广东省云浮市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷
一、单项选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得3分，选错或不答得0分）
1．（3分）如图所示，在真空中，把一个不带电的带绝缘柄的导体向带负电的球P慢慢靠近，关于导体两端的电荷，下列说法中正确的是（）
A．由于P的带电荷量不变，故导体两端的感应电荷和电荷量保持不变
B．导体两端出现的感应电荷是同种电荷
C．导体两端的感应电荷是异种电荷
D．导体表面的感应电荷均匀分布
2．（3分）电场强度的定义式为E=，点电荷的电场强度公式为E=，下列说法中正确的是（）
A．E=中的电场强度E是由点电荷q产生的
B．E=中的电场强度E是由点电荷Q产生的
C．E=中的F表示单位正电荷的受力
D．E=和E=都只对点电荷适用
3．（3分）磁性水雷是用一个可绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体．当军舰接近磁性水雷时，就会引起水雷的爆炸，其依据是（）A．磁体的吸铁性B．磁极间的相互作用规律
C．电荷间的相互作用规律D．磁场对电流的作用原理
4．（3分）一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，先保持线框的面积不变，将磁感应强度在1s时间内均匀地增大到原来的两倍，接着保持增大后的磁感应强度不变，在1s时间内，再将线框的面积均匀地增大到原来的两倍，在先后两个过程中，线框中感应电动势的比值为（）
A．B．C．D．
5．（3分）已知α粒子的电荷量是质子电荷量的2倍，其质量是质子质量的4倍，一回旋加速器当外加磁场一定时，可把α粒子加速到v，则此回旋加速器能把质子加速到速度为（）A．v B．2v C．0.5v D．4v
6．（3分）图示时用于观察自感现象的电路图，图中线圈的自感系数很大，线圈的直流电阻R L与灯泡的电阻R满足R L＜＜R，则在开关S由闭合到断开的瞬间，可以观察到（）
A．灯泡A立即熄灭
B．灯泡B逐渐熄灭
C．灯泡A有明显的闪亮现象
D．只有在R L＞＞R时，才会看到灯泡A有明显的闪亮现象
7．（3分）如图所示，水平放置的平行板电容器充电后即切断两极板与其他电路的连接，在两极板之间，有一带负电的油滴恰好处于静止状态，若某时刻油滴的电荷量开始减小，为维持该油滴原来的静止状态，应（）
A．给平行板电容器充电，补充电荷量
B．给平行板电容器放电，减小电荷量
C．使两金属板相互靠近些
D．使两金属板相互远离些
8．（3分）如图甲所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架cdeg处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab与金属框架接触良好，在两根导轨的端点d、e之间连接一电阻，其他部分电阻忽略不计．现用一水平向右的外力F作用在金属杆ab上，使金属杆由静止开始向右在框架上滑动，运动中杆ab始终垂直于框架．图乙为一段时间内金属杆受到的安培力F安随时间t的变化关系，则下列图中可以表示外力F随时间t变化关系的图象是（）
A．B．C．D．
二、多项选择题（本大题共6小题，每小题4分，共24分。在每个小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得4分，只选1个且正确的得2分，有选错或不答的得0分）
9．（4分）安培分子电流假说可用来解释（）
A．运动电荷受磁场力作用的原因
B．两通电导体有相互作用的原因
C．永久磁铁具有磁性的原因
D．软铁棒被磁化的现象
10．（4分）停在10层的电梯底板上放置有两块相同的条形磁铁，磁铁的极性如图所示，开始时两块磁铁在电梯底板上处于静止（）
A．若电梯突然向下开动（磁铁与底板始终相互接触），并停在1层，最后两块磁铁可能已碰在一起
B．若电梯突然向下开动（磁铁与底板始终相互接触），并停在1层，最后两块磁铁一定仍在原来位置
C．若电梯突然向上开动，并停在20层，最后两块磁铁可能已碰在一起
D．若电梯突然向上开动，并停在20层，最后两块磁铁一定仍在原来位置
11．（4分）穿过一个电阻为R=1Ω的单匝闭合线圈的磁通量始终每秒钟均匀的减少2Wb，则（）
