【解答】解：AB、根据速度时间公式得，t=3s时的速度为：v1=v0﹣a1t1=30﹣10×3=0m/s，则6s时的速度为：v2=a2t2=5×3m/s=15m/s．故AB错误．C、前3s 内的位移为：，后6s 内的位移为：，则前9s内的位移为：x=x1+x2=135m ，所以汽车的平均速度为：．故C正确．D、后3s 内的位移为：，则前6s内车的位移为：x=x1+x2′=67.5m．故D错误．故选：C6．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是（）A．副线圈输出电压的频率为5HzB．副线圈输出电压的有效值为31VC．P向右移动时，原、副线圈的电流比减小D．P向右移动时，变压器的输入功率增加【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【分析】根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A错误．B、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的电压的最大值为31V，所以电压的有效值为V=≈22V，所以B错误．C、P右移，R变小，副线的电压不变，则副线圈的电流变大，原线圈的电流也随之变大；但原、副线圈的电流比等于匝数比的倒数，是不变的，故C错误．D、P向右移动时，滑动变阻器的电阻较小，副线圈的电压不变，所以电路消耗的功率将变大，变压器的输入功率、输出功率均增加，故D正确．故选：D．7．如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态．若将固定点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，则（）A．细线对物体a的拉力增大 B．斜劈对地面的压力减小C．斜劈对物体a的摩擦力减小D．地面对斜劈的摩擦力增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对滑轮和物体b受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力变化情况；对物体a受力分析，判断物体a与斜面体间的静摩擦力的情况；对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，根据平衡条件求解整体与地面间的静摩擦力和弹力的情况．【解答】解：A、对滑轮和物体b受力分析，受重力和两个拉力，如图所示：根据平衡条件，有：m b g=2Tcosθ解得：T=将固定点c向右移动少许，则θ增加，故拉力T增加，故A正确；B、D、对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，受重力、支持力、细线的拉力和地面的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：N=G总﹣Tcosθ=G总﹣，N与角度θ无关，恒定不变；根据牛顿第三定律，压力也不变；故B错误；f=Tsinθ=tanθ，将固定点c向右移动少许，则θ增加，故摩擦力增加；故D正确；C、对物体a受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，故无法判断静摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故C错误；故选：AD．8．宇航员在地球表面以一定的初速度竖直上抛一小球，经过时间t落回原处；若在某星球表面以相同的速度竖直上抛一小球，则需经5t时间落回原处．已知该星半径与地球半径之比为1：4，则（）A．该星表面重力加速度与地球表面重力加速度之比为5：1B．该星质量与地球质量之比为1：80C．该星密度与地球密度之比为4：5D．该星的“第一宇宙速度”与地球的第一宇宙速度之比为1：20【考点】万有引力定律及其应用．【分析】通过竖直上抛运动经历的时间求出重力加速度之比，然后根据万有引力等于重力，求出中心天体的质量比．根据密度的定义计算密度之比．第一宇宙速度v=，根据重力加速度和星球半径之比计算第一宇宙速度之比．【解答】解：A、设地球表面重力加速度为g，设该星球表面附近的重力加速度为g′，根据，知重力加速度之比等于它们所需时间之反比，地球上的时间与星球上的时间比1：5，则地球表面的重力加速度和星球表面重力加速度之比g：g′=5：1．故A错误．B 、根据万有引力等于重力，得M=．星球和地球表面的重力加速度之比为1：5，半径比为1：4，所以星球和地球的质量比M星：M地=1：80．故B正确．C 、根据密度的定义，所以，故C正确．D、第一宇宙速度v=，所以，故D错误．故选：BC．9．如图所示，竖直平行导轨间距l=20cm，导轨顶端接有一开关S，导体棒ab 与导轨接触良好且无摩擦，ab的电阻R=0.4Ω，质量m=20g，导轨的电阻不计，电路中所接电阻为3R，整个装置处在与竖直平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，不计空气阻力，设导轨足够长，g取10m/s2，开始时开关断开，当ab棒由静止下落3.2m时，突然接通开关，下列说法中正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．ab间的电压大小为1.2VC．ab间的电压大小为0.4VD．导体棒ab立即做匀速直线运动【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】由右手定则可得出电流的流向，从而判断电势的高低；根据安培力与重力的大小关系可分析导体棒的运动情况．【解答】解：A、由右手定则可知，电流由a到b，故a点的电势低于b点的电势；故A错误；B、由机械能守恒定律可知：mgh=mv2；解得：v===8m/s；感应电动势为：E=BLv=1×0.2×8=1.6V；ab相当于电源，其两端的电势差为：U=E==1.2V；故B正确；C错误；D 、接通开关时，导体棒受到的安培力为：F=BIL=1××0.2=0.2N；ab受到的重力为：G=mg=0.2N；故导体棒立即做匀速直线运动；故D正确；故选：BD．10．如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直于纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O和y轴上的点a（0，L）．一质量为m、电荷量为e的电子从a 点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60°．下列说法中正确的是（）A ．电子在磁场中运动的时间为B ．电子在磁场中运动的时间为C ．磁场区域的圆心坐标（，）D．电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，﹣2L）【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】带电粒子在匀强磁场中在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动．所以由几何关系可确定运动圆弧的半径与已知长度的关系，从而确定圆磁场的圆心，并能算出粒子在磁场中运动时间．并根据几何关系来，最终可确定电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标．【解答】解：A、B、电子的轨迹半径为R，由几何知识，Rsin30°=R﹣L，得R=2L电子在磁场中运动时间t=，而 T=，得：t=．故A错误，B正确；C、设磁场区域的圆心坐标为（x，y）其中 x=，y=所以磁场圆心坐标为（）），故C正确；D、根据几何三角函数关系可得，R﹣L=Rcos60°，解得R=2L所以电子的圆周运动的圆心坐标为（0，﹣L），故D错误；故选：BC．二、实验题（共15分．11小题每空2分，12小题每空分别为2、2、1、1、3分）11．如图所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果g取10m/s2，那么：（1）闪光的时间间隔是0.1 s；（2）小球运动中水平分速度的大小是 1.5 m/s；（3）小球经过B 点时速度大小是 2.5 m/s ．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度，即水平分速度．根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，求出B点竖直方向上的分速度，根据平行四边形定则求出B点的速度大小．【解答】解：（1）根据△y=2L=gT2得，T=；（2）小球在运动过程中水平分速度；（3）B点竖直分速度，根据平行四边形定则知，小球经过B点的速度=．故答案为：（1）0.1，（2）1.5，（3）2.5．12．欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3V，内阻1Ω）B．电流表（0～3A，内阻0.0125Ω）C．电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω）D．电压表（0～3V，内阻3kΩ）E．电压表（0～15V，内阻15kΩ）F．滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0～2 000Ω，额定电流0.3A） H．开关、导线（1）上述器材中应选用的是ACDFH ；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表外接法；（填“内”或“外”）（3）设实验中，电流表、电压表的某组示数如图1所示，图示中I= 0.48 A，U= 2.20 V．（4）为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，请按要求在图2框图中画出测量待测金属导线的电阻R x的原理电路图．【考点】伏安法测电阻．【分析】本题（1）的关键是由电源电动势大小来选择电压表量程，通过求出通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程，通过求出电路中需要的最大电阻来选择变阻器大小；题（2）因为电流表内阻为已知的确定值，采用内接法时能精确求出待测电阻的阻值，所以电流表应采用内接法；题（3）根据电表每小格的读数来确定估读方法；题（4）根据实验要求电流从零调可知，变阻器应采用分压式接法．【解答】解：（1）根据电源电动势为3V可知，电压表应选择D；根据欧姆定律可知通过待测电阻的最大电流为===0.6A，所以电流表应选择C；根据闭合电路欧姆定律可知电路中需要的最大电阻应为===15Ω，所以变阻器应选择F，因此上述器材中应选择ACDFH；（2）由于待测电阻满足，所以应用外接法；（3）由于电流表每小格读数为0.02A，所以应进行“”估读，即电流表读数为I=0.48A；。

