2015届高三第一学期期末监测考试物理试卷

抚顺市重点高中高三年级期末考试物理试卷考生注意：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分。

考试时间90分钟。

2.本试卷主要考试内容：高考全部内容。

第Ⅰ卷（选择题共40分）选择题部分：本题共10小题，每小题4分，共40分。

第1～6小题只有一个选项正确，第7～10小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分。

1.在人类对自然界进行探索的过程中，很多物理学家或科学家做出了杰出的贡献。

下列说法符合历史事实的是A.笛卡儿最先认为物体的运动不需要力维持B.法拉第最先引入了场的概念，并用力线来形象地描绘场C.牛顿在给出万有引力公式错误！未找到引用源。

的同时给出了引力常量G的数值D.安培最先发现电流周围存在磁场，又总结出磁场对电流的作用力公式2.电磁炉热效率高达90％，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强劲，安全可靠。

图示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是A.当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效果越好B.电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C.电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因这些材料的导热性能较差D.在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作用3.国内首台新型墙壁清洁机器人“蜘蛛侠”是由青岛大学学生自主设计研发的，“蜘蛛侠”利用8只“爪子”上的吸盘吸附在接触面上，通过“爪子”交替伸缩，就能在墙壁和玻璃上自由移动。

如图所示，“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由A点沿直线匀加速“爬行”到右上方B点，在这一过程中，关于“蜘蛛侠”在竖直面内的受力分析可能正确的是4.三颗人造地球卫星A、B、C在同一平面内沿不同的轨道绕地球做匀速圆周运动，且绕行方向相同，已知R A＜R B＜R C。

若在某一时刻，它们正好运行到同一条直线上，如图甲所示。

那么再经过卫星A的四分之一周期时，卫星A、B、C的位置可能是图乙中的5.一物体运动的速度一时间图象如图所示，由此可知A.在2t0时间内物体的速度一直在减小B.在2t0时间内物体的加速度一直在减小C.在2t0时间内物体所受的合力先减小后增大D.在2t0时间内物体的速度变化量为06.如图所示，一质量为m的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内。

