高三数学第一次检测
一、选择题(每小题5分,共60分)
1、设A={3123|≤-≤-x x },集合B 为函数)1lg(-=x y 的定义域,则A ?B=( ) A.(1,2) B.[1,2] C.[ 1,2) D.(1,2 ]
2、已知对任意实数x ,有()()f x f x -=-,()()g x g x -=,且0x >时,()0f x '>,()0g x '>,则 0x <时 ( )
A. ()0f x '>,()0g x '>
B. ()0f x '>,()0g x '<
C.()0f x '<,()0g x '>
D. ()0f x '<,()0g x '< 3、下列命题中是真命题的为( )
A .?x ∈R ,x 2
=y 2 D .?x ∈R ,?y ∈R ,x>y 2 4、设曲线1 1x y x +=-在点(32),处的切线与直线10ax y ++=垂直,则a =( ) A .2 B .12 C .12 - D .2- 5、已知p :x -1x ≤0,q :4x +2x -m≤0,若p 是q 的充分条件,则实数m 的取值范围是( ) A .m>2+ 2 B .m≤2+ 2 C .m ≥2 D .m ≥6 6、设a ∈R ,若函数3ax y e x =+,x ∈R 有大于零的极值点,则( ) A .3a >- B .3a <- C .1 3a >- D .1 3a <- 7、已知条件p:x ≤1,条件q: 1 x <1,则p 是?q 成立的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.不充分也不必要条件 8、若关于x 的方程245x x m -+=有四个不同的实数解,则实数m 的取值范围是( ) A . ()2,3 B . []2,3 C . ()1,5 D . []1,5 9、若函数y =a x +b -1(a>0且a ≠1)的图象经过第二、三、四象限,则一定有( ) A .00 B .a>1,且b>0 C .0 D .a>1,且b<0 10、函数f(x)的定义域为R ,f(-1)=2,对任意x ∈R ,f ′(x)>2,则f(x)>2x +4的解集为( ) A .(-1,1) B .(-1,+∞) C .(-∞,-1) D .(-∞,+∞) 11、若函数f(x)=x 3 -12x 在区间(k -1,k +1)上不是单调函数,则实数k 的取值范围是( ) A .k≤-3或-1≤k≤1或k≥3 B .-3 C .-2 D .不存在这样的实数 12、函数f(x)对任意x ∈R ,满足f(x)=f(4-x).如果方程f(x)=0恰有2011个实根,则所有这些实根之和为( ) A .0 B .2011 C .4022 D .8044 二、填空题(每小题4分) 13、若幂函数f(x)的图象经过点A ? ?? ??14,12,则它在A 点处的切线方程为________. 14、设f(x)是定义在R 上的奇函数,且y =f(x)的图象关于直线x =1 2 对称,则f(1)+f(2)+f(3)+f(4) +f(5)=________. 15、若函数f(x)=x 2 +2x +alnx 在(0,1)上单调递减,则实数a 的取值范围是________. 16、关于函数)0(| |1 lg )(2≠+=x x x x f ,有下列命题: ①其图象关于y 轴对称; ②当x >0时,f (x )是增函数;当x <0时,f (x )是减函数; ③f (x )的最小值是lg 2; ④f (x )在区间(-1,0)、(2,+∞)上是增函数; ⑤f (x )无最大值,也无最小值. 其中所有正确结论的序号是 . 17、已知函数f(x)=1- 4 2a x +a (a>0且a≠1)是定义在(-∞,+∞)上的奇函数. (1)求a 的值; (2)求函数f(x)的值域; (3)当x ∈(0,1]时,tf(x)≥2x -2恒成立,求实数t 的取值范围 18、已知集合A ={x ∈R|ax 2 -3x +2=0,a ∈R}.(1)若A 是空集,求a 的取值范围; (2)若A 中只有一个元素,求a 的值,并把这个元素写出来;(3)若A 中至多有一个元素,求a 的取值范围. 