山东省滕州市第五中学2015届高三上学期期中考试物理试题及答案

山东省滕州市第五中学2015届高三上学期期中考试物理试题一、选择题：（不定项选择，每题选对得4分，漏选得2分，有错选不得分，共48分）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等。

以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是A．引入重心﹑合力与分力的概念时运用了等效替代法B．根据速度定义式xvt∆=∆，当⊿t非常非常小时，xt∆∆就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法叫假设法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．．如图所示,倾斜的传送带保持静止,一木块从顶端以一定的初速度匀加速下滑到底端。

如果让传送带沿图中虚线箭头所示的方向匀速运动,同样的木块从顶端以同样的初速度下滑到底端的过程中，与传送带保持静止时相比A．木块在滑到底端的过程中，运动时间将变长B．木块在滑到底端的过程中，动能的增加量将变小C．木块在滑到底端的过程中，系统产生的内能将变大D．木块在滑到底端的过程中，木块克服摩擦力所做功变大3．．一质量为1kg的物块在水平地面上向右滑行，物块与地面间的动摩擦因数为μ＝0．2，从t＝0时刻开始受到一水平向左的恒定外力F＝1N的作用，则反映物块所受摩擦力随时间变化的图象是（取向右为正方向）（）4．如图甲所示，A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力F的作用，力F与时间t的关系如图乙所示，A、B始终保持相对静止，则下列说法正确的是A．t0时刻，A、B间静摩擦力最大B．2t0时刻，A、B间静摩擦力为零C．t0时刻，两物体运动的位移最大D．2t0时刻，两物体运动的位移最大5．一根套有轻质细环的粗糙杆水平放置，一小球用细线吊在细环上，并停靠在一光滑斜面上，如图所示。

2014-2015学年度第一学期期中考试试题高三物理试卷一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分）1．一电视台体育频道讲解棋局的节目中棋盘竖直放置，棋盘由均匀的磁石做成，棋子都可视为能被磁石吸引的小磁体，下列说法中正确的是( )A棋盘对被吸附的棋子共产生了三个力的作用B棋盘面应选取足够光滑的材料C只要磁力足够大，即使棋盘光滑，棋子也能因磁力静止在棋盘上D棋子被吸在棋盘上静止时，棋盘对棋子的作用力比棋子的重力小2．某中学生身高1.7m，在学校运动会上参加跳高比赛，采用背跃式，身体横着越过2.10m 的横杆，获得了冠军．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度（g=10m/s2）（）A．7m/s B．6.5m/s C．5m/s D．3m/s3．如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带。

假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动。

下列说法正确的是()A．太阳对小行星的引力相同B．各小行星绕太阳运动的周期小于一年C．小行星带内侧小行星的向心加速度值大于小行星带外侧小行星的向心加速度值D．小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值4．如图所示，真空中有A、B两个等量异种点电荷，O、M、N是AB连线的垂线上的三个点，且AO＞OB，A带负电荷，B带正电荷，一试探电荷仅受电场力作用，试探电荷从M运动到N的轨迹如图中实线所示．下列判断中正确的是（）A．此试探电荷可能带负电B．此试探电荷一定带正电C．两点电势ΦM小于ΦND．此试探电荷在M处的电势能小于在N处的电势能5．在上海世博会最佳实践区，江苏城市案例馆中穹形门窗充满了浓郁的地域风情和人文特色．如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G．现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近（C点与A点等高）．则绳中拉力大小变化的情况是（）A.先变小后变大B.先变小后不变C.先变大后不变D.先变大后变小6.如图所示，在光滑的水平面上有一质量为M、倾角为θ的光滑斜面体，它的斜面上有一质量为m的物块沿斜面下滑。

2015年潍坊高三期中试卷物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分,共100分;答题时间90分钟第Ⅰ卷(选择题,共40分一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分.在每题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分,选不全的得3分,有选错或不答的得0分 1.在一条宽马路上某一处有A 、B 两车,它们同时开始运动,取开始运动时刻为计时零点,它们的速度-时间图象如图3所示,则在0~t 4这段时间内的情景是( .A .A 在0~t 1时间内做匀加速直线运动,在t 1时刻改变运动方向B .在t 2时刻A 车速度为零,然后反向运动,此时两车相距最远C .在t 2时刻A 车追上B 车D .在t 4时刻两车相距最远2.如图1,所示,在一块长木板上放一铁块,当把长木板从水平位置绕一端缓慢抬起时,铁块所受的摩擦力(A .随倾角θ的增大而减小B .开始滑动前,随倾角θ的增大而增大,滑动后,随倾角θ的增大而减小C .开始滑动前,随倾角θ的增大而减小,滑动后,随倾角θ的增大而增大D .开始滑动前保持不变,滑动后,随倾角θ的增大而减小3、(多选有一系列斜面,倾角各不相同,它们的底端相同,都是O 点,如图所示.有一系列完全相同的滑块(可视为质点从这些斜面上的A 、B 、C 、D …各点同时由静止释放,下列判断正确的是(A .若各斜面均光滑,且这些滑块到达O 点的速率相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同一水平线上B .若各斜面均光滑,且这些滑块到达O 点的速率相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同一竖直面内的圆周上C .若各斜面均光滑,且这些滑块到达O 点的时间相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同同一直面内的圆周上D .若各斜面与这些滑块间有相同的摩擦因数,滑到达O 点的过程中,各滑块损失的机械能相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同一竖直线上4.如图,三个质点a 、b 、c 质量分别为m1、m2、M (M >>m1,M >>m2.在c 的万有引力作用下,a 、b 在同一平面内绕c 沿逆时针方向做匀速圆周运动,它们的周期之比Ta :Tb=1:k ;从图示位置开始,在b 运动一周的过程中,则(A .a 、b 距离最近的次数为k 次B .a 、b 、c 共线的次数为2k-2C .a 、b 、c 共线的次数为2kD .a 、b距离最近的次数为k+1次5.(多选如图,在正点电荷Q 的电场中有M 、N 、P ,F 四点,M 、N 、P 为直角三角形的三个顶点.F 为MN 的中点.∠M=30° ,M 、N 、P 、F 四点处的电势分别用φM 、φN 、φP 、φF 表示。