安徽省肥西农兴中学【最新】度高二上学期第三次月考（实验班）物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A．蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大B．电路中每通过1C的电量，电源就把2J的电能转化为化学能C．蓄电池两极的电压为2VD．蓄电池在1秒内将2J的化学能转化为电能的本领2．如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V．实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，下列说法中正确的是A．带电粒子一定是先过a，再到b，然后到cB．带电粒子在三点所受电场力的大小F b＞F a＞F cC．带电粒子在三点动能的大小E kc＞E ka＞E kbD．带电粒子在三点电势能的大小E pb＞E pc＞E pa3．如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长为ab=40cm，ad=10cm，ae=5cm，若将A 与B接入电路时，电阻为R1；若将C与D接入电路时，电阻为R2，则R1：R2为（）A．2：1 B．4：1 C．8：1 D．16：14．如图所示，三个带电量相同、质量相等、重力不计的粒子A、B、C，从同一平行板间电场中的同一点P射入，在电场中的运动轨迹如图PA、PB、PC所示，则下列说法中正确的是A ．三个粒子的加速度关系ABC a a a >>B ．三个粒子的加速度关系A BC a a a >>C ．三个粒子的入射速度关系A B C a a a <<D ．三个粒子的入射速度关系A B C v v v >>5．如图所示电路中，各灯额定电压和额定功率分别是：A 灯“10V ，10W “，B 灯“60V ，60W ”，C 灯“30V ，30W “，D 灯“20V ，20W “．在a 、b 两端加上电压后，四个灯都能发光。

2021年高二上学期第三次月考物理试题含答案一、选择题(本大题共10个小题，每小题4分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．关于静电场和磁场的说法，正确的是（）A．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律B．电场强度反映了电场力的性质，所以电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受的电场力成正比C．磁场中某点磁感应强度的方向，跟放在该点的试探电流元所受磁场力的方向一致D．洛伦兹力的方向在特殊情况下可能与带电粒子的速度方向不垂直2.如图所示，一束带电粒子沿着水平方向平行的飞过小磁针的正上方，磁针的极向纸内偏转，这一带电粒子束是( )A. 向右飞行的正离子束；B．向左飞行的正离子束；C. 向右飞行的负离子束；D．向左飞行的负离子束；3．质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是( )A．M带负电，N带正电B．M的速率小于N的速率C．洛伦兹力对M、N不做功D．M的运行时间大于N的运行时间4.在如图所示的电路中，闭合电键后小灯泡正常发光，当滑动变阻器R3的滑动触头P向上滑动时（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．小灯泡亮度变暗D．电源总功率变大5．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，B，E两点关于N点对称。

下列说法正确的是（）A.C、D两处电势、场强均相同B. 在AB连线上O点的场强最大C.E处的电场强度小于B处的电场强度D. 将某一试探电荷从A点移到C点电场力所做的功等于该电荷从D点移到B点电场力所做的功6．如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。

