★2019年高考物理总复习(教科版)试题第五章 机械能 第2课时 机械能守恒定律 Word版含解析

第五章 机械能及其守恒定律章末综合测试(五) (时间：60分钟 分数：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．质量为m 、初速度为零的物体，在不同变化的合外力F 作用下都通过位移x 0.下列各种情况中合外力做功最多的是( )解析：C 力F 随位移x 变化的图线与x 轴围成的面积表示功，合外力做功最多的是图C.2．物体放在水平地面上，在水平拉力的作用下，沿水平方向运动，在6 s 内其速度与时间关系的图象和拉力的功率与时间关系的图象如图甲、乙所示，由图象可以求得物体的质量为(取g ＝10 m/s 2)( )A ．2 kgB ．2.5 kgC ．3 kgD ．3.5 kg解析：B 匀速运动时拉力等于摩擦力，为：F 2＝F f ＝P v ＝104N ＝2.5 N.物体做匀加速直线运动时，拉力为恒力，v 随时间均匀增大，所以P 随t 均匀增大．F 1＝P ′v ′＝304 N ＝7.5 N.F 1－F f ＝ma ， a ＝42m/s 2＝2 m/s 2可得m ＝2.5 kg.故B 正确，A 、C 、D 错误．3．滑板运动是极限运动的鼻祖，许多极限运动项目均由滑板项目延伸而来．如图所示，质量为m 1＝50 kg 的运动员从轨道上的A 点以v 0的水平速度冲上质量为m 2＝5 kg 的高度不计的静止滑板后，又一起滑向光滑轨道DE ，到达E 点时速度减为零，然后返回，已知H ＝1.8 m ，重力加速度g ＝10 m/s 2.设运动员和滑板可看成质点，滑板与水平地面的摩擦力不计．则下列说法正确的是( )A ．运动员和滑板一起由D 点运动到E 点的过程中机械能不守恒B ．运动员的初速度v 0＝8 m/sC ．刚冲上DE 轨道时，运动员的速度大小为6 m/sD ．运动员冲上滑板到二者共速的过程中机械能守恒解析：C 运动员和滑板一起由D 点运动到E 点的过程中只有重力做功，则机械能守恒，得(m 1＋m 2)gH ＝12(m 1＋m 2)v 2共，v 共＝6 m/s ，A 错误、C 正确；若规定向右为正方向，运动员冲上滑板到二者共速，由动量守恒得m 1v 0＝(m 1＋m 2)v 共，解得v 0＝6.6 m/s ，运动员与滑板组成的系统的动能变化量ΔE k ＝12m 1v 20－12(m 1＋m 2)v 2共>0，则运动员冲上滑板到二者共速的过程中机械能不守恒，B 、D 错误．4.一滑块以一定的初速度从一固定斜面的底端向上冲，到斜面上某一点后返回底端，斜面粗糙．滑块运动过程中加速度与时间关系图象如图所示．下列四幅图象分别表示滑块运动过程中位移x 、速度v 、动能E k 和重力势能E p (以斜面底端为参考平面)随时间变化的关系图象，其中正确的是( )解析：D 滑块冲上斜面到沿斜面下滑底端的过程，先匀减速后匀加速，上滑过程x ＝v 0t －12a 1t 2，下滑过程x＝－12a 2(t －t 1)2，所以两段均为开口向下的抛物线(或者从x －t 图线的斜率分析，由过程可知：速度先减小后增大，所以斜率先减小后增大)，所以A 错误；因为有摩擦，所以机械能有损失，回到底端的速度必小于v 0，所以B 错误；因为动能E k ＝12mv 2，即有上滑过程E k ＝12m (v 0－a 1t )2，下滑过程有E k ＝12m [a 2(t －t 1)]2，上滑到最高点的动能为0，所以C 错误；重力势能E p ＝mgh ，所以重力势能先增加后减小，即D 正确．5．