2015年山东省枣庄市滕州五中高考物理模拟试卷（4月份）一、选择题（共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）1．（6分）（2015•滕州市校级模拟）物体某段过程的v﹣t图象如图所示，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，则在t1～t2过程中（）A．加速度不断增大B．速度不断减小C．平均速度D．平均速度【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解析】：解：A、在速度﹣时间图象中，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；从图象中看出在t1～t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小，说明加速度的大小在减小，故A错误．B、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小，即速度不断减小，故B正确．CD、如果物体在t1～t2过程中做的是匀减速直线运动，且初末速度分别为V1和V2，那么由匀变速直线运动的规律可得：v=，但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度，所以＜，故CD错误．故选：B【点评】：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．2．（6分）一颗月球卫星在距月球表面高为h的圆形轨道运行，已知月球半径为R，月球表面的重力加速度大小为g月，引力常量为G，由此可知（）A．月球的质量为B．月球表面附近的环绕速度大小为C．月球卫星在轨道运行时的向心加速度大小为g月D．月球卫星在轨道上运行的周期为2π【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：卫星绕月做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，万有引力等于重力，根据万有引力定律和向心力公式列式，即可得解．【解析】：解：“嫦娥一号”卫星绕月做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，则得：G=m（R+h）=m=ma在月球表面上，万有引力等于重力，则有：m′g月=G，得 GM=g月R2，由上解得：M=v=a=T=2π故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】：卫星问题基本的思路有两条：一是万有引力提供向心力，二是万有引力等于重力，得到黄金代换式GM=gR2，再运用数学变形求解．3．（6分）（2015•滕州市校级模拟）如图是用来粉刷墙壁的涂料滚的示意图．使用时，用撑竿推着涂料滚沿墙壁上下滚动，把涂料均匀地粉刷到墙壁上．撑竿的重量和墙壁的摩擦均不计，而且撑竿足够长．粉刷工人站在离墙壁某一距离处缓缓上推涂料滚，使撑杆与墙壁间的夹角越来越小．该过程中撑竿对涂料滚的推力为F1，涂料滚对墙壁的压力为F2，下列说法正确的是（）A． F1增大，F2减小 B． F1减小，F2增大C． F1、F2均增大 D． F1、F2均减小【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件得到竿对涂料滚的推力为F1和墙壁对涂料滚的弹力的表达式，再分析两个力的变化．【解析】：解：以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出力图．设撑轩与墙壁间的夹角为α，根据平衡条件得F1=F2=Gtanα由题，撑轩与墙壁间的夹角α减小，cosα增大，tanα减小，则 F1、F2均减小．故选：D．【点评】：本题是动态平衡问题，采用函数法分析的，也可以采用作图法更直观反映出两个力的变化情况．4．（6分）如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x轴垂直与环面且过圆心O，下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是（）A． O点的电场强度为零，电势最低B． O点的电场强度为零，电势最高C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低【考点】：电势；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：圆环上均匀分布着正电荷，根据电场的叠加和对称性，分析O点的场强．根据电场的叠加原理分析x轴上电场强度的方向，即可判断电势的高低．【解析】：解：A、B、圆环上均匀分布着正电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷产生的电场强度在x轴有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴上电场强度方向向右，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x轴上O点的电势最高，故A错误，B正确；C、D、O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小．x轴上电场强度方向向右，电势降低，故CD错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．5．（6分）（2015•滕州市校级模拟）如图所示，质量为m、电量为q的小球在电场强度E的匀强电场中，以初速度v0沿直线ON做匀变速运动，直线ON与水平面的夹角为30°，若小球在初始位置的电势能为零，重力加速度为g，且mg=qE，则下面说法中正确的是（）A．电场方向竖直向上B．小球运动的加速度大小为gC．小球最大高度为D．小球电势能的最大值为【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：小球做匀变速直线运动，合力的方向与速度方向在同一条直线上，结合合力的大小，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，结合速度位移公式求出小球上升的高度，根据电场力做功求出电势能的变化量，从而得出小球电势能的最大值．【解析】：解：A、因为小球做匀变速直线运动，则小球所受的合力与速度方向在同一条直线上，结合平行四边形定则知，电场力的方向与水平方向夹角为30°，斜向上．如图所示．故A错误．B、根据平行四边形定则知，小球所受的重力和电场力相等，两个力的夹角为120°，所以合力大小与分力大小相等，等于mg，根据牛顿第二定律知，小球的加速度为g．故B正确．C、小球斜向上做匀减速直线运动，匀减速直线运动的位移s==，则小球上升的最大高度h=s=．故C错误．D、在整个过程中电场力做功W=qEscos120°=﹣mv02，电势能增加mv02，所以小球电势能的最大值为mv02．故D错误．故选：B．【点评】：本题应在正确分析小球受力情况的基础上，运用牛顿第二定律、运动学公式和功能关系分析．知道物体做直线运动，合力的方向与速度方向在同一条直线上．6．（6分）如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则下列说法中错误的是（）A．当F＜2μmg 时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg【考点】：牛顿第二定律；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．【解析】：解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2μmg，f3的最大值为μmg．故当0＜F≤μmg时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；C、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′﹣2μmg=2ma′，对A、B整体，有F′﹣μmg=3ma′，解得F′=3μmg，故当μmg＜F≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F＞3μmg时，A相对于B滑动．C正确．B、当F=μmg时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F﹣μmg=3ma，解得a=，B正确．D、对B来说，其所受合力的最大值F m=2μmg﹣μmg=μmg，即B的加速度不会超过μg，D正确．