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高二年级物理下学期3月考试试题物理试题第Ⅰ卷（选择题共40分）一．本题共10小题；每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．作简谐运动的物体, 在每次通过同一位置时, 动量、动能、速度、加速度四个量中，总是相同的量是：A.速度和动量B.加速度与动能C.速度、动量和加速度D.动量、动能、速度、加速度2．简谐运动的物体，回复力和位移的关系图是下面所给四个图象中的哪一个？A B C D3．图甲是利用沙摆演示简谐运动图象的装置。

当盛沙漏斗下面的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上形成的曲线显示出沙摆的振动位移随时刻的变化关系。

已知木板被水平拉动的速度为0.20m/s，图乙所示的一段木板的长度为0.60m，则这次实验沙摆的摆长为（取g＝π2）A. 0.56mB. 0.65mC. 1.0mD. 2.3m4.卡车在公路上行驶，物资随车厢上、下作简谐运动而不脱离底板，设向上为正方向，其振动图线如图所示，由图可知，物资对底板的压力小于物资的重力的时刻是[ ]A．t1B．t2C．t3D．t45．在实验室能够做“声波碎杯”的实验．用手指轻弹一只酒杯，能够听到清脆的声音，测得这声音的频率为500Hz．将这只酒杯放在两只大功率的声波发生器之间，操作人员通过调整其发出的声波，就能使酒杯碎掉．下列说法中正确的是A．操作人员一定是把声波发生器的功率调到专门大B．操作人员可能是使声波发生器发出了频率专门高的超声波C．操作人员一定是同时增大了声波发生器发出声波的频率和功率D．操作人员一定要将声波发生器发出的声波频率调到500Hz6．一个作简谐运动的物体，位移随时刻的变化规律x=Acosωt，在1/4周期内通过的路程可能是（A）小于A （B）等于A （C）等于 2 A （D）等于1.5A7.质量为1kg的物体自20m的高处自由下落，阻力不计，触地反弹的速度为8m/s，那么物体受到地面反弹前后动量的变化是A、8kgm/s、向上B、28kgm/s、向上C、8kgm/s、向下D、28kgm/s、向下8．一载着游人的小船原先静止在安静的湖面上，在人从游船的一端走到另一端的过程中，若忽略水对小游船的阻力作用，下列说法中正确的是A、人受的冲量与船所受的冲量大小相同B、人向前走的速度一定小于游船后退的速度C、当人突然停止走动时，小游船也赶忙停止后退D、人走动的过程中，人与游船的总动量始终为零9．在光滑的水平面上有两个静止小车，车内各站着一个运动员，每辆车（包含人）的总质量均为M。

