2015年江西省新余一中高考数学模拟试卷(理科)
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知M={x|x2﹣x=0},N={y|y2+y=0},则M∩N=()
A. {﹣1,1,0} B. {﹣1,1} C. {0} D.?
2.设随机变量ξ服从正态分布N(3,7),若P(ξ>a+2)=P(ξ<a﹣2),则a=() A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
3.已知向量与的夹角为120°,||=3,|+|=,则||=()
A. 1 B. 3 C. 4 D. 5
4.下列命题中,真命题是()
A.?x0∈R,使得
B. sin2x+≥3(x≠kπ,k∈Z)
C.函数f(x)=2x﹣x2有两个零点
D. a>1,b>1是ab>1的充分不必要条件
5.将6名留学归国人员分配到济南、青岛两地工作.若济南至少安排2 人,青岛至少安排3人,则不同的安排方法数为()
A. 120 B. 150 C. 35 D. 55
6.执行如图所示的程序框图,如果输入的N值是6,那么输出p的值是()
A. 15 B. 105 C. 120 D. 720
7.已知数列{a n}的前n项和为S n,首项a1=﹣,且满足S n++2=a n(n≥2).则S2014等于()
A.﹣ B.﹣ C.﹣ D.﹣
8.已知某个几何体的正视图、侧视图、俯视图均为如图所示的形状,根据图中标出的尺寸,可得这个几何体的体积是()
A. 8a3 B.a3 C. 2a3 D. 5a3
9.设k=(sinx﹣cosx)dx,若(1﹣kx)8=a0+a1x+a2x2+…+a8x8,则a1+a2+a3+…+a8=() A.﹣1 B. 0 C. l D. 256
10.已知函数f(x)=cos(x),a为抛掷一颗骰子所得的点数,则函数f(x)在[0,4]上零点的个数小于5或大于6的概率为()
A. B. C. D.
11.已知函数g(x)=a﹣x2(≤x≤e,e为自然对数的底数)与h(x)=2lnx的图象上存在关于x轴对称的点,则实数a的取值范围是()
A. [1,+2] B. [1,e2﹣2] C. [+2,e2﹣2] D. [e2﹣2,+∞)
12.设直线x﹣3y+m=0(m≠0)与双曲线﹣=1(a>0,b>0)的两条渐近线分别交于点A,B,若点P(m,0)满足|PA|=|PB|,则该双曲线的离心率是()
A. B. C. D.+1
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.已知正三棱柱ABC﹣A1B1C1的所有棱长都等于6,且各顶点都在同一球面上,则此球的表面积等于.
14.向曲线x2+y2﹣4x﹣2y+3=0内随机掷一点,则该点落在x轴下方的概率
为.
15.设等差数列{a n}的前n项和为S n,则S4,S8﹣S4,S12﹣S8,S16﹣S12成等差数列.类比以上结论有:设等比数列{b n}的前n项积为T n,则T4,,,成等比数列.
16.已知抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,F关于原点的对称点为P.过F作x轴的垂线交抛物线于M、N两点.
有下列四个命题:①△PMN必为直角三角形;②△PMN不一定为直角三角形;③直线PM必与抛物线相切;
④直线PM不一定与抛物线相切.其中正确的命题是,(填序号)
三、解答题:本大题共70分,其中(17)-(21)题为必考题,(22)、(23)、(24)题为选考题,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.(一)必考题
17.在△ABC中,a,b,c分别是∠A,∠B,∠C的对边长,已知sinA=.(1)若a2﹣c2=b2﹣mbc,求实数m的值;
(2)若a=,求△ABC面积的最大值.
18.一个盒子中装有5张卡片,每张卡片上写有一个数字,数字分别是1、2、3、4、5,现从盒子中随机抽取卡片.
(Ⅰ)从盒子中依次抽取两次卡片,每次抽取一张,取出的卡片不放回,求两次取到的卡片的数字都为奇数或偶数的概率;
(Ⅱ)若从盒子中有放回的抽取3次卡片,每次抽取一张,求恰有两次取到卡片的数字为奇数的概率;
(Ⅲ)从盒子中依次抽取卡片,每次抽取一张,取出的卡片不放回,当取到记有奇数的卡片即停止抽取,否则继续抽取卡片,求抽取次数X的分布列和期望.