19、(本小题满分12分)已函数()f x 是定义在[]1,1-上的奇函数,在[0,1]上 ()()2ln 11x f x x =++- (1)求函数()f x 的解析式;并判断()f x 在[]1,1-上的单调性(不要求证明) (2)解不等式2(21)(1)0f x f x -+-≥. 20、已知命题p :在x ∈[1,2]时,不等式x 2 +ax -2>0恒成立;命题q :函数f(x)=13 log ( ) 2 23x ax a -+是区间[1,+∞)上的减函数.若命题“p ∨q”是真命题,求实数a 的取值范围. 21.已知函数f (x )=1 2 x 2+a ln x . (1)若a =-1,求函数f (x )的极值,并指出是极大值还是极小值; (2)若a =1,求函数f (x )在[1,e]上的最大值和最小值; (3)若a =1,求证:在区间[1,+∞)上,函数f (x )的图像在函数g (x )=2 3x 3的图像的下方. 22、已知f(x)=ax -lnx ,x ∈(0,e],a ∈R. (1)若a =1,求f(x)的极小值; (2)是否存在实数a ,使f(x)的最小值为3. 附加题:1、已知函数f (x )满足f (x )=f ′(1)e x - 1-f (0)x +12 x 2. (1)求f (x )的解析式及单调区间; (2)若f (x )≥1 2x 2+ax +b ,求(a +1)b 的最大值 高三数学第一次检测 DBCDD BBCCB BC 13、4x -4y +1=0 14、0 15、a≤-4 16、①③④ 17、[解析] (1)∵f(x)是定义在(-∞,+∞)上的奇函数,即f(-x)=-f(x)恒成立,∴f(0)=0. 即1- 4 2×a 0 +a =0, 解得a =2. (2)∵y =2x -12x +1,∴2x =1+y 1-y ,由2x >0知1+y 1-y >0, ∴-1 -2即为t·2x -t 2x +1 ≥2x -2. 即:(2x )2 -(t +1)·2x +t -2≤0.设2x =u , ∵x ∈(0,1],∴u ∈(1,2]. ∵u ∈(1,2]时u 2 -(t +1)·u +t -2≤0恒成立. ∴??? 12 -t +1×1+t -2≤022 -t +1×2+t -2≤0 ,解得t≥0. 18、[解析] 集合A 是方程ax 2 -3x +2=0在实数范围内的解组成的集合. (1)A 是空集,即方程ax 2 -3x +2=0无解,得?? ? a≠0, Δ=-32 -8a<0, ∴a>98 , 即实数a 的取值范围是(9 8 ,+∞). (2)当a =0时,方程只有一解,方程的解为x =2 3; 当a≠0时,应有Δ=0, ∴a =98,此时方程有两个相等的实数根,A 中只有一个元素43, ∴当a =0或a =98时,A 中只有一个元素,分别是23和43 . (3)A 中至多有一个元素,包括A 是空集和A 中只有一个元素两种情况,根据(1),(2)的结果,得a =0或a≥9 8, 即a 的取值范围是{a|a =0或a≥9 8 }. 19、解:(1) 设10x -≤≤,则01x ≤-≤ 1 ()2ln(1)1ln(1)12x x f x x x -∴-=+--=+-- 又()f x 是奇函数,所以()()f x f x -=- , ()()f x f x =--=1 ln(1)12 x x ---+ ……3分 …………………………………………………4分 ()f x 是[-1,1]上增函数 ……………………………………………….6分 (2)()f x 是[-1,1]上增函数,由已知得:2 (21)(1)f x f x -≥- …………….7分 等价于2202211 121101111x x x x x x x ≤≤??-≥-?? -≤-≤?≤≤????≤≤-≤-≤?? ………………………………………………...10分 01x ∴≤≤∴不等式的解集为 ]0,1 ……………………………………………… 20、[解析] ∵x ∈[1,2]时,不等式x 2 +ax -2>0恒成立 ∴a>2-x 2 x =2 x -x 在x ∈[1,2]上恒成立 令g(x)=2 x -x ,则g(x)在[1,2]上是减函数,∴g(x)max =g(1)=1, ∴a>1.即若命题p 真,则a>1. 