如图所示，质量M ＝4 kg 的物块B 与质量m ＝2 kg 的物块A 间用一轻质弹簧连接后，置于一倾角θ＝37°且足够长的固定光滑斜面上，C 为固定在斜面底部且与斜面垂直的挡板，整个装置处于静止状态，现用一平行于斜面向上、大小恒为F ＝60 N 的拉力作用在物块A 上，并使其沿斜面向上运动，当物块B 刚要离开挡板C 时，物块A 运动的距离为x ＝6 m ，则(已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g 取10 m/s 2)( )A ．此时物块A 动能的增加量为360 JB ．该轻弹簧的劲度系数为4 N/mC ．此时物块A 的加速度大小为12 m/s 2D ．整个过程中弹簧弹性势能的增加量为300 J解析：C 在物块A 向上运动6 m 的过程中，拉力F 做的功为W F ＝Fx ＝360 J ，由能量守恒定律可知，拉力F 做的功转化为物块A 增加的动能、重力势能和弹簧的弹性势能，所以物块A 动能的增加量小于360 J ，选项A 错误；当物块A 静止不动时，设弹簧的压缩量为Δx ，对A 有mg sin θ＝k Δx ，即Δx ＝mg sin θk，当物块A 运动的距离为x ＝6 m 时，物块B 刚要离开挡板C ，对物块B 进行受力分析可知Mg sin θ＝k (6 m －mg sin θk)，代入数据可解得k ＝6 N/m ，选项B 错误；当物块A 运动的距离为x ＝6 m 时，设物块A 运动的加速度大小为a ，弹簧的伸长量为Δx ′，则由牛顿第二定律可得F －mg sin θ－k Δx ′＝ma ，又Δx ′＝6 m －mg sin θk，两式联立并代入数据可解得a ＝12 m/s 2，选项C 正确；由能量守恒定律可知弹簧弹性势能的增加量ΔE p ＝W F －mgx sin θ－ΔE k A ，因W F －mgx sin θ＝360 J －72 J ＝288 J ，故选项D 错误．6．质量为m 1、m 2的两物体，静止在光滑的水平面上，质量为m 的人站在m 1上用恒力F 拉绳子，经过一段时间后，两物体的速度大小分别为v 1和v 2，位移分别为x 1和x 2，如图所示．则这段时间内此人所做的功的大小等于( )A ．Fx 2B ．F (x 1＋x 2) C.12m 2v 22＋12(m ＋m 1)v 21 D.12m 2v 22 解析：BC 根据功的定义W ＝Fx ，而其x 应为拉过的绳子长度，也就是两个物体运动的位移之和，因此B 正确，A 错误；根据动能定理，拉力做的功等于两个物体增加的动能之和，即W ＝12m 2v 22＋12(m ＋m 1)v 21，因此C 正确，D 错误．7．如图所示，在竖直平面内，半径为R 的四分之一圆弧轨道AB 、水平轨道BC 与斜面CD 平滑连接在一起，圆弧轨道的半径OB 和BC 垂直，水平轨道BC 的长度大于π2R ，斜面CD 足够长．在圆弧轨道上静置着N 个质量为m ，半径为r (r ≪R )的光滑刚性小球，小球恰好将圆弧轨道铺满，从最高点A 到最低点B 依次标记为1、2、3……N .现将圆弧轨道末端B 处的阻挡物拿走，N 个小球由静止开始沿轨道运动，不计摩擦与空气阻力，若以BC 所在的平面为重力势能的零势能面，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A ．第N 个小球在斜面CD 上向上运动时，其机械能减小B ．第N 个小球在斜面CD 上向上运动时，其机械能增大C ．N 个小球构成的系统在运动过程中机械能守恒，且机械能E ＝NmgR2D ．第1个小球到达最低点时的速度v <gR解析：BD 把N 个小球看成整体，则小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，由于重心到水平轨道BC 的高度小于R 2，故总机械能E <NmgR2，C 错误；在下滑的过程中，水平轨道上的小球要做匀速运动，而圆弧轨道上的小球要做加速运动，则后面的小球对前面的小球有向前的压力作用，同理可知，冲上斜面后后面的小球对前面的小球有向上的压力作用，故第N 个小球受到第N －1个小球的压力，压力做正功，第N 个小球机械能增大，故A 错误，B 正确；N 个小球整体的重心运动到最低点的过程中，根据机械能守恒定律有12Nmv 2<Nmg ×12R ，解得v <gR ，故D 正确．