黑龙江省绥化市肇东二中2015-2016学年高一上学期期中物理试卷

顺抚市成风阳光实验学校三中高一〔上〕期中物理试卷一、单一选择题〔共12小题，共48分在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，有错选或不答的得0分〕1．以下情况中加点的物体，可以看作质点的是〔〕A．研究从开往的一列火车的运行速度B．观察火车通过某一路标的时间C．研究刘翔跨栏时身体各部位的姿势D．研究乒乓球的各种旋转运动2．两辆在平直公路上运动，甲车内一同学看见乙车没有运动，而乙车内一同学看见路旁的树木向西移动．如果以地面为参考系，那么〔〕A．甲车不动，乙车运动B．乙车不动，甲车运动C．甲车向西运动，乙车运动D．甲、乙两车以相同的速度运动3．以下关于速度和加速度关系的说法中正确的选项是〔〕A．速度变化量越大，加速度越大B．加速度的方向就是速度的方向C．加速度为零时，速度一为零D．加速度越来越小，速度可能越来越大4．列车沿直线从A到B，开始以速度v 运动了路程，通过中间路程的速度是2v ，最后路程的运动速度是v，那么全程平均速度为〔〕A．v B．5v C．v D．v5．如下图，表示物体做匀变速直线运动的是〔〕A．①②B．②③C．①③D．①④6．竖直升空的，其速度图象如下图，由图可知〔〕A．上升到最高点所用的时间是40sB．前40s上升，40s 后开始下落C．燃料用完时，离地高度是48000mD．的加速度始终是20m/s 27．一个物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度到达4m/s，物体在第2s内的位移是〔〕A．6m B．8m C．4m D．1.6m8．做自由落体运动的甲、乙两物体所受的重力之比为2：1，下落高度之比为1：2，那么〔〕A．下落时间之比是1：2B．落地速度之比是1：1C ．落地速度之比是D．下落过程中的加速度之比是2：19．作用在一个物体上的两个共点力，一个力的大小是3N，另一个力的大小是4N，它们合力的大小可能是〔〕A．0N B．5N C．8N D．12N10．足球运发动已将足球踢向空中，如下图，以下描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的选项是〔G为重力，F为脚对球的作用力，F f 为空气阻力〕〔〕A ．B ．C ．D ．11．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2Mg12．如下图，在同一平面内，大小分别为1N，2N，3N，4N，5N，6N的六个力共同作用于一点，其方向互成60°的角，那么其合力大小为〔〕A．0 B．1N C．2N D．3N二、不项选择题〔每题有四个选项，其中有一个或多个选项是正确的，选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选得零分，共16分〕13．下面给出的物理量中，哪些物理量是矢量〔〕A．位移B．力 C．路程D．加速度14．物体做变速直线运动〔运动方向不变〕，在一段时间里加速度逐渐减小，那么在这段时间里〔〕A．速度可能逐渐减小B．位移可能逐渐减小C．速度可能逐渐增加D．速度和位移一逐渐增加15．有一质点从t=0开始由原点出发，其运动的速度﹣时间图象如下图，那么〔〕A．t=1s时，质点离原点的距离最大B．t=2s时，质点离原点的距离最大C．t=2s时，质点回到原点D．t=4s时，质点回到原点16．如下图，放在斜面的盒子里盛上一些砂子，恰好能沿斜面匀速下滑，现将盒中的砂子取出一些，那么有〔〕A．斜面对盒子的支持力减小 B．斜面对盒子的摩擦力减小C．盒子将做加速运动D．盒子将做减速运动三、填空题〔此题共3小题，共14分，按题目的要求作答〕17．一位同学进行“用打点计时器探究小车的运动规律〞〔1〕现有以下器材可供选择：一端带滑轮的长木板、钩码假设干、电火花打点计时器、纸带假设干、220V交流电源、天平、秒表、刻度尺、细线．其中不必要的器材是：；〔2〕接通电源与释放纸带〔或物体〕，这两个操作时刻的关系当是A、先接通电源，后释放纸带B、先释放纸带，后接通电源C、释放纸带的同时接通电源D、先接电源或先释放纸带都可以．18．在“用打点计时器探究小车速度随时间变化的规律〞的中，小车拖着纸带运动．打点计时器每隔0.02s打一个点，打出的纸带如下图．选出A、B、C、D、E共5个计数点，每相邻两个计数点之间还有四个点图中未画出，量出的相邻各点间的位移已标在图上．由此可求得打下C点时小车运动的速度约为v c= m/s，小车的加速度为a= m/s2．19．如下图，两木块的质量分别为m1和m2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1和k2，两弹簧和两木块分别栓接，但下面弹簧与地面不栓接，整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提上面的物块，直到下面的弹簧刚离开地面，那么在这个过程中下面物块移动的距离为．四、计算题〔共22分，20题6分，21题8分，22题8分〕20．一架战斗机完成任务以50m/s的速度着陆后做加速度大小为5m/s2的匀减速直线运动，求：〔1〕着陆后8s末的速度；〔2〕着陆后8s内的平均速度；〔3〕着陆后12s内的位移大小．21．跳伞运发动做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当下落180m时翻开降落伞，伞张开后运发动就以11m/s2的加速度做匀减速直线运动，到达地面时速度为5m/s．〔取g=10m/s2〕问：〔1〕运发动离开飞机多少秒后翻开降落伞？〔2〕运发动翻开伞时的速度大小是多少？〔3〕运发动离开飞机时距地面的高度为多少？〔4〕离开飞机后，经过多少时间才能到达地面？22．在图中，物体A随皮带匀速向上运动，物块B沿墙向上滑，物块C沿墙向下滑，木杆靠在光滑墙壁上不动，试画出各物体受到的力．三中高一〔上〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、单一选择题〔共12小题，共48分在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，有错选或不答的得0分〕1．以下情况中加点的物体，可以看作质点的是〔〕A．研究从开往的一列火车的运行速度B．观察火车通过某一路标的时间C．研究刘翔跨栏时身体各部位的姿势D．研究乒乓球的各种旋转运动【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、研究从开往的一列火车的运行速度，火车的形状和大小是可以忽略的，能够看成质点，所以A正确；B、观察火车通过某一路标的时间时，火车的长度不能忽略，不能看成质点，所以B错误；C、研究刘翔跨栏时身体各部位的姿势时，看的就是人的动作如何，是不能看成质点的，所以C错误；D、研究乒乓球的旋转时，乒乓球的形状和大小不能忽略，不能看成质点，所以D错误；应选：A【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．两辆在平直公路上运动，甲车内一同学看见乙车没有运动，而乙车内一同学看见路旁的树木向西移动．如果以地面为参考系，那么〔〕A．甲车不动，乙车运动B．乙车不动，甲车运动C．甲车向西运动，乙车运动D．甲、乙两车以相同的速度运动【考点】参考系和坐标系．【分析】乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明乙车相对地面运动；甲车内一同学看见乙车没有运动，说明甲乙两车的速度相同．【解答】解：由于甲车内一同学看见乙车没有运动，故甲乙两车的速度相同．又由于乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明乙车相对地面运动，所以以地面为参考系甲乙两车以相同的速度都运动，故D正确．应选D．【点评】掌握参考系的概念是解决此类题目的关键，此题中乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明该同学是以自己作为参考系．3．以下关于速度和加速度关系的说法中正确的选项是〔〕A．速度变化量越大，加速度越大B．加速度的方向就是速度的方向C．加速度为零时，速度一为零D．加速度越来越小，速度可能越来越大【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度描述物体速度变化的快慢，加速度越大，速度变化越快．加速度在数值上于单位时间内速度的变化量．加速度与速度不一相同．加速度为零时，速度不一为零．加速度越来越小，速度可能越来越大．【解答】解：A、加速度在数值上于单位时间内速度的变化量．速度变化量越大，加速度不一越大，还取决于速度变化所用的时间．故A错误．B、加速度的方向与合力方向相同，与速度方向不一相同，比方平抛运动．故B错误．C、加速度为零时，速度不一为零，比方匀速直线运动，加速度为零，速度不为零．故C错误．D、加速度越来越小，速度可能越来越大，比方当加速度与速度方向相同时．故D正确．应选D【点评】此题考查对加速度与速度关系的理解能力．对于题目中有“一〞“可能〞选项时，可以通过举例说明．4．列车沿直线从A到B，开始以速度v 运动了路程，通过中间路程的速度是2v ，最后路程的运动速度是v，那么全程平均速度为〔〕A．v B．5v C．v D．v【考点】平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】求出全程的运动时间，根据平均速度的义式求出全程的平均速度．【解答】解：设全程长s，那么全程所用的时间t=，那么全程的平均速度．故A正确，B、C、D错误．应选A．【点评】解决此题的关键掌握平均速度的义式，会利用平均速度求出全程的平均速度．5．如下图，表示物体做匀变速直线运动的是〔〕A．①②B．②③C．①③D．①④【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】匀加速直线运动的速度﹣时间图象是倾斜的直线，位移﹣时间图象是抛物线．【解答】解：①v﹣t图象是倾斜的直线，速度均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动．故①正确．②表示物体做匀速直线运动．故②错误．③v﹣t图象是倾斜的直线，速度均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动．故③正确．④图线切线的斜率减小，加速度减小，表示物体做变加速直线运动．故④错误．应选：C．【点评】此题考查识别和理解物理图象的能力，首先要分清什么图象；其次根据形状分析物体的运动的情况，不能搞混淆．6．竖直升空的，其速度图象如下图，由图可知〔〕A．上升到最高点所用的时间是40sB．前40s上升，40s 后开始下落C．燃料用完时，离地高度是48000mD．的加速度始终是20m/s 2【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移．【解答】解：A、0﹣120s，速度方向没有改变，而120s时速度为0，位移最大，到达最高点，故A错误；B、0﹣120s，速度一直是正值，方向没有改变一直上升，故B错误；C、上升的最大高度即为运动过程中的最大位移，由图可知当速度于零时，位移最大，x=×120×800m=48000m，故C正确；D、前40s加速度为a==20m/s2，后80s 加速度为==﹣10m/s2，故D错误．应选：C．【点评】此题是速度﹣﹣时间图象的用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于根底题．7．一个物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度到达4m/s，物体在第2s内的位移是〔〕A．6m B．8m C．4m D．1.6m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体的初速度为0，根据速度时间公式v=at，求出物体的加速度，然后根据位移时间公式求出第2s内的位移．【解答】解：根据速度时间公式v1=at，得a==．第1s末的速度于第2s初的速度，所以物体在第2s 内的位移=．故A正确，B、C、D错误．应选A．【点评】解决此题的关键掌握速度时间公式v=v0+at ，以及位移时间公式．8．做自由落体运动的甲、乙两物体所受的重力之比为2：1，下落高度之比为1：2，那么〔〕A．下落时间之比是1：2B．落地速度之比是1：1C ．落地速度之比是D．下落过程中的加速度之比是2：1【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】此题考查自由落体运动的规律，自由落体运动快慢与物体的质量无关，高度h=gt2；速度v=gt； V=关系即可求出时间之比1：，速度之比1：【解答】解：由自由落体运动的规律知，自由落体运动快慢与物体的质量无关，高度h=gt2；速度v=gt； V=关系即可求出时间之比1：，速度之比1：，故只有C项正确．应选：C【点评】此题考查匀变速直线运动的特例：自由落体运动．掌握自由落体运动的义和根本规律即可解决此问题．9．作用在一个物体上的两个共点力，一个力的大小是3N，另一个力的大小是4N，它们合力的大小可能是〔〕A．0N B．5N C．8N D．12N【考点】力的合成．【专题】性思想；合成分解法；受力分析方法专题．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且|F1﹣F2|≤F≤F1+F2【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；故1N≤F≤7N；故B正确，ACD错误；应选：B．【点评】此题关键根据平行四边形那么得出合力的范围：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2 10．足球运发动已将足球踢向空中，如下图，以下描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的选项是〔G为重力，F为脚对球的作用力，F f 为空气阻力〕〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物体受力分析，明确物体和周围几个物体相接触，即每个力找到施力物体．【解答】解：足球飞在空中时，一受重力，且竖直向下；同时由于空气的作用，受到空气阻力；方向与运动方向相反；应选：B．【点评】此题解答时学生易错选D答案，原因是没有真正惯性的意义，同时注意在受力分析时养成找施力物体的习惯．11．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2Mg【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】摩擦力专题．【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有：f2=f1，得：f2=μ2mg．应选：B．【点评】此题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力与正压力成正比．12．如下图，在同一平面内，大小分别为1N，2N，3N，4N，5N，6N的六个力共同作用于一点，其方向互成60°的角，那么其合力大小为〔〕A．0 B．1N C．2N D．3N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】先分别求出5N和2N、4N和1N、6N和3N的合力，再求出三个力的合力，为这六个力的合力．【解答】解：5N和2N、4N和1N、6N和3N的合力都为3N，且三个合力互成120度，根据平行四边形那么知，最终合力为零．故A正确，B、C、D错误．应选A．【点评】解决此题的关键知道力的合成和分解遵循平行四边形那么，知道三个互成120度的相力的合力为零．二、不项选择题〔每题有四个选项，其中有一个或多个选项是正确的，选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选得零分，共16分〕13．下面给出的物理量中，哪些物理量是矢量〔〕A．位移B．力 C．路程D．加速度【考点】矢量和标量．【专题】性思想；归纳法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．【解答】解：ABD、矢量是既有大小又有方向的物理量，位移、力和加速度都是矢量，故ABD正确．C、标量是只有大小没有方向的物理量，路程是标量，故C错误．应选：ABD【点评】矢量与标量明显的区别是：矢量有方向，标量没有方向，矢标性是物理量的内涵之一，要理解并记牢．14．物体做变速直线运动〔运动方向不变〕，在一段时间里加速度逐渐减小，那么在这段时间里〔〕A．速度可能逐渐减小B．位移可能逐渐减小C．速度可能逐渐增加D．速度和位移一逐渐增加【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】当物体的速度和加速度方向相同时，做加速运动，当物体的速度方向与加速度方向相反时，做减速运动．【解答】解：A、当物体的加速度方向与速度方向相反，加速度减小，速度减小．故A正确．B、因为物体的运动方向不变，那么位移逐渐增大．故B错误．C、当物体的加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．故C正确．D、当物体的速度和加速度方向相同时，做加速运动，当物体的速度方向与加速度方向相反时，做减速运动．由于速度方向不变，那么位移一增加．故D错误．应选：AC．【点评】加速度是反映速度变化的快慢，判断物体加速还是减速，不是看加速度增加还是减小，而是看加速度方向与速度方向的关系．15．有一质点从t=0开始由原点出发，其运动的速度﹣时间图象如下图，那么〔〕A．t=1s时，质点离原点的距离最大B．t=2s时，质点离原点的距离最大C．t=2s时，质点回到原点D．t=4s时，质点回到原点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】速度时间图线的斜率表示加速度，加速度不变的运动为匀变速运动．图线与时间轴围成的面积表示位移，结合位移分析质点所处的位置．【解答】解：A、B、在前2s内质点沿正方向运动，在后2s内沿负方向运动，两段时间内位移大小相，4s末回到出发点，所以t=2s时离原点距离最大．故A错误，B正确．C、D、由图象的“面积〞看出，前2s内和后2s内位移大小相，方向相反，那么t=4s时回到原点．故C错误，D正确．应选：BD．【点评】此题抓住速度图象的“面积〞于位移是关键．能根据图象分析物体的运动情况，通过训练，培养根本的读图能力．16．如下图，放在斜面的盒子里盛上一些砂子，恰好能沿斜面匀速下滑，现将盒中的砂子取出一些，那么有〔〕A．斜面对盒子的支持力减小 B．斜面对盒子的摩擦力减小C．盒子将做加速运动D．盒子将做减速运动【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以小盒和沙子为研究对象，通过受力分析，摩擦力和支持力的合力与重力平衡，分别列出各力的大小与质量的关系，从而进行判断．【解答】解：如下图，小盒和沙子匀速下滑，根据共点力平衡有：N=mgcosθ，f=μN=μmgcosθ，要使小盒及沙子匀速下滑，滑动摩擦力大小于重力沿斜面向下的分力mgsinθ，即：小盒和沙子匀速下滑的条件是：μmgcosθ=mgsinθ；现将盒中的砂子取出一些，质量减小，那么支持力、摩擦力减小，合力仍然为零，做匀速直线运动．故A、B、正确，CD错误．应选：AB．【点评】掌握力的合成和分解，运用共点力平衡的条件找出力与力的关系．斜面物体匀速下滑的根本原因是滑动摩擦系数μ=tanθ，与物体的质量无关，因为合外力始终是0．三、填空题〔此题共3小题，共14分，按题目的要求作答〕17．一位同学进行“用打点计时器探究小车的运动规律〞〔1〕现有以下器材可供选择：一端带滑轮的长木板、钩码假设干、电火花打点计时器、纸带假设干、220V交流电源、天平、秒表、刻度尺、细线．其中不必要的器材是：天平、秒表；〔2〕接通电源与释放纸带〔或物体〕，这两个操作时刻的关系当是 AA、先接通电源，后释放纸带B、先释放纸带，后接通电源C、释放纸带的同时接通电源D、先接电源或先释放纸带都可以．【考点】用打点计时器测速度．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】探究小车速度随时间变化的关系的，所需的器材该从的过程和步骤去考虑；接通电源与释放纸带〔或物体〕的先后顺序根据情况总结得出．【解答】解：〔1〕在研究匀变速直线运动的中，具体的步骤为：①木板平放，并使滑轮伸出桌面，把打点计时器固，连接好电路，〔此步骤所需器材带滑轮长木板、打点计时器、复写纸、导线〕②穿纸带；挂钩码，〔此步骤所需器材纸带、钩码、细绳〕③先接通电源，然后放开小车，让小车拖着纸带运动，打完一条后立即关闭电源，〔此步骤所需器材小车〕④换纸带，加钩码，再做二次．⑤处理纸带，解出某位置的速度和运动过程的加速度．〔在处理纸带时需要用刻度尺处理计数点之间的距离〕从以上步骤可以看出中没有用到天秒表，故答案为：天平、秒表．〔2〕本先接通电源，后释放纸带，这样才能保证纸带的大距离上都打上了点，才能充分利用整个纸带，故A正确．故答案为：〔1〕天平、秒表；〔2〕A．【点评】此题考查了的具体操作细节，要的实际操作，不能单凭背来解答问题．18．在“用打点计时器探究小车速度随时间变化的规律〞的中，小车拖着纸带运动．打点计时器每隔0.02s打一个点，打出的纸带如下图．选出A、B、C、D、E共5个计数点，每相邻两个计数点之间还有四个点图中未画出，量出的相邻各点间的位移已标在图上．由此可求得打下C点时小车运动的速度约为v c= 0.19 m/s ，小车的加速度为a= 0.20 m/s2．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．【解答】解：选出A、B、C、D、E 共5个计数点，每相邻两个计数点之间还有四个点图中未画出，所以时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，得：v c==0.19m/s根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x2=2a1T2x3﹣x1=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：a=〔a1+a2〕即小车运动的加速度计算表达式为：a=解得：a=0.20m/s2故答案为：0.19；0.20【点评】利用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用，提高解决问题能力．19．如下图，两木块的质量分别为m1和m2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1和k2，两弹簧和两木块分别栓接，但下面弹簧与地面不栓接，整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提上面的物块，直到下面的弹簧刚离开地面，那么在这个过程中下面物块移动的距离为g ．【考点】胡克律．【分析】开始时下面弹簧处于压缩状态，选两个物体为一个整体，由受力平衡可知弹力于两个木块的总重力，由胡克律求出下面弹簧压缩的长度x2．当下面的弹簧刚离开地面时，下面弹簧移动的距离即为x2【解答】解：选两个物体为一个整体，由受力平衡可知，弹力于两个木块的总重力，由胡克律求出下面弹簧压缩的长度x2=g，当下面的弹簧刚离开地面时，下面弹簧移动的距离即为x2．故答案为：【点评】此题考查处理含有弹簧的平衡问题能力，也可以直接由胡克律求解．四、计算题〔共22分，20题6分，21题8分，22题8分〕20．一架战斗机完成任务以50m/s的速度着陆后做加速度大小为5m/s2的匀减速直线运动，求：〔1〕着陆后8s末的速度；〔2〕着陆后8s内的平均速度；〔3〕着陆后12s内的位移大小．【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出战斗机速度减为零所需的时间，判断飞机是否停止，再结合速度时间公式和位移公式求出飞机的速度和位移，根据平均速度的推论求出平均速度的大小．【解答】解：〔1〕飞机速度减为零的时间t=，那么着陆后8s末的速度v=v0+at=50﹣5×8=10m/s．〔2〕着陆后8s 内的平均速度．〔3〕着陆12s内的位移于10s内的位移，那么x=．答：〔1〕着陆后8s末的速度为10m/s；〔2〕着陆后8s内的平均速度为30m/s；〔3〕着陆后12s内的位移大小为250m．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．21．跳伞运发动做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当下落180m时翻开降落伞，伞张开后运发动就以11m/s2的加速度做匀减速直线运动，到达地面时速度为5m/s．〔取g=10m/s2〕问：〔1〕运发动离开飞机多少秒后翻开降落伞？〔2〕运发动翻开伞时的速度大小是多少？〔3〕运发动离开飞机时距地面的高度为多少？〔4〕离开飞机后，经过多少时间才能到达地面？【考点】自由落体运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】自由落体运动专题．【分析】〔1〕飞行员下落180m后翻开降落伞，此过程做自由落体运动，根据自由落体运动位移时间关系即可求解；。