A．线圈中的感应电动势每秒钟减少2V
B．线圈中的感应电动势是2V
C．线圈中的感应电流每秒钟减少2A
D．线圈中的电流是2A
12．（4分）如图所示，三个质量相同，带电荷量分别为+q，﹣q和0的小液滴a、b、c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，已知两板间电场为匀强电场，则在穿过极板的过程中（）
A．电场力对液滴a、b做的功相同
B．三者动能的增量相同
C．液滴a的电势能的增加量等于液滴b的电势能的减小量
D．液滴穿过电场所用的时间相同
13．（4分）如图所示，螺线管保持不动，已知螺线管中产生了感应电流，且电流流过电阻时方向为A经R到B，则这可能是由于磁铁由图中位置（）
A．正在向下运动B．正在向上运动C．正在向左平移D．静止不动
14．（4分）在如图所示的电路中，R1、R2、R3为固定电阻，R4为可变电阻，电流表和电压表都是理想的，电源的电动势为E，内阻为r．当R4的滑动触片向a点移动时（）
A．电压表的示数变大B．电压表的示数变小
C．电流表的示数变大D．电流表的示数变小
三、非选择题
15．（9分）图示为J0411多用电表示意图，其中A、B、C三个可调节的部件，某同学在实验室中用它测量一阻值约为1kΩ～3kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：
（1）调节可调部件（填相应部件处所标字母），使电表指针指向．
（2）调节选择开关B，使它的尖端指向倍率档．
（3）将红、黑表笔分别插入正、负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件（填相应部件处所标字母），使电表指针指向欧姆零刻度位置．
（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．
（5）若电表的示数如图所示，则该待测电阻的阻值是．
16．（9分）在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，所用电流表和电压表的内阻分别为0.1Ω和1kΩ，图甲和图乙分别为实验原理图及所需的元器件图．
（1）试在图乙中画出连线，将器件按图甲的原理图连接成实验电路．
I（A）0.12 0.20 0.31 0.32 0.50 0.57
U（V） 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05
（2）一位同学记录的6组数据见表，试根据这些数据在图丙中画出U﹣I图线，根据图象读出电池的电动势E=V．根据图象求出电池内阻r=Ω．
17．（8分）如图所示，P、Q两金属板间的距离d=10cm，其中Q板接地，两板间的电势差U=50V，两板间的电场为匀强电场，方向水平向左，两板之间有一点A与P板间距离d1=4cm．（1）求两板间电场强度的大小及A点的电势．
（2）将一正点电荷从A移到极板P，已知点电荷的电荷量q=3×10﹣8C，则在移动点电荷的过程中，电荷的电势能的变化量为多少？
18．（8分）一质量m=0.5kg的金属杆在相距l=3m的水平轨道上与轨道垂直放置，固定住金属杆并在金属感中通以I=4A的恒定电流，如图所示，匀强磁场B垂直于轨道平面，磁感应强度的大小B=0.25T，金属杆与轨道间的动摩擦因数μ=0.2，取重力加速度g=10m/s2，（1）求金属杆受到的安培力F安的大小
（2）解除对金属杆的固定，并由静止释放金属杆，求释放后瞬间金属杆的加速度a的大小．
19．（9分）一质量为m，电荷量为q的带电负电离子自静止开始，经M、N两板间的电场加速后，从A点垂直于磁场边界射入宽度为d的匀强磁场中，该粒子离开磁场时的位置P 偏离入射方向的距离为L，如图所示，已知M、N两板间的电压为U，粒子的重力不计，求（1）带电粒子进入匀强磁场时速度的大小v
（2）匀强磁场的磁感应强度的大小B．
20．（9分）如图所示，两平行线间有匀强磁场，匀强磁场的边界水平且宽度为h，一点足为R的矩形线圈abcd边长ab=L，bc=x，质量为m，线圈的cd边与磁场的上边距离为y，现由静止释放该线圈恰好以恒定速度通过匀强磁场，重力加速度为g
（1）线圈进入磁场时速度的大小v
（2）磁场的磁感应强度B的大小
（3）线圈全部通过磁场所用的时间．