8．(2017·河南省实验中学模拟)在一水平向右匀速运动的传送带的左端A 点，每隔相同的时间T ，轻放上一个相同的工件．已知工件与传送带间动摩擦因数为μ，工件质量为m .经测量，发现后面那些已经和传送带达到相同速度的工件之间的距离均为L .已知重力加速度为g ，下列判断正确的有( )A ．传送带的速度大小为L TB ．工件在传送带上加速时间为L2T μgC ．每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量为μmgL2D ．传送带因传送一个工件而多消耗的能量为mL 2T2解析：AD 工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，可知L ＝vT ，解得传送带的速度v ＝L T，故A 正确．设每个工件匀加速运动的时间为t ，则工件的加速度为μg ，根据v ＝v 0＋at ，解得：t ＝v a ＝LT μg，故B 错误．工件与传送带相对滑动的路程为：Δx ＝v 2μg －v 22μg ＝v 22μg ＝L 22μgT2，则摩擦产生的热量为：Q ＝μmg Δx ＝mL 22T2.故C 错误．根据能量守恒得，传送带因传送一个工件多消耗的能量 E ＝12mv 2＋μmg Δx ＝mL2T2，故D 正确．二、非选择题(本题共3小题，第9、10题各16分．第11题20分，共52分)9．某汽车发动机的额定功率为60 kW ，汽车质量为5 t ，汽车在运动中所受阻力的大小恒为车重的0.1倍．(g 取10 m/s 2)(1)若汽车以额定功率启动，则汽车所能达到的最大速度是多少？当汽车速度达到5 m/s 时，其加速度是多少？ (2)若汽车以恒定加速度0.5 m/s 2启动，则其匀加速过程能维持多长时间？解析：(1)当汽车的加速度为零时，汽车的速度v 达到最大值v m ，此时牵引力与阻力相等，故最大速度为v m ＝P F ＝P f ＝60×1030.1×5 000×10m/s ＝12 m/s(4分)由P ＝F 1v ，F 1－f ＝ma ，得速度v ＝5 m/s 时的加速度为(4分)a ＝F 1－f m ＝P mv －f m ＝(60×1035 000×5－0.1×5 000×105 000) m/s 2＝1.4 m/s 2.(2分)(2)汽车以a ′＝0.5 m/s 2的加速度启动时，当功率增大到额定功率时，匀加速运动达到最大速度，即v m ′＝PF 1′＝P f ＋ma ′＝60×1030.1×5 000×10＋5 000×0.5m/s ＝8 m/s(2分)由于此过程中汽车做匀加速直线运动，满足v m ′＝a ′t (2分) 故匀加速过程能维持的时间t ＝v m ′a ′＝80.5s ＝16 s ．(2分) 答案：(1)12 m/s 1.4 m/s 2(2)16 s10．一质量为M ＝2.0 kg 的小物块随足够长的水平传送带一起运动，被一水平向左飞来的子弹击中并从物块中穿过，子弹和小物块的作用时间极短，如图甲所示．地面观察者记录了小物块被击中后的速度随时间变化的关系如图乙所示(图中取向右运动的方向为正方向)．已知传送带的速度保持不变，g 取10 m/s 2.(1)指出传送带速度v 的大小及方向，说明理由． (2)计算物块与传送带间的动摩擦因数μ.(3)传送带对外做了多少功？子弹射穿物块后系统有多少能量转化为内能？