2018-2019学年北京市东城区八年级(下)期末数学试卷
一、选择题(本大题共8小题,共16.0分)
1.下列四组线段中,可以构成直角三角形的是()
A. 4,5,6
B. 5,12,13
C. 2,3,4
D. 1,√2,3
2.用配方法解一元二次方程x2?6x+1=0,则配方后所得的方程为()
A. (x+3)2=10
B. (x+3)2=8
C. (x?3)2=10
D. (x?3)2=8
3.有19位同学参加歌咏比赛,所得的分数互不相同,取得分前10位同学进入决赛.某同学知道自己
的分数后,要判断自己能否进入决赛,他只需知道这19位同学的()
A. 平均数
B. 中位数
C. 众数
D. 方差
4.在数学活动课上,老师和同学们判断一个四边形门框是否为矩形,下面是某合作学习小组的4位同
学拟定的方案,其中正确的是()
A. 测量对角线是否相互平分
B. 测量两组对边是否分别相等
C. 测量一组对角是否都为直角
D. 测量其中四边形的三个角都为直角
5.如图,平行四边形ABCD的对角线相交于点O,且AD≠CD,过点O作OM⊥AC,交AD于点M.如
果△CDM的周长为8,那么平行四边形ABCD的周长是()
A. 8
B. 12
C. 16
D. 20
6.如图,已知正比例函数y1=kx与一次函数y2=?x+b的图象交于点P.下面有四个结论:
①k>0;②b>0;③当x>0时,y1>0;④当x2时,kx>?x+b.其中正确的是()
A. ①③
B. ②③
C. ③④
D. ①④
7.如图,数轴上点A,B分别对应1,2,过点B作PQ⊥AB,以点B为圆心,AB长为半径画弧,交
PQ于点C,以点A为圆心,AC长为半径画弧,交数轴于点M,则点M对应的数是()
A. √2
B. √5
C. √2+1
D. √5+1
8.如果规定[x]表示不大于x的最大整数,例如[2.1]=2,[?2.1]=?3,那么函数y=x?[x](?3≤
x≤3)的图象为()
A. B.
C. D.
二、填空题(本大题共8小题,共16.0分)
9.函数y=kx(k≠0)的图象上有两个点A1(x1,y1),A2(x2,y2),当x1
条件的函数解析式______.
10.如果a是一元二次方程x2?3x?5=0的一个根,那么代数式8?a2+3a=____.
11.已知一元二次方程x2?2x+m=0有两个相等的实数根,则m=______,x=______.
12.如图,已知菱形ABCD的一个内角∠BAD=80°,对角线AC、BD相交于点O,点E在AB上,且
BE=BO,则∠EOA=______度.
13.如图,在平面直角坐标系中,点A、B的坐标分别为(1,3)、(n,3),若直线y=2x与线段AB有公共
点,则n的值可以为______.(写出一个即可)
14.如图,在平面直角坐标系xOy中,四边形OABC是平行四边形,且A(4,0),B(6,2),则直线AC的解
析式为______.
15.如图,每个小正方形的边长为1,在△ABC中,点D为AB的中点,则线段CD的长为______.
16.我国古代伟大的数学家刘徽将勾股形(古人称直角三角形为勾股形)分割成一
个正方形和两对全等的直角三角形,得到一个恒等式.后人借助这种分割方
法所得的图形证明了勾股定理,如图所示的就用了这种分割方法,若BD=
2,AE=3,则正方形ODCE的边长等于______.
三、计算题(本大题共1小题,共6.0分)
17.现代互联网技术的厂泛应用,催生了快递行业的高速发展.小明计划给朋友快递一部分物品,经了
解甲、乙两家快递公司比较合适,甲公司表示:快递物品不超过1千克的,按每千克22元收费;超过1千克,超过的部分按每千克15元收费,乙公司表示:按每千克16元收费,另加包装费3元.设小明快递物品x千克.
(1)当x>l时,请分別直接写出甲、乙两家快递公司快递该物品的费用y(元)与x(千克)之间的函数关
系式;
(2)在(1)的条件下,小明选择哪家快递公司更省钱?
四、解答题(本大题共11小题,共62.0分)
18.下面是小明设计的“作矩形ABCD“的尺规作图过程.
已知:在Rt△ABC中,∠ABC=90°.