因选不正确的，故选：A【点评】：本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力7．（6分）（2015•滕州市校级模拟）如图所示，水平放置的光滑轨道上固定有两个阻值均为R的定值电阻，空间中存在有竖直向下的匀强磁场，一质量为m，电阻也为R的金属棒垂直的放在导轨上，已知金属棒的长度等于导轨间距为D，某时刻给金属棒一水平初速度V0，金属棒在导轨上运动了L后速度变成V，则关于此过程下面说法中正确的是（）A．金属棒上产生的热量为m（v02﹣v2）B．金属棒上产生的热量为m（v02﹣v2）C．此区域内磁感应强度为B=D．此区域内磁感应强度为B=【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：金属棒动能的减少量等于整个回路产生的热量，根据焦耳定律分析金属棒与两个定值电阻产生的热量关系，求解金属棒上产生的热量．从加速度入手，运用微元法求解B．【解析】：解：AB、设金属棒上产生的热量为Q，每个R上产生的热量为Q′，通过R的电流为I，根据焦耳定律得：Q=（2I）2Rt，Q′=I2Rt，则Q=4Q′根据Q+Q′=m（v02﹣v2）得 Q=m（v02﹣v2），故AB错误．CD、设金属棒速度为v时加速度为a，取极短时间△t，则有 a=得△v=a△t根据牛顿第二定律得：a=棒所受的安培力大小 F=BIL=B D=联立以上三式可得△v=△t两边求和得：△v=∑△t又v△t=△x，v△t=x=L联立解得：B=，故C错误，D正确．故选：D．【点评】：本题一方面要准确把握能量的分配关系，另一方面要学会：对于变速直线运动，从加速度的定义式入手，运用微元法可以研究力和速度的关系．二、非选择题8．（8分）探究加速度与力的关系装置如图所示．带滑轮的长木板水平放置，细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接，细线与桌面平行．将木块放在靠近打点计时器的一端，缓慢向沙桶中添加细沙，直到木块开始运动，记下木块运动后弹簧秤的示数F，通过纸带求出木块运动的加速度a．将木块放回原处，向沙桶中添加适量细沙，释放木块…获取多组a、F 数据．（1）关于该实验的操作，以下说法正确的是ABA．实验过程中，应先闭合打点计时器开关，再释放小车B．通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据C．每次添加细沙后，需测出沙及沙桶的质量D．实验过程要确保沙及沙桶的质量远小于木块的质量（2）某同学根据实验数据做出了两个a﹣F图象如图2所示，正确的是 B ；由图象可知，木块所受的滑动摩擦力大小大小为2F0；若要作出木块的加速度与合力的关系，需要对图象进行修正．修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0（用F、F0表示）．【考点】：测定匀变速直线运动的加速度．【专题】：实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）该实验不需要测量沙及沙桶的质量，绳子的拉力由弹簧秤直接测量，不需要满足沙及沙桶的质量远小于木块．（2）根据牛顿第二定律得出a与F的关系式，结合关系式得出正确的图线．（3）根据加速度等于零求出弹簧的拉力，从而求出此时的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得出加速度与合力的关系式，从而得出修正后的横坐标．【解析】：解：（1）实验中应该先接通电源后释放纸带，故A正确．B、通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据，故B正确．C、绳子的拉力可以通过弹簧测力计测出，不需要测量砂及沙桶的质量，也不需要保证沙及沙桶的质量远小于木块．故C、D错误．故选：AB．（2）小车所受的拉力等于2倍的弹簧秤拉力，可以直接测量得出，根据牛顿第二定律得，a==，故正确的图线是B．当弹簧拉力为F0时，小车开始滑动，可知滑动摩擦力f=2F0．根据牛顿第二定律得，a=，所以修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0．故答案为：（1）AB；（2）B；2F0，2F﹣2F0【点评】：本题实验源于课本实验，但是又不同于课本实验，关键要理解实验的原理，注意该实验不需要测量砂及沙桶的质量，也不需要保证沙及沙桶的质量远小于木块．9．（4分）（2015•滕州市校级模拟）某同学用游标卡尺测量圆形管内径时的测量结果如图甲所示，则该圆形钢管的内径是40.45 mm．如图乙所示是某次用千分尺测量时的情况，读数为0.700 mm．【考点】：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】：实验题．【分析】：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】：解：1、游标卡尺的主尺读数为40mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为9×0.05mm=0.45mm，所以最终读数为：40mm+0.45mm=40.45mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm．故答案为：40.45，0.700【点评】：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．（8分）用下列器材组装成一个电路，要求既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1（量程6V，内阻很大）B．电压表V2（量程3V，内阻很大）C．电流表A（量程3A，内阻很小）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω，额定电流4A）E．小灯泡（2A，5W）F．电池组（电动势E，内阻r）G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小．（1）请将设计的实验电路图在图1虚线框中补充完整．（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I1，U1）、（I2，U2），标到U﹣I坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图2所示，则电池组的电动势E= 4.5 V，内阻r= 1.0 Ω．（结果保留两位有效数字）（3）在U﹣I坐标系中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为0 Ω．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）测电源电动势与内阻实验时，电压表测路端电压，随滑动变阻器接入电路阻值的增大，电压表示数增大；灯泡两端电压随滑动变阻器阻值增大而减小；根据电压表示数变化确定各电路元件的连接方式，然后作出实验电路图．（2）电源的U﹣I图象与纵轴的交点示数是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．（3）由图象求出两图线的交点对应的电压与电流，然后根据闭合电路中内外电压的关系及欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值．【解析】：解：（1）伏安法测电源电动势与内阻实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小；调节滑动变阻器时，电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小，则V1测路端电压，V2测灯泡两端电压，电路图如图所示．（2）电源的U﹣I图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电源电动势E=4.5V，电源内阻r===1.0Ω．（3）由图乙所示图象可知，两图象的交点坐标，即灯泡电压UL=2.5V，此时电路电流I=2.0A，电源电动势E=Ir+U L+IR滑，即4.5V=2.0A×1Ω+2.5V+2.0A×R滑，则R滑=0Ω．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）4.5；1.0；（3）0．【点评】：电源的U﹣I图象与纵轴的交点是电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，求电源内阻时要注意看清楚纵轴坐标起点数据是多少，否则容易出错．11．