【精品试卷】人教版高中物理选修2-1高二第四章复习专用试卷

期末测试题(100分钟 100分)第Ⅰ卷（共45分）一、选择题 （本题包括15小题.每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，选错的得0分） １.下列说法中正确的是（ ）A ．布朗运动就是液体分子的运动B ．物体的温度越高，其分子的平均动能越大C ．物体内所有分子动能和分子势能的总和叫物体的内能D ．只有发生热传递，物体的内能才会改变思路解析：布朗运动不是液体分子的运动，是悬浮在液体中的固体颗粒的无规则运动，A 错误；温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大，B 正确；物体内所有分子动能和分子势能的总和叫物体的内能，C 正确；改变物体内能的方式有做功和热传递，D 错误.答案：BC2.有关物体的内能，下列说法中正确的是（ ）A ．1 g 0 ℃水的内能比1 g 0 ℃冰的内能大B ．电流通过电阻后发热，它的内能增加是热传递的结果C ．气体膨胀，它的内能一定减少D ．晶体熔化为液体时，分子势能增加思路解析：0 ℃的水和0 ℃的冰平均动能相同，但内能并不相同，水结成冰必然要放热，说明相同质量的水的内能大，A 项对.电阻发热是由于电流做功而不是热传递，B 项错；气体膨胀对外做功，但可能吸收更多的热量，C 项错；晶体熔化为液体时，要吸收热量，内能增加，但温度不变，分子动能不变，则分子势能增加，D 项对.答案：AD3.下列说法中正确的是（ ）A ．空调机制冷说明热量可以从低温物体传到高温物体而不引起其他变化B ．第一类永动机是不可能制成的，因为它违背了能量守恒定律C ．第二类永动机是不可能制成的，因为它违背了能量守恒定律D ．根据能量守恒定律，担心能源枯竭实在是杞人忧天思路解析：空调机制冷说明热量可以从低温物体传到高温物体，但不是自发的，必将伴随着其他变化，如消耗电能，A 项错；第一类永动机是指不消耗其他能量却可以源源不断地对外做功，违背了能量守恒定律，是不可制成的，B 对；第二类永动机是指从单一热源吸收热量并全部用来对外做功，违反了热力学第二定律，但并不违反能量守恒定律，C 错；在利用能源的过程中虽遵守能量守恒定律，但可利用的能量转化为内能散失，就不可能把它们全部收集起来重新加以利用，D 错.答案：B4.设某固体物质的摩尔质量为μ、密度为ρ，此种物质样品的质量为M ，体积为V ，总分子数为N ，阿伏加德罗常数为N A ，则下列表示一个分子的质量的表达式中正确的是（ ）A. M NB.AN μ C.N M D.N M ρ 答案：BC5.以下几种说法，正确的是（）A．因为空气分子间存在斥力，所以用气筒给自行车打气时，要用力才能压缩空气B.用手捏面包，面包体积会缩小，这是分子间有间隙的缘故C．打开酒瓶后可闻到酒的气味，说明分子在做无规则的运动D．用碳素墨水滴入 清水中，观察到的布朗运动，是碳分子无规则运动的反映思路解析：对于气体分子，由于分子之间的距离很大，可以认为气体分子之间除了碰撞外，分子之间没有相互作用力，用打气筒打气时压缩空气要用力，是气体压强的原因，A错；面包能被压缩是因为面包颗粒之间有空隙，而不能说明分子之间有空隙，B错；闻到酒的气味，是扩散现象，C正确；布朗运动是液体分子无规则运动的反映，D错.答案：C6.在下列反应方程中，x代表质子的方程是（）A.2713Al+42H→3015P+xB.147N+42He→178O+xC.21H+γ→1n+xD.31H+x→42He+10n思路解析：根据质量数守恒和电荷数守恒可判断出B、C项正确.亦可用代入法.答案：BC7.图1中P为放在匀强电场中的天然放射源，其放出的射线在电场的作用下分成a、b、c三束，以下判断正确的是（）图1A．a为α射线，b为β射线B．a为β射线，b为α射线C．b为γ射线，c为α射线D．b为α射线，c为γ射线思路解析：α粒子为42He带正电，β为01-e带负电，γ为电磁波（不带电），在电场力作用下，α、β将偏转，所以a为β粒子，b为γ射线，c为α粒子，所以ABD错，C对.答案：C8.22688Ra经1过几次α衰变和几次β衰变变成20682Pb？思路解析：衰变方程可写为：22688Ra→m42He+n01-e+20682Pb则m=4206226-=5(次)n＝Z2-(Z1-2m)＝82-(88-10)＝4(次)即22688Ra经5次α衰变和4次β衰变变成20682Pb.答案：5，4．9.定质量的气体经历一缓慢的绝热膨胀过程.忽略气体分子势能，则在此过程中（ ）A ．外界对气体做功，气体分子的平均动能增加B ．外界对气体做功，气体分子的平均动能减少C ．气体对外界做功，气体分子的平均动能增加D ．气体对外界做功，气体分子的平均动能减少思路解析：气体绝热膨胀Q=0，对外做功W ＜0，由热力学第一定律得：内能减少，分子的平均动能减少，所以A 、B 、C 错，D 对.答案：D10.列关于热现象的说法，正确的是（ ）A ．外界对物体做功，物体的内能一定增加B ．气体的温度升高，气体的压强一定增大C ．任何条件下，热量都不会由低温物体传递到高温物体D ．任何热机都不可能使燃料释放的热量完全转化为机械能思路解析：由热力学第一定律得：内能的变化是由热传递和做功两者决定，外界对物体做功，物体的内能不一定增加，所以A 错；一定质量的气体的压强与温度、体积两者有关，温度升高，气体的压强不一定增大，所以B 错；在有外界做功的情况下，热量会由低温物体传递到高温物体，所以C 错；由热力学第二定律知D 正确.答案：D11.列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（ ）A ．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B ．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C ．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D ．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小思路解析：当分子力表现为引力时，分子力随分子间距离的增大而减小，分子势能随分子间距离的增大而增大，所以AB 错；当分子力表现为斥力时，分子力随分子间距离的减小而增大，分子势能随分子间距离的减小而增大，所以C 对D 错.答案：C12.列说法中正确的是（ ）A ．一定质量的气体被压缩时，气体的压强不一定增大B ．一定质量的气体温度不变、压强增大时，其体积也增大C ．气体压强是由气体分子间的斥力产生的D ．在失重的情况下，密闭容器内的气体对器壁没有压强思路解析：由TPV =C 知：A 对B 错；气体的压强从微观上看，是气体分子与容器壁碰撞产生的，即使在失重的情况下，气体对器壁仍有压强，所以C 、D 都错.答案：A13.题中用大写字母代表原子核.E 经α衰变成为F ，再经β衰变成为G ，再经α衰变成为H.上述系列衰变可记为下式：.另一系列衰变如下：,已知P 是F 的同位素，则（ ）A ．Q 是G 的同位素，R 是H 的同位素B ．R 是E 的同位素，S 是F 的同位素C ．R 是G 的同位素，S 是H 的同位素D ．Q 是E 的同位素，R 是F 的同位素思路解析：设P 、F 的原子序数为N ，则E 、G 、H 、Q 、R 、S 的原子序数分别为：N+2、N+1、N －1、N+1、N+2、N ，所以B 正确.答案：B14.列说法中正确的是（ ）A ．质子与中子的质量不等，但质量数相等B ．两个质子间，不管距离如何，核力总是大于库仑力C ．同一种元素的原子核有相同的质量数，但中子数可以不同D ．除万有引力外，两个中子之间不存在其他相互作用力思路解析：质子与中子的质量略有差别，但质量数都是1，故A 对；核力的作用范围10-15 m ，超出该范围核力减为0，故B 错；同一种元素的原子核有相同的电荷数、质子数，中子数、质量数不同，故C 错；两个中子之间的距离小于10-15 m 时，存在着强大的核力，故D 错. 答案：A15.列说法正确的是（ ）A ．机械能全部变成内能是可能的B ．第二类永动机不可能制造成功的原因是能量既不会凭空产生，也不会凭空消失， 只能从一个物体转移到另一个物体，或从一种形式转化成另一种形式.C ．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体D ．从单一热源吸收的热量全部变成功是可能的思路解析：机械能变成内能是一个自发过程，所以A 对；第二类永动机并不违反能量守恒定律，而违反热力学第二定律，B 错；在外界做功的条件下，热量可以从低温物体传到高温物体，所以C 错；从单一热源吸收的热量全部变成功是可能的，但是同时引起其他变化，D 对.答案：AD第Ⅱ卷（共55分）二、填空题 （本题包括4个小题，每题5分，共20分）16.力学第二定律揭示了大量分子参与的宏观过程的________性,使得它成为独立于________定律的一个重要的自然规律.答案：方向 热力学第一17.在科学家正在设法探索“反物质”，所谓“反物质”是由“反粒子”构成的.反粒子跟与其对应的正粒子具有相同的质量和相同的电荷量，但电荷的符号相反.据此，若有反α粒子，则它的质量数为__________，电荷数为_________.答案：4 -218.人做一次深呼吸，吸进400立方厘米的空气，据此估算，他所吸进的空气分子的总数为__________个.（取一位有效数字）思路解析：吸进的空气分子的个数为：N=4.22104003-⨯×6.02×1023=1×1022. 答案：1×102219.完成核反应方程：23490Th→33491Pa+__________.23490衰变为23491Pa 的半衰期是1.2 min ，则64 g 23490Th 经过6 min 还有g 尚未衰变.思路解析：根据电荷数守恒、质量数守恒可知，放出的为电子01-e ；由m=m 0(21)T t 得：还有2 g.答案：01- e 2 三、计算题 （包括3个题，共35分）20.（11分）太阳能热水器是利用太阳能来加热水的设备，在我国城乡许多屋顶上都可以看到.太阳单位时间直射到单位面积的能量是E 0＝7×103 J/（m 2·s ）.某热水器的聚热面积S ＝2 m 2，若每天相当于太阳能直射的时间为t ＝4 h ，太阳能的20%转化为内能，计算这个热水器最多能使m ＝500 kg 的水温升高多少度.思路解析:根据题意可知，一天当中被热水器吸收为水的内能的太阳能为：Q ＝E 0St20%，这部分能量就等于被水吸收的能量Q 吸＝cmΔt.每天被太阳能热水器吸收的太阳能：E ＝E 0St ①水吸收的热量：Q 吸＝cmΔt ②E·20%＝Q 吸 ③由①②③式得Δt ＝19.2 ℃答案:可使500 kg 的水温升高19.2 ℃.21.（12分）一铁球从H 高处由静止落到地面上，与地面撞击后被向上弹起，弹回速率是落地速率的一半.若撞击所转化成的内能的80%被铁球吸收，使其温度升高，设铁的比热容为c ，那么铁球升高的温度是多少？思路解析：根据题意，先计算出损失机械能是43 mgh ，再由题意得80%×43 mgh=cmΔt,即可求得铁球升高的温度. 答案：cgH 53 22.（12分）某太阳能热水器的水容量为0.2 m 3，阳光照射的金属板的面积为1.5 m 2，在冬天时，太阳光连续照射10小时，水温可从10 ℃升到50 ℃.设水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃ ).试求：该热水器的平均热功率为多大？思路解析:太阳能热水器的工作原理较为简单，主要是利用太阳能，当阳光照射到金属板上使其温度升高时，让水流过金属板中的管子，通过热传递，使水的温度升高.水吸收的总热量:Q=cmΔt=4.2×103×0.2×103×40=3.36×107 J热功率P=Q/t=9.3×102 W.答案:9.3×102 W。