湖北省襄阳市2015届高三上学期期末考试物理试卷一、选择题：〔此题包括8小题．每一小题6分，共48分．在每一小题给出的四个选项中，1～5题只有一个选项正确．6、7、8题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的或不答的得0分．〕1．一般发电机组输出的电压在十千伏上下，不符合远距离输电的要求．要在发电站内用升压变压器，升压到几百千伏后再向远距离输电．到达几百公里甚至几千公里之外的用电区之后，再经“一次高压变电站〞、“二次变电站〞降压．经低压变电站降压变压器〔可视为理想变压器〕后供给某小区居民的交流电u=220sin100πtV，该变压器原、副线圈匝数比为50：1，如此〔〕A．原线圈上的电压为11000VB．原线圈中电流的频率是100HzC．原线圈使用的导线应该比副线圈的要粗D．采用高压输电有利于减少输电线路中的损耗考点：远距离输电．.专题：交流电专题．分析：变压器原、副线圈的电压比等于匝数之比，求出副线圈电压的有效值，即可求出输入电压；根据原副线圈的电流大小可比拟出线圈导线的粗细．解答：解：A、供给某小区居民的交流电u=220sin100πtV，最大值为220V，故输出电压有效值为220V，根据变压比公式，输入电压为：U1=，故A错误；B、交流电u=220sin100πtV，故频率：f==50Hz，故B错误；C、变压器原、副线圈的电流比等于匝数之反比，即，副线圈的电流大于原线圈的电流，所以副线圈的导线粗，故C错误；D、在输送电功率一定的情况下，根据公式P=UI，高压输电有利于减小输电电流，电功率损耗△P=I2r也会减小，故D正确；应当选：D．点评：解决此题的关键掌握交变电流电压的表达式，知道各量表示的含义，知道原、副线圈的电压比等于匝数之比，电流比等于匝数之反比．2．〔6分〕如图甲所示，在木箱内粗糙斜面上静止一个质量为m的物体，木箱竖直向上运动的速度v与时间t的变化规律如图乙所示，物体始终相对斜面静止．斜面对物体的支持力和摩擦力分别为N和f，如此如下说法正确的答案是〔〕A．在0﹣t1时间内，N增大，f减小B．在0﹣t1时间内，N减小，f增大C．在t1﹣t2时间内，N增大，f增大D．在t1﹣t2时间内，N减小，f减小考点：力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据速度时间图线得出得出加速度的变化，对物块分析，根据牛顿第二定律列出表达式，通过加速度的变化得出支持力和摩擦力的变化．解答：解：在0﹣t1时间内，根据速度时间图线知，物体做加速运动，加速度逐渐减小，对物块研究，在竖直方向上有：Ncosθ+fsinθ﹣mg=ma，Nsinθ=fcosθ，知加速度减小，如此支持力N和摩擦力减小．在t1﹣t2时间内，根据速度时间图线知，物体做减速运动，加速度逐渐增大，对物块研究，在竖直方向上有：mg﹣〔Ncosθ+fsinθ〕=ma，Nsinθ=fcosθ，加速度逐渐增大，知支持力N和摩擦力逐渐减小．故D正确，A、B、C错误．应当选：D．点评：解决此题的关键知道速度时间图线的切线斜率表示瞬时加速度，结合牛顿第二定律分析求解，难度中等．3．〔6分〕图示电路中，电源电动势为ε，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为可变电阻，C 为电容器．在可变电阻R3由较小逐渐变大的过程中，如下说法中正确的答案是〔〕A．电容器的带电量在逐渐减小B．流过R2的电流方向是由上向下C．电源的输出功率变大D．电源内部消耗的功率变大考点：电容；闭合电路的欧姆定律．.专题：电容器专题．分析：由电路图可知，R1与R3串联，电容器并联在R3两端，由滑动变阻器的变化利用闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，判断出R3电压的变化，如此可知电容器两端电量的变化，可知流过R2的电流方向．由功率公式可求得电源内部消耗的功率变化．解答：解：滑动变阻器阻值由小到大的过程中，电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，内电压与R1两端的电压均减小，如此R3两端的电压增大，电容器两端的电压增大，电容器的带电量增大，故电容器充电，如此有由上向下的电流通过R2．由于内外电阻的关系未知，不能确定电源输出功率如何变化，由P=I2r可知，电源内部消耗的功率变小，故B正确，ACD错误；应当选：B．点评：此题在进展动态分析时电容器可不看．要抓住电容器两端的电压等于与之并联局部的电压；与电容器串联的电阻在稳定时可作为导线处理．4．〔6分〕〔2015•宿迁一模〕地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；假设月球绕地球作匀速圆周运动，轨道半径为r1，向心加速度为a1．万有引力常量为G，地球半径为R．如下说法中正确的答案是〔〕A．地球质量M=B．地球质量M=C．地球赤道外表处的重力加速度g=a D．加速度之比=考点：万有引力定律与其应用；向心力．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：运用万有引力提供向心力列出等式和运用圆周运动的物理量之间的关系列出等式解决问题．解答：解：A、根据万有引力充当向心力：知质量M=，A正确B错误C、地球外表物体的加速度大小与到地轴的距离有关，不是定值，C错误D、加速度a=Rω2，不与半径的平方成正比，D错误应当选：A点评：根据万有引力充当向心力和黄金代换公式能够解决全部天体问题．5．〔6分〕如下列图，N〔N＞5〕个小球均匀分布在半径为R的圆周上，圆周上P点的一个小球所带电荷量为﹣2q，其余小球带电量为+q，圆心处的电场强度大小为E．假设仅撤去P点的带电小球，圆心处的电场强度大小为〔〕A．E B．C．D．考点：电场强度．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：采用假设法，假设圆周上均匀分布的都是电量为+q的小球，由于圆周的对称性，圆心处场强为0，从而确定出图中所有+q在圆心处的场强．解答：解：假设圆周上均匀分布的都是电量为+q的小球，由于圆周的对称性，圆心处场强为0，如此知P处q在圆心处产生的场强大小为E1=k，方向水平向左，可知图中所有+q 在圆心处的场强E2=E1=k，方向水平向右，图中﹣2q在圆心处产生的场强大小E3=k，方向水平向右．根据电场的叠加有：E2+E3=E，如此得k=，所以假设仅撤去P点的带电小球，圆心处的电场强度大小为．应当选：C．点评：该题考查了场强叠加原理和库伦定律，还有对对称性的认识．6．〔6分〕如图甲所示，小物块从光滑斜面上自由滑下，小物块的位移x和时间的平方t2的关系如图乙所示．g=10m/s2，如下说法正确的答案是〔〕A．小物块的加速度大小恒为2.5m/s2 B．斜面倾角为30°C．小物块2s末的速度是5m/s D．小物块第2s内的平均速度为7.5m/s考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：根据图象写出x﹣t的表达式，对照运动学公式得到加速度，由牛顿第二定律求得斜面的倾角．由v=at求得2s末的速度，并求出平均速度．解答：解：A、由图得：x=2.5t2，对照公式x=v0t+，得初速度为v0=0，加速度为a=5m/s2．故A错误．B、由牛顿第二定律得：a==gsinθ，得sinθ===0.5，θ=30°，故B正确．C、小物块2s末的速度v2=at=5×2=10m/s，故C错误．D、小物块1s末的速度v1=at=5×1=5m/s，第2s内的平均速度==7.5m/s，故D错误．应当选：BD．点评：此题采用比照的方法得到物体的初速度和加速度是关键，要掌握匀变速直线运动的根本公式，并能熟练运用．7．〔6分〕如图甲所示，abcd为导体做成的框架，其平面与水平面成θ角，导体棒PQ与ad、bc接触良好，整个装置放在垂直于框架平面的变化磁场中，磁场的磁感应强度B随时间t变化情况如图乙所示〔设图甲中B的方向为正方向〕．