专题三 三角函数与平面向量的综合应用
1． 三角恒等变换
(1)公式：同角三角函数基本关系式、诱导公式、和差公式．
(2)公式应用：注意公式的正用、逆用、变形使用的技巧，观察三角函数式中角之间的联系，式子之间以及式子和公式间的联系．
(3)注意公式应用的条件、三角函数的符号、角的范围． 2． 三角函数的性质
(1)研究三角函数的性质，一般要化为y ＝A sin(ωx ＋φ)的形式，其特征：一角、一次、一函数．
(2)在讨论y ＝A sin(ωx ＋φ)的图象和性质时，要重视两种思想的应用：整体思想和数形结合思想，一般地，可设t ＝ωx ＋φ，y ＝A sin t ，通过研究这两个函数的图象、性质达到目的． 3． 解三角形
解三角形问题主要有两种题型：一是与三角函数结合起来考查，通过三角变换化简，然后运用正、余弦定理求值；二是与平面向量结合(主要是数量积)，判断三角形形状或结合正、余弦定理求值．试题一般为中档题，客观题、解答题均有可能出现． 4． 平面向量
平面向量的线性运算，为证明两线平行提供了重要方法．平面向量数量积的运算解决了两向量的夹角、垂直等问题．特别是平面向量的坐标运算与三角函数的有机结合，体现了向量应用的广泛性．
1． 已知角α终边上一点P (－4,3)，则cos ???
?π
2＋αsin (－π－α)cos ????11π2－αsin ???
?9π2＋α的值为________．
答案 －3
4
解析
cos ???
?π
2＋αsin (－π－α)cos ????11π2－αsin (9π2＋α)＝－sin α·sin α－sin α·cos α＝tan α.
根据三角函数的定义得tan α＝y x ＝－3
4.
所以cos ????π2＋αsin (－π－α)
cos ????11π2－αsin ???
?9π2＋α＝－3
4.
2． 已知f (x )＝sin(x ＋θ)＋3cos(x ＋θ)的一条对称轴为y 轴，且θ∈(0，π)，则θ＝________.
答案 π
6
解析 f (x )＝sin(x ＋θ)＋3cos(x ＋θ)
＝2sin ????x ＋θ＋π3，由θ＋π3＝k π＋π2 (k ∈Z )及θ∈(0，π)，可得θ＝π6.
3. 如图所示的是函数f (x )＝A sin(ωx ＋φ)＋B (A >0，ω>0，|φ|∈???0，π
2)图象 的一部分，则f (x )的解析式为____________． 答案 f (x )＝2sin ????
23x ＋π6＋1
解析 由于最大值和最小值之差等于4，故A ＝2，B ＝1. 由于2＝2sin φ＋1，且|φ|∈????0，π2，得φ＝π
6. 由图象知ω(－π)＋φ＝2k π－π
2 (k ∈Z )，
得ω＝－2k ＋23(k ∈Z )．又2π
ω>2π，
∴0<ω<1.∴ω＝2
3
.
∴函数f (x )的解析式是f (x )＝2sin ????
23x ＋π6＋1.
4． (2012·四川改编)如图，正方形ABCD 的边长为1，延长BA 至E ，使AE ＝1，
连接EC 、ED ，则sin ∠CED ＝________. 答案
10
10
解析 方法一 应用两角差的正弦公式求解． 由题意知，在Rt △ADE 中，∠AED ＝45°， 在Rt △BCE 中，BE ＝2，BC ＝1， ∴CE ＝5，则sin ∠CEB ＝15，cos ∠CEB ＝2
5
. 而∠CED ＝45°－∠CEB ， ∴sin ∠CED ＝sin(45°－∠CEB )
＝2
2
(cos ∠CEB －sin ∠CEB ) ＝
22×????25－15＝1010
.
方法二 利用余弦定理及同角三角函数基本关系式求解． 由题意得ED ＝2，EC ＝12＋22＝ 5. 在△EDC 中，由余弦定理得
cos ∠CED ＝CE 2＋DE 2－DC 22CE ·DE ＝31010，
又0<∠CED <π，
∴sin ∠CED ＝1－cos 2∠CED ＝
1－????310102＝1010.