19.如图,四棱锥P﹣ABCD中,AD∥BC,AD⊥DC,AD=2BC=2CD=2,侧面APD为等腰直角
三角形,PA⊥PD,平面PAD⊥底面ABCD,E为侧棱PC上不同于端点的一点.
(1)证明:PA⊥DE;
(2)试确定点E的位置,使二面角E﹣BD﹣C的余弦值为.
20.设点P是曲线C:x2=2py(p>0)上的动点,点P到点(0,1)的距离和它到焦点F的距离之和的最小值为.
(1)求曲线C的方程;
(2)若点P的横坐标为1,过P作斜率为k(k≠0)的直线交C于点Q,交x轴于点M,过点Q且与PQ垂直的直线与C交于另一点N,问是否存在实数k,使得直线MN与曲线C相切?若存在,求出k的值;若不存在,请说明理由.
21.已知函数f(x)=alnx﹣ax﹣3(a≠0).
(Ⅰ)讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)若f(x)+(a+1)x+4﹣e≤0对任意x∈[e,e2]恒成立,求实数a的取值范围(e为自然常数);
(Ⅲ)求证ln(22+1)+ln(32+1)+ln(42+1)+…+ln(n2+1)<1+2lnn!(n≥2,n∈N*)(n!=1×2×3×…×n).
(二)选做题(请考生在第22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,作答时请用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑).【选修4-1:几何证明选讲】
22.(A)如图,△ABC内接圆O,AD平分∠BAC交圆于点D,过点B作圆O的切线交直线AD 于点E.
(Ⅰ)求证:∠EBD=∠CBD
(Ⅱ)求证:AB?BE=AE?DC.
【选修4-4:坐标系与参数方程】
23.已知曲线C:,直线l:(t为参数)
(1)写出曲线C的参数方程,直线l的普通方程;
(2)过曲线C上任意一点P作与l夹角为30°的直线,交l于点A,求|PA|的最大值与最小值.
【选修4-5:不等式选讲】
24.设函数f(x)=|2x+1|﹣|x﹣4|.
(1)解不等式f(x)>0;
(2)若f(x)+3|x﹣4|≥m对一切实数x均成立,求m的取值范围.
2015年江西省新余一中高考数学模拟试卷(理科)
参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知M={x|x2﹣x=0},N={y|y2+y=0},则M∩N=()
A. {﹣1,1,0} B. {﹣1,1} C. {0} D.?
考点:交集及其运算.
专题:集合.
分析:分别求出M与N中方程的解确定出M与N,找出两集合的交集即可.
解答:解:由M中方程变形得:x(x﹣1)=0,
解得:x=0或x=1,即M={0,1},
由N中不等式变形得:y(y+1)=0,
解得:y=0或y=﹣1,即N={﹣1,0},
则M∩N={0},
故选:C.
点评:此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.
2.设随机变量ξ服从正态分布N(3,7),若P(ξ>a+2)=P(ξ<a﹣2),则a=() A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
考点:正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义.
专题:计算题.
分析:由题意知随机变量符合正态分布,又知正态曲线关于x=3对称,得到两个概率相等的区间关于x=3对称,得到关于a的方程,解方程即可.
解答:解:∵随机变量ξ服从正态分布N(3,7),
∵P(ξ>a+2)=P(ξ<a﹣2),
∴a+2与a﹣2关于x=3对称,
∴a+2+a﹣2=6,
∴2a=6,
∴a=3,
故选C.
点评:本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义,本题解题的关键是理解正态曲线的特点正态曲线关于直线x=μ对称,这是一部分正态分布问题解题的依据.
3.已知向量与的夹角为120°,||=3,|+|=,则||=()
A. 1 B. 3 C. 4 D. 5
考点:平面向量数量积的运算.
专题:平面向量及应用.
分析:由已知条件对|+|=两边平方,进行数量积的运算即可得到
,解该方程即可得出.