高中物理学习材料 （精心收集**整理制作）温州二外2013学年第一学期高二期中考试物理试卷（满分100分，考试时间：90分钟 命题人：董菲菲 审题人：林孝品） 温馨提示：1．您现在拿到的试卷满分为100分，共有四大题，20小题，您要在90分钟内完成所有答题；2．本卷静电力常量229/100.9C m N ⋅⨯=κ；3．本试卷包括“试卷”和“答题卷”两部分，请务必在“答题卷”上答题，在“试卷”上答题是无效的；4．考试结束后，只需上交“答题卷”，请不要忘记在“答题卷”上填写姓名、班级、学号等相关信息，同时也别忘了要将“试卷”带走并保管好，老师可能还要分析校对的哦！ 一、单项选择题（本题有10小题，每小题3分，共30分，在每小题所给的四个选项中，只有一个选项最符合题意）1、以下哪个是磁感应强度的单位 ( ▲ )A ．特斯拉 B. 韦伯 C. 安培 D. 焦耳 2、关于电场强度，下列说法正确．．的是 ( ▲ ) A ．电场中某点的电场强度与放在该点的试探电荷无关。

B ．由E=F/q 可知，E 与F 成正比，与q 成反比。

C ．将一个点电荷放在电场中的不同点处，若所受的电场力大小相等，则这些点的场强也一定相同。

D ．在电场中某点用检验电荷q 测得电场强度为E ，当撤去q 而放入另一检验电荷-q/2时，该点场强变为-E/2。

3、用如图所示（虚框）是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是图中的（ ▲ ）4、电流表的内阻是Ω=200g R ，满刻度电流值是A I g μ500=，现欲把这电流表改装成量程为1.0V 的电压表，正确．．的方法是（ ▲ ） A. 应串联一个0．1Ω的电阻 B. 应并联一个0．1Ω的电阻 C. 应串联一个1800Ω的电阻 D. 应并联一个1800Ω的电阻 5、下图中的通电导线在磁场中受力分析正确的是 ( ▲ )6、某同学做电学实验，通过改变滑动变阻器电阻大小，观察到电压表和电流表的读数同时变大，则他所连接的电路可能是下图中的 （ ▲ ）7、条形磁铁竖直放置，闭合圆环水平放置，条形磁铁中心线穿过圆环中心，如图所示，若圆环为弹性环，其形状由Ⅰ扩大到Ⅱ，那么圆环内磁通量的变化情况是 ( ▲ )A．磁通量增大B．磁通量减小C．磁通量不变D．条件不足，无法确定8、以下说法正确的是（▲）A. 磁极之间的作用是通过磁场发生的，通电导体之间的作用是的直接发生B. 磁感应强度的方向就是该处小磁针静止时N极所指的方向C. 只要磁感线是直线，该处的磁场一定是匀强磁场D．磁感线总是从N极出发，终止于S极9、如图所示，直流电源跟一个线圈连接成闭合回路，线圈的上方和右侧各有一个可以自由转动的小磁针，由图得出的结论正确的是（▲）A．小磁针的c端为N极，电源的a端为正极B．小磁针的c端为N极，电源的a端为负极C．小磁针的d端为N极，电源的a端为正极D．小磁针的d端为N极，电源的a端为负极10、两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成以平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K，电源即给电容器充电（▲）A.保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B.保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C.断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电场强度减小D.断开K，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大二、不定项选择题（本题有4小题，每小题4分，共16分，在每小题所给的四个选项中，至少有一个是正确的，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分）11、如右图所示，一直流电动机与阻值R＝9 Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E ＝30 V，内阻r＝1 Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10 V，已知电动机线圈电阻R M＝1 Ω，则下列说法中正确的是 ( ▲)A．通过电动机的电流为10 AB．电动机的输入功率为20 WC．电动机的热功率为4 WD．电动机的输出功率为16 W12、如右图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则( ▲)A．电压表示数U和电流表示数I的比值不变B．变化过程中△U和△I的比值保持不变C．电阻R0两端电压减小，减小量为△UD．电阻R0两端电压增大，增大量为△U13、关于电动势下列说法正确．．的是 ( ▲)A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极得到的电压数值，略小于电源的电动势大小C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电源内部存在有负极指向正极的电场14、R1和R2是材料相同，厚度相同，表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图电路的A、B端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2，下列判断正确．．的是（▲）A．R1=R2 B．R1＞R2 C．U1＜U2 D．U1=U2三、填空题（本题有2个小题，每空2分，共18分）15、（1）某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，示数如图所示．由图可读出l＝________cm.（2）在测定金属电阻率的实验中，某同学连接电路如图所示．闭合电键后，发现电路有故障(已知电源、电表和导线均完好，电源电动势为E)：若电流表、电压表示数均为零，该同学利用多用电表检查故障．先将选择开关旋至________挡(填“欧姆×100”“直流电压10 V”或“直流电流 2.5 mA”)，再将________(填“红”或“黑”)表笔固定在a接线柱，把另一支表笔依次接b、c、d接线柱.16、有一个小灯泡上标有“4 V、2 W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I—U图线．现有下列器材供选用：A．电压表(0～5 V，内阻10 kΩ) B．电压表(0～15 V，内阻20 kΩ)C．电流表(0～3 A，内阻1 Ω) D．电流表(0～0.6 A，内阻0.4 Ω)E．滑动变阻器(10 Ω，2 A) F．滑动变阻器(500 Ω，1 A)G．学生电源(直流6 V)、开关、导线若干(1)实验时，选用电路图（填“甲”或者“乙”）来完成实验.(2)实验中所用电压表应选________，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________，测量得到的小灯泡的电阻与真实的电阻相比（“偏大”或者“偏小”）(用序号字母表示) ．(3)把图中所示的实验器材用实线连接成实物电路图．四、计算题（本题有4小题，共36分，其中17、18每题8分，19、20每题10分，要求画出必要的图形和写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤，只写出计算结果不给分。

高中物理学习材料桑水制作2014---2015学年度第二学期高二物理月考试卷考试时间：100分钟总分：100分一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个．．．．选项正确）1．弹簧振子在做简谐运动时，若某一过程中振子的速率在减小，则此时振子的（）A．速度与位移方向一定相反 B．加速度与速度方向可能相同C．位移可能在减小 D．回复力一定在增大2．蜘蛛虽有8只眼睛，但视力很差，完全靠感觉来捕食和生活，它的腿能敏捷地感觉到落在丝网上的昆虫对丝网造成的振动。

当丝网的振动频率为f＝200 Hz左右时，丝网振动的振幅最大，最大振幅为0.5 cm。

已知该丝网共振时，蜘蛛能立即捕捉到丝网上的昆虫。

则对于落在丝网上的昆虫（）A．当其翅膀振动的频率为200 Hz左右时，蜘蛛能立即捕捉到它B．当其翅膀振动的周期为0.05 s左右时，蜘蛛能立即捕捉到它C．当其翅膀振动的频率为300 Hz左右时，蜘蛛能立即捕捉到它D．当其翅膀振动的频率为250 Hz左右时，该丝网的振幅等于5 cm3．下列有关单摆运动过程的受力说法，正确的是( )A．单摆运动的回复力是重力和摆线拉力的合力B．单摆运动的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力C．单摆经过平衡位置时所受的合力为零D．单摆运动的回复力是摆线拉力的一个分力4．摆长为L的单摆做简谐运动，若从某时刻开始计时(取t＝0)，当振动至t＝32lg时刻，摆球具有负向最大速度，则单摆的振动图象是下图中的 ( )5．如图所示，是质点做简谐运动的图像．由此可知( )A．t＝0时，质点位移、速度均为零B．t＝1 s时，质点位移最大，速度最大C．t＝2 s时，质点位移为零，速度沿负向最大D．t＝4 s时，质点停止运动6．同一音叉发出的声波同时在水和空气中传播，某时刻的波形曲线如图所示．以下说法正确的是 ( ) A．声波在水中波长较大，b是水中声波的波形曲线B．声波在空气中波长较大，b是空气中声波的波形曲线C．水中质点振动频率较高，a是水中声波的波形曲线D．空气中质点振动频率较高，a是空气中声波的波形曲线7．如图所示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t＝0时刻的波形图，虚线为t＝0.6 s时的波形图，波的周期T>0.6 s，则 ( )A．波的周期为2.4 sB．在t＝0.9 s时，P点沿y轴正方向运动C．经过0.4 s，P点经过的路程为4 mD．在t＝0.5 s时，Q点到达波峰位置8. 如图所示为两相干波产生的波相遇后的示意图，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则下列说法正确的是( )A. B点为振动加强点，经过半个周期B点振动减弱B. B点为振动减弱点，经过半个周期B点振动加强C. C点为振动加强点，经过半个周期C点振动仍加强D. C点为振动减弱点，经过半个周期C点振动加强9．如图所示是利用水波槽观察到的水波衍射图象，从图象可知( )A．B侧波是衍射波B．挡板前后波速相等C．增大水波波源的频率，衍射现象将更明显D．增大挡板之间的距离，衍射现象将更明显10. 心电图是现代医疗诊断的重要手段，医生从心电图上测量出相邻两波峰的时间间隔，即为心动周期，由此可计算1min内心脏跳动的次数（即心率）．甲、乙两人在同一台心电图仪上做出的心电图分别如图甲、乙所示，医生通过测量后记下甲的心率是60次/min，则心电图仪图纸移动的速度v以及乙的心率为（）A． 25mm/s，48次/min B． 25mm/min，75次/minC． 25mm/s，75次/min D． 25mm/min，48次/min二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。

高中物理学习材料（精心收集**整理制作）湖北省监利县新沟中学2010—2011学年度下学期期中考试高二物理组卷：刘海燕 审卷：蓝森军一．选择题（本题包括10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个备选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．） 1 ．下列说法中正确的是（ ）A ．机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播B ．只要有电场和磁场，就能产生电磁波C.光导纤维传输信号是利用光的干涉现象D ．当观测者靠近或远离波源时，感受到的频率会发生变化 2．如图所示，一束单色光沿半圆柱形玻璃砖的半径垂直ab 面入射，有光线从ab 面射出。

以O 点为圆心，将玻璃砖缓慢转过θ角时，恰好没有光线从ab 面射出。

则该玻璃砖的折射率为（ ）A ．2sin 1θB ．θsin 1C ．θ2sin 1D ．θsin 213.在利用单摆测重力加速度的实验中,测出不同摆长L 对应的周期T,作出了如图所示的T 2-L 图象,已知图象上A 、B 两点的坐标分别是(x 1,y 1)、(x 2,y 2),则（ ） A.T 2与L 的关系式是T 2=L gπ2B.图象的斜率表示重力加速度；C.由图象可求得当地的重力加速度121224x x y y g --=πD.由图象可求得当地的重力加速度12122y y x x --=4πg4. 2010年世博会在上海举行，为保证通信畅通，各场馆间都铺设了光缆。