在0～t1时间内导体棒PQ始终静止，下面判断正确的答案是〔〕A．导体棒PQ中电流方向由Q至P B．导体棒PQ受安培力方向沿框架向下C．导体棒PQ受安培力大小在增大D．导体棒PQ受安培力大小在减小考点：安培力．.分析：由图乙可知磁场均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知在线圈中产生恒定的感应电流，根据左手定如此可知导体棒开始受到沿斜面向上逐渐减小的安培力，解答：解：A、根据法拉第电磁感应定律可知在线圈中产生恒定的感应电流，方向由Q至P，故A正确；B、根据左手定如此可知，开始导体棒PQ受到沿导轨向上的安培力，故B错误；C、产生的感应电流不变，但磁感应强度逐渐减小，故受到的安培力逐渐减小，故C错误，D正确；应当选：AD点评：正确分析清楚过程中安培力的变化是解题关键，此题也可用排除法8．〔6分〕如图甲所示，轻杆一端与质量为1kg、可视为质点的小球相连，另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动．现使小球在竖直平面内做圆周运动，经最高点开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v随时间t的变化关系如图乙所示，A、B、C三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点，该三点的纵坐标分别是1、0、﹣5．g 取10m/s2，不计空气阻力．如下说法中正确的答案是〔〕A．轻杆的长度为0.5mB．小球经最高点时，杆对它的作用力方向竖直向上C． B点对应时刻小球的速度为3m/sD．曲线AB段与坐标轴所围图形的面积为0.6m考点：向心力．.专题：匀速圆周运动专题．分析：小球在ABC三个点的速度，A到C的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律即可求出杆的长度；结合小球过最高点的受力的特点，即可求出杆对小球的作用力的方向；由机械能守恒可以求出B点的速度；由于y轴表示的是小球在水平方向的分速度，所以曲线AB段与坐标轴所围图形的面积表示A到B的过程小球在水平方向的位移．解答：解：A、设杆的长度为L，小球从A到C的过程中机械能守恒，得：，所以：m．故A错误；B、假设小球在A点恰好对杆的作用力是0，如此：，临界速度：=m/s＞vA=1m/s．由于小球在A点的速度小于临界速度，所以小球做圆周运动需要的向心力小于重力，杆对小球的作用力的方向向上，是竖直向上的支持力．故B正确；C、小球从A到B的过程中机械能守恒，得：，所以：m/s．故C错误；D、由于y轴表示的是小球在水平方向的分速度，所以曲线AB段与坐标轴所围图形的面积表示A到B的过程小球在水平方向的位移，大小等于杆的长度，即0.6m．故D正确．应当选：BD点评：该题考查竖直平面内的圆周运动，将牛顿第二定律与机械能守恒定律相结合即可正确解答．该题中的一个难点是D选项中“曲线AB段与坐标轴所围图形的面积〞的意义要理解．二、非选择题：〔包括必考题和选考题两局部．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．〕〔一〕必考题9．〔6分〕如图〔a〕所示，竖直平面内固定一斜槽，斜槽中放有假设干个直径均为d的小铁球，紧靠斜槽末端固定有电磁铁，闭合开关K，电磁铁吸住第1个小球．手动敲击弹性金属片M，M与触头瞬间分开，第1个小球从O点开始下落，M迅速恢复，电磁铁又吸住第2个小球．当第1个小球撞击M时，M与触头分开，第2个小球从O点开始下落…某兴趣小组利用此装置测定重力加速度，请回答如下问题：〔1〕利用游标卡尺测量小球的直径d，如图〔b〕所示，读数为9.30mm．〔2〕用刻度尺测出OM=1.462m，手动敲击M的同时按下秒表开始计时，假设10个小球下落的总时间为5.5s，如此当地的重力加速度g=9.7m/s2〔保存两位有效数字〕；〔3〕假设在O点的正下方A点固定一光电门〔图中未画出〕，测出OA=h，小球经过光电门的时间为△t，如此小球通过光电门时的速度v=，可求得当地的重力加速度g=．〔用量和测得量的符号表示〕考点：测定匀变速直线运动的加速度．.专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．首先要明确电路结构、实验原理即可正确解答；根据自由落体运动规律h=gt2，可以求出重力加速度大小．由于测量自由落体的重力加速度，类比对应的公式可知，由刻度尺读出两光电门的高度差，由光电计时器读出小球从光电门1到光电门2的时间，根据匀变速直线运动位移时间公式列出等式求解．解答：解：〔1〕游标卡尺的主尺读数为9mm，游标尺上第2个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.05×6mm=0.30mm，所以最终读数为：9mm+0.30mm=9.30 mm；〔2〕小球下落的时间t==0.55s，根据H=gt2得，g=9.7m/s2．〔3〕根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小钢球运动到光电门处时的瞬时速度，如此小球通过光电门时的速度v=；根据运动学公式得重力加速度g==故答案为：〔1〕9.30〔2〕9.7〔3〕；点评：掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数．对于实验问题一定要明确实验原理，并且亲自动手实验，熟练应用所学根本规律解决实验问题．10．〔9分〕要测绘一个标有“6V2.5W〞小灯泡的伏安特性曲线，要求屡次测量尽可能减小实验误差，备有如下器材：A．直流电源〔6V，内阻未知〕B．电流表G〔满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω〕C．电流表A〔0﹣0.6A，内阻未知〕D．滑动变阻器R〔0﹣20Ω，5A〕E．滑动变阻器R´〔0﹣200Ω，1A〕F．定值电阻R0〔阻值1990Ω〕G．开关与导线假设干〔1〕由于所给实验器材缺少电压表，某同学直接把电流表G作为电压表使用测出小灯泡两端电压，再用电流表A测出通过小灯泡的电流，从而画出小灯泡的伏安特性曲线．该方案实际上不可行，其最主要的原因是电流表G分压较小，导致电流表A指针偏转很小，误差较大；〔2〕为完本钱实验，滑动变阻器应选择D〔填器材前的序号〕；〔3〕请完本钱实验的实物电路图的连线．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．.专题：实验题．分析：根据两电表的量程可以确定方案是否可行；根据小灯泡的最大电流和最大电压来选择电流表和电压表的量程；根据电流从零调可知滑动变阻器应用分压式接法，应选全电阻小的变阻器；根据灯泡电阻大小选择电流表内外接法，否如此应用内接法；解答：解：〔1〕电流表G测量电压范围太小，导致电流表A指针偏转很小，误差较大；〔2〕由于通过小灯泡的最大电流为0.5A，所以电流表应选D；由于要求小灯泡最大电压不超过2.5V，所以电压表应选B；〔3〕由于满足灯泡电阻更接近电流表内阻，所以电流表应用外接法，由于伏安特性曲线中的电压和电流均要从零开始测量，所以变阻器应采用分压式，如下列图：故答案为：〔1〕电流表G分压较小，导致电流表A指针偏转很小，误差较大；〔2〕D〔3〕实物图连线如图点评：此题考查测量灯泡的伏安特性线实验，遇到电学实验问题，应注意“伏安法〞中电流表内外接法的选择方法和滑动变阻器采用分压式接法的条件．11．〔12分〕据统计，40%的交通事故是由疲劳驾驶引起的，疲劳驾驶的危害丝毫不亚于酒驾、醉驾．研究明确，一般人的刹车反响〔从发现情况到汽车开始减速〕时间t0=0.4s，疲劳驾驶时人的反响时间会变长．在某次试验中，志愿者在连续驾驶4h后，驾车以v0=72km/h的速度在试验场平直的路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L=45m．