5. 如图，在梯形ABCD 中，AD ∥BC ，AD ⊥AB ，AD ＝1，BC ＝2，AB
＝3，P 是BC 上的一个动点，当PD →·P A →
取得最小值时，tan ∠DP A 的 值为________． 答案
12
35
解析 如图，以A 为原点，建立平面直角坐标系xAy ，则A (0,0)， B (3，0)，C (3,2)，D (0,1)，设∠CPD ＝α，∠BP A ＝β， P (3，y ) (0≤y ≤2)．
∴PD →＝(－3,1－y )，P A →
＝(－3，－y )， ∴PD →·P A →＝y 2
－y ＋9＝????y －122＋354
， ∴当y ＝12时，PD →·P A →
取得最小值，此时P ????3，12， 易知|DP →|＝|AP →
|，α＝β. 在△ABP 中，tan β＝3
12
＝6，
tan ∠DP A ＝－tan(α＋β)＝2tan βtan 2β－1＝12
35
.
题型一 三角恒等变换
例1 设π3<α<3π
4，sin ????α－π4＝35，求sin α－cos 2α＋1tan α
的值． 思维启迪：可以先将所求式子化简，寻求和已知条件的联系． 解 方法一 由π3<α<3π
4，
得π12<α－π4<π
2，又sin ????α－π4＝35， 所以cos ????α－π4＝4
5. 所以cos α＝cos[(α－π4)＋π
4
]
＝cos ????α－π4cos π4－sin ????α－π4sin π4＝210， 所以sin α＝7210
.
故原式＝sin α＋2sin 2αsin αcos α＝cos α(1＋2sin α)＝14＋52
50.
方法二 由sin ????α－π4＝35，得sin α－cos α＝325， 两边平方，得1－2sin αcos α＝18
25，
即2sin αcos α＝7
25>0.
由于π3<α<3π4，故π3<α<π2
.
因为(sin α＋cos α)2＝1＋2sin αcos α＝3225，
故sin α＋cos α＝42
5
，
解得sin α＝7210，cos α＝2
10
.下同方法一．
探究提高 三角变换的关键是寻求已知和所求式子间的联系，要先进行化简，角的转化是三角变换的“灵魂”．要注意角的范围对式子变形的影响．
已知cos ????α－π6＋sin α＝435
，则sin ????α＋7π6的值是
( )
A ．－23
5
B.235 C ．－45
D.45
答案 C
解析 cos ????α－π6＋sin α＝435?32sin α＋32cos α＝435?sin ????α＋π6＝45， 所以sin ????α＋7π6＝－sin ????α＋π6＝－45. 题型二 三角函数的图象与性质
例2 (2011·浙江)已知函数f (x )＝A sin(π3x ＋φ)，x ∈R ，A >0,0<φ<π
2
，y ＝
f (x )的部分图象如图所示，P 、Q 分别为该图象的最高点和最低点， 点P 的坐标为(1，A )．
(1)求f (x )的最小正周期及φ的值；
(2)若点R 的坐标为(1,0)，∠PRQ ＝2π
3
，求A 的值．
思维启迪：三角函数图象的确定，可以利用图象的周期性、最值、已知点的坐标列方程来解决．
解 (1)由题意得T ＝2π
π3
＝6.
因为P (1，A )在y ＝A sin(π
3x ＋φ)的图象上，
所以sin(π
3＋φ)＝1.
又因为0<φ<π2，所以φ＝π
6.
(2)设点Q 的坐标为(x 0，－A )．
由题意可知π3x 0＋π6＝3π
2，得x 0＝4，所以Q (4，－A )．
连接PQ ，在△PRQ 中，∠PRQ ＝2π
3
，由余弦定理得
cos ∠PRQ ＝RP 2＋RQ 2－PQ 22RP ·RQ ＝A 2＋9＋A 2－(9＋4A 2)2A ·9＋A 2＝－1
2，解得A 2＝3.又A >0，所以A ＝ 3.