嗦夺市安培阳光实验学校高二物理下学期（3月份）月考试卷一、选择题（本题有12小题，每小题4分，共48分，其中7-12题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．交流电压的表达式为u=100sin100πtV，可知（）A．用电压表测该电压其示数为50VB．该交流电压的周期为0.02sC．将该电压在“100V 100W”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100WD．t=s时，该交流电压的瞬时值为50V2．滑雪运动是人们酷爱的户外体育活动，现有质量为m的人站立于雪橇上，如图所示．人与雪橇的总质量为M，人与雪橇以速度v1在水平面上由北向南运动（雪橇所受阻力不计）．当人相对于雪橇以速度v2竖直跳起时，雪橇向南的速度大小为（）A ．B ．C ．D．v13．如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=2：1，V和A均为理想电表，灯光电阻R L=6Ω，AB端电压u1=12sin100πt（V）．下列说法正确的是（）A．电流频率为100Hz B．V的读数为24VC．A的读数为0.5A D．变压器输入功率为6W4．在高台跳水中，运动员从高台向上跃起，在空中完成动作后，进入水中在浮力作用下做减速运动，速度减为零后返回水面．设运动员在空中运动过程为Ⅰ，在进入水中做减速运动过程为Ⅱ．不计空气阻力和水的粘滞阻力，则下述判断错误的是（）A．在过程Ⅰ中，运动员受到的冲量等于动量的改变量B．在过程Ⅰ中，运动员受到重力冲量的大小与过程Ⅱ中浮力冲量的大小相等C．在过程Ⅰ中，每秒钟运动员动量的变化量相同D．在过程Ⅰ和在过程Ⅱ中运动员动量变化的大小相等5．水平恒定推力F1和F2分别作用于水平面上原来静止的、质量相等的a、b两物体上，作用一段时间后撤去推力，由于惯性．物体将继续运动一段时间后才能停下，两物体的v﹣t图象如图所示，已知图中线段AB∥CD，则（）A．a物体受到的摩擦力小于b物体受到的摩擦力B．a物体受到的摩擦力大于b物体受到的摩擦力C．F1的冲量大于F2的冲量D．F1的冲量小于F2的冲量6．如图所示为一交流电压随时间变化的图象．每个周期内，前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为（）A．7.5V B．8V C ． V D ． V7．对下列物理现象的解释，正确的是（）A．击钉时，不用橡皮锤仅仅是因为橡皮锤太轻B．跳远时，在沙坑里填沙，是为了减小冲量C．易碎品运输时，要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了延长作用时间，减小作用力D．在车内推车推不动，是因为合外力冲量为零8．如图所示，一个单匝矩形导线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴oo′匀角速转动，转动周期为T0．线圈产生的电动势的最大值为E m，则（）A ．线圈产生的电动势的有效值为E mB ．线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C．线圈转动过程中磁通量变化率的最大值为E mD．经过2T0的时间，通过线圈电流的方向改变2次9．某同学质量为60kg，在事训练中要求他从岸上以大小为2m/s的速度跳到一条向他缓慢飘来的小船上，然后去执行任务，小船的质量是140kg，原来的速度大小是0.5m/s，该同学上船后又跑了几步，最终停在船上，则（）A．人和小船最终静止在水面上B．该过程同学的动量变化量为105kg•m/sC．船最终的速度是0.95m/sD．船的动量变化量是﹣105kg•m/s10．图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左11．2014年10月28日携带“天鹅座”宇宙飞船的“安塔瑞斯”号运载在弗吉尼亚州瓦勒普斯岛发射升空时爆炸，爆炸燃起巨大火球，运载没有载人．下面对于该的描述正确的是（）A．发射的初速度大于7.9km/sB．上升过程中处于超重状态C．忽略空气阻力，则碎片落地时速度大小相等D．在爆炸的极短时间内，系统动量守恒12．如图所示，（a）是远距离输电线路的示意图，（b）是用户得到的电压随时间变化的图象，已知降压变压器的匝数比为10：1，不考虑降压变压器与用户间导线的电阻，则（）A．发电机输出交流电的频率是50HzB．升压变压器的输出电压为2200VC．输电线的电流只由降压变压器匝副线圈的匝数比决定D．当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小二、实验题13．如图甲所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．（1）经测定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地点的平均位置距O点的距离如图乙所示．碰撞前后m1的动量分别为p1与p1′，则p1：p1′=：11；若碰撞结束时m2的动量为p2′，则p1′：p2′=11：．实验结果说明，碰撞前后总动量的比值= ．（2）有同学认为，在上述实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，可以使被撞小球做平抛运动的射程增大．请你用（1）中已知的数据，分析和计算出被碰小球m1平抛运动射程ON的最大值为cm．三、计算题14．一辆车强行超车时，与另一辆迎面驶来的轿车相撞，两车相撞后连为一体，两车车身因相互挤压，皆缩短了0.5米．据测算两车相撞前的速度约为30m/s．求：（1）若人与车一起做减速运动，车祸过程中车内约60kg的人受到的平均冲力是多大（2）若此人系有安全带，安全带在车祸过程中与人体作用时间是1s，求这时人体受到的平均冲力为多大？15．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长L=10cm的正方形线圈abcd 共100匝，线圈电阻r=1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω=2πrad/s，外电路电阻R=4Ω，求：（1）转动过程中感应电动势的最大值；（2）由图示位置（线圈平面与磁感线平行）转过60°角时的瞬时感应电动势；（3）由图示位置转过60°角的过程中产生的平均感应电动势；（4）交流电压表的示数；（5）线圈转动一周外力所做的功；（6）周期内通过R的电荷量为多少？16．如图所示，AOB是光滑水平轨道，BC是半径为R 的光滑的固定圆弧轨道，两轨道恰好相切．