广东省云浮市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得3分，选错或不答得0分）
1．（3分）如图所示，在真空中，把一个不带电的带绝缘柄的导体向带负电的球P慢慢靠近，关于导体两端的电荷，下列说法中正确的是（）
A．由于P的带电荷量不变，故导体两端的感应电荷和电荷量保持不变
B．导体两端出现的感应电荷是同种电荷
C．导体两端的感应电荷是异种电荷
D．导体表面的感应电荷均匀分布
考点：静电场中的导体．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．
解答：解：A、D、由于导体内有大量可以自由移动的电子，当带负电的球P慢慢靠近它时，由于同种电荷相互排斥，导体上靠近P的一端的电子被排斥到远端，从而显出正电荷，远离P的一端带上了等量的负电荷．导体离P球距离越近，电子被排斥得越多，感应电荷越多．故A错误，D错误；
B、C、导体上靠近P的一端的电子被排斥到远端，从而显出正电荷，远离P的一端带上了等量的负电荷．由于导体上的总电量始终是0，所以两端的感应电荷电荷量相等．故B错误，C正确．
故选：C
点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．
2．（3分）电场强度的定义式为E=，点电荷的电场强度公式为E=，下列说法中正确的是（）
A．E=中的电场强度E是由点电荷q产生的
B．E=中的电场强度E是由点电荷Q产生的
C．E=中的F表示单位正电荷的受力
D．E=和E=都只对点电荷适用
考点：点电荷的场强；电场强度．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：公式E=是电场强度的定义式，公式E=是点电荷电场强度的计算式，注意它们
的内涵与外延不同．电场是一种物质，其基本性质是对放入其中的电荷有力的作用．
解答：解：
A、E=是电场强度的定义式，采用比值法定义，适用于任何电场，式中q是试探电荷，故A错误．
B、E=是点电荷电场强度的计算式，Q是产生电场的场源电荷，故B正确．
C、E=，F表示试探电荷的受到电场力，故C错误．
D、只有E=对点电荷适用，故D错误．
故选：B．
点评：对于场强的二大公式关键要理解并掌握其适用条件、各个量准确的含义，要注意比值定义法的含义．
3．（3分）磁性水雷是用一个可绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体．当军舰接近磁性水雷时，就会引起水雷的爆炸，其依据是（）A．磁体的吸铁性B．磁极间的相互作用规律
C．电荷间的相互作用规律D．磁场对电流的作用原理
考点：磁现象和磁场．
分析：磁性水雷中的小磁针静止时，水雷不会爆炸，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，由磁极间的相互作用就会使水雷中的小磁针发生转动，而发生爆炸．
解答：解：磁性水雷中的小磁针静止时，一端指南，一端指北，水雷不会爆炸，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，由磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，就会使水雷中的小磁针发生转动，而触发水雷发生爆炸．故B正确，ACD错误；
故选：B．
点评：本题考查了磁化、地磁场、磁极间的相互作用的知识，是磁现象在军事上的应用．
4．（3分）一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，先保持线框的面积不变，将磁感应强度在1s时间内均匀地增大到原来的两倍，接着保持增大后的磁感应强度不变，
在1s时间内，再将线框的面积均匀地增大到原来的两倍，在先后两个过程中，线框中感应电动势的比值为（）
A．B．C．D．
考点：法拉第电磁感应定律．
专题：电磁感应与电路结合．
分析：由题意可知两种情况下磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可求得感应电动势，即可求得比值．
解答：解：由法拉第电磁感应定律：E=，且△?1=△BS、△?2=B△S
则有E1===，
E2===．