又∵函数f(x)=log 13 (x 2 -2ax +3a)是区间[1,+∞)上的减函数, ∴u(x)=x 2 -2ax +3a 是[1,+∞)上的增函数,且u(x)=x 2 -2ax +3a>0在[1,+∞)上恒成立, ∴a≤1,u(1)>0,∴-1 即若命题q 真,则-1-1. 21、[解析] (1)解 由于函数f (x )的定义域为(0,+∞), 当a =-1时,f ′(x )=x -1x =(x +1)(x -1) x ,[1分] 令f ′(x )=0得x =1或x =-1(舍去),[2分] 当x ∈(0,1)时,f ′(x )<0, 因此函数f (x )在(0,1)上是减少的,[3分] 当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )>0,因此函数f (x )在(1,+∞)上是增加的,[4分] 所以f (x )在x =1处取得极小值为1 2 .[5分] ()1 ln(1)1(10) 2()2ln 11(01) x x x x f x x x ?---+-≤∴=??++-≤≤? (2)解 当a =1时,易知函数f (x )在[1,e]上是增加的,[6分] ∴f (x )min =f (1)=12,f (x )max =f (e)=1 2e 2+1.[7分] (3)证明 设F (x )=f (x )-g (x )=12x 2+ln x -2 3 x 3, 则F ′(x )=x +1x -2x 2=(1-x )(1+x +2x 2 )x ,[9分] 当x >1时,F ′(x )<0, 故f (x )在区间[1,+∞)上是减少的,又F (1)=-1 6<0, ∴在区间[1,+∞)上,F (x )<0恒成立. 即f (x ) 因此,当a =1时,在区间[1,+∞)上,函数f (x )的图像在函数g (x )图像的下方. 22、[解析] (1)∵f(x)=x -lnx ,f ′(x)=1-1x =x -1 x , ∴当0 当1 (2)假设存在实数a ,使f(x)=ax -lnx ,x ∈[0,e]有最小值3,f ′(x)=a -1x =ax -1 x , ①当a≤0时,f(x)在(0,e]上单调递增,f(x)min =f(e)=ae -1=3,a =4 e (舍去),所以,此时f(x) 最小值不为3; ②当0<1a , 满足条件; ③当1a ≥e 时,f(x)在(0,e]上单调递减,f(x)min =f(e)=ae -1=3,a =4 e (舍去),所以,此时f(x) 最小值不为3. 综上,存在实数a =e 2 ,使得当x ∈(0,e]时,f(x)有最小值为3. 附加题:解:(1)∵f (x )=f ′(1)e x - 1-f (0)x +12x 2, ∴f ′(x )=f ′(1)e x - 1-f (0)+x , 令x =1得:f (0)=1, ∴f (x )=f ′(1)e x - 1-x +12x 2, ∴f (0)=f ′(1)e - 1=1, ∴f ′(1)=e 得:f (x )=e x -x +1 2x 2. ∵g (x )=f ′(x )=e x -1+x , g ′(x )=e x +1>0, ∴y =g (x )在x ∈R 上单调递增. 令f ′(x )>0=f ′(0),得x >0,令f ′(x )<0=f ′(0)得x <0, ∴f (x )的解析式为f (x )=e x -x +1 2x 2且单调递增区间为(0,+∞),单调递减区间为(-∞,0). (2)由f (x )≥1 2x 2+ax +b 得 e x -(a +1)x -b ≥0, 令h (x )=e x -(a +1)x -b ,则h ′(x )=e x -(a +1). ①当a +1≤0时,h ′(x )>0?y =h (x )在x ∈R 上单调递增. x →-∞时,h (x )→-∞与h (x )≥0矛盾. ②当a +1>0时,由h ′(x )>0得x >ln(a +1),由h ′(x )<0得x (a +1)b ≤(a +1)2-(a +1)2ln(a +1)(a +1>0). 令F (x )=x 2-x 2ln x (x >0); 则F ′(x )=x (1-2ln x ), 由F ′(x ) >0得0 当x =e 时,F (x )max =e 2,∴当a =e -1,b =e 2时,(a +1)b 的最大值为e 2.