2016届黑龙江省绥化一中高三上学期期中物理试卷【解析版】一、选择题（共15小题，每题4分，计60分，其中1-10题只有一个选项符合题意，11-15题有多个选项符合题意．）1．伽利略在研究落体运动时，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，下列有关该实验的说法中正确的是( )A．伽利略通过实验验证了力不是维持物体运动的原因B．伽利略在实验的基础上通过逻辑推理指出物体都具有保持原来运动状态的属性C．伽利略通过实验验证了自由落体运动是匀加速运动D．实验中斜面起到了“冲淡”重力的作用，便于运动时间的测量2．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则( )A．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑3．一定质量的理想气体的三个状态在V﹣T图上用A，B，C三个点表示，如图所示．试比较气体在这三个状态时的压强p A，p B，p C的大小关系有( )A．p C＞p B＞p A B．p A＜p C＜p B C．p C＞p A＞p B D．无法判断4．如图所示，一圆盘可以绕其竖直轴在水平面内运动，圆柱半径为R，甲、乙两物体的质量分别为M和m（M＞m），它们与圆盘之间的最大静摩擦力均为正压力的μ倍，两物体用长为L的轻绳连在一起，L＜R．若将甲物体放在转轴位置上，甲、乙连线正好沿半径方向拉直，要使两物体与圆盘不发生相对滑动，则圆盘旋转的角速度最大不得超过：（两物体看作质点）( )A．B．C．D．5．（94高考）如图所示，一个横截面积为S的圆筒形容器竖直放置．金属圆板A的上表面是水平的，下表面是倾斜的，下表面与水平面的夹角为θ，圆板的质量为M．不计圆板与容器内壁之间的摩擦．若大气压强为p0，则被圆板封闭在容器中的气体的压强p等于( )A． B．+C．P0+D．P0+6．地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；假设月球绕地球作匀速圆周运动，轨道半径为r1，向心加速度为a1．已知万有引力常量为G，地球半径为R．下列说法中正确的是( )A．地球质量M=B．地球质量M=C．地球赤道表面处的重力加速度g=aD．加速度之比=7．如图所示，固定容器及可动活塞P都是绝热的，中间有一导热的固定隔板B，B的两边分别盛有气体甲和乙．现将活塞P缓慢地向B移动一段距离，已知气体的温度随其内能的增加而升高．则在移动P的过程中( )A．外力对乙做功；甲的内能不变B．外力对乙做功；乙的内能不变C．乙传递热量给甲；乙的内能增加D．乙的内能增加；甲的内能不变8．一个绝热气缸，压缩活塞前容积为V，内部气体的压强为P，现用力将活塞推进，使容积减小到，则气缸内气体的压强为( )A．等于 B．等于6P C．大于6P D．小于6P9．质量m1=3kg、m2=2kg、m3=1kg的三个物块按照如图所示水平叠放着，m1与m2、m2与m3之间的动摩擦因数均为0.1，水平面光滑，不计绳的重力和绳与滑轮间的摩擦，作用在m2上的水平力F=8N．（g=10m/s2），则m2与m3之间的摩擦力大小为( )A．4N B．5N C．3N D．N10．如图所示容器中，A、B各有一个可自由移动的轻活塞，活塞下面是水，上面为空气，大气压恒定．A、B底部由带有阀门K的管道相连，整个装置与外界绝热．原先A中的水面比B中高，打开阀门，使A中的水逐渐向B中流，最后达到平衡．在这个过程中( )A．大气压力对水做功，水的内能增加B．水克服大气压力做功，水的内能减少C．大气压力对水不做功，水的内能不变D．大气压力对水不做功，水的内能增加11．如图，带有竖直支柱的斜面体静止在水平地面上，光滑的小球被轻质细线和轻弹簧系住静止于斜面体上，弹簧处于拉伸状态，现烧断细线，则在细线烧断瞬时( )A．小球加速度方向沿斜面向下B．小球所受合外力为零C．斜面体对小球的支持力瞬间增大D．地面对斜面体的支持力瞬间增大12．在光滑的水平面内建立如图所示的直角坐标系，长为L的光滑细杆AB的两个端点A、B分别被约束在x轴和y轴上，现让杆的A端沿x轴正方向以速度v0匀速运动，已知P点为杆的中点，某一时刻杆AB与x轴的夹角为θ．关于P点的运动轨迹和P点的运动速度大小v的表达式，下列说法中正确的是( )A．P点的运动轨迹是抛物线的一部分B．P点的运动轨迹是圆弧的一部分C．P点的速度大小为v=v0tanθD．P点的速度大小为13．如图所示，小物块从距A点高度h处自由下落，并从A点沿切线方向进入半径为R的四分之一圆弧轨道AB，经过最低点B后又进入半径为的半圆弧轨道BC，图中C点为轨道最高点，O为半圆弧轨道BC的圆心，两轨道均光滑且在最低点相切，重力加速度为g．则以下说法正确的是( )A．若物块能从轨道BC的最高点C飞出，则下落的高度h可能为B．若已知下落高度h=R，则可求出物块打到轨道AB上的速度大小C．释放的高度越高，在轨道BC的最高点C和最低点B的压力差越大D．若物块从最高点C飞出后，碰到轨道AB上的速度方向不可能与过碰撞点的轨道切线垂直14．如图所示，一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1、O2和质量为m的小球连接，另一端与套在光滑直杆上质量也为m的小物块连接，已知直杆两端固定，与两定滑轮在同一竖直平面内，与水平面的夹角θ=60°，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度，C点到定滑轮O1的距离为L，重力加速度为g，设直杆足够长，小球运动过程中不会与其他物体相碰．现将小物块从C点由静止释放，当小物块沿杆下滑距离也为L时（图中D处），下列说法正确的是( )A．小物块刚释放时轻绳中的张力一定大于mgB．小球下降最大距离为L（1﹣）C．小物块在D处的速度与小球速度大小之比为2：1D．小物块在D处的速度与小球速度大小之比为2：15．如图，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率v1匀速向右运动．一质量为m的滑块从传送带右端以水平向左的速率v2（v2＞v1）滑上传送带，最终滑块又返回至传送带的右端．就上述过程，下列判断正确的有( )A．滑块返回传送带右端的速率为v1B．此过程中传送带对滑块做功为mv﹣mvC．此过程中电动机对传送带做功为2mvD．此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为m（v1+v2）2二、实验题（共2小题，共16分）16．在“用单分子油膜估测分子大小”实验中，（1）某同学操作步骤如下：①取一定量的无水酒精和油酸，制成一定浓度的油酸酒精溶液；②在量筒中滴入一滴该溶液，测出它的体积；③在蒸发皿内盛一定量的水，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散开稳定；④在蒸发皿上覆盖透明玻璃，描出油膜形状，用透明方格纸测量油膜的面积．改正其中的错误：（有两处）__________、__________（2）若油酸酒精溶液体积浓度为0.10%，一滴溶液的体积为4.8×10﹣3cm3，其形成的油膜面积为40cm2，则估测出油酸分子的直径为__________m．（保留1位有效数字）17．（14分）利用气垫导轨验证机械能守恒定律．实验装置示意图如图1所示：（1）实验步骤：①将气垫导轨放在水平桌面上，桌面高度不低于1m，将导轨调至水平．②用游标卡尺测量挡光条的宽度l，结果如图2所示，由此读出l=__________mm．③由导轨标尺读出两光电门中心之间的距离x④将滑块移至光电门1左侧某处，待砝码静止不动时，释放滑块，要求砝码落地前挡光条已通过光电门2．⑤从数字计时器（图5﹣5﹣17中未画出）上分别读出挡光条通过光电门1和光电门2所用的时间△t1和△t2．⑥用天平称出滑块和挡光条的总质量M，再称出托盘和砝码的总质量m．（2）用表示直接测量量的字母写出下列所求物理量的表达式：①滑块通过光电门1和光电门2时瞬时速度分别为v1=__________和v2=__________．②当滑块通过光电门1和光电门2时，系统（包括滑块、挡光条、托盘和砝码）的总动能分别为E k1=__________和E k2=__________．③在滑块从光电门1运动到光电门2的过程中，系统势能的减少△E p=__________（重力加速度为g）．（3）如果△E p≈__________，则可认为验证了机械能守恒定律．三、计算题（共3小题，共34分）18．如图，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2P0的理想气体．P0和T0分别为大气的压强和温度．已知：气体内能U与温度T的关系为U=aT，a为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的．求：（1）气缸内气体与大气达到平衡时的体积V1；（2）在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量Q．19．如图所示，m A=1kg，m B=2kg，A、B间静摩擦力的最大值是5N，水平面光滑．用水平力F拉B，当拉力大小分别是F=10N和F=20N时，A、B的加速度各多大？20．（13分）如图所示，光滑水平面右端B处连接一个竖直的半径为R的光滑半圆轨道，B 点为水平面与轨道的切点，在离B距离为x的A点，用水平恒力将质量为m的质点从静止开始推到B处后撤去恒力，质点沿半圆轨道运动到C处后又正好落回A点：（1）求推力对小球所做的功．（2）x取何值时，完成上述运动推力所做的功最少？最小功为多少．（3）x取何值时，完成上述运动推力最小？最小推力为多少．2015-2016学年黑龙江省绥化一中高三（上）期中物理试卷一、选择题（共15小题，每题4分，计60分，其中1-10题只有一个选项符合题意，11-15题有多个选项符合题意．）1．伽利略在研究落体运动时，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，下列有关该实验的说法中正确的是( )A．伽利略通过实验验证了力不是维持物体运动的原因B．伽利略在实验的基础上通过逻辑推理指出物体都具有保持原来运动状态的属性C．伽利略通过实验验证了自由落体运动是匀加速运动D．实验中斜面起到了“冲淡”重力的作用，便于运动时间的测量【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】结论是由实验推导出来的，所以结论必须与实验相联系，题目中的结论要与随着斜面倾角的增大，铜球做怎样的运动有关．【解答】解：A、小球在较小倾角斜面上的运动情况，发现小球做的是匀变速直线运动，且小球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动．故AB错误，C正确；D、实验中小球沿斜面向下运动的过程中，加速度比自由落体运动的加速度小，斜面的长度比自由落体运动的位移大，所以斜面起到了“冲淡”重力的作用，便于运动时间的测量．故D 正确．故选：CD．【点评】该题属于实验推论题，要求同学们正确理解科学家的基本观点和佐证实验，该题难度不大，属于基础题．2．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则( )A．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】压轴题；牛顿运动定律综合专题．【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．【解答】解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=．当施加F后，加速度a′=，因为gsinθ＞μgcosθ，所以Fsinθ＞μFcosθ，可见a′＞a，即加速度增大．故C确，A、B、D均错误．故选C．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．3．一定质量的理想气体的三个状态在V﹣T图上用A，B，C三个点表示，如图所示．试比较气体在这三个状态时的压强p A，p B，p C的大小关系有( )A．p C＞p B＞p A B．p A＜p C＜p B C．p C＞p A＞p B D．无法判断【考点】理想气体的状态方程．【专题】理想气体状态方程专题．【分析】画出每点气体的等压线，再根据气体的V﹣T图象的等压线的斜率反应压强的大小进行比较．【解答】解；气体压强不变时，体积与热力学温度成正比，在V﹣T图象中等压线为过原点的斜直线，直线斜率越大，压强越小，由图象知P C＞P B＞P A故选：A．【点评】解决此题的关键是画出气体的等压线，知道斜率越大，压强越小．4．如图所示，一圆盘可以绕其竖直轴在水平面内运动，圆柱半径为R，甲、乙两物体的质量分别为M和m（M＞m），它们与圆盘之间的最大静摩擦力均为正压力的μ倍，两物体用长为L的轻绳连在一起，L＜R．若将甲物体放在转轴位置上，甲、乙连线正好沿半径方向拉直，要使两物体与圆盘不发生相对滑动，则圆盘旋转的角速度最大不得超过：（两物体看作质点）( )A．B．C．D．【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】当角速度从0开始增大，乙所受的静摩擦力开始增大，当乙达到最大静摩擦力，角速度继续增大，此时乙靠拉力和静摩擦力的合力提供向心力，角速度越大，拉力越大，当拉力和甲的最大静摩擦力相等时，角速度达到最大值．【解答】解：当绳子的拉力等于甲的最大静摩擦力时，角速度达到最大，有T+μmg=mLω2，T=μMg．所以ω=，故D正确．故选：D【点评】解决本题的关键知道当角速度达到最大时，绳子的拉力等于甲的最大静摩擦力，乙靠拉力和乙所受的最大静摩擦力提供向心力．5．（94高考）如图所示，一个横截面积为S的圆筒形容器竖直放置．金属圆板A的上表面是水平的，下表面是倾斜的，下表面与水平面的夹角为θ，圆板的质量为M．不计圆板与容器内壁之间的摩擦．若大气压强为p0，则被圆板封闭在容器中的气体的压强p等于( )A． B．+C．P0+D．P0+【考点】封闭气体压强．【专题】理想气体状态方程专题．【分析】以活塞为研究对象，分析受力，活塞的合力为零，由平衡条件求解气体的压强P．【解答】解：以活塞为研究对象，分析受力：重力Mg、外界大气压力P0S，气缸壁的压力N和气缸内气体的压力F，其中…①根据平衡条件得：P0S+Mg=Fcosθ…②联立①②得：P=P0+故选D【点评】本题选择与封闭气体接触的活塞为研究对象，根据平衡条件求解封闭气体的压强，是常用的方法和思路．6．地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；假设月球绕地球作匀速圆周运动，轨道半径为r1，向心加速度为a1．已知万有引力常量为G，地球半径为R．下列说法中正确的是( )A．地球质量M=B．地球质量M=C．地球赤道表面处的重力加速度g=aD．加速度之比=【考点】万有引力定律及其应用．【分析】运用万有引力提供向心力列出等式和运用圆周运动的物理量之间的关系列出等式解决问题．【解答】解：A、根据万有引力充当向心力：知质量M=，A错误，B正确；C、地球表面物体的加速度大小与到地轴的距离有关，不是定值，C错误；D、加速度a=Rω2，不与半径的平方成正比，D错误；故选：B【点评】根据万有引力充当向心力和黄金代换公式能够解决全部天体问题．7．如图所示，固定容器及可动活塞P都是绝热的，中间有一导热的固定隔板B，B的两边分别盛有气体甲和乙．现将活塞P缓慢地向B移动一段距离，已知气体的温度随其内能的增加而升高．则在移动P的过程中( )A．外力对乙做功；甲的内能不变B．外力对乙做功；乙的内能不变C．乙传递热量给甲；乙的内能增加D．乙的内能增加；甲的内能不变【考点】热力学第一定律；封闭气体压强．【专题】热力学定理专题．【分析】将活塞P缓慢地向B移动一段距离的过程中，外力对乙做功，固定容器及可动活塞P都是绝热的，容器内气体与外界没有热交换，根据热力学第一定律分析乙的内能变化，判断其温度的变化．隔板B是导热的，乙温度变化后，甲与乙之间有热交换，稳定后甲乙温度达到相同．【解答】解：隔板B是导热的，说明甲、乙两部分气体间有热传递；容器和活塞是绝热的，说明容器内气体与外界没有热交换．当将活塞P向B移动一段距离时，活塞压缩气体对气体乙做功，根据热力学第一定律分析得知，乙的内能增加，温度升高．由于隔板B是导热的，而升温后的乙气体温度比甲高，故热量由乙传向甲，甲的内能增加．故选C【点评】本题是热力学第一定律的应用．判断外界对气体有无做功，就看气体的体积有无变化，当气体体积增大时，气体对外界做功；当气体体积减小时，外界对气体做功．8．一个绝热气缸，压缩活塞前容积为V，内部气体的压强为P，现用力将活塞推进，使容积减小到，则气缸内气体的压强为( )A．等于 B．等于6P C．大于6P D．小于6P【考点】理想气体的状态方程．【专题】理想气体状态方程专题．【分析】绝热汽缸与外界没有热量交换，根据热力学第一定律判断出封闭气体温度的变化，然后根据理想气体状态方程求解压强．【解答】解：压缩活塞时外界对气体做功，根据热力学第一定律则气体内能增加温度升高，根据理想气体状态方程：T′＞T则P′＞6P故选：C．【点评】本题考查了热力学第一定律与理想气体状态方程的综合应用，是道好题难度不大．9．质量m1=3kg、m2=2kg、m3=1kg的三个物块按照如图所示水平叠放着，m1与m2、m2与m3之间的动摩擦因数均为0.1，水平面光滑，不计绳的重力和绳与滑轮间的摩擦，作用在m2上的水平力F=8N．（g=10m/s2），则m2与m3之间的摩擦力大小为( )A．4N B．5N C．3N D．N【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】根据受力分析明确物体可能的运动情况；再根据牛顿第二定律进行分析，即可求得摩擦力的大小；注意m2和m3之间为静摩擦力．【解答】解：由题意可知，m1与m2之间的滑动摩擦力大小为：f1=μm1g=0.1×30=3N；地面光滑，则物体的运动情况为：m1向左加速，m2m3整体向右加速．根据牛顿第二定律，对m1，则有：T﹣3N=3a而对m2m3，则有：F﹣T﹣3N=3a解得：a=．隔离b：8N﹣3N﹣f=2×，解得：f=N，故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】本题考查由运动去分析受力，掌握静摩擦力与滑动摩擦力的区别，注意最牛顿第二定律的正确应用．10．如图所示容器中，A、B各有一个可自由移动的轻活塞，活塞下面是水，上面为空气，大气压恒定．A、B底部由带有阀门K的管道相连，整个装置与外界绝热．原先A中的水面比B中高，打开阀门，使A中的水逐渐向B中流，最后达到平衡．在这个过程中( )A．大气压力对水做功，水的内能增加B．水克服大气压力做功，水的内能减少C．大气压力对水不做功，水的内能不变D．大气压力对水不做功，水的内能增加【考点】能量守恒定律．【分析】如图，打开阀门K后，据连通器原理，最后A、B两管中的水面将相平，A中水面下降，B中水面上升；由于水的总体积保持不变，则有S1h1=S2h2，求出两管中大气压力对水做的功，进而求出大气压力对水做的总功；打开阀门K后，A中的水逐渐向B中流，即A中水的重力做正功，B中水的重力做负功，但从最后的效果看，是A管中高度为h1的水移至较低的B管中高度为h2的地方，如图所示，所以在这个过程中水的重力做正功．同时，整个装置是绝热的，根据热力学第一定律可知水的内能变化．【解答】解：打开阀门K后，据连通器原理，最后A、B两管中的水面将相平，如下图所示，即A中水面下降，B中水面上升；设A管截面积为S1，水面下降距离为h1，B管截面积为S2，水面上升距离为h2，由于水的总体积保持不变，则有S1h1=S2h2，A管中大气压力对水做的功：W1=p0S1h1，B管中大气压力对水做的功：W2=﹣p0S2h2，大气压力对水做的总功：W=W1+W2=p0S1h1﹣p0S2h2，∵S1h1=S2h2，∴W=0，即大气压力对水不做功；由于水的重心降低，重力势能减小，由能量守恒定律知水的内能增加．故D正确．故选D【点评】本题主要研究机械能与内能相互转化的关系，迷惑性较大．连通器中的水从左流向右，重心降低，不易察觉（因左边重心降低，右边升高，最后相平，总的趋势是降低），再加上大气压力做功的干扰，很难找到相互关系．要求细心、认真利用所学知识求解．11．如图，带有竖直支柱的斜面体静止在水平地面上，光滑的小球被轻质细线和轻弹簧系住静止于斜面体上，弹簧处于拉伸状态，现烧断细线，则在细线烧断瞬时( )A．小球加速度方向沿斜面向下B．小球所受合外力为零C．斜面体对小球的支持力瞬间增大D．地面对斜面体的支持力瞬间增大【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，结合小球的受力，分析合力的方向，从而得出加速度的方向．根据垂直斜面方向上平衡得出斜面对小球支持力的变化，对整体分析，根据牛顿第二定律分析地面支持力的变化．【解答】解：A、细线烧断的瞬间，弹簧的弹力不变，仍然沿斜面向下，小球受重力、支持力和弹簧的弹力作用，合外力沿斜面向下，故A正确，B错误．C、设开始细绳与斜面的夹角为α，斜面的倾角为θ，细绳烧断前，在垂直斜面方向上有：Tsinα+N=mgcosθ，细线剪断的瞬间，N=mgcosθ，可知支持力瞬间增大，故C正确．D、对整体分析，剪断前，整体重力等于支持力，剪断细线的瞬间，小球有沿斜面向下的加速度，小球处于失重状态，则地面支持力变小，故D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，通过受力，结合牛顿第二定律进行求解，难度中等．12．在光滑的水平面内建立如图所示的直角坐标系，长为L的光滑细杆AB的两个端点A、B分别被约束在x轴和y轴上，现让杆的A端沿x轴正方向以速度v0匀速运动，已知P点为杆的中点，某一时刻杆AB与x轴的夹角为θ．关于P点的运动轨迹和P点的运动速度大小v的表达式，下列说法中正确的是( )A．P点的运动轨迹是抛物线的一部分B．P点的运动轨迹是圆弧的一部分C．P点的速度大小为v=v0tanθD．P点的速度大小为【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】设P点坐标为（x，y），则A、B点的坐标分别为（0，2x）、（0，2y），AB长度一定，设为L，列式求解出x与y的关系式，即为P点的轨迹方程；P点的轨迹是圆，速度是切线方向，画出轨迹图，结合几何关系得到P点速度方向与杆的方向的夹角，P点的速度沿着杆方向的分速度与A点速度沿着杆方向的分速度相等．【解答】解：A、B、设P点坐标为（x，y），则A、B点的坐标分别为（2x，0）、（0，2y），AB长度一定，设为L，根据勾股定理，有：（2x）2+（2y）2=L2解得：x2+y2=（）2故P点的运动轨迹是圆弧，半径为；故A错误，B正确；C、D、画出运动轨迹，如图：速度v与杆的夹角α=90°﹣2θ；由于杆子不可以伸长，故P点的速度沿着杆方向的分速度与A点速度沿着杆方向的分速度相等，故：vcosα=v0cosθvcos（90°﹣2θ）=v0cosθ解得：v=，故C错误，D正确；故选：BD．【点评】本题关键是采用运动的合成与分解的方法进行研究，找出点P的运动方向是关键，同时掌握圆的方程．13．如图所示，小物块从距A点高度h处自由下落，并从A点沿切线方向进入半径为R的四分之一圆弧轨道AB，经过最低点B后又进入半径为的半圆弧轨道BC，图中C点为轨道最高点，O为半圆弧轨道BC的圆心，两轨道均光滑且在最低点相切，重力加速度为g．则以下说法正确的是( )A．若物块能从轨道BC的最高点C飞出，则下落的高度h可能为B．若已知下落高度h=R，则可求出物块打到轨道AB上的速度大小C．释放的高度越高，在轨道BC的最高点C和最低点B的压力差越大D．若物块从最高点C飞出后，碰到轨道AB上的速度方向不可能与过碰撞点的轨道切线垂直【考点】动能定理；向心力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】物块恰能从轨道BC的最高点C飞出时，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出临界速度，再由机械能守恒求出h．根据牛顿第二定律和机械能守恒分析在轨道BC的最高点C和最低点B的压力差．【解答】解：A、物块恰能从轨道BC的最高点C飞出时，由重力提供向心力，则mg=m从开始下落到C点的过程，由机械能守恒定律得：mgh=联立解得h=，可知，若物块能从轨道BC的最高点C飞出，则下落的高度h可能为．故A 正确．B、若已知下落高度h=R，根据机械能守恒定律可求出物块通过C点的速度．物块离开C点后做平抛运动，则有y=，x=v C t又有x2+y2=R2由上联立可得t和y，根据v=，可求出物块打到轨道AB上的速度大小．故B正确．C、在C点有：mg+F1=m，在B点有：F2﹣mg=m。