故两过程中感应电动势的大小相等．
线框中感应电动势的比值为1：2；
故选：A．
点评：本题考查法拉第电磁感应定律，注意根据题意求出磁通量的变化量即可求得电动势．
5．（3分）已知α粒子的电荷量是质子电荷量的2倍，其质量是质子质量的4倍，一回旋加速器当外加磁场一定时，可把α粒子加速到v，则此回旋加速器能把质子加速到速度为（）A．v B．2v C．0.5v D．4v
考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．
分析：交流电的周期和粒子做圆周运动的周期相等，粒子在圆周运动的过程中一次一次地经过D形盒缝隙，两盒间的电势差一次一次地反向，粒子就会被一次一次地加速．由牛顿第二定律推导出最大速度的表达式进行讨论即可．
解答：解：根据qvB=m得粒子出D形盒时的速度为：v m=；
可把α粒子加速到v，故有：v=；
当加速质子时，有：v′=；
得：v′=2v
故选：B．
点评：回旋加速器应用了带电粒子在电场中加速、在磁场中偏转（匀速圆周运动）的原理．最大速度与电压无关．
6．（3分）图示时用于观察自感现象的电路图，图中线圈的自感系数很大，线圈的直流电阻R L与灯泡的电阻R满足R L＜＜R，则在开关S由闭合到断开的瞬间，可以观察到（）
A．灯泡A立即熄灭
B．灯泡B逐渐熄灭
C．灯泡A有明显的闪亮现象
D．只有在R L＞＞R时，才会看到灯泡A有明显的闪亮现象
考点：自感现象和自感系数．
分析：当灯泡处于正常发光状态，迅速断开开关S时，灯泡中原来的电流突然减小到零，线圈中电流开始减小，磁通量减小产生感应电动势，产生自感现象
解答：解：断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：L和A组成的回路中的电流会维持不变，其数值就是S断开前L支路中的电流，即大于A灯的电流，所以灯泡A有明显的闪亮现象；
断开开关S的瞬间，B灯立即熄灭；故C正确，ABD错误
故选：C
点评：自感现象是特殊的电磁感应现象，法拉第电磁感应定律和楞次定律同样适用．
7．（3分）如图所示，水平放置的平行板电容器充电后即切断两极板与其他电路的连接，在两极板之间，有一带负电的油滴恰好处于静止状态，若某时刻油滴的电荷量开始减小，为维持该油滴原来的静止状态，应（）
A．给平行板电容器充电，补充电荷量
B．给平行板电容器放电，减小电荷量
C．使两金属板相互靠近些
D．使两金属板相互远离些
考点：带电粒子在混合场中的运动．
专题：带电粒子在复合场中的运动专题．
分析：油滴受重力和电场力处于平衡状态，即mg=qE．某时刻油滴的电荷量开始减小（质量不变），为维持该油滴原来的静止状态，则电场的电场强度必须增大．根据电容器的动态分析，判断E的变化，从而确定能否保持静止．
解答：解：油滴受重力和电场力处于平衡状态，即mg=qE，当电荷量减小时，
A、由U=，而E=，故给平行板电容器充电，补充电荷量会使极板间的电场增强，可以增加电场力．故A正确，B错误；
C、电量减小，根据F=Eq，而E===，故E与两板间距离无关，故仅仅改变距离
不可以增大电场强度，不会维持平衡，故CD错误．
故选：A．
点评：决本题的关键掌握电容器的定义式C=和决定式C=，知道当电量不变时，电容器两极板间的电场强度与两极板间的距离无关．
8．（3分）如图甲所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架cdeg处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab与金属框架接触良好，在两根导轨的端点d、e之间连接一电阻，其他部分电阻忽略不计．现用一水平向右的外力F作用在金属杆ab上，使金属杆由静止开始向右在框架上滑动，运动中杆ab始终垂直于框架．图乙为一段时间内金属杆受到的安培力F安随时间t的变化关系，则下列图中可以表示外力F随时间t变化关系的图象是（）
A．B．C．D．
考点：导体切割磁感线时的感应电动势．
专题：电磁感应与电路结合．
分析：金属杆由静止开始向右在框架上滑动时，水平方向受到外力F和安培力作用，可推导出安培力与速度的关系式，由图分析安培力随时间的变化情况，得到速度与时间的变化情况，根据牛顿第二定律，分析F与时间的关系．
解答：解：金属杆切割磁感线产生感应电动势：E=BLv，
电流：I==，