解答:解:根据条件,=;
∴解得,或﹣1(舍去).
故选:C.
点评:考查数量积的运算及其计算公式,解一元二次方程,知道.
4.下列命题中,真命题是()
A.?x0∈R,使得
B. sin2x+≥3(x≠kπ,k∈Z)
C.函数f(x)=2x﹣x2有两个零点
D. a>1,b>1是ab>1的充分不必要条件
考点:命题的真假判断与应用.
专题:简易逻辑.
分析: A.?x∈R,e x>0,即可判断出正误;
B.取x=,则sin2x+=1﹣2=﹣1<3,即可判断出正误;
C.f(x)=2x﹣x2有3个零点,其中两个是2,4,另外在区间(﹣1,0)内还有一个,即可判断出正误;
D.a>1,b>1?ab>1,反之不成立,例如:取a=4,b=,满足ab>1,但是b<1,即可
判断出正误.
解答:解:A.?x∈R,e x>0,因此是假命题;
B.取x=,则sin2x+=1﹣2=﹣1<3,因此是假命题;
C.f(x)=2x﹣x2有3个零点,其中两个是2,4,另外在区间(﹣1,0)内还有一个,因此共有3个,是假命题;
D.a>1,b>1?ab>1,反之不成立,例如:取a=4,b=,满足ab>1,但是b<1,因此
a>1,b>1是ab>1的充分不必要条件,是真命题.
故选:D.
点评:本题考查了简易逻辑的判定方法、函数零点的判定方法、不等式的性质、指数函数的性质、三角函数的性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
5.将6名留学归国人员分配到济南、青岛两地工作.若济南至少安排2 人,青岛至少安排3人,则不同的安排方法数为()
A. 120 B. 150 C. 35 D. 55
考点:计数原理的应用.
专题:排列组合.
分析: 6名留学归国人员分配到济南、青岛两地工作.若济南至少安排2 人,青岛至少安排3人,分两类,青岛安排3人,济南安排3人或青岛安排4人,济南安排2人,根据分类计数原理可得答案.
解答:解:6名留学归国人员分配到济南、青岛两地工作.若济南至少安排2 人,青岛至少安排3人,分两类,
第一类,青岛安排3人,济南安排3人,有C63=20种,
第二类,青岛安排4人,济南安排2人,有C64=15种,
根据分类计数原理可得20+5=35种.
故选:C.
点评:本题考查了分类计数原理,关键是分类,属于基础题.
6.执行如图所示的程序框图,如果输入的N值是6,那么输出p的值是()
A. 15 B. 105 C. 120 D. 720
考点:程序框图.
专题:算法和程序框图.
分析:根据程序框图和算法,写出k≤N成立时每次p,k的值,当k=7时,p=105,k≤N 不成立,输出p的值为105.
解答:解:执行程序框图,则有
N=6,k=1,p=1
p=1,k≤N成立,有
k=3,p=3,k≤N成立,有
k=5,p=15,k≤N成立,有
k=7,p=105,k≤N不成立,输出p的值为105.
故选:B.
点评:本题主要考察程序框图和算法,属于基础题.
7.已知数列{a n}的前n项和为S n,首项a1=﹣,且满足S n++2=a n(n≥2).则S2014等于()
A.﹣ B.﹣ C.﹣ D.﹣
考点:数列递推式.
专题:等差数列与等比数列.
分析:当n≥2时,a n=S n﹣S n﹣1,代入可得,化为S n(S n﹣1+2)=﹣1.分别得出S1,S2,S3,…,即可得出S n.
解答:解:∵数列{a n}满足S n++2=a n(n≥2),
a n=S n﹣S n﹣1,
∴,
化为S n(S n﹣1+2)=﹣1.
∵,∴,解得.
同理可得.
…,
可得.
∴S2014=.
故选:D.
点评:本题考查了数列的递推式、猜想论证推理能力、计算能力,属于难题.
8.已知某个几何体的正视图、侧视图、俯视图均为如图所示的形状,根据图中标出的尺寸,可得这个几何体的体积是()
A. 8a3 B.a3 C. 2a3 D. 5a3
考点:由三视图求面积、体积.