解析：(1)从v －t 图象中可以看出，物块被击穿后，先向左做减速运动，速度为零后，又向右做加速运动，当速度等于2.0 m/s ，则随传送带一起做匀速运动，所以，传送带的速度大小为v ＝2.0 m/s ，方向向右．(2分)(2)由v －t 图象可得，物块在滑动摩擦力的作用下做匀变速运动的加速度a ＝Δv Δt ＝4.02m/s 2＝2.0 m/s 2(2分) 由牛顿第二定律得滑动摩擦力F f ＝μMg ，则物块与传送带间的动摩擦因数μ＝Ma Mg ＝a g ＝2.010＝0.2(2分)(3)由v －t 图象可知，传送带与物块间存在摩擦力的时间只有3 s ，传送带在这段时间内移动的位移为x ，则x ＝vt ＝2.0×3 m＝6.0 m(2分)所以，传送带所做的功W ＝F f x ＝0.2×2.0×10×6.0 J＝24 J(2分)设物块被击中后的初速度为v 1，向左运动的时间为t 1，向右运动直至和传送带达到共同速度的时间为t 2，则有 物块向左运动时产生的内能Q 1＝μMg (vt 1＋v 12t 1)＝32 J(2分)物块向右运动时产生的内能Q 2＝μMg (vt 2－v2t 2)＝4 J(2分)所以整个过程产生的内能Q ＝Q 1＋Q 2＝36 J ．(2分) 答案：(1)2.0 m/s 方向向右 (2)0.2 (3)24 J 36 J11．如图所示，半径为R 的圆O 与半径为2R 的BCD 圆弧相切于最低点C (C ′) ，BCPC ′D 是螺旋轨道，C 、C ′间距离可以忽略．与水平面夹角都是37°的倾斜轨道AB 、ED 分别与BC 、C ′D 圆弧相切于B 、D 点，将一劲度系数为k 的轻质弹簧的一端固定在AB 轨道的固定板上，平行于斜面的细线穿过固定板和弹簧跨过定滑轮将小球和大球连接，小球与弹簧接触但不相连，小球质量为m ，大球质量为65m ，ED 轨道上固定一同样轻质弹簧，自然状态下，弹簧下端与D 点距离为L 2，初始两球静止，小球与B 点的距离是L 1，L 1>L 2，现小球与细线突然断开(一切摩擦不计，重力加速度为g )．(1)求细线刚断时，小球的加速度；(2)求小球恰好能完成竖直圆周运动这种情况下，小球在经过C 点时，在C 点左、右两边对轨道的压力之差； (3)在弹簧弹性限度内，讨论未脱离轨道的小球与弹簧接触再次获得与初始细线断开时相同大小的加速度时，小球速度的两类状况．解析：(1)细线未断时，线中张力F T ＝65mg ，弹簧弹力(1分)F N ＝F T －mg sin 37°＝65mg －35mg ＝35mg (2分)细线刚断时，小球的加速度a ＝F N ＋mg sin 37°m ＝65g .(1分)(2)小球在经过C 点时，在C 点左、右两边相当于分别在两个圆周上过最低点 在右边：F 支1＝F 向1＋mg (1分)得F 支1＝m v 2R 1＋mg (1分) 在左边：F 支2＝F 向2＋mg (1分)得F 支2＝m v 2R 2＋mg (1分)对轨道的压力之差为ΔF ＝F 支2－F 支1＝m v 2R 2－m v 2R 1(2分)得ΔF ＝mv 22R(1分)又12mv 2－2mgR ＝12mv 2顶(2分) mg ＝m v 2顶R(1分)解得ΔF ＝52mg .(1分)(3)若小球能过顶，则小球滑上左侧斜面轨道，压缩弹簧获得与初始细线断开时相同大小的加速度时，弹簧弹力为F N ＝65mg －mg sin 37°(1分)即弹簧压缩量与右侧初始弹簧压缩量相同，则弹簧的弹性势能相等，整个过程机械能守恒mgL 1sin 37°－mg (L 2＋3mg 5k )sin 37°＝12mv 22(2分) 解得v 2＝65g L 1－L 2－3mg5k(1分) 若小球不能过顶，又不脱离轨道，则小球滑回右侧斜面轨道，整个过程机械能守恒，小球回到出发位置，压缩弹簧，速度减为零，即v 2′＝0.(1分)答案：(1)65g (2)52mg (3)见解析。