黑龙江省高一上学期物理期中考试试卷（II）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共12题；共24分)1. （2分） (2016高一上·福清期中) 某同学在向西急速行驶的列车中观察铁道旁边的房屋，如果选择他乘坐的列车为参考系，则房屋（）A . 向东运动B . 向西运动C . 保持静止状态D . 运动方向与列车速度大小有关2. （2分） (2019高三上·黑龙江月考) 下列说法正确的是（）A . 用脚踢出去的足球，在向前飞行的过程中，始终受到向前的力来维持它向前运动B . 静摩擦力和滑动摩擦力一定都做负功C . 力是物体对物体的作用D . 甲用力把乙推倒，说明甲对乙的作用力在先，乙对甲的作用力在后3. （2分） (2017高二上·嘉兴期中) 下列每组中三个物理量均为矢量的是（）A . 摩擦力、加速度、电场强度B . 动能、势能、电势C . 功、势能、电流强度D . 质量、时间、位移4. （2分） (2016高三上·湖州期中) 下列选项中的物理量，均属于矢量的是（）A . 速度和时间B . 位移和路程C . 速度和速率D . 力和加速度5. （2分） (2019高一上·丰台期中) 由图的图像中可以判断物体做的是匀速直线运动的是（）A .B .C .D .6. （2分） (2019高一上·上海期中) 下列各位移-时间图像中，对实际运动的物体，不可能的是（）A .B .C .D .7. （2分） (2019高一上·唐山期中) 汽车从立交桥顶上向下做变速直线运动．已知第1s内通过2m、第2s 内通过4m、第3s内通过6m，则下列说法中正确的是（）A . 第2s内的平均速度是4m/sB . 第2s内的平均速度是2m/sC . 第2s末的瞬时速度是2m/sD . 第2s末的瞬时速度是4m/s8. （2分）(2019·揭阳模拟) 如图所示，在粗糙水平面上放置A、B、C三个物块，物块之间由两根完全相同的轻弹簧相连接，两弹簧的伸长量相同，且它们之间的夹角∠ABC＝120°，整个系统处于静止状态。