求作:矩形ABCD.作法:如图,
1.以点B为圆心,AC长为半径画弧;
2.以点C为圆心,AB长为半径画弧;
3.两弧交于点D,A,D在直线BC的同侧;
4.连接AD,CD.
所以四边形ABCD是矩形.
根据小明设计的尺规作图过程,
(1)使用直尺和圆规,补全图形;(保留作图痕迹)
(2)完成下面的证明.证明:连接BD.
∵AB=______,AC=______,BC=BC,
∴△ABC≌△DCB.
∴∠ABC=∠DCB=90°.
∴AB//CD.
∴四边形ABCD是平行四边形.
∵∠ABC=90°∴四边形ABCD是矩形.(______)(填推理的依据).
19.用配方法解一元二次方程(不用配方法解不得分)
2x2?5x+1=0.
20.如图,在?ABCD中,点E、F分别在边CB、AD的延长线上,且BE=DF,EF分别与AB、CD交于
点G、H.求证:AG=CH.
21.已知关于x的一元二次方程mx2?(m+3)x+3=0总有两个不相等的实数根.
(1)求m的取值范围;
(2)若此方程的两根均为正整数,求正整数m的值.
22.某地2018年为做好“精准扶贫”,投入资金1280万元用于异地安置,并规划投入资金逐年增
加.2020年在2018年的基础上增加投入资金1600万元,从2018年到2020年,该地投入异地安置资金的年平均增长率为多少?
23.如图,矩形ABCD中,E是AD的中点,延长CE,BA交于点F,连接AC,DF.
(1)求证:四边形ACDF是平行四边形;
(2)当CF平分∠BCD时,写出BC与CD的数量关系,并说明理由.
24.甲、乙两位运动员在相同条件下各射靶10次,每次射靶的成绩情况如图.
平均数方差中位数命中9环以上的次数(包括9环)
甲7 1.2______ 1
乙______ 5.47.5______
(3)教练根据两人的成绩最后选择乙去参加比赛,你能不能说出教练让乙去比赛的理由?(至少说出两
条理由)
25.如图,直线l1:y=2x+1与直线l2:y=mx+4相交于点P(1,b).
(1)求b,m的值;
(2)垂直于x轴的直线x=a与直线l1,l2分别交于点C,D,若线段CD长为2,求a的值.
26.有这样一个问题:探究函数y=2
x?1
?3的图象与性质.
小亮根据学习函数的经验,对y=2
x?1
?3的图象与性质进行了探究
下面是小亮的探究过程,请补充完整:
(1)函数y
=
2
x?1
?3中自变量x的取值范围是______
x…?3?2?10
1
23
2
2345…
y…
?7
2
?11
3
?4?5?7m?1?2
?7
3
?5
2
…
求的值;
(1)在平面直角坐标系xOy中,描出了以上表中各对对应值为坐标的点,根据描出的点,画出该函数
的图象;
(2)根据画出的函数图象,发现下列特征:
该函数的图象与直线x=1越来越靠近而永不相交,该函数的图象还与直线______越来越靠近而永不相交.
27.在正方形ABCD中,点E是射线AC上一点,点F是正方形ABCD外角平分线CM上一点,且CF=
AE,连接BE,EF.
(1)如图1,当E是线段AC的中点时,直接写出BE与EF的数量关系;
(2)当点E不是线段AC的中点,其它条件不变时,请你在图2中补全图形,判断(1)中的结论是否成
立,并证明你的结论;
(3)当点B,E,F在一条直线上时,求∠CBE的度数.(直接写出结果即可)
28.对于平面直角坐标系xOy中的点P和正方形给出如下定义:若正方形的对角线交于点O,四条边分
别和坐标轴平行,我们称该正方形为原点正方形.当原点正方形上存在点Q,满足PQ≤1时,称点P为原点正方形的友好点.
(1)当原点正方形边长为4时,
①在点P1(0,0),P2(?1,1),P3(3,2)中,原点正方形的友好点是______;
②点P在直线y=x的图象上,若点P为原点正方形的友好点,求点P横坐标的取值范围;
(2)一次函数y=?x+2的图象分别与x轴,y轴交于点A,B,若线段AB上存在原点正方形的友好
点,直接写出原点正方形边长a的取值范围.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:A、∵42+52≠62,∴该三角形不符合勾股定理的逆定理,故不可以构成直角三角形;
B、∵52+122=132,∴该三角形符合勾股定理的逆定理,故可以构成直角三角形;
C、∵22+32≠42,∴该三角形不符合勾股定理的逆定理,故不可以构成直角三角形;
D、∵12+(√2)2≠32,∴该三角形不符合勾股定理的逆定理,故不可以构成直角三角形.