安培力：F安=BIL=，
由图示F安﹣t图象可知，F安∝t，则：v∝t，
说明导体做匀加速运动，则：v=at，
由牛顿第二定律得：F﹣F安=ma，
解得：F=F安+ma=+ma，
由图示图象可知，ABC错误，D正确；
故选：D．
点评：本题由电磁感应知识和牛顿定律结合，得到F的解析式选择图象，这是常用方法．关键是安培力的分析和计算．
二、多项选择题（本大题共6小题，每小题4分，共24分。在每个小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得4分，只选1个且正确的得2分，有选错或不答的得0分）
9．（4分）安培分子电流假说可用来解释（）
A．运动电荷受磁场力作用的原因
B．两通电导体有相互作用的原因
C．永久磁铁具有磁性的原因
D．软铁棒被磁化的现象
考点：分子电流假说．
分析：安培所提出的“分子电流”的假说．安培认为，在原子、分子或分子团等物质微粒内部，存在着一种环形电流﹣﹣分子电流，分子电流使每个物质微粒都形成一个微小的磁体．未被磁化的物体，分子电流的方向非常紊乱，对外不显磁性；磁化时，分子电流的方向大致相同，于是对外界显示出磁性．
解答：解：
A、这一假说能够说明电可以生磁，故A错；
B、两通电导体有相互作用的原因是通过磁体之间的磁场的作用产生的．故B错误；
C、安培提出的分子环形电流假说，解释了为什么磁体具有磁性，说明了磁现象产生的本质，故C正确；
D、安培认为，在原子、分子或分子团等物质微粒内部，存在着一种环形电流﹣﹣分子电流，分子电流使每个物质微粒都形成一个微小的磁体．未被磁化的物体，分子电流的方向非常紊乱，对外不显磁性；磁化时，分子电流的方向大致相同，于是对外界显出显示出磁性．故D 正确．
故选CD．
点评：分子电流假说属于记忆性的知识点，要求有准确的知道．属于基础题目．
10．（4分）停在10层的电梯底板上放置有两块相同的条形磁铁，磁铁的极性如图所示，开始时两块磁铁在电梯底板上处于静止（）
A．若电梯突然向下开动（磁铁与底板始终相互接触），并停在1层，最后两块磁铁可能已碰在一起
B．若电梯突然向下开动（磁铁与底板始终相互接触），并停在1层，最后两块磁铁一定仍在原来位置
C．若电梯突然向上开动，并停在20层，最后两块磁铁可能已碰在一起
D．若电梯突然向上开动，并停在20层，最后两块磁铁一定仍在原来位置
考点：超重和失重；几种常见的磁场．
分析：开始时两块磁铁在电梯底板上处于静止，说明磁铁间引力不大于最大静摩擦力．电梯突然向下开动时，处于失重状态，磁铁所受的最大静摩擦力减小，可能两块磁铁可能已碰在一起．同样，分析电梯突然向上开动时，两块磁铁是否可能碰在一起．
解答：解：开始时两块磁铁在电梯底板上处于静止，说明磁铁间引力小于等于最大静摩擦力．
A、B若电梯突然向下开动，开始阶段加速度向下，磁铁处于失重状态，对电梯底板的压力减小，所受的最大静摩擦力减小，由于引力，两磁铁可能相对运动而碰在一起．故A正确，B错误．
C、D若电梯突然向上开动，电梯先向上加速，最后向上减速，加速度方向先向上后向下，磁铁最后处于失重状态，对电梯底板的压力减小，所受的最大静摩擦力减小，由于引力，两磁铁可能相对运动而碰在一起．故C正确，D错误．
故选AC
点评：本题考查运用物理知识分析实际问题的能力，要根据电梯的运动情况，分析加速度可能的方向，判断物体对电梯底板压力可能的变化．
11．（4分）穿过一个电阻为R=1Ω的单匝闭合线圈的磁通量始终每秒钟均匀的减少2Wb，则（）
A．线圈中的感应电动势每秒钟减少2V
B．线圈中的感应电动势是2V
C．线圈中的感应电流每秒钟减少2A
D．线圈中的电流是2A
考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．
专题：电磁感应与电路结合．
分析：线圈中磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律知，感应电动势为一定值，根据闭合电路欧姆定律求出感应电流的大小．
解答：解：A、由法拉第电磁感应定律知：E=n=V=2V．故A错误，B正确．
C、根据闭合电路欧姆定律知：I===2A，电流大小不发生变化．故C错误，D正确．故选：BD．
点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=n，以及会运用闭合电路欧姆定律求感应电流．