探究提高 本题确定φ的值时，一定要考虑φ的范围；在三角形中利用余弦定理求A 是本题的难点．
已知函数f (x )＝A sin ωx ＋B cos ωx (A ，B ，ω是常数，ω>0)的最小正周期为2，
并且当x ＝1
3
时，f (x )max ＝2.
(1)求f (x )的解析式；
(2)在闭区间????
214，234上是否存在f (x )的对称轴？如果存在，求出其对称轴方程；如果不存在，请说明理由．
解 (1)因为f (x )＝A 2＋B 2sin(ωx ＋φ)，由它的最小正周期为2，知2π
ω＝2，ω＝π，又因为
当x ＝13时，f (x )max ＝2，知13π＋φ＝2k π＋π2 (k ∈Z )，φ＝2k π＋π
6 (k ∈Z )，
所以f (x )＝2sin ????πx ＋2k π＋π6＝2sin ????πx ＋π
6. 故f (x )的解析式为f (x )＝2sin ?
???πx ＋π
6. (2)当垂直于x 轴的直线过正弦曲线的最高点或最低点时，该直线就是正弦曲线的对称轴，令πx ＋π6＝k π＋π2 (k ∈Z )，解得x ＝k ＋13，由214≤k ＋13≤234，解得5912≤k ≤65
12，又k ∈Z ，
知k ＝5，由此可知在闭区间????214，234上存在f (x )的对称轴，其方程为x ＝16
3. 题型三 三角函数、平面向量、解三角形的综合应用 例3 已知向量m ＝????3sin x 4，1，n ＝?
???cos x 4，cos 2x
4. (1)若m·n ＝1，求cos ????
2π3－x 的值；
(2)记f (x )＝m·n ，在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别是a ，b ，c ，且满足(2a －c )cos B ＝b cos C ，求函数f (A )的取值范围．
思维启迪：(1)由向量数量积的运算转化成三角函数式，化简求值．(2)在△ABC 中，求出∠A 的范围，再求f (A )的取值范围． 解 (1)m·n ＝3sin x 4·cos x 4＋cos 2x 4
＝
32sin x
2
＋1＋cos
x
2
2
＝sin ????x 2＋π6＋12，
∵m·n ＝1，∴sin ????x 2＋π6＝1
2. cos ????x ＋π3＝1－2sin 2????x 2＋π6＝1
2， cos ????2π3－x ＝－cos ????x ＋π3＝－12. (2)∵(2a －c )cos B ＝b cos C ，
由正弦定理得(2sin A －sin C )cos B ＝sin B cos C ， ∴2sin A cos B －sin C cos B ＝sin B cos C .
∴2sin A cos B ＝sin(B ＋C )．
∵A ＋B ＋C ＝π，∴sin(B ＋C )＝sin A ≠0. ∴cos B ＝12，∵0
3.