故选:B.
根据勾股定理的逆定理:如果三角形有两边的平方和等于第三边的平方,那么这个是直角三角形判定则可.如果有这种关系,这个就是直角三角形.
本题考查了勾股定理的逆定理,在应用勾股定理的逆定理时,应先认真分析所给边的大小关系,确定最大边后,再验证两条较小边的平方和与最大边的平方之间的关系,进而作出判断.
2.【答案】D
【解析】【分析】
本题主要考查解一元二次方程?配方法,解题的关键是掌握用配方法解一元二次方程的步骤.
两边配上一次项系数一半的平方,写成完全平方式即可得.
【解答】
解:∵x2?6x+1=0,
∴x2?6x=?1,
则x2?6x+9=?1+9,即(x?3)2=8,
故选D.
3.【答案】B
【解析】解:19位同学参加歌咏比赛,所得的分数互不相同,取得前10位同学进入决赛,中位数就是第10位,因而要判断自己能否进入决赛,他只需知道这19位同学的中位数就可以.
故选:B.
因为第10名同学的成绩排在中间位置,即是中位数.所以需知道这19位同学成绩的中位数.
中位数是将一组数据按照由小到大(或由大到小)的顺序排列,如果数据的个数是奇数,则处于中间位置的数就是这组数据的中位数.学会运用中位数解决问题.
4.【答案】D
【解析】解:A、对角线是否相互平分,能判定平行四边形;
B、两组对边是否分别相等,能判定平行四边形;
C、一组对角是否都为直角,不能判定形状;
D、其中四边形中三个角都为直角,能判定矩形.
故选:D.
根据矩形的判定定理有:(1)有一个角是直角的平行四边形是矩形;
(2)有三个角是直角的四边形是矩形;
(3)对角线互相平分且相等的四边形是矩形.
本题考查的是矩形的判定定理,难度简单.
5.【答案】C
【解析】解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AO=CO.
∵OM⊥AC,
∴MA=MC.
∴△CDM周长=MD+MC+CD=MD+MA+CD=AD+DC=8.
∴平行四边形ABCD周长=2(AD+DC)=16.
故选:C.
先证明MO为AC的线段垂直平分线,则MC=AM,依次通过△CDM周长值可得AD+DC值,则平行四边形周长为2(AD+DC).
本题主要考查了平行四边形的性质、线段垂直平分线的性质,解决平行四边形周长问题一般是先求解两邻边之和.
6.【答案】A
【解析】【分析】
此题考查一次函数与一元一次不等式,关键是根据正比例函数和一次函数的性质判断.
根据正比例函数和一次函数的性质判断即可.
【解答】
解:∵直线y1=kx经过第一、三象限,
∴k>0,故①正确;
∵y2=?x+b与y轴交点在负半轴,
∴b<0,故②错误;
∵正比例函数y1=kx经过原点,且y随x的增大而增大,
∴当x>0时,y1>0;故③正确;
当x2时,正比例函数y1=kx在一次函数y2=?x+b图象的下方,即kx
故选:A.
7.【答案】C
【解析】解:由题意得,BC=AB=1,
由勾股定理得,AC=√AB2+BC2=√2,
则AM=√2,
∴点M对应的数是√2+1,
故选:C.
根据题意求出BC,根据勾股定理求出AC,得到AM的长,根据数轴的性质解答.
本题考查的是勾股定理,如果直角三角形的两条直角边长分别是a,b,斜边长为c,那么a2+b2=c2.8.【答案】A
【解析】解:当?3≤x2时,y=x?[x]=x?(?3)=x+3,y随x的增大而增大,当x=?3时,取得最小值,此时y=0,
同理可得,其他各段内的函数图象与?3≤x2这段内的函数图象是一样的,
故选:A.
根据题意,可以得到y与x的函数图象,从而可以解答本题.
本题考查函数图象,解答本题的关键是明确题意,利用数形结合的思想解答.
9.【答案】y=?x(k<0即可)
【解析】解:∵A1(x1,y1),A2(x2,y2)满足x1
∴函数y=kx(k≠0)满足k<0
∴y=?x(k<0即可);
故答案为:y=?x(k<0即可).