12．（4分）如图所示，三个质量相同，带电荷量分别为+q，﹣q和0的小液滴a、b、c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，已知两板间电场为匀强电场，则在穿过极板的过程中（）
A．电场力对液滴a、b做的功相同
B．三者动能的增量相同
C．液滴a的电势能的增加量等于液滴b的电势能的减小量
D．液滴穿过电场所用的时间相同
考点：带电粒子在混合场中的运动；电势差与电场强度的关系．
专题：带电粒子在复合场中的运动专题．
分析：根据等时性，比较出a、b液滴的运动时间，从而比较出偏转位移，得知电场力做功情况，电场力做功等于电势能的减小量．重力的功率等于重力与竖直分速度的乘积．
解答：解：A、因为液滴a、b的电荷量大小相等，则液滴所受的电场力大小相等，由静止释放，穿过两板的时间相等，则偏转位移大小相等，电场力做功相等．故A正确．
B、电场力对a、b两液滴做功相等，重力做功相等，则动能的增量相等，对于c液滴，只有重力做功，小于a、b动能的增量．故B错误．
C、对于液滴a和液滴b，电场力均做正功，电势能均减小．故C错误．
D、根据公式P=mgv y，液滴进入电场后竖直方向都做自由落体运动，穿过电场时竖直分速度相等，则穿过电场所用的时间相同．故D正确．
故选：AD．
点评：解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，以及会通过等时性比较偏转位移的大小．
13．（4分）如图所示，螺线管保持不动，已知螺线管中产生了感应电流，且电流流过电阻时方向为A经R到B，则这可能是由于磁铁由图中位置（）
A．正在向下运动B．正在向上运动C．正在向左平移D．静止不动
考点：楞次定律．
分析：当磁铁的运动时，穿过线圈的磁通量变化，由楞次定律判断出感应电流的方向．解答：解：A、由题意可知，当磁铁N极向下运动时，即靠近螺线管，导致穿过的磁通量变大，且磁场方向向下，因此根据楞次定律，则有感应电流的方向为盘旋而上，则流过电流表方向由上向下，故A错误；
B、当磁铁N极向下运动时，即远离螺线管，导致穿过的磁通量变小，且磁场方向向下，因此根据楞次定律，则有感应电流的方向为盘旋而下，则流过电流表方向由上向上．故B正确；
C、当磁铁N极向下运动时，即远离螺线管，导致穿过的磁通量变小，且磁场方向向下，因此根据楞次定律，则有感应电流的方向为盘旋而下，则流过电流表方向由上向上．故C正确；
D、磁铁静止不动时，线圈中没有磁通量的变化，没有感应电流．故D错误．
故选：BC
点评：楞次定律是高中物理的一个重点，也是常考内容，一定要正确、全面理解楞次定律含义，掌握应用楞次定律解题的思路与方法．
14．（4分）在如图所示的电路中，R1、R2、R3为固定电阻，R4为可变电阻，电流表和电压表都是理想的，电源的电动势为E，内阻为r．当R4的滑动触片向a点移动时（）
A．电压表的示数变大B．电压表的示数变小
C．电流表的示数变大D．电流表的示数变小
考点：闭合电路的欧姆定律．
专题：恒定电流专题．
分析：当R4的滑动触点向图中a端移动时，R4变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A和电压表的读数变化．
解答：解：当R4的滑动触点向图中a端移动时，R4变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，U变小．
根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压U并=E﹣I（r+R1+R3）变小，则I变小．
故选：BD．
点评：本题电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”的顺序进行分析．
三、非选择题
15．（9分）图示为J0411多用电表示意图，其中A、B、C三个可调节的部件，某同学在实验室中用它测量一阻值约为1kΩ～3kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：
（1）调节可调部件A（填相应部件处所标字母），使电表指针指向左侧零刻度线．
（2）调节选择开关B，使它的尖端指向×100Ω倍率档．