甲、乙、丙、丁四种介质的折射率如右表所示，现欲从中选出两种介质作为光导纤维的内芯和包层，则下表中所列A 、B 、C 、D 四种方案中你认为合理的方案是（ ）5．如图所示的LC 振荡电路，在某时刻的磁场方向如图所示，则下列判断不正确的是 A ．若磁场正在增强，则电场能正在减少，电容器上极板带正电 B ．若磁场正在减弱，则电场能正在增强，电容器上极板带正电 C ．振荡电流的变化周期为：LC π2 D.电场能量的变化周期为：LC π6．彩虹是悬浮于空气中的大量小水珠对阳光的色散造成的，如图所示为太阳光照射到空气中的一个小水珠发生全反射和色散的光路示意图，其中a 、b 为两束频率不同的单色光。

高中物理学习材料桑水制作山东省临清市三中2011—2012学年高二上学期四次月考物 理 试 题本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间100分钟第Ⅰ卷（选择题 共44分）一、单项选择题：（共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的）1. 在真空中有两个点电荷，它们之间的库仑力为F ，若将二者的距离变为原来的2倍，把它们各自的电荷量也都变为原来的2倍，则两电荷的库仑力将变为原来的A. 12倍B.1倍C.2倍D.4倍2．如图所示的各电场中，A 、B 两点电场强度相等的是3.关于静电场，下列说法正确的是A.电势等于零的物体一定不带电B.电场强度为零的点，电势一定为零C.同一电场线上的各点，电势一定相等D.负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加 4．关于三个公式：①P ＝UI ，②P ＝I 2R ，③P ＝U 2R ，下列叙述正确的是 A. 公式①适用于任何电路的电热功率B. 公式②适用于任何电路的电热功率C. 公式①、②、③适用于任何电路电功率D. 上述说法都不正确5. 电容器是一种常用的电子元件，对电容器认识正确的是A. 电容器的电容表示其储存电荷的能力B. 电容器的电容与它所带的电荷量成正比C. 电容器的电容与它两极板间的电压成正比D. 电容的常用单位有μF 和pF,1μF ＝103pF6.在物理学中，常常用比值定义物理量，用来表示研究对象的某种性质。

下面列出七个关系式：①F E q = ②Q C U = ③U R I = ④l R S ρ= ⑤Q I t = ⑥ U I R= 下列针对这六个关系式说法正确的是A ．①②③④属于比值定义式B ．①③⑤⑥属于比值定义式C ．只有④⑥不属于比值定义式D ．全部都属于比值定义式7、两电阻R 1、R 2并联时总电阻为6Ω，接入电路中时，它们通过的电流I 1：I 2=1：2，则R 1、R 2的阻值分别为A 、2Ω，4ΩB 、4Ω，2ΩC 、9Ω，18ΩD 、18Ω，9Ω8.某一新型电池，测得它的开路电压为6V ，短路电流为0.3A.若将该电池与一阻值为20Ω的电阻连成一闭合电路，则它的路端电压是A. 1VB. 2VC. 3VD. 4V二、不定项选择题：（共5小题，每小题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得零分，满分20分）9. 某带电粒子仅在电场力作用下由A 点运动到B 点，电场线、粒子在A 点的初速度及运动轨迹如右图所示，可以判定A ．A 点的电势高于B 点的电势B ．粒子在A 点的动能小于它在B 点的动能C ．粒子在A 点的电势能小于它在B 点的电势能D ．粒子在A 点的加速度大于它在B 点的加速度10．A 、B 两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（方向未标出） 如图所示。

一、选择题1．(0分)[ID：129155]下列说法正确的是（）A．在光的双缝干涉实验中，若将入射光由绿光改为紫光，则条纹间距变宽B．在观察红光的单缝衍射现象时，若缝的宽度d越窄，则衍射条纹越暗，衍射现象越明显C．电磁波和声波在介质中的传播速度，都是由介质决定，与频率无关D．用红外线照射时，钞票上用荧光物质印刷的文字会发出荧光2．(0分)[ID：129148]如图所示，LC振荡电路的L不变，C可调，要使振荡的频率从700Hz 变为1400Hz，则可以采用的办法有（）A．把电容增大到原来的4倍B．把电容增大到原来的2倍C．把电容减小到原来的12D．把电容减小到原来的143．(0分)[ID：129131]下列说法正确的是（）A．在同一地点，当摆长不变时，摆球质量越大，单摆做简谐振动的周期越小B．在同一地点，单摆做简谐振动的周期的平方与其摆长成正比C．声波传播过程中，介质中质点的运动速度等于声波的传播速度D．电磁波和机械波都只能在介质中传播4．(0分)[ID：129127]下列说法正确的是（）A．公共场合使用的非接触式测温仪利用的是紫外线B．在地球上利用接收遥远天体发出光波的频率判断遥远天体相对于地球的运动速度，利用的是多普勒效应C．军队过桥需要迈着整齐的步伐，防止共振对桥造成伤害D．在机械波的干涉现象中，振动加强点始终位于波峰位置5．(0分)[ID：129125]下列说法正确的是（）A．超声波测速仪利用的是多普勒效应B．使电磁波随各种信号而改变的技术叫调谐C．汽车减振系统的固有频率一般都比较高D．机场和车站用红外线检查行李箱内的物品6．(0分)[ID：129115]下列说法正确的是（）A．用三棱镜观察太阳光谱是利用光的干涉现象B．在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象C ．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象D ．在LC 振荡电路中，电容器刚放电完毕时，电容器极板上电量最多，电路电流最小 7．(0分)[ID ：129113]如图为LC 回路中电流随时间变化的图象，规定回路中顺时针电流方向为正。

一、选择题1．(0分)[ID ：127982]光纤通信利用光的全反射将大量信息高速传输。

如图所示，一条圆柱形的光导纤维，长为L ，它的玻璃芯的折射率为1n ，外层材料的衍射率为2n ，光在空气中的传播速度为c ，若光从它的一端射入经全反射后从另一端射出所需的最长时间为t ，则下列说法中正确的是（ ）A ．1122n Ln n t n C >=，B ．21122n Ln n t n C >=，C ．1122n Ln n t n C=<，D ．21122n Ln n t n C<=，2．(0分)[ID ：127975]彩虹是由阳光进入水滴，先折射一次，然后在水滴的背面反射，最后离开水滴时再折射一次形成。

彩虹形成的示意图如图所示，一束白光L 由左侧射入水滴，a 、b 是白光射入水滴后经过一次反射和两次折射后的两条出射光线（a 、b 是单色光）。

下列关于a 光与b 光的说法正确的是（ ）A ．水滴对a 光的折射率小于对b 光的折射率B ．a 光在水滴中的传播速度大于b 光在水滴中的传播速度C ．用同一台双缝干涉仪做光的双缝干涉实验，a 光相邻的亮条纹间距小于b 光的相邻亮条纹间距D ．a 、b 光在水滴中传播的波长都比各自在真空中传播的波长要长3．(0分)[ID ：127964]如图所示，在水面下同一深度并排紧挨着放置分别能发出红光、黄光、蓝光和紫光的四个灯泡，一人站在这四盏灯斜上方离水面有一定距离处观察，他感觉离水面最近的那盏灯发出的光是（ ）A．红光B．黄光C．蓝光D．紫光4．(0分)[ID：127957]如图所示，两束单色光a、b从水下射向A点后，光线经折射合成一束光c进入空气，则下列说法中错误的是（）A．在水中a光的临界角比b光的临界角大B．在水中a光的速度比b光的速度大C．a光的频率比b光的频率大D．b光的折射率比a光的折射率大5．(0分)[ID：127956]如图所示，三角形ABC 为某透明介质的横截面，O 为BC 边的中点，∠BAO 为θ。

高中物理学习材料桑水制作浙江省衢州二中2010-2011学年第二学期高二期中考试物理试卷一、单项选择题（共8小题，24分）1． 在飞机的发展史中有一个阶段，飞机上天后不久，飞机的机翼（翅膀）很快就抖动起来，而且越抖越厉害。

后来经过人们的探索，利用在飞机机翼前缘处装置一个配重杆的方法， 解决了这一问题。

在飞机机翼前装置配重杆的目的主要是（ ） A ．加大飞机的惯性 B ．使机体更加平衡 C ．使机翼更加牢固 D ．改变机翼的固有频率2． 水平弹簧振子做简谐运动，如图所示。

若以水平向右为坐标的正方向，振子向左经过平衡位置O 点时开始计时，则振子的加速度随时间变化的图象，以下各图中正确的是（ ）3． 一简谐机械波沿x 轴正方向传播，周期为T ，波长为 。

若在x=0处质点的振动图像如右图所示，则该波在t=T/2时刻的波形曲线为( ) A4． 同一音叉发出的声波同时在水和空气中传播，某时刻波形曲线如图，下述正确的是（ ）A ．声波在水中波长较大，b 是水中声波的波形曲线。

B ．声波在空气中波长较大，b 是空气中声波波形曲线C ．水中质点振动频率较高，a 是水中声波的波形曲线D ．空气中质点振动频率较高，a 是空气中声波波形曲线 5． 光导纤维的内部结构由内芯和外套组成，它们的材料不A O BOat Oat Oat OatB A CD同，光在内芯中传播，则 ( )A ．内芯的折射率比外套大，光在内芯与外套的界面上发生全反射B ．内芯的折射率比外套小，光在内芯与外套的界面上发生全反射C ．内芯的折射率比外套小，光在内芯与外套的界面上发生折射D ．内芯和外套的折射率相同，外套的材料韧性较强，起保护作用6． 光纤通信是一种现代化的通讯手段，为了研究问题的方便，我们将光导纤维简化为一根长直的玻璃管，如图所示，设此玻璃管长为L ，折射率为n ，且光在玻璃的内界面上恰好发生全反射。

已知光在真空中的传播速度为c ，则光通过此段玻璃管所需的时间为（ ） A ．nL/c B ．n 2L/c C ．nL/c 2D ．n 2L/c 27． 如图所示，两束平行单色光a 、b 从空气中斜射到平行玻璃砖上，A 、B 为它们的出射点，由图可知（ ）A ．玻璃砖对光线a 的折射率大B ．a 、b 的出射光线不再是平行光线C ．在玻璃中，单色光a 的传播速度较大D ．在玻璃中，单色光a 的波长较大 8． 如图，一条轻质弹簧左端固定，右端系一块小物块，物块与水平面各处动摩擦因数相同，弹簧无形变时物块在O 点．今先后把物块拉到P 1和P 2由静止释放，物块都能运动到O 点左方，设两次运动过程中物块动能最大的位置分别 为Q 1、Q 2点，最后静止在R 1、R 2。

高中物理学习材料 （精心收集**整理制作）第二学期高二物理竞赛试题一、单项选择题（每题6分，共36分）1.从同一高度将两个质量相同、速度大小相等的物体同时抛出，一个水平抛出，一个竖直上抛。

从抛出到落地的过程中，以下说法正确的是（ ）A.重力对竖直上抛的物体的功较多B.重力对两物体做功的平均功率相同C.两物体落地前任意时刻的机械能相同D.竖直上抛的物体落地前的机械能较水平抛出的物体大2.一块木板可绕过O 点光滑水平轴在竖直平面内转动，木板上放有一木块，木块有端受到竖直向上的作用力F ，从图中位置A 缓慢转动到位置B ，木块相对木板不发生滑动。