第3讲机械能守恒定律及其应用板块一主干梳理·夯实基础【知识点1】重力做功与重力势能Ⅱ1、重力做功的特点(1)重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关。

(2)重力做功不引起物体机械能的变化。

2、重力做功与重力势能变化的关系(1)定性关系:重力对物体做正功，重力势能就减小，重力对物体做负功，重力势能就增大。

(2)定量关系:重力对物体做的功等于物体重力势能的减少量，即W G＝－(E p2－E p1)＝E p1－E p2＝－ΔE p。

(3)重力势能的变化量是绝对的，与参考面的选取无关。

【知识点2】弹性势能Ⅰ1、定义发生弹性形变的物体的各部分之间，由于有弹力的相互作用而具有的势能，叫做弹性势能。

2、弹力做功与弹性势能变化的关系(1)弹力做功与弹性势能变化的关系类似于重力做功与重力势能变化的关系，用公式表示:W ＝－ΔE p。

(2)对于弹性势能，一般物体的弹性形变量越大，弹性势能越大。

【知识点3】机械能守恒定律及其应用Ⅱ1、内容:在只有重力(或系统内弹力)做功的情况下，物体系统内的动能和重力势能(或弹性势能)发生相互转化，而机械能的总量保持不变。

2、常用的三种表达式(1)守恒式:E1＝E2或E k1＋E p1＝E k2＋E p2。

E1、E2分别表示系统初末状态时的总机械能。

(2)转化式:ΔE k＝－ΔE p或ΔE k增＝ΔE p减。

表示系统势能的减少量等于动能的增加量。

(3)转移式:ΔE A＝－ΔE B或ΔE A增＝ΔE B减。

表示系统只有A、B两物体时，A增加的机械能等于B减少的机械能。

3、对机械能守恒定律的理解(1)机械能守恒定律的研究对象一定是系统，至少包括地球在内。

(2)当研究对象(除地球外)只有一个物体时，往往根据“是否只有重力(或弹力)做功”来判断机械能是否守恒；当研究对象(除地球外)由多个物体组成时，往往根据“有没有摩擦力和阻力做功”来判断机械能是否守恒。

(3)“只有重力(或弹力)做功”不等于“只受重力(或弹力)作用”，在该过程中，物体可以受其他力的作用，只要这些力不做功，机械能仍守恒。

验证机械能守恒定律一、实验目的验证机械能守恒定律。

二、实验器材铁架台(含铁夹)、打点计时器、学生电源(交流4～6 V)、纸带(数条)、复写纸、导线、毫米刻度尺、重物(带纸带夹)。

突破点(一) 实验原理与操作[例1] 在利用自由落体运动验证机械能守恒定律的实验中，电源的频率为50 Hz ，依次打出的点为0,1,2,3,4，…，n 。

则：(1)如用第2点到第6点之间的纸带来验证，必须直接测量的物理量为____________、____________、____________，必须计算出的物理量为____________、____________，验证的表达式为____________________。

(2)下列实验步骤操作合理的排列顺序是______(填写步骤前面的字母)。

A ．将打点计时器竖直安装在铁架台上B ．接通电源，再松开纸带，让重物自由下落C ．取下纸带，更换新纸带(或将纸带翻个面)重新做实验D ．将重物固定在纸带的一端，让纸带穿过打点计时器，用手提着纸带E ．选择一条纸带，用刻度尺测出物体下落的高度h 1，h 2，h 3，…，h n ，计算出对应的瞬时速度v 1，v 2，v 3，…，v nF ．分别算出12mv n 2和mgh n ，在实验误差允许的范围内看是否相等 [答案] (1)第2点到第6点之间的距离h 26第1点到第3点之间的距离h 13 第5点到第7点之间的距离h 57第2点的瞬时速度v 2 第6点的瞬时速度v 6mgh 26＝12mv 62－12mv 22 (2)ADBCEF[由题引知·要点谨记]1.实验原理的理解[对应第1题] 1两种验证方法①利用起始点和第n 点计算。

代入gh n 和12v n 2，如果在实验误差允许的条件下，gh n ＝12v n 2，则能验证机械能守恒定律。

②任取两点计算A 、B ，测出h AB ，算出gh AB 。

b.算出12v B 2－12v A 2的值。

基础课3机械能守恒定律及其应用知识排查重力做功与重力势能1.重力做功的特点(1)重力做功与路径无关，只与始、末位置的高度差有关。

(2)重力做功不引起物体机械能的变化。

2.重力势能(1)表达式：E p＝mgh。

(2)重力势能的特点①系统性：重力势能是物体和地球所共有的。

②相对性：重力势能的大小与参考平面的选取有关，但重力势能的变化与参考平面的选取无关。

3.重力做功与重力势能变化的关系(1)定性关系：重力对物体做正功，重力势能就减小；重力对物体做负功，重力势能就增大。

(2)定量关系：重力对物体做的功等于物体重力势能的减小量，即W G＝－(E p2－E p1)＝－ΔE p。

弹性势能1.定义：物体由于发生弹性形变而具有的能。

2.弹力做功与弹性势能变化的关系：弹力做正功，弹性势能减小；弹力做负功，弹性势能增加，即W＝－ΔE p。

机械能守恒定律及应用1.机械能：动能和势能统称为机械能，其中势能包括弹性势能和重力势能。

2.机械能守恒定律(1)内容：在只有重力或弹簧弹力做功的物体系统内，动能与势能可以相互转化，而总的机械能保持不变。

(2)表达式：mgh1＋12mv21＝mgh2＋12mv22。

3.守恒条件：只有重力或弹簧的弹力做功。

小题速练1.思考判断(1)被举到高处的物体的重力势能一定不为零。

()(2)物体在速度增大时，其机械能可能在减小。

()(3)物体所受合外力为零时，机械能一定守恒。

()(4)物体除受重力外，还受其他力，但其他力不做功，则物体的机械能一定守恒。

()答案(1)×(2)√(3)×(4)√2.将质量为100 kg的物体从地面提升到10 m高处，在这个过程中，下列说法正确的是(取g＝10 m/s2)()A.重力做正功，重力势能增加1.0×104 JB.重力做正功，重力势能减少1.0×104 JC.重力做负功，重力势能增加1.0×104 JD.重力做负功，重力势能减少1.0×104 J解析W G＝－mgh＝－1.0×104 J，ΔE p＝－W G＝1.0×104 J，选项C正确。