质量为M的小木块静止在O点，一个质量为m的子弹以某一初速度水平向右快速射入小木块内，并留在其中和小木块一起运动，且恰能到达圆弧轨道的最高点C（木块和子弹均可看成质点）．已知R=0.4m，m=1Kg，M=10Kg．（g=10m/s2，结果保留2位有效数字）（1）子弹射入木块前的速度V（2）若每当小木块上升到圆弧并返回到O点或静止于O点时，立即有相同的子弹射入小木块，并留在其中，则当第3颗子弹射入小木块后，木块速度多大？故城高中高二（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题有12小题，每小题4分，共48分，其中7-12题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．交流电压的表达式为u=100sin100πtV，可知（）A．用电压表测该电压其示数为50VB．该交流电压的周期为0.02sC．将该电压在“100V 100W”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100WD．t=s时，该交流电压的瞬时值为50V【考点】E3：正弦式电流的图象和三角函数表达式；BG：电功、电功率．【分析】电压表读数为有效值．先根据最大值求有效值，求得电压表读数；通过瞬时表达式与交电流的ω=，可求出周期；运用瞬时表达式求出有效值，从而利用电功率的公式P=求出电功率；直接根据瞬时表达式代入数据求解．【解答】解：A、交变电压的表达式为u=100sin100πt V，可知最大值为100，又是正弦式电流，则电压的有效值：U=V=100V，故A错误．B、由公式ω=，则有周期T=0.02s．故B正确．C、由于电压的有效值为100V，则该电压加在“100V 100W”的灯泡两端，灯泡正常发光，为额定功率，故C错误D、将t=s代入瞬时表达式，则有交流电压的瞬时值为100V．故D错误．故选：B2．滑雪运动是人们酷爱的户外体育活动，现有质量为m的人站立于雪橇上，如图所示．人与雪橇的总质量为M，人与雪橇以速度v1在水平面上由北向南运动（雪橇所受阻力不计）．当人相对于雪橇以速度v2竖直跳起时，雪橇向南的速度大小为（）A ．B ．C ．D．v1【考点】53：动量守恒定律．【分析】人和雪橇组成的系统水平方向不受外力，系统水平动量守恒，根据系统水平动量守恒列式求解．【解答】解：雪橇所受阻力不计，人起跳后，人和雪橇组成的系统水平方向不受外力，系统水平动量守恒，起跳后人和雪橇的水平速度相同，设为v．取向南为正方向，由水平动量守恒得：Mv1=Mv，得 v=v1，方向向南，故ABC错误，D正确．故选：D3．如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=2：1，V和A均为理想电表，灯光电阻R L=6Ω，AB端电压u1=12sin100πt（V）．下列说法正确的是（）A．电流频率为100Hz B．V的读数为24VC．A的读数为0.5A D．变压器输入功率为6W【考点】E8：变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解答】解；A、AB端电压u1=12sin100πt（V）．电流频率为f==50Hz，故A错误；B、电压表的示数为电路的有效电压的大小，根据电压与匝数成正比，可知，U2=6V，故B错误；C、I2==1A，A的读数为1A，故C错误；D、P1=P2=U2I2=6W，故D正确．故选：D．4．在高台跳水中，运动员从高台向上跃起，在空中完成动作后，进入水中在浮力作用下做减速运动，速度减为零后返回水面．设运动员在空中运动过程为Ⅰ，在进入水中做减速运动过程为Ⅱ．不计空气阻力和水的粘滞阻力，则下述判断错误的是（）A．在过程Ⅰ中，运动员受到的冲量等于动量的改变量B．在过程Ⅰ中，运动员受到重力冲量的大小与过程Ⅱ中浮力冲量的大小相等C．在过程Ⅰ中，每秒钟运动员动量的变化量相同D．在过程Ⅰ和在过程Ⅱ中运动员动量变化的大小相等【考点】52：动量定理．【分析】力与力的作用时间的乘积是力的冲量，由动量定理可得，动量的变化等于合外力的冲量．【解答】解：A、在过程І中，运动员只受重力，故重力的冲量一定等于动量的改变量，故A正确；B、由于在过程II中人也会受到重力，故由动量定理可知，整体过程中重力的冲量等于过程II中浮力的冲量大小，故B错误；C、在过程I中，由于重力不变，运动员的加速度相同，在相同的时间内运动员的速度变化相同，故秒钟运动员动量的变化量相同，故C正确；D、由题意知，过程I中的末速度等于过程II的初速度，而过程II的末速度为零，故动量的变化的大小相等，故D正确．本题选错误的；故选：B．5．水平恒定推力F1和F2分别作用于水平面上原来静止的、质量相等的a、b两物体上，作用一段时间后撤去推力，由于惯性．物体将继续运动一段时间后才能停下，两物体的v﹣t图象如图所示，已知图中线段AB∥CD，则（）A．a物体受到的摩擦力小于b物体受到的摩擦力B．a物体受到的摩擦力大于b物体受到的摩擦力C．F1的冲量大于F2的冲量D．F1的冲量小于F2的冲量【考点】52：动量定理；27：摩擦力的判断与计算．【分析】由速度图象分析可知，水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同，两物体的质量相等，说明摩擦力大小相等．根据动量定理，研究整个过程，确定两个推力的冲量关系．【解答】解：A、由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等；故AB错误．C、根据动量定理，对整个过程研究得F1t1﹣ft OB=0，F2t2﹣ft OD=0由图看出，t OB＜t OD，则有 F1t1＜F2t2，即F1的冲量小于F2的冲量．故C错误，D 正确．故选：D6．如图所示为一交流电压随时间变化的图象．每个周期内，前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为（）A．7.5V B．8V C ． V D ． V【考点】E4：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】正弦式电流给灯泡供电，电压表显示是电源电压的有效值，要求电路中灯泡的电流或功率等，均要用正弦式电流的有效值．而求有效值方法：是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．【解答】解：如图所示，它不是正弦式电流，因此有效值不是等于最大值除以根号2取一个周期进行分段，在0﹣1s 是正弦式电流，则电压的有效值等于3．在1s﹣3s是恒定电流，则有效值等于9V．则在0﹣3s 内，产生的热量U=2故选：C7．对下列物理现象的解释，正确的是（）A．击钉时，不用橡皮锤仅仅是因为橡皮锤太轻B．