黑龙江省绥化市肇东二中2015～2016学年度高一上学期期中物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题5分，每小题至少有一个选项是正确的，共50分）1．下列物体或人，可以看作质点的是（）A．研究从北京开往天津的一列火车通过一座高架桥所用的时间B．研究绕地球运动时的“嫦娥一号”飞船C．单杠比赛中的运动员D．表演精彩芭蕾舞的演员2．意大利著名物理学家伽利略开科学实验之先河，奠定了现代物理学的基础．图示是他做了上百次的铜球沿斜面运动的实验示意图．关于该实验，下列说法中正确的是（）A．它是伽利略研究自由落体运动的实验B．它是伽利略研究牛顿第一定律的实验C．伽利略设想，图中斜面的倾角越接近90°，小球沿斜面滚下的运动就越接近自由落体运动D．伽利略认为，若发现斜面上的小球都做匀加速直线运动，则自由落体运动也是匀加速直线运动3．下列描述的运动中，可能的有（）A．速度变化很大，加速度很小B．速度变化方向为正，加速度方向为负C．速度变化越来越大，加速度越来越小D．速度越来越大，加速度越来越小4．一物体做匀减速直线运动，初速度为10m/s，加速度大小为1m/s2，则物体在停止运动前1s内的平均速度为（）A．0.5m/s B．5m/s C．1m/s D．5.5m/s5．A和B两物体在同一直线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3m处C．3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D．运动过程中B的加速度大于A的加速度6．A、B、C三点在同一条直线上，一物体从A点由静止开始做匀加速直线运动，经过B点的速度是v，到C点的速度是3v，则x AB：x BC等于（）A．1：8 B．1：6 C．1：5 D．1：37．一个质点从静止开始做匀加速直线运动，它在第2s内与第4s内通过的位移之比为x1：x2，通过第1m与通过第3m时的平均速度之比为 v1：v2，则（）A．x1：x2=5：11，v1：v2=1：B．x1：x2=1：4，v1：v2=1：C．x1：x2=3：7，v1：v2=（）：1 D．x1：x2=3：7，v1：v2=（）：18．有一种“傻瓜”相机的曝光时间（快门从打开到关闭的时间）是固定不变的．为了估测相机的曝光时间，有位同学提出了下述实验方案：他从墙面上A点的正上方与A相距H=1.5m 处，使一个小石子自由落下，在小石子下落通过A点后按动快门对小石子照相得到如图所示的照片，由于小石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹CD．已知每块砖的平均厚度约为6cm，从这些信息估算该相机的曝光时间最近于（取g=10m/s2）（）A．0.5s B．0.06s C．0.02s D．0.008s9．一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m．则刹车后6s内的位移是（）A．20m B．24m C．25m D．75m10．如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停车线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车一定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5m处减速，汽车能停在停车线处二、实验题（共2小题，11题4分，12题6分）11．电磁打点计时器是一种能够按照相同的时间间隔，在纸带上连续打点的仪器，它使用（填“交流”或“直流”）电源，由学生电源供电，工作电压为．当电源的频率为50Hz时，它每隔s打一个点．电火花计时器使用电压为V．12．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点周期为0.02s的计时器记录小车做匀变速直线运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5共6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零刻度线跟“0”计数点对齐．由图可以读出三个计数点1、3、5跟0点的距离d1、d2、d3．（1）读出距离：d1=1.20cm，d2= cm，d3= cm；计算小车通过计数点“2”的瞬时速度v2= m/s；（结果保留两位有效数字）（3）小车的加速度大小a= m/s2．（结果保留两位有效数字）三、计算题（共4小题40分）13．一小汽车初速度为v0=10m/s，以a=2m/s2的加速度加速行驶，求：（1）小汽车在3s末的速度v小汽车在6s内的位移x6与平均速度．14．已知一汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，（1）司机突然发现在前方x=90m的地方有路障，开始紧急刹车，已知刹车的加速度是a1=﹣5m/s2，汽车刚好在路障前面停下，求汽车原来的速度v0是多少？若汽车的刹车加速度是a2=﹣3m/s2，初速度不变，为使汽车不撞上路障，司机必须提早多少米发现路障？15．在水平轨道上有两列火车A和B相距x，A车在后面做初速度为υ0、加速度大小为2a 的匀减速直线运动，而B车同时做初速度为零、加速度大小为a．的匀加速直线运动，两车运动方向相同．要使两车不相撞，求A车的初速度υ0满足的条件．16．A、B两辆汽车在笔直的公路上同向行驶．当B车在A车前84m处时，B车速度为4m/s，且正以2m/s2的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，B车加速度突然变为零．A车一直以20m/s的速度做匀速运动．经过12s后两车相遇．问B车加速行驶的时间是多少？黑龙江省绥化市肇东二中2015～2016学年度高一上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题5分，每小题至少有一个选项是正确的，共50分）1．下列物体或人，可以看作质点的是（）A．研究从北京开往天津的一列火车通过一座高架桥所用的时间B．研究绕地球运动时的“嫦娥一号”飞船C．单杠比赛中的运动员D．表演精彩芭蕾舞的演员【考点】质点的认识．【分析】当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，物体可以看成质点．【解答】解：A、研究从北京开往天津的一列火车通过一座高架桥所用的时间，火车的长度不可以忽略，不能看成质点，故A错误．B、研究绕地球运动时的“嫦娥一号”飞船时，飞船的大小和形状能忽略，能看成质点，故B正确．C、研究单杠比赛中的运动员时，要看运动员的动作，不能看成质点，故C错误．D、研究表演精彩芭蕾舞的演员时，要看运动员的动作，不能看成质点，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握物体能看成质点的条件，一个物体能否看成质点，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．2．意大利著名物理学家伽利略开科学实验之先河，奠定了现代物理学的基础．图示是他做了上百次的铜球沿斜面运动的实验示意图．关于该实验，下列说法中正确的是（）A．它是伽利略研究自由落体运动的实验B．它是伽利略研究牛顿第一定律的实验C．伽利略设想，图中斜面的倾角越接近90°，小球沿斜面滚下的运动就越接近自由落体运动D．伽利略认为，若发现斜面上的小球都做匀加速直线运动，则自由落体运动也是匀加速直线运动【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】本题考查了伽利略对自由落体运动的研究，了解其研究过程“冲淡”重力的方法．【解答】解：A、铜球沿斜面运动的实验，是伽利略研究自由落体运动的实验，故A正确；B、伽利略研究牛顿第一定律的实验为两个对接的斜面，故B错误；C、伽利略设想，图中斜面的倾角越接近90°，斜面的阻力越小，小球沿斜面滚下的运动就越接近自由落体运动，故C正确；D、发现斜面上的小球都做匀加速直线运动，则自由落体运动也是匀加速直线运动，故D正确；故选：ACD．【点评】本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况．3．下列描述的运动中，可能的有（）A．速度变化很大，加速度很小B．速度变化方向为正，加速度方向为负C．速度变化越来越大，加速度越来越小D．速度越来越大，加速度越来越小【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化和所用时间的比值，加速度是矢量方向与速度变化的方向相同，加速度反应物体速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、速度变化很大，若所用时间很长则加速度可以很小，故A正确；B、加速度的方向为速度变化的方向，故B不可能；C、物体做加速度减小的匀变速直线运动，随着时间的增加，物体速度变化越来越大，而加速度越来越小，故C可能；D、加速度反应物体速度变化快慢的物理量，当物体做加速度减小的加速运动时，随着加速度的减小，物体的速度越来越大，只是速度增加得变慢了，故D可能．故选：ACD．【点评】理解加速的概念及其物理意义，知道加速与减速由加速度和速度方向决定而不是由加速度的大小和大小变化决定．4．一物体做匀减速直线运动，初速度为10m/s，加速度大小为1m/s2，则物体在停止运动前1s内的平均速度为（）A．0.5m/s B．5m/s C．1m/s D．5.5m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．【分析】本题用逆向思维来解决较好，把它做匀加速直线运动直至静止，看做是初速度为零的匀加速直线运动，要求的问题就变成了第1秒内的平均速度．【解答】解：用逆向思维，把物体的运动看成匀加速直线运动，初速度v0=0m/s，a=1m/s2则一秒末的速度v1=at=1×1=1（m/s）则v平均===0.5（m/s）故选A．【点评】本题主要是考察匀速直线运动的规律和平均速度的求解方法．5．A和B两物体在同一直线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3m处C．3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D．运动过程中B的加速度大于A的加速度【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，相距的距离等于位移之差．由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度．3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B 的加速度，两物体不可能再相遇．【解答】解：A、由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同．故A错误．B、两物体在3s内的位移分别为x A=×5×3m=7.5m，x B=×3×3m=4.5m，则出发时B在A前3m处．故B正确．C、3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B的加速度，两物体不可能再相遇．故C错误．D、由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度．故D错误．故选：B．【点评】对于速度﹣时间图象要注意：不能读出物体运动的初始位置．抓住“面积”表示位移、斜率等于加速度进行分析．6．A、B、C三点在同一条直线上，一物体从A点由静止开始做匀加速直线运动，经过B点的速度是v，到C点的速度是3v，则x AB：x BC等于（）A．1：8 B．1：6 C．1：5 D．1：3【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出AB和AC的距离之比，从而求出AB和BC 的距离之比．【解答】解：根据速度位移公式知：X AB=，X AC=，则X AB：X AC=1：9，所以X AB：X BC=1：8．故A正确，B、C、D错误．故选：A【点评】本题考查匀变速直线运动的规律应用；解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用．7．一个质点从静止开始做匀加速直线运动，它在第2s内与第4s内通过的位移之比为x1：x2，通过第1m与通过第3m时的平均速度之比为 v1：v2，则（）A．x1：x2=5：11，v1：v2=1：B．x1：x2=1：4，v1：v2=1：C．x1：x2=3：7，v1：v2=（）：1 D．x1：x2=3：7，v1：v2=（）：1【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据初速度为零的匀加速直线运动的推论得出第1s内、第2s内、第3s内的…的位移之比，以及在相等位移内所用的时间之比，从而求出在第2s内与第4s内通过的位移之比，通过第1m与通过第3m时的平均速度之比．【解答】解：初速度为零的匀加速直线运动的推论得出第1s内、第2s内、第3s内、第4s 内的…的位移之比为1：3：5：7：…，则第2s内与第4s内通过的位移之比为：x1：x2=3：7．初速度为零的匀加速直线运动在连续相等位移内所用的时间之比为…，则通过第1m和第3m所用的时间之比为1：，根据平均速度的定义式知，，故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题考查了初速度为零的匀加速度直线运动，知道连续相等时间内的位移之比以及通过相等位移内的时间之比这些结论，对本题的解答很有帮助．8．有一种“傻瓜”相机的曝光时间（快门从打开到关闭的时间）是固定不变的．为了估测相机的曝光时间，有位同学提出了下述实验方案：他从墙面上A点的正上方与A相距H=1.5m 处，使一个小石子自由落下，在小石子下落通过A点后按动快门对小石子照相得到如图所示的照片，由于小石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹CD．已知每块砖的平均厚度约为6cm，从这些信息估算该相机的曝光时间最近于（取g=10m/s2）（）A．0.5s B．0.06s C．0.02s D．0.008s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】石子做自由落体运动，它留下径迹CD的对应运动时间即为照相机的曝光时间．由照片可以看出，CD的实际长度为两块砖的厚度．由位移公式分别石子从开始下落到C、D的时间，再求解曝光时间．【解答】解：石子做自由落体运动，它留下径迹CD的对应运动时间即为照相机的曝光时间．设开始下落点为O．由照片可以看出，CD长对应两块砖的厚度，即CD的实际长度为：CD=6×2cm=0.12m，则0C=1.5+5×0.06m=1.8m，OD=1.92m，由OC=知，从O到C的时间t C=从O到D的时间t D=所以曝光时间△t=t D﹣t C=0.02s．故选：C．【点评】本题是实际问题，首先要搞清物理情景，明确已知条件与所求曝光时间的关系，原理不难．9．一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m．则刹车后6s内的位移是（）A．20m B．24m C．25m D．75m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m，根据匀减速直线运动的位移时间公式列出两个方程，求出初速度和加速度．但刹车问题要注意刹车的时间，然后把所给的时间跟刹车时间进行比较，如果所给时间小于刹车时间，则公式里的时间就用所给时间，若所给时间大与刹车时间，说明在此时间之前车已经静止，那只能用刹车时间进行计算．【解答】解：如图，设AB为X1，BC为X2，所用时间均为t=1s则：X1=V A t﹣…①X1+X2=2V A t﹣…②由①②得：V A=10m/s a=2m/s2所以：汽车行驶最长时间t m=所以：刹车6s内的位移是：X=故选C【点评】刹车问题是一个实际问题，要注意刹车的时间即刹车后多长时间停止运动，再结合匀加速直线运动的基本公式解题．10．如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停车线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车一定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5m处减速，汽车能停在停车线处【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】计算题．【分析】本题中汽车有两种选择方案方案一、加速通过按照AB选项提示，汽车立即以最大加速度匀加速运动，分别计算出匀加速2s的位移和速度，与实际要求相比较，得出结论；方案二、减速停止按照CD选项提示，汽车立即以最大加速度匀减速运动，分别计算出减速到停止的时间和位移，与实际要求相比较，即可得出结论．【解答】解：如果立即做匀加速直线运动，t1=2s内的位移=20m＞18m，此时汽车的速度为v1=v0+a1t1=12m/s＜12.5m/s，汽车没有超速，A项正确、B错误；不管是用多小的加速度做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线，因为即使不减速，匀速行驶，2秒所能行驶的距离也只是16m＜18m；故C正确如果立即以最大加速度做匀减速运动，速度减为零需要时间s，此过程通过的位移为=6.4m，即刹车距离为6.4m，所以如果距停车线5m处减速，则会过线；D错误．故选：AC．【点评】熟练应用匀变速直线运动的公式，是处理问题的关键，对汽车运动的问题一定要注意所求解的问题是否与实际情况相符．二、实验题（共2小题，11题4分，12题6分）11．电磁打点计时器是一种能够按照相同的时间间隔，在纸带上连续打点的仪器，它使用交流（填“交流”或“直流”）电源，由学生电源供电，工作电压为4～6V（或6V以下）．当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02 s打一个点．电火花计时器使用电压为220 V．【考点】电火花计时器、电磁打点计时器．【专题】实验题．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．【解答】解：电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的计时仪器，电磁打点计时器的工作电压4～6V（或6V以下），电火花计时器使用的是交流220V的电源，当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点．故答案为：交流，4～6V（或6V以下），0.02s，220V．【点评】对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用．12．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点周期为0.02s的计时器记录小车做匀变速直线运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5共6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零刻度线跟“0”计数点对齐．由图可以读出三个计数点1、3、5跟0点的距离d1、d2、d3．（1）读出距离：d1=1.20cm，d2= 5.40 cm，d3= 12.00 cm；计算小车通过计数点“2”的瞬时速度v2= 0.21 m/s；（结果保留两位有效数字）（3）小车的加速度大小a= 0.60 m/s2．（结果保留两位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题；直线运动规律专题．【分析】（1）刻度尺的读数要估读到最小刻度下一位．匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，小车通过计数点“2”的瞬时速度等于1、3两点间的平均速度．（3）求出1、3间的距离和3、5间的距离，根据△x=a2，求出加速度．【解答】解：（1）按刻度尺的读数规则读数，要估读到最小刻度的下一位，最后一位由于是估读的，d2、d3分别读得5.40cm和12.00cm．小车通过计数点“2”的瞬时速度可以用“1、3”两计数点间的平均速度来表示，即v2===0.21m/s；（3）“1、3”：两计数点间距离和“2、4”两计数点间距离分别看成是两段相邻的相等时间内的位移，由△x=at2得：a，=0.60m/s2；故答案为：（1）5.40，12.00；0.21；（3）0.60．【点评】此题重点考查了纸带的处理问题．知道匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及在连续相等时间间隔内的位移差是一恒量，即△x=aT2．三、计算题（共4小题40分）13．一小汽车初速度为v0=10m/s，以a=2m/s2的加速度加速行驶，求：（1）小汽车在3s末的速度v小汽车在6s内的位移x6与平均速度．【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车在3s末的速度，结合位移时间公式求出汽车在6s内的位移，结合平均速度的定义式求出平均速度的大小．【解答】解：（1）3s末速度 v=v0+at3=10+2×3=16m/s6s内位移 x6=v0t+at62=10×6+×2×36=96m6s内平均速度===16m/s．答：（1）小汽车在3s末的速度为16m/s．小汽车在6s内的位移为96m，平均速度为16m/s．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用．14．已知一汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，（1）司机突然发现在前方x=90m的地方有路障，开始紧急刹车，已知刹车的加速度是a1=﹣5m/s2，汽车刚好在路障前面停下，求汽车原来的速度v0是多少？若汽车的刹车加速度是a2=﹣3m/s2，初速度不变，为使汽车不撞上路障，司机必须提早多少米发现路障？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车原来的初速度．根据速度位移公式求出求出刹车的位移．【解答】解：（1）根据速度位移公式得：解得：m/s=30m/s．根据速度位移公式得，汽车刹车的位移为：x′=．答：（1）汽车原来的速度v0是30m/s．司机必须提早150m米发现路障．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．15．在水平轨道上有两列火车A和B相距x，A车在后面做初速度为υ0、加速度大小为2a 的匀减速直线运动，而B车同时做初速度为零、加速度大小为a．的匀加速直线运动，两车运动方向相同．要使两车不相撞，求A车的初速度υ0满足的条件．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】要使两车不相撞，临界情况是在速度相等时恰好不相撞，根据匀变速直线运动公式求出v0应满足的条件．【解答】解：当两者速度相等时，有v0﹣2at=at，解得t=．此时A车的位移x1=v0t﹣=B车的位移x2==．x1=x2+x解得．故v0应满足的关系式为．答：A车的初速度υ0满足的条件．【点评】本题是追及问题，在速度相等前，两者的距离越来越小，若未撞上，则速度相等后，两者的距离越来越大，所以只能在速度相等之时或相等之前相撞．16．A、B两辆汽车在笔直的公路上同向行驶．当B车在A车前84m处时，B车速度为4m/s，且正以2m/s2的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，B车加速度突然变为零．A车一直以20m/s的速度做匀速运动．经过12s后两车相遇．问B车加速行驶的时间是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】B车先做匀加速运动，加速度变为0后做匀速直线运动，速度即为匀加速运动的末速度．根据速度列出匀速运动的速度与匀加速运动的时间的关系式．经过12s后两车相遇时，两车的位移之差等于84m，根据位移公式列式求解．【解答】解：由题，B车先做匀加速运动，加速度变为零后做匀速直线运动．设B车加速时的加速度为a，加速时间为t，B车匀速运动的速度为V B′．由题意有v B+at=v B′…①v A t0=（v B t+at2）+v B′（t0﹣t）+x0…②联立①②并代数数据可得t=6s．答：B车加速行驶的时间是6s．【点评】本题是相遇问题，除了分别研究两个物体的运动情况外，关键是寻找它们之间的相关条件．。

2015—2016学年度上学期期中联考高一物理试卷考试时间：90分钟试卷满分：110分一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。

选对的得4分，选错的或不答的得0分）1．关于质点的描述，下列说法中，错误．．的是（）A．研究地球的自转时，可以把地球看成质点B．研究月球公转一周所用的时间时，可以把月球看成质点C．研究列车从天门到武汉过程中运动快慢时，可以把列车看成质点D．研究自行车车轮的转动时，不能把自行车看成质点2．关于路程和位移，下列说法中，正确的是（）A．位移为零时，路程一定为零B．路程为零时，位移一定为零C．物体沿直线运动时，位移的大小等于路程D．物体沿曲线运动时，位移的大小等于路程3．近几年，国内房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓趋势．有同学将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”，那么“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动学中的（）A．速度增加，加速度减小B．速度增加，加速度增大C．速度减小，加速度增大D．速度减小，加速度减小4．书放在水平桌面上，桌面会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是（） A．书的形变 B．桌面的形变 C．书和桌面的形变 D．书受到的重力5．从地面竖直向上抛出的物体，其匀减速上升到最高点后，再以与上升阶段一样的加速度匀加速落回地面。

图中可大致表示这一运动过程的速率—时间图象的是（）6．如图所示是一个物体做直线运动的速度—时间图象，下列说法中，正确的是（）A．物体3s末开始改变速度方向B．物体4s末开始改变位移方向C．物体在前5s内的位移一直在增大D．物体在第5s内的加速度大于第1s内加速度7．如图所示，木块A、B的质量为m、2m，用一个劲度系数为k的轻质弹簧连接，最初系统静止，现在用力缓慢拉A直到B刚好离开地面，则这一过程A上升的高度为( )A．mg/k B．2mg/k C．3mg/k D．4mg/k二、多项选择题（本大题共5小题，每小题4分，共20分。