根据A1(x1,y1),A2(x2,y2)满足x1
本题考查的是一次函数的增减性,即一次函数y=kx+b(k≠0)中,当k>0,y随x的增大而增大;当k<0,y随x的增大而减小.
10.【答案】3
【解析】【分析】
本题考查了一元二次方程的解:能使一元二次方程左右两边相等的未知数的值是一元二次方程的解.
根据一元二次方程的解的定义得到a2?3a=5,再把8?a2+3a变形为8?(a2?3a),然后利用整体代入的方法计算即可.
【解答】
解:把x=a代入x2?3x?5=0得a2?3a?5=0,
所以a2?3a=5,
所以8?a2+3a=8?(a2?3a)=8?5=3.
故答案为:3.
11.【答案】1 1
【解析】解:∵有两个相等的实数根,a=1,b=?2,c=m
∴△=b2?4ac=(?2)2?4×1×m=4?4m=0,
解得m=1,
把m=1代入原方程得x2?2x+1=0,
解得x=1.
一元二次方程x2?2x+m=0有两个相等的实数根,必须满足△=b2?4ac=0,建立关于m的方程,求得m的值后,再求得x的值.
总结:一元二次方程根的情况与判别式△的关系:
(1)△>0?方程有两个不相等的实数根;
(2)△=0?方程有两个相等的实数根;
(3)△<0?方程没有实数根.
12.【答案】25
【解析】解:∵∠BAD=80°,菱形邻角和为180°
∴∠ABC=100°,
∵菱形对角线即角平分线
∴∠ABO=50°,
∵BE=BO
=65°,
∴∠BEO=∠BOE=180°?50°
2
∵菱形对角线互相垂直
∴∠AOB=90°,
∴∠AOE=90°?65°=25°,
故答案为25.
根据∠BAD和菱形邻角和为180°的性质可以求∠ABC的值,根据菱形对角线即角平分线的性质可以求得
∠ABO的值,又由BE=BO可得∠BEO=∠BOE,根据∠BOE和菱形对角线互相垂直的性质可以求得∠EOA 的大小.
本题考查了菱形对角线互相垂直平分且平分一组对角的性质,考查了等腰三角形底角相等的性质,本题中正确的计算∠BEO=∠BOE=65°是解题的关键.
【解析】解:∵直线y =2x 与线段AB 有公共点,
∴2n ≥3,
∴n ≥32
. 故答案为:2.
由直线y =2x 与线段AB 有公共点,可得出点B 在直线上或在直线右下方,利用一次函数图象上点的坐标特征,即可得出关于n 的一元一次不等式,解之即可得出n 的取值范围,在其内任取一数即可得出结论.
本题考查了一次函数图象上点的坐标特征,用一次函数图象上点的坐标特征,找出关于n 的一元一次不等式是解题的关键.
14.【答案】y =?x +4
【解析】解:∵四边形OABC 是平行四边形,
∴OA//BC ,OA =BC ,
∵A(4,0),B(6,2),
∴C(2,2),
设直线AC 的解析式为y =kx +b ,
∴{2k +b =24k +b =0, 解得:{k =?1b =4
, ∴直线AC 的解析式为y =?x +4,
故答案为:y =?x +4.
根据平行四边形的性质得到OA//BC ,OA =BC ,由已知条件得到C(2,2),设直线AC 的解析式为y =kx +b ,列方程组即可得到结论.
此题考查了平行四边形的性质、坐标与图形性质以及利用待定系数法求一次函数的解析式,解题的关键是求出其中心对称点的坐标.
15.【答案】√262
【解析】解:根据勾股定理,AB =√12+52=√26,
BC =√22+22=2√2,
AC =√32+33=3√2,
∵AC 2+BC 2=AB 2=26,
∴△ABC 是直角三角形,
∵点D 为AB 的中点,
∴CD =12AB =12×√26=
√262
. 故答案为:√262. 根据勾股定理列式求出AB 、BC 、AC ,再利用勾股定理逆定理判断出△ABC 是直角三角形,然后根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半解答即可.
本题考查了直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半的性质,勾股定理,勾股定理逆定理的应用,判断出△ABC 是直角三角形是解题的关键.