则在此过程中（ ） A.木板对木块的支持力不做功 B.木板对木块的摩擦力做负功C.木板对木块的摩擦力不做功D.木板对木块所做的功等于木块重力势能的增加3.如图所示，矩形线圈的匝数为n ，线圈面积为S ，线圈电阻为r ，在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁场的轴以角速度ω匀速转动，外电路电阻为R 。

当线圈在外力的作用下从由图示位置转过2π的过程中（ ）A.通过R 的电荷量q 为rR BS+ B.通过R 的电荷量q 为)(r R nBS+22πC.外力做功W 为)(r R S B n +πω2222D.外力做功W 为）r R S B n +(4222πω4.“神州八号”飞船与“天宫一号”目标飞行器于北京时间2011年11月3日凌晨实现刚性对接，形成组合体，使中国载人航天首次空间交会对接试验获得成功。

若已知地球的自转周期T 、地球半径R 、地球表面的重力加速度g 、组合体运行的轨道距地面高度为h ，下列表达式正确的是（ ）B FαAα O 第2题 图Ba bV R第3题 图A.组合体围绕地球做圆周运动的线速度大小Th R v )(+=π2 B.组合体围绕地球做圆周运动的角速度大小hR g+=ω C.组合体围绕地球做圆周运动的运行周期2324gRh R T )('+=π D.组合体所在轨道的重力加速度hR Rg g +='角为θ5.如图所示，在直面内有一匀强电场，带正电荷的小球与竖直线AB 夹的力F 作用下，由A 匀速运动至B ，已知AB 间距离为d ，小球的质量为m ，带电量为q ，则下列结论正确的是（ ）A.若匀强电场的方向水平向右，则电场强度为最小，qmg E θtan =B.若匀强电场的方向水平向右，则里F 的大小必有θcos mgC.若匀强电场的方向与F 方向垂直，则电场强度为最小，qmg E θsin =D.若匀强电场的方向与F 方向垂直，则电场强度为最小，则力F 的大小必为θsin mg6.如图所示，等腰三角形OCD 由不同的材料A 、B 拼接而成，P 为两材料在CD 边上的交点，且CP DP >。

物理人教版选修1-2第三、四章单元检测(时间：90分钟 满分：100分)一、选择题(每小题5分，共60分)1．如图所示，X 表示金原子核，α粒子射向金核被散射，设入射的动能相同，其偏转轨道可能是图中的( )。

2．原子核的表示符号为X AZ ，下列说法正确的是( )。

A ．原子核的质量数为ZB ．原子的质量数为AC ．原子的质量数为ZD ．原子核的质子数为Z3．同位素是指( )。

A ．质子数相同而核子数不同的原子B ．核子数相同而中子数不同的原子C ．核子数相同而质子数不同的原子D ．中子数相同而核子数不同的原子4．下述化学物质中，对大气臭氧层破坏最大的是( )。

A ．氟利昂B ．二氧化碳C ．二氧化硫D ．一氧化碳5．关于α粒子的散射实验的说法，正确的是( )。

A ．使α粒子发生大角度偏转的力是原子核对α粒子的磁场力B ．α粒子散射实验表明原子核内存在中子C ．α粒子散射实验为卢瑟福提出原子的核式结构模型提供了实验基础D ．α粒子散射实验说明汤姆孙原子模型是正确的6．以下说法正确的是( )。

A ．煤、石油、天然气等燃料的最初来源可追溯到太阳能B ．汽油是一种清洁能源C ．水能是可再生能源D ．煤、石油等常规能源是取之不尽、用之不竭的7．卢瑟福的原子核式模型认为( )。

A ．原子内部有一个很小的带负电的原子核B ．核外电子的运行轨道是圆，但圆的半径逐渐减小C ．原子内部的原子核很小，原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核上D ．电子均匀地镶嵌在原子中8．天然放射性元素放出的三种射线的穿透能力实验结果如图所示，由此可推知()。

A ．②来自于原子核外的电子B ．①的电离作用最强，是一种电磁波C ．③的电离作用较强，是一种电磁波D ．③的电离作用最弱，属于原子核内释放的光子9．环境污染已成为人类社会面临的重大威胁，各种污染数不胜数，下列名词与环境污染无关的是( )。

①赤潮 ②酸雨 ③光化学烟雾 ④温室效应 ⑤潮汐 ⑥水华 ⑦大脖子病A ．①②④B ．③④⑦C ．⑤⑦D ．⑤⑥10．柴油机使柴油燃料在它的汽缸中燃烧，产生高温高压的气体，燃料的化学能转化为气体的内能，高温高压的气体推动活塞做功，气体的内能又转化为柴油机的机械能。

一、选择题1．(0分)[ID：129187]关于电磁波的下列说法正确的是（）A．T射线（1THz=1012Hz）是指频率从0.3~10THz、波长介于无线电波中的毫米波与红外线之间的电磁辐射，它的波长比可见光波长短B．电磁波可以通过电缆、光缆进行有线传输，但不能实现无线传输，光缆传递的信息量最大，这是因为频率越高可以传递的信息量越大C．太阳辐射的能量大部分集中在可见光及附近的区域D．调制的方法分调幅和调频，经过调制后的电磁波在空间传播得更快2．(0分)[ID：129185]如图所示，一细束白光通过玻璃三棱镜折射后分为各种单色光，取其中a、b、c三种色光，下列说法正确的是（）A．把温度计放在c的下方，示数增加最快B．若分别让a、b、c三色光通过一双缝装置，则a光形成的干涉条纹的间距最大C．a、b、c三色光在玻璃三棱镜中的传播速度依次越来越小D．若让a、b、c三色光以同一入射角，从空气中某方向射入一介质，b光恰能发生全反射，则c光也一定能发生全反射3．(0分)[ID：129179]关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A．把带电体和永磁体放在一起，可在其周围空间中产生电磁波B．手机、电视、光纤通信都是通过电磁波来传递信息的C．医院中用于检查病情的“B超”是利用了电磁波的反射原理D．车站、机场安全检查时“透视”行李箱的安检装置利用的是红外线4．(0分)[ID：129178]关于电磁场和电磁波，下列说法中正确的是（）A．麦克斯韦认为变化的电场产生变化的磁场B．红外线、可见光和紫外线是由原子的外层电子受激发产生的C．电磁波由真空进入介质传播时，波长变大D．电磁波按频率由高到低的正确排列顺序是：无线电波、红外线、可见光、紫外线、X 射线，γ射线5．(0分)[ID：129176]关于波和波的现象解释，下列说法中正确的有（）A．电磁波的传播速度恒为8⨯310m/sB．雷达工作时利用了声波的反射C．增透膜使得两列反射光波相消，但透射光强并没有增加D．声源与观察者相对靠近时，观察者按收到的频率大于声源发出的频率6．(0分)[ID：129170]要提高LC振荡电路辐射电磁波的本领，应该采取的措施是（）A．增加辐射波的波长B．使振荡电容器的正对面积足够小C．尽可能使电场和磁场分散开D．增加回路中的电容和电感7．(0分)[ID：129157]如图所示，L为电感线圈，C为电容器，R为定值电阻，线圈及导线电阻均不计。

高中物理学习材料 （精心收集**整理制作）常德市一中2013年上学期高二期中考试试卷物 理（文科）(时量：60分钟 满分：100分)一、选择题（本题包括20小题，每小题2.5分，共50分。

每小题只有一个选项符合题意）1．下列物理量的单位中，属于国际单位制中的导出单位的是（ ）A ．米B ．秒C ．牛顿D ．千克 2．发现行星运动定律的科学家是（ ） A ．开普勒 B ．伽利略 C ．牛顿 D ．爱因斯坦 3．下列情况中的运动物体，一定不能．．被看成质点的是（ ） A ．研究绕地球飞行的航天飞机 B ．研究飞行中直升飞机上的螺旋桨C ．研究从北京开往上海的一列火车D ．研究在水平推力作用下沿水平地面运动的木箱4．对于做变速直线运动的物体，以下叙述中，表示平均速度的是（ ） A ．物体在第2 s 初的速度是4 m/s B ．物体在第3 s 末的速度是4 m/sC ．物体在通过某一点的速度是8 m/sD ．物体在通过某一段位移时的速度是8 m/s 5．下列关于加速度的说法中正确的是（ ）A ．加速度表示物体运动的快慢B ．加速度表示物体速度变化的快慢C ．物体运动速度越大，其加速度越大D ．物体运动速度为零，其加速度一定也为零 6．甲、乙两物体从同一高度处同时自由下落，已知乙甲G 3=G ，则由下列说法正确（ ） A ．甲比乙先着地 B ．甲比乙的加速度大 C ．甲、乙同时着地 D ．无法确定谁先着地 7．下列v-t 图中不能．．表示物体作匀变速直线运动的是（ ）8．关于电场线，下列说法正确的是（ ）A ．电场线方向一定是带电粒子在电场中受力的方向B ．两条电场线在电场中可以相交C ．电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹D ．在同一幅电场分布图中电场越强的地方，电场线越密9．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F ，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为 （ ） A ．F/2 B ．F Ｃ．4F Ｄ．16F10．如图所示，小球系在竖直拉紧的细绳下端，小球恰又与光滑斜面接触并处于静止状态，则小球受到的力有（ ） A ．重力和绳对它的拉力B ．重力、绳对它的拉力和斜面对它的弹力C ．重力和斜面对球的支持力D ．绳对它的拉力和球对斜面的压力11．下列关于惯性的说法中，正确的是（ ）A ．汽车刹车时，乘客的身子会向前倾斜，是因为汽车有惯性B ．做匀速直线运动的物体和静止的物体没有惯性C ．物体的惯性只有在物体速度改变时才表现出来D ．所有物体都有惯性，与物体是否运动无关，与物体速度是否变化也无关12．静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力的作用，当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是 ( )A ．物体同时获得速度和加速度B ．物体立即获得加速度，但速度仍为零C ．物体立即获得速度，但加速度仍为零D ．物体的速度和加速度都仍为零13．物体静止在水平桌面上，下列说法正确的是（ ）A ．物体受到桌面的支持力等于物体的重力，但它们不是一对平衡力B ．物体对桌面的压力就是物体的重力，它们是一对作用力与反作用力C ．物体对桌面的压力大小等于桌面对物体的支持力的大小，它们是一对作用力与反作用力D ．物体对桌面的压力的大小等于桌面对物体的支持力，它们是一对平衡力 14．物体做曲线运动的条件为 ( ) A ．物体运动的初速度不为零 B ．物体所受的合外力为变力C ．物体所受合外力的方向与速度的方向不在同一条直线上D ．物体所受合外力的方向与加速度的方向不在同—条直线上15．对万有引力定律的表达式221rmm G F =的认识，下列说法错误．．的是（ ） vtoAvtoBvtoCv toDA ．公式中G 为引力常量，它是由实验测得的，而不是人为规定的B ．当m 1与m 2一定时，随着r 的增大，万有引力逐渐减小C ．质量分别为m 1和m 2的两物体之间的引力大小相等、方向相反，是一对平衡力D ．质量分别为m 1和m 2的两物体受到的引力总是大小相等，与m 1、m 2是否相等无关16．我国2012年利用一箭双星技术发射了两颗“北斗”导航卫星，计划到2020年左右，建成由5颗地球静止轨道卫星和30颗其他轨道卫星组成的覆盖全球的“北斗”卫星导航系统。