（3）将红、黑表笔分别插入正、负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件C（填相应部件处所标字母），使电表指针指向欧姆零刻度位置．
（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．
（5）若电表的示数如图所示，则该待测电阻的阻值是2.2kΩ．
考点：用多用电表测电阻．
专题：实验题．
分析：用多用电表测量电阻时，先进行机械校零，需将选择开关旋到殴姆档某一位置，再进行欧姆调零，殴姆调零后，测量电阻读出示数．注意示数是由刻度值与倍率的乘积．
解答：解：（1）实验多用电表前首先要进行机械调零，调节可调部件A，使电表指针停在表盘左边的零刻度线位置；
（2）测阻值为1kΩ～3kΩ的电阻，为使指针指在中央刻度附近，应选择开关B，使它的尖端指向×100Ω倍率档．
（3）选档后要进行欧姆调零，将红、黑表笔分别插入“+”、“﹣”插孔，笔尖相互接触，调节可调部件C，使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置．
（5）由图示可知，该待测电阻阻值为：22×100Ω=2200Ω=2.2kΩ．
故答案为：（1）A；左侧零刻度线；（2）×100Ω；（3）C；（5）2.2kΩ．
点评：本题考查了欧姆表的使用，使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．
16．（9分）在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，所用电流表和电压表的内阻分别为0.1Ω和1kΩ，图甲和图乙分别为实验原理图及所需的元器件图．
（1）试在图乙中画出连线，将器件按图甲的原理图连接成实验电路．
I（A）0.12 0.20 0.31 0.32 0.50 0.57
U（V） 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05
（2）一位同学记录的6组数据见表，试根据这些数据在图丙中画出U﹣I图线，根据图象读出电池的电动势E=1.45V．根据图象求出电池内阻r=0.69Ω．
考点：测定电源的电动势和内阻．
专题：实验题．
分析：（1）根据电路图连接实物电路图；
（2）应用描点法作出图象，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．
解答：解：（1）根据电路图连接实物电路图如图所示：
（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象，图象如图所示：
由图象图象可知，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值为1.45，则电源电动势E=1.45V，
电源内阻r===0.69Ω．
故答案为：（1）电路图如图所示；（2）图象如图所示；1.45；0.69．
点评：本题考查了作图象、求电源电动势与内阻，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．
17．（8分）如图所示，P、Q两金属板间的距离d=10cm，其中Q板接地，两板间的电势差U=50V，两板间的电场为匀强电场，方向水平向左，两板之间有一点A与P板间距离d1=4cm．（1）求两板间电场强度的大小及A点的电势．
（2）将一正点电荷从A移到极板P，已知点电荷的电荷量q=3×10﹣8C，则在移动点电荷的过程中，电荷的电势能的变化量为多少？
考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：根据匀强电场的电场强度公式，结合电势差和两极板间的距离求出电场强度的大小，以及求出A与Q间的电势差，得出A点的电势．
根据电场力做功求出电荷电势能的变化量．
解答：解：（1）两板间的电场强度E=．
Q与A点的电势差U QA=E（d﹣d1）=500×0.06V=30V，
因为Q点的电势为零，则A点的电势φA=﹣30V．
（2）AP间的电势差U AP=Ed1=500×0.04V=20V，
J，则电荷的电势能减小6×10﹣7J．
答：（1）两板间的电场强度为500V/m，A点的电势为﹣30V．
（2）电荷的电势能减小了6×10﹣7J．