【解析】解:设正方形ODCE的边长为x,
则CD=CE=x,
∵△AFO≌△AEO,△BDO≌△BFO,
∴AF=AE,BF=BD,
∴AB=2+3=5,
∵AC2+BC2=AB2,
∴(3+x)2+(2+x)2=52,
∴x=1,
∴正方形ODCE的边长等于1,
故答案为:1.
设正方形ODCE的边长为x,则CD=CE=x,根据全等三角形的性质得到AF=AE,BF=BD,根据勾股定理即可得到结论.
本题考查了勾股定理的证明,全等三角形的性质,正方形的性质,熟练掌握勾股定理是解题的关键.17.【答案】解:(1)由题意可得,
=22+15(x?1)=15x+7,
y
甲
=16x+3;
y
乙
(2)x>1时,令y甲 即15x+7<16x+3 解得:x>4, 令y甲=y乙, 即15x+7=16x+3, 解得:x=4, 令y甲>y乙, 即15x+7>16x+3, 解得:x<4, 综上可知:当1 【解析】(1)根据题意可以得到甲、乙两家快递公司快递该物品的费用y(元)与x(千克)之间的函数关系式; (2)根据题意和(1)中的函数解析式,可以列出相应的不等式,从而可以解答本题. 本题考查一次函数的应用、一元一次不等式的应用,解答本题的关键是明确题意,找出所求问题需要的条件,利用函数与不等式的性质解答. 18.【答案】CD BD有一个角是直角的平行四边形是矩形 【解析】解:(1)如图1,四边形ABCD 为所作; (2)完成下面的证明: 证明:如图2,连接BD . ∵AB =CD ,AC =BD ,BC =BC , ∴△ABC≌△DCB(SSS). ∴∠ABC =∠DCB =90°. ∴AB//CD . ∴四边形ABCD 是平行四边形. ∵∠ABC =90° ∴四边形ABCD 是矩形.(有一个角是直角的平行四边形是矩形) 故答案为:CD ,BD ,有一个角是直角的平行四边形是矩形. (1)根据作法画出对应的几何图形即可; (2)先利用作图证明△ABC≌△DCB ,得AB//CD ,根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形,由有一个角是直角的平行四边形是矩形可得结论. 本题考查了作图?复杂作图:复杂作图是在五种基本作图的基础上进行作图,一般是结合了几何图形的性质和基本作图方法.解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质,结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图,逐步操作.也考查了平行四边形和矩形的判定方法. 19.【答案】解:2x 2?5x +1=0, 移项,得 2x 2?5x =?1, 化二次项系数为1,得 x 2?52x =?12 , 方程的两边同时加上2516,得 (x ?54)2=1716, 直接开平方,得 x ?54=±√174, ∴x 1=5+√174,x 2=5?√174. 【解析】配方法的一般步骤: (1)把常数项移到等号的右边; (2)把二次项的系数化为1; (3)等式两边同时加上一次项系数一半的平方. 此题考查了配方法解一元二次方程,解题时要注意解题步骤的准确应用.选择用配方法解一元二次方程时,最好使方程的二次项的系数为1,一次项的系数是2的倍数. 20.【答案】证明:∵四边形ABCD 是平行四边形, ∴AD =BC ,∠A =∠C ,AD//BC , ∴∠E =∠F , ∵BE =DF , ∴AF =EC , 在△AGF 和△CHE 中 {∠A =∠C AF =EC ∠F =∠E , ∴△AGF≌△CHE(ASA), ∴AG =CH . 【解析】利用平行四边形的性质得出AF =EC ,再利用全等三角形的判定与性质得出答案. 此题主要考查了平行四边形的性质以及全等三角形的判定与性质,正确掌握平行线的性质是解题关键. 21.【答案】解(1)根据题意得m ≠0且Δ=[?(m +3)]2?4×m ×3=(m ?3)2>0, 解得m ≠0且m ≠3; (2)x = m +3±(m ?3)2m 所以x 1=1,x 2=3m , 因为此方程的两根均为正整数 所以正整数m 的值1. 