高中物理学习材料（精心收集**整理制作）江西省吉安市2010—2011学年度高二下学期期末试卷物 理 试 题（测试时间：100分钟卷面总分：100分）请把答案写在答题卡上。

在试卷上做题无效第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（本题共10小题，每题4分，满分40分。

全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得0分）1．水平方向做简谐运动的弹簧振子，其质量为m ，最大速率为V ，则下列说法中正确的是（ ）A ．振动系统的最大弹性势能为212mVB ．当振子的速率减为2V 时，此振动系统的弹性势能为24mVC ．从某时刻起，在半个周期内，弹力做的功为零D ．从某时刻起，在半个周期内，弹力做的功一定为212mV 2．如图为沿+x 方向传播的一横波在某时刻的波形图象，那么关于图中的a 质点，正确的说法是（ ）A．此时刻a质点的加速度正在逐渐增大B．此时刻a质点的速度正在逐渐增大C．a质点沿波的传播方向的位移正在增大D．a质点沿波的传播方向的速度正在增大3．如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=-2×10-1m和x=12×10-1m处，两列波的波速均为V=0．4 m／s，两波源的振幅均为A=2cm．图示为t=0时刻两列波的图象（传播方向如图），此刻平衡位置处于x=0．2 m和0．8 m的P、Q两质点刚开始振动．质点M的平衡位置处于x=0．5 m处，关于各质点运动情况的判断正确的是（）A．质点P、Q都首先沿y轴负方向运动B．t=0．75 s时刻，质点M恰沿y轴正方向运动sC．t=l s时刻，质点M的位移为+4cmD．1=l s时刻，质点M的位移为-4cm4．在狭义相对论中，下列说法中哪些是正确的（）①一切运动物体相对于观察者的速度都不能大于真空中的光速②质量、长度、时间的测量结果都是随物体与观察者的相对状态而改变的③惯性系中的观察者观察一个与他做匀速相对运动的时钟时，会看到这个时钟比与他相对静止的相同的时钟走得慢些A．（1）（3）是正确的B．（1）（2）是正确的C．（1）（2）（3）是正确的D．（2）（3）是正确的5．如图所示，某种透明液体的折射率为2，在液面下方有一点光源S，液面上方有一无限长的细杆，其与液面夹角为45︒，且与液面交于A点．已知A点与点光源S的水平距离大于S在液体中的深度，细杆与S在同一竖直平面内，点光源所发出的光线限制在此竖直平面内．点光源发出的光线能照射到细杆上的所有光线在液体中所分布的角度范围为（）A．60 ︒B．75 ︒C．90 ︒D．105 ︒6．如图所示为一测定液面高低的传感器示意图，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体，把传感器接到图示电路中，已知灵敏电流表指针偏转方向与电流方向相同。

高中物理学习材料桑水制作横江中学高二第一次月考（物理卷）全卷共110分一、选择题（每小题6分，多选或错选0分，少选得3分，共48分。

）1．利用变压器不可能做到的是（）A．增大电流 B．升高电压 C．减小电压 D．增大功率2．关于电磁感应，下列说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大B．当导体平动做切割磁感线的运动时，导体中一定有感应电流产生C．当穿过线圈的磁通量变化越快时，感应电动势越小D．当穿过线圈的磁通量发生变化时，感应电动势的大小与线圈电阻无关3、一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动．线圈中的感应电动势e随时间t的变化如图所示．下面说法中正确的是：( )A.t1时刻通过线圈的磁通量为零B.t2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C.每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大。

D.t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大4、如图所示，闭合小金属环从高h处的光滑曲面上端无初速度滚下，又沿曲面的另一侧上升，则下列说法正确的是（）A、若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于hB、若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hC、若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hD、若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度大于h5、一交变电流的电压表达式为u＝100 sin120πt （V），由此表达式可知（）: A．用电压表测该电压其示数为100 VB．该交变电压的频率为60HzC．将该电压加在100Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为100 WD．t ＝1/480 s时，该交流电压的瞬时值为50 V6．如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计，下列说法中正确的是（）A．合上开关S接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B．合上开关S接通电路时，A1和A2始终一样亮C．断开开关S切断电路时，A2立即熄灭，A1过一会才熄灭D．断开开关S切断电路时，A1和A2都是立即一起熄灭7.关于交变电流的下列说法中正确的是（）A.工业用电380V的正弦交变电压的有效值是220VB.交流电流表和交流电压表的示数是交变电流的有效值C.正弦交变电流的有效值是其最大值的0.707倍D.标有耐压值300V的电容器不能直接接在220V的家用交变电源上8．如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2＝180匝，交流电源的电压u=2202sin120πtV，电阻R=45Ω，电压表、电流表均为理想电表，则下列结论正确的是（）A．交流电的频率为50HzB．电流表A1的示数约为0.13AC．电流表A2的示数约为1.1 AD．电压表V的示数为36V二、实验题（9题6分，10题9分，共15分）9、某同学用如图13所示的实验器材探究电磁感应现象。