设汽车刹车后开始滑动，汽车与地面间的动摩擦因数μ=0.8，取g=10m/s2，求：〔1〕减速过程中汽车位移的大小；〔2〕志愿者在连续驾驶4h后的反响时间比一般人增加了多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出刹车时汽车的加速度大小．根据速度位移公式求出刹车后的位移．设志愿者反响时间为t′，反响时间为△t，根据位移和时间关系列式即可求解．解答：解：〔1〕设减速过程中，汽车加速度大小为a，位移为s，所用时间为t，如此μmg=ma，，解得：s=25m〔2〕设志愿者反响时间为t′，反响时间为△t，L=v0t′+s，△t=t′﹣t0解得：△t=0.6s答：〔1〕减速过程中汽车位移的大小为25m；〔2〕志愿者在连续驾驶4h后的反响时间比一般人增加了0.6s．点评：此题考查了牛顿第二定律和运动学公式的根本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．12．〔20分〕如下列图，在直角坐标系xoy的第一象限区域中，有沿y轴正方向的匀强电场，电场强度的大小为E=kv0．在第二象限有一半径为R=a的圆形区域磁场，圆形磁场的圆心O坐标为〔﹣a，a〕，与坐标轴分别相切于P点和N点，磁场方向垂直纸面向里．在x=3a处垂直于x轴放置一平面荧光屏，与x轴交点为Q．大量的电子以一样的速率v0在纸面内从P点进入圆形磁场，电子的速度方向在与x轴正方向成θ角的范围内，其中沿y轴正方向的电子经过磁场到达N点，速度与x轴正方向成θ角的电子经过磁场到达M点，且M点坐标为〔0，1.5a〕．忽略电子间的相互作用力，不计电子的重力，电子的比荷为=．求：〔1〕圆形磁场的磁感应强度大小；〔2〕θ角的大小；〔3〕电子打到荧光屏上距Q点的最远距离．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：〔1〕速度沿y轴正方向的电子经过N点，结合几何关系求解轨道半径；根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度；〔2〕画出速度与x轴正方向成θ角的电子经过磁场过程的轨迹，结合几何关系确定轨道对应的圆心角；〔3〕所有的电子以平行于x轴正方向的速度进入电场中做类似平抛运动，根据类似平抛运动的分运动公式列式求解即可．解答：解：〔1〕由于速度沿y轴正方向的电子经过N点，因而电子在磁场中做圆周运动的半径为：r=a而联立解得：B=〔2〕电子在磁场中做圆周运动的圆心为O'，电子离开磁场时的位置为P'，连接POP'O'可知该四边形为棱形，由于PO竖直，因而半径P'O'也为竖直方向，电子离开磁场时速度一定沿x轴正方向．由右图可知：a•sin〔θ﹣90°〕+a=1.5a解得：θ=120°〔3〕由〔2〕可知，所有的电子以平行于x轴正方向的速度进入电场中做类似平抛运动，设电子在电场的运动时间为t，竖直方向位移为y，水平位移为x，水平：x=v0t竖直：eE=mavy=at联立解得：x=设电子最终打在光屏的最远点距Q点为H，电子射出电场时的夹角为θ有：tanθ==有：H=〔3a﹣x〕tanθ=〔3﹣〕当时，即y=时，H有最大值；由于，所以；答：〔1〕圆形磁场的磁感应强度大小为；〔2〕θ角的大小为120°；〔3〕电子打到荧光屏上距Q点的最远距离为．点评：此题关键是明确粒子的受力情况和运动规律，画出临界轨迹，结合牛顿第二定律、类似平抛运动的分运动规律和几何关系分析，不难．【物理——选修3-3】A．布朗运动的实质就是分子的热运动B．气体温度升高，分子的平均动能一定增大C．随着科技的进步，物体的温度可以降低到﹣300℃D．热量可以从低温物体传递到高温物体E．对物体做功，物体的内能可能减小考点：热力学第二定律；布朗运动；温度是分子平均动能的标志．.专题：热力学定理专题．分析：布朗运动就是布朗微粒的运动；温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大．正确应用热力学第一定律和热力学第二定律解答．解答：解：A、布朗运动就是微粒的运动，它间接反响了液体分子做无规如此运动，故A错误；B、温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大．故B正确C、OK〔﹣273℃〕是不可能达到的，所以﹣300℃是不可能达到的．故C错误；D、热量在一定的条件下，可以从低温物体传递到高温物体，故D正确；E、根据热力学第一定律可知，对物体做功的同时，假设放出热量，其内能不一定增加，故E正确，应当选：BDE点评：此题考查了热学的有关根底知识，对于这局部知识主要是加强记忆和平时的积累，要正确理解热力学第二定律．14．〔9分〕倾角为θ的无限长的光滑斜面固定在水平面上，一密闭容器〔与外界有良好热交换〕封闭一定质量的气体静止放置在斜面上，质量为的活塞把气体分成体积相等的A、B两局部，假设活塞与容器接触良好且无摩擦，且活塞的截面积为s，重力加速度为g，PA 为活塞静止时的A局部气体的压强．现释放容器，当活塞相对容器静止时，求A、B两局部气体的体积之比．考点：理想气体的状态方程．.专题：理想气体状态方程专题．分析：对系统由牛顿第二定律求出加速度，然后对气体应用玻意耳定律列方程，最后求出气体的体积之比．解答：解：设密闭气体的总体积为2v，当密闭容器在斜面上下滑时，对于整体由牛顿第二定律得：a=gsinθ，当活塞相对容器静止时，对活塞有：pA′s+mgsinθ﹣pB′s=ma，对于A局部气体有：pAV=pA′VA，对于B局部气体有：pBV=pB′VB，当容器静止时，对活塞有：pBs+mgsinθ=pBs，而VA′+VB′=2V，解得：VA′：VB′=1：2；答：A、B两局部气体的体积之比为：1：2．点评：此题考查了求气体的体积之比，分析清楚运动过程与气体的状态变化过程，应用牛顿第二定律、玻意耳定律即可正确解题．【物理--选修3-4】〔15分〕15．如下说法正确的答案是〔〕A．如果质点所受的力与它偏离平衡位置的位移大小的平方根成正比，且总是指向平衡位置，质点的运动就是简谐运动B．含有多种颜色的光被分解为单色光的现象叫光的色散，光在干预、衍射与折射时都可以发生色散C．向人体人发射频率的超声波被血管中的血流反射后又被仪器接收，测出反射波的频率编号就能知道血流的速度，这种方法熟称“彩超〞D．麦克斯韦关于电磁场的两个根本观点是：变化的磁场产生电场；变化的电场产生磁场E．狭义相对论明确物体运动时的质量总是要小于其静止时的质量考点：*质量和速度的关系；光通过棱镜时的偏折和色散．.分析：简谐运动的动力学条件是F=﹣kx；狭义相对论的质速关系方程m=解答：解：A、简谐运动的动力学条件是：F=﹣kx；即回复力与它偏离平衡位置的位移的大小成正比，并且总是指向平衡位置；故A错误；B、含有多种颜色的光被分解为单色光的现象叫做光的色散，光在干预、衍射与折射时都可以发生色散；故B正确；C、向人体内发射频率的超声波被血管中的血流反射后又被仪器接收，测出反射波的频率变化就能知道血流的速度，这种方法俗称“B超〞，是声波的多普勒效应的应用，故C 正确；D、麦克斯韦关于电磁场的两条根本观点是：变化的磁场产生电场和变化的电场产生磁场；故D正确；E、根据狭义相对论的质速关系方程m=，狭义相对论明确物体运动时的质量总是要大于静止时的质量；故E错误；应当选：BCD．点评：此题考查了简谐运动、多普勒效应、光的色散、麦克斯韦电磁场理论、狭义相对论的质速关系方程，知识点多，难度小，关键多看书，记住根底知识．16．如下列图，有一截面是直角三角形的棱镜ABC，∠A=30°．它对红光的折射率为n1．对紫光的折射率为n2．在距AC边d2处有一与AC平行的光屏．现有由以上两种色光组成的很细的光束垂直AB边上的P点射入棱镜，其中PA的长度为d1．〔i〕为了使紫光能从AC面射出棱镜，n2应满足什么条件？〔ii〕假设两种光都能从AC面射出，求两种光从P点到传播到光屏MN上的时间差．。