（16分）民用航空客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机外，一般还配有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个气囊（由斜面部分AC和水平部分CD构成），机舱中的人可沿该气囊滑行到地面上来，如图所示．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，AC与地面之间的夹角为θ．斜面部分AC和水平部分CD平滑连接．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，最后滑到水平部分上的E点静止，已知人与气囊之间的动摩擦因数为μ=0.55．不计空气阻力g=10m/s2．求人从A点开始到滑到E 点所用的时间．【考点】：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：由牛顿第二定律求出加速度，然后由运动学公式求出人在斜面与水平面上的运动时间，然后求出总的运动时间．【解析】：解：人的受力如图所示，由牛顿运动定律得：mgsin θ﹣μF N=maF N﹣mgcosθ=0，则：a=gsinθ﹣μgcosθ，解得：a=1.6 m/s2设人在斜面部分滑下所用的时间为t1，s=at，代入数据解得：t1=2.5 s设人滑到斜面底端C时的速度为v C，v C=at1=1.6×2.5=4 m/s由牛顿运动定律得：μmg=ma′由0﹣v C=（﹣a′）t2解得：t2=0.73 s故人从开始到滑到E点所用的时间：t=t1+t2=3.23 s．答：人从A点开始到滑到E 点所用的时间为3.23s．【点评】：本题考查了求运动时间，分析清楚人的运动过程，应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题．12．（16分）（2015•滕州市校级模拟）如图所示为一种电磁装置，由粒子源、加速电场、偏转电场、匀强磁场组成．在S点有一粒子源，能不断释放电量为q，质量为m的静止带电粒子，被加速电压为U，极板间距离为d的匀强电场加速后，从正中央垂直射入电压为U的匀强偏转电场（偏转电场中电压正负极随时间做周期性变化），偏转极板长度和极板距离均为L，带电粒子在偏转电场中一次偏转后即进入一个垂直纸面方向的匀强磁场，其磁感应强度为B．若不计重力影响，欲使带电粒子通过某路径返回S点，求：（1）粒子进入磁场时速度大小．（2）匀强磁场的宽度D至少为多少？（3）该带电粒子周期性运动的周期T是多少？偏转电压正负极多长时间变换一次方向？【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）对在加速电场中运用动能定理，结合在偏转电场中做类平抛运动求出偏转位移的大小和偏转角，对整个过程运用动能定理，求出粒子进入磁场的速度．（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可以求出粒子的轨道半径，结合几何关系求出匀强磁场的最小宽度．（3）粒子在加速电场中匀加速直线匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，结合运动学公式和推论以及在磁场中运动的周期公式求出带电粒子的周期T．偏转电压正负极变换一次方向的时间等于粒子在磁场中运动的时间．【解析】：解：（1）粒子在加速电场中加速，由动能定理得：，解得：…①由于粒子在电场加速过程中做匀加速直线运动，则加速的时间t1为：t1==…②粒子在偏转电场中做类似平抛运动，其加速度a为：，粒子通过偏转电场的时间t2为：…③粒子在偏转电场中的侧移距离y为：…④侧向速度v y为：则粒子射出偏转电场时的速度v为：…⑤（2）以速度v进入磁场后做匀速度圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：…⑥则磁场宽度为：…⑦（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T'为：，tanθ==2，则：θ=arctan2，所以粒子在磁场中运动的时间t3为：…⑧粒子从S出发到回到S的周期T为：T=2t1+2t2+t3=4d+2L+；偏转电压正负极换向时间t为：t==2d+L+；答：（1）粒子进入磁场时速度大小为．（2）匀强磁场的宽度D至少为+．（3）该带电粒子周期性运动的周期T是4d+2L+；偏转电压正负极经2d+L+变换一次方向．【点评】：本题考查了粒子在电场中和磁场中的运动问题，关键作出粒子的轨迹，知道粒子在加速电场中做匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在匀强磁场中做圆周运动，结合动能定理和运动学公式进行求解．13．（16分）如图所示为水平传送装置，轴间距离AB长l=8.3m，质量为M=1kg的木块随传送带一起以v1=2m/s的速度向左匀速运动（传送带的传送速度恒定），木块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5．当木块运动至最左端A点时，一颗质量为m=20g的子弹以=300m/s水平向右的速度正对射入木块并穿出，穿出速度u=50m/s，以后每隔1s就有一颗子弹射向木块，设子弹射穿木块的时间极短，且每次射入点各不相同，g取10m/s2．求：（1）在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离？（2）木块在传达带上最多能被多少颗子弹击中？（3）从第一颗子弹射中木块到木块最终离开传送带的过程中，子弹、木块和传送带这一系统产生的总内能是多少？【考点】：动量守恒定律；牛顿第二定律．【分析】：（1）根据动量守恒定律求出子弹穿过木块的瞬间，木块的速度，结合牛顿第二定律和运动学公式求出在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离．（2）根据运动学公式求出子弹被一颗子弹击中到下一颗子弹击中，这段时间内的位移，从而确定最多能被多少颗子弹击中．（3）根据功能关系求出被一颗子弹击中到下一颗子弹击中这段时间内所产生的热量，包括子弹击穿木块的过程中产生的内能，与传送带发生相对滑动产生的内能，从而得出子弹、木块和传送带这一系统产生的总内能．【解析】：解：（1）子弹射入木块过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正反方向，由动量守恒定律得：mv0﹣Mv1=mv+Mv1′，解得：v1′=3m/s，木块向右作减速运动加速度：a==μg=0.5×10=5m/s2，木块速度减小为零所用时间：t1=解得：t1=0.6s＜1s所以木块在被第二颗子弹击中前向右运动离A点最远时，速度为零，移动距离为：s1=，解得：s1=0.9m．（2）在第二颗子弹射中木块前，木块再向左作加速运动，时间为：t2=1s﹣0.6s=0.4s速度增大为：v2=at2=2m/s（恰与传送带同速）；向左移动的位移为：s2=at22=×5×0.42=0.4m，所以两颗子弹射中木块的时间间隔内，木块总位移S0=S1﹣S2=0.5m方向向右第16颗子弹击中前，木块向右移动的位移为：s=15×0.5m=7.5m，第16颗子弹击中后，木块将会再向右先移动0.9m，总位移为0.9m+7.5=8.4m＞8.3m木块将从B端落下．所以木块在传送带上最多能被16颗子弹击中．（3）第一颗子弹击穿木块过程中产生的热量为：Q1=mv02+Mv12﹣mu2﹣Mv1′2，木块向右减速运动过程中板对传送带的位移为：s′=v1t1+s1，产生的热量为：Q2=μMgs′，木块向左加速运动过程中相对传送带的位移为：s″=v1t2﹣s2，产生的热量为：Q3=μMgs″，第16颗子弹射入后木块滑行时间为t3有：v1′t3﹣at32=0.8，解得：t3=0.4s木块与传送带的相对位移为：S=v1t3+0.8产生的热量为：Q4=μMgs，全过程中产生的热量为：Q=15（Q1+Q2+Q3）+Q1+Q4解得：Q=14155.5J；答：（1）在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离为0.9m．（2）木块在传达带上最多能被16颗子弹击中．（3）子弹、木块和传送带这一系统产生的热能是14155.5J．【点评】：此题综合性非常强，既有动量守恒定律又有匀变速直线运动，要求掌握物理知识要准确到位，能够灵活应用，物体运动过程复杂，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，分析清楚过程后，应用动量守恒定律、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题．。