【解析】本题考查了根的判别式:一元二次方程ax 2+bx +c =0(a ≠0)的根与Δ=b 2?4ac 有如下关系:当Δ>0时,方程有两个不相等的实数根;当Δ=0时,方程有两个相等的实数根;当Δ<0时,方程无实数根. (1)利用一元二次方程的定义和判别式的意义得到m ≠0且Δ=[?(m +3)]2?4×m ×3=(m ?3)2>0,从而可得到m 的范围; (2)利用求根公式解方程得到x 1=1,x 2=3m ,利用此方程的两根均为正整数得到m =1或m =3,然后利用(1)的范围可确定m 的值. 22.【答案】解:设该地投入异地安置资金的年平均增长率为x ,根据题意, 得:1280(1+x)2=1280+1600, 解得:x =0.5或x =?2.5(舍), 答:从2018年到2020年,该地投入异地安置资金的年平均增长率为50%. 【解析】本题主要考查一元二次方程的应用,由题意准确抓住相等关系并据此列出方程是解题的关键.设年平均增长率为x,根据:2018年投入资金给×(1+增长率)2=2020年投入资金,列出方程组求解可得. 23.【答案】解:(1)证明:∵四边形ABCD是矩形, ∴AB//CD, ∴∠FAE=∠CDE, ∵E是AD的中点, ∴AE=DE, 又∵∠FEA=∠CED, ∴△FAE≌△CDE, ∴CD=FA, 又∵CD//AF, ∴四边形ACDF是平行四边形; (2)BC=2CD. 证明:∵CF平分∠BCD, ∴∠DCE=45°, ∵∠CDE=90°, ∴△CDE是等腰直角三角形, ∴CD=DE, ∵E是AD的中点, ∴AD=2CD, ∵AD=BC, ∴BC=2CD. 【解析】(1)利用矩形的性质,即可判定△FAE≌△CDE,即可得到CD=FA,再根据CD//AF,即可得出四边形ACDF是平行四边形; (2)先判定△CDE是等腰直角三角形,可得CD=DE,再根据E是AD的中点,可得AD=2CD,依据AD=BC,即可得到BC=2CD. 本题主要考查了矩形的性质以及平行四边形的判定与性质,要证明两直线平行和两线段相等、两角相等,可考虑将要证的直线、线段、角分别置于一个四边形的对边或对角的位置上,通过证明四边形是平行四边形达到上述目的. 24.【答案】7 7 3 【解析】解:(1)通过折线图可知: 甲的环数按从小到大排列是5、6、6、7、7、7、7、8、8、9, 则数据的中位数是(7+7)÷2=7; (2+4+6+7+8+7+8+9+9+10)=7; 乙的平均数=1 10 乙命中9环以上的次数(包括9环)为3. 填表如下: 故答案为7,中位数为7,3; (2)因为平均数相同,s 甲2 所以甲的成绩比乙稳定; (3)理由1:因为平均数相同,命中9环以上的次数甲比乙少,所以乙的成绩比甲好些; 理由2:因为平均数相同,甲的中位数小于乙的中位数,所以乙的成绩比甲好些; 理由3:甲的成绩在平均数上下波动:而乙处于上升勢头,从第4次以后就没有比甲少的情况发生,乙较有潜力. (1)根据中位数、平均数的概念计算; (2)从平均数和方差相结合看,方差越小的越成绩越好; (3)理由1:平均数相同,命中9环以上的次数甲比乙少,所以乙的成绩比甲好些; 理由2:平均数相同,甲的中位数小于乙的中位数,所以乙的成绩比甲好些; 理由3:甲的成绩在平均数上下波动:而乙处于上升勢头,从第4次以后就没有比甲少的情况发生,乙较有潜力. 本题考查的是折线统计图.读懂统计图,从统计图中得到必要的信息是解决问题的关键.也考查了中位数、平均数和方差的概念.在实际生活中常常用它们分析问题. 25.【答案】解:(1)∵点P(1,b)在直线l 1:y =2x +1上, ∴b =2×1+1=3; ∵点P(1,3)在直线l 2:y =mx +4上, ∴3=m +4, ∴m =?1. (2)当x =a 时,y C =2a +1; 当x =a 时,y D =4?a . ∵CD =2, ∴|2a +1?(4?a)|=2, 解得:a =13或a =53. ∴a 的值为13或53. 【解析】(1)由点P(1,b)在直线l 1上,利用一次函数图象上点的坐标特征,即可求出b 值,再将点P 的坐标代入直线l 2中,即可求出m 值; (2)由点C 、D 的横坐标,即可得出点C 、D 的纵坐标,结合CD =2即可得出关于a 的含绝对值符号的一元一次方程,解之即可得出结论. 