高中物理学习材料桑水制作人教版物理高二选修2-1第四章第三节三相交变电流同步训练一．选择题1．如图A、B、C为三相交流发电机的3组线圈，a、b、c为三盏电阻不同的灯泡，已知发电机的相电压为220V，则下列说法中正确的是（）A．a灯泡两端的电压为2203VB．b灯泡两端的电压为220VC．右图所表示的连接方法为：三相四线制﹣星形接法，中线可以撤销D．因三盏灯的电阻不同，灯泡两端的电压无法判断答案：B解析：解答：三相交流发电机可以发出三相交变电流，当作三个独立的单相交流发电机，A、由于已知发电机的相电压为220V，它们可以分别单独向外传送三组单相交变电流，而三盏电阻不同的灯泡接入的电压都是单相电压，所以灯泡两端的电压都是220V．与电阻无关；故AD错误，B正确．C、三相交流发电机可以运用三相四线制向外输电，即运用三根火线、一根中性线向外输电，也可以运用三相三线制向外输电，即运用三根火线向外输电．三相负载完全相同时，三相交流发电机用三根线（都是火线）向外输电，因为此时中性线的电流为0；三相负载不完全相同时，中性线的电流不为0；所以图中的中性线如果去掉灯泡的亮度会发生变化．故C错误；故选：B分析：三相交流发电机可以发出三相交变电流，相当于三个单相交流发电机，能单独向外传送三组单相交变电流．由于已知发电机的相电压为220V，三盏电阻不同的灯泡接入的电压都是单相电压，所以灯泡两端的电压都是220V．2．三相电源的连接如图所示，电路中的三个交流电压表的示数U1、U2、U3间的关系是（）A．U1：U2：U3=1：2：1 B．U1：U2：U3=1：3：1C．U1：U2：U3=1：2：1 D．U1：U2：U3=3：1：3答案：解析：解答：该接法是星形接法，采用三相四线制对外供电，三只交流电压表，其中V1、V3测量的是相电压，V2测量的是线电压，故V1=V3，V2=3V1，即：V1：V2：V3=1：3：1故B正确，ACD错误故选：B分析：三相电源星形联结时，线电压有效值为相电压有效值的3倍3．如图A、B、C为三相交流发电机的3组线圈，a、b、c为三盏电阻不同的灯泡，已知发电机的相电压为220V，则下列说法中正确的是（）A．灯泡两端的电压为2203V B．灯泡两端的电压为220VC．图中负载采用三角形连接D．图中中性线可去掉答案：B解析：解答：AB、三相交流发电机可以发出三相交变电流，当作三个独立的单相交流发电机，由于已知发电机的相电压为220V，它们可以分别单独向外传送三组单相交变电流，而三盏电阻不同的灯泡接入的电压都是单相电压，所以灯泡两端的电压都是220V．故A错误，B正确．C、图中发动机和负载的接法都是星形接法．故C错误；D、三相交流发电机可以运用三相四线制向外输电，即运用三根火线、一根中性线向外输电，也可以运用三相三线制向外输电，即运用三根火线向外输电．三相负载完全相同时，三相交流发电机用三根线（都是火线）向外输电，因为此时中性线的电流为0；三相负载不完全相同时，中性线的电流不为0；所以图中的中性线如果去掉，则去掉后灯泡的亮度会发生变化．故D错误．故选：B分析：三相交流发电机可以发出三相交变电流，相当于三个单相交流发电机，能单独向外传送三组单相交变电流．三相交流发电机可以运用三相三线制向外输电，也可以运用三相四线制向外输电．4．如图A、B、C为三相交流发电机的3组线圈，a、b、c为三盏电阻不同的灯泡，已知发电机的相电压为220V，则下列说法中正确的是（）A．灯泡两端的电压为2203VB．灯泡两端的电压为220VC．灯泡两端的电压为2202VD．因三盏灯的电阻不同，灯泡两端的电压无法判断答案：B解析：解答：三相交流发电机可以发出三相交变电流，当作三个独立的单相交流发电机，由于已知发电机的相电压为220V，它们可以分别单独向外传送三组单相交变电流，而三盏电阻不同的灯泡接入的电压都是单相电压，所以灯泡两端的电压都是220V．故ACD错误，B 正确．故选：B分析：三相交流发电机可以发出三相交变电流，相当于三个单相交流发电机，能单独向外传送三组单相交变电流．由于已知发电机的相电压为220V，三盏电阻不同的灯泡接入的电压都是单相电压，所以灯泡两端的电压都是220V．5．交流感应电动机是利用电磁驱动的原理工作的，它里面配置的三个线圈连接到三相电源，是为了（）A．产生稳定不变的磁场B．产生旋转的磁场C．产生匀强磁场D．产生加速电场答案：B解析：解答：三相绕组接通三相电源产生的磁场在空间旋转，称为旋转磁场，转速的大小由电动机极数和电源频率而定．转子在磁场中相对定子有相对运动，切割磁杨，形成感应电动势．转子铜条是短路的，有感应电流产生．转子铜条有电流，在磁场中受到力的作用．转子就会旋转起来．故选：B．分析：异步电机的工作原理如下：当导体在磁场内切割磁力线时，在导体内产生感应电流，“感应电机”的名称由此而来．感应电流和磁场的联合作用向电机转子施加驱动力．三组绕组问彼此相差120度，每一组绕组都由三相交流电源中的一相供电．6．1873年奥地利维也纳世博会上，比利时出生的法国工程师格拉姆在布展中偶然接错了导线，把另一直流发电机发出的电接到了自己送展的直流发电机的电流输出端．由此而观察到的现象导致了他的一项重要发明，从而突破了人类在电能利用方中的一个瓶颐．此项发明是（）A．新型直流发电机B．直流电动机C．交流电动机D．交流发电机答案：B解析：解答：直流发电机发电时接另一直流发电机，则另一直流发电机实际成了直流电动机，所以ACD错，B正确．故正确选项为B．分析：从结构和工作原理上可知：一台直流电机原则上既可以作为电动机运行，也可以作为发电机运行，这种原理在电机理论中称为可逆原理．7．在三相交流电源上按星形接法连接相同负载1、2、3，如图所示，NN′是中性线．已知负载1上的电压为220V，电流强度为15A．现以I表示中性线上的电流，U表示图中P、Q 两点之间的电压，则（）A．I=15A，U=440V B．I=45A，U=380V C．I=0A，U=440V D．I=0A，U=380V答案：D解析：解答：由题意可知：每根火线与地线的电压为220V，所以三相交流电线电压（P、Q之间的电压是线电压）为380V，而又因为三个完全相同的电阻．所以流过中性线NN的电流为0．所以四个选项中D选项正确，选项ABC 都错误．故选：D分析：三相交流电是由三个频率相同、电势振幅相等、相位差互差120°角的交流电路组成的电力系统．目前，我国生产、配送的都是三相交流电．每根火线与地线间的电压叫相电压，其有效值用U A、U B、U C表示（A、B、C为下标）相电压为220V；火线间的电压叫线电压，其有效值用U AB、U BC、U CA表示（A、B、C为下标）线电压为380V．8．图中A、B、C是三相交流电源的三根相线，O是中线，电源的相电压为220V，L1、L2、L3是三个“220V 60W”的灯泡，开关K1断开，K2、K3闭合，由于某种原因，电源中线在图中O′处断了，那么L2和L3两灯泡将（）A．立刻熄灭B．变得比原来亮一些C．变得比原来暗一些D．保持亮度不变答案：解析：C解答：当正常时，任意灯电压均为220V，都能正常发光；而中线断开后，灯泡均不能接在火线与中线之间，此时L2、L3通过右端完好的中线相连，相当于L2、L3串联接在两根火线之间，而火线间电压为380V，则两灯分压一定小于220V，故两灯均变暗；故选：C．分析：三相电任意两火线之间电压为380V；任一火线与地线之间的电压为220V；当地线断开时相当于两灯串联在380V的电压之间，则可知灯泡的亮度变化．9．如图，三相交流发电机每相电压为220V，接成星型，如果负载接成三角形，则负载每相的电压是（）A．220 VB．2202VC．2203VD．因三相负载电阻大小未知，每相的电压无法判断答案：C解析：解答：三相负载接成三角形时，负载的相电压等于线电压，线电压等于三相电源相电压的3倍，故负载相电压为2203V，故C正确，ABD错误故选：C分析：三相负载接成三角形时，负载的相电压等于线电压，线电压等于三相电源相电压的3倍，可求解10．三相交流发电机的三个线圈中A相的电压为U＝311SIn100πt V，那么[ ] A．三个线圈中交流电的频率都是50HzB．在t＝0时，其他两个线圈的输电电压为零C．若按Y形接法，任意两线间的电压的最大值为380VD．若按△形接法，任意两线间的电压的有效值为380V答案：A解析：解答：三相交流发电机的每个线圈的频率，故A正确;电压的有效值(或最大值)均相同，但由于不同步，所以任一时刻的瞬时值不同，B错误;在两种连接方式中线电压和相电压的关系不同, C、D错误.分析：三相交流电是由三个频率相同、电势振幅相等、相位差互差120°角的交流电路组成的电力系统．目前，我国生产、配送的都是三相交流电．每根火线与地线间的电压叫相电压，其有效值相电压为220V；火线间的电压叫线电压，其有效值线电压为380V二．填空题11．在三相交变电流的电路中，每个线圈两端的电压称为相电压，两条端线之间的电压称为线电压：在我国民用电路中，相电压为V，线电压为，流电三个线圈中交流电的频率是（选填“相同”、“不相同”）．答案：220|380V|相同解析：解答：由题意可知：三相交流电线电压为380V，而每根火线与地线的电压为220V，而它们的频率总是相同．故答案为：220；380V，相同．分析：三相交流电是由三个频率相同、电势振幅相等、相位差互差120°角的交流电路组成的电力系统．目前，我国生产、配送的都是三相交流电．每根火线与地线间的电压叫相电压，其有效值用U A、U B、U C表示（A、B、C为下标）相电压为220V；火线间的电压叫线电压，其有效值用U AB、U BC、U CA表示（A、B、C为下标）线电压为380V．12．三相对称负载联成三角形时，线电压是380V，相电压是V．答案：220解析：解答：由题意可知：三相交流电线电压为380V，而每根火线与地线的电压为220V；故答案为：220分析：三相交流电是由三个频率相同、电势振幅相等、相位差互差120°角的交流电路组成的电力系统．目前，我国生产、配送的都是三相交流电．每根火线与地线间的电压叫相电压，其有效值用U A、U B、U C表示（A、B、C为下标）相电压为220V；火线间的电压叫线电压，其有效值用U AB、U BC、U CA表示（A、B、C为下标）线电压为380V．13．一台三相电动机，每个绕组的额定电压是220V ，现三相电源的线电压是380V ，则这台电动机的绕组应联．答案：星形接法 解析：解答：采用负载星形接法．如果上三相四线制供电，即将三相负荷分别接在A 相﹣N 、B 相﹣N ，C 相﹣N 上．这样每相负载上取的是电源相电压即220V ；故答案为：星形接法．分析：这里就是线电压和相电压的关系，你接三相电源就是380V ．当采用星型连接的时候，每相绕组就是220V ．根据三相矢量和为零，就是说，任一节点流入的电流和流出的电流是相等的．所以认为星点就是一个0电位．这样的话每项绕组的电压就是220V ．14．如图所示三相对称电路中，当开关S 1，S 2都闭合时，电流表读数均为10A ；当S 1断开，S 2闭合时，A 1= ，A 2= ，A 3= ．答案：0|2033A|2033A解析：解答：设每一个电阻的电阻值都是R ，则相电压为：U 相=IR =10R线电压：U 线=U 相=10R当S 1断开，S 2闭合时，U 支路没有电流，所以A 1=0；此时电阻R W 和电阻R U 两个电阻串联后与R V 并联接在V 和W 两个支路之间，电路中的总电阻：111322总R R R R=+= 而电阻两端的电压为线电压，所以电流为：10320323332线总U R A A R R ==== A 故答案为：0，2033A ，2033A 分析：由图可知该电路 的电阻的接法是三角形接法，线电压与相电压相等，然后结合当S 1闭合，S 2断开时，与当S 1断开，S 2闭合时电阻的接法即可求出．15．在对称负载的三相交流电路中，中线上的电流为．答案：0解析：解答：在对称负载的三相交流电路中，当采用星型连接的时候，每相绕组就是220V．根据三相矢量和为零，任一节点流入的电流和流出的电流是相等，则中线上的电流为0．故答案为：0分析：这里就是相电压和线电压的关系，接三相电源就是380V．当采用星形连接的时候，每相绕组就是220V．根据三相矢量和为零，就是说，任一节点流入的电流和流出的电流是相等的．所以认为星点就是一个0电位．16．某三相交流发电机的相电压为380V，给负载供电的电路如图所示（图中R表示负载，L 表示发电机线圈），此发电机绕组是连接，负载是连接，每相负载的工作电压是V．答案：三角形|星形|220解析：解答：三相交流电有两种连接方式，星形连接和三角形连接：星形连接﹣﹣就是把三相负载的3个末端连接在一起作为公共端，由3个首端引出3条火线的连接方式；三角形连接﹣﹣就是把三相负载的每一相的始末端依次相接的连接方式由图可知，此发电机绕组是三角形连接；负载是星形连接，故每相负载的工作电压是220V 故答案为：三角形，星形，220分析：三相交流电有两种连接方式，星形连接和三角形连接星形连接﹣﹣就是把三相负载的3个末端连接在一起作为公共端，由3个首端引出3条火线的连接方式；三角形连接﹣﹣就是把三相负载的每一相的始末端依次相接的连接方式三．解答题17．如图所示，三相交流的电压为220V，负载是不对称的纯电阻，R A=R B=22Ω，R C=27.5Ω，按星型连接．试求中线电流．答案：每根火线与地线的电压为220V，所以IA =IB=22022=10A；IC=22027.5=8A；则中线电流I=10+10+8=28A；解析：解答：由题意可知：每根火线与地线的电压为220V，所以I A=I B=22022=10A；I C=22027.5=8A；则中线电流I=10+10+8=28A；答：中线电流为28A．分析：三相交流电是由三个频率相同、电势振幅相等、相位差互差120°角的交流电路组成的电力系统．当三相对称时电流为零；三相不对称时中线电流为各相电流之和．18．如图所示，三相交流电的线电压为380V，三相负载为三个完全相同的灯泡；（1）则图中a灯的电压为V；答案：220（2）当交流电源的A相断开时，图中b灯的电压为V．答案： 190解析：解答：由题意可知：三相交流电线电压为380V，而每根火线与地线的电压为220V，又因为三个完全相同的灯泡．所以图中a灯的电压为220V．当交流电源的A相断开时，图中b灯的电压为380V的一半．即为190V．故答案为：220；190分析：三相交流电是由三个频率相同、电势振幅相等、相位差互差120°角的交流电路组成的电力系统．目前，我国生产、配送的都是三相交流电．每根火线与地线间的电压叫相电压，其有效值用U A、U B、U C表示（A、B、C为下标）相电压为220V；火线间的电压叫线电压，其有效值用U AB、U BC、U CA表示（A、B、C为下标）线电压为380V．19．如图中a﹑b﹑c﹑d是星形连接的三相交流电源在照明电路中的输电导线，用电压表测得a、b间的电压为220V，b﹑c间的电压为380V，那么（1）四根导线中是零线．答案： a（2）图中1、2、3是三盏额定电压都是220V的白炽灯，分别把它们正确接入三相输电线路中，画出电路图．答案：解析：解答：由题意可知：三相交流电线电压为380V，而每根火线与地线的电压为220V，又因为三个完全相同的灯泡．所以图中灯的电压为220V．因此将灯泡两端接在火线与地线之间，如图所示：故答案为：（1）a，（2）如上图所示．分析：三相交流电是由三个频率相同、电势振幅相等、相位差互差120°角的交流电路组成的电力系统．目前，我国生产、配送的都是三相交流电．每根火线与地线间的电压叫相电压，其有效值用U b、U c、U d表示（b、c、d为下标）相电压为220V；火线间的电压叫线电压，其有效值用U bc、U cd、U bd表示（b、c、d为下标）线电压为380V．20．某电动机的三组线圈①、②、③阻值相同，均为几欧姆，接法可能是下图中甲、乙之一，A、B和C是外接头．现有一组线圈断路，维修人员通过多用电表测量外接头之间的电阻来判断故障，若测量A和B之间、B和C之间、A和C之间的电阻时，多用电表指针偏转分别如图a、b、c所示；（1）则测量中使用欧姆挡的倍率是（填：×1、×10、×100或×1k）；答案：×1（2）三组线圈的接法是（填：甲或乙），断路线圈是（填：①、②或③）．答案：乙|③解析：解答：由于所测电阻均为几欧姆，串联后还是几欧姆，所以欧姆档的倍率选择×1；所测值分别是4Ω、4Ω和8Ω，说明接法是乙，断路的是③．因为采用甲接法时测量值应该有两个是无穷大，一个是8Ω．故答案为：1，乙，③分析：殴姆表是测量电阻阻值的电表，它的读数是刻度盘的读数与倍率的乘积．通过殴姆表去探测故障也是故障分析的一种方法．。