∴π6 2，sin ????A 2＋π6∈????12，1. 又∵f (x )＝sin ????x 2＋π6＋12. ∴f (A )＝sin ????A 2＋π6＋12. 故函数f (A )的取值范围是??? ?1，3 2. 探究提高 (1)向量是一种解决问题的工具，是一个载体，通常是用向量的数量积运算或性质转化成三角函数问题． (2)三角形中的三角函数要结合正弦定理、余弦定理进行转化，注意角的范围对变形过程的影响． 在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，且lg a －lg b ＝lg cos B － lg cos A ≠0. (1)判断△ABC 的形状； (2)设向量m ＝(2a ，b )，n ＝(a ，－3b )，且m ⊥n ，(m ＋n )·(n －m )＝14，求a ，b ，c 的值． 解 (1)因为lg a －lg b ＝lg cos B －lg cos A ≠0， 所以a b ＝cos B cos A ≠1，所以sin 2A ＝sin 2B 且a ≠b . 因为A ，B ∈(0，π)且A ≠B ， 所以2A ＝π－2B ，即A ＋B ＝π 2且A ≠B . 所以△ABC 是非等腰的直角三角形． (2)由m ⊥n ，得m·n ＝0.所以2a 2－3b 2＝0.① 由(m ＋n )·(n －m )＝14，得n 2－m 2＝14， 所以a 2＋9b 2－4a 2－b 2＝14，即－3a 2＋8b 2＝14.② 联立①②，解得a ＝6，b ＝2.所以c ＝a 2＋b 2＝10. 故所求的a ，b ，c 的值分别为6，2，10. 高考中的平面向量、三角函数客观题 典例1：(5分)(2012·山东)函数y ＝2sin ???? πx 6－π3(0≤x ≤9)的最大值与最小值之和为( ) A ．2－ 3 B ．0 C ．－1 D ．－1－ 3 考点分析 本题考查三角函数的性质，考查整体思想和数形结合思想． 解题策略 根据整体思想，找出角π6x －π 3的范围，再根据图象求函数的最值． 解析 由题意－π3≤πx 6－π3≤7π 6. 画出y ＝2sin x 的图象如图，知， 当π6x －π3＝－π 3时，y min ＝－ 3. 当π6x －π3＝π 2时，y max ＝2. 故y max ＋y min ＝2－ 3. 答案 A 解后反思 (1)函数y ＝A sin(ωx ＋φ)可看作由函数y ＝A sin t 和t ＝ωx ＋φ构成的复合函数． (2)复合函数的值域即为外层函数的值域，可以通过图象观察得到． 典例2：(5分)(2012·天津)在△ABC 中，∠A ＝90°，AB ＝1，AC ＝2.设点P ，Q 满足AP →＝λAB →， AQ →＝(1－λ)AC →，λ∈R .若BQ →·CP → ＝－2，则λ等于 ( ) A.13 B.23 C.43 D ．2 考点分析 本题考查向量的线性运算，考查向量的数量积和运算求解能力． 解题策略 根据平面向量基本定理，将题中的向量BQ →，CP →分别用向量AB →，AC → 表示出来，再进行数量积计算． 解析 BQ →＝AQ →－AB →＝(1－λ)AC →－AB →， CP →＝AP →－AC →＝λAB →－AC →， BQ →·CP →＝(λ－1)AC →2－λAB → 2＝4(λ－1)－λ＝3λ－4＝－2，即λ＝23. 答案 B 解后反思 (1)利用平面向量基本定理结合向量的线性运算表示向量是向量问题求解的基础； (2)本题在求解过程中利用了方程思想． 方法与技巧 1．研究三角函数的图象、性质一定要化成y ＝A sin(ωx ＋φ)＋B 的形式，然后利用数形结合思想求解． 2．三角函数与向量的综合问题，一般情况下向量知识作为一个载体，可以先通过计算转化为三角函数问题再进行求解． 失误与防范 1．三角函数式的变换要熟练公式，注意角的范围． 2．向量计算时要注意向量夹角的大小，不要混同于直线的夹角或三角形的内角． A 组 专项基础训练 (时间：35分钟，满分：57分) 一、选择题(每小题5分，共20分) 1． (2012·大纲全国)△ABC 中，AB 边的高为CD ，若CB →＝a ，CA → ＝b ，a ·b ＝0，|a |＝1，|b |＝2， 则AD → 等于 ( ) A.13a －1 3b B.23a －2 3b C.35a －3 5b D.45a －45 b 答案 D 解析 利用向量的三角形法则求解． 