专题:空间位置关系与距离.
分析:由已知中的三视图,可知该几何体是一个棱长为2a的正方体,切去了八个角所得组合体,求出每个角的体积,相减可得答案.
解答:解:由已知中的三视图,可知该几何体是一个棱长为2a的正方体,切去了八个角所得组合体,
每个角都是三条侧棱两两垂直且长度为a的棱锥,
故组合体的体积V==,
故选:B.
点评:本题考查的知识点是由三视图求体积和表面积,解决本题的关键是得到该几何体的形状.
9.设k=(sinx﹣cosx)dx,若(1﹣kx)8=a0+a1x+a2x2+…+a8x8,则a1+a2+a3+…+a8=() A.﹣1 B. 0 C. l D. 256
考点:二项式系数的性质.
专题:计算题;二项式定理.
分析:利用微积分基本定理求出k的值,通过对二项式中的x赋值求出常数项,
a0+a1+a2+a3+…+a8,即可得出结论.
解答:解:==2,
令x=0得,a0=1,
令x=1得,a0+a1+a2+a3+…+a8=1,
∴a1+a2+a3+…+a8=0.
故选:B.
点评:求二项展开式的系数和问题常用的方法是通过观察给二项式中x的赋值即赋值求系数和.
10.已知函数f(x)=cos(x),a为抛掷一颗骰子所得的点数,则函数f(x)在[0,4]上零点的个数小于5或大于6的概率为()
A. B. C. D.
考点:列举法计算基本事件数及事件发生的概率;余弦函数的图象.
专题:概率与统计.
分析:求出函数f(x)=cos(x)的周期,根据函数f(x)在[0,4]上零点的个数小于5或大于6,求出a的值,即可求出概率.
解答:解:函数f(x)=cos(x)的周期为T=,∵函数f(x)在[0,4]上零点
的个数小于5或大于6,
∴a=1、2、3、5、6.
共计5个,
故函数f(x)在[0,4]上零点的个数小于5或大于6的概率为.
故选B.
点评:本题考查概率是计算,确定a的值是关键,属于基础题
11.已知函数g(x)=a﹣x2(≤x≤e,e为自然对数的底数)与h(x)=2lnx的图象上存在关于x轴对称的点,则实数a的取值范围是()
A. [1,+2] B. [1,e2﹣2] C. [+2,e2﹣2] D. [e2﹣2,+∞)
考点:对数函数的图像与性质.
专题:函数的性质及应用.
分析:由已知,得到方程a﹣x2=﹣2lnx?﹣a=2lnx﹣x2在上有解,构造函数f(x)=2lnx﹣x2,求出它的值域,得到﹣a的范围即可.
解答:解:由已知,得到方程a﹣x2=﹣2lnx?﹣a=2lnx﹣x2在上有解.
设f(x)=2lnx﹣x2,求导得:f′(x)=﹣2x=,
∵≤x≤e,∴f′(x)=0在x=1有唯一的极值点,
∵f()=﹣2﹣,f(e)=2﹣e2,f(x)极大值=f(1)=﹣1,且知f(e)<f(),
故方程﹣a=2lnx﹣x2在上有解等价于2﹣e2≤﹣a≤﹣1.
从而a的取值范围为[1,e2﹣2].
故选B.
点评:本题考查了构造函数法求方程的解及参数范围;关键是将已知转化为方程a﹣x2=﹣2lnx?﹣a=2lnx﹣x2在上有解.
12.(5分)(2015?天水校级模拟)设直线x﹣3y+m=0(m≠0)与双曲线﹣=1(a>0,
b>0)的两条渐近线分别交于点A,B,若点P(m,0)满足|PA|=|PB|,则该双曲线的离心率是()
A. B. C. D.+1
考点:双曲线的简单性质.
专题:计算题;圆锥曲线的定义、性质与方程.
分析:先求出A,B的坐标,可得AB中点坐标为(,),利用点P(m,0)满足|PA|=|PB|,可得=﹣3,从而可求双曲线的离心率.