跳远时，在沙坑里填沙，是为了减小冲量C．易碎品运输时，要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了延长作用时间，减小作用力D．在车内推车推不动，是因为合外力冲量为零【考点】52：动量定理；31：惯性．【分析】力与时间的乘积是力的冲量；应用冲量的计算公式I=Ft与动量定理分析答题．【解答】解：A、用橡皮锤击钉子，橡皮锤与钉子接触时形变量比较大，延长了作用时间，使作用力减小，所以不要橡皮锤钉钉子，故A错误；B、跳远时，在沙坑里填沙，是为了增加运动员与沙子的作用时间，从而减小作用力，避免运动员受到伤害，故B错误；C、易碎品运输时，要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了延长作用时间，减小作用力，故C正确；D、在车内推车推不动，是因为合外力冲量为零，故D正确；故选：CD．8．如图所示，一个单匝矩形导线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴oo′匀角速转动，转动周期为T0．线圈产生的电动势的最大值为E m，则（）A ．线圈产生的电动势的有效值为E mB ．线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C．线圈转动过程中磁通量变化率的最大值为E mD．经过2T0的时间，通过线圈电流的方向改变2次【考点】D8：法拉第电磁感应定律；D7：磁通量．【分析】根据正弦交流电的最大值与有效值的关系，结合最大值，即可求解有效值；由公式E m=BSω，结合ω=，可求出磁通量的最大值；根据法拉第电磁感应定律表达式E m =，可确定磁通量变化率的最大值，最后由线圈在一个周期内，电流方向改变2次，从而即可求解．【解答】解：A、线圈在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交流电，则电动势的有效值为E m，故A错误；B、由公式E m=BSω，结合ω=，可求出磁通量的最大值∅m =，故B正确；C、根据法拉第电磁感应定律表达式E m =，可确定磁通量变化率的最大值=E m，故C正确；D、经过T0的时间，通过线圈电流的方向改变2次，故D错误；故选：BC．9．某同学质量为60kg，在事训练中要求他从岸上以大小为2m/s的速度跳到一条向他缓慢飘来的小船上，然后去执行任务，小船的质量是140kg，原来的速度大小是0.5m/s，该同学上船后又跑了几步，最终停在船上，则（）A．人和小船最终静止在水面上B．该过程同学的动量变化量为105kg•m/sC．船最终的速度是0.95m/sD．船的动量变化量是﹣105kg•m/s【考点】53：动量守恒定律；52：动量定理．【分析】水的阻力忽略不计，该同学跳上小船后与小船达到同一速度的过程，人和船组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，根据动量守恒定律列式求解．【解答】解：AC、规定船原来的速度方向为正方向．设人和小船最终的共同速度为v．由题意，水的阻力忽略不计，该同学跳上小船后与小船达到同一速度的过程，人和船组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，由动量守恒定律得：m人v人﹣m船v船=（m人+m船）v，代入数据解得：v=﹣0.25m/s，方向与船原来的速度方向相同．故AC错误；B、该过程同学的动量变化量为：△p=m人v﹣m人v人=60×=105kg•m/s，故B正确；D、船的动量变化量为：△p′=m船v﹣m船v船=140×（﹣0.25﹣0.5）=﹣105kg•m/s；故D正确．故选：BD10．图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左【考点】E4：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；E2：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【分析】由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出0.02s 时流过电阻的电流方向．【解答】解：A 、由题图乙可知交流电电流的最大值是A，周期T=0.02s，由于电流表的示数为有效值，故示数I==10A，选项A正确；B、角速度==100π rad/s，选项B错误；C、0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，选项C正确；D、由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，选项D错误．故选AC．11．2014年10月28日携带“天鹅座”宇宙飞船的“安塔瑞斯”号运载在弗吉尼亚州瓦勒普斯岛发射升空时爆炸，爆炸燃起巨大火球，运载没有载人．下面对于该的描述正确的是（）A．发射的初速度大于7.9km/sB．上升过程中处于超重状态C．忽略空气阻力，则碎片落地时速度大小相等D．在爆炸的极短时间内，系统动量守恒【考点】53：动量守恒定律；4F：万有引力定律及其应用；52：动量定理．【分析】明确的发射速度，根据加速度确定是否超重；根据动量守恒的条件明确动量是否守恒．【解答】解：A、发射时的最小速度为7.9km/s；故A正确；B、在上升过程中，具有向上的加速度，故处于超重状态；故B正确；C、由于在爆炸过程中，碎片的速度大小及方向均不相同；故落地时的速度大小不一定相同；故C错误；D、在爆炸过程中由于内力远大于外力；故可以认为动量守恒；故D正确；故选：ABD．12．如图所示，（a）是远距离输电线路的示意图，（b）是用户得到的电压随时间变化的图象，已知降压变压器的匝数比为10：1，不考虑降压变压器与用户间导线的电阻，则（）A．发电机输出交流电的频率是50HzB．升压变压器的输出电压为2200VC．输电线的电流只由降压变压器匝副线圈的匝数比决定D．当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小【考点】EA：远距离输电．【分析】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．同时由变压器电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．【解答】解：A、变压器不会改变交流电的频率，有图b可知周期为T=0.02s，故频率为f=，故A正确；B 、在降压变压器中，根据可得U3=2200V，有与输电线路上有电阻，故损失一部分电压，故升压变压器输送的电压大于2200V，故B错误；C、输电线的电流由输送的功率与电压决定的，与降压变压器原副线圈的匝数比无关，故C错误；D、当用户用电器的总电阻增大时，用户的功率减小，降压变压器的输出功率减小，则输入的功率减小，输入的电流减小，输电线上损失的功率减小，故D正确；故选：AD二、实验题13．