2015-2016学年黑龙江省绥化市肇东二中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共10小题，每小题6分，满分60分）1．飞机俯冲拉起时，飞行员处于超重状态，此时座位对飞行员的支持力大于所受的重力，这种现象叫过荷．过荷过重会造成飞行员大脑贫血，四肢沉重，暂时失明，甚至昏厥．受过专门训练的空军飞行员最多可承受9倍重力的支持力影响．取g=10m/s2，则当飞机在竖直平面上沿圆弧轨道俯冲速度为100m/s时，圆弧轨道的最小半径为( )A．100m B．111m C．125m D．250m2．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图中P′位置），两次金属块Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是( )A．细线所受的拉力变小B．小球P运动的角速度变小C．Q受到桌面的静摩擦力变大D．Q受到桌面的支持力变大3．“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命．假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是( )A．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救B．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动C．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的5 倍D．“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍4．如图所示，质量相同的甲乙两个小物块，甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下．下列判断正确的是( )A．两物块到达底端时速度相同B．两物块运动到底端的过程中重力做功相同C．两物块到达底端时动能相同D．两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d，杆上的A点与定滑轮等高，杆上的B点在A点下方距离为d处．现将环从A处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是( )A．环到达B处时，重物上升的高度B．环到达B处时，环与重物的速度大小相等C．环从A到B，环减少的机械能等于重物增加的机械能D．环能下降的最大高度为 d6．质量为m的物体静止在粗糙的水平地面上，从t=0时刻开始受到方向恒定的水平拉力F作用，F与时间t的关系如图甲所示．物体在时刻开始运动，其v﹣t图象如图乙所示，若可认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力，则( )A．物体与地面间的动摩擦因数为B．物体在t0时刻的加速度大小为C．物体所受合外力在t0时刻的功率为2F0v0D．水平力F在t0到2t0这段时间内的平均功率为F0（2v0+）7．2013年12月2日，我国探月卫星“嫦娥三号”在西昌卫星发号“从地面发射后奔向月球，先在轨道I上运动，在P点从圆形轨道I进入椭圆轨道Ⅱ，Q为轨道Ⅱ山的近月点，则有关”嫦娥三号“下列说法正确的是( )A．由于轨道II与轨道I都是绕月球运行，因此“嫦娥三号”在两个轨道上运行拥有相同的周期B．“嫦娥三号”从P到Q的过程中月球的万有引力做正功，速率不断增大C．虽然“嫦娥三号”在轨道II上经过P的速度小于在轨道Ⅰ上经过P的速度，但是在轨道Ⅱ上经过P的加速度等于在轨道Ⅰ上经过P的加速度D．由于均绕月运行，“嫦娥三号”在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上具有相同的机械能8．如图所示，M为固定在水平桌面上的有缺口的方形木块，abcd为半径是R的光滑圆弧形轨道，a为轨道的最高点，地面水平且有一定长度．今将质量为m的小球在d点的正上方高为h处由静止释放，让其自由下落到d处切入轨道内运动，不计空气阻力，则( )A．只要h大于R，释放后小球就能通过a点B．只要改变h的大小，就能使小球通过a点后，既可能落回轨道内，又可能落到de面上C．无论怎样改变h的大小，都不可能使小球通过a点后落回轨道内D．调节h的大小，可以使小球飞出de面之外（即e的右侧）9．如图，质量为m，横截面为直角三角形的物块ABC，AB边靠在竖直墙面上，∠ABC=а，物块与墙面间的动摩擦因数为μ．F是垂直于斜面BC的推力，物块沿墙面匀速下滑，则摩擦力的大小为( )A．mg+FcosαB．mg+FsinαC．μmg D．μFcosα10．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则( )A．b对c的摩擦力一定减小B．b对c的摩擦力方向可能平行斜面向上C．地面对c的摩擦力方向一定向右D．地面对c的摩擦力一定减小二、解答题（共3小题，满分40分）11．如图所示，质量M=2 kg的木块套在水平杆上，并用轻绳与质量m= kg的小球相连．今用跟水平方向成α=30°角的力F=10 N拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m的相对位置保持不变，g=10m/s2，求运动过程中轻绳与水平方向的夹角θ及木块M与水平杆间的动摩擦因数．12．如图所示，用一根长为l=1m的细线，一端系一质量为m=1kg的小球（可视为质点），另一端固定在一光滑锥体顶端，锥面与竖直方向的夹角θ=37°，当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为ω时，细线的张力为T．（g取10m/s2，结果可用根式表示）求：（1）若要小球离开锥面，则小球的角速度ω0至少为多大？（2）若细线与竖直方向的夹角为60°，则小球的角速度ω′为多大？13．（16分）如图所示，水平传送带以一定速度匀速运动，将质量m=1kg的小物块轻轻放在传送带上的P点，物块运动到A点后被水平抛出，小物块恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道下滑．B、C为圆弧上的两点，其连线水平，已知圆弧对应圆心角θ=106°，A点距水平面的高度h=0.8m．小物块到达C点时的速度大小与B点相等，并沿固定斜面向上滑动，小物块从C点到第二次经过D点的时间间隔为0.8s，已知小物块与斜面间的动摩擦因数μ=，重力加速度g取10m/s2，取sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：（1）小物块从A到B的运动时间；（2）小物块离开A点时的水平速度大小；（3）斜面上C、D点间的距离．2015-2016学年黑龙江省绥化市肇东二中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共10小题，每小题6分，满分60分）1．飞机俯冲拉起时，飞行员处于超重状态，此时座位对飞行员的支持力大于所受的重力，这种现象叫过荷．过荷过重会造成飞行员大脑贫血，四肢沉重，暂时失明，甚至昏厥．受过专门训练的空军飞行员最多可承受9倍重力的支持力影响．取g=10m/s2，则当飞机在竖直平面上沿圆弧轨道俯冲速度为100m/s时，圆弧轨道的最小半径为( )A．100m B．111m C．125m D．250m【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】在最低点，飞行员受到重力和支持力两个力，由其合力提供其向心力，当支持力为9倍重力时，圆弧轨道半径最小，根据牛顿第二定律求解圆弧轨道的最小半径．【解答】解：在飞机经过最低点时，对飞行员受力分析：重力mg和支持力N，两者的合力提供向心力，由题意，N=9mg时，圆弧轨道半径最小，由牛顿第二定律列出：N﹣mg=m则得：8mg=m联立解得：R min==m=125m故选：C【点评】圆周运动涉及力的问题就要考虑到向心力，匀速圆周运动是由指向圆心的合力提供向心力．确定向心力的来源是解题的关键．2．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图中P′位置），两次金属块Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是( )A．细线所受的拉力变小B．小球P运动的角速度变小C．Q受到桌面的静摩擦力变大D．Q受到桌面的支持力变大【考点】向心力；摩擦力的判断与计算．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件分析所受桌面的支持力是否变化．以P 为研究对象，根据牛顿第二定律分析细线的拉力的变化，判断Q受到桌面的静摩擦力的变化．由向心力知识得出小球P运动的角速度、周期与细线与竖直方向夹角的关系，再判断其变化．【解答】解：A、设细线与竖直方向的夹角为θ，细线的拉力大小为T，细线的长度为L．P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有：T=，mgtanθ=mω2Lsinθ，得角速度ω=，周期T=使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时，θ增大，cosθ减小，则得到细线拉力T增大，角速度增大，周期T减小．对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大，故AB错误，C正确；D、金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件得知，Q受到桌面的支持力等于其重力，保持不变．故D错误．故选：C【点评】本题中一个物体静止，一个物体做匀速圆周运动，分别根据平衡条件和牛顿第二定律研究，分析受力情况是关键．3．“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命．假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是( )A．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救B．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动C．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的5 倍D．“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】根据万有引力提供向心力，结合轨道半径的关系得出加速度和周期的关系．根据“轨道康复者”的角速度与地球自转角速度的关系判断赤道上人看到“轨道康复者”向哪个方向运动．【解答】解：A、“轨道康复者”要在原轨道上减速，做近心运动，才能“拯救”更低轨道上的卫星．故A错误．B、因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的周期，则小于地球自转的周期，所以“轨道康复者”的角速度大于地球自转的角速度，站在赤道上的人用仪器观察到“轨道康复者”向东运动．故B错误．C、根据得：v=，因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍．故C错误．D、根据得：a=，因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍．故D正确．故选：D【点评】解决本题的关键知道万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，以及知道卫星变轨的原理，知道当万有引力大于向心力，做近心运动，当万有引力小于向心力，做离心运动．4．如图所示，质量相同的甲乙两个小物块，甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下．下列判断正确的是( )A．两物块到达底端时速度相同B．两物块运动到底端的过程中重力做功相同C．两物块到达底端时动能相同D．两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率【考点】机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】根据动能定理比较两物块到达底端的动能，从而比较出速度的大小，根据重力与速度方向的关系，结合P=mgvcosα比较瞬时功率的大小．【解答】解：A、根据动能定理得，mgR=，知两物块达到底端的动能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同．故A错误．B、两物块运动到底端的过程中，下落的高度相同，重力做功相同．故B正确．C、两物块到达底端的速度大小相等，质量相等，可知两物块到达底端时动能相同，故C正确．D、两物块到达底端的速度大小相等，甲重力与速度方向垂直，瞬时功率为零，则乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率．故D错误．故选：BC【点评】动能是标量，只有大小没有方向，但是要注意速度是矢量，比较速度不仅要比较速度大小，还要看速度的方向；以及知道瞬时功率的表达式P=mgcosα，注意α为力与速度方向的夹角5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d，杆上的A点与定滑轮等高，杆上的B点在A点下方距离为d处．现将环从A处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是( )A．环到达B处时，重物上升的高度B．环到达B处时，环与重物的速度大小相等C．环从A到B，环减少的机械能等于重物增加的机械能D．环能下降的最大高度为 d【考点】动能定理的应用；机械能守恒定律．【专题】动能定理的应用专题．【分析】环刚开始释放时，重物由静止开始加速．根据数学几何关系求出环到达B处时，重物上升的高度．对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，从而求出环在B处速度与重物的速度之比．环和重物组成的系统，机械能守恒．【解答】解：A、根据几何关系有，环从A下滑至B点时，重物上升的高度h=，故A错误；B、对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v重物，所以故B错误C、环下滑过程中无摩擦力做系统做功，故系统机械能守恒，即满足环减小的机械能等于重物增加的机械能；D、滑下滑到最大高度为h时环和重物的速度均为0，此时重物上升的最大高度为，根据机械能守恒有解得：h=，故D正确．故选CD．【点评】解决本题的关键知道系统机械能守恒，知道环沿绳子方向的分速度的等于重物的速度．6．质量为m的物体静止在粗糙的水平地面上，从t=0时刻开始受到方向恒定的水平拉力F作用，F与时间t的关系如图甲所示．物体在时刻开始运动，其v﹣t图象如图乙所示，若可认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力，则( )A．物体与地面间的动摩擦因数为B．物体在t0时刻的加速度大小为C．物体所受合外力在t0时刻的功率为2F0v0D．水平力F在t0到2t0这段时间内的平均功率为F0（2v0+）【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【专题】功率的计算专题．【分析】在t0时刻刚好运动说明物体受到的摩擦力等于阻力，故可判断出摩擦因数；在0﹣t0时间内物体做变加速运动，不能用运动学公式求解；由P=Fv可求得平均功率，也可求的瞬时功率；【解答】解：A、物体在时刻开始运动，说明阻力等于水平拉力故为f=F0，摩擦因数为，故A错误；B、在t0时刻有牛顿第二定律可知，2F0﹣f=ma，a=，故B错误；C、物体受到的合外力为F=2F0﹣f=F0功率为P=F0v0，故C错误；D、2t0时刻速度为v=v0+，在t0﹣2t0时刻的平均速度为，故平均功率为P=2F0=F0（2v0+），故D正确；故选：D【点评】本题主要考查了平均功率与瞬时功率的求法，注意P=Fv即可以求平均功率与瞬时功率；7．2013年12月2日，我国探月卫星“嫦娥三号”在西昌卫星发号“从地面发射后奔向月球，先在轨道I上运动，在P点从圆形轨道I进入椭圆轨道Ⅱ，Q为轨道Ⅱ山的近月点，则有关”嫦娥三号“下列说法正确的是( )A．由于轨道II与轨道I都是绕月球运行，因此“嫦娥三号”在两个轨道上运行拥有相同的周期B．“嫦娥三号”从P到Q的过程中月球的万有引力做正功，速率不断增大C．虽然“嫦娥三号”在轨道II上经过P的速度小于在轨道Ⅰ上经过P的速度，但是在轨道Ⅱ上经过P的加速度等于在轨道Ⅰ上经过P的加速度D．由于均绕月运行，“嫦娥三号”在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上具有相同的机械能【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】信息给予题；定量思想；万有引力定律在天体运动中的应用专题；人造卫星问题．【分析】根据开普勒第三定律判断运行的周期的大小关系．在轨道Ⅱ上运行时，根据万有引力做功情况判断P到Q的速度变化．根据牛顿第二定律比较经过P点的加速度大小．从轨道Ⅰ上P点进入轨道Ⅱ需减速，使得万有引力大于向心力．通过比较速度的大小得出机械能大小关系．【解答】解：A、根据开普勒第三定律知，=C，由于两个轨道的半径和半长轴不等，则周期不同，故A错误．B、“嫦娥三号”从P到Q的过程中，万有引力做正功，则动能增加，所以速率不断增大，故B正确．C、“嫦娥三号”在轨道Ⅰ上的P点减速，使万有引力大于向心力，做近心运动才能进入轨道Ⅱ，故在轨道Ⅱ上经过P的速度小于在轨道Ⅰ上经过P的速度，根据牛顿第二定律知，在两轨道的P点，万有引力大小相等，则加速度相等，故C正确．D、在轨道Ⅱ上经过P的速度小于在轨道Ⅰ上经过P的速度，所以两轨道P点机械能不等，所以“嫦娥三号”在轨道I和轨道II上机械能不等，故D错误．故选：BC．【点评】在轨道Ⅱ上从P到Q的过程中速率大小比较，也可以根据开普勒第二定律比较，远月点速度大、近月点的速度小．要能够根据牛顿第二定律，通过比较所受的万有引力比较加速度的大小．8．如图所示，M为固定在水平桌面上的有缺口的方形木块，abcd为半径是R的光滑圆弧形轨道，a为轨道的最高点，地面水平且有一定长度．今将质量为m的小球在d点的正上方高为h处由静止释放，让其自由下落到d处切入轨道内运动，不计空气阻力，则( )A．只要h大于R，释放后小球就能通过a点B．只要改变h的大小，就能使小球通过a点后，既可能落回轨道内，又可能落到de面上C．无论怎样改变h的大小，都不可能使小球通过a点后落回轨道内D．调节h的大小，可以使小球飞出de面之外（即e的右侧）【考点】向心力；机械能守恒定律．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】根据牛顿第二定律分析小球的加速度与质量的关系．若小球恰能通过a点，其条件是小球的重力提供向心力，根据牛顿第二定律可解得小球此时的速度，用平抛运动的规律：水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动规律求出水平距离，由机械能守恒定律可求得h，分析小球能否通过a点后落回轨道内．【解答】解：A、小球恰能通过a点的条件是小球的重力提供向心力，根据牛顿第二定律：mg=解得：v=根据动能定理：mg（h﹣R）=mv2得：h=R若要释放后小球就能通过a点，则需满足h≥R，故A错误；小球离开a点时做平抛运动，用平抛运动的规律，水平方向的匀速直线运动：x=vt竖直方向的自由落体运动：R=gt2，解得：x=R＞R，故无论怎样改变h的大小，都不可能使小球通过a点后落回轨道内，小球将通过a点不可能到达d点．只要改变h的大小，就能改变小球到达a点的速度，就有可能使小球通过a点后，落在de之间．故B错误，CD正确．故选：CD．【点评】本题实质是临界问题，要充分挖掘临界条件，要理解平抛运动的规律：水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动．9．如图，质量为m，横截面为直角三角形的物块ABC，AB边靠在竖直墙面上，∠ABC=а，物块与墙面间的动摩擦因数为μ．F是垂直于斜面BC的推力，物块沿墙面匀速下滑，则摩擦力的大小为( )A．mg+FcosαB．mg+FsinαC．μmg D．μFcosα【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】本题中物体为匀速下滑，故应从两个方面去分析，一是由滑动摩擦力的计算公式求出；二是由共点力的平衡条件得出．【解答】解：对物体受力分析可知，物体受重力、推力F、墙对物体的弹力及摩擦力的作用下做匀速直线运动，故物体受力平衡；将F向水平向分解，如图所示：则可知竖直方向上合力为零，即摩擦力f=mg+Fsinα；故B正确，A错误；而物体滑动，故为滑动摩擦力，故摩擦力也可以等于μFcosα，故D正确，C错误；故选：BD．【点评】本题很多同学有一种方法得出一种答案后即以为完成了本题，但确忽略了题目中的重要条件；因物理一直有不定项选择题，故应注意培养全面分析问题的能力．10．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则( )A．b对c的摩擦力一定减小B．b对c的摩擦力方向可能平行斜面向上C．地面对c的摩擦力方向一定向右D．地面对c的摩擦力一定减小【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】b受到c的摩擦力不一定为零，与两物体的重力、斜面的倾角有关．对bc整体研究，由平衡条件分析水平面对c的摩擦力方向和支持力的大小．【解答】解：A、B、设a、b的重力分别为G a、G b．若G a=G b sinθ，b受到c的摩擦力为零；若G a≠G b sinθ，b受到c的摩擦力不为零．若G a＜G b sinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向上；故A 错误，B正确．C、D、以bc整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得知水平面对c的摩擦力f=Tcosθ=G a cosθ，方向水平向左．在a中的沙子缓慢流出的过程中，则摩擦力在减小．故D正确，C错误．故选：BD【点评】本题采用隔离法和整体法研究两个物体的平衡问题及B所受的摩擦力，要根据B所受的拉力与重力沿斜面向下的分力大小关系，分析摩擦力的大小和方向．二、解答题（共3小题，满分40分）11．如图所示，质量M=2 kg的木块套在水平杆上，并用轻绳与质量m= kg的小球相连．今用跟水平方向成α=30°角的力F=10 N拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m的相对位置保持不变，g=10m/s2，求运动过程中轻绳与水平方向的夹角θ及木块M与水平杆间的动摩擦因数．【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以小球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求解轻绳与水平方向夹角θ；以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件和摩擦力公式求解木块与水平杆间的动摩擦因数μ．【解答】解：设细绳对B的拉力为T．以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得：Fcos30°=Tcosθ ①Fsin30+Tsinθ=mg ②代入解得：T=10Ntanθ=，即θ=30°。