解答:解:由双曲线的方程可知,渐近线为y=±x,
分别与x﹣3y+m=0(m≠0)联立,解得A(﹣,﹣),B(﹣,),
∴AB中点坐标为(,),
∵点P(m,0)满足|PA|=|PB|,
∴=﹣3,
∴a=2b,
∴c=b,
∴e==.
故选:A.
点评:本题考查双曲线的离心率,考查直线与双曲线的位置关系,考查学生的计算能力,属于中档题.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.已知正三棱柱ABC﹣A1B1C1的所有棱长都等于6,且各顶点都在同一球面上,则此球的表面积等于84π.
考点:球的体积和表面积.
专题:计算题.
分析:正三棱柱的底面中心的连线的中点就是外接球的球心,求出球的半径即可求出球的表面积.
解答:解:由题意可知:正三棱柱的底面中心的连线的中点就是外接球的球心,底面中心到顶点的距离为:2;所以外接球的半径为:=.
所以外接球的表面积为:=84π.
故答案为:84π
点评:本题是基础题,考查正三棱柱的外接球的表面积的求法,找出球的球心是解题的关键,考查空间想象能力,计算能力.
14.向曲线x2+y2﹣4x﹣2y+3=0内随机掷一点,则该点落在x轴下方的概率为
.
考点:几何概型.
专题:直线与圆;概率与统计.
分析:化简方程得出(x﹣2)2+(y﹣)2=4,判断得出圆,利用圆的几何知识求解需要的面积,利用几何概率求解即可.
解答:解:∵x2+y2﹣4x﹣2y+3=0,
∴(x﹣2)2+(y﹣)2=4,
圆心(2,),半径为2,面积为π×22=4π,
根据几何图形得出:AB=2,PA=PB=2,∠APB=,
弧长l=2×=,
扇形ABP的面积为:l×r=×2=,
△PAB 的面积为:22×=,
∴阴影部分的面积为:,
根据几何概率的计算公式得出:该点落在x轴下方的概率为
故答案为:
点评:本题主要考查几何概型的概率计算以及曲边图形的面积的求法,根据条件求出对应的图形的面积是解决本题的关键
15.(5分)(2009?浙江)设等差数列{a n}的前n项和为S n,则S4,S8﹣S4,S12﹣S8,S16﹣
S12成等差数列.类比以上结论有:设等比数列{b n}的前n项积为T n,则T4,,,
成等比数列.
考点:类比推理;等比数列的性质.
专题:等差数列与等比数列.
分析:由于等差数列与等比数列具有类比性,且等差数列与和差有关,等比数列与积商有关,因此当等差数列依次每4项之和仍成等差数列时,类比到等比数列为依次每4项的积的商成等比数列.下面证明该结论的正确性.
解答:解:设等比数列{b n}的公比为q,首项为b1,
则T4=b14q6,T8=b18q1+2++7=b18q28,
T12=b112q1+2++11=b112q66,
∴=b14q22,=b14q38,
即()2=?T4,故T4,,成等比数列.
故答案为:
点评:本题主要考查类比推理,类比推理一般步骤:①找出两类事物之间的相似性或者一致性.②用一类事物的性质去推测另一类事物的性质,得出一个明确的命题(或猜想).
16.已知抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,F关于原点的对称点为P.过F作x轴的垂线交抛物线于M、N两点.
有下列四个命题:①△PMN必为直角三角形;②△PMN不一定为直角三角形;③直线PM必与抛物线相切;
④直线PM不一定与抛物线相切.其中正确的命题是①③,(填序号)
考点:抛物线的简单性质.
专题:圆锥曲线的定义、性质与方程;简易逻辑.
分析:本题考查抛物线的定义和标准方程的有关知识,先由抛物线方程求出M,N的坐标,然后判断△PMN是否为为直角三角形,求出直线PM的方程,然后判断是否相切.