2014-2015学年福建省福州市高三（上）期末物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中．只有一个选项正确．选对的得4分，有选错的和不答的得0分．）1．如图A 、B 两物体叠放在一起，用手托住，让它们静靠在平整的竖直墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，已知m A ＞m B ，则物体B 受力个数是（ ）A ． 1B ． 2C ． 3D ． 4 【答案】A ．【解析】A 、B 整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动； 由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A 、B 间无弹力，再对物体B 受力分析，只受重力；【考点】 力的合成与分解的运用.2．游乐场内两支玩具枪在同一位置先后沿水平方向各射出一颗子弹，打在远处的同一个靶上，A 为甲枪子弹留下的弹孔，B 为乙枪子弹留下的弹孔，两弹孔在竖直方向上相距高度为h ，如图所示，不计空气阻力．关于两枪射出的子弹初速度大小，下列判断正确的是（ ）A ． 甲枪射出的子弹初速度较大B ． 乙枪射出的子弹初速度较大C ． 甲、乙两枪射出的子弹初速度一样大D ． 无法比较甲、乙两枪射出的子弹初速度的大小 【答案】A ．【解析】平抛运动的高度决定时间，由h =212gt 知，乙的运动的时间大于A 甲的运动时间，水平位移相等，根据0xv t知，甲枪射出的子弹初速度较大．故A 正确，B 、C 、D 错误．【考点】平抛运动．3．一质点沿坐标轴Ox做变速直线运动，它在坐标轴上的坐标x随时间t的变化关系为x=5+2t3，速度v随时间t的变化关系为v=6t2，其中v、x和t的单位分别是m/s、m和s．设该质点在t=0到t=1s内运动位移为s和平均速度为，则（）A．s=6m，=6m/s B．s=2m，=2m/s C．s=7m，=7m/s D．s=3m，=3m/s 【答案】B．【解析】由题意知，当t=0时物体的位置坐标x0=5m，当t=1时位置坐标为x1=7m由位移等于位置坐标的变化量知，物体的位移s=x1﹣x0=2m根据平均速度公式知，物体在1s内的平均速度2m/s2m/s1svt===故B正确，ACD错误．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．4．如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A1、B1和等量异种的电荷A2、B2．在甲图电荷A1、B1的电场中，a1、O1、b1在点电荷A1、B1的连线上，c1、O1、d1在A1、B1连线的中垂线上，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1；在乙图电荷A2、B2的电场中同样也存在这些点，它们分别用a2、O2、b2和c2、O2、d2表示，且O2a2=O2b2=O2c2=O2d2．则（）A．a1、b1两点的场强相同，电势相同B．c1、d1两点的场强相同，电势相同C．a2、b2两点的场强相同，电势相同D．c2、d2两点的场强相同，电势相同【答案】D【解析】在正等量同种电荷的电场中，电场左右对称，所以a1、b1两点的场强大小相同，方向相反，电势相同．故A错误；在正等量同种电荷的电场中，电场上下对称，所以c1、d1两点的场强大小相同，方向相反，电势相同．故B错误；在等量异种种电荷的电场中，电场左右对称，所以a2、b2两点的场强相同，电势沿电场线的方向降低，所以点的电势高．故C错误；在等量异种电荷的电场中，电场上下对称，所以c2、d2两点的场强相同，电势相同．故D正确．【考点】电场线；电势．5．如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5．原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u=220sin（100πt）V．副线圈接入电阻的阻值R=100Ω，图中电压表和电流表均为理想电表．则（）A．通过电阻的电流是22A B．交流电的频率是100HzC．电压表的示数是100V D．变压器的输入功率是484W【答案】C．【解析】由输入电压公式可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为100Ω，所以电流的为1A，所以A错误；由输入电压公式可知，角速度为100π，所以交流电的频率为50Hz，故B错误；由于电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V，所以C正确；原副线圈的功率是相同的，由电阻消耗的功率为P=22100W100W100UR==，所以变压器的输入功率是1×102W，所以D错误．【考点】变压器的构造和原理．6．带电粒子在周期性变化的电场中作直线运动，一个周期内的速度v随时间t变化的图线如图所示，则该质点的位移s（从t=0开始）随时间t变化的图线可能是下图中的哪一个？（）A．B．C．D．【答案】C【解析】由速度时间图象可知，该质点做匀加速直线运动后做匀减速直线运动A 图象表示先沿正方向匀速运动，后沿负方向运动运动，B 表示运动运动，D 表示速度越来越小，只有C 正确．【考点】 匀变速直线运动的图像.7．如图所示，在固定好的水平和竖直的框架上，A 、B 两点连接着一根绕过光滑的轻小滑轮的不可伸长的细绳，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态．若按照以下的方式缓慢移动细绳的端点，则下列判断正确的是（ ）A ． 只将绳的左端移向A ′点，拉力变小B ． 只将绳的左端移向A ′点，拉力不变C ． 只将绳的右端移向B ′点，拉力变小D ． 只将绳的右端移向B ′点，拉力不变 【答案】B ．【解析】设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为α，绳子的长度为L ，B 点到墙壁的距离为S ，根据几何知识和对称性，得：sin α=SL…① 以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F ，根据平衡条件得： 2F cos α=mg ，得F =2cos mg…②A 、B 、当只将绳的左端移向A′点，S 和L 均不变，则由②式得知，F 不变．故A 错误，B 正确．C 、D 、当只将绳的右端移向B′点，S 增加，而L 不变，则由①式得知，α增大，cos α减小，则由②式得知，F 增大．故C 错误，D 错误．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．8．近几年有些大型的游乐项目很受年青人喜欢，在一些丛林探险的项目中都有滑索过江的体验．若把滑索过江简化成如图的模型，滑索的两端固定，且近似可看成形状固定不变的圆弧，某人从滑索一端滑向另一端的过程中，那么（）A．人的运动可看成是匀速圆周运动B．人在滑到到最低点时处于失重状态C．人在滑到最低点时重力的瞬时功率最大D．人在滑到最低点时绳索受到的压力最大【答案】D．【解析】人借助滑轮下滑过程中，重力做功，速度大小是变化的，所以人在整个绳索上运动不能看成匀速圆周运动．故A错误．对人研究，根据牛顿第二定律得：N﹣mg=m2vr，得到：N=mg+m2vr，对绳索的压力大于重力，处于超重状态，故B错误；重力方向竖直向下，而在最低点的速度方向水平，与重力方向垂直，所以此时重力的瞬时功率为0，最小，故C 错误；在滑到最低点时速度最大，具有向上的加速度，人对绳索的压力大于重力，绳索受到的压力最大，故D正确；【考点】牛顿运动定律的应用——超重和失重．9．如图所示，倾角α的斜面体，质量为M，静止放在粗糙的水平地面上．质量为m的木块沿斜面由静止开始加速滑下．已知斜面体的斜面是光滑的，底面是粗糙的；且在木块加速下滑过程中斜面体始终保持静止，则（）A．木块对斜面的压力为mg sinαB ． 木块沿斜面下滑的加速度为g cos αC ． 斜面体对地面的压力大于（m +M ）gD ． 斜面体对地面的静摩擦力方向水平向右 【答案】D ．【解析】对木块受力分析可知，木块对斜面的压力为mg cos α；故A 错误；木块下滑的加速度a =g sin α；故B 错误；设斜面的倾角为θ．以M 和m 整体为研究对象，受力图如图． 将加速度a 分解为水平方向和竖直方向，如图．根据牛顿第二定律得；对竖直方向F N =（M +m ）g ﹣ma ；对水平方向 f =ma cos α，方向水平向左；故斜面体对地面的摩擦力向右；故D 正确； 【考点】 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用。