如图，∵a ·b ＝0，∴a ⊥b ， ∴∠ACB ＝90°， ∴AB ＝AC 2＋BC 2＝ 5. 又CD ⊥AB ，∴AC 2＝AD ·AB ， ∴AD ＝455.∴AD →＝45AB →＝45(a －b )＝45a －45 b . 2． 已知向量a ＝(2，sin x )，b ＝(cos 2x,2cos x )，则函数f (x )＝a·b 的最小正周期是( ) A.π 2 B ．π C ．2π D ．4π 答案 B 解析 f (x )＝2cos 2x ＋2sin x cos x ＝1＋cos 2x ＋sin 2x ＝1＋2sin ????2x ＋π4，T ＝2π2 ＝π. 3． 已知a ，b ，c 为△ABC 的三个内角A ，B ，C 的对边，向量m ＝(3，－1)，n ＝(cos A ， sin A )．若m ⊥n ，且a cos B ＋b cos A ＝c sin C ，则角A ，B 的大小分别为 ( ) A.π6，π3 B.2π3，π6 C.π3，π6 D.π3，π3 答案 C 解析 由m ⊥n 得m·n ＝0，即3cos A －sin A ＝0， 即2cos ??? ?A ＋π 6＝0， ∵π6 3 . 又a cos B ＋b cos A ＝2R sin A cos B ＋2R sin B cos A ＝2R sin(A ＋B )＝2R sin C ＝c ＝c sin C ， 所以sin C ＝1，C ＝π2，所以B ＝π－π3－π2＝π6 . 4． 已知向量OB →＝(2,0)，向量OC →＝(2,2)，向量CA →＝(2cos α，2sin α)，则向量OA →与向量OB → 的夹角的取值范围是 ( ) A.????0，π 4 B.????π4，512π C.????512π，π2 D.????π12，512π 答案 D 解析 由题意，得：OA →＝OC →＋CA → ＝(2＋2cos α，2＋2sin α)，所以 点A 的轨迹是圆(x －2)2＋(y －2)2＝2，如图，当A 位于使向量OA → 与圆相 切时，向量OA →与向量OB → 的夹角分别达到最大、最小值，故选D. 二、填空题(每小题5分，共15分) 5． (2012·北京)在△ABC 中，若a ＝3，b ＝3，∠A ＝π 3 ，则∠C 的大小为________． 答案 π2 解析 利用正弦定理及三角形内角和性质求解． 在△ABC 中，由正弦定理可知 a sin A ＝ b sin B ， 即sin B ＝b sin A a ＝ 3× 323＝12 . 又∵a >b ，∴∠B ＝π 6. ∴∠C ＝π－∠A －∠B ＝π 2 . 6． 在直角坐标系xOy 中，已知点A (－1,2)，B (2cos x ，－2cos 2x )，C (cos x,1)，其中x ∈[0， π]，若AB →⊥OC → ，则x 的值为______． 答案 π2或π3 解析 因为AB →＝(2cos x ＋1，－2cos 2x －2)，OC → ＝(cos x,1)， 所以AB →·OC →＝(2cos x ＋1)cos x ＋(－2cos 2x －2)·1 ＝－2cos 2x ＋cos x ＝0， 可得cos x ＝0或cos x ＝12，所以x 的值为π2或π3 . 7． 已知函数f (x )＝sin x －cos x ，且f ′(x )＝2f (x )，f ′(x )是f (x )的导函数，则1＋sin 2x cos 2x －sin 2x ＝ ________. 答案 －19 5 解析 由题意知，f ′(x )＝cos x ＋sin x ，由f ′(x )＝2f (x )， 得cos x ＋sin x ＝2(sin x －cos x )，得tan x ＝3， 所以1＋sin 2x cos 2x －sin 2x ＝1＋sin 2x cos 2x －2sin x cos x ＝2sin 2x ＋cos 2x cos 2x －2sin x cos x ＝2tan 2x ＋11－2tan x ＝－195. 