解答:解:抛物线方程为y2=2px(p>0),焦点为F(,0),则P点坐标为(﹣,0),可求出点M(,p),N(,﹣p),
∴|PF|=,|MN|=p,∴∠MPN=90°,故①正确,②不正确;
联立直线PM方程与抛物线方程:,得x2﹣px+=0,其判别式△=0.
∴直线PM必与抛物线相切,故③正确,④不正确.
综上①③正确.
故答案为:①③.
点评:本题考查抛物线标准方程,考查抛物线的简单性质,解题关键是根据标准方程求出M,N坐标,是中档题.
三、解答题:本大题共70分,其中(17)-(21)题为必考题,(22)、(23)、(24)题为选考题,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.(一)必考题
17.在△ABC中,a,b,c分别是∠A,∠B,∠C的对边长,已知sinA=.
(1)若a2﹣c2=b2﹣mbc,求实数m的值;
(2)若a=,求△ABC面积的最大值.
考点:余弦定理的应用.
专题:计算题.
分析:(1)把题设等式平方后利用同角三角函数基本关系整理成关于cosA,求得cosA的值.然后利用余弦定理求得m的值.
(2)由(1)中cosA,求得sinA,根据余弦定理求得a,b和c的不等式关系,进而利用三角形面积公式求得三角形面积的范围.
解答:解:(1)由sinA=两边平方得:
2sin2A=3cosA即(2cosA﹣1)(cosA+2)=0,
解得:cosA=,
而a2﹣c2=b2﹣mbc可以变形为=,
即cosA==,所以m=1.
(2)由(1)知cosA=,则sinA=.
又=,
所以bc=b2+c2﹣a2≥2bc﹣a2,即bc≤a2.
故S△ABC=sinA≤?=.
点评:本题主要考查了余弦定理的应用.解题的关键是通过余弦定理找到三角形边角问题的联系,找到解决的途径.
18.一个盒子中装有5张卡片,每张卡片上写有一个数字,数字分别是1、2、3、4、5,现从盒子中随机抽取卡片.
(Ⅰ)从盒子中依次抽取两次卡片,每次抽取一张,取出的卡片不放回,求两次取到的卡片的数字都为奇数或偶数的概率;
(Ⅱ)若从盒子中有放回的抽取3次卡片,每次抽取一张,求恰有两次取到卡片的数字为奇数的概率;
(Ⅲ)从盒子中依次抽取卡片,每次抽取一张,取出的卡片不放回,当取到记有奇数的卡片即停止抽取,否则继续抽取卡片,求抽取次数X的分布列和期望.
考点:离散型随机变量的期望与方差;等可能事件的概率;n次独立重复试验中恰好发生k 次的概率;离散型随机变量及其分布列.
分析:(Ⅰ)抽取两次卡片,每次抽取一张,取出的卡片不放回的事件有C52种,因为1,3,5是奇数,2、4是偶数,两次取到的卡片的数字都为奇数或偶数包含的事件有C32+C22种;(Ⅱ)设B表示事件“有放回地抽取3次卡片,每次抽取一张,恰有两次取到的卡片上数字
为奇数”,由已知,每次取到的卡片上数字为奇数的概率为,根据n次独立重复试验中恰
好发生k次的概率公式解之即可;
(Ⅱ)依题意,X的可能取值为1,2,3,然后分别求出相应的概率,列出分布列,最后利用数学期望公式解之即可.
解答:解:(Ⅰ)因为1,3,5是奇数,2、4是偶数,
设事件A为“两次取到的卡片的数字都为奇数或偶数”(2分)
(4分)
(Ⅱ)设B表示事件“有放回地抽取3次卡片,每次抽取一张,恰有两次取到的卡片上数字为奇数”,(5分)
由已知,每次取到的卡片上数字为奇数的概率为,(6分)
则(8分)
(Ⅱ)依题意,X的可能取值为1,2,3.
,
,
,(11分)
所以X的分布列为
X 1 2 3
P
.(13分)
点评:本题主要考查了等可能事件的概率,以及n次独立重复试验中恰好发生k次的概率,同时考查了离散型随机变量及其分布列与数学期望,属于中档题.