保密★启用前试卷类型：A2015届高三定时练习物理试题2014.11 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

共6页。

满分100分。

考试用时90分钟。

注意事项：答题前，考生务必用2B铅笔将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型（A或B）用2B铅笔涂写在答题卡上；用0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号、学校、班级填写在答题纸规定的位置。

考试结束后，将答题卡和答题纸一并交回。

第Ⅰ卷（选择题共40分）注意事项：1．第I卷共10小题。

每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不选的得0分。

2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

1．许多物理学家的科学研究推动了物理学的发展，促进了人类文明。

以下对几位物理学家所作的科学探究，叙述正确的是A．胡克用逻辑推理的方法得出了胡克定律B．牛顿用实验的方法测出了引力常量G的数值C．开普勒用数据归纳的研究方法发现了万有引力定律D．伽利略用斜面实验和逻辑推理证明了所有自由落体运动的加速度相同2．如图所示，大小分别为F1、F2、F3的三个力围成封闭三角形。

下列4个图中，这三个力的合力为零的是3．如图所示，直线a和曲线b分别是在同一条平直公路上行驶的汽车甲和汽车乙的v－t 图线。

由图可知A．在时刻t1，甲车和乙车处在同一位置B．在时刻t2，甲、乙两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，乙车的加速度先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，甲车的位移小于乙车的位移4．一条小船过河，河宽100m，水流速度为4m/s，小船在静水中的速度为5m/s。

下列说法正确的是A．小船不可能沿垂直于岸的方向过河B．小船相对于岸的速度有可能为3m/sC．小船过河的最短时间为25sD．小船以最短位移过河所需的时间为20s5．两物体M、m用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图所示，OA、OB与水平面的夹角分别为30°、60°，M、m均处于静止状态。

2023-2024学年山东省枣庄市滕州市高三（上）期中物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.中国古代的先哲们在认识自然的过程中提出了很多物理学观点，闪烁着智慧的光芒。

下列观点中与你所学的物理学知识吻合的是( )A. 《淮南子齐俗训》中指出：“趋舍礼俗，犹室宅之居也，东家谓之西家，西家谓之东家，虽皋陶为之理，不能定其处。

”意思是，如果不选定参考点，就不能确定是位于东，还是位于西，这说明任何物体都处于永恒的运动中B. 《墨经》中指出：“力，形之所以奋也。

”意思是力可以使物体由动到静，说明力是改变物体运动的原因C. 《论衡效力篇》中指出：“机不能动发，鲁缟不能穿。

”意思是说静止的物体没有惯性D. 《韩非子观行》中指出：“有乌获之劲，而不得人助，不能自举”意思是力气很大的人也不能把自己举起来，说明一对相互作用力的效果可以相互抵消2.如图所示，一质点做匀加速直线运动，依次通过A、B、C、D四个位置，已知，。

且该质点通过AB段、BC段和CD段的时间之比为。

那么BC段的长度为( )A. 9mB. 14mC. 21mD. 22m3.某军区演习特种兵飞行跳伞，他从高空中静止的直升机上跳下。

在时刻打开降落伞，在时刻以速度着地，运动的速度-时间图像如图所示。

则( )A.在时间内加速度不变，在时间内加速度增大B.时刻，伞兵处于失重状态C. 在，平均速度D. 若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小4.宇宙中某恒星质量是太阳质量的2倍，单位时间内向外辐射的能量是太阳的16倍。

设想地球“流浪”后绕此恒星公转，且在新公转轨道上的温度与“流浪”前一样。

已知以恒星为球心、以r为半径的球面上，单位面积单位时间接收到的辐射能量满足为恒星单位时间内辐射的总能量，则地球在“流浪”后的公转周期与绕太阳公转周期的比值为( )A. 8B.C. 4D. 25.碰碰车是大人和小孩都喜欢的娱乐活动，游乐场上，大人和小孩各驾着一辆碰碰车正对迎面相撞。