2015滁州市高级中学联谊会高三第一学期期末联考物理参考答案一、简要答案：二、详细解析：1.D 解析：画出光路图如图所示，在界面BC 上，光的入射角i=60°。

由光的折射定律有：sin sin i n r=，代入数据，求得折射角r =30°，由光的反射定律得，反射角i′=60°。

由几何关系易得：△ODC 是边长为0.5l 的正三角形，△COE 为等腰三角形，CE=OC =0.5l 。

故两光斑之间的距离L=DC+CE=l =40cm ，选项D 正确。

2.B 解析：由右手定则可知，圆盘顺时针加速转动时，感应电流从圆心流向边缘，线圈A 中产生的磁场方向向下且磁场增强。

由楞次定律可知，线圈B 中的感应磁场方向向上，由右手螺旋定则可知，ab 棒中感应电流方向由a→b 。

由左手定则可知，ab 棒受的安培力方向向左，选项A 错误；同理选项C 、D 错误，B 正确。

3.B 解析：弹体处的磁场由轨道电流产生，由安培定则可以判断，弹体处磁场方向垂直于导轨平面向下，选项A 错误；由安培力F=BIL 及电流磁场与电流的关系可知，电流越大，磁场越强，弹体受到的安培力越大，选项B 正确；若只改变电流方向，虽然弹体处的磁场方向变为垂直于导轨平面向上，但由于通过弹体的电流方向同时反向，由左手定则知弹体受到的安培力方向不变，选项C 错误；只改变弹体的形状，弹体受安培力的有效长度（即导轨间距）不变，则安培力大小不变，选项D 错误。

4.C 解析：由于太空没有空气，因此航天员在太空中行走时无法模仿游泳向后划着前进，选项A 错误；航天员在太空行走的路程是以速度v 运动的路程，即为vt ，选项B 错误；由2Mm G mg R =和()()22Mm v G m R h R h =++，得22gR h R v =-，选项C 正确；由()22a R g R h =+得42v a gR =，选项D 错误。

5.A 解析：对物体应用牛顿第二定律有()cos sin F mg F ma θμθ--=，可得c o s s i n a F g mθμθμ+=-，图线纵轴截距表示g μ，可知两者动摩擦因数相同，P 和Q 的材料相同，选项A 正确；图线斜率表示cos sin m θμθ+，选项C 、D 错误；P 的质量小于Q 的质量，选项B 错误。

贵阳市普通高中2015届高三年级第一学期期末监测考试试卷物理一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。

其中1～8小题每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，9～12小题有多个选项符合题意。

） 1．关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是( ) A 、奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象 B 、牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出了引力常量C 、法拉第认为电荷间的相互作用力是通过电荷激发的电场而产生的D 、库仑通过扭秤实验得出了任意两个电荷间的库仑力122Q Q F k r = 【答案】C【考点】物理学史2．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I 、II 的速度图像如图所示，在0～t 2时间内，下列说法中正确的是( )A 、I 、II 两个物体在t 1时刻相遇B 、I 、II 两个物体的平均速度大小都是122v v +C 、I 、II 两个物体所受的合外力都在不断减小D 、I 物体的加速度不断增大，II 物体的加速度不断减小 【答案】C【解析】图线与坐标轴围成图形的面积Ⅰ大于Ⅱ，所以I 、II 两个物体在t 1时刻不相遇，A 错误；图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v 2均匀减小到v 1，或从v 1均匀增加到v 2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于122v v +故Ⅰ的平均速度大于122v v +，Ⅱ的平均速度小于122v v +，故B 错误；【考点】对运动图像物理意义的理解3．2012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行。

北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。

“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置（如图所示）。

若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力，则以下判断中正确的是( )A 、这两颗卫星的加速度大小相等，均为22R grB 、卫星1由位置A 运动至位置BC 、卫星1向后喷气就一定能追上卫星2D 、卫星1由位置A 运动到位置B 的过程中万有引力做正功 【答案】A若卫星1向后喷气，则其速度会增大，卫星1将做离心运动，所以卫星1不可能追上卫星2．故C 错误；卫星1由位置A 运动到位置B 的过程中，由于万有引力始终与速度垂直，故万有引力不做功，故D 错误．【考点】卫星运行参量的比较与运算4．如图所示，在水平向右做匀加速直线运动的平板车上有一小球，其质量为m 且与竖直挡板及斜面间均无摩擦，若车的加速度为a ，斜面的倾角为θ，斜面对小球的弹力为F 1和挡板对小球的弹力为F 2，则F 1、F 2的大小分别是( )A 、F 1=sin mgθB 、1tan F ma mg θ=+C 、F 2=cos mgθD 、2tan F ma mg θ=+ 【答案】D【解析】以小球为研究对象，分析受力情况，如图：设斜面的加速度大小为a ，根据牛顿第二定律得：【考点】牛顿第二定律；正交分解的应用5．如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为AC、BC的中点，若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是( )A、M、N两点场强相同B、M、N两点电势相等C、负电荷由M点移到C处，电场力做正功D、负电荷由无穷远处移到N点时，电势能一定增加【答案】C【解析】根据等量异种电荷周围的电场线分布知，M、N两点的场强大小相等，方向不同，故A错误．沿着电场线方向电势逐渐降低，可知M、N两点电势不等．故B错误．负电荷由M点移到C处，电势增加，电势能减小，故电场力做正功，故C正确等量异种电荷连线的中垂线是等势线，将负电荷从无穷远处移到N点处，电场力做正功，电势能一定减小，故D错误．【考点】辨析电场强度、电势、电势差、电势能6．如图所示，上表面光滑的半圆柱体放在水平面上，小物块从靠近半圆柱体顶点O的A点，在外力F作用下沿圆弧缓慢下滑到B点，此过程中F始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态。