19.如图,四棱锥P﹣ABCD中,AD∥BC,AD⊥DC,AD=2BC=2CD=2,侧面APD为等腰直角
三角形,PA⊥PD,平面PAD⊥底面ABCD,E为侧棱PC上不同于端点的一点.
(1)证明:PA⊥DE;
(2)试确定点E的位置,使二面角E﹣BD﹣C的余弦值为.
考点:二面角的平面角及求法;棱锥的结构特征;空间中直线与直线之间的位置关系.
专题:空间位置关系与距离;空间角.
分析:(1)通过AD⊥DC,平面PAD⊥底面ABCD,及面面垂直的性质定理可得DC⊥PA,利用PA⊥PD及线面垂直的判定定理、性质定理即得结论;
(2)以P为坐标原点,分别以PA、PD所在直线为x、y轴建系P﹣xyz.利用与共线,
可设E(0,q,q),利用平面BCD的法向量与平面BDE的法向量的夹角的余弦值为,计算可得q=,进而可得结论.
解答:(1)证明:∵AD⊥DC,平面PAD⊥底面ABCD,
∴DC⊥平面PAD,∴DC⊥PA,
又∵PA⊥PD,∴PA⊥平面PCD,
∴PA⊥DE;
(2)解:以P为坐标原点,分别以PA、PD所在直线为x、y轴建系P﹣xyz如图.∵AD=2BC=2CD=2,侧面APD为等腰直角,∴PD=PA=,
∴P(0,0,0),B(,,1),C(0,,1),D(0,,0),
设E(0,p,q),显然与共线,∴(0,p,q)=λ(0,,1),
即p=q,则E(0,q,q),
则=(,﹣,1),=(0,q﹣,q),=(0,0,1),
设平面BCD的法向量为=(x,y,z),
由,得,
取x=1,得=(1,1,0),
设平面BDE的法向量为=(x,y,z),
由,得,
取x=2,得=(2,,),
∵cos<,>===,
化简得:=,解得q=或q=0(舍去),
∴E(0,,),即点E位于靠近C点的三等分点处.
点评:本题考查线线垂直的判定,考查二面角的三角函数值,注意解题方法的积累,属于中档题.
20.设点P是曲线C:x2=2py(p>0)上的动点,点P到点(0,1)的距离和它到焦点F的距离之和的最小值为.
(1)求曲线C的方程;
(2)若点P的横坐标为1,过P作斜率为k(k≠0)的直线交C于点Q,交x轴于点M,过点Q且与PQ垂直的直线与C交于另一点N,问是否存在实数k,使得直线MN与曲线C相切?若存在,求出k的值;若不存在,请说明理由.
考点:直线与圆锥曲线的关系;抛物线的标准方程.
专题:综合题;圆锥曲线的定义、性质与方程.
分析:(1)根据点P到点(0,1)的距离和它到焦点F的距离之和的最小值为,可求p
的值,从而可得曲线C的方程;
(2)直线PQ的方程与抛物线方程联立,确定Q的坐标,进一步可得N的坐标,从而可得直线MN的斜率,利用导数求斜率,根据切线相等,即可求得k的值.
解答:解:(1)依题意,点P到点(0,1)的距离和它到焦点F的距离之和的最小值为.∴1+=,解得p=.
所以曲线C的方程为x2=y.…(4分)
(2)由题意直线PQ的方程为:y=k(x﹣1)+1,则点M(1﹣,0)
联立方程组,消去y得x2﹣kx+k﹣1=0
解得Q(k﹣1,(k﹣1)2).…(6分)
所以得直线QN的方程为y﹣(k﹣1)2)=.
代入曲线x2=y,得.
解得N(,).…(8分)
所以直线MN的斜率k MN==﹣.…(10分)
∵过点N的切线的斜率.
∴由题意有﹣=.
∴解得.
故存在实数使命题成立.…(12分)
点评:本题考查轨迹方程,考查直线与曲线的位置关系,考查直线斜率的求解,正确求斜率是关键.
21.已知函数f(x)=alnx﹣ax﹣3(a≠0).