2015届黑龙江绥化三校高三上期期中联考物理卷（带解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、选择题（题型注释）1．如图所示，中间有孔的物块A 套在光滑的竖直杆上通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则关于拉力F 及拉力F 的功率P ，下列说法正确的是 ( )A.F 不变，P 减小B.F 增大，P 增大C.F 增大，P 不变D.F 增大，P 减小2．如图所示，质量相等的两物体A 、B 叠放在粗糙的水平面上，A 与B 接触面光滑.A 受水平恒力F 1，B 受水平恒力F 2，F 1与F 2方向都向右，且F 2>F 1.若物体A 和B 保持相对静止，则物体B 受到的摩擦力大小和方向应为 ( )A.(F 2－F 1)/2，向左B.(F 2－F 1)/2，向右C.F 2－F 1，向右D.F 2－F 1，向左3．从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球从抛出点上升到最高点的时刻为t 1，下落到抛出点的时刻为t 2。

若空气阻力的大小恒定，则在下图中能正确表示被抛出物体的速率v 随时间t 的变化关系的图线是 ( )4．经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”，“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的直径远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体。

如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O 点做周期相同的匀速圆周运动。

现测得两颗星之间的距离为L ，质量之比为m 1：m 2＝3：2。

则可知（ ）A ．m 1：m 2做圆周运动的角速度之比为2：3B ．m 1：m 2做圆周运动的线速度之比为3：2C ．m 1做圆周运动的半径为L 52 m 25．物体A 、B 质量相等，A 置于光滑水平面上，B 置于粗糙水平面上，在相同水平拉力F 作用下，由静止开始运动了S ，那么( )A.拉力对A 做功较多，A 的动能较大B.拉力对B 做功较多，但A 的动能较大C.拉力对A 、B 做功相同，A 、B 动能也相同D.拉力对A 、B 做功相同，但A 的动能较大6．空间某区域内存在电场，电场线在某竖直平面内的分布如图所示。

2015-2016学年高一（上）期中物理试卷一、单项选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分，每题只有一个答案是正确的）1．一个小球从距地面4米高处落下，被地面弹回，在距离地面1米高处被接住．坐标原点选在抛出点下方2米处，向下为坐标轴的正方向，则小球抛出点、接住点的坐标和该过程的位移、路程分别是( )A．2m、﹣1m、﹣3m、5m B．﹣2m、1m、3m、5mC．4m、1m、﹣3m、3m D．﹣4m、﹣1m、3m、3m2．关于物体受到的力，下列说法正确的是( )A．轻绳对物体的拉力是由物体的形变产生的，其方向指向轻绳收缩的方向B．相互接触的物体间一定有弹力作用C．形状规则的物体的重心不一定在它的几何中心上D．书对桌面的压力就是书的重力3．某物体做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，根据图象可知，下列说法不正确的是( )A．0～2s内物体的加速度大小为1m/s2B．0～5s内物体通过的位移大小为7mC．物体在1s时的加速度大小比在4.5s时的加速度大小要小D．物体在第1s末与第4.5s末的速度方向相反4．质点从静止开始做匀加速直线运动，在第1个2S、第2个2S和第5个2S内三段位移比为( )A．1：3：5 B．1：4：25 C．1：3：9 D．1：2：85．物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第3s内与第2s内的位移之差是6m，则可知( )A．物体运动的加速度为3 m/s2B．第2s末的速度为12m/sC．第1 s内的位移为1 mD．物体在前4s内的平均速度为15m/s6．如图所示，在倾角为30°的斜面上，有一个重为10N的物块，被平行于斜面大小为8N 的恒力F推着沿斜面匀速上滑，在推力突然取消的瞬间，物块所受的合力大小为( )A．8N B．5N C．3N D．2N7．如图所示，石拱桥的正中央有一质量为m的对称楔形石块，侧面与竖直方向的夹角为α，重力加速度为g．若接触面间的摩擦力忽略不计，则石块侧面所受弹力的大小为( )A．B．C．mgtan αD．mgcos α二、多项选择题：（本大题共5小题，每小题4分，共20分，每题有两个或两个以上的答案是正确的；选不全得2分，错选不得分）8．光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法正确的是( )A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的瞬时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是9．木块A、B的重力分别是50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.20，夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m，系统置于水平地面上静止不动．现用F=1.5N的水平拉力作用在木块B上，如图所示，力F作用后( )A．木块A所受摩擦力大小是10NB．木块A所受摩擦力大小是8NC．木块B所受摩擦力大小是9.5ND．木块B所受摩擦力大小是7N10．某物体运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．物体在第1s末运动方向发生改变B．物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的C．物体在第4s末返回出发点D．物体在第2s末离出发点最远，且最大位移为4m11．一个已知力F=20N，把F分解成F1和F2两个分力，已知分力F1与F夹角为30°，则F2的大小( )A．一定小于20N B．可能等于20N C．可能大于20N D．最小等于10N12．如图所示，用与竖直方向成θ角（θ＜45°）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为T1．现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时转过θ角固定，绳b的拉力变为T2；再转过θ角固定，绳b的拉力为T3，则( )A．T1=T3＞T2B．T1＜T2＜T3C．T1=T3＜T2D．绳a的拉力减小二．实验题（两小题，共16分．把答案填在答题卷的相应题号的横线上）13．一位同学做“探究弹力大小与弹簧伸长量之间的关系”实验所测的几组数据如下表，请你根据表中数据做好分析．（1）算出每一次弹簧的伸长量，并将结果填在上表的空格内；（2）在坐标图上作出F﹣x图线；（3）写出图线的函数表达式（F用N作单位，x用m作单位）：__________．（4）该同学通过上述实验探究的结论应该是：__________．14．某同学用图1所示装置测定重力加速度，（1）实验时下面的步骤先后顺序是：__________；A．释放纸带； B．打开打点计时器（2）打出的纸带如图2所示，实验时纸带的__________端应和重物相连接（选填“甲”或“乙”）．（3）纸带上1至9各点为计时点，相邻计时点时间间隔为0.02s，由纸带所示数据可算出实验时的加速度为__________m/s2．（4）当地的重力加速度数值为9.8m/s2，请列出测量值与当地重力加速度的值有差异的原因__________．三．计算题（共43分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分.有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位）15．列车进站先关闭发动机，当它匀减速滑行450米时，列车的速度已减半，以后又继续滑行30秒钟，列车恰好停在站台上．求：（1）滑行的总时间；（2）滑行的距离；（3）开始滑行时的速度．16．在我国东北寒冷的冬季，狗拉雪橇是人们出行的常见交通工具，如图所示．一质量为30kg的小孩坐在10.6kg的钢制滑板的雪橇上，狗用与水平方向成37°斜向上的拉力拉雪橇，雪橇与冰道间的动摩擦因数为0.02，求狗要用多大的力才能够拉雪橇匀速前进．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）17．甲、乙两辆汽车沿平直公路同向匀速行驶，乙车在甲车前面，速度为10m/s．甲车在后，速度为20m/s，当它们之间相距40m时，甲车刹车以大小为5m/s2的加速度匀减速行驶．从此时刻起，求：（1）甲车若一直减速，经过多长时间停止运动？（2）当甲车刚停下瞬间时，甲、乙两辆汽车之间的距离为多大？（3）通过计算说明两车能否相遇？若不能相遇，两车间最近的距离多大？18．如图所示，小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止的光滑斜面上，设小球质量m=1kg，斜面倾角α=30°，悬线与竖直方向夹角θ=30°，光滑斜面的质量为3kg，置于粗糙水平面上．g=10m/s2．求：（1）悬线对小球拉力大小．（2）地面对斜面的摩擦力的大小和方向．2015-2016学年高一（上）期中物理试卷一、单项选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分，每题只有一个答案是正确的）1．一个小球从距地面4米高处落下，被地面弹回，在距离地面1米高处被接住．坐标原点选在抛出点下方2米处，向下为坐标轴的正方向，则小球抛出点、接住点的坐标和该过程的位移、路程分别是( )A．2m、﹣1m、﹣3m、5m B．﹣2m、1m、3m、5mC．4m、1m、﹣3m、3m D．﹣4m、﹣1m、3m、3m【考点】位移与路程．【分析】位移可以用由初位置指向末位置的有向线段表示，方向由初位置指向末位置，大小等于有向线段的长度．路程等于运动轨迹的长度．【解答】解：坐标原点选在抛出点下方2米处，向下为正方向，则抛出点的坐标为﹣2m，接住点的坐标为1m，位移由初位置指向末位置，x=3m，路程等于运动的轨迹的长度，s=5m．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】解决本题的关键知道位移由初位置指向末位置，路程等于运动轨迹的长度．2．关于物体受到的力，下列说法正确的是( )A．轻绳对物体的拉力是由物体的形变产生的，其方向指向轻绳收缩的方向B．相互接触的物体间一定有弹力作用C．形状规则的物体的重心不一定在它的几何中心上D．书对桌面的压力就是书的重力【考点】物体的弹性和弹力；重心．【分析】弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变，弹力的方向与接触面相垂直，绳子的弹力一定沿绳子的收缩方向，而杆的弹力不一定沿着杆的方向，形状规则的物体的重心不一定在它的几何中心上．【解答】解：A、轻绳对物体的拉力是由绳的形变产生的，其方向指向轻绳收缩的方向，故A错误；B、弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变，所以相互接触的物体间不一定有弹力作用．故B错误；C、形状规则的物体的重心不一定在它的几何中心上，故C正确；D、书对桌面的压力是由于重力而引起的，却不是重力，故D错误；故选：C．【点评】本题考查弹力的产生条件及弹力方向．要特别注意有接触不一定有弹力，有弹力必定接触．弹力的方向与接触面相互垂直．3．某物体做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，根据图象可知，下列说法不正确的是( )A．0～2s内物体的加速度大小为1m/s2B．0～5s内物体通过的位移大小为7mC．物体在1s时的加速度大小比在4.5s时的加速度大小要小D．物体在第1s末与第4.5s末的速度方向相反【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】定量思想；几何法；运动学中的图像专题．【分析】由速度﹣时间图象的斜率等于加速度，求解物体加速度的大小．根据图形的面积求位移．由速度的正负分析物体的运动方向．【解答】解：A、0～2s内物体做匀加速直线运动，加速度大小为 a===1m/s2．故A正确．B、0～5s内物体通过的位移大小等于梯形面积的大小，为 x=m=7m，故B正确．C、速度﹣时间图象的斜率等于加速度，斜率大小越小，加速度越小，则物体在1s时的加速度大小比在4.5s时的加速度大小要小，故C正确．D、由速度的正负表示物体的运动方向，可知物体一直沿正向运动，运动方向没有变化，故D错误．本题选不正确的，故选：D【点评】本题是速度﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移．4．质点从静止开始做匀加速直线运动，在第1个2S、第2个2S和第5个2S内三段位移比为( )A．1：3：5 B．1：4：25 C．1：3：9 D．1：2：8【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据初速度为0的匀加速直线运动的推论，在连续相等时间间隔内通过的位移之比为1：3：5：7…求出第1个2S、第2个2S和第5个2S内三段位移比．【解答】解：初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内通过的位移之比为1：3：5：7…，则第1个2S、第2个2S和第5个2S内三段位移比为1：3：9．故C正确，A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动的推论，在连续相等时间间隔内通过的位移之比为1：3：5：7…5．物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第3s内与第2s内的位移之差是6m，则可知( )A．物体运动的加速度为3 m/s2B．第2s末的速度为12m/sC．第1 s内的位移为1 mD．物体在前4s内的平均速度为15m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度，结合速度时间公式求出第2s末的速度，根据位移时间公式求出第1s内和前4s内的位移，结合平均速度的定义式求出前4s内的平均速度．【解答】解：A、根据△x=aT2得，物体的加速度a=，故A错误．B、第2s末的速度v2=at2=6×2m/s=12m/s，故B正确．C、第1s内的位移，故C错误．D、前4s内的位移，则物体在前4s内的平均速度，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．6．如图所示，在倾角为30°的斜面上，有一个重为10N的物块，被平行于斜面大小为8N 的恒力F推着沿斜面匀速上滑，在推力突然取消的瞬间，物块所受的合力大小为( )A．8N B．5N C．3N D．2N【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】计算题．【分析】对物体受力分析，原来处于平衡状态，合力为零，突然撤去一个力后，分析其余力的变化情况，得到新的合力．【解答】解：对物体受力分析，如图由于物体匀速上升，合力为零撤去退F后，物体由于惯性继续上滑，重力不变，支持力等于重力垂直斜面方向的分力，也不变，滑动摩擦力也不变，原先三个力的合力与推力平衡，故三个力的合力为8N，沿斜面向下；故选A．【点评】共点力平衡时，若撤去一个力，而其余力保持不变，则其余所有力的合力等于撤去的那个力，方向与撤去的力相反．7．如图所示，石拱桥的正中央有一质量为m的对称楔形石块，侧面与竖直方向的夹角为α，重力加速度为g．若接触面间的摩擦力忽略不计，则石块侧面所受弹力的大小为( )A．B．C．mgtan αD．mgcos α【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对石块受力分析，根据共点力平衡条件，运用合成法列式求解．【解答】解：对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，将弹力F1、F2合成，结合几何关系，有mg=2×Fsinα所以F=故选A．【点评】本题考查力的平衡和力的合成；运用共点力平衡条件可以结合合成法、分解法、正交分解法求解．二、多项选择题：（本大题共5小题，每小题4分，共20分，每题有两个或两个以上的答案是正确的；选不全得2分，错选不得分）8．光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法正确的是( )A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的瞬时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体的平均速度等于位移与时间之比．物体做匀加速直线运动，t时间内平均速度等于中点时刻的瞬时速度．由斜面的长度L和时间t，求出加速度，由位移速度公式求出斜面中点的瞬时速度，再由速度公式求解物体从顶端运动到斜面中点所需的时间．【解答】解：A、物体运动全过程中的平均速度==．故A正确．B、物体在时的瞬时速度等于物体运动全过程中的平均速度=．故B错误．C、设物体的加速度为a，运动到斜面中点时瞬时速度为v，则由L=得到，a=．又v2=2a•，解得v=．故C正确．D、设物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是T，由v=aT，得到T===．故D正确．故选ACD【点评】本题考查运用运动学规律处理匀加速直线运动问题的能力．要加强练习，熟悉公式，灵活选择公式解题．9．木块A、B的重力分别是50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.20，夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m，系统置于水平地面上静止不动．现用F=1.5N的水平拉力作用在木块B上，如图所示，力F作用后( )A．木块A所受摩擦力大小是10NB．木块A所受摩擦力大小是8NC．木块B所受摩擦力大小是9.5ND．木块B所受摩擦力大小是7N【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题；摩擦力专题．【分析】根据滑动摩擦力的公式可以计算出AB两个物体与地面之间的滑动摩擦力的大小，滑动摩擦力的大小近似等于物体与地面之间的最大静摩擦力，由此可以判断AB物体与地面之间的摩擦力的情况，进而可以判断施加拉力之后AB的受力情况．【解答】解：最大静摩擦力可以近似的认为和物体受到的滑动摩擦力的大小相等，所以A物体受到的滑动摩擦力为f=μF N=0.2×50N=10N，B物体受到的滑动摩擦力为f′=μF N=0.2×60N=12N，此时弹簧的弹力的大小为F=kx=400×0.02=8N，所以弹簧的弹力的大小小于物体受到的最大静摩擦力的大小，物体处于静止状态，A受到的摩擦力大小是8N，方向向右，B受到的摩擦力大小也是8N，方向向左，当在B上在施加向右的拉力F后，B受到的摩擦力的大小为9.5N，方向向左，所以BC正确，AD错误．故选BC．【点评】本题考查学生对静摩擦力和滑动摩擦力的判断，最大静摩擦力可以近似的认为和物体受到的滑动摩擦力的大小相等．10．某物体运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．物体在第1s末运动方向发生改变B．物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的C．物体在第4s末返回出发点D．物体在第2s末离出发点最远，且最大位移为4m【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，看物体是否改变运动方向就看速度图象是否从时间轴的上方到时间轴的下方．【解答】解：A．由图象可知：物体在前2s内速度都为正，运动方向没有发生改变，故A 错误；B．物体在第2s内、第3s内图象的斜率相同，所以加速度是相同的，故B正确；C．物体在4s末图象与时间轴围成的面积为零，此时回到出发点，故C正确；D．物体在2s末位移最大，最大位移为，故D错误．故选BC．【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．11．一个已知力F=20N，把F分解成F1和F2两个分力，已知分力F1与F夹角为30°，则F2的大小( )A．一定小于20N B．可能等于20N C．可能大于20N D．最小等于10N【考点】力的分解．【分析】因为分力和合力构成矢量三角形，当分力F2与分力F1垂直时，F2最小．【解答】解：因为垂直段最短，知当分力F2与分力F1垂直时，F2最小．如图．则F2=Fsin30°=20×N=10N．所以只要大于10N，均可能，故BCD正确，A错误；故选BCD．【点评】解决本题的关键知道合力与分力遵循平行四边形定则（三角形定则），根据作图法可以确定力的最小值．12．如图所示，用与竖直方向成θ角（θ＜45°）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为T1．现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时转过θ角固定，绳b的拉力变为T2；再转过θ角固定，绳b的拉力为T3，则( )A．T1=T3＞T2B．T1＜T2＜T3C．T1=T3＜T2D．绳a的拉力减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以小球为研究对象，分析受力，运用作图法比较拉力的大小，进行选择．【解答】解：以小球为研究对象，分析受力：重力、a、b两绳的拉力T1、T2．根据平衡平衡条件得知，T1和T2的合力方向竖直向上，大小与重力相等，保持不变，作出b绳在三个不同位置时，两个拉力的变化，如图，可图得到，T1=T3＞T2．由图看出，绳a的拉力减小．故AD正确．故选AD【点评】本题是物体动态平衡问题，采用作图法可直观反映力的变化，比较力的大小，也可以采用函数法研究．二．实验题（两小题，共16分．把答案填在答题卷的相应题号的横线上）13．一位同学做“探究弹力大小与弹簧伸长量之间的关系”实验所测的几组数据如下表，请你根据表中数据做好分析．（1）算出每一次弹簧的伸长量，并将结果填在上表的空格内；（2）在坐标图上作出F﹣x图线；（3）写出图线的函数表达式（F用N作单位，x用m作单位）：F=50x．（4）该同学通过上述实验探究的结论应该是：在弹性限度范围内，弹力与弹簧的形变量成正比．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；定量思想；实验分析法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】（1）根据弹簧的原长和弹簧后来的长度求出弹簧的伸长量．（2）通过描点作图，作出F﹣x图线．（3）根据图线的斜率求出劲度系数，从而得出图线的函数表达式．（4）根据图线的形状得出F﹣x的关系．【解答】解：（1）弹簧的伸长量分别为：x1=16.00﹣15.00cm=1.00cm，x2=17.10﹣15.00cm=2.10cm，x3=17.90﹣15.00cm=2.90cm，x4=19.00﹣15.00cm=4.00cm．（2）描点作图，如图所示．（3）图线的斜率k=，可知图线的函数表达式F=50x．（4）由图线可知，在弹性限度范围内，弹力与弹簧的形变量成正比．故答案为：（1）1.00，2.10，2.90，4.00（2）F﹣x图线如图所示（3）F=50x（4）在弹性限度范围内，弹力与弹簧的形变量成正比【点评】解决本题的关键掌握描点作图的方法，尽量让大部分点落在图线上，或分居图线的两侧，偏离比较远的点可以大胆舍去．14．某同学用图1所示装置测定重力加速度，（1）实验时下面的步骤先后顺序是：BA；A．释放纸带； B．打开打点计时器（2）打出的纸带如图2所示，实验时纸带的乙端应和重物相连接（选填“甲”或“乙”）．（3）纸带上1至9各点为计时点，相邻计时点时间间隔为0.02s，由纸带所示数据可算出实验时的加速度为9.4m/s2．（4）当地的重力加速度数值为9.8m/s2，请列出测量值与当地重力加速度的值有差异的原因纸带与打点计时器之间有摩擦；纸带上的数据读数有误差．．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）用打点计时器做实验时，实验步骤要求先接通电源，让打点计时器正常工作后，释放纸带；（2）纸带与重物相连的那端最先打点，故点的分布比较密集些；（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；（4）由于实验过程中重物受到空气阻力和限位孔与纸带间的摩擦阻力等作用，所求加速度的值偏小．【解答】解：（1）如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故实验时先打开打点计时器后释放纸带，故顺序为：BA；（2）物体做加速运动，计数点之间的距离越来越大，因此纸带的乙端与打点计时器相连；（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x78﹣x23=5a1T2解得：a==9.4m/s2．（4）由于实验过程中重物受到空气阻力和限位孔与纸带间的摩擦阻力等作用，所求加速度的值偏小，还有纸带上的数据读数有误差也会对实验结果造成影响．故答案为：（1）BA（2）乙（3）9.4（4）纸带与打点计时器之间有摩擦；纸带上的数据读数有误差．【点评】本题是利用自由落体运动测定重力加速度．注意打点计时器的使用方法，能熟练根据匀变速直线运动的公式求解速度和加速度等物理量，要知道实验过程中重物受到空气阻力和限位孔与纸带间的摩擦阻力等作用对实验结果的影响．三．计算题（共43分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分.有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位）15．列车进站先关闭发动机，当它匀减速滑行450米时，列车的速度已减半，以后又继续滑行30秒钟，列车恰好停在站台上．求：（1）滑行的总时间；（2）滑行的距离；（3）开始滑行时的速度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，得出速度减为所需的时间．再求得总时间，结合平均速度的推论=得出减速滑行时的初速度，并可求出总的位移．【解答】解：（1）因为速度减为后，又继续滑行30s，速度减为零．根据匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可知速度减为所需的时间为30s．则总时间T=30+30=60S（2）（3）第一段过程中的平均速度．解得v0=20m/s．总的距离为：X==600m答：（1）滑行的总时间为60S；（2）滑行的距离为600m；（3）开始滑行时的速度20m/s【点评】本题可以设初速度和加速度，结合位移时间公式和速度时间公式列方程组求解，但是没有运用匀变速直线运动的推论解决简捷16．在我国东北寒冷的冬季，狗拉雪橇是人们出行的常见交通工具，如图所示．一质量为30kg的小孩坐在10.6kg的钢制滑板的雪橇上，狗用与水平方向成37°斜向上的拉力拉雪橇，雪橇与冰道间的动摩擦因数为0.02，求狗要用多大的力才能够拉雪橇匀速前进．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．。