滕州市2015年初中学业考试模拟试题（三）物理一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分；每小题只有一个选项符合题意）1．如图所示四个声现象中，哪两个可以用相同的声学知识解释（）A．甲和乙B．乙和丙C．丙和丁D．甲和丁2．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传播的应用B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，是利用了凹透镜的会聚的作用C．图丙中，太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律3．下列对生活中一些现象的解释错误的是（）A．用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热B．用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热C．用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了汽化和凝固现象D．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化4．下列说法中正确的是（）A．扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动B．冰和松香在熔化过程中，温度都升高C．固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力D．温度高的物体，内能一定大5．在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，而b端在2倍焦距之外，如图所示，那么透过透镜观察（）A．a、b端都变粗B．a端变细，b端变粗C．a、b端都变细D．a端变粗、b端变细6．李强同学动手能力非常强，学习了浮力后，他利用“铁丝、胶管、试管、进、排水管、水和注射器”，制作了如图所示是潜水艇模型，下列说法不正确的是（）A．向里推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉B．潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的C．向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D．潜艇模型的试管上绕些铁丝，可保持试管稳定7．下课时，有同学用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动；而推课桌的上部，课桌可能会翻到，这说明力的作用效果（）A．与力的大小有关B．与力的作用点有关C．与力的方向有关D．与受力面积有关8．如图是小勇做完“探究水沸腾时温度变化的特点”实验后，根据记录作出的水的沸腾图象，下列对图象的分析正确的是（）A．实验中加热3min后停止了加热B．沸腾温度不足100℃可能是供热不足C．AB段水平线表明水沸腾过程吸热而不升温D．OA段斜线表明水的实际温度与加热时间成正比9．下列关于电磁现象的说法正确的是（）A．感应电流的方向只与导体切割磁感线的方向有关B．扬声器与话筒都是把声信号转变为电信号的装置C．电磁铁的磁性强弱只与线圈的匝数有关D．发电机是根据电磁感应现象制成的10．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，各电表示数变化正确的是（）A．电流表和电压表的示数均变小B．电流表和电压表的示数均变大C．电流表示数变大、电压表的示数不变D．电流表示数变小、电压表的示数不变11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，R1、R2两端的电压U1、U2与电流I的变化关系图象如选项所示，其中正确的是（）12．下列关于信息的传递和能源的利用说法正确的是（）A．煤、石油、天然气是不可再生能源B．手机是通过激光来接收信号的C．电视遥控器是通过紫外线来发射信号的D．核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站二、填空题（共6小题，18题每空2分，其余每空1分，共14分）13．如图所示的光路图中，已知∠AOM=30°，∠BOC=90°，请计算：反射角等于，折射角等于．14．小明在实验室用天平和量筒测量矿石的密度，在实验过程中他进行了如下一些实验步骤：①用调节好的天平测出矿石的质量；②向量筒中倒入适量的水，测出这些水的体积；③根据密度公式，求出矿石的密度；④将矿石浸没在量筒内的水中，测出矿石和水的总体积．以下实验步骤顺序合理且误差较小的是A、①②③④B、①②④③C、②④①③D、③①②④15．体积为50cm3，质量是45g的物体，将其缓缓放入装满水的烧杯中，物体静止后，溢出水的质量的g．（ρ水=1.0×103kg/m3）16．某同学用如图所示滑轮组将重为300N的物体以0.2m/s的速度向上拉动，拉力为125N （不计绳重及摩擦），则5s内人拉绳子做的功是J，该滑轮组的机械效率是．17．一个标有“12V 6W”的小灯泡接在电压为18V的电源下正常发光，则需串联一个电阻R，该串联电阻阻值为Ω，该电阻消耗的功率为W．18．电热安全压力锅解除了普通压力锅的安全隐患；既省时又省电．某电压力锅的额定电压为220V，额定功率为1200W（c水=4.2×103J/（kg•℃），q煤=5.0×107J/kg）．（1）若使用上述压力锅将2kg初温为20℃的水加热升至120℃的过程中，水吸收的热量为J，这些热量需要完全燃烧g的煤气；（2）若某次仅使用上述压力锅正常工作0.5h，测得图示电能表的指示灯共闪烁600次，由此可知该过程中压力锅是（填“间歇”或“持续”）通电工作．三、作图与实验探究题（共4小题，共18分）19．（2分）一足球不慎掉进水中漂浮在水面上，如图所示，试作出足球所受力的示意图．20．（5分）小明在学习“物质的比热容”时，取相同质量的水和沙子，用相同的酒精灯加热，测得它们升高的温度如表，并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线．（1）用温度计测量水的初温如图甲所示，其读数为℃．（2）实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和沙子相同．加热时间/min0.5 1.0 1.5 2.0 2.5温度/℃水 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0沙子 4.3 7.9 15.2 18.4 21.5（3）请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线．（4）沙子在1.0～1.5min内升高的温度有明显异常，其主要原因是．（5）小明再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度△t为横坐标，分别画出50g水和100g水的Q﹣△t图象．它们都是过原点的直线，即Q=k△t．进一步分析，发现这两条直线的k值与对应水的之比相等．21．（5分）现有下列器材：二节干电池、一个单刀单掷开关S1、一个单刀双掷开关S2、电压表（0～3V、0～15V）、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干．利用这些器材测量滑动变阻器R x的最大阻值，实验电路图如图甲所示．（1）请你根据图甲所示的电路图，将图乙中的实物图连接完整（导线不交叉）．（2）电路连好之后，按照下列步骤进行操作：①移动滑动变阻器的滑片，使其连入电路的阻值最大，闭合开关S1，将开关S2拨至a处，记下电压表的示数U1=V（如图丙）；②将开关S2拨至b处，记下电压表的示数U2=V（如图丁）；③先断开开关S1和S2，再撤去两端的导线，然后整理器材．（3）根据上述有关数据，求出滑动变阻的最大阻值为Ω．22．（6分）2014年暑假，平阴县某物理兴趣小组的同学们根据所学初二的物理知识和物理原理，自制了只需要一个钩码的天平，所用钩码是实验室里常见的质量为50g的钩码，用细线挂在右侧横梁上，调节天平至水平位置平衡（如图甲所示）．测质量时只需要移动细线在横梁上的位置使横梁水平平衡，由细线在横梁上的位置对应的刻度值直接表示出物体的质量．（1）制作这架天平的物理原理是．（2）将下列测量物体质量的几个主要步骤正确的顺序写出来（只填写序号）a．将悬挂钩码的细线移到0刻线．b．将天平放在水平台面上．c．将待测物体放在天平的左侧置物盘上．d．调整横梁右侧的平衡螺母使横梁上悬挂的重锤线对准底座上的标记e．移动悬挂钩码的细线使横梁上悬挂的重锤线对准底座上的标记．（3）为了确定横梁上的刻度，在置物盘中放置一个50g的砝码，移动悬挂钩码的细线使横梁平衡（如图乙所示）．请在图甲的横梁标尺上标出50g、150g两个刻度（分别把50g、150g标记在横梁上的对应位置）．（4）将一石块放在置物盘上，移动悬挂钩码的细线使横梁平衡（如图丙所示）．这个矿石的质量是g．（5）如果以右侧50g的钩码提供的力为动力，则这架天平相当于一个（选填“等臂杠杆”、“省力杠杆”和“费力杠杆”）．四、计算题（共2小题，每小题7分，共14分）23．