(Ⅰ)讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)若f(x)+(a+1)x+4﹣e≤0对任意x∈[e,e2]恒成立,求实数a的取值范围(e为自然常数);
(Ⅲ)求证ln(22+1)+ln(32+1)+ln(42+1)+…+ln(n2+1)<1+2lnn!(n≥2,n∈N*)(n!=1×2×3×…×n).
考点:利用导数研究函数的单调性;函数恒成立问题;不等式的证明.
专题:计算题;证明题;压轴题;函数的性质及应用;导数的综合应用;等差数列与等比数列;不等式的解法及应用.
分析:(Ⅰ)求导f′(x)=(x>0),从而判断函数的单调性;
(Ⅱ)令F(x)=alnx﹣ax﹣3+(a+1)x+4﹣e=alnx+x+1﹣e,从而求导F′(x)=,再
由导数的正负讨论确定函数的单调性,从而求函数的最大值,从而化恒成立问题为最值问题即可;
(Ⅲ)令a=﹣1,此时f(x)=﹣lnx+x﹣3,从而可得f(1)=﹣2,且f(x)=﹣lnx+x﹣3在(1,+∞)上单调递增,从而可得﹣lnx+x﹣1>0,即lnx<x﹣1对一切x∈(1,+∞)成立,从而可得若n≥2,n∈N*,则有ln(+1)<<=﹣,从而化
ln(22+1)+ln(32+1)+ln(42+1)+…+ln(n2+1)<1+2lnn!(n≥2,n∈N*)为ln(+1)+ln(+1)+…+ln(+1)<1(n≥2,n∈N*);从而证明.
解答:解:(Ⅰ)f′(x)=(x>0),
当a>0时,f(x)的单调增区间为(0,1],单调减区间为[1,+∞);
当a<0时,f(x)的单调增区间为[1,+∞),单调减区间为(0,1];
(Ⅱ)令F(x)=alnx﹣ax﹣3+(a+1)x+4﹣e=alnx+x+1﹣e,则F′(x)=,
若﹣a≤e,即a≥﹣e,
F(x)在[e,e2]上是增函数,
F(x)max=F(e2)=2a+e2﹣e+1≤0,
a≤,无解.
若e<﹣a≤e2,即﹣e2≤a<﹣e,
F(x)在[e,﹣a]上是减函数;在[﹣a,e2]上是增函数,
F(e)=a+1≤0,即a≤﹣1.
F(e2)=2a+e2﹣e+1≤0,即a≤,
∴﹣e2≤a≤.
若﹣a>e2,即a<﹣e2,
F(x)在[e,e2]上是减函数,
F(x)max=F(e)=a+1≤0,即a≤﹣1,
∴a<﹣e2,
综上所述,a≤.
(Ⅲ)证明:令a=﹣1,此时f(x)=﹣lnx+x﹣3,所以f(1)=﹣2,
由(Ⅰ)知f(x)=﹣lnx+x﹣3在(1,+∞)上单调递增,
∴当x∈(1,+∞)时,f(x)>f(1),即﹣lnx+x﹣1>0,
∴lnx<x﹣1对一切x∈(1,+∞)成立,
∵n≥2,n∈N*,则有ln(+1)<<=﹣,
要证ln(22+1)+ln(32+1)+ln(42+1)+…+ln(n2+1)<1+2lnn!(n≥2,n∈N*),
只需证ln(+1)+ln(+1)+…+ln(+1)<1(n≥2,n∈N*);
ln(+1)+ln(+1)+…+ln(+1)
<(1﹣)+(﹣)+…+(﹣)=1﹣<1;
所以原不等式成立.
点评:本题考查了导数的综合应用,放缩法证明不等式,裂项求和法等的应用,同时考查了恒成立问题及分类讨论的数学思想应用,属于难题.
(二)选做题(请考生在第22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,作答时请用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑).【选修4-1:几何证明选讲】
22.(A)如图,△ABC内接圆O,AD平分∠BAC交圆于点D,过点B作圆O的切线交直线AD 于点E.
(Ⅰ)求证:∠EBD=∠CBD
(Ⅱ)求证:AB?BE=AE?DC.