如图甲所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．（1）经测定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地点的平均位置距O点的距离如图乙所示．碰撞前后m1的动量分别为p1与p1′，则p1：p1′=14 ：11；若碰撞结束时m2的动量为p2′，则p1′：p2′=11： 2.9 ．实验结果说明，碰撞前后总动量的比值= 1.01 ．（2）有同学认为，在上述实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，可以使被撞小球做平抛运动的射程增大．请你用（1）中已知的数据，分析和计算出被碰小球m1平抛运动射程ON的最大值为76.8 cm ．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】验证动量守恒定律实验中，质量可测而瞬时速度较难．因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度．过程中小球释放高度不需要，小球抛出高度也不要求．只需满足每次入射球每次从同一点开始运动即可；最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒；当发生弹性碰撞时机械能损失最少，小球1平抛运动的射程最大．【解答】解：设落地时间为t，则v0=；v1=，v2=；则碰前的动量：P1=m1v0=m1；碰后的动量：P'1=m1v1=m1P'2=m2v2=m2；则可知，碰撞前后m1动量之比： ===，======1.01；发生弹性碰撞时，被碰小球获得速度最大，根据动量守恒的表达式是m1v0=m1v1+m2v2由m1v02=m1v12+m2v22联立解得v2=v0，因此最大射程s m =•OP=×44.8=76.8cm．故答案为：14；2.9；1.01；76.8．三、计算题14．一辆车强行超车时，与另一辆迎面驶来的轿车相撞，两车相撞后连为一体，两车车身因相互挤压，皆缩短了0.5米．据测算两车相撞前的速度约为30m/s．求：（1）若人与车一起做减速运动，车祸过程中车内约60kg的人受到的平均冲力是多大（2）若此人系有安全带，安全带在车祸过程中与人体作用时间是1s，求这时人体受到的平均冲力为多大？【考点】37：牛顿第二定律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）人随车动，根据位移速度公式可求车的加速度，然后利用牛顿第二定律可求人受到的平均冲力；（2）由动量定理求出人受到的水平冲力．【解答】解：（1）由得人和车减速的加速度大小为：根据牛顿第二定律得人受到的平均冲力为：F=ma=60×900N=5.4×104N（2）有动量定理得：F′t=mv﹣mv0解得：负号表示力的方向与初速度方向相反答：（1）若人与车一起做减速运动，车祸过程中车内约60kg的人受到的平均冲力是5.4×104N（2）若此人系有安全带，安全带在车祸过程中与人体作用时间是1s，求这时人体受到的平均冲力为1800N．15．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长L=10cm的正方形线圈abcd 共100匝，线圈电阻r=1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω=2πrad/s，外电路电阻R=4Ω，求：（1）转动过程中感应电动势的最大值；（2）由图示位置（线圈平面与磁感线平行）转过60°角时的瞬时感应电动势；（3）由图示位置转过60°角的过程中产生的平均感应电动势；（4）交流电压表的示数；（5）线圈转动一周外力所做的功；（6）周期内通过R的电荷量为多少？【考点】E2：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；E4：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】（1）先根据Em=NBωS求出最大值，再根据最大值与有效值的关系求出有效值；（2）先写出电动势的瞬时表达式，再带入数据求得瞬时值；（3）利用法拉第电磁感应定律，求出平均感应电动势；（4）电压表测量的是电阻R的电压，根据闭合电路欧姆定律即可求解．（5）通过最大值求出有效值，根据W=EIT求解；（6）线圈由如图位置转过周期内，通过R的电量为：q=t=．【解答】解：（1）根据E m=NBωS，可得感应电动势的最大值：E m=100×0.5×0.12×2πV=3.14V；（2）由于线框垂直于中性面开始计时，所以瞬时感应电动势表达式：e=E m cos2πt（V）；当线圈转过60°角时的瞬时感应电动势为：e=1.57V；（3）根据法拉第电磁感应定律可得转60°角的过程中产生的平均感应电动势大小为：=N =N =1.5V=2.6V（4）转动过程中，交流电压表的示数为有效值，所以有：U=R=×4V=1.256V=1.78V；（5）线圈转动一周外力所做的功为：W=EIT===0.99J （6）周期内线圈转过60°角，通过R的电量q电，由公式可得：q=t=•=8.66×10﹣2 C；答：（1）转动过程中感应电动势的最大值3.14V；（2）线圈转过60°角时的瞬时感应电动势1.57V；（3）线圈转过60°角过程中产生的平均感应电动势2.6V；（4）电压表示数1.78V；（5）线圈转动一周外力所做的功为0.99J；（6）线圈转过60°角通过电阻R的电荷量8.66×10﹣2 C；16．如图所示，AOB是光滑水平轨道，BC是半径为R 的光滑的固定圆弧轨道，两轨道恰好相切．质量为M的小木块静止在O点，一个质量为m的子弹以某一初速度水平向右快速射入小木块内，并留在其中和小木块一起运动，且恰能到达圆弧轨道的最高点C（木块和子弹均可看成质点）．已知R=0.4m，m=1Kg，M=10Kg．（g=10m/s2，结果保留2位有效数字）（1）子弹射入木块前的速度V（2）若每当小木块上升到圆弧并返回到O点或静止于O点时，立即有相同的子弹射入小木块，并留在其中，则当第3颗子弹射入小木块后，木块速度多大？【考点】53：动量守恒定律．【分析】从B到C，由机械能守恒求解子弹射入木块后的速度，由动量守恒求解．【解答】解：（1）子弹射入木块的过程，系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv=（m+M）v1，。