某型号水陆两栖车（既能在陆地上行驶，也能像船一样在水中航行），总质量是12t在陆地上行驶最大速度为120km/h，以最大速度匀速行驶时受到的阻力为6000N，该车静止在水平地面上时，4个车轮着地总面积为0.24m2，g=10N/kg．求水陆两栖车：（1）在水上航行时，受到的浮力是多少？（2）在陆地上静止时，它对水平地面的压强是多少？（3）在平直的陆地上以最大速度匀速行驶3km的过程中，牵引力做的功是多少？24．如图所示，电源电压U=12V，R1为定值电阻，阻值为100Ω，R为滑动变阻器，R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，小灯泡上标有“6V 3W”字样，小灯泡的U﹣I关系如图所示，求：（1）灯泡正常工作时通过灯丝的电流是多少？（2）S闭合，S1、S2都断开时调节滑动变阻器，当小灯泡两端的电压为4V时，滑动变阻器接入电路中的阻值为多大？（3）S、S1、S2都闭合时，移动滑片P，当滑动变阻器接入电路的阻值为多少时，整个电路消耗的总功率最大？最大总功率是多少？滕州市2015年初中学业考试模拟试题（三）物理（解析与答案）一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分；每小题只有一个选项符合题意）1．如图所示四个声现象中，哪两个可以用相同的声学知识解释（）A．甲和乙B．乙和丙C．丙和丁D．甲和丁【解析】甲图：说明声音是由物体的振动产生的；乙图：说明声音的传播需要介质，真空不能传声；丙图：太空中没有空气，宇航员不能直接交谈，说明真空不能传声；丁图：说明声音能够传递信息．因此声学知识相同的是乙和丙．故选B．2．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传播的应用B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，是利用了凹透镜的会聚的作用C．图丙中，太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律【解析】A、小孔成的像是由实际光线形成的，可以用光屏接收到，符合实像的特征，不是虚像，此项错误；B、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，利用了凹透镜的发散的作用，用凹透镜矫正，此项错误；C、白光由七色光组成，不同色光通过三棱镜后，偏折角度不同，所以被分解成七色光，这是光的色散现象，此项正确；D、只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，此项错误．故选C．3．下列对生活中一些现象的解释错误的是（）A．用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热B．用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热C．用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了汽化和凝固现象D．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化【解析】A、用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热，故A正确，不符合题意；B、用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热，故B正确，不符合题意；C、用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了升华和凝华现象，故C错误，符合题意．D、用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化，故D正确，不符合题意．故选C．4．下列说法中正确的是（）A．扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动B．冰和松香在熔化过程中，温度都升高C．固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力D．温度高的物体，内能一定大【解析】A、由分子动理论可知，扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动，故A正确；B、冰是晶体，在熔化时吸热但温度不变，松香是非晶体，熔化时边吸热、边升温，故B错误；C、固体和液体都很难被压缩，说明分子间存在斥力，但不是只存在斥力，故C错误；D、在不知道质量的情况下，温度高的物体，内能不一定大，故D错误．故选A．5．在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，而b端在2倍焦距之外，如图所示，那么透过透镜观察（）A．a、b端都变粗B．a端变细，b端变粗C．a、b端都变细D．a端变粗、b端变细【解析】由题意知，a端位于1倍焦距与2倍焦距之间，故所成的像是倒立、放大的，则b端位于2倍焦距之外，故所成的像是倒立、缩小的；所以在凸透镜的主轴上放着一根粗细均匀的木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，b端在2倍焦距之外，则木棒所成的像将是a端变粗，b端变细，ABC错误，D正确．故选D．6．李强同学动手能力非常强，学习了浮力后，他利用“铁丝、胶管、试管、进、排水管、水和注射器”，制作了如图所示是潜水艇模型，下列说法不正确的是（）A．向里推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉B．潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的C．向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D．潜艇模型的试管上绕些铁丝，可保持试管稳定【解析】A、图中潜艇模型，向内推注射器活塞，水会被压出试管，此时模型的自重减小，模型上浮，故A错误，符合题意；B、当潜艇模型浸没在水中时，排开水的体积不变，所受浮力不变，因此模型的上浮和下沉是通过改变潜艇的重力来实现的，故B正确，但不符合题意；C、向外拉注射器活塞，试管内水增加，试管内水量适当时，潜艇可能悬浮，故C正确，但不符合题意；D、试管左轻、右重，为了保持试管稳定，潜艇模型的试管上绕些铁丝，故D正确，但不符合题意；故选A．7．下课时，有同学用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动；而推课桌的上部，课桌可能会翻到，这说明力的作用效果（）A．与力的大小有关B．与力的作用点有关C．与力的方向有关D．与受力面积有关【解析】推课桌下部和上部，是力的作用点不同，使课桌发生了不同的运动情况，说明力的作用效果与力的作用点有关．故选B．8．如图是小勇做完“探究水沸腾时温度变化的特点”实验后，根据记录作出的水的沸腾图象，下列对图象的分析正确的是（）A．实验中加热3min后停止了加热B．沸腾温度不足100℃可能是供热不足C ．AB 段水平线表明水沸腾过程吸热而不升温D ．OA 段斜线表明水的实际温度与加热时间成正比【解析】从第3min 水的温度保持不变，是因为处于沸腾过程，沸腾过程中仍需不断吸热，所以A 错误，C 正确；沸腾温度不足100℃是因为当时气压低于标准大气压，所以B 错误；由图象知，OA 段斜线，水加热的时间越长，吸收的热量越多，根据公式△t=cmQ ，在比热容和质量不变时，水温度的变化与加热时间成正比，但达到沸点后，水沸腾温度不再升高，所以D 错误．故选C ．9．下列关于电磁现象的说法正确的是（ ）A ．感应电流的方向只与导体切割磁感线的方向有关B ．扬声器与话筒都是把声信号转变为电信号的装置C ．电磁铁的磁性强弱只与线圈的匝数有关D ．发电机是根据电磁感应现象制成的【解析】A 、感应电流的方向与导体切割磁感线的方向和磁场方向有关，故A 错误；B 、扬声器是把电信号转化成声信号，而话筒都是把声信号变为电信号，故B 错误；C 、电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数、电流的大小和铁芯有关，故C 错误；D 、发电机是根据电磁感应现象制成的，故D 正确．故选D ．10．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，各电表示数变化正确的是（ ）A ．电流表和电压表的示数均变小B ．电流表和电压表的示数均变大C ．电流表示数变大、电压表的示数不变D ．电流表示数变小、电压表的示数不变【解析】电压表测量电源电压，故电压表示数保持不变；当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可得通过滑动变阻器的电流增大；因定值电阻两端电压不变，故通过定值电阻的电流不变；由并联电路的电流规律可得干路电流增大，即电流表A 的示数增大．故选C ．11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，R1、R2两端的电压U1、U2与电流I的变化关系图象如选项所示，其中正确的是（）【解析】从图可知，定值电阻R1和滑动变阻器串联R2串联，V1测R1的电压，V2测变阻器R2的电压；①对定值电阻R1来说，其电流与电压成正比，即I与U1成正比，故B正确，A错误。