点评：解决本题的关键掌握电势差与电场强度的关系，以及电场力做功与电势差的关系，在运用W=qU计算时，q的正负、U的正负、W的正负均要代入计算．
18．（8分）一质量m=0.5kg的金属杆在相距l=3m的水平轨道上与轨道垂直放置，固定住金属杆并在金属感中通以I=4A的恒定电流，如图所示，匀强磁场B垂直于轨道平面，磁感应强度的大小B=0.25T，金属杆与轨道间的动摩擦因数μ=0.2，取重力加速度g=10m/s2，（1）求金属杆受到的安培力F安的大小
（2）解除对金属杆的固定，并由静止释放金属杆，求释放后瞬间金属杆的加速度a的大小．
考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；安培力．
专题：电磁感应与电路结合．
分析：（1）由安培力公式可以求出安培力．
（2）由牛顿第二定律可以求出加速度．
解答：解：（1）金属杆受到的安培力：
F安=BIL=0.25×4×3=3N；
（2）由牛顿第二定律得：F安﹣μmg=ma，
加速度：a=﹣μg=﹣0.2×10=4m/s2；
答：（1）金属杆受到的安培力F安的大小为3N．
（2）解除对金属杆的固定，并由静止释放金属杆，释放后瞬间金属杆的加速度a的大小为4m/s2．
点评：本题考查了求安培力、加速度，应用安培力公式与牛顿第二定律即可正确解题．
19．（9分）一质量为m，电荷量为q的带电负电离子自静止开始，经M、N两板间的电场加速后，从A点垂直于磁场边界射入宽度为d的匀强磁场中，该粒子离开磁场时的位置P 偏离入射方向的距离为L，如图所示，已知M、N两板间的电压为U，粒子的重力不计，求（1）带电粒子进入匀强磁场时速度的大小v
（2）匀强磁场的磁感应强度的大小B．
考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．
专题：带电粒子在复合场中的运动专题．
分析：（1）粒子在电场中加速，由动能定理可以求出粒子进入磁场时的速度．
（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出磁感应强度．
解答：解：（1）设粒子在M、N两板间经电场加速后获得的速度为v，
由动能定理得：qU=mv2﹣0 ①，
解得：v=；
（2）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示，设其半径为r，
由牛顿第二定律得：qvB=m②，
由几何关系得：r2=（r﹣L）2+d2 ③，
由①②③解得：B=；
答：（1）电子进入磁场时的速度为；
（2）匀强磁场的磁感应强度为．
点评：电子垂直于磁场方向射入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；由几何知识求出电子轨道半径是求出磁感应强度的关键．
20．（9分）如图所示，两平行线间有匀强磁场，匀强磁场的边界水平且宽度为h，一点足为R的矩形线圈abcd边长ab=L，bc=x，质量为m，线圈的cd边与磁场的上边距离为y，现由静止释放该线圈恰好以恒定速度通过匀强磁场，重力加速度为g
（1）线圈进入磁场时速度的大小v
（2）磁场的磁感应强度B的大小
（3）线圈全部通过磁场所用的时间．
考点：导体切割磁感线时的感应电动势．
专题：电磁感应与电路结合．
分析：（1）由自由落体运动的速度位移公式可以求出速度；
（2）线圈进入磁场区域后做匀速直线运动，推导出安培力表达式，由法拉第电磁感应定律、欧姆定律和安培力，加上平衡条件即可求解磁感应强度B的大小；
（3）线圈匀速直线运动，由位移时间公式求出时间．
解答：解：（1）线框做自由落体运动，
由速度位移公式得：v2=2gh，
解得：v=；
（2）设线圈通过磁场时，线圈产生的感应电动势为：E=BLv，
感应电流为：I=
所受的安培力为：F=BIL
联立得：F=
由于线圈匀速运动，重力与所受的安培力平衡，则有：
mg=F
联立解得：B=
（3）线圈以恒定速度通过匀强磁场，所以线圈全部通过磁场所用的时间为：t==
答：（1）线圈进入磁场时速度的大小v为；
（2）磁场的磁感应强度B的大小为
（3）线圈全部通过磁场所用的时间为．
点评：本题考查了求速度，分析清楚线框的运动过程是正确解题的前提与关键，应用自由落体运动规律、E=BLv、欧姆定律，即可正确解题．