三、解答题(共22分) 8． (10分)已知A ，B ，C 的坐标分别为A (3,0)，B (0,3)，C (cos α，sin α)，α∈???? π2，3π2. (1)若|AC →|＝|BC → |，求角α的值； (2)若AC →·BC → ＝－1，求2sin 2α＋sin 2α1＋tan α 的值． 解 (1)∵AC →＝(cos α－3，sin α)，BC → ＝(cos α，sin α－3)， ∴AC → 2＝(cos α－3)2＋sin 2α＝10－6cos α， BC → 2＝cos 2α＋(sin α－3)2＝10－6sin α， 由|AC →|＝|BC →|，可得AC →2＝BC →2， 即10－6cos α＝10－6sin α，得sin α＝cos α. 又α∈????π2，3π2，∴α＝5π4. (2)由AC →·BC → ＝－1， 得(cos α－3)cos α＋sin α(sin α－3)＝－1， ∴sin α＋cos α＝2 3 .① 又2sin 2α＋sin 2α1＋tan α ＝2sin 2α＋2sin αcos α1＋ sin αcos α＝2sin αcos α. 由①式两边分别平方，得1＋2sin αcos α＝4 9 ， ∴2sin αcos α＝－59.∴2sin 2 α＋sin 2α1＋tan α ＝－5 9. 9． (12分)设锐角三角形ABC 的内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，a ＝2b sin A . (1)求B 的大小； (2)求cos A ＋sin C 的取值范围． 解 (1)由a ＝2b sin A ， 根据正弦定理得sin A ＝2sin B sin A ， 所以sin B ＝12，由△ABC 为锐角三角形可得B ＝π 6. (2)由(1)可知A ＋C ＝π－B ＝ 5π6，故C ＝5π 6 －A . 故cos A ＋sin C ＝cos A ＋sin ????5π 6－A ＝cos A ＋sin ????π6＋A ＝cos A ＋12cos A ＋3 2sin A ＝32cos A ＋32sin A ＝3????32cos A ＋1 2sin A ＝3sin ??? ?A ＋π 3， 由△ABC 为锐角三角形可得，0 2， 故0<5π6－A <π2，解得π3 又0 . 故2π3 2， 所以 3 2 <3sin ????A ＋π3<32， 即cos A ＋sin C 的取值范围为?? ? ? 32，32. B 组 专项能力提升 (时间：25分钟，满分：43分) 一、选择题(每小题5分，共15分) 1． (2012·江西)已知f (x )＝sin 2????x ＋π4，若a ＝f (lg 5)，b ＝f ??? ?lg 1 5，则 ( ) A ．a ＋b ＝0 B ．a －b ＝0 C ．a ＋b ＝1 D ．a －b ＝1 答案 C 解析 将函数整理，利用奇函数性质求解． 由题意知f (x )＝sin 2??? ?x ＋π4 ＝1－cos ????2x ＋π 22＝1＋sin 2x 2，令g (x )＝1 2sin 2x ， 则g (x )为奇函数，且f (x )＝g (x )＋1 2 ， a ＝f (lg 5)＝g (lg 5)＋1 2 ，b ＝f ????lg 15＝g ????lg 15＋12， 则a ＋b ＝g (lg 5)＋g ????lg 1 5＋1＝g (lg 5)＋g (－lg 5)＋1＝1，故a ＋b ＝1. 2． 已知a ＝??? ?－12，3 2，b ＝(1，3)，则|a ＋t b | (t ∈R )的最小值等于 ( ) A ．1 B.3 2 C.12 D.22 答案 B 解析 方法一 a ＋t b ＝????－12＋t ，3 2＋3t ， ∴|a ＋t b |2＝????－12＋t 2＋????3 2＋3t 2 ＝4t 2＋2t ＋1＝4????t ＋142＋3 4 ， ∴当t ＝－14时，|a ＋t b |2取得最小值3 4， 即|a ＋t b |取得最小值 3 2. 方法二 如图所示，OA →＝a ，OB →＝b ，在OB 上任取一点T ，使得OT → ＝－t b (t <0)，则|a ＋t b |＝|TA → |，显然，当AT ⊥OB 时，取最小值． 