基础课2 动能 动能定理知识排查动能1.定义：物体由于运动而具有的能叫动能。

2.公式：E k ＝12mv 2。

3.单位：焦耳，1 J ＝1 N·m ＝1 kg·m 2/s 2。

4.矢标性：动能是标量，只有正值。

5.状态量：动能是状态量，因为v 是瞬时速度。

动能定理1.内容：力在一个过程中对物体做的功，等于物体在这个过程中动能的变化。

2.表达式：W ＝12mv 22－12mv 21或W ＝E k2－E k1。

3.物理意义：合外力的功是物体动能变化的量度。

4.适用条件(1)动能定理既适用于直线运动，也适用于曲线运动。

(2)既适用于恒力做功，也适用于变力做功。

(3)力可以是各种性质的力，既可以同时作用，也可以间断作用。

5.应用动能定理解决的典型问题大致分为两种(1)单一物体的单一过程或者某一过程；(2)单一物体的多个过程。

动能定理由于不涉及加速度和时间，比动力学研究方法要简便。

小题速练1.思考判断(1)一定质量的物体动能变化时，速度一定变化，但速度变化时，动能不一定变化。

( )(2)动能不变的物体一定处于平衡状态。

( )(3)如果物体所受的合外力不为零，那么合外力对物体做功一定不为零。

() 答案(1)√(2)×(3)×2.(2016·四川理综，1)韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员。

他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功1 900 J，他克服阻力做功100 J。

韩晓鹏在此过程中()A.动能增加了1 900 JB.动能增加了2 000 JC.重力势能减小了1 900 JD.重力势能减小了2 000 J解析由题可得，重力做功W G＝1 900 J，则重力势能减少1 900 J ，故选项C 正确，D错误；由动能定理得，W G－W f＝ΔE k，克服阻力做功W f＝100 J，则动能增加1 800 J，故选项A、B错误。

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第2课时机械能守恒定律1.(2018·海南海口质检)如图所示，下列关于机械能是否守恒的判断正确的是（ C )A.（甲)图中，火箭升空的过程中,若匀速升空机械能守恒，若加速升空机械能不守恒B。

(乙）图中物体匀速运动,机械能守恒C。

（丙)图中小球做匀速圆周运动，机械能守恒D.（丁）图中，轻弹簧将A，B两小车弹开，两小车组成的系统机械能守恒解析：（甲)图中，不论是匀速还是加速,由于推力对火箭做功，火箭的机械能不守恒，是增加的，选项A错误;物体匀速运动上升，动能不变，重力势能增加,则机械能必定增加,选项B错误；小球在做圆锥摆的过程中，细线的拉力不做功，机械能守恒，选项C正确;轻弹簧将A,B两小车弹开，弹簧的弹力对两小车做功,则两车组成的系统机械能不守恒，但两小车和弹簧组成的系统机械能守恒，选项D错误。

2.如图所示,斜面体置于光滑水平地面上,其光滑斜面上有一物体由静止沿斜面下滑,在物体下滑过程中，下列说法正确的是（ D ）A。

物体的重力势能减少，动能不变B。

斜面体的机械能不变C.斜面对物体的作用力垂直于接触面，不对物体做功D.物体和斜面体组成的系统机械能守恒解析：物体由静止开始下滑的过程其重力势能减少,动能增加,选项A错误；物体在下滑过程中，斜面体做加速运动,其机械能增加,选项B错误;物体沿斜面下滑时,既沿斜面向下运动，又随斜面向右运动,其合速度方向与弹力方向不垂直,弹力方向垂直于接触面,但与速度方向之间的夹角大于90°，所以斜面对物体的作用力对物体做负功，选项C错误；对物体与斜面体组成的系统，只有物体的重力和物体与斜面间的弹力做功,机械能守恒,选项D正确.3。