高中物理学习材料桑水制作韩店中学2011--2012年高二普通班中期考试试卷（文科）一、选择题（本大题共20小题。

每小题2分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求）1、我国古代四大发明中，涉及到电磁现象应用的发明是A ．指南针B ．造纸术C ．印刷术D ．火药 2、在物理学史上，首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是A ．安培B ．法拉第C ．奥斯特D ．库仑 3、下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是A ．电饭煲B ．吸尘器C ．电视机D ．电冰箱4、根据电场强度的定义式qFE，在国际单位制中，电场强度的单位是 A ．牛/库 B ．牛/焦 C ．焦/库 D ．库/牛 5、关于电场线的说法，正确的是 A ．电场线就是电荷运动的轨迹B ．在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C ．电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D ．电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反6、两个等量点电荷P 、Q 在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．下列说法中正确的是A ．P 、Q 是两个等量正电荷B ． B ．P 、Q 是两个等量负电荷C ．P 、Q 是两个等量异种电荷D ．P 、Q 产生的是匀强电场 7、下列哪种力是洛伦兹力 A ．电荷间的相互作用力B ．电场对电荷的作用力C ．磁铁对小磁针的作用力D ．磁场对运动电荷的作用力8、如图所示，在匀强磁场中有一通电直导线，电流方向垂直纸面向里，则直导线受到安培力的方向是A ．向上B ．向下C ．向左D ．向右9、如图所示，重力不计的带正电粒子水平向右进入匀强磁场，对该带电粒子进入磁场后的运动情况，以下判断正确的是 A ．粒子向上偏转 B ．粒子向下偏转 C ．粒子不偏转D ．粒子很快停止运动10、关于点电荷的概念，下列说法正确的是A ．点电荷就是电荷量很小的电荷B ．点电荷就是体积很小的电荷C ．体积较大的带电体，不能看成点电荷密 封 线 内 不 要 答 题考号 班级 姓名D．带电体能否看成点电荷，要视实际情况而定11、导体A带5Q的正电荷，另一个完全相同的导体B带-Q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为A．-Q B．Q C．2Q D．4Q12、人们在晚上脱衣服时，有时会看到火花四溅，并伴有“噼啪”声，这是因为A．衣服由于摩擦而产生了静电B．人体本身是带电体C．空气带电，在衣服上放电所致D．以上说法均不正确13、一个磁场的磁感线如右图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将A．向右移动B．向左移动C．顺时针转动D．逆时针转动14、真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F。

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）1．理想变压器的原线圈的匝数为110匝，副线圈匝数为660匝，若原线圈接在6 V 的电池上，则副线圈两端电压为（）A.36 VB.6 VC.1 VD.0 V2．当理想变压器副线圈空载时，副线圈的（）A.负载电阻为0B.输出电流为0C.两端电压为0D.输出功率为03．远距离输送一定功率的交变电流，若输电电压提高到原来的n倍，则下列说法中正确的是（）A．输电线上的电流变为原来的n倍B．输电线上的电压损失变为原来的1/n2C．输电线上的电功率损失变为原来的1/nD．若输电线上的电功率损失不变，输电线路长度可变为原来的n2倍4．一台理想变压器原、副线圈匝数比为22∶1，当原线圈两端输入u1=2202sin314t V的交变电压时，下列说法正确的是（）A.副线圈两端电压为102 VB.副线圈接一10 Ω电阻时，原线圈中的电流为1 AC.副线圈接一10 Ω电阻时，原线圈中输入功率为10 WD.变压器铁芯中磁通量变化率的最大值是2202 V5．一理想变压器原线圈接交流、副线圈接电阻，下列哪些方法可使输入功率增加为原来的2倍（）A.次级线圈的匝数增加为原来的2倍B.初级线圈的匝数增加为原来的2倍C.负载电阻变为原来的2倍D.副线圈匝数和负载电阻均变为原来的2倍6．下列关于减小远距离输电导线上热损耗的说法中，正确的是 （ ）A ．因为热功率P =RU 2，所以应降低输送电压，增大输电导线电阻，才能减小输电导线上的热损耗B ．因为热功率P =IU ，所以应采用低电压、小电流输电，才能减小输电导线上的热损耗C ．因为热功率P =I 2R ，所以可采用减小输电线电阻或减小输送电流的方法来减小输电导线上的热损耗D ．以上说法均不正确7．用理想变压器给负载R 供电，下列哪些办法可以减小变压器原线圈中的电流 （ ）A ．增加原线圈的匝数B ．增加副线圈的匝数C ．减小负载电阻R 的数值D ．增加负载电阻R 的数值8．在电工和电子技术中使用的扼流圈有两种：低频扼流圈和高频扼流圈。