2015-2016学年黑龙江省绥化市肇东一中高一（下）期中物理试卷一、选择题（全部选对得4分，漏选得2分，错选不得分．共计48分）1．如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上．物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足（）A．tanφ=sinθ B．tanφ=cosθ C．tanφ=tanθ D．tanφ=2tanθ2．如图所示，一个可以看作质点的物体以一定的初速度沿水平面由A点滑到B点，摩擦力做功大小为W1；若该物体从C点以一定的初速度沿两个斜面滑到D点，两斜面用光滑小圆弧连接，摩擦力做功大小为W2；已知该物体与各接触面的动摩擦因数均相同，则（）A．W1＞W2B．W1=W2C．W1＜W2D．无法确定W1和W2的大小关系3．小球以水平速度v0向竖直墙抛出，小球抛出点与竖直墙的距离为L，在抛出点处有一点光源，在小球未打到墙上前，墙上出现小球的影子向下运动，则影子的运动是（）A．匀速运动B．匀加速运动，加速度是gC．匀加速运动，加速度大于g D．匀加速运动，加速度小于g4．如图所示的皮带传动装置中，M、N分别是两个轮边缘的一点，两皮带轮半径分别为r和R，且r=R，则（）A．M、N角速度之比为3：2 B．M、N线速度大小之比为3：2C．M、N向心加速度之比为1：1 D．M、N的周期之比为2：35．在宽度为d的河中，水流速度为v2，船在静水中速度为v1（且v1＞v2），方向可以选择，现让该船开始渡河，则该船（）A．可能的最短渡河时间为B．可能的最短渡河位移为dC．只有当船头垂直河岸渡河时，渡河时间才和水速无关D．不管船头与河岸夹角是多少，渡河时间和水速均无关6．如图所示，AB为半圆弧ACB水平直径，C为ACB弧的中点，AB=1.5m，从A点平抛出一小球，小球下落0.3s后落到ACB上，则小球抛出的初速度V0为（）A．0.5m/s B．1.5m/s C．3m/s D．4.5m/s7．据报道，我国数据中继卫星“天链一号0l星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月1日成功定点在东经770赤道上空的同步轨道．关于成功定点后的“天链一号01星”，下列说法正确的是（）A．运行速度大于7.9 km/sB．离地面高度一定的任意位置C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大D．向心加速度比静止在赤道上物体的向心加速度大8．一物体在地球表面上的重力为16N，它在以5m/s2的加速度加速上升的火箭中的示重9N，则此时火箭离地面的高度是地球半径R的（）A．2倍B．3倍C．4倍D．0.5倍9．物体沿直线运动的v﹣t关系如图所示，已知在第1秒内合外力对物体做的功为W，则（）A．从第1秒末到第3秒末合外力做功为4WB．从第3秒末到第5秒末合外力做功为﹣2WC．从第5秒末到第7秒末合外力做功为WD．从第3秒末到第4秒末合外力做功为﹣0.75W10．质量为m的小球，用长为l的细线悬挂在O点，在O点的正下方处有一光滑的钉子P，把小球拉到与钉子P等高的位置，摆线被钉子挡住．如图让小球从静止释放，当小球第一次经过最低点时（）A．小球运动的线速度突然减小B．小球的角速度突然减小C．小球的向心加速度突然增大D．悬线的拉力突然增大11．物体以v0的速度水平抛出，当竖直分位移与水平分位移大小相等时，以下说法不正确的是（）A．竖直分速度等于水平分速度B．瞬时速度的大小为v0C．运动时间为D．运动位移的大小为12．宇宙中存在一些质量相等且离其他恒星较远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用．设四星系统中每个星体的质量均为m，半径均为R，四颗星稳定分布在边长为a的正方形的四个顶点上．已知引力常量为G．关于四星系统，下列说法正确的是（）A．四颗星围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动B．四颗星的轨道半径均为C．四颗星表面的重力加速度均为GD．四颗星的周期均为二、填空题（前四空每空2分，后三空每空3分，共计17分．）13．在“研究平抛物体运动”的实验中，可以描绘平抛物体运动轨迹和求物体的平抛初速度．实验简要步骤如下：A．让小球多次从位置上静止滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置；B．安装好器材，注意斜槽末端水平和平板竖直，记下斜槽末端O点和过O 点的竖直线．C．测出曲线上某点的坐标x、y，用v0=算出该小球的平抛初速度，实验需要对多个点求v0的值，然后求它们的平均值．D．取下白纸，以O为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛轨迹．上述实验步骤的合理顺序是：（只排列序号即可）．（2）如图所示，在“研究平抛物体运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm．若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为vo=（用L、g表示），其值是（取g=9.8m/s2），小球在b点的速率是．三、计算题（14题10分，15题12分，16题13分，共计35分）14．（10分）水平抛出的一个石子，经过0.4s落到地面，落地时的速度方向跟水平方向的夹角是37°，（g取10m/s2）．试求：（石子的抛出点距地面的高度；（2）石子抛出的水平初速度．（已知sin37°=0.6；cos37°=0.8）15．（12分）（2010•山西模拟）如图1所示，水平传送带的长度L=5m，皮带轮的半径R=0.1m，皮带轮以角速度ω顺时针匀速转动．现有一小物体（视为质点）以水平速度v0从A点滑上传送带，越过B点后做平抛运动，其水平位移为s．保持物体的初速度v0不变，多次改变皮带轮的角速度ω，依次测量水平位移s，得到如图2所示的s﹣ω图象．回答下列问题：（当0＜ω＜10rad/s时，物体在A、B之间做什么运动？（2）B端距地面的高度h为多大？（3）物块的初速度v0多大？16．（13分）我国发射的“嫦娥一号”探月卫星沿近似于圆形的轨道绕月飞行．为了获得月球表面全貌的信息，让卫星轨道平面缓慢变化．卫星将获得的信息持续用微波信号发回地球．设地球和月球的质量分别为M和m，地球和月球的半径分别为R和R1，月球绕地球的轨道半径和卫星绕月球的轨道半径分别为r和r1，月球绕地球转动的周期为T．假定在卫星绕月运行的一个周期内卫星轨道平面与地月连心线共面，求在该周期内卫星发射的微波信号因月球遮挡而不能到达地球的时间（用M、m、R、R1、r、r1和T表示，忽略月球绕地球转动对遮挡时间的影响）．2015-2016学年黑龙江省绥化市肇东一中高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（全部选对得4分，漏选得2分，错选不得分．共计48分）1．如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上．物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足（）A．tanφ=sinθ B．tanφ=cosθ C．tanφ=tanθ D．tanφ=2tanθ【考点】平抛运动【分析】φ为速度与水平方向的夹角，tanφ为竖直速度与水平速度之比；θ为平抛运动位移与水平方向的夹角，tanθ为竖直位移与水平位移之比．【解答】解：竖直速度与水平速度之比为：tanφ=，竖直位移与水平位移之比为：tanθ==，故tanφ=2tanθ，故选：D．2．如图所示，一个可以看作质点的物体以一定的初速度沿水平面由A点滑到B点，摩擦力做功大小为W1；若该物体从C点以一定的初速度沿两个斜面滑到D点，两斜面用光滑小圆弧连接，摩擦力做功大小为W2；已知该物体与各接触面的动摩擦因数均相同，则（）A．W1＞W2B．W1=W2C．W1＜W2D．无法确定W1和W2的大小关系【考点】功的计算；力的合成与分解的运用【分析】通过功的公式W=Fscosθ去比较两种情况下摩擦力做功的大小．【解答】解：设AB间的距离为L，则上图中摩擦力做功W1=﹣μmgL．下图中把摩擦力做功分为两段，即W2=﹣μmgcosαs1﹣μmgcosβs2=﹣μmg（s1cosα+s2cosβ）=﹣μmgL．所以W1=W2．故B正确，A、C、D错误．故选B．3．小球以水平速度v0向竖直墙抛出，小球抛出点与竖直墙的距离为L，在抛出点处有一点光源，在小球未打到墙上前，墙上出现小球的影子向下运动，则影子的运动是（）A．匀速运动B．匀加速运动，加速度是gC．匀加速运动，加速度大于g D．匀加速运动，加速度小于g【考点】平抛运动【分析】根据图中两个三角形相似得到影子位移与时间的关系式，再根据自由落体运动位移时间关系公式列式，然后联立得到影子位移与时间的关系式，最后分析讨论．【解答】解：根据图示，由数学知识可得：h=，联立解得x=，即影子的位移与时间成正比，所以小球在点光源照射下的影子在墙上的运动是匀速直线运动；故A正确，B、C、D错误．故选：A．4．如图所示的皮带传动装置中，M、N分别是两个轮边缘的一点，两皮带轮半径分别为r和R，且r=R，则（）A．M、N角速度之比为3：2 B．M、N线速度大小之比为3：2C．M、N向心加速度之比为1：1 D．M、N的周期之比为2：3【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速【分析】用皮带相连的两转动物体，边缘处线速度相等；再根据角速度和线速度的关系以及向心加速度的公式可确定角速度和向心加速度的比值【解答】解：AB、两轮用皮带相连，故边缘处的线速度相等；则由v=rω可知，角速度之比为半径的反比，故角速度之比为3：2；故A正确，B错误C、根据，向心加速度与半径成反比，故M、N向心加速度之比为3：2，故C错误；D、根据，角速度与周期成反比，周期之比为2：3，故D正确；故选：AD5．在宽度为d的河中，水流速度为v2，船在静水中速度为v1（且v1＞v2），方向可以选择，现让该船开始渡河，则该船（）A．可能的最短渡河时间为B．可能的最短渡河位移为dC．只有当船头垂直河岸渡河时，渡河时间才和水速无关D．不管船头与河岸夹角是多少，渡河时间和水速均无关【考点】运动的合成和分解【分析】船实际参与了两个分运动，沿船头指向的匀速运动和沿水流方向的匀速运动，两分运动同时发生，互不影响，因而渡河时间等于沿船头方向分运动的时间；当合速度与河岸垂直时，渡河位移最小．【解答】解：A、当船头与河岸垂直时最小，渡河时间最短，为，因而A错误；B、当合速度与河岸垂直时，渡河位移最小，为d，故B正确；C、将船的实际运动沿船头方向和水流方向分解，由于各个分运动互不影响，因而渡河时间等于沿船头方向的分运动时间，为t=（x1为沿船头指向的分位移）显然与水流速度无关，因而C错误、D正确；故选：BD．6．如图所示，AB为半圆弧ACB水平直径，C为ACB弧的中点，AB=1.5m，从A点平抛出一小球，小球下落0.3s后落到ACB上，则小球抛出的初速度V0为（）A．0.5m/s B．1.5m/s C．3m/s D．4.5m/s【考点】平抛运动【分析】根据时间求出平抛运动的高度，再通过下降的高度结合几何关系求出水平位移，从而求出初速度．【解答】解：小球下降的高度为：h==，小球下落点存在两种可能，根据几何关系，其水平位移可能是：x==0.75+m=1.35m或：x==0.75﹣m=0.15m，则平抛运动的初速度为：，或．故选：AD．7．据报道，我国数据中继卫星“天链一号0l星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月1日成功定点在东经770赤道上空的同步轨道．关于成功定点后的“天链一号01星”，下列说法正确的是（）A．运行速度大于7.9 km/sB．离地面高度一定的任意位置C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大D．向心加速度比静止在赤道上物体的向心加速度大【考点】同步卫星；向心力；万有引力定律及其应用【分析】研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出表示出线速度的大小．知道7.9 km/s为第一宇宙速度，是卫星绕地球圆周运动的最大运行速度．了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期和角速度必须与地球自转的周期和角速度相同．根据向心加速度的表达式找出向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小关系．【解答】解：A、由万有引力提供向心力得：G=m，得v=．即线速度v随轨道半径r的增大而减小，v=7.9 km/s为第一宇宙速度，即围绕地球表面运行的速度；因同步卫星轨道半径比地球半径大很多，因此其线速度应小于7.9 km/s，故A 错误；B、因同步卫星与地球自转同步，即周期T、角速度ω与地球自转的相同，因此其相对于地面静止，由万有引力提供向心力得：G=m r，得r=，高度h=r﹣R═﹣R，则因G、M、T、R均为定值，因此h一定为定值，故B错误．C、由万有引力提供向心力得：G=mω2r，可知当运行半径越大时，转动的角速度越小，因此绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大，故C 正确；D、同步卫星与静止在赤道上的物体具有共同的角速度，由公式a向=rω2，可得同步卫星的向心加速度大于静止在赤道上物体的向心加速度．故D正确．故选：CD．8．一物体在地球表面上的重力为16N，它在以5m/s2的加速度加速上升的火箭中的示重9N，则此时火箭离地面的高度是地球半径R的（）A．2倍B．3倍C．4倍D．0.5倍【考点】万有引力定律及其应用【分析】首先明白地球表面万有引力相当于重力，且没有特殊说明重力加速度用10m/s2计算；其次注意火箭的加速度是向上的，则对物体施加的总力为其重力和加速运动之和；最后根据万有引力公式变换求解即可．【解答】解：设地表重力加速度为g=10m/s，火箭中重力加速度为g1；万有引力常数为G；地球的质量为M，物体的质量为m，地球表面上的重力为F1，向上的加速度为a，此时示重9N为F，此时火箭离地面的高度为H；据在地表万有引力相当于重力得F1=mg=16N①②在火箭中力与运动的关系为F=9N=mg1+ma③④联立①③并代入计算得mg1=1N⑤联立②④并代入数值得=最终得H=3R故则此时火箭离地面的高度是地球半径R的3倍．故选B．9．物体沿直线运动的v﹣t关系如图所示，已知在第1秒内合外力对物体做的功为W，则（）A．从第1秒末到第3秒末合外力做功为4WB．从第3秒末到第5秒末合外力做功为﹣2WC．从第5秒末到第7秒末合外力做功为WD．从第3秒末到第4秒末合外力做功为﹣0.75W【考点】功的计算【分析】由速度﹣时间图象可知，物体在第1秒末到第3秒末做匀速直线运动，合力为零，做功为零．根据动能定理：合力对物体做功等于物体动能的变化．从第3秒末到第5秒末动能的变化量与第1秒内动能的变化量相反，合力的功相反．从第5秒末到第7秒末动能的变化量与第1秒内动能的变化量相同，合力做功相同．根据数学知识求出从第3秒末到第4秒末动能的变化量，再求出合力的功．【解答】解：A、物体在第1秒末到第3秒末做匀速直线运动，合力为零，做功为零．故A错误．B、从第3秒末到第5秒末动能的变化量与第1秒内动能的变化量相反，合力的功相反，等于﹣W．故B错误．C、从第5秒末到第7秒末动能的变化量与第1秒内动能的变化量相同，合力做功相同，即为W．故C正确．D、从第3秒末到第4秒末动能变化量是负值，大小等于第1秒内动能的变化量的，则合力做功为﹣0.75W．故D正确．故选CD10．质量为m的小球，用长为l的细线悬挂在O点，在O点的正下方处有一光滑的钉子P，把小球拉到与钉子P等高的位置，摆线被钉子挡住．如图让小球从静止释放，当小球第一次经过最低点时（）A．小球运动的线速度突然减小B．小球的角速度突然减小C．小球的向心加速度突然增大D．悬线的拉力突然增大【考点】匀速圆周运动；向心力【分析】把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当小球第一次经过最低点时，线速度大小不变，半径发生变化，根据v=rω，a=判断角速度、向心加速度大小的变化．【解答】解：A、把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当小球第一次经过最低点时，由于重力与拉力都与速度垂直，所以小球的线速度大小不变．故A错误．B、根据v=rω，知线速度大小不变，半径变大，则角速度变小．故B正确．C、根据向心加速度公式a=得，线速度大小不变，半径变大，则向心加速度变小．故C错误．D、悬线拉力F=mg+m=mg+ma向应突然减小，故D错误．故选：B．11．物体以v0的速度水平抛出，当竖直分位移与水平分位移大小相等时，以下说法不正确的是（）A．竖直分速度等于水平分速度B．瞬时速度的大小为v0C．运动时间为D．运动位移的大小为【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直位移和水平位移相等，求出运动的时间，从而得出竖直分速度，结合平行四边形定则求出瞬时速度的大小．求出水平位移的大小，从而根据平行四边形定则求出物体运动的位移．【解答】解：A、根据得，平抛运动的时间t=．则竖直分速度v y=gt=2v0，为水平分速度的2倍．根据平行四边形定则得，物体的瞬时速度为：．故A错误，BC正确．D、平抛运动的水平位移x=，则物体运动的位移为：s=．故D正确．本题选错误的，故选：A．12．宇宙中存在一些质量相等且离其他恒星较远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用．设四星系统中每个星体的质量均为m，半径均为R，四颗星稳定分布在边长为a的正方形的四个顶点上．已知引力常量为G．关于四星系统，下列说法正确的是（）A．四颗星围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动B．四颗星的轨道半径均为C．四颗星表面的重力加速度均为GD．四颗星的周期均为【考点】万有引力定律及其应用【分析】在四颗星组成的四星系统中，其中任意一颗星受到其它三颗星对它的引力的合力提供圆周运动的向心力，根据合力提供向心力，求出星体匀速圆周运动的线速度和周期．在星球表面上，根据万有引力等于重力，求出星体表面的重力加速度．【解答】解：A、任一颗星体在其他三个星体的万有引力作用下，合力方向指向对角线的交点，围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动，故A正确．B、任一星体在其他三个星体的万有引力作用下围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动，轨道半径均r=，故B错误．C、在四颗星表面上，物体的重力等于万有引力，则有：m′g=，得四颗星表面的重力加速度g=G，故C正确．D、对于任一星体，由万有引力定律和向心力公式得：G+•G=m，解得：T=．故D正确．故选：ACD．二、填空题（前四空每空2分，后三空每空3分，共计17分．）13．在“研究平抛物体运动”的实验中，可以描绘平抛物体运动轨迹和求物体的平抛初速度．实验简要步骤如下：A．让小球多次从同一位置上静止滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置；B．安装好器材，注意斜槽末端水平和平板竖直，记下斜槽末端O点和过O 点的竖直线．C．测出曲线上某点的坐标x、y，用v0=算出该小球的平抛初速度，实验需要对多个点求v0的值，然后求它们的平均值．D．取下白纸，以O为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛轨迹．上述实验步骤的合理顺序是：B、A、D、C（只排列序号即可）．（2）如图所示，在“研究平抛物体运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm．若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为vo=（用L、g表示），其值是0.70m/s（取g=9.8m/s2），小球在b点的速率是0.88m/s．【考点】研究平抛物体的运动【分析】（、A．让小球多次从同一位置上静止滚下，目的是保证小球多次做平抛运动的初速度相等．C．平抛运动分解为：水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动，水平方向有：x=v0t，竖直方向有：，联立求出初速度v0．实验步骤的合理顺序的排列要明确实验的正确安排顺序．（2）、平抛运动分解为：水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动．从小方格的纸记录轨迹可看出，从a→b→c→d的水平位移一样，都为2L，说明各段的时间相等，设为T，可知2L=v0T，由运动的等时性，T由竖直方向运动求出，从a→b→c→d的竖直位移依次相差L，由匀变速直线运动的规律得L=gT2，联立可求出初速度v0．再有中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度规律求出b的竖直速度v b y，然后运用运动的合成求出b的速度v b．【解答】解：（、A．让小球多次从同一位置上静止滚下，目的是保证小球多次做平抛运动的初速度相等．所以此空填同一．C．平抛运动分解为：水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动，水平方向有：x=v0t，竖直方向有：，联立求出初速度v0=．实验步骤合理顺序是：B、A、D、C．（2）、从小方格的纸记录轨迹可看出从a→b→c→d的水平位移一样，都为2L，说明各段的时间相等，设为T，可知：2L=v0T，分析a→b→c→d的竖直位移依次相差L，由匀变速直线运动的规律得：L=gT2，联立可求出初速度v0=，代入数值得m/s=2×0.35m/s=0.70m/s．由中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度得b的竖直速度：v b y===，运用运动的合成求出b的速度：v b=2=，代入数值得：v b=m/s=0.88m/s．故答案为：（、A．同一，C.，实验步骤合理的顺序：B、A、D、C．（2），0.70m/s，0.88m/s．三、计算题（14题10分，15题12分，16题13分，共计35分）14．（10分）水平抛出的一个石子，经过0.4s落到地面，落地时的速度方向跟水平方向的夹角是37°，（g取10m/s2）．试求：（石子的抛出点距地面的高度；（2）石子抛出的水平初速度．（已知sin37°=0.6；cos37°=0.8）【考点】平抛运动【分析】（平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．根据时间求得高度．（2）根据时间求出落地时竖直分速度，结合平行四边形定则求出石子抛出的初速度．【解答】解：（根据h=得：h=×10×0.42=0.8m．（2）石子落地时竖直分速度为：v y=gt=4m/s，根据tan37°=，解得：v0===5.3m/s．答：（石子的抛出点距地面的高度为0.8m；（2）石子抛出的水平初速度为5.3m/s．15．（12分）（2010•山西模拟）如图1所示，水平传送带的长度L=5m，皮带轮的半径R=0.1m，皮带轮以角速度ω顺时针匀速转动．现有一小物体（视为质点）以水平速度v0从A点滑上传送带，越过B点后做平抛运动，其水平位移为s．保持物体的初速度v0不变，多次改变皮带轮的角速度ω，依次测量水平位移s，得到如图2所示的s﹣ω图象．回答下列问题：（当0＜ω＜10rad/s时，物体在A、B之间做什么运动？（2）B端距地面的高度h为多大？（3）物块的初速度v0多大？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系；平抛运动【分析】（平抛运动的初速度不同，水平位移不同，通过水平位移与角速度的关系知，当0＜ω＜10rad/s时，物块的速度大于皮带的速度，物体一直做匀减速运动．（2）从图象中知，当ω=10rad/s时，物块匀减速运动到达B点的速度正好等于皮带的速度，根据水平位移求出时间，再根据时间求出高度．（3）从图象中知，当ω＞30rad/s时，水平位移不变，知物块一直做匀加速运动．有2μgL=v B，2﹣v02，当0＜ω＜10rad/s时，物块的速度大于皮带的速度，物体一直做匀减速运动．有2μgL=v02﹣v B2，分别求出v B，v B′，联立两方程，求出v0．【解答】解：（物体的水平位移相同，说明物体离开B点的速度相同，物体的速度大于皮带的速度，一直做匀减速运动．（2）当ω=10rad/s时，物体经过B点的速度为v B=Rω=1m/s平抛运动：s=v B t解得：t=1s则h==5m．故B端距离地面的高度为5m．（3）当ω＞30rad/s时，水平位移不变，说明物体在AB之间一直加速，其末速度m/s根据v t2﹣v02=2as当0≤ω≤10rad/s时，2μgL=v02﹣v B2当ω≥30rad/s时，2μgL=v B，2﹣v02解得：故物块的初速度为．16．（13分）我国发射的“嫦娥一号”探月卫星沿近似于圆形的轨道绕月飞行．为了获得月球表面全貌的信息，让卫星轨道平面缓慢变化．卫星将获得的信息持续用微波信号发回地球．设地球和月球的质量分别为M和m，地球和月球的半径分别为R和R1，月球绕地球的轨道半径和卫星绕月球的轨道半径分别为r和r1，月球绕地球转动的周期为T．假定在卫星绕月运行的一个周期内卫星轨道平面与地月连心线共面，求在该周期内卫星发射的微波信号因月球遮挡而不能到达地球的时间（用M、m、R、R1、r、r1和T表示，忽略月球绕地球转动对遮挡时间的影响）．【考点】万有引力定律及其应用【分析】根据题意画出地球和月球的平面示意图，作出地月球面的公切线，找出卫星运动时发出的信号被遮挡所在的圆弧．根据万有引力定律求出探月卫星绕月球转动的周期．由几何关系求出发出的信号被遮挡所在的圆弧所对应的圆心角，再结合周期求出信号被遮挡的时间．【解答】解：如图，O和O′分别表示地球和月球的中心．在卫星轨道平面上，A是地月连心线OO′与地月球面的公切线ACD的交点，D、C和B分别是该公切线与地球表面、月球表面和卫星圆轨道的交点．根据对称性，过A点在另一侧作地月球面的公切线，交卫星轨道于E点．卫星在BE弧运动时发出的信号被遮挡．设探月卫星的质量为m0，万有引力常量为G，根据万有引力定律有G=m rG=m0r1式中，T1是探月卫星绕月球转动的周期．得。