2015年下学期高二第三次月考物理试卷〔实验班〕考试内容：选修3-1、3-2第4-5章〔90分钟，100分〕 2015.12一、选择题〔共12小题，每一小题4分，共计48分。

1-8小题只有一个选项正确；9-12有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

〕 1．首先发现电磁感应现象的科学家是()A ．奥斯特B ．麦克斯韦C ．安培D ．法拉第 2．用均匀导线做成的正方形线框每边长为0.2 m ，正方形的一半放在和纸面垂直向里的匀强磁场中，如下列图，当磁场以10 T/s 的变化率增强时，线框中a 、b 两点的电势差是()A ．U ab ＝0.1 VB ．U ab ＝－0.1 VC ．U ab ＝0.2 VD ．U ab ＝－0.2 V 3. 如下列图，一个边长为a 、电阻为R 的等边三角形线框，在外力作用下，以速度v 匀速穿过宽均为a 的两个匀强磁场.这两个磁场的磁感应强度大小均为B 方向相反.线框运动方向与底边平行且与磁场边缘垂直.取逆时针方向的电流为正。

假设从图示位置开始，线框中产生的感应电流I 与沿运动方向的位移x 之间的函数图象，下面四个图中正确的答案是〔 〕 A ． B ． C ． D ．4． 等边三角形的三个顶点a 、b 、c 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如下列图，过c 点的导线所受安培力的方向 A ．与ab 边平行，竖直向上B ．与ab 边垂直，指向左边 C ．与ab 边平行，竖直向下D ．与ab 边垂直，指向右边5． 如下列图，在MNQP 中有一垂直纸面向里的匀强磁场．质量和电荷量都相等的带电粒子a 、b 、c 以不同的速率从O 点沿垂直于PQ 的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．O 是PQ 的中点，不计粒子重力．如下说法中正确的答案是 A ．粒子a 带负电，粒子b 、c 带正电i t O i t O i t Oi tOaa avB BB．射入磁场时粒子a的速率最小C．射出磁场时粒子b的动能最小D．粒子c在磁场中运动的时间最长6．如下列图，地面上某个空间区域存在这样的电场，水平虚线上方为场强E1，方向竖直向下的匀强电场；虚线下方为场强E2，方向竖直向上的匀强电场。

育才学校2017-2018学年第二学期（实验班）第三次月考高二物理全卷满分100分，考试用时90分钟第I卷（选择题 45分）一、选择题（本大题共15小题，每小题3分，共45分）1.关于天然放射性，下列说法正确的是（）A.德国物理学家伦琴首次发现了天然放射现象B.发射性元素的半衰期与外界的温度有关C.α、β和γ三种射线中，α射线的穿透能力最强D.一个原子核在一次衰变中不可能同时放出α、β和γ三种射线2.关于黑体辐射的强度与波长的关系,如图正确的是()A. B. C. D.3.下列说法正确的是（）A.在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子最大初动能E k越大，则这种金属的逸出功W0越小B.由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要辐射一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大C.氡原子核的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天一定只剩下1个未发生衰变D. U+ n→ Kr+ Ba+3 n是聚变反应4.下列说法正确的是（）A. 不受外力作用的系统，其动量和机械能必然同时守恒B. 只要系统受到摩擦力，动量不可能守恒C. 物体受到的冲量越大，它的动量变化一定越快D. 某物体做直线运动，受到一个-6N˙s的冲量作用后其动量不一定减小5.一个物体从某高处由静止下落，设其所受的空气阻力恒定，当它下落h时的动量大小为P1,下落2h时的动量大小为P2,那么P1: P2为（）A. 1：2B. 1：C. 1：3D. 1：46.原来静止的物体受合力作用时间为2t0，作用力随时间的变化情况如图所示，则( )A. 0～t0时间内物体的动量变化与t0～2t0时间内动量变化相同B. 0～t0时间内物体的平均速率与t0～2t0时间内平均速率不等C. t＝2t0时物体的速度为零，外力在2t0时间内对物体的冲量为零D. 0～t0时间内物体的动量变化率与t0～2t0时间内动量变化率相同7.如图所示，A、B两物体质量分别为m A、m B，且m A＞m B，置于光滑水平面上，相距较远．将两个大小均为F的力，同时分别作用在A、B上经过相同距离后，撤去两个力，两物体发生碰撞并粘在一起后将（）A.停止运动B.向左运动C.向右运动D.运动方向不能确定8.如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2．图乙为它们碰撞前后的x﹣t（位移﹣时间）图象．已知m1=0.1kg．由此可以判断（）A.碰前m2和m1都向右运动B.碰后m2和m1都向右运动C.m2=0.3 kgD.碰撞过程中系统损失了0.4 J的机械能9.有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，一位同学想用一个卷尺粗略测出它的质量。

高二年级3月月考物理试卷一、选择题（每小题5分，共50分。

其中1~6题为单选，7~10题为多选，全部选对得5分，有选对但不全的得2分）1、下列说法中正确的是 ( )A．作用在物体上的合外力越大，物体动量的变化就越大B．作用在物体上的合外力的冲量越大，物体动量的变化就越快C．物体的动量变化时，物体的动能一定变化D．物体的动能变化时，物体的动量一定变化2、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A. 安培力的方向可以不垂直于直导线B. 安培力的方向总是垂直于磁场的方向C. 将通电直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半D. 22倍3、阻值相等的三个电阻R、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路。

开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。

Q1与Q2的比值为( )A．2∶5 B．1∶2 C．3∶1 D．1∶34、如图所示，Q是固定的点电荷，虚线是以Q为圆心的两个圆．带电粒子P在Q的电场中运动，运动轨迹与两圆在同一平面内，1、2、3为轨迹上的三个点．若P仅受Q的电场力作用，其在1、2、3点的加速度大小分别为a1、a2、a3，电势能分别为E1、E2、E3，则 ( )A．a2>a3>a1， E1>E3>E2 B．a2>a3>a1，E2>E3>E1C．P、Q为异种电荷 D．P的运动轨迹为抛物线线5、一圆筒处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示．图中直径MN的两端分别开有小孔．筒绕其中心轴以角速度ω顺CESMN 0ωQP 123时针转动．在该截面内，一带负电的粒子从小孔M 射入筒内，射入时速度沿MN 方向．当筒转过θ(θ＜π)角时，该粒子恰好从小孔N 飞出圆筒．不计重力．若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞，则带电粒子的比荷为( )A ．ω/BB ．ω/2BC ．2ωθ/3πB D ．2ωθ/πB6、发电机线圈共N 匝，每匝可简化为矩形线圈abcd ，线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO /以角速度ω匀速转动，如图所示。