高中物理学习材料（精心收集**整理制作）人教物理高二选修2-1第一章第四节闭合电路的欧姆定律同步训练一．选择题1．电源的电动势为4.5V ，内电阻为0.50Ω，外电路接一个4.0Ω的电阻，这时电源路端的电压为（ ）A ． 5.0VB ． 4.5VC ． 4.0VD ．3.5V 答案：C解析：解答：根据闭合电路欧姆定律得：4.514.5E I A R r ===+ 路端的电压为U=IR=1×4V=4V故选：C ．分析：已知电源的电动势，内电阻和外电阻，根据闭合电路欧姆定律求出流过电源的电流，由欧姆定律求出路端电压．2．如图所示的电路中，电源的电动势为E ，内阻为r ．当可变电阻的滑片P 向b 移动时，电压表V 1的示数U 1与电压表V 2的示数U 2的变化情况是（ ）A ． U 1变大，U 2变小B ．U 1变大，U 2变大C ． U 1变小，U 2变小D ． U 1变小，U 2变大答案：A解析：解答：当变阻器滑片向b 移动时，接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，电流I 减小，则路端电压U 1=E ﹣Ir ，E ，r 不变，U 1变大，则电压表V 1的示数U 1变大；电压表U 2示数：U 2=IR ，I 变小，U 2变小．故选：A ．分析：首先明确电压表V 1测量路端电压，V 2测量R 1的电压．其次，明确变阻器滑片P 向b 移动时，接入电路的电阻如何变化，根据闭合电路欧姆定律，就能确定电流如何变化，根据内外电压的关系，进一步判断各个电表读数如何变化．3．太阳能电池由许多片电池板组成．某电池板不接负载时两极间电压是6.0×10﹣4V ，短路电流是3.0×10﹣5A ，则这块电池板的内阻为（ ）A ． 20ΩB ． 5ΩC ． 0.2ΩD ．0.05Ω 答案：A解析：解答：由题，U=0.6V ，则E=U=0.6V又E=I 短r ，得到4561020310E r I --⨯===Ω⨯短 故选：A分析：根据开路电压等于电源电动势，求出电动势；再根据电动势和短路电流求出内电阻．4．在如图所示的电路中，已知电源的电动势E =1.5V ，内电阻r =1.0Ω，电阻R =2.0Ω．闭合开关S 后，电路中的电流I 等于（ ）A ． 4.5 AB ． 3.0 AC ． 1.5 AD ．0.5 A 答案：D解析：解答：根据闭合电路欧姆定律得：1.50.521E I A R r ===++ 故选D分析：本题是闭合电路问题，根据闭合电路欧姆定律列式求电路中的电流I ．5．在如图所示的电路中，已知电源的电动势E =6.0V ，内电阻r =1.5Ω，电阻R =3.5Ω．闭合开关S 后，电路中的电流等于（ ）A ． 0.67 AB ． 0.75 AC ． 1.0 AD ．1.2 A 答案：D解析：解答：根据闭合电路欧姆定律得：6 1.21.5 3.5E I A R r ===++，故ABC 错误，D 正确． 故选：D ．分析：本题是闭合电路，开关闭合后，可根据闭合电路欧姆定律求电流I ．6．如图所示的电路中，电阻R =2.0Ω，电源的电动势E =6.0V ，内电阻r =1.0Ω，不计电流表的内阻．闭合开关S 后，电流表的示数为（ ）A ． 1.0AB ． 1.5 AC ． 2.0 AD ．6.0 A答案：C解析：解答：由闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流： 6 2.021E I A R r ===++ 故选：C分析：已知电源电动势、内阻与外电路电阻，由闭合电路的欧姆定律可以求出电路电流．7．如图所示的电路，闭合开关S ，灯泡L 正常发光．向右移动滑动变阻器的滑片使其接入电路的阻值增大，则灯泡L 将（ ）A ． 变亮B ． 变暗C ． 亮度不变D ． 以上情况均有可能答案：B解析：解答：灯泡与滑动变阻器串联后进在电源两端，若动变阻器的滑片使其接入电路的阻值增大，根据闭合电路欧姆定律，电流一定减小；根据公式P=I2R，灯泡的发热功率一定减小，故灯泡亮度一定降低；故选：B分析：图中灯泡与滑动变阻器串联后进在电源两端，根据闭合电路欧姆定律判断电流变化情况，根据P=I2R判断灯泡的发热功率变化，得到亮度变化情况．8．用万用表测直流电压U和测电阻R时，若红表插入万用表的正（+）插孔，则（）A．前者（测电压U）电流从红表笔流入万用表，后者（测R）从红表笔流出万用表B．前者电流从红表笔流入万用表，后者电流从红表笔流入万用表C．前者电流从红表笔流出万用表，后者电流从红表笔流出万用表D．前者电流从红表笔流出万用表，后者电流从红表笔流入万用表答案：B解析：解答：用多用表测量电阻时，流经多用表的电流由内电路提供，红表笔与内部电源的负极相连；用多用电表测电压时，电流由外部电源提供，总之无论是测电压U还是测电阻R，电流都是从红表笔流入多用电表，从黑表笔流出多用电流表；故B正确．故选：B分析：无论测电压还是测电阻，电流都从红表笔进，黑表笔出．9．关于多用电表及其使用，下列说法中正确的是（）A．拿到多用电表时指针未指在刻度最左端，应先用电阻的调零旋钮调零B．测直流电压时，其红表笔接低电势处C．测电路中某个电阻的阻值时，要将该电阻与其它元件断开D．换测另一个电阻时都必须重新调零答案：C解析：解答：A、任何电表使用前都要机械调零而不是欧姆调零，故A误；B、测电压时，其红表笔接高电势处，因为电流要从红表笔流入，故B错误；C、测电路中某个电阻的阻值时，一定要将该电阻与其它元件断开，避免测量出现较大误差，C正确；D、当测量电阻时，没有换挡位时，不需要进行欧姆调零，故D错误；故选：C分析：每选定一次欧姆档位后电路发生改变要重新进行欧姆调零，测量电阻要把电阻与其它元件独立；电流要从红表笔流入；10．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同答案：B解析：解答：A、B图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．故选B分析：电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．11．在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r．将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中，关于各电表示数的变化，下列判断中正确的是（）A．电压表V的示数变小B．电流表A2的示数变小C．电流表A1的示数变小D．电流表A的示数变大答案：B解析：解答：D、将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，外电路的总阻值变大，所以电路的总的电流变小，所以电流表A的示数变小，所以D错误；A、电源的内电压减小，由U=E﹣Ir可得，路端电压U变大，所以电压表V的示数变大，所以A错误；C、由于路端电压U变大，电阻R1不变，所以电流表A1的示数变大，所以C错误；B、由于总的电流减小，电阻R1的电流变大，所以滑动变阻器的电流减小，所以电流表A2的示数变小，所以B正确．故选B．分析：根据滑动变阻器的滑片P的运动可以分析滑动变阻器的电阻的变化的情况，再根据闭合电路欧姆定律可以分析电路的电流的变化，进而可以分析电压和电阻R1电流的变化．12．如图所示，电流表A1（0～3A）和A2（0～0.6A）是由两个相同的电流表改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）A．A1、A2的读数之比为1：1B．A1、A2的读数之比为5：1C．A1、A2的指针偏转角度之比为5：1D．A1、A2的指针偏转角度之比为1：5答案：解析：解答：图中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为1：1；量程不同的电流表读数不同，电流表A1的量程为3A，A2的量程为0.6A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为5：1，故B正确、C错误．故选B分析：电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．13．如图电路中，当合上开关S后，两个标有“3V、1W”的灯泡均不发光，用电压表测得U ac=U bd=6V，如果各段导线及接线处均无问题，这说明（）A．开关S未接通B．灯泡L1的灯丝断了C．灯泡L2的灯丝断了D．滑动变阻器R电阻丝断了答案：C解析：解答：闭合开关后，两个小灯泡均不发光，说明电路为断路，电压表测得ac与bd两点间的电压均为6V，而ac和bd的公共部分为bc，因此bc处发生断路，即L2的灯丝断了．若L1灯或变阻器断路，U ac=U bd=0，与题不符．故C正确，ABD错误．故选：C．分析：根据电压表在电路中的作用进行分析，即电路发生断路时，电压表检测时有电压的线路出现断路（电源除外）．14．如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（）A．A灯变亮B．B灯变亮C．R1上消耗功率变大D．总电流变小答案：C解析：解答：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，则R1上消耗功率变大．路端电压U=E﹣Ir，I增大，U减小，则A灯变暗．B 灯与变阻器并联的电压U并=E﹣I（R1+r），I增大，则U并减小，所以B灯变暗．故选C分析：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R 1上消耗功率的变化．根据总电流的变化分析并联部分电压的变化，判断B 灯亮度的变化．15．如图所示，平行板电容器在充电后不切断电源，此时板间有一带电油滴恰能在电场中静止，当正对的平行板左右错开一些时（ ）A ． 带电尘粒将向上运动B ． 带电尘粒将向下运动C ． 通过电阻R 的电流方向为A 到BD ． 通过电阻R 的电流方向为B 到A答案：C解析：解答：由于电容器与电源相连，故电容器两端电压不变，因板间距不变，故两端间场强不变，故带电粒子仍能保持静止，故A 、B 错误； 因正对面积减小，由4s C k d επ=可知C 减小；因电压不变，由Q C U=可知，Q 减小，故电容器放电，因电容器上极板接电源正极，故上极板带正电，故电流由A 流向B ，故D 错误，C 正确； 故选C ．分析：粒子静止在电容器内，则由共点力的平衡可知电场强度与重力的关系；再根据变化后的场强判断能否保持平衡；由电容器的决定式可知电容的变化，由电容的定义式可知极板上电荷量的变化，由充放电知识可知电流的方向．二．填空题16．如图所示，已知电源电动势E =3V ，内电阻r =1Ω，电阻R =5Ω，电路中的电表均为理想电表．则当开关S 闭合时，电流表的读数为 A ，电压表的读数为 V ．答案：0.5|2.5 解析：解答：根据闭合电路欧姆定律，有：30.515EI AR r===++；路端电压为：U=IR=0.5A×5Ω=2.5V；故答案为：0.5，2.5．分析：根据闭合电路欧姆定律求解电流，根据U=IR求解路段电压．17．如图所示的电路，当开关与a相连时，通过灵敏电流表的电流方向（选填“向左”或“向右”）．然后将开关与b相连，此时通过灵敏电流表的电流方向（选填“向左”或“向右”）．答案：向右|向左解析：解答：当开关与a相连时，电源给电容器充电，电流表中电流向右；当开关与b相连时，电容器放电，电流表中电流向左；故答案为：向右；向左．分析：当开关与a相连时，电源给电容器充电，当开关与b相连时，电容器放电．18．如图所示，电源的内阻r=2.0Ω，电阻R=8.0Ω，开关闭合后，电流表示数I=0.30A．则电源的电动势E=V；在t=50s时间内，电阻R产生的焦耳热Q=J．答案：3|36解析：解答：开关闭合后，根据闭合电路欧姆定律得：E=（R+r）I=（8+2）×0.3=3V，在t=50s时间内，电阻R产生的焦耳热Q=I2Rt=0.32×8×50=36J故答案为：3；36．分析：根据闭合电路欧姆定律即可求解电源的电动势E，电阻R产生的焦耳热根据Q=I2Rt求解．19．取两片不同的金属，相隔一定距离插入水果（如芒果等）内，就构成了简易水果电池．用理想电压表测得电池两极间的电压为1.26V ．用阻值为10Ω的电阻与理想电流表串联，接在电池两极间，测得电流表中的电流为30mA ，则该电池的电动势为 V ，内阻为 Ω答案：1.26|32解析：解答：用理想电压表测电池两极间的电压，即为电源的电动势E=1.26V ，由闭合电路的欧姆定律，有：31.2631010E I A R r r-===⨯++， 解得电源的内电阻r =32Ω．故答案为：1.26，32．分析：根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E ﹣Ir ，当电流I=0时，路端电压等于电动势；理想电压表电阻无穷大，测得电池两极间的电压即为电源的电动势，由闭合电路的欧姆定律可求电源的内电阻．20．如图所示，R 1=5Ω，R 2阻值未知，灯EL 标有“3V 3W”字样，R 3是最大电阻是6Ω的滑动变阻器．P 为滑片，电流表内阻不计，灯EL 电阻不变．当P 滑到A 时，灯EL 正常发光；当P 滑到B 时，电源的输出功率为20W ．则电源电动势为 V ；当P 滑到变阻器中点G 时，电源内电路损耗功率为 W ．答案：12V|2.56W解析： 解答：①电灯电阻22333L L L U R P ===Ω P 在A 端时，R L 与R 3的并联值为36236R ⨯'==Ω+ 外电路总电阻R 总=R 1+R′=7Ω，干路电流333 1.536L R I I I A =+=+=总 则由全电路欧姆定律得：E=I 总R 总+I 总r ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①P 在B 端时，外电路总电阻R 总′=R 1=5Ω，由21P I R =总得干路电流I 总′=2A ，由全电路欧姆定律 可得 E=I 总′R 1+Ir ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②式可得：E =12V ，r =1Ω；②P 在中点时，R 外=6.5Ω， 1.6E I A R r''==+总，所以电源内阻损耗的功率P 内=I 总″2r=2.56W 故答案为：12V ，2.56W 分析：由两个电路结构列全电路欧姆定律方程，解方程组即可得到电源的电动势．根据电路结构，求得总电流，即可求得功率．21．在如图所示的电路中，已知定值电阻为R ，电源内阻为r ，电表均为理想电表．将滑动变阻器滑片向下滑动，电流表A 示数变化量的绝对值为△I ，则电压表V 1示数变化量的绝对值△U 1= ，电压表V 2示数变化量的绝对值△U 2= ．答案：△IR|△Ir解析：解答：据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R 与变阻器串联，电压表V 1、V 2、分别测量R 、路端电压的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A 的示数增大△I ，则△U 1=△IR根据闭合电路欧姆定律得：U 2=E ﹣Ir ，则得：2U r I∆=∆ 则有：△U 2=△Ir ． 故答案为：△IR ；△Ir分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路．分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析．根据电源的输出功率分析功率的变化．三．解答题22．如图所示，是一种测量电源电动势和内阻的电路．已知：R 1=0.5Ω，R 2=1.5Ω，当电键扳到1位置时，电压表读数为1V ；当电键扳到2位置时，电压表读数为1.5V ，求：电源电动势E 和内阻r ．答案：由闭合电路欧姆定律得：11111U E U I r U r R =+=+ 22222U E U I r U r R =+=+代入得：110.511.5 1.5E r E r =+=+ 由闭合电路欧姆定律得：E =2V ，r =0.5Ω解析：解答：由闭合电路欧姆定律得：11111U E U I r U r R =+=+ 22222U E U I r U r R =+=+代入得：110.511.5 1.5E r E r =+=+ 由闭合电路欧姆定律得：E =2V ，r =0.5Ω答：电源电动势E 为2V ，内阻r 为0.5Ω．分析：对电键扳到1、2两个位置时，运用闭合电路欧姆定律分别列出方程，联立即可求得电源电动势E 和内阻r ．23．在如图所示的电路中，电源内电阻r =2Ω，当开关S 闭合后电路正常工作，电压表的读数U=8V ，电流表的读数I =2A ．求：（1）电阻R；答案：由欧姆定律U=IR得：842URI===Ω（2）电源电动势E．答案：根据闭合电路欧姆定律有：E=U+Ir=8V+2×2V=12V 解析：解答：①由欧姆定律U=IR得：842URI===Ω；②根据闭合电路欧姆定律有：E=U+Ir=8V+2×2V=12V分析：（1）电阻R由欧姆定律U=IR求解．（2）电源电动势E根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir求解．24．电动势为5V的电源与一个阻值是10Ω的电阻构成闭合电路，测得电源两端电压为4V．求：（1）电路中的电流强度；由欧姆定律得：答案：电路中的电流强度40.410UI AR===（2）电源的内阻．答案：由闭合电路欧姆定律得：电源的内阻:542.50.4E UrI--===Ω．解析：解答：（1）由欧姆定律得：电路中的电流强度40.410UI AR===（2）由闭合电路欧姆定律得：电源的内阻:542.50.4E UrI--===Ω分析：①对外电阻，已知电压和电阻，由欧姆定律求解电流．②由闭合电路欧姆定律得到电源的内阻．25．在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4W，当电键K接b时，电压表示数为4.5V．试求：（1）当电键K 接a 时，通过电源的电流和电源两端的电压；答案：K 接a 时，R 1被短路，外电阻为R 2，根据电功率公式可得通过电源电流111P I A R == 电源两端电压124U PR V ==（2）电源的电动势和内电阻．答案：K 接a 时，有E=U 1+I 1r=4+r ①K 接b 时，R 1和R 2串联，R 外=R 1+R 2=6Ω通过电源电流22120.75U I A R R ==+ 这时有：E=U 2+I 2r=4.5+0.75 r ②解①②式得：E =6 V r =2Ω（3）当电键K 接c 时，求电源输出功率．答案：当K 接c 时，R 总=R 1+r+R 23=6Ω 总电流616E I A R ===总 电源输出功率2123()4W P I R R =+=出解析：解答：①K 接a 时，R 1被短路，外电阻为R 2，根据电功率公式可得通过电源电流111P I A R == 电源两端电压124U PR V ==②K 接a 时，有E=U 1+I 1r=4+r ①K 接b 时，R 1和R 2串联，R 外=R 1+R 2=6Ω通过电源电流22120.75U I A R R ==+ 这时有：E=U 2+I 2r=4.5+0.75 r ②解①②式得：E =6 V r =2Ω③当K 接c 时，R 总=R 1+r+R 23=6Ω 总电流616E I A R ===总 电源输出功率2123()4W P I R R =+=出分析：（1）当电键K 接a 时，R1被短路，根据功率公式求出通过电源的电流和电压．（2）K 接b 时，R1和R2串联，分别由闭合电路欧姆定律对两种情况列方程求解电源的电动势和内电阻．（3）当K 接c 时，R2与R3并联后与R1串联．由闭合电路欧姆定律求出干路电流，再求解电源输出功率．。