黑龙江省绥化市第二中学高一 物理上学期1月月考考试试题卷 附答案解析一、选择题1．如图所示，质量均为m 的A 、B 两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A 球紧靠竖直墙壁，今用水平力F 将B 球向左推压弹簧，平衡后，突然将F 撤去，在这瞬间，以下说法正确的是A ．B 球的速度为零，加速度大小为F m B ．B 球的速度为零，加速度为零C ．A 立即离开墙壁D ．在A 离开墙壁后，A 、B 两球均向右做匀速运动2．如图所示，AB 和CD 是彼此平行的河岸，若河水以恒定的速度沿平行河岸方向向右流动，现使小船船头垂直河岸，由A 点匀速出发，则小船实际运动的轨迹可能是图中的A ．直线PB ．曲线QC ．直线RD ．曲线S3．放假了，小明斜拉着拉杆箱离开校园。

如图所示，小明的拉力大小为F ，方向沿拉杆斜向上，与水平地面夹角为θ．与拉杆箱竖直静止在水平地面且不受拉力相比，此时拉杆箱对水平面的压力（ ）A ．减少了sin F θB ．增大了sin F θC ．减小了cos F θD ．增大了cos F θ 4．盐城某火车转弯处规定速度为60km/h ，下列说法中正确的是（ ）A ．轨道的弯道应是内轨略高于外轨B ．轨道的弯道应是外轨和内轨等高C ．如果火车按规定速率转弯，轨道对车轮无侧向压力D ．如果火车按规定速率转弯，轨道对车轮有侧向压力5．竖直升空的火箭，其v-t 图像如图所示，由图可知以下说法中正确的是( )A．火箭上升的最大高度为16000mB．火箭上升的最大高度为48000mC．火箭经过120s落回地面D．火箭上升过程中的加速度始终是20m/s26．金属小桶侧面有一小孔A，当桶内盛水时，水会从小孔A中流出．如果让装满水的小桶自由下落，不计空气阻力，则在小桶自由下落过程中（）A．水继续以相同的速度从小孔中喷出B．水不再从小孔喷出C．水将以更大的速度喷出D．水将以较小的速度喷出7．下面哪一组单位属于国际单位制中基本物理量的基本单位（）A．m、kg、S B．g、m/s2、SC．m、N、s D．kg、m/s、S8．如图为皮带传动示意图，传动时皮带不打滑，大小轮半径分别为R和r，且R>r，则下列说法中正确的是（）A．小轮的角速度小于大轮的角速度B．小轮的角速度等于大轮的角速度C．小轮边缘线速度与大轮边缘线速度的大小相等D．小轮边缘的线速度大于大轮边缘的线速度9．如图所示，4个箭头均表示船头的指向，每相邻两个头之间的夹角都是30o，已知船在静水中的速度是4m/s，水速是2m/s，要使船能垂直河岸渡过河，那么船头的指向应为A．①方向 B．②方向 C．③方向 D．④方向10．从牛顿第二定律知道，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度．可是当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时，却推不动它，这是因为（）A．牛顿第二定律不适用于静止物体B．根据a=F/m和判断，加速度很小，速度增量很小，眼睛不易觉察到C．推力小于静摩擦力，加速度是负值D．重力、地面支持力、推力和静摩擦力的合力等于零．根据牛顿第二定律加速度等于零，所以原来静止的桌子还是静止的11．下列有关质点的说法正确的是（）A．只有细小的物体才能看成质点B．物体在任何情况下都能看成质点C．研究地球自转的规律时，可以把地球看成质点D．研究地球公转的规律时，可以把地球看成质点12．如图所示，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道，甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由向B处，滑过B处时的速率相等，下列说法正确的是（）A．甲比乙先到达B处B．甲通过的位移比乙通过的位移小C．甲、乙下滑的加速度大小时刻相等D．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度13．下列物理量中，属于矢量的是（）A．加速度B．质量C．路程D．时间14．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动。