山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考物理试题考试时间：100分钟一、选择题（每题4分，1－8 题单选，9－12多选，共48分）1下列说法正确的是A．速度变化越快的物体惯性越小B．物体做曲线运动的条件是所受合外力的方向和速度的方向既不垂直也不在一条直线上C．学校餐厅的吊扇在工作时向下推压空气，空气对吊扇产生向上的推力，减轻了吊杆对吊扇的拉力，所以，即使吊杆略有松动也是安全的。

D．用弹簧连接两个小球A和B，其中弹簧对A的弹力和弹簧对B的弹力是一对平衡力。

2．如图所示,质量分别为m1、m2的A、B两小球分别连在弹簧两端,B端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上,不计弹簧质量,在线被剪断瞬间,A、B两球的加速度分别为：（）A．都等于B．和0C．和0 D．0和3．气象研究小组用图示简易装置测定水平风速。

在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹时，球在风力的作用下飘起．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°。

则（）A．θ=60°时，风速v=6m/sB．若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C．若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则θ不变D．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小4．如图所示，具有一定初速度v的物块，在沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为5 m/s2，方向沿斜面向下，g取10 m/s2，那么在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减少C．物块的机械能不变D．物块的机械能可能增加，也可能减少5．“星跳水立方”节目中，某明星从跳板处由静止往下跳的过程中（运动过程中某明星可视为质点），其速度—时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）．A．跳板距离水面的高度为7．5 mB．该明星入水前处于失重状态，入水后处于超重状态C．1 s末该明星的速度方向发生改变D．该明星在整个下跳过程中的平均速度是7．5 m/s6．如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）A．小球通过最高点时的最小速度v min＝B．小球通过最低点时的最小速度v min＝C．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力D．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力7．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行。

山东省滕州市第一中学第一学期2015届高三期中考物理试题一、单项选择题（10小题，每小题3分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。

选择正确得3分，选错或不答得零分）1．飞机的起飞过程是从静止出发，在直跑道上加速前进，当达到一定速度时离地升空．已知飞机加速前进的路程为1600m，所用的时间为40s．假设这段运动为匀加速运动，则飞机的加速度和离地时的速度分别是（）A．2m/2s，80m/s, B．1m/2s，40m/sC．80m/2s，40m/s, D．1m/2s，80m/s2．一个小球从4m高处自由落下，被水平地面竖直弹回到1m高处，在这一过程中，关于小球的路程和位移，下列说法正确的是（）A．路程是3m，位移大小是5m，方向竖直向上B．路程是5m，位移大小是3m，方向竖直向上C．路程是3m，位移大小是5m，方向竖直向下D．路程是5m，位移大小是3m，方向竖直向下3．如图所示，质量为m的滑块受到与水平方向成θ角斜向上方的拉力F作用，向右做匀速直线运动，说法正确的是（）A．滑块受到3个力的作用B．滑块受到的合力为零C．拉力与摩擦力的合力的大小为FsinθD．仅增大拉力F，滑块仍做匀速直线运动4．使用自卸式货车可以提高工作效率。

如图所示，在车厢由水平位置逐渐抬起直至物体下滑的过程中，有关货物所受车厢的支持力F N和摩擦力F f，下列说法中正确的是：（）A．支持力F N逐渐减小B．支持力F N先减小后不变C．摩擦力F f逐渐增大D．摩擦力F f先增大后不变5．滑块以速率v1靠惯性沿固定斜面由底端向上运动，当它回到出发点时速率为v2，且v2< v1，若滑块向上运动的位移中点为A，取斜面底端重力势能为零，则：（）A．上升时机械能减小，下降时机械能增大B．上升时动能减小，下降时动能也减小C ．上升过程中动能和势能相等的位置在A 点下方D ．下落过程中动能和势能相等的位置在A 点下方6．实验室常用的弹簧测力计如图甲所示，有挂钩的拉杆与弹簧相连，并固定在外壳一端O上，外壳上固定一个圆环，可以认为弹簧测力计的总质量主要集中在外壳（重量为G ）上，弹簧和拉杆的质量忽略不计。