由TA →·OB →＝(a ＋t b )·b ＝a·b ＋t b 2＝0， 得t ＝－14，∴当t ＝－14时，|a ＋t b |取得最小值32 . 3． 在△ABC 中，AB →·BC →＝3，△ABC 的面积S △ABC ∈??? ?32，32，则AB →与BC → 夹角的取值范围是 ( ) A.????π4，π3 B.???? π6，π4 C.????π6，π3 D.????π3，π2 答案 B 解析 记AB →与BC →的夹角为θ，AB →·BC →＝|AB →|·|BC →|·cos θ＝3，|AB →|·|BC →|＝3cos θ，S △ABC ＝12|AB →|·|BC → |·sin(π－θ)＝12|AB →|·|BC →|sin θ＝32tan θ，由题意得tan θ∈????33，1，所以θ∈????π6，π4，正确答案为B. 二、填空题(每小题5分，共15分) 4． (2011·安徽)已知函数f (x )＝sin(2x ＋φ)，其中φ为实数．f (x )≤??? ?f ????π6对x ∈R 恒成立，且f ???? π2>f (π)，则f (x )的单调递增区间是__________． 答案 ? ???k π＋π6，k π＋2π 3(k ∈Z ) 解析 由?x ∈R ，有f (x )≤????f ????π6知，当x ＝π6 时f (x )取最值，∴f ????π6＝sin ????π3＋φ＝±1， ∴π3＋φ＝±π 2 ＋2k π(k ∈Z )， ∴φ＝π6＋2k π或φ＝－5π 6＋2k π(k ∈Z )， 又∵f ????π2>f (π)，∴sin(π＋φ)>sin(2π＋φ)， ∴－sin φ>sin φ，∴sin φ<0.∴φ取－5π 6＋2k π(k ∈Z )． 不妨取φ＝－5π 6，则f (x )＝sin ????2x －5π6. 令－π2＋2k π≤2x －5π6≤π 2＋2k π(k ∈Z )， ∴π3＋2k π≤2x ≤4π 3＋2k π(k ∈Z )， ∴π6＋k π≤x ≤2π 3 ＋k π(k ∈Z )． ∴f (x )的单调递增区间为????π6＋k π，2π 3＋k π(k ∈Z )． 5．若0<α<π2，－π 2 <β<0，cos ????π4＋α＝13， cos ????π4－β2＝3 3，则cos ????α＋β2＝________. 答案 5 9 3 解析 ∵0<α<π 2，∴sin ????π4＋α＝232， ∵－π2<β<0，∴sin ????π4－β2＝6 3， 则cos ????α＋β2＝cos[????π4＋α－????π4－β 2] ＝13×33＋232×63＝5 9 3. 6． (2012·山东)如图，在平面直角坐标系xOy 中，一单位圆的圆心的初 始位置在(0,1)，此时圆上一点P 的位置在(0,0)，圆在x 轴上沿正向 滚动．当圆滚动到圆心位于(2,1)时，OP → 的坐标为________． 答案 (2－sin 2,1－cos 2) 解析 利用平面向量的坐标定义、解三角形知识以及数形结合思想求解． 设A (2,0)，B (2,1)，由题意知劣弧P A 长为2，∠ABP ＝2 1＝2. 设P (x ，y )， 则x ＝2－1×cos ????2－π2 ＝2－sin 2， y ＝1＋1×sin ????2－π 2＝1－cos 2， ∴OP → 的坐标为(2－sin 2,1－cos 2)． 三、解答题 7． (13分)已知f (x )＝log a ????sin 2x 2 －sin 4x 2(a >0且a ≠1)，试讨论函数的奇偶性、单调性． 解 f (x )＝log a ????sin 2x 2????1－sin 2x 2 ＝log a 1－cos 2x 8 . 故定义域为cos 2x ≠1，即{x |x ≠k π，k ∈Z }，关于原点对称且满足f (－x )＝f (x )，所以此函数是偶函数． 令t ＝1 8 (1－cos 2x )， 则t 的递增区间为????k π，k π＋π 2(k ∈Z )； 递减区间为??? ?k π－π 2，k π(k ∈Z )． 所以，当a >1时，f (x )的递增区间为????k π，k π＋π2(k ∈Z )；递减区间为????k π－π