泉州市2015届普通中学高中毕业班单科质量检查物理试题（满分100分;考试时间90分钟）第I卷（共36分）一、选择题（本题12小题，每小题3分，共36分。

每小题给出的四个选项中。

只有一个选项正确。

选对的得3分，有选错或不答的得0分）1．跳伞运动员在下降过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则A．某时刻加速度大小可能为B．在0~t1时间内位移大小为C．在0~t1时间内速度变化越来越快D．在t1~t2时间内加速度大小一直在增大2．如图所示，自卸货车静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下倾角缓慢增大，在货物m相对车厢保持静止的过程中，下列说法正确的是A．货物对车厢的压力变小B．货物受到的摩擦力变小C．地面对货车的摩擦力增大D．地面对货车的支持力增大3．理想变压器与电阻R、理想电流表、理想电压表按如图甲方式连接，已知变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=10 : 1，电阻R=，原线圈两端输入电压u随时间t变化的图象如图乙所示，下列说法正确的是A．电流表的读数为2AB．电压表的读数为220 VC．通过R的最大电流为2AD．变压器的输人功率为44 W4．如图所示的电路中，L, ,h是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数很大，它的直流电阻与电阻R的阻值相等，下列说法正确的是A．闭合开关S后，灯L1、L2始终一样亮B．闭合开关S时，灯L2先亮，L1后亮，最后一样亮C．闭合开关S待电路稳定后再断开开关S，灯L1会闪亮一下再逐渐熄灭D．闭合开关S待电路稳定后再断开开关S，灯L2立刻熄灭，L1过一会儿才熄灭高三物理试题第1页（共8页）5．如图所示，仅在xOy平面的第I象限内存在垂直纸面的匀强磁场，一细束电子从x轴上的P点以大小不同的速度射人该磁场中，速度方向均与x轴正方向成锐角速率为v0的电子可从x轴上的Q点离开磁场，不计电子间的相互作用，下列判断正确的是A．该区域的磁场方向垂直纸面向里B．所有电子都不可能通过坐标原点OC．所有电子在磁场中运动的时间一定都相等D．速率小于v0的电子离开磁场时速度方向改变的角度均为6．如图所示，三条平行等距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为5 V、15 V、25 V，实线abc是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，对于轨迹上的a、b、c 三点，下列说法正确的是A．粒子必由a经过b运动到cB．粒子在b点的加速度最大C．粒子在c点的动能最大D．粒子在c点的电势能最大7．如图所示，质量相同的两小球a、b分别从斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出后，恰好都落在斜面底端，不计空气阻力，下列说法正确的是A．小球a、b在空中飞行的时间之比为2: 1B．小球a、b抛出时的初速度大小之比为2: 1C．小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4: 1D．小球a、b到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角之比为1:18．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，开关S闭合后理想电压表和理想电流表均有示数。

2015年秋高三物理上册期末考试试题（有答案）钦州港经济技术开发区中学201年秋季学期期末考试高三物理1．从手中竖直向上抛出的小球，与水平天花板碰撞后又落回到手中，设竖直向上的方向为正方向，小球与天花板碰撞时间极短．若不计空气阻力和碰撞过程中动能的损失，则下列图象中能够描述小球从抛出到落回手中整个过程运动规律的是（）A．B．．D．2．如图所示，顶角为直角、质量为的斜面体AB放在粗糙的水平面上，∠A=30°，斜面体与水平面间动摩擦因数为μ．现沿垂直于B方向对斜面体施加力F，斜面体仍保持静止状态，则关于斜面体受到地面对它的支持力N和摩擦力f的大小，正确的是（已知重力加速度为g）（）A．N=g，f= B．N=g+ ，f=μｇ．N=g+ ，f= D．N=g+ ，f=3．用如图a所示的圆弧一斜面装置研究平抛运动，每次将质量为的小球从半径为R的四分之一圆弧形轨道不同位置静止释放，并在弧形轨道最低点水平部分处装有压力传感器测出小球对轨道压力的大小F．已知斜面与水平地面之间的夹角θ=4°，实验时获得小球在斜面上的不同水平射程x，最后作出了如图b所示的F﹣x图象，g取10/s2，则由图可求得圆弧轨道的半径R为（）A．012B．02．00D．104．如图所示，两水平虚线ef、gh之间存在垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为、电阻为R的正方形铝线框abd从虚线ef上方某位置由静止释放，线框运动中ab始终是水平的，已知两虚线ef、gh间距离大于线框边长，则从开始运动到ab边到达gh线之前的速度随时间的变化关系图象合理的是（）A．B．．D．．关于行星绕太阳运动的下列说法正确的是（）A．所有行星都在同一椭圆轨道上绕太阳运动B．行星绕太阳运动时位于行星轨道的中心处．离太阳越近的行星的运动周期越长D．所有行星轨道半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等二、多项选择题：本题共4小题，每小题分，共计20分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B 球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是（）A．两球的质量应相等B．两球应同时落地．应改变装置的高度，多次实验D．实验也能说明A球在水平方向上做匀速直线运动7．下列对牛顿第二定律的表达式F=a及其变形公式的理解，正确的是（）A．由F=a可知，物体所受的合外力与物体的质量成正比，与物体的加速度成反比B．由= 可知，物体的质量与其所受合外力成正比，与其运动的加速度成反比．由a= 可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比D．由= 可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合外力而求得8．2013年6月20日，航天员王亚平在运行的天宫一号内上了节物理，做了如图所示的演示实验，当小球在最低点时给其一初速度，小球能在竖直平面内绕定点做匀速圆周运动．若把此装置带回地球表面，仍在最低点给小球相同初速度，则（）A．小球仍能做匀速圆周运动B．小球不可能做匀速圆周运动．小球可能做完整的圆周运动D．小球一定能做完整的圆周运动9．人通过滑轮将质量为的物体沿粗糙的斜面由静止开始匀加速地由底端拉上斜面，物体上升的高度为h，到达斜面顶端的速度为v，如图所示．则在此过程中（）A．物体所受的合外力做功为gh+ v2B．物体所受的合外力做功为v2．人对物体做的功为ghD．人对物体做的功大于gh三、简答题：（共30分）10．某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图1甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，为橡皮条与细绳的结点，B和为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿A方向的是．（2）本实验采用的科学方法是．A．理想实验法B．等效替代法．控制变量法D．建立物理模型法（3）实验时，主要的步骤是：A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置，记录下点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1。