本题考查了两条直线相交或平行问题、一次函数图象上点的坐标特征以及解含绝对值符号的一元一次方程,解题的关键是:(1)利用一次函数图象上点的坐标特征求出b 、m 的值;(2)根据CD =2,找出关于a 的含绝对值符号的一元一次方程. 26.【答案】x ≠1 y =3 【解析】解:(1)由题意得:x ?1≠0, 解得:x ≠1. 故答案为:x ≠1; (2)当x =32时,m =2 32?1?3=4?3=1, 即m 的值为1; (3)图象如图所示: (4)根据画出的函数图象,发现下列特征: 该函数的图象与直线x=1越来越靠近而永不相交,该函数的图象还与直线y=3越来越靠近而永不相交,故答案为y=3. (1)根据分母不为0即可得出关于x的一元一次不等式,解之即可得出结论; (2)将x=3代入函数解析式中求出m值即可; (3)连点成线即可画出函数图象; (4)观察函数图象即可求解. 本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征,函数自变量的取值范围以及函数图象,连点成曲线画出函数图象是解题的关键. 27.【答案】解:(1)如图1中,结论:EF=√2BE. 理由: ∵四边形ABCD是正方形, ∴BA=BC,∠ABC=∠BCD=90°,∠ACD=∠ACB=45°, ∵AE=EC, ∴BE=AE=EC, ∵CM平分∠DCG, ∴∠DCF=45°, ∴∠ECF=90°, ∵CF=AE, ∴EC=CF, ∴EF=√2EC, ∴EF=√2BE. (2)图形如图2所示:(1)中的结论仍然成立,即EF=√2BE. 理由:连接ED,DF. 由正方形的对称性可知,BE=DE,∠CBE=∠CDE ∵正方形ABCD, ∴AB=CD,∠BAC=45°, ∵点F是正方形ABCD外角平分线CM上一点, ∴∠DCF=45°, ∴∠BAC=∠DCF, 由∵CF=AE, ∴△ABE≌△CDF(SAS), ∴BE=DF,∠ABE=∠CDF, ∴DE=DF, 又∵∠ABE+∠CBE=90°, ∴∠CDF+∠CDE=90°, 即∠EDF=90°, ∴△EDF是等腰直角三角形 ∴EF=√2DE, ∴EF=√2DE. (3)如图3中,当点B,E,F在一条直线上时,∠图形如图2所示:(1)中的结论仍然成立,即EF=√2BE. CBE=22.5°. 理由:∵∠ECF=∠EDF=90°, ∴E,C,F,D四点共圆, ∴∠BFC=∠CDE, ∵∠ABE=∠ADE,∠ABC=∠ADC=90°, ∴∠CDE=∠CBE, ∴∠CBF=∠CFB, ∵∠FCG=∠CBF+∠CFB=45°, ∴∠CBE=22.5°. 【解析】(1)证明△ECF 是等腰直角三角形即可. (2)图形如图2所示:(1)中的结论仍然成立,即EF =√2BE.只要证明BE =DE ,△DEF 是等腰直角三角形即可. (3)图形如图2所示:(1)中的结论仍然成立,即EF =√2BE.只要证明∠CBF =∠CFB 即可. 本题属于四边形综合题,考查了正方形的性质,全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的判定和性质,三角形的外角的性质等知识,解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题,属于中考常考题型. 28.【答案】P?和P? 【解析】解:(1)①∵原点正方形边长为4, 当P 1(0,0)时,正方形上与P 1的最小距离是 2,故不存在Q 使P 1Q ≤1; 当P 2(?1,1)时,存在Q(?2,1),使P 2Q ≤1; 当P 3(3,2)时,存在Q(2,2),使P 3Q ≤1; 故答案为P?、P?; ②如图所示:阴影部分就是原点正方形友好 点P 的范围, 由计算可得,点P 横坐标的取值范围是: 1≤x ≤2+√22或?2?√2 2≤x ≤?1; (2)一次函数y =?x +2的图象分别与x 轴, y 轴交于点A ,B , ∴A(0,2),B(2,0), ∵线段AB 上存在原点正方形的友好点, 如图所示: 原点正方形边长a 的取值范围2?√2≤a ≤6. (1)由已知结合图象,找到点P 所在的区域; (2)分别求出点A 与B 的坐标,由线段AB 的位置,通过 做圆确定正方形的位置. 本题考查一次函数的性质,新定义;能够将新定义的内 容转化为线段,圆,正方形之间的关系,并能准确画出 图形是解题的关键.