2014-2015学年度第一学期高三期末调研考试理科综合能力测试本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33-40为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

考试结束后，将答题卡交回。

注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名和准考证号填涂正确、条形码粘在答题卡上。

2．选择题答案使用2B 铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号； 非选择题答案使用0．5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案 无效。

4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。

5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：H:1 C:12 0:16 S:32 K:39 Ca:40 Mn:55 Fe:56 Cu:64 Br ：80第I 卷（选择题，共126分）二、选择题（本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.随着社会发展，人类对能源的需求日益增加，节能变得愈加重要。

甲、乙两地采用电压U 进行远距离输电，输电线上损耗的电功率为输入总功率的k （0<k<1）倍。

在保持输入总功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用5U 的电压输电，若不考虑其他因素的影响，输电线上损耗的电功率将变为输入总功率的_____倍A ．25k B ．5k C. 5k D ．25k 15．甲乙两个物体在同一时刻沿同一直线运动，他们的速度时间图象如图所示，下列有 关说法正确的是A ．在4s-6s 内，甲、乙两物体的加速度大小相等；方向相反B.前6s 内甲通过的路程更大C.前4s 内甲乙两物体的平均速度相等D ．甲乙两物体一定在2s 末相遇16.一个带负电的粒子仅在电场力作用下运动，其电势能随时间变化规律如图所示，则下列说法正确的是A ．该粒子可能做直线运动B.该粒子在运动过程中速度保持不变C ．t 1、t 2两个时刻，粒子所处位置电场强度一定相同D ．粒子运动轨迹上各点的电势一定相等17.如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光。

2015年葫芦岛市普通高中高三年级调研考试物理注意事项：1、本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分：100分。

考试时间90分钟。

2、答第1卷前，考生务必将自已的姓名代码，准考证号，涂写在答题卡上。

3、每小题选出答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不能答在试卷上。

第I卷(选择题，共42分）一、选择题（共14小题，第1~8为单选题，第9~14为多选题，每题全部选对得3分，选对但不全得2分，有错选得O分）1．用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理量中用比值法定义的是：A．加速度Fam=B．电场强度FEq=C．电流UIR=D．电容4sCkdεπ=．2．重物G在一氢气球带动下做匀速直线运动，重物只受重力和绳的拉力作用，重物的匀速运动方向为如图中所示的箭头所指的虚线方向，图中气球和重物G在运动中所处的位置正确的是：3．水平面上有三个可自由移动的光滑球被两侧板夹成如图所示，左侧板固定，右侧板由P处（实线位置）移动一小段距离到Q处（虚线位置），1球始终没有接触到水平面，在右板移动过程中，关于l球对2球的作用力大小，下列说法正确的是：A．变大B．不变C．变小D．先变小后变大4．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移-时间图像分别为图中直线a和曲线b，由图可知，下列说法正确的是：A．b车运动方向始终不变B．在t1时刻a车的位移大于b车C．t1到t2时间内a车与b车的平均速度相等D．a车做匀加速直线运动5．如图所示，1L 2、L 是高压输电线，图中两电表示数分别是220V 和10A 。

已知甲图中原、副线圈匝数比为50：1，乙图中原副线圈匝数比 为1：5，下列说法正确的是：A ．甲图中的电表是电流表，输电电流是100AB ．乙图中的电表是电流表，输电电流是50AC ．甲图中的电表是电压表，输电电压为2200 VD ．乙图中的电表是电压表，输电电压为2200 V6．如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三个点，电场线方向由a 和c ．a 、b 间的距离等于b 、c 间的距离，用a b c ϕϕϕ、、和a b c E E E 、、分别表示a 、b 、c 三点的电势和电场强度，下列选项一定正确的是：7．如图所示为卫星一号、卫星二号先后绕月做匀速圆周运动的示意图，卫星一号在轨道I 上运行，距月球表面高度为200km ；卫星二号在轨道II 上运行，距月球表面高度为l00km 。

第一学期高三期末质量检测物 理 试 卷(满分：100分；完卷时间：90分钟)第Ⅰ卷(共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中。

只有一个选项正确。

选对的得4分，有选错的和不答的得0分。

)1．如图A 、B 两物体叠放在一起，用手托住，让它们静靠在平整的竖直墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，已知m A ＞m B ，则物体B 受力个数是A ．1B ．2C ．3D ．42．游乐场内两支玩具枪在同一位置先后沿水平方向各射出一颗子弹，打在远处的同一个靶上，A 为甲枪子弹留下的弹孔，B 为乙枪子弹留下的弹孔，两弹孔在竖直方向上相距高度为h ，如图所示，不计空气阻力。

关于两枪射出的子弹初速度大小，下列判断正确的是A ．甲枪射出的子弹初速度较大B ．乙枪射出的子弹初速度较大C ．甲、乙两枪射出的子弹初速度一样大D ．无法比较甲、乙两枪射出的子弹初速度的大小3．一质点沿坐标轴Ox 做变速直线运动，它在坐标轴上的坐标x 随时间t 的变化关系为x =5+2t 3，速度v 随时间t 的变化关系为v =6t 2，其中v 、x 和t 的单位分别是m/s 、m 和s 。

设该质点在t =0到t =1s 内运动位移为s 和平均速度为v ，则 A ．s =6m ，v =6m/s B ．s =2m ，v =2m/ s C ．s =7m ，v =7m/s D ．s =3m ，v =3m/s4．如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A 1、B 1和等量异种的电荷A 2、B 2。

在甲图电荷A 1、B 1的电场中，a 1、O 1、b 1在点电荷A 1、B 1的连线上，c 1、O 1、d 1在A 1、B 1连线的中垂线上，且O 1a 1=O 1b 1=O 1c 1=O 1d 1；在乙图电荷A 2、B 2的电场中同样也存在这些点，它们分别用a 2、O 2、b 2和c 2、O 2、d 2表示，且O 2a 2=O 2b 2=O 2c 2=O 2d 2。